2015年四川省高考數(shù)學(xué)試卷(文科)解析

2015年四川省高考數(shù)學(xué)試卷（文科）一、選擇題：本大題共10小題，每小題5分，共50分在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一個(gè)是符合題目要求的1（5分）（2015四川）設(shè)集合A=x|1x2，集合B=x|1x3，則AB=（）Ax|1x3Bx|1x1Cx|1x2Dx|2x32（5分）（2015四川）設(shè)向量=（2，4）與向量=（x，6）共線，則實(shí)數(shù)x=（）A2B3C4D63（5分）（2015四川）某學(xué)校為了了解三年級(jí)、六年級(jí)、九年級(jí)這三個(gè)年級(jí)之間的學(xué)生視力是否存在顯著差異，擬從這三個(gè)年級(jí)中按人數(shù)比例抽取部分學(xué)生進(jìn)行調(diào)查，則最合理的抽樣方法是（）A抽簽法B系統(tǒng)抽樣法C分層抽樣法D隨機(jī)數(shù)法4（5分）（2015四川）設(shè)a，b為正實(shí)數(shù)，則“ab1”是“l(fā)og2alog2b0”的（）A充要條件B充分不必要條件C必要不充分條件D既不充分也不必要條件5（5分）（2015四川）下列函數(shù)中，最小正周期為且圖象關(guān)于原點(diǎn)對(duì)稱的函數(shù)是（）Ay=cos（2x+）By=sin（2x+）Cy=sin2x+cos2xDy=sinx+cosx6（5分）（2015四川）執(zhí)行如圖所示的程序框圖，輸出s的值為（）ABCD7（5分）（2015四川）過(guò)雙曲線x2=1的右焦點(diǎn)且與x軸垂直的直線，交該雙曲線的兩條漸近線于A、B兩點(diǎn)，則|AB|=（）AB2C6D48（5分）（2015四川）某食品保鮮時(shí)間y（單位：小時(shí)）與儲(chǔ)藏溫度x（單位：）滿足函數(shù)關(guān)系y=ekx+b （e=2.718為自然對(duì)數(shù)的底數(shù)，k，b為常數(shù)）若該食品在0的保鮮時(shí)間是192小時(shí)，在22的保鮮時(shí)間是48小時(shí)，則該食品在33的保鮮時(shí)間是（）A16小時(shí)B20小時(shí)C24小時(shí)D28小時(shí)9（5分）（2015四川）設(shè)實(shí)數(shù)x，y滿足，則xy的最大值為（）ABC12D1610（5分）（2015四川）設(shè)直線l與拋物線y2=4x相交于A、B兩點(diǎn)，與圓（x5）2+y2=r2（r0）相切于點(diǎn)M，且M為線段AB的中點(diǎn)，若這樣的直線l恰有4條，則r的取值范圍是（）A（1，3）B（1，4）C（2，3）D（2，4）二、填空題：本大題共5小題，每小題5分，共25分11（5分）（2015四川）設(shè)i是虛數(shù)單位，則復(fù)數(shù)i=12（5分）（2015四川）lg0.01+log216的值是13（5分）（2015四川）已知sin+2cos=0，則2sincoscos2的值是14（5分）（2015四川）在三棱住ABCA1B1C1中，BAC=90，其正視圖和側(cè)視圖都是邊長(zhǎng)為1的正方形，俯視圖是直角邊長(zhǎng)為1的等腰直角三角形，設(shè)M，N，P分別是AB，BC，B1C1的中點(diǎn)，則三棱錐PA1MN的體積是15（5分）（2015四川）已知函數(shù)f（x）=2x，g（x）=x2+ax（其中aR）對(duì)于不相等的實(shí)數(shù)x1、x2，設(shè)m=，n=現(xiàn)有如下命題：對(duì)于任意不相等的實(shí)數(shù)x1、x2，都有m0；對(duì)于任意的a及任意不相等的實(shí)數(shù)x1、x2，都有n0；對(duì)于任意的a，存在不相等的實(shí)數(shù)x1、x2，使得m=n；對(duì)于任意的a，存在不相等的實(shí)數(shù)x1、x2，使得m=n其中的真命題有（寫出所有真命題的序號(hào)）三、解答題：本大題共6小題，共75分解答應(yīng)寫出文字說(shuō)明、證明過(guò)程或演算步驟16（12分）（2015四川）設(shè)數(shù)列an（n=1，2，3）的前n項(xiàng)和Sn，滿足Sn=2ana1，且a1，a2+1，a3成等差數(shù)列（）求數(shù)列an的通項(xiàng)公式；（）設(shè)數(shù)列的前n項(xiàng)和為Tn，求Tn17（12分）（2015四川）一輛小客車上有5名座位，其座號(hào)為1，2，3，4，5，乘客P1，P2，P3，P4，P5的座位號(hào)分別為1，2，3，4，5他們按照座位號(hào)順序先后上車，乘客P1因身體原因沒有坐自己1號(hào)座位，這時(shí)司機(jī)要求余下的乘客按以下規(guī)則就坐：如果自己的座位空著，就只能坐自己的座位如果自己的座位已有乘客就坐，就在這5個(gè)座位的剩余空位中選擇座位（）若乘客P1坐到了3號(hào)座位，其他乘客按規(guī)則就座，則此時(shí)共有4種坐法下表給出其中兩種坐法，請(qǐng)?zhí)钊胗嘞聝煞N坐法（將乘客就坐的座位號(hào)填入表中空格處）乘客P1P2P3P4P5座位號(hào)3214532451（）若乘客P1坐到了2號(hào)座位，其他乘客按規(guī)則就坐，求乘客P1坐到5號(hào)座位的概率18（12分）（2015四川）一個(gè)正方體的平面展開圖及該正方體的直觀圖的示意圖如圖所示（）請(qǐng)按字母F，G，H標(biāo)記在正方體相應(yīng)地頂點(diǎn)處（不需要說(shuō)明理由）（）判斷平面BEG與平面ACH的位置關(guān)系并說(shuō)明你的結(jié)論（）證明：直線DF平面BEG19（12分）（2015四川）已知A、B、C為ABC的內(nèi)角，tanA，tanB是關(guān)于方程x2+pxp+1=0（pR）兩個(gè)實(shí)根（）求C的大?。ǎ┤鬉B=3，AC=，求p的值20（13分）（2015四川）如圖，橢圓E：=1（ab0）的離心率是，點(diǎn)P（0，1）在短軸CD上，且=1（）求橢圓E的方程；（）設(shè)O為坐標(biāo)原點(diǎn)，過(guò)點(diǎn)P的動(dòng)直線與橢圓交于A、B兩點(diǎn)是否存在常數(shù)，使得+為定值？若存在，求的值；若不存在，請(qǐng)說(shuō)明理由21（14分）（2015四川）已知函數(shù)f（x）=2xlnx+x22ax+a2，其中a0（）設(shè)g（x）是f（x）的導(dǎo)函數(shù)，討論g（x）的單調(diào)性；（）證明：存在a（0，1），使得f（x）0恒成立，且f（x）=0在區(qū)間（1，+）內(nèi)有唯一解2015年四川省高考數(shù)學(xué)試卷（文科）參考答案與試題解析一、選擇題：本大題共10小題，每小題5分，共50分在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一個(gè)是符合題目要求的1（5分）（2015四川）設(shè)集合A=x|1x2，集合B=x|1x3，則AB=（）Ax|1x3Bx|1x1Cx|1x2Dx|2x3考點(diǎn)：并集及其運(yùn)算菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有專題：集合分析：直接利用并集求解法則求解即可解答：解：集合A=x|1x2，集合B=x|1x3，則AB=x|1x3故選：A點(diǎn)評(píng)：本題考查并集的求法，基本知識(shí)的考查2（5分）（2015四川）設(shè)向量=（2，4）與向量=（x，6）共線，則實(shí)數(shù)x=（）A2B3C4D6考點(diǎn)：平面向量共線（平行）的坐標(biāo)表示菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有專題：平面向量及應(yīng)用分析：利用向量共線的充要條件得到坐標(biāo)的關(guān)系求出x解答：解；因?yàn)橄蛄?（2，4）與向量=（x，6）共線，所以4x=26，解得x=3；故選：B點(diǎn)評(píng)：本題考查了向量共線的坐標(biāo)關(guān)系；如果兩個(gè)向量向量=（x，y）與向量=（m，n）共線，那么xn=yn3（5分）（2015四川）某學(xué)校為了了解三年級(jí)、六年級(jí)、九年級(jí)這三個(gè)年級(jí)之間的學(xué)生視力是否存在顯著差異，擬從這三個(gè)年級(jí)中按人數(shù)比例抽取部分學(xué)生進(jìn)行調(diào)查，則最合理的抽樣方法是（）A抽簽法B系統(tǒng)抽樣法C分層抽樣法D隨機(jī)數(shù)法考點(diǎn)：收集數(shù)據(jù)的方法菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有專題：應(yīng)用題；概率與統(tǒng)計(jì)分析：若總體由差異明顯的幾部分組成時(shí)，經(jīng)常采用分層抽樣的方法進(jìn)行抽樣解答：解：我們常用的抽樣方法有：簡(jiǎn)單隨機(jī)抽樣、分層抽樣和系統(tǒng)抽樣，而事先已經(jīng)了解到三年級(jí)、六年級(jí)、九年級(jí)這三個(gè)年級(jí)之間的學(xué)生視力是否存在顯著差異，這種方式具有代表性，比較合理故選：C點(diǎn)評(píng)：本小題考查抽樣方法，主要考查抽樣方法，屬基本題4（5分）（2015四川）設(shè)a，b為正實(shí)數(shù)，則“ab1”是“l(fā)og2alog2b0”的（）A充要條件B充分不必要條件C必要不充分條件D既不充分也不必要條件考點(diǎn)：充要條件菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有專題：簡(jiǎn)易邏輯分析：先求出log2alog2b0的充要條件，再和ab1比較，從而求出答案解答：解：若log2alog2b0，則ab1，故“ab1”是“l(fā)og2alog2b0”的充要條件，故選：A點(diǎn)評(píng)：本題考察了充分必要條件，考察對(duì)數(shù)函數(shù)的性質(zhì)，是一道基礎(chǔ)題5（5分）（2015四川）下列函數(shù)中，最小正周期為且圖象關(guān)于原點(diǎn)對(duì)稱的函數(shù)是（）Ay=cos（2x+）By=sin（2x+）Cy=sin2x+cos2xDy=sinx+cosx考點(diǎn)：兩角和與差的正弦函數(shù)；三角函數(shù)的周期性及其求法菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有專題：三角函數(shù)的圖像與性質(zhì)分析：求出函數(shù)的周期，函數(shù)的奇偶性，判斷求解即可解答：解：y=cos（2x+）=sin2x，是奇函數(shù)，函數(shù)的周期為：，滿足題意，所以A正確y=sin（2x+）=cos2x，函數(shù)是偶函數(shù)，周期為：，不滿足題意，所以B不正確；y=sin2x+cos2x=sin（2x+），函數(shù)是非奇非偶函數(shù)，周期為，所以C不正確；y=sinx+cosx=sin（x+），函數(shù)是非奇非偶函數(shù)，周期為2，所以D不正確；故選：A點(diǎn)評(píng)：本題考查兩角和與差的三角函數(shù)，函數(shù)的奇偶性以及紅絲帶周期的求法，考查計(jì)算能力6（5分）（2015四川）執(zhí)行如圖所示的程序框圖，輸出s的值為（）ABCD考點(diǎn)：程序框圖菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有專題：圖表型；算法和程序框圖分析：模擬執(zhí)行程序框圖，依次寫出每次循環(huán)得到的k的值，當(dāng)k=5時(shí)滿足條件k4，計(jì)算并輸出S的值為解答：解：模擬執(zhí)行程序框圖，可得k=1k=2不滿足條件k4，k=3不滿足條件k4，k=4不滿足條件k4，k=5滿足條件k4，S=sin=，輸出S的值為故選：D點(diǎn)評(píng)：本題主要考查了循環(huán)結(jié)構(gòu)的程序框圖，屬于基礎(chǔ)題7（5分）（2015四川）過(guò)雙曲線x2=1的右焦點(diǎn)且與x軸垂直的直線，交該雙曲線的兩條漸近線于A、B兩點(diǎn)，則|AB|=（）AB2C6D4考點(diǎn)：雙曲線的簡(jiǎn)單性質(zhì)菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有專題：圓錐曲線的定義、性質(zhì)與方程分析：求出雙曲線的漸近線方程，求出AB的方程，得到AB坐標(biāo)，即可求解|AB|解答：解：雙曲線x2=1的右焦點(diǎn)（2，0），漸近線方程為y=，過(guò)雙曲線x2=1的右焦點(diǎn)且與x軸垂直的直線，x=2，可得yA=2，yB=2，|AB|=4故選：D點(diǎn)評(píng)：本題考查雙曲線的簡(jiǎn)單性質(zhì)的應(yīng)用，考查基本知識(shí)的應(yīng)用8（5分）（2015四川）某食品保鮮時(shí)間y（單位：小時(shí)）與儲(chǔ)藏溫度x（單位：）滿足函數(shù)關(guān)系y=ekx+b （e=2.718為自然對(duì)數(shù)的底數(shù)，k，b為常數(shù)）若該食品在0的保鮮時(shí)間是192小時(shí)，在22的保鮮時(shí)間是48小時(shí)，則該食品在33的保鮮時(shí)間是（）A16小時(shí)B20小時(shí)C24小時(shí)D28小時(shí)考點(diǎn)：指數(shù)函數(shù)的實(shí)際應(yīng)用菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有專題：函數(shù)的性質(zhì)及應(yīng)用分析：由已知中保鮮時(shí)間與儲(chǔ)藏溫度是一種指數(shù)型關(guān)系，由已知構(gòu)造方程組求出ek，eb的值，運(yùn)用指數(shù)冪的運(yùn)算性質(zhì)求解e33k+b即可解答：解：y=ekx+b （e=2.718為自然對(duì)數(shù)的底數(shù)，k，b為常數(shù)）當(dāng)x=0時(shí)，eb=192，當(dāng)x=22時(shí)e22k+b=48，e16k=e11k=eb=192當(dāng)x=33時(shí)，e33k+b=（ek）33（eb）=（）3192=24故選：C點(diǎn)評(píng)：本題考查的知識(shí)點(diǎn)是函數(shù)解析式的運(yùn)用，列出方程求解即可，注意整體求解9（5分）（2015四川）設(shè)實(shí)數(shù)x，y滿足，則xy的最大值為（）ABC12D16考點(diǎn)：簡(jiǎn)單線性規(guī)劃菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有專題：不等式的解法及應(yīng)用分析：作出不等式組對(duì)應(yīng)的平面區(qū)域，利用基本不等式進(jìn)行求解即可解答：解：作出不等式組對(duì)應(yīng)的平面區(qū)域如圖；則動(dòng)點(diǎn)P在BC上運(yùn)動(dòng)時(shí)，xy取得最大值，此時(shí)2x+y=10，則xy=，當(dāng)且僅當(dāng)2x=y=5，即x=，y=5時(shí)，取等號(hào)，故xy的最大值為，故選：A點(diǎn)評(píng)：本題主要考查線性規(guī)劃以及基本不等式的應(yīng)用，利用數(shù)形結(jié)合是解決本題的關(guān)鍵10（5分）（2015四川）設(shè)直線l與拋物線y2=4x相交于A、B兩點(diǎn)，與圓（x5）2+y2=r2（r0）相切于點(diǎn)M，且M為線段AB的中點(diǎn)，若這樣的直線l恰有4條，則r的取值范圍是（）A（1，3）B（1，4）C（2，3）D（2，4）考點(diǎn)：拋物線的簡(jiǎn)單性質(zhì)；直線與圓的位置關(guān)系菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有專題：綜合題；直線與圓；圓錐曲線的定義、性質(zhì)與方程分析：先確定M的軌跡是直線x=3，代入拋物線方程可得y=2，所以交點(diǎn)與圓心（5，0）的距離為4，即可得出結(jié)論解答：解：設(shè)A（x1，y1），B（x2，y2），M（x0，y0），則斜率存在時(shí)，設(shè)斜率為k，則y12=4x1，y22=4x2，利用點(diǎn)差法可得ky0=2，因?yàn)橹本€與圓相切，所以=，所以x0=3，即M的軌跡是直線x=3，代入拋物線方程可得y=2，所以交點(diǎn)與圓心（5，0）的距離為4，所以2r4時(shí)，直線l有2條；斜率不存在時(shí)，直線l有2條；所以直線l恰有4條，2r4，故選：D點(diǎn)評(píng)：本題考查直線與拋物線、圓的位置關(guān)系，考查點(diǎn)差法，考查學(xué)生分析解決問(wèn)題的能力，屬于中檔題二、填空題：本大題共5小題，每小題5分，共25分11（5分）（2015四川）設(shè)i是虛數(shù)單位，則復(fù)數(shù)i=2i考點(diǎn)：復(fù)數(shù)代數(shù)形式的混合運(yùn)算菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有專題：數(shù)系的擴(kuò)充和復(fù)數(shù)分析：直接利用復(fù)數(shù)的運(yùn)算法則求解即可解答：解：復(fù)數(shù)i=i=i+i=2i故答案為：2i點(diǎn)評(píng)：本題考查復(fù)數(shù)的基本運(yùn)算，考查計(jì)算能力12（5分）（2015四川）lg0.01+log216的值是2考點(diǎn)：對(duì)數(shù)的運(yùn)算性質(zhì)菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有專題：函數(shù)的性質(zhì)及應(yīng)用分析：直接利用對(duì)數(shù)的運(yùn)算法則化簡(jiǎn)求解即可解答：解：lg0.01+log216=2+4=2故答案為：2點(diǎn)評(píng)：本題考查對(duì)數(shù)的運(yùn)算法則的應(yīng)用，考查計(jì)算能力13（5分）（2015四川）已知sin+2cos=0，則2sincoscos2的值是1考點(diǎn)：同角三角函數(shù)基本關(guān)系的運(yùn)用菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有專題：三角函數(shù)的求值分析：已知等式移項(xiàng)變形求出tan的值，原式利用同角三角函數(shù)間的基本關(guān)系化簡(jiǎn)，將tan的值代入計(jì)算即可求出值解答：解：sin+2cos=0，即sin=2cos，tan=2，則原式=1，故答案為：1點(diǎn)評(píng)：此題考查了同角三角函數(shù)基本關(guān)系的運(yùn)用，熟練掌握基本關(guān)系是解本題的關(guān)鍵14（5分）（2015四川）在三棱住ABCA1B1C1中，BAC=90，其正視圖和側(cè)視圖都是邊長(zhǎng)為1的正方形，俯視圖是直角邊長(zhǎng)為1的等腰直角三角形，設(shè)M，N，P分別是AB，BC，B1C1的中點(diǎn)，則三棱錐PA1MN的體積是考點(diǎn)：棱柱、棱錐、棱臺(tái)的體積菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有專題：空間位置關(guān)系與距離分析：判斷三視圖對(duì)應(yīng)的幾何體的形狀，畫出圖形，利用三視圖的數(shù)據(jù)，求解三棱錐PA1MN的體積即可解答：解：由三視圖可知，可知幾何體的圖形如圖：幾何體是底面為等腰直角三角形直角邊長(zhǎng)為1，高為1的直三棱柱，所求三棱錐的高為NP=1，底面AMN的面積是底面三角形ABC的，所求三棱錐PA1MN的體積是：=故答案為：點(diǎn)評(píng)：本題考查三視圖與直觀圖的關(guān)系，組作出幾何體的直觀圖是解題的關(guān)鍵之一，考查幾何體的體積的求法，考查空間想象能力以及計(jì)算能力15（5分）（2015四川）已知函數(shù)f（x）=2x，g（x）=x2+ax（其中aR）對(duì)于不相等的實(shí)數(shù)x1、x2，設(shè)m=，n=現(xiàn)有如下命題：對(duì)于任意不相等的實(shí)數(shù)x1、x2，都有m0；對(duì)于任意的a及任意不相等的實(shí)數(shù)x1、x2，都有n0；對(duì)于任意的a，存在不相等的實(shí)數(shù)x1、x2，使得m=n；對(duì)于任意的a，存在不相等的實(shí)數(shù)x1、x2，使得m=n其中的真命題有（寫出所有真命題的序號(hào)）考點(diǎn)：命題的真假判斷與應(yīng)用菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有專題：函數(shù)的性質(zhì)及應(yīng)用分析：運(yùn)用指數(shù)函數(shù)的單調(diào)性，即可判斷；由二次函數(shù)的單調(diào)性，即可判斷；通過(guò)函數(shù)h（x）=x2+ax2x，求出導(dǎo)數(shù)判斷單調(diào)性，即可判斷；通過(guò)函數(shù)h（x）=x2+ax+2x，求出導(dǎo)數(shù)判斷單調(diào)性，即可判斷解答：解：對(duì)于，由于21，由指數(shù)函數(shù)的單調(diào)性可得f（x）在R上遞增，即有m0，則正確；對(duì)于，由二次函數(shù)的單調(diào)性可得g（x）在（，）遞減，在（，+）遞減，則n0不恒成立，則錯(cuò)誤；對(duì)于，由m=n，可得f（x1）f（x2）=g（x1）g（x2），考查函數(shù)h（x）=x2+ax2x，h（x）=2x+a2xln2，當(dāng)a，h（x）小于0，h（x）單調(diào)遞減，則錯(cuò)誤；對(duì)于，由m=n，可得f（x1）f（x2）=g（x1）g（x2），考查函數(shù)h（x）=x2+ax+2x，h（x）=2x+a+2xln2，對(duì)于任意的a，h（x）不恒大于0或小于0，則正確故答案為：點(diǎn)評(píng)：本題考查函數(shù)的單調(diào)性及運(yùn)用，注意運(yùn)用指數(shù)函數(shù)和二次函數(shù)的單調(diào)性，以及導(dǎo)數(shù)判斷單調(diào)性是解題的關(guān)鍵三、解答題：本大題共6小題，共75分解答應(yīng)寫出文字說(shuō)明、證明過(guò)程或演算步驟16（12分）（2015四川）設(shè)數(shù)列an（n=1，2，3）的前n項(xiàng)和Sn，滿足Sn=2ana1，且a1，a2+1，a3成等差數(shù)列（）求數(shù)列an的通項(xiàng)公式；（）設(shè)數(shù)列的前n項(xiàng)和為Tn，求Tn考點(diǎn)：等差數(shù)列的前n項(xiàng)和；等差數(shù)列的通項(xiàng)公式菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有專題：等差數(shù)列與等比數(shù)列分析：（）由條件Sn滿足Sn=2ana1，求得數(shù)列an為等比數(shù)列，且公比q=2；再根據(jù)a1，a2+1，a3成等差數(shù)列，求得首項(xiàng)的值，可得數(shù)列an的通項(xiàng)公式（）由于=，利用等比數(shù)列的前n項(xiàng)和公式求得數(shù)列的前n項(xiàng)和Tn解答：解：（）由已知Sn=2ana1，有an=SnSn1=2an2an1（n2），即an=2an1（n2），從而a2=2a1，a3=2a2=4a1又因?yàn)閍1，a2+1，a3成等差數(shù)列，即a1+a3=2（a2+1）所以a1+4a1=2（2a1+1），解得：a1=2所以，數(shù)列an是首項(xiàng)為2，公比為2的等比數(shù)列故an=2n（）由（）得=，所以Tn=+=1點(diǎn)評(píng)：本題主要考查數(shù)列的前n項(xiàng)和與第n項(xiàng)的關(guān)系，等差、等比數(shù)列的定義和性質(zhì)，等比數(shù)列的前n項(xiàng)和公式，屬于中檔題17（12分）（2015四川）一輛小客車上有5名座位，其座號(hào)為1，2，3，4，5，乘客P1，P2，P3，P4，P5的座位號(hào)分別為1，2，3，4，5他們按照座位號(hào)順序先后上車，乘客P1因身體原因沒有坐自己1號(hào)座位，這時(shí)司機(jī)要求余下的乘客按以下規(guī)則就坐：如果自己的座位空著，就只能坐自己的座位如果自己的座位已有乘客就坐，就在這5個(gè)座位的剩余空位中選擇座位（）若乘客P1坐到了3號(hào)座位，其他乘客按規(guī)則就座，則此時(shí)共有4種坐法下表給出其中兩種坐法，請(qǐng)?zhí)钊胗嘞聝煞N坐法（將乘客就坐的座位號(hào)填入表中空格處）乘客P1P2P3P4P5座位號(hào)32145324513241532541（）若乘客P1坐到了2號(hào)座位，其他乘客按規(guī)則就坐，求乘客P1坐到5號(hào)座位的概率考點(diǎn)：概率的應(yīng)用菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有專題：應(yīng)用題；概率與統(tǒng)計(jì)分析：（）根據(jù)題意，可以完成表格；（）列表，確定所有可能的坐法，再求出乘客P1坐到5號(hào)座位的概率解答：解：（）余下兩種坐法：乘客P1P2P3P4P5座位號(hào)32145324513241532541（）若乘客P1坐到了2號(hào)座位，其他乘客按規(guī)則就坐，則所有可能的坐法可用下表表示為 乘客 P1 P2 P3 P4 P5 座位號(hào) 2 1 3 4 5 2 3 1 4 5 2 3 4 1 5 2 3 4 5 1 2 3 5 4 1 2 4 3 1 5 2 4 3 5 1 2 5 3 4 1于是，所有可能的坐法共8種，設(shè)“乘客P1坐到5號(hào)座位”為事件A，則事件A中的基本事件的個(gè)數(shù)為4，所以P（A）=答：乘客P1坐到5號(hào)座位的概率是點(diǎn)評(píng)：本題考查概率的運(yùn)用，考查學(xué)生的計(jì)算能力，列表確定基本事件的個(gè)數(shù)是關(guān)鍵18（12分）（2015四川）一個(gè)正方體的平面展開圖及該正方體的直觀圖的示意圖如圖所示（）請(qǐng)按字母F，G，H標(biāo)記在正方體相應(yīng)地頂點(diǎn)處（不需要說(shuō)明理由）（）判斷平面BEG與平面ACH的位置關(guān)系并說(shuō)明你的結(jié)論（）證明：直線DF平面BEG考點(diǎn)：直線與平面垂直的判定；平面與平面之間的位置關(guān)系菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有專題：空間位置關(guān)系與距離分析：（）直接標(biāo)出點(diǎn)F，G，H的位置（）先證BCHE為平行四邊形，可知BE平面ACH，同理可證BG平面ACH，即可證明平面BEG平面ACH（）連接FH，由DHEG，又DHEG，EGFH，可證EG平面BFHD，從而可證DFEG，同理DFBG，即可證明DF平面BEG解答：解：（）點(diǎn)F，G，H的位置如圖所示（）平面BEG平面ACH，證明如下：ABCDEFGH為正方體，BCFG，BC=EH，又FGEH，F(xiàn)G=EH，BCEH，BC=EH，BCHE為平行四邊形BECH，又CH平面ACH，BE平面ACH，BE平面ACH，同理BG平面ACH，又BEBG=B，平面BEG平面ACH（）連接FH，ABCDEFGH為正方體，DHEG，又EG平面EFGH，DHEG，又EGFH，EGFH=O，EG平面BFHD，又DF平面BFHD，DFEG，同理DFBG，又EGBG=G，DF平面BEG點(diǎn)評(píng)：本題主要考查了簡(jiǎn)單空間圖形的直觀圖、空間線面平行與垂直的判定與性質(zhì)等基礎(chǔ)知識(shí)，考查了空間想象能力和推理論證能力，屬于中檔題19（12分）（2015四川）已知A、B、C為ABC的內(nèi)角，tanA，tanB是關(guān)于方程x2+pxp+1=0（pR）兩個(gè)實(shí)根（）求C的大?。ǎ┤鬉B=3，AC=，求p的值考點(diǎn)：正弦定理的應(yīng)用；兩角和與差的正切函數(shù)菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有專題：函數(shù)的性質(zhì)及應(yīng)用；解三角形分析：（）由判別式=3p2+4p40，可得p2，或p，由韋達(dá)定理，有tanA+tanB=p，tanAtanB=1p，由兩角和的正切函數(shù)公式可求tanC=tan（A+B）=，結(jié)合C的范圍即可求C的值（）由正弦定理可求sinB=，解得B，A，由兩角和的正切函數(shù)公式可求tanA=tan75，從而可求p=（tanA+tanB）的值解答：解：（）由已知，方程x2+pxp+1=0的判別式：=（p）24（p+1）=3p2+4p40，所以p2，或p由韋達(dá)定理，有tanA+tanB=p，tanAtanB=1p所以，1tanAtanB=1（1p）=p0，從而tan（A+B）=所以tanC=tan（A+B）=，所以C=60（）由正弦定理，可得sinB=，解得B=45，或B=135（舍去）于是，A=180BC=75則tanA=tan75=tan（45+30）=2+所以p=（tanA+tanB）=（2+）=1點(diǎn)評(píng)：本題主要考查了和角公式、誘導(dǎo)公式、正弦定理等基礎(chǔ)知識(shí)，考查了運(yùn)算求解能力，考查了函數(shù)與方程、化歸與轉(zhuǎn)化等數(shù)學(xué)思想的應(yīng)用，屬于中檔題20（13分）（2015四川）如圖，橢圓E：=1（ab0）的離心率是，點(diǎn)P（0，1）在短軸CD上，且=1（）求橢圓E的方程；（）設(shè)O為坐標(biāo)原點(diǎn)，過(guò)點(diǎn)P的動(dòng)直線與橢圓交于A、B兩點(diǎn)是否存在常數(shù)，使得+為定值？若存在，求的值；若不存在，請(qǐng)說(shuō)明理由考點(diǎn)：直線與圓錐曲線的綜合問(wèn)題菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有專題：向量與圓錐曲線；圓錐曲線的定義、性質(zhì)與方程分析：（）通過(guò)e=、=1，計(jì)算即得a=2、b=，進(jìn)而可得結(jié)論；（）分情況對(duì)直線AB斜率的存在性進(jìn)行討論：當(dāng)直線AB的斜率存在時(shí)，聯(lián)立直線AB與橢圓方程，利用韋達(dá)定理計(jì)算可得當(dāng)=1時(shí)+=3；當(dāng)直線AB的斜率不存在時(shí)，+=3解答：解：（）根據(jù)題意，可得C（0，b），D（0，b），又P（0，1），且=1，解得a=2，b=，橢圓E的方程為：+=1；（）結(jié)論：存在常數(shù)=1，使得+為定值3理由如下：對(duì)直線AB斜率的存在性進(jìn)行討論：當(dāng)直線AB的斜率存在時(shí)，設(shè)直線AB的方程為y=kx+1，A（x1，y1），B（x2，y2），聯(lián)立，消去y并整理得：（1+2k2）x2+4kx2=0，=（4k）2+8（1+2k2）0，x1+x2=，x1x2=，從而+=x1x2+y1y2+x1x2+（y11）（y21）=（1+）（1+k2）x1x2+k（x1+x2）+1=2當(dāng)=1時(shí)，2=3，此時(shí)+=3為定值；當(dāng)直線AB的斜率不存在時(shí)，直線AB即為直線CD，此時(shí)+=+=21=3；故存在常數(shù)=1，使得+為定值3點(diǎn)評(píng)：本題考查橢圓的標(biāo)準(zhǔn)方程、直線方程等基礎(chǔ)知識(shí)，考查推理論證能力、運(yùn)算求解能力，考查數(shù)形結(jié)合、化歸與轉(zhuǎn)化、特殊與一般、分類與整合等數(shù)學(xué)思想，注意解題方法的