高中物理競賽解題方法之遞推法例題.doc

六、遞推法方法簡介遞推法是解決物體與物體發(fā)生多次作用后的情況。 即當問題中涉及相互聯系的物體較多并且有規(guī)律時，應根據題目特點應用數學思想將所研究的問題歸類，然后求出通式。 具體方法是先分析某一次作用的情況，得出結論。 再根據多次作用的重復性和它們的共同點，把結論推廣，然后結合數學知識求解。 用遞推法解題的關鍵是導出聯系相鄰兩次作用的遞推關系式。塞題精析例1：質點以加速度a從靜止出發(fā)做直線運動，在某時刻t ，加速度變?yōu)?a ；在時刻2t ，加速度變?yōu)?a ； ；在nt時刻，加速度變?yōu)?n + 1) a ，求： （1）nt時刻質點的速度； （2）nt時間內通過的總路程。解析：根據遞推法的思想，從特殊到一般找到規(guī)律，然后求解。 （1）物質在某時刻t末的速度為vt = at2t末的速度為v2t = vt + 2at 即v2t = at + 2at3t末的速度為v3t = v2t + 3at = at + 2at + 3at則nt末的速度為vnt = v(n)t + nat = at + 2at + 3at + + nat = at (1 + 2 + 3 + + n) = at(n + 1)n =n (n + 1)at （2）同理：可推得nt內通過的總路程s =n (n + 1)(2n + 1)at2例2：小球從高h0 = 180m處自由下落，著地后跳起又下落，每與地面相碰一次，速度減?。╪ = 2），求小球從下落到停止經過的總時間為通過的總路程。（g取10m/s2）解析：小球從h0高處落地時，速率v0 = 60m/s第一次跳起時和又落地時的速率v1 =第二次跳起時和又落地時的速率v2 =第m次跳起時和又落地時的速率vm =每次跳起的高度依次為h1 =，h2 =，通過的總路程s = h0 + 2h1 + 2h2 + + 2hm + = h0 +(1 + + ) = h0 += h0=h0 = 300m經過的總時間為t = t0 + t1 + t2 + + tm + =+ + =1 + 2+ + 2()m + =18s例3：A 、B 、C三只獵犬站立的位置構成一個邊長為a的正三角形，每只獵犬追捕獵物的速度均為v ，A犬想追捕B犬，B犬想追捕C犬，C犬想追捕A犬，為追捕到獵物，獵犬不斷調整方向，速度方向始終“盯”住對方，它們同時起動，經多長時間可捕捉到獵物？解析：由題意可知，由題意可知，三只獵犬都做等速率曲線運動，而且任一時刻三只獵犬的位置都分別在一個正三角形的三個頂點上，但這正三角形的邊長不斷減小，如圖61所示。所以要想求出捕捉的時間，則需用微元法將等速率曲線運動變成等速率直線運動，再用遞推法求解。設經時間t可捕捉獵物，再把t分為n個微小時間間隔t ，在每一個t內每只獵犬的運動可視為直線運動，每隔t ，正三角形的邊長分別為a1 、a2 、a3 、 、an ，顯然當an0時三只獵犬相遇。a1 = aAA1BB1cos60= avta2 = a1vt = a2vta3 = a2vt = a3vtan = anvt因為anvt = 0 ，即nt = t 所以：t =（此題還可用對稱法，在非慣性參考系中求解。）例4：一列進站后的重載列車，車頭與各節(jié)車廂的質量相等，均為m ，若一次直接起動，車頭的牽引力能帶動30節(jié)車廂，那么，利用倒退起動，該車頭能起動多少節(jié)同樣質量的車廂？解析：若一次直接起動，車頭的牽引力需克服摩擦力做功，使各節(jié)車廂動能都增加，若利用倒退起動，則車頭的牽引力需克服摩擦力做的總功不變，但各節(jié)車廂起動的動能則不同。原來掛鉤之間是張緊的，倒退后掛鉤間存在s的寬松距離，設火車的牽引力為F ，則有：車頭起動時，有：(Fmg) s =m拉第一節(jié)車廂時：(m + m)= mv1故有：=(g) s (F2mg) s =2m2m拉第二節(jié)車廂時：(m + 2m)= 2mv2故同樣可得：=(g) s推理可得：=(g) s由0可得：Fmg另由題意知F = 31mg ，得：n46因此該車頭倒退起動時，能起動45節(jié)相同質量的車廂。例5 有n塊質量均為m ，厚度為d的相同磚塊，平放在水平地面上，現將它們一塊一塊地疊放起來，如圖62所示，人至少做多少功？解析 將平放在水平地面上的磚一塊一塊地疊放起來，每次克服重力做的功不同，因此需一次一次地計算遞推出通式計算。將第2塊磚平放在第一塊磚上人至少需克服重力做功為W2 = mgd將第3 、4 、 、n塊磚依次疊放起來，人克服重力至少所需做的功分別為：W3 = mg2dW4 = mg3dW5 = mg4dWn = mg (n1)d所以將n塊磚疊放起來，至少做的總功為W = W1 + W2 + W3 + + Wn = mgd + mg2d + mg3d + + mg (n1)d mgd例6：如圖63所示，有六個完全相同的長條薄片AiBi（i = 2 、4 、）依次架在水平碗口上，一端擱在碗口，另一端架在另一薄片的正中位置（不計薄片的質量）。 將質量為m的質點置于A1A6的中點處，試求：A1B1薄片對A6B6的壓力。解析：本題共有六個物體，通過觀察會發(fā)現，A1B1 、A2B2 、A5B5的受力情況完全相同，因此將A1B1 、A2B2 、A5B5作為一類，對其中一個進行受力分析，找出規(guī)律，求出通式即可求解。以第i個薄片AB為研究對象，受力情況如圖63甲所示，第i個薄片受到前一個薄片向上的支持力Ni 、碗邊向上的支持力和后一個薄片向下的壓力Ni+1。 選碗邊B點為軸，根據力矩平衡有：NiL = Ni+1，得：Ni =Ni+1所以：N1 =N2 =N3 = = ()5N6 再以A6B6為研究對象，受力情況如圖63乙所示，A6B6受到薄片A5B5向上的支持力N6、碗向上的支持力和后一個薄片A1B1向下的壓力N1 、質點向下的壓力mg 。 選B6點為軸，根據力矩平衡有：N1+ mg= N6L 由、聯立，解得：N1 =所以，A1B1薄片對A6B6的壓力為。例7：用20塊質量均勻分布的相同光滑積木塊，在光滑水平面上一塊疊一塊地搭成單孔橋，已知每一積木塊長度為L ，橫截面是邊長為h（h =）的正方形，要求此橋具有最大的跨度（即橋孔底寬），計算跨度與橋孔高度的比值。 解析：為了使搭成的單孔橋平衡，橋孔兩側應有相同的積木塊，從上往下計算，使積木塊均能保證平衡，要滿足合力矩為零，平衡時，每塊積木塊都有最大伸出量，則單孔橋就有最大跨度，又由于每塊積木塊都有厚度，所以最大跨度與橋孔高度存在一比值。將從上到下的積木塊依次計為1 、2 、 、n ，顯然第1塊相對第2塊的最大伸出量為：x1 =第2塊相對第3塊的最大伸出量為x2（如圖64所示），則：Gx2 = (x2)G得：x2 =同理可得第3塊的最大伸出量：x3 =最后歸納得出：xn =所以總跨度：k = 2= 11.32h跨度與橋孔高的比值為：=1.258例8：如圖65所示，一排人站在沿x軸的水平軌道旁，原點O兩側的人的序號都記為n（n = 1 、2 、3 、）。 每人只有一個沙袋，x0一側的每個沙袋質量為m = 14kg ，x0一側的每個沙袋質量m= 10kg 。一質量為M = 48kg的小車以某初速度v0從原點出發(fā)向正x軸方向滑行。 不計軌道阻力。 當車每經過一人身旁時，此人就把沙袋以水平速度v朝與車速相反的方向沿車面扔到車上，v的大小等于扔此袋之前的瞬間車速大小的2n倍。（n是此人的序號數） （1）空車出發(fā)后，車上堆積了幾個沙袋時車就反向滑行？ （2）車上最終有大小沙袋共多少個？解析：當人把沙袋以一定的速度朝與車速相反的方向沿車面扔到車上時，由動量守恒定律知，車速要減小，可見，當人不斷地把沙袋以一定的速度扔到車上，總有一時刻使車速反向或減小到零，如車能反向運動，則另一邊的人還能將沙袋扔到車上，直到車速為零，則不能再扔，否則還能扔。小車以初速v0沿正x軸方向運動，經過第1個（n = 1）人的身旁時，此人將沙袋以u = 2nv0 = 2v0的水平速度扔到車上，由動量守恒得：Mv0m2v0 = (M + m)v1 ，當小車運動到第2人身旁時，此人將沙袋以速度u= 2nv1 = 4v1的水平速度扔到車上，同理有：(M + m)v1m2nv1 = (M + 2m)v2 ，所以，當第n個沙袋拋上車后的車速為vn ，根據動量守恒有：M + (n1)mvn12nm vn1 = (M + nm)vn ，即：vn = vn1 。同理有：vn+1 =vn若拋上（n + 1）包沙袋后車反向運動，則應有vn0 ，vn+10即：M(n + 1)m0 ，M(n + 2)m0由此兩式解得：n，n。因n為整數，故取3 。當車反向滑行時，根據上面同樣推理可知，當向左運動到第n個人身旁，拋上第n包沙袋后由動量守恒定律有：M + 3m + (n1)m2nmvn1 = (M + 3m + nm)解得：=同理有：=設拋上（n + 1）個沙袋后車速反向，要求0 ，0即：解得即拋上第8個沙袋后車就停止，所以車上最終有11個沙袋。例9：如圖66所示，一固定的斜面，傾角 = 45，斜面長L = 2.00米。 在斜面下端有一與斜面垂直的擋板。 一質量為m的質點，從斜面的最高點沿斜面下滑，初速度為零。下滑到最底端與擋板發(fā)生彈性碰撞。已知質點與斜面間的動摩擦因數 = 0.20 ，試求此質點從開始到發(fā)生第11次碰撞的過程中運動的總路程。解析：因為質點每次下滑均要克服摩擦力做功，且每次做功又不相同，所以要想求質點從開始到發(fā)生n次碰撞的過程中運動的總路程，需一次一次的求，推出通式即可求解。設每次開始下滑時，小球距檔板為s ，則由功能關系：mgcos (s1 + s2) = mg (s1s2)sinmgcos (s2 + s3) = mg (s2s3)sin即有：= =由此可見每次碰撞后通過的路程是一等比數列，其公比為在發(fā)生第11次碰撞過程中的路程：s = s1 + 2s2 + 2s3 + + 2s11 = 2 (s1 + s2 + s3 + + s11)s1 = 2s1 = 1012 ()11 = 9.86m例10：如圖67所示，一水平放置的圓環(huán)形剛性窄槽固定在桌面上，槽內嵌著三個大小相同的剛性小球，它們的質量分別是m1 、m2和m3 ，m2 = m3 = 2m1 。 小球與槽的兩壁剛好接觸而它們之間的摩擦可忽略不計。 開始時，三球處在槽中、的位置，彼此間距離相等，m2和m3靜止，m1以初速v0 =沿槽運動，R為圓環(huán)的內半徑和小球半徑之和，設各球之間的碰撞皆為彈性碰撞，求此系統的運動周期T 。解析：當m1與m2發(fā)生彈性碰撞時，由于m2 = 2m1 ，所以m1碰后彈回，m2向前與m3發(fā)生碰撞。 而又由于m2 = m3 ，所以m2與m3碰后，m3能靜止在m1的位置，m1又以v速度被反彈，可見碰撞又重復一次。 當m1回到初始位置，則系統為一個周期。以m1 、m2為研究對象，當m1與m2發(fā)生彈性碰撞后，根據動量守恒定律，能量守恒定律可寫出：m1v0 = m1v1 + m2v2 m1=m1+m2 由、式得：v1 =v0 =v0 ，v2 =v0 =v0以m2 、m3為研究對象，當m2與m3發(fā)生彈性碰撞后，得v3 =v0 ，= 0以m3 、m1為研究對象，當m3與m1發(fā)生彈性碰撞后，得= 0 ，= v0由此可見，當m1運動到m2處時與開始所處的狀態(tài)相似。 所以碰撞使m1 、m2 、m3交換位置，當m1再次回到原來位置時，所用的時間恰好就是系統的一個周期T ，由此可得周期：T = 3(t1 + t2 + t3) = 3 (+) = 20s例11：有許多質量為m的木塊相互靠著沿一直線排列于光滑的水平面上。 每相鄰的兩個木塊均用長為L的柔繩連接著。 現用大小為F的恒力沿排列方向拉第一個木塊，以后各木塊依次被牽而運動，求第n個木塊被牽動時的速度。解析：每一個木塊被拉動起來后，就和前面的木塊成為一體，共同做勻加速運動一段距離L后，把繩拉緊，再牽動下一個木塊。 在繩子繃緊時，有部分機械能轉化為內能。 因此，如果列出(n1)FL =nm，這樣的關系式是錯誤的。設第(n1)個木塊剛被拉動時的速度為vn1 ，它即將拉動下一個木塊時速度增至第n個木塊剛被拉動時速度為vn 。 對第(n1)個木塊開始運動到它把下一段繩子即將拉緊這一過程，由動能定理有：FL =(n1)m(n1)m 對繩子把第n個木塊拉動這一短暫過程，由動量守恒定律，有：(n1)m= nmvn ，得：=vn 把式代入式得：FL =(n1)m (vn )2(n1)m整理后得：(n1)= n2(n1)2 式就是反映相鄰兩木塊被拉動時速度關系的遞推式，由式可知當n = 2時，有：= 22當n = 3時，有：2= 3222當n = 4時，有：3= 4232一般地，有：(n1)= n2(n1)2將以上(n1)個等式相加，得：(1 + 2 + 3 + + n1) = n2所以有：= n2在本題中v1 = 0 ，所以：vn =例12：如圖68所示，質量m = 2kg的平板小車，后端放有質量M = 3kg的鐵塊，它和車之間動摩擦因數 = 0.50 。開始時，車和鐵塊共同以v0 = 3m/s的速度向右在光滑水平面上前進，并使車與墻發(fā)生正碰，設碰撞時間極短，碰撞無機械能損失，且車身足夠長，使得鐵塊總不能和墻相碰，求小車走過的總路程。解析；小車與墻撞后，應以原速率彈回。 鐵塊由于慣性繼續(xù)沿原來方向運動，由于鐵塊和車的相互摩擦力作用，過一段時間后，它們就會相對靜止，一起以相同的速度再向右運動，然后車與墻發(fā)生第二次碰撞，碰后，又重復第一次碰后的情況。 以后車與墻就這樣一次次碰撞下去。 車每與墻碰一次，鐵塊就相對于車向前滑動一段距離，系統就有一部分機械能轉化為內能，車每次與墻碰后，就左、右往返一次，車的總路程就是每次往返的路程之和。設每次與墻碰后的速度分別為v1 、v2 、v3 、 、vn 、車每次與墻碰后向左運動的最遠距離分別為s1 、s2 、s3 、 、sn 、 。 以鐵塊運動方向為正方向，在車與墻第(n1)次碰后到發(fā)生第n次碰撞之前，對車和鐵塊組成的系統，由動量守恒定律有：(Mm)vn1 = (M + m)vn ，所以：vn =vn1 =由這一關系可得：v2 =，v3 =，一般地，有：vn =由運動學公式可求出車與墻發(fā)生第n次碰撞后向左運動的最遠距離為：sn =類似地，由這一關系可遞推到：s1 =，s2 =，s3 =， ，sn =所以車運動的總路程：s總 = 2 (s1 + s2 + s3 + + sn + ) = 2(1 + + ) =因為v1 = v0 = 3m/s ，a =m/s2所以：s總 = 1.25m例13：10個相同的扁長木塊一個緊挨一個地放在水平地面上，如圖69所示，每個木塊的質量m = 0.40kg ，長度l = 0.45m ，它們與地面間的靜摩擦因數和動摩擦因數均為2 = 0.10 ，原來木塊處于靜止狀態(tài)。 左方第一個木塊的左端上方放一個質量為M =1.0kg的小鉛塊，它與木塊間的靜摩擦因數和動摩擦因數均為1 = 0.20 ，現突然給鉛塊一向右的初速度v0 = 4.3m/s ，使其在大木塊上滑行。 試確定鉛塊最后的位置在何處（落在地上還是停在哪塊木塊上）。 重力加速度g取10/s2 ，設鉛塊的長度與木塊相比可以忽略。解析：當鉛塊向右運動時，鉛塊與10個相同的扁長木塊中的第一塊先發(fā)生摩擦力，若此摩擦力大于10個扁長木塊與地面間的最大靜摩擦力，則10個扁長木塊開始運動，若此摩擦力小于10個扁長木塊與地面間的最大摩擦力，則10個扁長木塊先靜止不動，隨著鉛塊的運動，總有一個時刻扁長木塊要運動，直到鉛塊與扁長木塊相對靜止，后又一起勻減速運動到停止。鉛塊M在木塊上滑行所受到的滑動摩擦力f1 =1Mg = 2.0N設M可以帶動木塊的數目為n ，則n滿足：f12 (M + m)g(n1) 2mg0即：2.01.40.4 (n1)0上式中的n只能取整數，所以n只能取2 ，也就是當M滑行到倒數第二個木塊時，剩下的兩個木塊將開始運動。設鉛塊剛離開第8個木塊時速度為v ，則：Mv2 =M1Mg8l得：v2 = 2.49 (m/s)20由此可見木塊還可以滑到第9個木塊上。 M在第9個木塊上運動如圖69甲所示，則對M而言有：1Mg = MaM得：aM =2.0m/s2第9及第10個木塊的動力學方程為：1Mg2 (M + m)g2mg = 2mam得：am = 0.25m/s2設M剛離開第9個木塊上時速度為v，而第10個木塊運動的速度為V，并設木塊運動的距離為s ，則M運動的距離為(s + l) ，有：= v2 + 2aM (s + l)= 2amsv= v + aMtV= amt消去s及t求出：顯然后一組解不合理，應舍去。因vV，故M將運動到第10個木塊上。再設M運動到第10個木塊的邊緣時速度為v，這時木塊的速度為V，則：=+ 2aM (s+ l) 解得：=1.634s0 ，故M不能滑離第10個木塊，只能停在它的表面上，最后和木塊一起靜止在地面上。例14：如圖610所示，質量為m的長方形箱子，放在光滑的水平地面上。 箱內有一質量也為m的小滑塊，滑塊與箱底間無摩擦。開始時箱子靜止不動，滑塊以恒定的速度v0從箱子的A壁處向B處運動，后與B壁碰撞。 假設滑塊與箱壁每碰撞一次，兩者相對速度的大小變?yōu)樵摯闻鲎睬跋鄬λ俣鹊膃倍，且e =。 （1）要使滑塊與箱子這一系統消耗的總動能不超過其初始動能的40% ，滑塊與箱壁最多可碰撞幾次？ （2）從滑塊開始運動到剛完成上述次數的碰撞期間，箱子的平均速度是多少？解析：由于滑塊與箱子在水平方向不受外力，故碰撞時系統水平方向動量守恒。 根據題目給出的每次碰撞前后相對速度之比，可求出每一次碰撞過程中動能的損耗?；瑝K開始運動到完成題目要求的碰撞期間箱子的平均速度，應等于這期間運動的總位移與總時間的比值。 （1）滑塊與箱壁碰撞，碰后滑塊對地速度為v ，箱子對地速度為u 。 由于題中每次碰撞的e是一樣的，故有：e = =或e = =(e)n = 即碰撞n次后：vnun = (e)nv0 碰撞第n次的動量守恒式是：mvn + mun = mv0 、聯立得：vn =1 + (e)nv0 ，un =1(e)nv0第n次碰撞后，系統損失的動能：Ekn = EkEkn =mm (+) =mm(1 + e2n) =m=Ek下面分別討論：當n = 1時，= 0.146當n = 2時，= 0.250當n = 3時，= 0.323當n = 4時，= 0.375當n = 5時，= 0.412因為要求的動能損失不超過40%，故n = 4 。 （2）設A、B兩側壁的距離為L ，則滑塊從開始運動到與箱壁發(fā)生第一次碰撞的時間t0 =。 在下一次發(fā)生碰撞的時間t1 =，共碰撞四次，另兩次碰撞的時間分別為t2 =、t3 =，所以總時間t = t0 + t1 + t2 + t3 =(1 + e + e2 + e3) 在這段時間中，箱子運動的距離是：s = 0 + u1t1 + u2t2 + u3t3 =(1 + e)v0+(1e2)v0+(1 + e3) v0 =+ =(1 + e + e2 + e3)所以平均速度為：=例15：一容積為1/4升的抽氣機，每分鐘可完成8次抽氣動作。 一容積為1升的容器與此抽氣筒相連通。 求抽氣機工作多長時間才能使容器內的氣體的壓強由76mmmHg降為1.9mmHg 。（在抽氣過程中容器內的溫度保持不變。）解析：根據玻一馬定律，找出每抽氣一次壓強與容器容積和抽氣機容積及原壓強的關系，然后歸納遞推出抽n次的壓強表達式。設氣體原壓強為p0 ，抽氣機的容積為V0 ，容器的容積為V 。每抽一次壓強分別為p1 、p2 、 ，則由玻一馬定律得：第一次抽氣后：p0V = p1 (V + V0) 第二次抽氣后：p1V = p2 (V + V0) 第二次抽氣后：p2V = p3 (V + V0) 第n次抽氣后：pn1V = pn (V + V0) 由以上式得：pn = ()np0 ，所以：n =代入已知得：n = 27（次）工作時間為：t = 3.38分鐘例16：使一原來不帶電的導體小球與一帶電量為Q的導體大球接觸，分開之后，小球獲得電量q 。今讓小球與大球反復接觸，在每次分開有后，都給大球補充電荷，使其帶電量恢復到原來的值Q 。求小球可能獲得的最大電量。解析：兩個孤立導體相互接觸，相當于兩個對地電容并聯，設兩個導體球帶電Q1 、Q2 ，由于兩個導體球對地電壓相等，故有=，即=，亦即= k所以Q = k (Q1 + Q2) ，k為常量，此式表明：帶電（或不帶電）的小球跟帶電大球接觸后，小球所獲得的電量與總電量的比值不變，比值k等于第一次帶電量q與總電量Q的比值，即k =。根據此規(guī)律就可以求出小球可能獲得的最大電量。設第1 、2 、 、n次接觸后小球所帶的電量分別為q1 、q2 、 ，有：q1 = kQ = qq2 = k (Q + q1) = q + kqq3 = k (Q + q2) = kQ + kq2 = q + kq + k2qqn = k (Q + qn1) = q + kq + k2q + + k n1q由于k1 ，上式為無窮遞減等比數列，根據求和公式得：qn =即小球與大球多次接觸后，獲得的最大電量為。例17：在如圖611所示的電路中，S是一單刀雙擲開關，A1和A2為兩個平行板電容器，S擲向a時，A1獲電荷電量為Q ，當S再擲向b時，A2獲電荷電量為q 。問經過很多次S擲向a ，再擲向b后，A2將獲得多少電量？解析：S擲向a時，電源給A1充電，S再擲向b ，A1給A2充電，在經過很多次重復的過程中，A2的帶電量越來越多，兩板間電壓越來越大。當A2的電壓等于電源電壓時，A2的帶電量將不再增加。 由此可知A2最終將獲得電量q2 = C2E 。因為Q = C1E ，所以：C1 =當S由a第一次擲向b時，有：=所以：C2 =解得A2最終獲得的電量：q2 =例18：電路如圖612所示，求當R為何值時，RAB的阻值與“網絡”的“格”數無關？此時RAB的阻值等于什么？解析：要使RAB的阻值與“網絡”的“格”數無關，則圖中CD間的阻值必須等于才行。所以有：= R，解得：R= (1)R此時AB間總電阻RAB = (+ 1)R 。例19：如圖613所示，在x軸上方有垂直于xy平面向里的勻強磁場，磁感應強度為B ，在x軸下方有沿y軸負方向的勻強電場，場強為E 。一質量為m ，電量為q的粒子從坐標原點O沿著y軸方向射出。 射出之后，第三次到達x軸時，它與O點的距離為L 。 求此粒子射出時的速度v和每次到達x軸時運動的總路程s 。（重力不計）解析：粒子進入磁場后做勻速圓周運動，經半周后通過x軸進入電場后做勻減速直線運動，速度減為零后，又反向勻加速通過x軸進入磁場后又做勻速圓周運動，所以運動有周期性。它第3次到達x軸時距O點的距離L等于圓半徑的4倍（如圖613甲所示）粒子在磁場中做勻速圓周運動的半徑為：R =所以粒子射出時的速度：v =粒子做圓周運動的半周長為：s1 =粒子以速度v進入電場后做勻減速直線運動，能深入的最大距離為y ，因為v2 = 2ay = 2y所以粒子在電場中進入一次通過的路程為：s2 = 2y =粒子第1次到達x軸時通過的路程為：s1 = R =粒子第2次到達x軸時，已通過的路程為：s2 = s1 + s2 =+粒子第3次到達x軸時，已通過的路程為：s3 = s1 + s2 + s1 =+粒子第4次到達x軸時，已通過的路程為：s4 = 2s1 + 2s2 =+粒子第(2n1)次到達x軸時，已通過的路程為：s2n1 = ns1 + (n1)s2 =+ (n1)粒子第2n次到達x軸時，已通過的路程為：s2n = n (s1 + s2) = n (+)上面n都取正整數。針對訓練1一物體放在光滑水平面上，初速為零，先對物體施加一向東的恒力F ，歷時1秒鐘，隨即把此力改為向西，大小不變，歷時1秒鐘，接著又把此力改為向東，大小不變，歷時1秒鐘，如此反復，只改變力的方向，共歷時1分鐘。在此1分鐘內（ ）A、物體時而向東運動，時而向西運動，在1分鐘末靜止于初始位置之東B、物體時而向東運動，時而向西運動，在1分鐘末靜止于初始位置C、物體時而向東運動，時而向西運動，在1分鐘末繼續(xù)向東運動D、物體一直向東運動，從不向西運動，在1分鐘末靜止于初始位置之東2一小球從距地面為H的高度處由靜止開始落下。 已知小球在空中運動時所受空氣阻力為球所受重力的k倍（k1），球每次與地面相碰前后的速率相等，試求小球從開始運動到停止運動，（1）總共通過的路程；（2）所經歷的時間。3如圖614所示，小球從長L的光滑斜面頂端自由下滑，滑到底端時與擋板碰撞并反彈而回，若每次與擋板碰撞后的速度大小為碰撞前的4/5 ，求小球從開始下滑到最終停止于斜面下端物體共通過的路程。4如圖615所示，有一固定的斜面，傾角為45，斜面長為2米，在斜面下端有一與斜面垂直的擋板，一質量為m的質點，從斜面的最高點沿斜面下滑，初速度為1米/秒。質點沿斜面下滑到斜面最底端與擋板發(fā)生彈性碰撞。 已知質點與斜面間的滑動摩擦因數為0.20 。（1）試求此質點從開始運動到與擋板發(fā)生第10次碰撞的過程中通過的總路程；（2）求此質點從開始運動到最后停下來的過程中通過的總路程。5有5個質量相同、其大小可不計的小木塊1 、2 、3 、4 、5等距離地依次放在傾角 = 30的斜面上（如圖616所示）。斜面在木塊2以上的部分是光滑的，以下部分是粗糙的，5個木塊與斜面粗糙部分之間的靜摩擦系數和滑動摩擦系數都是 ，開始時用手扶著木塊1 ，其余各木塊都靜止在斜面上。 現在放手，使木塊1自然下滑，并與木塊2發(fā)生碰撞，接著陸續(xù)發(fā)生其他碰撞。 假設各木塊間的碰撞都是完全非彈性的。求取何值時木塊4能被撞而木塊5不能被撞。6在一光滑水平的長直軌道上，等距離地放著足夠多的完全相同的質量為m的長方形木塊，依次編號為木塊1 ，木塊2 ， ，如圖617所示。在木塊1之前放一質量為M = 4m的大木塊，大木塊與木塊1之間的距離與相鄰各木塊間的距離相同，均為L ?，F在，在所有木塊都靜止的情況下，以一沿軌道方向的恒力F一直作用在大木塊上，使其先與木塊1發(fā)生碰撞，設碰后與木塊1結為一體再與木塊2發(fā)生碰撞，碰后又結為一體，再與木塊3發(fā)生碰撞，碰后又結為一體，如此繼續(xù)下去。 今問大木塊（以及與之結為一體的各小木塊）與第幾個小木塊碰撞之前的一瞬間，會達到它在整個過程中的最大速度？此速度等于多少？7有電量為Q1的電荷均勻分布在一個半球面上，另有無數個電量均為Q2的點電荷位于通過球心的軸線上，且在半球面的下部。第k個電荷與球心的距離為R2k1 ，