第八章第三節(jié)課后達(dá)標(biāo)檢測.doc

一、單項選擇題1.(2015江蘇常州高級中學(xué)高三月考)回旋加速器是加速帶電粒子的裝置，其核心部分是分別與高頻交流電源兩極相連接的兩個D形金屬盒，兩盒間的狹縫中形成周期性變化的電場，使粒子在通過狹縫時都能得到加速，兩D形金屬盒處于垂直于盒底的勻強(qiáng)磁場中，如圖所示設(shè)D形盒半徑為R.若用回旋加速器加速質(zhì)子時，勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，高頻交流電頻率為f.則下列說法正確的是()A質(zhì)子被加速后的最大速度不可能超過2fRB質(zhì)子被加速后的最大速度與加速電場的電壓大小有關(guān)C高頻電源只能使用矩形交變電流，不能使用正弦式交變電流D不改變B和f，該回旋加速器也能用于加速粒子解析：選A.由T，T，可得質(zhì)子被加速后的最大速度為2fR，不可能超過2fR，質(zhì)子被加速后的最大速度與加速電場的電壓大小無關(guān)，選項A正確，B錯誤高頻電源可以使用正弦式交變電流，選項C錯誤要加速粒子，高頻交流電周期必須變?yōu)榱Ｗ釉谄渲凶鰣A周運動的周期，即T，故D錯2.如圖所示，一個質(zhì)量為m、電荷量為q的帶電小球從水平線PQ上方M點自由下落，以PQ為邊界下方有方向豎直向下、電場強(qiáng)度為E的勻強(qiáng)電場，同時還有垂直于紙面的勻強(qiáng)磁場，小球從邊界上的a點進(jìn)入復(fù)合場后，恰能做勻速圓周運動，并從邊界上的b點穿出，重力加速度為g，不計空氣阻力，則以下說法正確的是()A小球帶負(fù)電荷，勻強(qiáng)磁場方向垂直于紙面向外B小球的電荷量與質(zhì)量的比值C小球從a運動到b的過程中，小球和地球組成的系統(tǒng)的機(jī)械能守恒D小球在a、b兩點的速度相同解析：選B.帶電小球在復(fù)合場中做勻速圓周運動，則qEmg，選項B正確；電場方向豎直向下，則可知小球帶負(fù)電，由于小球從b點射出，根據(jù)左手定則可知磁場方向垂直紙面向里，選項A錯誤；小球運動過程中，電場力做功，故小球和地球組成的系統(tǒng)的機(jī)械能不守恒，只是在a、b兩點機(jī)械能相等，選項C錯誤；小球在a、b兩點速度方向相反，故選項D錯誤3(2015東北三校聯(lián)考)如圖所示，某種帶電粒子由靜止開始經(jīng)電壓為U1的電場加速后，射入水平放置、電勢差為U2的兩導(dǎo)體板間的勻強(qiáng)電場中，帶電粒子沿平行于兩板的方向從兩板正中間射入，穿過兩板后又垂直于磁場方向射入邊界線豎直的勻強(qiáng)磁場中，則粒子射入磁場和射出磁場的M、N兩點間的距離d隨著U1和U2的變化情況為(不計重力，不考慮邊緣效應(yīng))()Ad隨U1變化，d與U2無關(guān)Bd與U1無關(guān)，d隨U2變化Cd隨U1變化，d隨U2變化Dd與U1無關(guān)，d與U2無關(guān)解析：選A.設(shè)帶電粒子在加速電場中被加速后的速度為v0，根據(jù)動能定理有qU1mv.設(shè)帶電粒子從偏轉(zhuǎn)電場中出來進(jìn)入磁場時的速度大小為v，與水平方向的夾角為，如圖所示，在磁場中有r，v，而d2rcos ，聯(lián)立解得d2，因而選項A正確4.如圖所示為一種獲得高能粒子的裝置環(huán)形加速器，環(huán)形區(qū)域內(nèi)存在垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場，質(zhì)量為m、電荷量為q的粒子在環(huán)中做半徑為R的圓周運動A、B為兩塊中心開有小孔的極板，原來電勢都為零，每當(dāng)粒子飛經(jīng)A板時A板電勢升高為U，B板電勢仍保持為零，粒子在兩極板間的電場中加速；每當(dāng)粒子離開電場區(qū)域時，A板電勢又降為零粒子在電場一次次加速下動能不斷增大，而在環(huán)形區(qū)域內(nèi)繞行半徑不變(設(shè)極板間距遠(yuǎn)小于R)下列關(guān)于環(huán)形加速器的說法中正確的是()A環(huán)形區(qū)域內(nèi)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小Bn與加速次數(shù)n之間的關(guān)系為B環(huán)形區(qū)域內(nèi)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小Bn與加速次數(shù)n之間的關(guān)系為CA、B板之間的電壓可以始終保持不變D粒子每次繞行一圈所需的時間tn與加速次數(shù)n之間的關(guān)系為解析：選B.因粒子每繞行一圈，其增加的能量為qU, 所以，繞行第n圈時獲得的總動能為mvnqU，得第n圈的速度vn.在磁場中，由牛頓第二定律得qBnvnm，解得Bn，所以，A錯誤，B正確；如果A、B板之間的電壓始終保持不變，粒子在A、B兩極板之間飛行時，電場對其做功qU，從而使之加速，在磁場內(nèi)飛行時，電場又對粒子做功qU，從而使之減速，粒子繞行一周電場對其所做總功為零，動能不會增加，達(dá)不到加速效果，C錯誤；根據(jù)t得tn2R，得，D錯誤二、多項選擇題5(2015南昌模擬)如圖所示，有一金屬塊放在垂直于側(cè)面C的勻強(qiáng)磁場中，當(dāng)有穩(wěn)恒電流自左向右通過時，下列說法中正確的是()A金屬塊上表面的電勢高于下表面的電勢B磁感應(yīng)強(qiáng)度增大時，金屬塊上、下兩表面間的電勢差U增大C電流增大時，金屬塊上、下兩表面間的電勢差U減小D電流不變時，金屬塊中單位體積內(nèi)自由電子越多，上、下兩表面間的電勢差U越小 解析：選BD.電流方向水平向右，則自由電子的運動方向水平向左，根據(jù)左手定則，電子向上偏，上表面得到電子帶負(fù)電，下表面失去電子帶正電，所以下表面的電勢高，故選項A錯誤當(dāng)電子勻速穿過勻強(qiáng)磁場時，此時電場力等于洛倫茲力，即eevB，解得UBdv，又電流的微觀表達(dá)式為IneSv，n表示單位體積內(nèi)的自由電子數(shù)，S表示橫截面積，v表示自由電子定向移動的速率，綜上可知，選項B、D正確，C錯誤6(2015長春調(diào)研)如圖所示，一個絕緣且內(nèi)壁光滑的環(huán)形細(xì)圓管固定于豎直平面內(nèi)，環(huán)的半徑為R(比細(xì)圓管的內(nèi)徑大得多)在圓管的最低點有一個直徑略小于細(xì)圓管內(nèi)徑的帶正電小球處于靜止?fàn)顟B(tài)，小球的質(zhì)量為m，帶電荷量為q，重力加速度為g.空間存在一磁感應(yīng)強(qiáng)度大小未知(不為零)，方向垂直于環(huán)形細(xì)圓管所在平面向里的勻強(qiáng)磁場某時刻，給小球一方向水平向右、大小為v0的初速度，則以下判斷正確的是()A無論磁感應(yīng)強(qiáng)度大小如何，獲得初速度后的瞬間，小球在最低點一定受到管壁的彈力作用B無論磁感應(yīng)強(qiáng)度大小如何，小球一定能到達(dá)環(huán)形細(xì)圓管的最高點，且小球在最高點一定受到管壁的彈力作用C無論磁感應(yīng)強(qiáng)度大小如何，小球一定能到達(dá)環(huán)形細(xì)圓管的最高點，且小球到達(dá)最高點時的速度大小都相同D小球從環(huán)形細(xì)圓管的最低點運動到所能到達(dá)的最高點的過程中，水平方向分速度的大小一直減小解析：選BC.小球在軌道最低點時受到的洛倫茲力方向豎直向上，若洛倫茲力和重力的合力恰好提供小球所需要的向心力，則在最低點時小球不會受到管壁彈力的作用，A選項錯誤小球運動的過程中，洛倫茲力不做功，小球的機(jī)械能守恒，運動至最高點時小球的速度v，由于是雙層軌道約束，小球運動過程中不會脫離軌道，所以小球一定能到達(dá)軌道的最高點，C選項正確在最高點時，小球圓周運動的向心力Fmmg，小球受到豎直向下的洛倫茲力的同時必然受到與洛倫茲力等大反向的軌道對小球的彈力，B選項正確小球從最低點運動到最高點的過程中，小球在下半圓內(nèi)上升的過程中，水平分速度向右且減小，到達(dá)圓心的等高點時，水平分速度為零，而運動至上半圓后水平分速度向左且不為零，所以水平分速度一定有增大的過程，D選項錯誤7.(2015武漢模擬)如圖所示，有3塊水平放置的長薄金屬板a、b和c，a、b之間相距為L.緊貼b板下表面豎直放置半徑為R的半圓形塑料細(xì)管，兩管口正好位于小孔M、N處板a與b、b與c之間接有電壓可調(diào)的直流電源，板b與c之間還存在方向垂直紙面的勻強(qiáng)磁場(圖中未標(biāo)出)當(dāng)體積為V0、密度為、電荷量為q的帶電油滴，等間隔地以速度v0從a板上的小孔豎直向下射入，調(diào)節(jié)板間電壓UbaU1、UbcU2時，油滴穿過b板M孔進(jìn)入細(xì)管，恰能與細(xì)管無接觸地從N孔射出忽略小孔和細(xì)管對電場的影響，不計空氣阻力則以下說法正確的是()A油滴帶負(fù)電，板b與c之間的磁場方向向外B油滴進(jìn)入M孔的速度為 Cb、c兩板間的電場強(qiáng)度E為Db、c兩板間的磁感應(yīng)強(qiáng)度為解析：選ABC.依題意可知，油滴在板b和c之間恰好做勻速圓周運動，則其所受重力和靜電力平衡，洛倫茲力提供向心力，由此判斷得出油滴帶負(fù)電，磁場方向向外，故選項A正確；油滴進(jìn)入電場后，重力與靜電力均做功，設(shè)到M點時的速度為v1，由動能定理得mvmvmgLqU1，考慮到mV0，解得v1，故選項B正確；由上面分析可得mgqE，解得E，故選項C正確；油滴在半圓形細(xì)管中運動時，洛倫茲力提供向心力，即qv1B，解得B ，故選項D錯誤三、非選擇題8(2015陜西西安長安一中模擬)如圖所示，在xOy直角坐標(biāo)系中，第象限內(nèi)分布著方向垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場，第象限內(nèi)分布著方向沿y軸負(fù)方向的勻強(qiáng)電場初速度為零、帶電荷量為q、質(zhì)量為m的粒子經(jīng)過電壓為U的電場加速后，從x軸上的A點垂直x軸進(jìn)入磁場區(qū)域，經(jīng)磁場偏轉(zhuǎn)后過y軸上的P點且垂直y軸進(jìn)入電場區(qū)域，在電場中偏轉(zhuǎn)并擊中x軸上的C點已知OAOCd.求電場強(qiáng)度E和磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大小(粒子的重力不計)解析：設(shè)帶電粒子經(jīng)電壓為U的電場加速后速度為v，由動能定理：qUmv2帶電粒子進(jìn)入磁場后，洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律：qBv依題意可知：rd聯(lián)立式解得：B帶電粒子在電場中偏轉(zhuǎn)，做類平拋運動，設(shè)經(jīng)時間t從P點到達(dá)C點，由平拋運動規(guī)律有dvtdat2又知qEma聯(lián)立式可解得：E.答案：9.如圖所示，在平面直角坐標(biāo)系中，AO是xOy的角平分線，x軸上方存在電場強(qiáng)度方向水平向左的勻強(qiáng)電場，下方存在電場強(qiáng)度方向豎直向上的勻強(qiáng)電場和磁感應(yīng)強(qiáng)度方向垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場，兩電場的電場強(qiáng)度大小相等一質(zhì)量為m、電荷量為q的質(zhì)點從OA上的M點由靜止釋放，質(zhì)點恰能沿AO運動而通過O點，經(jīng)偏轉(zhuǎn)后從x軸上的C點進(jìn)入第一象限內(nèi)并擊中AO上的D點已知ODOM，勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B(T)，重力加速度為g10 m/s2.求：(1)兩勻強(qiáng)電場的電場強(qiáng)度E的大?。?2)OM的長L；(3)質(zhì)點從M點出發(fā)到擊中D點所經(jīng)歷的時間t.解析：(1)質(zhì)點在第一象限內(nèi)受重力和水平向左的電場力作用沿AO做勻加速直線運動，所以有mgqE，即E.(2)質(zhì)點在x軸下方，重力與電場力平衡，質(zhì)點做勻速圓周運動，從C點進(jìn)入第一象限后做類平拋運動，其軌跡如圖所示，有Bqvm由運動學(xué)規(guī)律知v22aL，ag由類平拋運動規(guī)律知Rvt3，Rat聯(lián)立解得L20 m或 m.(3)質(zhì)點做勻加速直線運動有Lat，得t12 s或 s質(zhì)點做勻速圓周運動有t24.71 s質(zhì)點做類平拋運動有Rvt3，得t31 s質(zhì)點從M點出發(fā)到擊中D點所經(jīng)歷的時間為tt1t2t37.71 s或6.38 s.答案：(1)(2)20 m或 m(3)7.71 s或6.38 s10.(2015西安模擬)如圖甲所示，豎直擋板MN左側(cè)空間有方向豎直向上的勻強(qiáng)電場和垂直紙面向里的水平勻強(qiáng)磁場，電場和磁場的范圍足夠大，電場強(qiáng)度E40 N/C，磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時間t變化的關(guān)系圖象如圖乙所示，選定磁場垂直紙面向里為正方向t0時刻，一質(zhì)量m8104kg、電荷量q2104 C的微粒在O點具有豎直向下的速度v0.12 m/s，O是擋板MN上一點，直線OO與擋板MN垂直，g取10 m/s2.求：(1)微粒再次經(jīng)過直線OO時與O點的距離；(2)微粒在運動過程中離開直線OO的最大高度；(3)水平移動擋板，使微粒能垂直射到擋板上，擋板與O點間的距離應(yīng)滿足的條件解析：(1)由題意可知，微粒所受的重力Gmg8103N電場力大小FEq8103N因此重力與電場力平衡微粒先在洛倫茲力作用下做勻速圓周運動，則qvBm，解得R0.6 m由T，解得T10 s則微粒在5 s內(nèi)轉(zhuǎn)過半個圓周，再次經(jīng)直線OO時與O點的距離：l2R1.2 m.(2