電磁感應(yīng)（20）

1、內(nèi)裝訂線學(xué)校:_姓名：_班級：_考號：_外裝訂線絕密啟用前2018-2019學(xué)年度?學(xué)校8月月考卷試卷副標題考試范圍：xxx；考試時間：100分鐘；命題人：xxx注意事項：1答題前填寫好自己的姓名、班級、考號等信息2請將答案正確填寫在答題卡上第I卷（選擇題）請點擊修改第I卷的文字說明一、多選題1如圖所示，將一根絕緣硬金屬導(dǎo)線彎曲成一個完整的正弦曲線形狀，電阻為R，它通過兩個小金屬環(huán)與電阻不計的長直金屬桿導(dǎo)通，圖中a、b間距離為L，導(dǎo)線組成的正弦圖形頂部或底部到桿的距離都是d，右邊虛線范圍內(nèi)存在磁感應(yīng)強度大小為B、方向垂直于彎曲導(dǎo)線所在平面向里的勻強磁場，磁場區(qū)域的寬度為3L4，現(xiàn)在外力作用下導(dǎo)

2、線沿桿以恒定的速度v向右運動，t=0時刻a環(huán)剛從O點進入磁場區(qū)域，則下列說法正確的是（ ） A t=L2v時刻，回路中的感應(yīng)電動勢為BdvB t=L2v時刻，回路中的感應(yīng)電流第一次開始改變方向C t=3L4v時刻，回路中的感應(yīng)電動勢為2BdvD 從t=0到t=L2v時間內(nèi)，流過導(dǎo)線橫截面的電量為q=BdLR【答案】BD【解析】A、導(dǎo)線切割磁感線產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢:E=BLv ,其中l(wèi)指的是有效長度,在本題中l(wèi)指的是縱坐標大小，當t=L2v時刻時,導(dǎo)線切割磁感線的有效長度為零,所以感應(yīng)電動勢為0,此時電流的方向要發(fā)生改變，故A錯誤;B正確；C、當t=3L4v, 電路中的有效切割長度l=d 所以感應(yīng)

3、電動勢E=Bdv ,故C錯誤;D、從t=0到t=L2v時間內(nèi)，流過導(dǎo)線橫截面的電量為q=It=ERt=tRt=R=BdLR 故D正確；綜上所述本題答案是：BD2如圖所示，一個粗細均勻的圓形合金框架，直徑為d，電阻為R。勻強磁場的磁感應(yīng)強度為B，方向垂直框面向里，長為d，電阻為239R 的均勻金屬棒AB與合金框架接觸良好，AB與MO垂直且AB中點與M點相交?，F(xiàn)用外力使棒以恒定速度v，沿垂直于半徑OM的方向從M滑向圓心O，當金屬棒滑過d4時( )A CD兩端的電壓為BdvB AB段左側(cè)與右側(cè)合金框架的電功率之比為2：1C CD棒中的電流為93Bdv10RD AB棒所受的安培力為93B2d2v20R

4、【答案】BC【解析】由題可知，圓的半徑為d2，當AB棒滑過d4時設(shè)其有效長度為l，如圖所示：由幾何關(guān)系得：l2=d22d42，解得：l=3d2，因AB棒的長度為d，電阻為R，則此時CD段的有效電阻為R=3d2d23R9=13R，因CD段切割磁感線產(chǎn)生電動勢，故CD段即為等效電源，其電源電動勢為E=Blv=3Bdv2，內(nèi)阻為R=13R，由圖可知圓環(huán)被分成左、右兩部分，且兩部分是并聯(lián)的，由幾何關(guān)系得：cosNOD=d4d2=12，故NOD=60，則COD=2NOD=120，故圓環(huán)左邊的電阻R1=120360R=13R，則圓環(huán)右邊的電阻R2=RR1=23R，則外電路的并聯(lián)總電阻為R=R1R2R1+R

5、2=29R，根據(jù)閉合電路歐姆定律得：干路中的電流I=ER+R=32Bdv13R+29R=93Bdv10R，此時CD兩端的電壓為路端電壓，則有UCD=IR=93Bdv10R29R=3Bdv5，則AB受的安培力為F=BIl=B93Bdv10R32d=27B2d2v20R，因圓環(huán)左、右兩部分是并聯(lián)的，則電壓相等為UCD，根據(jù)P=UCD2R可知，則有：P1:P2=1R1:1R2=2:1，故AD錯誤，BC正確.故選BC.3如圖所示，光滑且足夠長的金屬導(dǎo)軌MN、PQ平行地固定在同一水平面上，兩導(dǎo)軌間距L=0.20m，兩導(dǎo)軌的左端之間連接的電阻R=0.40，導(dǎo)軌上停放一質(zhì)量m=0.10kg的金屬桿ab，位于

6、兩導(dǎo)軌之間的金屬桿的電阻r=0.10，導(dǎo)軌的電阻可忽略不計整個裝置處于磁感應(yīng)強度B=0.50T的勻強磁場中，磁場方向豎直向下現(xiàn)用一水平外力F水平向右拉金屬桿，使之由靜止開始運動，在整個運動過程中金屬桿始終與導(dǎo)軌垂直并接觸良好，若理想電壓表的示數(shù)U隨時間t變化的關(guān)系如圖乙所示求金屬桿開始運動經(jīng)t=5.0s時，A 通過金屬桿的感應(yīng)電流的大小為1A，方向由b指向aB 金屬桿的速率為4m/sC 外力F的瞬時功率為1WD 05.0s內(nèi)通過R的電荷量為5C【答案】AC【解析】A、導(dǎo)體棒向右切割磁感線，由右手定則知電流方向為b指向a，金屬桿開始運動經(jīng)t=5.0s，由圖像可知電壓為0.4V，根據(jù)閉合電路歐姆定

7、律得I=UR=0.40.4=1A ,故A正確；B、根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律知E=BLv ，根據(jù)電路結(jié)構(gòu)可知：U=RR+rE ,解得v=5m/s ，故B錯誤；C、根據(jù)電路知U=RR+rBLv=0.08v=0.08at ，結(jié)合U-t圖像知導(dǎo)體棒做勻加速運動，加速度為a=1m/s2 根據(jù)牛頓第二定律,在5s末時對金屬桿有:FBIL=ma 解得;F=0.2N ,此時F的瞬時功率P=Fv=0.25=1W故C對；D、05.0s內(nèi)通過R的電荷量為q=It=ER+rt=t(R+r)t=R+r=B12at2R+r=12.5C ，故D錯誤；綜上所述本題答案是：AC4先后以速度和勻速地把同一線圈從同一磁場中的同一位置

8、拉出有界的勻強磁場的過程中，如圖所示那么，在先后兩種情況下，以下說法正確的是（ ）A 線圈中感應(yīng)電流的大小之比為B 通過線圈橫截面的電量之比為C 沿運動方向作用在線圈上的外力做功之比為D 沿運動方向作用在線圈上的外力的功率之比為【答案】ABC【解析】根據(jù)，得感應(yīng)電流，可以知道感應(yīng)電流，所以感應(yīng)電流之比， ，所以A正確的；依據(jù)電荷量公式，兩次的磁通量一樣，則通過線圈橫截面的電量之比為1:1，故B正確勻速運動時，作用在線圈上的外力大小等于安培力大小， ，可以知道，則知： ，所以C正確外力功率，則得： ，故D錯誤故選ABC點睛：解決本題的關(guān)鍵是掌握電磁感應(yīng)的基本規(guī)律，采用比例法，用相同的物理量表示所

9、求量，再求比例，是常用的方法5一勻強磁場，磁場方向垂直紙面，規(guī)定向里的方向為正，在磁場中有一細金屬圓環(huán)，線圈平面位于紙面內(nèi)，如圖所示現(xiàn)令磁感應(yīng)強度隨時間變化，先按圖中所示的圖線變化，后來又按圖線和變化，令， ， 分別表示這三段變化過程中感應(yīng)電動勢的大小， ， ， 分別表示對應(yīng)的感應(yīng)電流，則（ ） A ， 沿逆時針方向， 沿順時針方向B ， 沿逆時針方向， 沿順時針方向C ， 沿順時針方向， 沿逆時針方向D ， 沿順時針方向， 沿順時針方向【答案】BD【解析】試題分析：由法拉第電磁感應(yīng)定律可得出三者感應(yīng)電動勢的大小關(guān)系；由楞次定律可得出三段過程中電流的方向由法拉第電磁感應(yīng)定律可知，由圖知應(yīng)有第段

10、中磁通量的變化率較小，而、兩段中磁通量的變化率相同，故有，由楞次定律可判斷出沿逆時針方向， 與均沿順時針方向，故AC錯誤，BD正確6如圖所示，先后以速度和勻速把一矩形線圈拉出有界的勻強磁場區(qū)域， ，在先后兩種情況下錯誤的是（ ）A 線圈中的感應(yīng)電流之比B 作用在線圈上的外力大小之比C 線圈中產(chǎn)生的焦耳熱之比D 通過線圈某截面的電荷量之比【答案】AD【解析】A ，根據(jù)，知感應(yīng)電動勢之比，感應(yīng)電流，則感應(yīng)電流之比為，故A錯誤；B安培力： ，線圈勻速運動，處于平衡狀態(tài)，由平衡條件得： ， ，則，故B正確；C根據(jù)焦耳定律可得， ，線圈中產(chǎn)生的焦耳熱之比，故C正確；D電荷量： ，與速度無關(guān)，可知通過某截

11、面的電荷量之比為，故D錯誤；錯誤的是故選AD?！军c睛】根據(jù)E=BLv，求出線圈中的感應(yīng)電動勢之比，再求出感應(yīng)電流之比根據(jù) ，求出線圈中產(chǎn)生的焦耳熱之比根據(jù)q=It，求出通過線圈某截面的電荷量之比。7如圖、都是很輕的鋁環(huán)，環(huán)是閉合的，環(huán)是不閉合的， 、環(huán)都固定在一根可以繞點自由轉(zhuǎn)動的水平細桿上，此時整個裝置靜止，下列說法中正確的是（ ）A 使條形磁鐵極垂直環(huán)靠近、靠近磁鐵B 使條形磁鐵極垂直環(huán)遠離、靠近磁鐵C 使條形磁鐵極垂直環(huán)靠近、靠近磁鐵D 使條形磁鐵極垂直環(huán)靠近、將不動【答案】BD【解析】A當條形磁鐵極垂直環(huán)靠近時，穿過環(huán)的磁通量增加， 環(huán)閉合產(chǎn)生感應(yīng)電流，磁鐵對環(huán)產(chǎn)生安培力阻礙兩者相對運

12、動， 環(huán)將遠離磁鐵，故A錯誤；B使條形磁鐵極垂直環(huán)遠離時，穿過環(huán)磁通量減小， 環(huán)閉合產(chǎn)生感應(yīng)電流，磁鐵對環(huán)產(chǎn)生安培力阻礙兩者相對運動， 向著磁鐵運動，故B正確； CD當條形磁鐵極垂直環(huán)靠近時， 環(huán)中不產(chǎn)生感應(yīng)電流，磁鐵對環(huán)沒有安培力作用， 環(huán)將靜止不動，故C錯，D正確；故選BD?！军c睛】當條形磁鐵N極垂直a環(huán)靠近a時，穿過a環(huán)的磁通量增加，a環(huán)閉合產(chǎn)生感應(yīng)電流，根據(jù)楞次定律判斷a環(huán)的運動情況，當條形磁鐵N極垂直b環(huán)靠近b時，b環(huán)不閉合，不產(chǎn)生感應(yīng)電流，根據(jù)有無安培力判斷b環(huán)的運動情況。8兩條平行虛線間存在一勻強磁場，磁感應(yīng)強度方向與紙面垂直。邊長為0.1 m、總電阻為0.01的正方形導(dǎo)線框ab

13、cd位于紙面內(nèi)，cd邊與磁場邊界平行，如圖（a）所示。已知導(dǎo)線框一直向右做勻速直線運動，cd邊于t=0時刻進入磁場。線框中感應(yīng)電動勢隨時間變化的圖線如圖（b）所示（感應(yīng)電流的方向為逆時針時，感應(yīng)電動勢取正）。下列說法正確的是（ ）A 磁感應(yīng)強度的方向垂直于紙面向外B 磁感應(yīng)強度的大小為0.2 TC 導(dǎo)線框運動的速度的大小為0.5m/sD 在0.6 s內(nèi)線圈發(fā)熱為0.004J【答案】BCD【解析】A、根據(jù)楞次定律可知，磁感應(yīng)強度的方向垂直于紙面向里，選項A錯誤；B、E=0.01V，根據(jù)E=BLv可知，B=0.2T，選項B正確；C、由E-t圖像可知，線框經(jīng)過0.2s全部進入磁場，則速度v=lt=0

14、.10.2=0.5m/s ，選項C正確；D、在0-0.4 s和0.4 s-0.6 s時間內(nèi)，導(dǎo)線框中的感應(yīng)電流I=E/R=1A ,Q=I2Rt,t=0.4s,可知：Q=0.004J，選項D正確.故選BCD9如圖,是磁電式轉(zhuǎn)速傳感器的結(jié)構(gòu)簡圖。該裝置主要由測量齒輪、軟鐵、水久磁鐵、線線圈等原件組成。測量齒輪為磁性材料,等距離地安裝在被測旋轉(zhuǎn)體的一個四周上(圓心在旋轉(zhuǎn)體的軸線上),齒輪轉(zhuǎn)動時線圖內(nèi)就會產(chǎn)生感應(yīng)電流。設(shè)感應(yīng)電流的變化頻率為f,測量齒輪的齒數(shù)為N,旋轉(zhuǎn)體轉(zhuǎn)速為n0。則 A f=nNB f=NnC 線圈中的感應(yīng)電流方向不會變化D 旋轉(zhuǎn)體轉(zhuǎn)速越高線圈中的感應(yīng)電流越強【答案】AD【解析】測量

15、齒輪的齒數(shù)為N，旋轉(zhuǎn)體轉(zhuǎn)速為n，則每秒內(nèi)齒輪與線圈相互靠近和遠離的次數(shù)為nN，即感應(yīng)電流的頻率為f=nN，選項A正確，B錯誤；當齒輪與線圈相互靠近和遠離的時候，在線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電流的方向要變化，選項C錯誤；旋轉(zhuǎn)體轉(zhuǎn)速越高，穿過線圈的磁通量的變化率越大，則線圈中的感應(yīng)電流越強，選項D正確；故選AD.10如圖是磁電式轉(zhuǎn)速傳感器的結(jié)構(gòu)簡圖。該裝置主要由測量齒輪、軟鐵、永久磁鐵、線圈等原件組成。測量齒輪為磁性材料等距離地安裝在被測旋轉(zhuǎn)體的一個圓周上（圓心在旋轉(zhuǎn)體的軸線上），齒輪轉(zhuǎn)動時線圈內(nèi)就會產(chǎn)生感應(yīng)電流。設(shè)感應(yīng)電流的變化頻率為f測量齒輪的齒數(shù)為N，旋轉(zhuǎn)體轉(zhuǎn)速為n，則A fnNB fNnC 線圈中的

16、感應(yīng)電流方向不會變化D 旋轉(zhuǎn)體轉(zhuǎn)速越高線圈中的感應(yīng)電流越強【答案】AD【解析】AB：旋轉(zhuǎn)體轉(zhuǎn)一圈，測量齒輪靠近和遠離線圈N次，線圈中的感應(yīng)電流變化N次。旋轉(zhuǎn)體的轉(zhuǎn)速為n，感應(yīng)電流的變化頻率為f，則f=nN。故A項正確，B項錯誤。C：測量齒輪靠近和遠離線圈時，線圈中磁通量的變化相反，產(chǎn)生的感應(yīng)電流方向相反。故C項錯誤。D：旋轉(zhuǎn)體轉(zhuǎn)速越高，測量齒輪靠近和遠離線圈越快，線圈中磁通量的變化越快，線圈中感應(yīng)電動勢越大，線圈中的感應(yīng)電流越強。故D項正確。綜上答案為AD。11如圖所示，空間內(nèi)存在豎直方向的磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場。電阻可忽略不計的金屬框架ABCD固定在水平面內(nèi)，AB與CD平行且足夠長。一根粗

17、細均勻的光滑導(dǎo)體棒EF垂直于CD放置，在外力F的作用下以垂直于自身的速度v向右勻速運動。若以導(dǎo)體棒經(jīng)過C點時為計時起點，則電路中的電流大小I、消耗的電功率P、外力F、導(dǎo)體棒EF兩點間的電勢差U隨時間t的變化規(guī)律圖像中正確的是A B C D 【答案】BC【解析】設(shè)金屬棒的速度為v，則運動過程中有效切割長度為：L=vttan；設(shè)金屬棒橫截面積為S，電阻率為，則回路中電阻為：R=vttanS所以回路中的電流為：I=BLvR=BvS，為定值故A錯誤；勻速運動時外力和安培力平衡，則F=FA=BIL=BIvttan；當MN在兩個導(dǎo)軌之間的距離不變時，拉力F=BIL為定值，故B正確；導(dǎo)體棒在到達B之前消耗的

18、電功率為P=I2R=I2vtanSt，進入BA段以后電阻和電流均不變，電功率不變，故C正確；導(dǎo)體棒MN兩點間的電勢差是路端電壓，路端電壓始終為零，故D錯誤故選BC點睛：對于圖象問題，關(guān)鍵是能夠根據(jù)已知的公式、定律等推導(dǎo)出橫坐標和縱坐標的關(guān)系式，分析斜率的變化，然后作出正確的判斷12如圖甲所示，光滑且足夠長的平行軌道CD、MN固定在同一水平面上。兩導(dǎo)軌間距為0.2m,電阻R=0.40.導(dǎo)體棒ab質(zhì)量為0.1kg,電阻為0.1，停放在圖示位置，導(dǎo)體電阻不計，整個裝置處于磁感應(yīng)強度大小為0.5T,方向豎直向下的勻強磁場中。現(xiàn)用外力F沿著水平方向拉導(dǎo)體棒ab,使之由靜止開始運動。理想電壓表的示數(shù)U隨時

19、間1的變化關(guān)系如圖乙所示。則A 導(dǎo)體棒先加速運動，后勻速運動B 導(dǎo)體棒一直做勻加速直線運動C 第2s末導(dǎo)體棒的速度為10m/sD 第2s末外力的瞬時功率為7W【答案】BCD【解析】AB、根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律知E=BLv ，根據(jù)電路結(jié)構(gòu)可知：U=RR+rBLv=0.08v=0.08at，結(jié)合圖像知導(dǎo)體棒一直做勻加速運動，加速度為a=5m/s2 故A錯，B對C、由運動學(xué)公式知：第2s末導(dǎo)體棒的速度為v=at=52=10m/s ，故C正確；D、結(jié)合圖像知第2s末的電流為I=ER+r=BLvR+r=2A ,根據(jù)牛頓第二定律,在2s末時對金屬桿有:FBIL=ma 解得F=0.7N ，所以外力的功率為P

20、=Fv=0.710=7W ，故D正確；綜上所述本題答案是：BCD點睛：先寫出電動勢的表達式,再根據(jù)U-t的圖象,寫出速度隨時間的變化關(guān)系;通過速度隨時間的變化關(guān)系和加速度的定義,求出加速度;根據(jù)瞬時功率的表達式,求出第5秒末外力F的功率.13如圖兩根足夠長光滑平行金屬導(dǎo)軌PP、QQ傾斜放置，勻強磁場垂直于導(dǎo)軌平面向上，導(dǎo)軌的上端與水平放置的兩金屬板M、N相連，板間距離足夠大，板間有一帶電微粒，金屬棒ab水平跨放在導(dǎo)軌上，下滑過程中與導(dǎo)軌接觸良好?，F(xiàn)在同時由靜止釋放帶電微粒和金屬棒ab，則()A 金屬棒ab一直加速下滑B 金屬棒ab最終可能勻速下滑C 金屬棒ab下滑過程中M板電勢高于N板電勢D

21、帶電微?？赡芟认騈板運動后向M板運動【答案】ACD【解析】根據(jù)牛頓第二定律有mgsinBIl=ma，而I=qt，q=CU，U=Blv，v=at，聯(lián)立解得a=mgsinm+B2l2C，因而金屬棒將做勻加速運動，選項A正確B錯誤；ab棒切割磁感線，相當于電源，a端相當于電源正極，因而M板帶正電，N板帶負電，C正確；若帶電粒子帶負電，在重力和電場力的作用下，先向下運動然后再反向向上運動，D正確1419世紀科學(xué)家對電與磁的研究使人類文明前進了一大步，法拉第就是這一時期的一位代表人物下列關(guān)于法拉第研究成就的說法正確的是()A 首先發(fā)現(xiàn)了電流周圍存在磁場，揭開了電與磁聯(lián)系研究的序幕B 揭示了電磁感應(yīng)現(xiàn)象的

22、條件和本質(zhì)，開辟了人類獲取電能的新方向C 明確了制造發(fā)電機的科學(xué)依據(jù)，使電能在生產(chǎn)生活中大規(guī)模應(yīng)用成為可能D 找到了判斷通電電流周圍磁場方向的方法，為建立統(tǒng)一的電磁場理論奠定了基礎(chǔ)【答案】BC【解析】奧斯特的實驗表明，電流周圍存在磁場，但還沒有意識到電跟磁之間的緊密聯(lián)系，故A錯誤；法拉第通過艱苦研究，最終找到了如何讓磁生電，故B正確；通過法拉第的磁生電的研究，制造出發(fā)電機，使電能在生活中大規(guī)模應(yīng)用，故C正確；建立統(tǒng)一的電磁場理論是麥克斯韋的貢獻，故D錯誤。所以BC正確，AD錯誤。15如圖所示，用恒力F將閉合線圈自靜止開始（不計摩擦）從圖示位置向左加速拉出有界勻強磁場，則在此過程中（ ）A 線圈

23、向左做勻加速直線運動B 線圈向左運動且速度逐漸增大C 線圈向左運動且加速度逐漸減小D 線圈中感應(yīng)電流逐漸減小【答案】BC【解析】本題的關(guān)鍵是首先根據(jù)右手定則或楞次定律判定ab邊產(chǎn)生電動勢的方向并寫出電動勢大小，再根據(jù)左手定則判定ab邊產(chǎn)生安培力的方向并寫出安培力大小，然后根據(jù)牛頓第二定律寫出線圈產(chǎn)生加速度的表達式，再討論即可。線圈向左運動時，ab邊做切割磁感線運動產(chǎn)生電動勢，根據(jù)右手定則可知ab產(chǎn)生的電動勢方向從a向b，電動勢的大小為 ，通過ab的電流為 ，由左手定則可知ab邊受到的安培力方向向右，大小為，根據(jù)牛頓第二定律應(yīng)有，可得 。可知，線圈做加速度減小的加速運動，所以A錯誤BC正確；線圈

24、加速運動，產(chǎn)生的感應(yīng)電流應(yīng)逐漸增大，所以D錯誤。16如圖，邊長為1的正方形閉合線框，自由釋放后穿越一勻強磁場區(qū)域而落地，已知磁場高度大于線框邊長，且線框是減速進入磁場的。不計空氣阻力，則有關(guān)線框進磁場和出磁場的情況應(yīng)是A 進入磁場時線框加速度的大小肯定小于gB 線框不可能勻速出磁場C 線框剛出磁場時一定減速運動D 線框出磁場時勻速、加速、減速都有可能【答案】C【解析】線圈進入磁場后，受到向上的安培力和向下的重力而做減速運動，則安培力大于重力，即F安-mg=ma可知加速度a的大小可能等于或者大于g，選項A錯誤；線圈完全進入磁場后只受重力作用而做勻加速運動，則當線圈下邊剛離開磁場時，速度增大，安培

25、力變大且仍然大于重力，則此時線圈仍然減速出離磁場，在減速的過程中，可能隨著安培力的減小，使得安培力等于重力，此時線圈達到勻速狀態(tài)，即線圈勻速離開磁場；也可能安培力仍然大于重力，線圈仍做減速運動離開磁場，故選C.點睛：該題考查了電磁感應(yīng)中的動力學(xué)問題要注重運動過程和受力分析，分析時要抓住安培力大小與線圈速度大小成正比的特點17A、B兩圓環(huán)置于同一水平面上，其中A 均勻帶電，B 為導(dǎo)體環(huán)。當A按如圖所示的方向繞中心轉(zhuǎn)動過程中，B環(huán)產(chǎn)生了如圖所示方向的感應(yīng)電流，則A A可能帶正電且轉(zhuǎn)速減小 B A可能帶正電且轉(zhuǎn)速增大C A可能帶負電且轉(zhuǎn)速減小 D A可能帶負電且轉(zhuǎn)速增大【答案】BC【解析】由圖可知，

26、B中電流為逆時針，由右手螺旋定則可知，感應(yīng)電流的磁場向外；由楞次定律可知，引起感應(yīng)電流的磁場可能為：向外減小或向里增大；若原磁場向里，則A中電流應(yīng)為順時針，故A應(yīng)帶正電，因磁場變強，故A中電流應(yīng)增大，即A的轉(zhuǎn)速應(yīng)增大，故A錯誤，B正確；若原磁場向外，則A中電流應(yīng)為逆時針，即A應(yīng)帶負電，且電流應(yīng)減小，即A的轉(zhuǎn)速應(yīng)減小，故C正確，D錯誤；故選BC。點睛：本題為楞次定律應(yīng)用的逆過程，要明確B中感應(yīng)電流是因為B中的磁通量發(fā)生變化引起的，同時還應(yīng)知道由于A的轉(zhuǎn)動而形成的等效電流的強弱與轉(zhuǎn)速有關(guān)18如圖所示，將一根電阻為R的絕緣硬金屬導(dǎo)線彎成一個標準的正弦曲線形狀，其兩端a、b通過小金屬環(huán)保持與長直金屬桿

27、有著良好但無摩擦的接觸，導(dǎo)線與桿相交處二者絕緣，金屬導(dǎo)線兩端a、b間距離為2d，最高點到ab連線的距離為L，金屬桿電阻忽略不計，空間中存在有理想邊界的勻強磁場，寬度為d，方向垂直于紙面向里，磁感應(yīng)強度大小為B，磁場的邊界與金屬桿垂直，M和N位于磁場區(qū)域的邊界上，在外力的作用下，導(dǎo)線以恒定的速度v向右勻速運動，從b位于M左側(cè)的某一位置運動到a位于N右側(cè)的某一位置，則在此過程中，以下說法正確的是A 導(dǎo)線上有電流通過的時間為4dvB 導(dǎo)線上有電流通過的時間為3dvC 外力所做的功為3dvB2L22RD 金屬導(dǎo)線所產(chǎn)生的焦耳熱為3dvB2L2R【答案】BD【解析】A、B項：導(dǎo)線上有電流即導(dǎo)線在磁場中切

28、割磁感線時，導(dǎo)線在運動過程中的距離為3L，所以時間為t=3dv，故B正確；C、D項：外力所做的功等于金屬導(dǎo)線上產(chǎn)生的熱量，金屬導(dǎo)線產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢瞬時值為e=Byv，y是有效切割長度y=Lsint，得到e=BLvsint，=2T=23dv=2v3d 則線圈中產(chǎn)生正弦式交變電流，其感應(yīng)電動勢的有效值為E=BLv2 故導(dǎo)線全部穿過磁場過程，外力F所做功為W=(BLv2)2R3dv ，故D正確。點晴：正弦曲線形狀金屬導(dǎo)線以恒定的速度v穿過磁場過程中，線圈中產(chǎn)生正弦式交變電流，求出感應(yīng)電動勢的最大值，再求出有效值，根據(jù)功能關(guān)系求解外力F所做的功。19如圖甲所示，在光滑絕緣水平面內(nèi)，兩條平行虛線間存在一

29、勻強磁場，磁感應(yīng)強度方向與水平面垂直，邊長為l的正方形單匝金屬線框abcd位于水平面內(nèi)，cd邊與磁場邊界平行。T=0時刻線框在水平外力的作用下由靜止開始做勻加速直線運動通過該磁場，回路中的感應(yīng)電流大小與時間的關(guān)系如圖乙所示，下列說法正確的是A 水平外力為恒力B 勻強磁場的寬度為8l3C ab邊離開磁場的時間為43t0D 線框出磁場過程中水平外力做的功小于線框進入磁場過程中水平外力做的功【答案】BC【解析】線框進入磁場的時候，受到的安培力為F安=BIL，由圖可知電流是變化的，所以安培力也是變化的，根據(jù)牛頓第二定律：FF安=ma，可知外力F必然不是恒力，故A錯誤；由圖乙可知2t04t0時間內(nèi)線框進

30、入磁場，設(shè)線框勻加速直線運動的加速度為a，根據(jù)運動學(xué)公式可得邊長為：l=12a4t0212a2t02=6at02，磁場的寬度為d=12a6t0212a2t02=16at02，聯(lián)立可得d=8l3，故B正確；設(shè)t時刻線框穿出磁場，則6at02=12at212a6t02，解得t=43t0，故C正確；線框進入磁場過程的位移與出磁場過程的位移相等，線框進入磁場過程中的水平拉力小于出磁場過程中的水平拉力做的功大于線框進入磁場過程中水平拉力做的功，故D錯誤。所以BC正確，AD錯誤。20圖甲為固定在勻強磁場中的正三角形導(dǎo)線框abc，磁場的方向與導(dǎo)線框所在平面垂直，磁感應(yīng)強度B隨時間t變化的規(guī)律如圖乙所示。規(guī)定

31、垂直紙面向里為磁場的正方向，abca的方向為線框中感應(yīng)電流的正方向，水平向右為安培力的正方向。關(guān)于線框中的電流I與ab邊所受的安培力F隨時間t變化的圖象(圖中不考慮2 s末線框中的電流及ab邊的受力情況)，下列各圖正確的是()A B C D 【答案】AD【解析】由圖可知，01s時間內(nèi)，B均勻增大，增大，感應(yīng)磁場與原磁場方向相反（感應(yīng)磁場的磁感應(yīng)強度的方向向外），由右手定則感應(yīng)電流是逆時針的，因而是正值，所以可判斷01s為正的恒值；13s磁通量不變，所以無感應(yīng)電流，34s磁場B的方向垂直紙面向外，根據(jù)楞次定律得感應(yīng)電流是逆時針的，因而是正值。由法拉第電磁感應(yīng)定律可知：E=BtS，感應(yīng)電流的大小恒

32、定，所以可判斷34s為正的恒值，故A正確、B錯誤；01s時間內(nèi)，ab邊感應(yīng)電流是向下的，ab邊所受的安培力F=BIL，根據(jù)左手定則得安培力方向向右為正值，由于B隨時間均勻增大，I不變，所以安培力F隨時間t均勻增大，13s無感應(yīng)電流，沒有安培力，34s時間內(nèi)，ab邊感應(yīng)電流是向下的，ab邊所受的安培力F=BIL，根據(jù)左手定則得安培力方向向左為負值，由于B隨時間均勻減小，I不變，所以安培力F隨時間t均勻減小，故C錯誤，D正確。所以AD正確，BC錯誤。21如圖所示，在磁感應(yīng)強度為B、方向整直向下的勻強磁場中，水平放置兩條平行長直導(dǎo)軌MN，導(dǎo)軌同距為L。導(dǎo)軌左端接一電阻R，金屬桿ab垂直導(dǎo)軌放置，金屬

33、桿和導(dǎo)軌的電阻不計，桿與導(dǎo)軌間接觸良好且無摩擦。現(xiàn)對金屬桿施加一個與其垂直的水平方向恒力F使金屬桿從都止開始運動。在運動過程中，金屬桿速度大小v、恒力F的功率Pr、金屬桿與導(dǎo)軌形成的回路中磁通量等各量隨時間變化圖像正確的是A B C D 【答案】AD【解析】根據(jù)牛頓第二定律知，桿子的加速度為：a=FFAmFBILm=FB2L2vRm，由于速度增大，則加速度減小，可知桿子做加速度逐漸減小的加速運動，當加速度等于零時，速度最大，即F=B2L2vmR解得vm=FRB2L2，以后做勻速直線運動，故A正確；恒力F的功率等于電功率P=B2L2v2R，因開始階段v-t關(guān)系不是線性關(guān)系，則選項B錯誤：隨速度的

34、增大，感應(yīng)電動勢增大，則根據(jù)E=t可知，回路磁通量的變化率增加；當速度最大時磁通量的變化率不變，即-t線切線的斜率先增大，最后變?yōu)橹本€，故選項D正確，C錯誤；故選AD.點睛：本題考查了電磁感應(yīng)與動力學(xué)和能量的綜合，知道桿子在整個過程中的運動規(guī)律，知道當拉力和安培力相等時，桿子做勻速直線運動，此題感應(yīng)電動勢最大，電功率最大，磁通量的變化率最大。22如圖(a)所示,在足夠長的光滑的斜面上放置著金屬線框,垂直于斜面方向的勻強磁場的磁感應(yīng)強度B隨時間的變化規(guī)律如圖(b)所示(規(guī)定垂直斜面向上為正方向).t=0時刻將線框由靜止釋放,在線框下滑的過程中,下列說法正確的是A 線框中會產(chǎn)生的電流大小和方向均不

35、變B MN邊受到的安培力不變C 線框做勻加速直線運動D 線框中產(chǎn)生的焦耳熱等于其機械能的損失【答案】AC【解析】A、根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律E=t=BtS 得,磁感應(yīng)強度的變化率不變,則感應(yīng)電動勢不變,感應(yīng)電流的大小不變,根據(jù)楞次定律知,感應(yīng)電流的方向不變,故A正確； B、根據(jù)F=BIL知,感應(yīng)電流的大小不變,磁感應(yīng)強度的大小先減小后反向增大,則MN邊所受的安培力先減小后增大,故B錯誤.C、線框上下兩邊所受的安培力大小相等,反向相反,可以知道線框所受的合力大小恒定,線框做勻加速直線運動,故C正確； D、對于線框,只有重力做功,機械能守恒,根據(jù)能量守恒知,磁場能轉(zhuǎn)化為焦耳熱,故D錯誤.綜上所述本題

36、答案是：AC點睛：根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律以及楞次定律判斷感應(yīng)電流的大小以及方向;根據(jù)安培力公式,結(jié)合磁感應(yīng)強度的變化判斷安培力的變化.根據(jù)線框的受力分析線框的運動規(guī)律,根據(jù)能量守恒分析能量之間的轉(zhuǎn)化.23如圖，空中水平固定一閉合銅環(huán)，讓一S極朝下的條形磁鐵從銅環(huán)圓心O正上方P位置靜止釋放，磁鐵保持豎直加速下落，經(jīng)過銅環(huán)下方Q點，其中OQ = OP。不計空氣阻力，重力加速度大小為g，則A 釋放瞬間磁鐵的加速度為gB 磁鐵在運動的過程機械能守恒C 當磁鐵在P與Q時，銅環(huán)的磁通量相同D 磁鐵由P到Q的過程，銅環(huán)順時針（俯視）的平均電流大于逆時針的平均電流【答案】AC【解析】釋放瞬間，線圈中午感應(yīng)電流

37、，則線圈對磁鐵午磁場力，則磁鐵只受重力，加速度為g，選項A正確；磁鐵在運動的過程中線圈中要產(chǎn)生感應(yīng)電流，生成電能，則磁鐵的機械能減小，選項B錯誤；因PQ位置關(guān)于線圈對稱，可知當磁鐵在P與Q時，銅環(huán)的磁通量相同，選項C正確；磁鐵從P點到線圈位置時，穿過線圈的磁通量向上增加，根據(jù)楞次定律可知銅環(huán)產(chǎn)生（俯視）順時針的感應(yīng)電流；同理磁鐵從線圈位置到Q點時，穿過線圈的磁通量向上減小，根據(jù)楞次定律可知銅環(huán)產(chǎn)生（俯視）順時針的感應(yīng)電流，因為磁鐵在線圈以上部分運動時速度較小，則產(chǎn)生的平均電流較小，選項D錯誤；故選AC.24下列四個選項中，感應(yīng)電流不為零的是()A B C D 【答案】BC【解析】A、當線圈勻強

38、磁場里面運動時，穿過線圈的磁通量不變，線圈不能產(chǎn)生感應(yīng)電流，故A電流為零；B、當磁鐵向右運動時，穿過線圈的磁通量變化，線圈能產(chǎn)生感應(yīng)電流，故B電流不為零；C、當線圈在勻強磁場中轉(zhuǎn)動時，穿過線圈的磁通量變化，線圈能產(chǎn)生感應(yīng)電流，故C電流不為零；D、圖中穿過線圈的磁通量為零，沒有變化，則線圈不會產(chǎn)生感應(yīng)電流，故D電流為零。點睛：產(chǎn)生感應(yīng)電流的條件關(guān)鍵是磁通量要發(fā)生變化，而是不線圈有磁通量穿過。25如圖所示，均勻金屬圓環(huán)的總電阻為4R，磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場垂直穿過圓環(huán)金屬桿OM的長為l，阻值為R，M端與環(huán)接觸良好，繞過圓心O的轉(zhuǎn)軸以恒定的角速度順時針轉(zhuǎn)動阻值為R的電阻一端用導(dǎo)線和環(huán)上的A點連接，

39、另一端和金屬桿的轉(zhuǎn)軸O處的端點相連接下列判斷正確的是（）A 金屬桿OM旋轉(zhuǎn)產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢恒為B 通過電阻R的電流的最小值為，方向從Q到PC 通過電阻R的電流的最大值為D OM兩點間電勢差絕對值的最大值為【答案】AD【解析】M端線速度為，OM切割磁感線的平均速度為，OM轉(zhuǎn)動切割磁感線產(chǎn)生的電動勢恒為，故A正確；當M端位于最上端時，圓環(huán)兩部分電阻相等，并聯(lián)電阻最大，電路的總電阻最大，通過R的電流最小因，通過電阻R的電流的最小值為： ，根據(jù)右手定則可知電流方向從Q到P，故B錯誤；當M位于最下端時圓環(huán)被接入的電阻為0，此時有最大電流為： ，故C錯誤；OM作為電源，外電阻增大，總電流減小，內(nèi)電壓減小，

40、路端電壓增大，所以外電阻最大時，OM兩點間電勢差絕對值的最大，其最大值為： ，故D正確故選AD【點睛】根據(jù)導(dǎo)體轉(zhuǎn)動切割磁感線感應(yīng)電動勢公式計算感應(yīng)電動勢大小當M端位于最上端時，電路中電阻最大，電流最小當M位于最下端時電流最大，根據(jù)右手定則可得電流方向，外電阻最大時，OM兩點間電勢差絕對值的最大，根據(jù)閉合電路的歐姆定律和法拉第電磁感應(yīng)定律聯(lián)立計算即可26以下說法正確的是A 一個質(zhì)子（不計重力）穿過某一空間而未發(fā)生偏轉(zhuǎn)，此空間可能存在磁場B 一個質(zhì)子（不計重力）穿過某一空間而未發(fā)生偏轉(zhuǎn)，此空間可能存在電場C 某電路的磁通量改變了，電路中一定有感應(yīng)電流D 導(dǎo)體棒在磁場中運動，導(dǎo)體棒兩端一定有電勢差【

41、答案】AB【解析】質(zhì)子沿著磁感線進入磁場時，質(zhì)子不受洛倫茲力作用，不會偏轉(zhuǎn)，選項A正確如果該區(qū)域只存在電場，并且質(zhì)子是沿著電場線的方向進入電場時，質(zhì)子不發(fā)生偏轉(zhuǎn)選項B正確某電路的磁通量改變了，如果不是閉合電路，則電路中不會有感應(yīng)電流，選項C錯誤；導(dǎo)體棒在磁場中做切割磁感線運動時，導(dǎo)體棒兩端才會有電勢差，選項D錯誤；故選AB.27一質(zhì)量為m、電阻為r的金屬桿ab，以一定的初速度v0從一光滑平行金屬導(dǎo)軌底端向上滑行，導(dǎo)軌平面與水平面成30角，兩導(dǎo)軌上端用一電阻R相連，如圖所示，磁場方向垂直斜面向上，導(dǎo)軌的電阻不計，金屬桿向上滑行到某一高度之后又返回到底端時的速度大小為v，則金屬桿在滑行的過程中A

42、向上滑行的時間等于向下滑行的時間B 向向上滑行時電阻R上產(chǎn)生的熱量大于向下滑行時電阻R上產(chǎn)生的熱量C 向上滑行的過程中與向下滑行的過程中通過電阻R的電荷量相等D 金屬桿從開始上滑至返回出發(fā)點，電阻R上產(chǎn)生的熱量為mR(v02v2)2(Rr)【答案】BC【解析】A:因為上滑階段的平均速度大于下滑階段的平均速度,而上滑階段的位移與下滑階段的位移大小相等,所以上滑過程的時間比下滑過程短,所以A錯誤;B、上滑階段的平均速度大于下滑階段的平均速度,由動生電動勢公式E=BLv 可以知道上滑階段的平均感應(yīng)電動勢E1大于下滑階段的平均感應(yīng)電動勢E2,而上滑階段和下滑階段通過回路即通過R的電量相同,再由公式W=

43、qE ,可以知道上滑階段回路電流做功即電阻R產(chǎn)生的熱量比下滑階段多.所以B正確;C:電量q=It=ERt=tRt=R ,式中結(jié)果無時間,故上滑階段和下滑階段通過回路即通過R的電量相同,所以C正確;D、金屬桿從開始上滑至返回出發(fā)點的過程中,只有安培力做功,損失的動能轉(zhuǎn)化電阻R和桿上的電阻r上產(chǎn)生的熱量的和，電阻R上產(chǎn)生的熱量QR=RR+r(12mv0212mv2)=mRv02v22R+r 故D錯誤；綜上所述本題答案是：BC點睛：本題的基礎(chǔ)是明確金屬桿的受力情況和正確判斷金屬桿運動情況如下,本題的關(guān)鍵是金屬桿上滑過程和下滑過程回路中均有電熱產(chǎn)生,金屬桿從底端滑上去再滑回底端高度不變,金屬桿的重力勢

44、能不變,只有動能轉(zhuǎn)化為電熱,故金屬桿再滑回底端時速度必然小于初速度,所以上滑階段的平均速度大于下滑階段的平均速度.28如圖，由某種粗細均勻的總電阻為40的金屬條制成的矩形線框abcd，固定在水平面內(nèi)且處于方向豎直向下的勻強磁場B=1T中。一接入電路電阻為10的導(dǎo)體棒PQ，長度為L=0.5m在水平拉力作用下沿ab、dc以速度v=1m/s勻速滑動，滑動過程PQ始終與ab垂直，且與線框接觸良好，不計摩擦。在PQ從靠近ad處向bc滑動的過程中：（）A PQ兩點間電勢差絕對值的最大值為0.5V，且P、Q兩點電勢滿足PQB 導(dǎo)體棒PQ產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢為0.5V，電流方向從Q到PC 線框消耗的電功率先增大后

45、減小D 線框消耗的電功率先減小后增大【答案】BC【解析】根據(jù)數(shù)學(xué)知識可知,當PQ位于中點時,外電阻最大,最大值為：R外=401212=10；AB.導(dǎo)體棒由靠近ad邊向bc邊勻速滑動的過程中，產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢E=BLv=0.5V，保持不變，外電路總電阻先增大后減小，PQ中電流先減小后增大，PQ兩端電壓為路端電壓，由U=EIR，可知PQ兩端的電壓先增大后減小，當導(dǎo)體棒運動到中點時，電壓最大，最大電壓為UPQ=BLvR外r+R外=10.5110+1010V=0.25V。由右手定則可以判斷，電流方向從Q到P，故A錯誤，B正確；CD. 線框作為外電路,總電阻最大值為R外=10，等于內(nèi)阻，從最左端達到中間

46、位置的過程中，導(dǎo)體棒PQ上的電阻先大于線框的外電阻，達到中點位置時等于線框外電阻，再移動再大于線框的外電阻，線框消耗的電功率先增大后減小，故C正確，D錯誤。故選：BC.29如圖所示，兩根間距為d的足夠長光滑金屬導(dǎo)軌，平行放置的傾角的斜面上，導(dǎo)軌的右端接有電阻R，整個裝置放在磁感應(yīng)強度大小為B的勻強磁場中，磁場方向與導(dǎo)軌平面垂直。導(dǎo)軌上有一質(zhì)量為m、電阻也為R的導(dǎo)體棒與兩導(dǎo)軌垂直且接觸良好，導(dǎo)體棒以一定的初速度v0在沿著導(dǎo)軌上滑，上滑的最大距離為L，不計導(dǎo)軌電阻及感應(yīng)電流間的相互作用。取sin37=0.6，cos37=0.8。下列說法正確的是( )A 導(dǎo)體棒沿著導(dǎo)軌上滑的整個過程中通過R的電何量

47、為B 導(dǎo)體棒返回時先做勻加速運動，最后做勻速直線運動C 導(dǎo)體棒沿著導(dǎo)軌上滑過程中最大加速度為D 導(dǎo)體棒沿著導(dǎo)軌上滑過程中克服安培力做的功【答案】CD【解析】導(dǎo)體棒沿著導(dǎo)軌上滑過程中通過R的電量為： ，故A錯誤導(dǎo)體棒返回時隨著速度的增大，導(dǎo)體棒產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢增大，感應(yīng)電流增大，棒受到的安培力增大，加速度減小，所以導(dǎo)體棒先做加速度減小的變加速運動，最后做勻速直線運動，故B錯誤導(dǎo)體棒剛開始向上滑動時，安培力最大，則加速度最大，由牛頓第二定律可知： ,解得，選項C正確；導(dǎo)體棒沿著導(dǎo)軌上滑過程中克服安培力做的功等于回路中產(chǎn)生的總熱量，等于機械能的減小量，由能量守恒定律得：W=Q=mv02-mgLsin

48、37=mv02-mgL，故D正確故選CD點睛：本題是電磁感應(yīng)與力學(xué)的綜合，關(guān)鍵是正確地進行受力分析和能量轉(zhuǎn)化情況的分析，要記牢感應(yīng)電荷量經(jīng)驗公式q=，注意式中R是電路的總電阻30如圖所示，空間存在一有邊界的條形勻強磁場區(qū)域，磁場方向與豎直平面（紙面）垂直，磁場邊界的間距為。一個質(zhì)量為、邊長也為的正方形導(dǎo)線框沿豎直方向運動，線框所在平面始終與磁場方向垂直，且線框上、下邊始終與磁場的邊界平行。時刻導(dǎo)線框的上邊恰好與磁場的下邊界重合（圖中位置），導(dǎo)線框的速度為。經(jīng)歷一段時間后，當導(dǎo)線框的下邊恰好與磁場的上邊界重合時（圖中位置），導(dǎo)線框的速度剛好為零。此后，導(dǎo)線框下落，經(jīng)過一段時間回到初始位置。則（

49、）A 上升階段線框進入和穿出磁場的過程，通過導(dǎo)線框橫截面的電量相等B 下降過程中，導(dǎo)線框的加速度逐漸增大C 上升過程中，合力做的功與下降過程中合力做的功相等D 上升過程中，克服安培力做的功比下降過程中的多【答案】AD【解析】電荷量： ，上升階段線框進入和穿出磁場的過程B、S、R都相等，則通過導(dǎo)線框橫截面的電量相等，故A正確；下降過程中，線框做加速運動，則有mg-=ma，可見，隨著速度的增大，加速度減小故B錯誤由于電磁感應(yīng)，線框中產(chǎn)生電能，根據(jù)能量守恒定律可知，線框返回原位置時速率減小，則上升過程動能的變化量大小大于下降過程動能的變化量大小，根據(jù)動能定理得知，上升過程中合力做功較大故C錯誤根據(jù)能

50、量守恒定律可知，線框經(jīng)過同一位置時：上升的速率大于下降的速率，上升過程的安培力大小較大，而位移大小相等，所以上升過程中比下降過程中克服安培力做的功多故D正確故選AD31如圖所示，兩個完全相同的閉合矩形導(dǎo)線框甲和乙，其中L1=2L2，在同一高度從圖示位置同時由靜止釋放，在其下方某一區(qū)域存在垂直紙面向里的勻強磁場（hL1）。已知甲線框正好勻速進入磁場。下列判斷正確的是（ ）A 乙線框剛進入磁場時的加速度大小為3gB 乙線框完全進入磁場時的速度可能大于甲線框剛進入磁場時的速度C 進入磁場過程中，甲線框減少的機械能一定比乙線框少D 進入磁場過程中，甲線框減少的機械能一定比乙線框多【答案】AC【解析】設(shè)

51、矩形線圈長邊為2L，短邊為L；對于線圈甲下邊進入磁場時做勻速運動，則有：mg=F安=；對于線圈乙下邊進入磁場時： ，解得a=3g，選項A正確；由以上分析可知，乙線圈進入磁場時做減速運動，而甲線圈做勻速運動，則乙線框完全進入磁場時的速度小于甲線框剛進入磁場時的速度，選項B錯誤；進入磁場過程中，克服安培力做功等于機械能減小量，則機械能減小量為2F安L；乙線框做減速運動，開始進入時安培力為甲的4倍，即4F安，因隨速度減小，安培力減小，則乙線圈進入磁場過程中的安培力的平均值大于2F安，則安培力的功大于2F安L，故選項C正確，D錯誤；故選AC.32下列關(guān)于電磁感應(yīng)中的非靜電力的說法中正確的是（ ）A 動

52、生電動勢的非靜電力就是導(dǎo)體棒所受的安培力B 動生電動勢的非靜電力與導(dǎo)體棒中自由電荷所受的洛倫茲力有關(guān)C 感生電動勢的非靜電力就是變化的磁場所產(chǎn)生的感生電場D 感生電動勢的非靜電力就是感生電場對導(dǎo)體中自由電荷的作用力【答案】BD【解析】動生電動勢的非靜電力與導(dǎo)體棒中自由電荷所受的洛倫茲力有關(guān)，洛倫茲力使自由電荷發(fā)生定向移動，積聚在導(dǎo)體兩端形成電勢差，選項B正確，A錯誤；感生電動勢的非靜電力就是感生電場對導(dǎo)體中自由電荷的作用力，故C錯誤，D正確；故選BD。33法拉第通過近10年的實驗終于發(fā)現(xiàn)，電磁感應(yīng)是一種只有在變化和運動的過程中才能發(fā)生的現(xiàn)象，下列哪些情況下能產(chǎn)生電磁感應(yīng)現(xiàn)象（ ）A 圖甲中，條

53、形磁鐵勻速穿過不閉合的環(huán)形線圈的過程中B 圖乙中，開關(guān)閉合的瞬間C 圖丙中，通電瞬間使小磁針轉(zhuǎn)動D 丁圖中，閉合開關(guān)的瞬間【答案】AD【解析】圖甲中，條形磁鐵勻速穿過不閉合的環(huán)形線圈的過程中會產(chǎn)生感應(yīng)電動勢，是電磁感應(yīng)現(xiàn)象，選項A正確；圖乙中，開關(guān)閉合的瞬間，導(dǎo)體棒會受力運動，不是電磁感應(yīng)現(xiàn)象，選項B錯誤；圖丙中，通電瞬間使小磁針轉(zhuǎn)動是電流的磁效應(yīng)，不是電磁感應(yīng)現(xiàn)象，選項C錯誤； 丁圖中，閉合開關(guān)的瞬間在電流表中產(chǎn)生感應(yīng)電流，是電磁感應(yīng)現(xiàn)象，選項D正確；故選AD.二、單選題34如圖所示，鐵芯上繞有線圈A和B，線圈A與電源連接，線圈B與理性發(fā)光二極管D相連，銜鐵E連接彈簧K控制觸頭C的通斷，忽略

54、A的自感，下列說法正確的是A 閉合S，D閃亮一下B 閉合S，C將會過一小段時間接通C 斷開S，D不會閃亮D 斷開S，C將會過一小段時間斷開【答案】D【解析】A、B、當閉合S瞬間時，穿過線圈B的磁通量要增加，根據(jù)楞次定律：增反減同，結(jié)合右手螺旋定則可知，線圈B的電流方向逆時針，而由于二極管順時針方向?qū)щ姡瑒t線圈B不會閃亮一下，則線圈A中磁場立刻吸引C，導(dǎo)致其即時接觸，故A，B錯誤；C、D、當斷開S瞬間時，穿過線圈B的磁通量要減小，根據(jù)楞次定律：增反減同，結(jié)合右手螺旋定則可知，電流方向為順時針，則二極管處于導(dǎo)通狀態(tài)，則D會閃亮，同時對線圈A有影響，阻礙其磁通量減小，那么C將會過一小段時間斷開，故C

55、錯誤，D正確；故選D。【點睛】該題考查楞次定律與右手螺旋定則的應(yīng)用，注意穿過閉合線圈的磁通量變化，線圈相當于電源，而電流是從負板流向正極，同時理解二極管的單向?qū)щ娦浴?5如圖為兩個有界勻強磁場，左右兩邊磁感應(yīng)強度大小分別為B和2B，方向分別垂直紙面向里和向外，磁場寬度均為L，距磁場區(qū)域的左側(cè)L處，有一邊長為L的正方形導(dǎo)體線框，總電阻為R，且線框平面與磁場方向垂直，現(xiàn)用外力F使線框以速度V勻速穿過磁場區(qū)域，以初始位置為計時起點，規(guī)定電流沿逆時針方向時的電動勢E為正，磁感線垂直紙面向里時磁通量的方向為正。則下列說法正確的是（ ）A 在L/V 2L/V 的過程中，磁通量的變化量為2BL2B 在2L/V 3L/V 的過程中，電路中產(chǎn)生的平均感應(yīng)電動勢為E=3BLVC 在2L/V 3L/V的過程中產(chǎn)生的電功率是L/V 2L/V 的過程中產(chǎn)生的電功率的9倍D 在2L/V 3L/V 的過程中產(chǎn)生的安培力大小是L/V2L/V 的過程中產(chǎn)生的安培力大小的3倍【答案】BC【解析】A項：在L/V 2L/V 的過程中