四川省樂山市十校2018_2019學(xué)年高二物理下學(xué)期半期聯(lián)考試題（含解析）.docx

四川省樂山市十校2018-2019學(xué)年高二物理下學(xué)期半期聯(lián)考試題（含解析）一、選擇題1.如圖所示的四個圖中，分別標(biāo)明了通電導(dǎo)線在磁場中的電流方向、磁場方向以及通電導(dǎo)線所受磁場力的方向，其中正確的是（ ）A. B. C. D. 【答案】C【解析】根據(jù)左手定則，A圖導(dǎo)線受磁場力向下，A錯誤；B不受磁場力；C正確；D圖所受磁場力方向應(yīng)垂直于導(dǎo)線方向，D錯誤。2.兩個放在絕緣支架上的相同金屬球相距為L，球的半徑比L小得多，分別帶q和3q的電荷量，相互斥力為3F?，F(xiàn)將這兩個金屬球接觸后分開放回原處，則它們間的相互斥力將變?yōu)椋?）A. 0B. FC. 2FD. 4F【答案】D【解析】【詳解】初始狀態(tài)下，根據(jù)庫侖定律有：，接觸后，兩電荷均分總電量，分別帶上2q的電量，解得，ABC錯誤D正確。3.如圖所示，AB是電場中的一條電場線，若將一負(fù)電荷從A點由靜止釋放，負(fù)電荷沿電場線從A到B運動過程中“速度-時間”圖象如圖所示，則下列判斷電勢和場強(qiáng)正確的是( )A. ， EAEBB. ， EAEBC. ， EAEBD. ， EAEB【答案】D【解析】根據(jù)速度時間圖像可以看出加速度減小，電場力減小，場強(qiáng)減小，EAEB，速度增大，電場力做正功，電勢能減小，對于負(fù)電荷，電勢能減小電勢升高，C對；4.如圖表示一交變電流隨時間而變化的圖象，此交流電流的有效值是（）A. 5AB. 5AC. AD. 3.5A【答案】B【解析】【詳解】將交流與直流通過阻值都為R的電阻，設(shè)直流電流為I，則根據(jù)有效值的定義有：，解得：I=5A，故選B.5.如圖所示的電路中， A、B為兩個完全相同的燈泡，L是自感系數(shù)很大的線圈，其電阻與R相等，下列說法正確的是 ( )A. 在斷開S2的情況下，若突然閉合S1時，A燈立即發(fā)光，B燈逐漸亮起來，最后兩燈一樣亮B. 在斷開S2的情況下，若突然閉合S1時，兩燈同時發(fā)光，然后B燈逐漸熄滅C. 若同時閉合S1、S2，待電路穩(wěn)定后突然將S1、S2同時斷開，則A燈會立即熄滅，而B燈逐漸熄滅D. 若同時閉合S1、S2，待電路穩(wěn)定后突然將S1、S2同時斷開，則B燈會立即熄滅，而A燈逐漸熄滅【答案】A【解析】【詳解】AB.在斷開S2的情況下，若突然閉合S1時，回路電流增大，電感線圈阻礙電流的增大，所以B支路電流緩慢增大，B燈逐漸亮起來，A燈與電阻相連，瞬間就亮；穩(wěn)定之后，L是自感系數(shù)很大的線圈，其電阻與R相等，兩支路電流相同，一樣亮，A正確B錯誤。CD.若同時閉合S1、S2，待電路穩(wěn)定后突然將S1、S2同時斷開，回路電流減小，電感線圈阻礙電流減小，此時A、B支路組成閉合回路，所以流經(jīng)兩燈泡電流相同，均為緩慢減小，兩燈緩慢熄滅，CD錯誤。6.如圖所示是一彈簧振子在水平面做簡諧運動的圖像，那么振動系統(tǒng)在( )A. t3 和t5具有相同的動能和動量B. t2 和t5時刻振子所受的回復(fù)力大小之比為 2:1C. t3 和t4具有相同的動能和不同的動量D. t1 和t4時刻具有相同的加速度和速度【答案】B【解析】【詳解】A. t3 和t5振子位置關(guān)于平衡位置對稱，速度大小相同，根據(jù)圖像可知，運動方向不同，所以動能相同，但動量大小相同，方向不同，A錯誤。B.根據(jù)回復(fù)力方程可知，回復(fù)力與位移大小成正比，t2 和t5時刻位移比2：1，所以回復(fù)力大小之比2：1，B正確。C.t3 和t4振子位置關(guān)于平衡位置對稱，且速度方向相同，均為y軸負(fù)向，所以動能和動量均相同，C錯誤。D.t1 和t4振子位置關(guān)于平衡位置對稱，回復(fù)力始終指向平衡位置，所以兩位置加速度方向相反，通過圖像也可得出運動方向相反，所以加速度與速度均不同，D錯誤。7.電源、開關(guān)S、定值電阻R1和R3、光敏電阻R2、燈泡以及電容器連接成如圖所示電路，電容器的兩平行板水平放置。當(dāng)開關(guān)S閉合，并且無光照射光敏電阻R2時，一帶電液滴恰好靜止在電容器兩板間的M點。當(dāng)用強(qiáng)光照射光敏電阻R2時，光敏電阻的阻值變小，則( )A. 電容器所帶電荷量減少B. 燈泡變暗C. 電容器兩極板間電壓變大D. 液滴向下運動【答案】C【解析】【詳解】根據(jù)閉合電路歐姆定律：，光敏電阻的阻值變小，回路電流增大，燈泡電流變大，燈泡變亮；R1兩端電壓：電壓變大，所以電容器兩極板電壓變大，電容器電荷量變大；板間場強(qiáng)，變大，初態(tài)電場力與重力平衡，現(xiàn)在場強(qiáng)變大，電場力變大，液滴合力向上，向上運動，ABD錯誤C正確。8.如圖所示，L1和L2是輸電線，甲是電壓互感器，變壓比為10001，乙是電流互感器變流比為1001，并且知道電壓表示數(shù)為220 V，電流表示數(shù)為10 A，則輸電線輸送功率為( )A. 2.2108WB. 2.2105WC. 2.2104WD. 2.2103W【答案】A【解析】【詳解】根據(jù)變壓器原理，回路電壓：；回路電流：，輸送功率：，BCD錯誤A正確。9.如圖所示，回旋加速器D形盒的半徑為R，用來加速質(zhì)量為m，電量為q的質(zhì)子，質(zhì)子每次經(jīng)過電場區(qū)時，都恰好在電壓為U時并被加速，且電場可視為勻強(qiáng)電場，使質(zhì)子由靜止加速到能量為E后，由A孔射出。下列說法正確的是（ ） A. D形盒半徑R、磁感應(yīng)強(qiáng)度B不變，若加速電壓U越高,質(zhì)子的在加速器中的運動時間將不變。B. D形盒半徑R、磁感應(yīng)強(qiáng)度B不變，若加速電壓U越高,質(zhì)子的在加速器中的運動時間將越長。C. D形盒半徑R、磁感應(yīng)強(qiáng)度B不變，若加速電壓U越高,質(zhì)子飛出D形盒的動能EK將越大。D. 磁感應(yīng)強(qiáng)度B不變，若加速電壓U不變, D形盒半徑R越大、質(zhì)子飛出D形盒的動能EK將越大【答案】D【解析】【詳解】ABC.在回旋加速器中，每經(jīng)過電場一次，獲得動能，根據(jù)洛侖茲力提供向心力：，當(dāng)粒子半徑等于回旋加速器半徑時，粒子速度最大，動能最大：，與電壓無關(guān)，所以 D形盒半徑R、磁感應(yīng)強(qiáng)度B不變，最大動能不變，但是每次獲得動能增大，轉(zhuǎn)的圈數(shù)減小，而每圈的時間是定值，所以加速時間將減小。ABC錯誤。D.根據(jù)可知半徑R越大、質(zhì)子飛出D形盒的動能EK將越大，D正確。10.兩磁感應(yīng)強(qiáng)度均為B的勻強(qiáng)磁場區(qū)域I、，方向如圖示，兩區(qū)域中間是寬為S的無磁場區(qū)域，有一邊長為L（LS）、電阻為R的均勻正方形金屬線框abcd置于I區(qū)域，ab邊與磁場邊界平行，現(xiàn)拉著金屬框以速度v向右勻速運動，則( )A. 當(dāng)ab邊剛進(jìn)入中央無磁場區(qū)域時，ab兩點間電壓為B. 當(dāng)ab邊剛進(jìn)入磁場區(qū)域時，通過ab邊的電流大小為方向由abC. 當(dāng)ab邊剛進(jìn)入?yún)^(qū)域到cd邊剛出I區(qū)域的過程中，拉力大小為D. 當(dāng)cd邊剛出I區(qū)域到剛進(jìn)入?yún)^(qū)域的過程中，回路中產(chǎn)生的焦耳熱為【答案】BD【解析】【詳解】A.當(dāng)ab邊剛進(jìn)入中央無磁場區(qū)域時，ab兩點間的電阻為總電阻的，根據(jù)電壓關(guān)系可知：ab兩點間電壓，A錯誤。B.當(dāng)ab邊剛進(jìn)入磁場區(qū)域時，ab、cd兩邊都在切割，根據(jù)右手定則可以判斷，產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢方向相同，感應(yīng)電流方向由ab，所以回路總電動勢，回路電流，B正確。C.當(dāng)ab邊剛進(jìn)入?yún)^(qū)域到cd邊剛出I區(qū)域的過程中，此時兩邊均受到安培力作用，且方向相同，根據(jù)平衡可得此時外力，C錯誤。D.當(dāng)cd邊剛出I區(qū)域到剛進(jìn)入?yún)^(qū)域的過程中，回路只有ab邊在切割，電動勢：，回路產(chǎn)熱：，D正確。11.細(xì)長輕繩下端拴一小球構(gòu)成單擺，在懸掛點正下方擺長處有一個能擋住擺線的釘子A，如圖所示現(xiàn)將單擺向左拉開一個小角度，然后無初速地釋放對于以后的運動，下列說法中錯誤的是( )A. 擺球往返運動一次的周期比無釘子時的單擺周期小B. 擺線在平衡位置右側(cè)的最大擺角是左側(cè)的兩倍C. 擺球在平衡位置左右兩側(cè)走過的最大弧長相等D. 擺球在左、右兩側(cè)上升的最大高度一樣【答案】BC【解析】【詳解】A.根據(jù)單擺周期方程，未放釘子時，單擺周期：，放釘子后，過釘子擺長減半，單擺周期：，周期變小，A正確。BCD.設(shè)左側(cè)擺角為，右側(cè)角為，根據(jù)機(jī)械能守恒有，左右兩側(cè)上升的最大高度一樣，根據(jù)幾何關(guān)系有，整理得：，如果，解得，不符合題意，所以角度不是2倍關(guān)系，根據(jù)弧長公式：，兩端角度不是2倍關(guān)系，而半徑是一半關(guān)系，所以最大弧長不相等。BC錯誤D正確12.圖中三條實線a、b、c表示三個等勢面。一個帶電粒子射入電場后只在電場力作用下沿虛線所示途徑由M點運動到N點，由圖可以看出( )A. M和N點的電場場強(qiáng)EMENB. 三個等勢面的電勢關(guān)系是C. 帶電粒子在N點的動能較小，電勢能較大D. 帶電粒子在N點的動能較大，電勢能較小【答案】AC【解析】【詳解】A.等勢面越密集的地方，場強(qiáng)越大，所以N點場強(qiáng)大于M點場強(qiáng)，A正確。B.電場線與等勢面垂直，根據(jù)軌跡可知，軌跡與b交點處受力方向垂直交點切線向下，但由于不清楚粒子的帶電性質(zhì)，所以無法判斷場強(qiáng)方向，無法判斷電勢關(guān)系，B錯誤。CD.從M到N過程，結(jié)合B選項分析，電場力與速度夾角為鈍角，做負(fù)功，電勢能增大，動能減小，C正確D錯誤。13.放射源發(fā)出的粒子（氦原子核）經(jīng)電壓為U的加速電場加速后進(jìn)入正交的勻強(qiáng)電場E和勻強(qiáng)磁場B中，電場方向向下，磁場方向向內(nèi)，如圖所示，發(fā)現(xiàn)離子向下偏轉(zhuǎn)，要使離子沿直線通過磁場，可以（ ）A. 增大電場強(qiáng)度EB. 增大磁感應(yīng)強(qiáng)度BC. 減小加速電壓UD. 增大加速電壓U【答案】BD【解析】【詳解】粒子向下偏轉(zhuǎn)，根據(jù)牛頓第二定律可知：，洛侖茲力小于電場力，要使粒子直線運動，即電場力與洛侖茲力平衡；增大電場強(qiáng)度E，合力向下，不可能直線；增大磁感應(yīng)強(qiáng)度B，增大洛侖茲力，可以達(dá)到電場力與洛侖茲力平衡，直線運動；減小加速電壓，粒子速度變小，洛侖茲力變小，合力向下，不能直線運動；增大加速電壓粒子速度變大，洛侖茲力變大，合力可以為零，能夠直線運動，AC錯誤BD正確。14.閉合回路由兩部分組成，如圖所示，右側(cè)是電阻為r的圓形導(dǎo)線，置于豎直方向均勻變化的磁場B1中；左側(cè)是光滑的傾角為的平行導(dǎo)軌，寬度為d，其電阻不計磁感應(yīng)強(qiáng)度為B2的勻強(qiáng)磁場垂直導(dǎo)軌平面向上，且只分布在左側(cè)，一個質(zhì)量為m、連入電路中電阻為R的導(dǎo)體棒此時恰好能靜止在導(dǎo)軌上，分析下述判斷正確的是 ( )A. 圓形導(dǎo)線中的磁場，可以方向向上均勻增強(qiáng)，也可以方向向下均勻減弱B. 導(dǎo)體棒ab受到的安培力大小為C. 回路中的感應(yīng)電流為D. 圓形導(dǎo)線中的電熱功率為【答案】ABC【解析】試題分析：導(dǎo)體棒靜止在導(dǎo)軌上，所受的合力為零根據(jù)力的平衡得知，棒所受的安培力的大小為，方向沿斜面向上所以有，則回路中的感應(yīng)電流大小，根據(jù)安培力的方向，通過左手定則判斷得知，通過線圈感應(yīng)電流的方向從上往下看為順時針方向根據(jù)楞次定律，圓形線圈中的磁場可以方向向上均勻增強(qiáng)，也可以方向向下均勻減弱，故ABC正確；根據(jù)，可知圓形導(dǎo)線中的電熱功率為，故D錯誤；考點：考查了法拉第電磁感應(yīng)定律；楞次定律【名師點睛】解決本題的關(guān)鍵通過受力平衡求出安培力的大小和方向，以及掌握左手定則判定安培力與電流方向的關(guān)系，和運用楞次定律判斷感應(yīng)電流方向與磁場的變化關(guān)系二、實驗題15.根據(jù)單擺周期公式，可以通過實驗測定當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣?，實驗裝置如圖甲所示。(1)某次實驗用游標(biāo)卡尺測量小鋼球直徑，示數(shù)如圖乙所示，讀數(shù)為_ mm。(2)以下是實驗過程中的一些做法，其中正確的有_。(多選)A. 擺線要選擇細(xì)些的、伸縮性小些的，并且適當(dāng)長一些B. 擺球盡量選擇質(zhì)量大些、體積小些的C. 為了使擺的周期大一些、以方便測量，開始時拉開擺球，使擺線相距平衡位置有較大的角度D. 拉開擺球，使擺線偏離平衡位置大于5度，在釋放擺球的同時開始計時，當(dāng)擺球回到開始位置時停止計時，此時間間隔t即為單擺周期TE. 拉開擺球，使擺線偏離平衡位置不大于5度，釋放擺球，當(dāng)擺球振動穩(wěn)定后，從平衡位置開始計時，記下擺球做50次全振動所用的時間t，則單擺周期【答案】 (1). 18.6 (2). ABE【解析】【詳解】（1）游標(biāo)卡尺主尺刻度：18mm，分尺刻度：，所以讀數(shù)為18.6mm。（2）AB.為了減小實驗誤差，擺線選擇細(xì)些的、彈性小的、并且適當(dāng)長一些，擺球選擇質(zhì)量大，體積小的可以減小阻力的影響，AB正確。C.為了減小實驗誤差，保證擺球盡量做單擺運動，擺角不超過5度，C錯誤。DE.為了計時準(zhǔn)確，在擺球經(jīng)過平衡位置開始計時，誤差小，在釋放的同時，速度為零，計時誤差大，50次全振動所用的時間t，則單擺周期，D錯誤E正確。16.在“用電流表和電壓表測定電池的電動勢和內(nèi)電阻”的實驗中備有如下器材： A干電池1節(jié)B滑動變阻器（020 ）C滑動變阻器（01 k）D電壓表（03 V，內(nèi)阻約為20 k）E電流表（006 A，內(nèi)阻RA0.2 ）F電流表（03 A，內(nèi)阻約為0.01 ）G開關(guān)、導(dǎo)線若干(1)為減小實驗誤差和方便操作，選擇圖甲所示電路進(jìn)行實驗，其中滑動變阻器應(yīng)選_，電流表應(yīng)選_。（填寫器材前的序號）(2)某同學(xué)根據(jù)實驗測得的電壓表示數(shù)U和電流表示數(shù)I，畫出UI圖像如圖乙所示，由圖像可得電池的電動勢為_V，內(nèi)電阻為_。（保留到小數(shù)點后1位）【答案】 (1). B (2). E (3). 1.5 (4). 0.8【解析】【詳解】（1）因為電源內(nèi)阻很小，為了方便調(diào)節(jié)電壓表示數(shù)，滑動變阻器選擇電阻較小B；為了準(zhǔn)確測量，電流表應(yīng)選擇內(nèi)阻已知的E。（2）根據(jù)閉合電路歐姆定律：，圖像縱截距為電動勢：；斜率，解得內(nèi)阻為。三、計算17.如圖所示，矩形線圈匝數(shù)N100 匝，ab30 cm，ad20 cm，勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度B0.8 T，繞垂直磁場方向的軸OO從圖示位置開始勻速轉(zhuǎn)動，角速度100 rad/s，試求：(1)穿過線圈的磁通量最大值m為多大？線圈轉(zhuǎn)到什么位置時取得此值？(2)線圈產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢最大值Em為多大？線圈轉(zhuǎn)到什么位置時取得此值？(3)寫出感應(yīng)電動勢e隨時間變化的表達(dá)式?！敬鸢浮?1) Wb 當(dāng)線圈位于中性面時，磁通量最大 (2) V 當(dāng)線圈位于圖示位置時（或線圈平面與磁場方向平行時）感應(yīng)電動勢最大 (3) V【解析】【詳解】(1)當(dāng)線圈位于中性面時，磁通量最大，帶入數(shù)據(jù)得：Wb (2)當(dāng)線圈位于圖示位置時（或線圈平面與磁場方向平行時）感應(yīng)電動勢最大： ，帶入數(shù)據(jù)得：(3)從圖示位置開始，電動勢按余弦規(guī)律變化，即：，帶入數(shù)據(jù)得：18.如圖所示，間距為L的兩根平行長直金屬導(dǎo)軌MN、PQ固定在傾角為的絕緣斜面上，導(dǎo)軌上端接有阻值為R的電阻，一根長為L、電阻為3R、質(zhì)量為m的直導(dǎo)體棒ab垂直放在兩導(dǎo)軌上。整個裝置處于方向垂直斜面向上、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B的勻強(qiáng)磁場中。ab由靜止釋放后沿導(dǎo)軌運動，下滑位移大小為時到達(dá)cd位置并恰好開始做勻速運動。ab在運動過程中與導(dǎo)軌接觸良好，導(dǎo)軌電阻及一切摩擦均不計，重力加速度大小為g。求：(1)ab棒勻速時速度大?。?2)從ab棒由靜止釋放到開始勻速運動整個過程通過電阻R的電荷量；(3)從ab棒由靜止釋放到開始勻速運動的整個過程中電阻R產(chǎn)生的熱量Q?！敬鸢浮?1) (2) (3) Q=【解析】【詳解】(1)由受力分析及題知，當(dāng)金屬棒勻速時，合外力為零，即：，感應(yīng)電流，感應(yīng)電動勢，聯(lián)立得：(2)經(jīng)分析可知：電量，平均電流，平均感應(yīng)電動勢 ，聯(lián)立得: (3