河南省許昌一高高三物理上學期第二十四次月考試卷（含解析）.doc

2015-2016學年河南省許昌一高高三（上）第二十四次月考物理試卷一、選擇題1下列說法中正確的是（）a1687年，英國科學家牛頓在兩種新科學的對話著作中提出了三條運動定律（即牛頓三大運動定律）b1638年，伽利略在自然哲學的數(shù)學原理一書中，運用觀察假設數(shù)學推理的方法，詳細研究了拋體運動c1785年法國物理學家?guī)靵隼门こ訉嶒灠l(fā)現(xiàn)了電荷之間的相互作用規(guī)律庫侖定律d英物理學家安培提出運動電荷產(chǎn)生了磁場和磁場對運動電荷有作用力2一個質(zhì)點運動的速度時間圖象如圖甲所示，任意很短時間內(nèi)質(zhì)點的運動可以近似視為 勻速運動，該時間內(nèi)質(zhì)點的位移即為條形陰影區(qū)域的面積，經(jīng)過累積，圖線與坐標軸圍 成的面積即為質(zhì)點在相應時間內(nèi)的位移利用 這種微元累積法我們可以研究許多物理問題，圖乙是某物理量隨時間變化的圖象，此圖線與 坐標軸所圍成的面積，下列說法中不正確的是（）a如果y軸表示加速度，則面積等于質(zhì)點在相應時間內(nèi)的速度變化b如果y軸表示力做功的功率，則面積等于該力在相應時間內(nèi)所做的功c如果y軸表示流過用電器的電流，則面積等于在相應時間內(nèi)流過該用電器的電量d如果y軸表示變化磁場在金屬線圈產(chǎn)生的電動勢，則面積等于該磁場在相應時間 內(nèi)磁感應強度的變化量3如圖所示，兩相同物塊分別放置在對接的兩固定斜面上，物塊處在同一水平面內(nèi)，之間用細繩連接在繩的中點加一豎直向上的拉力f，使兩物塊處于靜止狀態(tài)，此時繩與斜面間的夾角小于90當增大拉力f后，系統(tǒng)仍處于靜止狀態(tài)，下列說法中錯誤的是（）a繩受到的拉力變大b物塊與斜面間的摩擦力變小c物塊對斜面的壓力變小d物塊受到的合力不變4某小型水電站的電能輸送示意圖如圖甲所示，發(fā)電機輸出的電壓恒定，通過升壓變壓器t1和降壓變壓器t2乃向用戶供電，已知輸電線的總電阻為r，降壓變壓器t2的原、副線圈匝數(shù)之比為4：l，它的副線圈兩端的交變電壓如圖乙所示，r0為負載電阻若將變壓器視為理想變壓器，則下列說法中正確的是（）a降壓變壓器t2原線圈的輸入電壓為55vb降壓變壓器t2的輸入功率與輸出功率之比為4：1c升壓變壓器t1的輸出電壓等于降壓變壓器t2的輸入電壓d當r0增大時，升壓變壓器t1的輸出電壓不變5如圖甲所示為示波管，如果在yy之間加如圖乙所示的交變電壓，同時在xx之間加如圖丙所示的鋸齒形電壓，使x的電勢比x高，則在熒光屏上會看到圖形為（）abcd6如圖所示，a、b為平行板電容器的金屬板，g為靜電計開始時開關(guān)s閉合，靜電計指針張開一定角度下列操作可使指針張開角度增大一些的是（）a保持開關(guān)s閉合，將r上的滑片向右移動b保持開關(guān)s閉合，將a、b兩極板分開一些c斷開開關(guān)s后，將a、b兩極板的正對面積減小一些d斷開開關(guān)s后，將a、b兩極板分開一些7如圖所示，重現(xiàn)了當初法拉第的一個實驗下列說法中正確的是（）a右邊磁鐵s極斷開時，有感應電流從a至b通過檢流計b右邊磁鐵s極斷開時，有感應電流從b至a通過檢流計c左邊磁鐵n極斷開時，有感應電流從a至b通過檢流計d左邊磁鐵n極斷開時，有感應電流從b至a通過檢流計8一架戰(zhàn)斗機在一懸崖區(qū)域進行投彈訓練，懸崖壁可以看做一個豎直平面，戰(zhàn)斗機以恒定速度沿著與懸崖平面垂直的方向向著懸崖水平飛行，先后釋放炸彈p和炸彈q釋放p和q的時間間隔為tp和q均擊在懸崖壁上，且擊中的時間間隔為t，擊中點間距為h不計空氣阻力，重力加速度已知根據(jù)以上信息可以判斷或求出（）attbttcp離開飛機到擊中懸崖的時間dq離開飛機到擊中懸崖下落的高度二、解答題（共4小題，滿分46分）9某探究學習小組的同學欲“探究小車動能變化與合外力對它做功的關(guān)系”，在實驗室設計了一套如圖所示的裝置，圖中a為小車，b為打點計時器，c為彈簧測力計，p為小桶（內(nèi)有沙子），m是一端帶有定滑輪的足夠長水平放置的木板要順利完成該實驗，除圖中實驗儀器和低壓交流電源（含導線、紙帶）外，還需要的兩個實驗儀器是、10在“描繪標有9v，5w小燈泡伏安特性曲線”的實驗中，實驗室提供了下列器材a電流表a1（量程100ma，內(nèi)阻1） b電流表a2（量程0.6a，內(nèi)阻0.3）c電壓表v1（量程3.0v，內(nèi)阻3k） d電壓表v2（量程15.0v，內(nèi)阻10k）e滑動變阻器r1（最大阻值為50） f滑動變阻器r2（最大阻值為500）g電源e（電動勢15v，內(nèi)阻忽略） h電鍵、導線若干（1）為了提高測量準確度和有效性，應選擇的器材為（只需填寫器材前面的字母即可）電流表；電壓表；滑動變阻器（2）下列給出的測量電路中，最合理的是11超市一送水員用雙輪小車運送桶裝礦泉水裝運完畢，如圖所示，在拉運過程中保持圖示角度不變，不計桶與小車之間摩擦力的影響求：（1）小車靜止時，桶對小車兩側(cè)軌道的壓力大小之比na：nb（2）若送貨員以5m/s2的恒定加速度由靜止開始向右拉動小車，請問這一過程中，桶對小車兩側(cè)軌道的壓力大小之比na：nb（g=10m/s2，結(jié)果可用根號表示）12如圖所示，在空間內(nèi)有一直角坐標系xoy，直線op與x軸正方向夾角為30，第一象限內(nèi)有兩個方向均垂直紙面向外的勻強磁場區(qū)域和，直線op是它們的理想邊界，op上方區(qū)域中磁場的磁感應強度為b，在第四象限內(nèi)有一沿x軸負方向的勻強電場，一質(zhì)量為m、電荷量為q的質(zhì)子（不計重力及質(zhì)子對磁場、電場的影響）以速度v從o點沿與op成30角方向垂直磁場進入?yún)^(qū)域，質(zhì)子先后通過磁場區(qū)域和后，恰好垂直通過x軸上的q點（未畫出）進入第四象限內(nèi)的勻強電場中，最后從y軸上的a點與y軸負方向成60角射出，求：（1）區(qū)域中磁場的磁感應強度大??；（2）q點到o點的距離；（3）勻強電場的電場強度e的大小選考題物理-選修3-3（15分）13下列說法中正確的是（）a物體是由大量分子組成的，分子間的引力和斥力同時隨分子間距離的增大而減小b懸浮在水中的花粉顆粒運動不是水分子的運動，而是花粉分子的運動c物體的機械能可以為零，而內(nèi)能不可以為零d第二類永動機違反能量守恒定律e一定質(zhì)量的理想氣體壓強不變，溫度升高時吸收的熱量一定大于內(nèi)能的增加量14如圖示，光滑水平地面上放有一質(zhì)量為m的導熱氣缸，用活塞封閉了一部分氣體活塞質(zhì)量為，截面積為s，可無摩擦滑動，氣缸靜止時與缸底距離為l0現(xiàn)用水平恒力f 向右推氣缸，最后氣缸與活塞達到相對靜止狀態(tài)已知大氣壓強為p0求：（1）穩(wěn)定時封閉氣體的壓強（2）穩(wěn)定時活塞與缸底部的距離？物理一一選修3-4（15分）15（2013迎澤區(qū)校級模擬）一列簡諧橫波沿x軸傳播，周期為t，t=0時刻的波形如圖所示此時平衡位置位于x=3m處的質(zhì)點正在向上運動，若a、b兩質(zhì)點平衡位置的坐標分別為xa=2.5m，xb=5.5m，則以下說法正確的是（）a波沿x負向傳播b當a質(zhì)點處在波峰時，b質(zhì)點在向上運動ct=時，a質(zhì)點正在向y軸負方向運動dt=時，b質(zhì)點正在向y軸負方向運動e在某一時刻，a、b兩質(zhì)點的位移和速度可能相同16（2014咸陽校級模擬）一束單色光由左側(cè)射入盛有清水的薄壁圓柱，如圖為過軸線的截面圖，調(diào)整入射角，光線恰好在和空氣的界面上發(fā)生全反射，已知水的折射率為，求sin的值17（2015江西三模）關(guān)于科學家和他們的貢獻，下列說法正確的是 （）a普朗克曾經(jīng)大膽假設：振動著的帶電微粒的能量只能是某一最小能量值的整數(shù)倍，這個不可再分的最小能量值叫做能量子b德布羅意提出：實物粒子也具有波動性，而且粒子的能量和動量p跟它對所應的波的頻率和波長之間，遵從關(guān)系v=和=c盧瑟福認為，原子是一個球體，正電荷彌漫性地均勻分布在整個球體內(nèi)，電子鑲嵌其中d按照愛因斯坦的理論，在光電效應中，金屬中的電子吸收一個光子獲得的能量是h，這些能量的一部分用來克服金屬的逸出功w0，剩下的表現(xiàn)為逸出后電子的初動能eke玻爾的原子理論第一次將量子觀念引入原子領域，提出了定態(tài)和躍遷的概念，成功地解釋了所有原子光譜的實驗規(guī)律18（2014韶關(guān)一模）如圖所示，質(zhì)量m，半徑r的光滑半圓槽第一次被固定在光滑水平地面上，質(zhì)量為m的小球，以某一初速度沖向半圓槽剛好可以到達頂端c然后放開半圓槽其可以自由運動，m小球又以同樣的初速沖向半圓槽，小球最高可以到達與圓心等高的b點，（g=10m/s2）試求：半圓槽第一次被固定時，小球運動至c點后平拋運動的水平射程x=？小球質(zhì)量與半圓槽質(zhì)量的比值m/m為多少？2015-2016學年河南省許昌一高高三（上）第二十四次月考物理試卷參考答案與試題解析一、選擇題1下列說法中正確的是（）a1687年，英國科學家牛頓在兩種新科學的對話著作中提出了三條運動定律（即牛頓三大運動定律）b1638年，伽利略在自然哲學的數(shù)學原理一書中，運用觀察假設數(shù)學推理的方法，詳細研究了拋體運動c1785年法國物理學家?guī)靵隼门こ訉嶒灠l(fā)現(xiàn)了電荷之間的相互作用規(guī)律庫侖定律d英物理學家安培提出運動電荷產(chǎn)生了磁場和磁場對運動電荷有作用力【考點】物理學史【專題】定性思想；推理法；直線運動規(guī)律專題【分析】本題是物理學史問題，根據(jù)著名物理學家的主要貢獻即可解題【解答】解：a、牛頓在自然哲學的數(shù)學原理著作中提出了三條運動定律，故a錯誤；b、1638年，伽利略在自然哲學的數(shù)學原理一書中，運用觀察假設數(shù)學推理的方法，但沒有詳細研究拋體運動，故b錯誤；c、1785年法國物理學家?guī)靵隼门こ訉嶒灠l(fā)現(xiàn)了電荷之間的相互作用規(guī)律庫侖定律，故c正確；d、荷蘭科學家洛倫茲首先提出了磁場對運動電荷有作用力，故d錯誤故選：c【點評】本題考查物理學史，是常識性問題，關(guān)鍵要記牢物理學上重大發(fā)現(xiàn)、發(fā)明、著名理論2一個質(zhì)點運動的速度時間圖象如圖甲所示，任意很短時間內(nèi)質(zhì)點的運動可以近似視為 勻速運動，該時間內(nèi)質(zhì)點的位移即為條形陰影區(qū)域的面積，經(jīng)過累積，圖線與坐標軸圍 成的面積即為質(zhì)點在相應時間內(nèi)的位移利用 這種微元累積法我們可以研究許多物理問題，圖乙是某物理量隨時間變化的圖象，此圖線與 坐標軸所圍成的面積，下列說法中不正確的是（）a如果y軸表示加速度，則面積等于質(zhì)點在相應時間內(nèi)的速度變化b如果y軸表示力做功的功率，則面積等于該力在相應時間內(nèi)所做的功c如果y軸表示流過用電器的電流，則面積等于在相應時間內(nèi)流過該用電器的電量d如果y軸表示變化磁場在金屬線圈產(chǎn)生的電動勢，則面積等于該磁場在相應時間 內(nèi)磁感應強度的變化量【考點】勻變速直線運動的圖像【專題】運動學中的圖像專題【分析】本題根據(jù)圖形面積所表示的量等于橫坐標軸量與縱坐標軸量的乘積所得量的值結(jié)合相關(guān)的規(guī)律進行分析【解答】解：a、如果y軸表示加速度，由a=知，v=at，知面積等于質(zhì)點在相應時間內(nèi)的速度變化故a正確b、如果y軸表示力做功的功率，由w=pt可知面積等于該力在相應時間內(nèi)所做的功故b正確；c、如果y軸表示流過用電器的電流，由q=it知，面積等于在相應時間內(nèi)流過該用電器的電量故c正確d、如果y軸表示變化磁場在金屬線圈產(chǎn)生的電動勢，根據(jù)e=知，=et知，面積等于該磁場在相應時間內(nèi)磁通量的變化量故d不正確故選錯不正確的，故選：d【點評】本題考查圖形面積的意義，要學會變通，能舉一反三關(guān)鍵要掌握相關(guān)的物理規(guī)律3如圖所示，兩相同物塊分別放置在對接的兩固定斜面上，物塊處在同一水平面內(nèi)，之間用細繩連接在繩的中點加一豎直向上的拉力f，使兩物塊處于靜止狀態(tài)，此時繩與斜面間的夾角小于90當增大拉力f后，系統(tǒng)仍處于靜止狀態(tài)，下列說法中錯誤的是（）a繩受到的拉力變大b物塊與斜面間的摩擦力變小c物塊對斜面的壓力變小d物塊受到的合力不變【考點】共點力平衡的條件及其應用；物體的彈性和彈力【專題】共點力作用下物體平衡專題【分析】將f分解，分析繩受到的拉力與f的關(guān)系，即可判斷繩受到的拉力如何變化；分析物塊的受力情況，由平衡條件得出物塊與斜面間的摩擦力與繩子拉力的關(guān)系，以及斜面對物塊的支持力與繩子拉力的關(guān)系，即可分析支持力和摩擦力的變化情況物塊處于靜止狀態(tài)，受到的合力不變【解答】解：a、將f分解為f1、f2兩個分力，如圖 1所示，由于f1、f2之間的夾角不變，當f增大時，則知繩受到的拉力f1和f2同時增大故a正確b、c對左邊物體進行研究，分析受力如圖2所示，由平衡條件得摩擦力f=mgsin+f1cos，f1增大，其他量不變，則f增大；支持力fn=mgf1sin，f1增大，其他量不變，則fn變??；故b錯誤，c正確d、由題意，物塊處于靜止狀態(tài)，受到的合力為零，保持不變故d正確本題選錯誤的，故選：b【點評】本題運用分解法和正交分解法研究共點力平衡問題，分析受力情況是關(guān)鍵4某小型水電站的電能輸送示意圖如圖甲所示，發(fā)電機輸出的電壓恒定，通過升壓變壓器t1和降壓變壓器t2乃向用戶供電，已知輸電線的總電阻為r，降壓變壓器t2的原、副線圈匝數(shù)之比為4：l，它的副線圈兩端的交變電壓如圖乙所示，r0為負載電阻若將變壓器視為理想變壓器，則下列說法中正確的是（）a降壓變壓器t2原線圈的輸入電壓為55vb降壓變壓器t2的輸入功率與輸出功率之比為4：1c升壓變壓器t1的輸出電壓等于降壓變壓器t2的輸入電壓d當r0增大時，升壓變壓器t1的輸出電壓不變【考點】變壓器的構(gòu)造和原理【專題】交流電專題【分析】根據(jù)電壓與匝數(shù)成正比，電流與匝數(shù)成反比，可以求得降壓變壓器的電流和輸電線上的電流的大小，從而可以求得輸電線和用電器消耗的功率的大小【解答】解：a、由圖象得到，降壓變壓器副線圈兩端交變電壓u=220sin100t v；有效值為220v，降壓變壓器原、副線圈匝數(shù)之比為4：l，故降壓變壓器t2原線圈的輸入電壓為：4220v=880v，故a錯誤；b、降壓變壓器為理想變壓器，故輸入功率與輸出功率之比為1：1，故b錯誤；c、由于輸電線電阻有電壓降，故升壓變壓器t1的輸出電壓大于降壓變壓器t2的輸入電壓，故c錯誤；d、當r0增大時，由于升壓變壓器t1的輸入電壓不變，個輸出電壓不變，故d正確；故選d【點評】掌握住理想變壓器的電壓、電流之間的關(guān)系，最大值和有效值之間的關(guān)系即可解決本題5如圖甲所示為示波管，如果在yy之間加如圖乙所示的交變電壓，同時在xx之間加如圖丙所示的鋸齒形電壓，使x的電勢比x高，則在熒光屏上會看到圖形為（）abcd【考點】帶電粒子在勻強電場中的運動；示波器的使用【專題】帶電粒子在電場中的運動專題【分析】示波管的yy偏轉(zhuǎn)電壓上加的是待顯示的信號電壓，xx偏轉(zhuǎn)電極通常接入鋸齒形電壓，即掃描電壓，當信號電壓與掃描電壓周期相同時，就可以在熒光屏上得到待測信號在一個周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象【解答】解：因xx偏轉(zhuǎn)電極接入的是鋸齒形電壓，即掃描電壓，且周期與yy偏轉(zhuǎn)電壓上加的是待顯示的信號電壓相同，則以在熒光屏上得到的信號在一個周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象則顯示如圖所示：故選：c【點評】本題關(guān)鍵要清楚示波管的工作原理，要用運動的合成與分解的正交分解思想進行思考6如圖所示，a、b為平行板電容器的金屬板，g為靜電計開始時開關(guān)s閉合，靜電計指針張開一定角度下列操作可使指針張開角度增大一些的是（）a保持開關(guān)s閉合，將r上的滑片向右移動b保持開關(guān)s閉合，將a、b兩極板分開一些c斷開開關(guān)s后，將a、b兩極板的正對面積減小一些d斷開開關(guān)s后，將a、b兩極板分開一些【考點】閉合電路的歐姆定律【專題】比較思想；控制變量法；恒定電流專題【分析】靜電計測量的是電容器兩端的電勢差，斷開電鍵，電容器所帶的電量不變，根據(jù)電容的變化判斷電勢差的變化閉合電鍵，電容器兩端的電勢差等于電源的電動勢【解答】解：ab、保持開關(guān)閉合，電容器兩端的電勢差等于電源的電動勢，故電容器兩端的電勢差不變，則指針張角不變，故ab錯誤；c、斷開開關(guān)s后，電容器帶電量q不變，將a、b兩極板的正對面積s減小，電容c減小，根據(jù)c=知，電勢差u增大，指針張角增大，故c正確；d、斷開開關(guān)s后，電容器帶電量不變，將ab分開一些，則d增大，電容減小，根據(jù)c=知，電勢差增大，指針張角增大，故d正確；故選：cd【點評】本題考查電容器的動態(tài)分析，關(guān)鍵抓住斷開電鍵，電容器所帶的電量不變，電鍵閉合，電容器兩端的電勢差不變7如圖所示，重現(xiàn)了當初法拉第的一個實驗下列說法中正確的是（）a右邊磁鐵s極斷開時，有感應電流從a至b通過檢流計b右邊磁鐵s極斷開時，有感應電流從b至a通過檢流計c左邊磁鐵n極斷開時，有感應電流從a至b通過檢流計d左邊磁鐵n極斷開時，有感應電流從b至a通過檢流計【考點】電磁感應現(xiàn)象的發(fā)現(xiàn)過程【專題】電磁感應中的力學問題【分析】畫出磁鐵周圍磁感線的分布情況，根據(jù)楞次定律判斷感應電流的方向【解答】解：a、b，通過線圈的磁感線方向如圖所示，當右邊磁鐵s極斷開時，穿過線圈的磁通量減小，根據(jù)楞次定律判斷可知，電路中產(chǎn)生逆時針方向的感應電流，則有感應電流從a至b通過檢流計故a正確，b錯誤c、d通過線圈的磁感線方向如圖所示，當右邊磁鐵s極斷開時，穿過線圈的磁通量減小，根據(jù)楞次定律判斷可知，電路中產(chǎn)生逆時針方向的感應電流，則有感應電流從a至b通過檢流計故c正確，d錯誤故答案為：ac【點評】本題是楞次定律的簡單應用，關(guān)鍵要把握兩個條件：一是磁場的方向；二是磁通量的變化情況，再判斷感應電流的方向8一架戰(zhàn)斗機在一懸崖區(qū)域進行投彈訓練，懸崖壁可以看做一個豎直平面，戰(zhàn)斗機以恒定速度沿著與懸崖平面垂直的方向向著懸崖水平飛行，先后釋放炸彈p和炸彈q釋放p和q的時間間隔為tp和q均擊在懸崖壁上，且擊中的時間間隔為t，擊中點間距為h不計空氣阻力，重力加速度已知根據(jù)以上信息可以判斷或求出（）attbttcp離開飛機到擊中懸崖的時間dq離開飛機到擊中懸崖下落的高度【考點】平拋運動【專題】平拋運動專題【分析】飛機勻速飛行，炸彈做平拋運動，炸彈始終在飛機的正下方，根據(jù)平拋運動的分運動公式列式分析即可【解答】解：a、b、戰(zhàn)斗機做勻速直線運動，炸彈做平拋運動，故炸彈一直在飛機的正下方，故p和q擊在懸崖壁上的時間間隔為t為零；而t不為零；故tt；故a正確，b錯誤；c、平拋運動的豎直分運動是自由落體運動，根據(jù)位移公式，有：hq=hph=gtp2hp=g（tpt）2兩個方程聯(lián)立可以解出p離開飛機到擊中懸崖的時間tp和q離開飛機到擊中懸崖下落的高度hq；故c正確，d正確；故選：acd【點評】本題關(guān)鍵是明確炸彈做平拋運動，炸彈、飛機水平方向相對靜止，結(jié)合平拋運動的分位移公式列式求解即可，基礎題目二、解答題（共4小題，滿分46分）9某探究學習小組的同學欲“探究小車動能變化與合外力對它做功的關(guān)系”，在實驗室設計了一套如圖所示的裝置，圖中a為小車，b為打點計時器，c為彈簧測力計，p為小桶（內(nèi)有沙子），m是一端帶有定滑輪的足夠長水平放置的木板要順利完成該實驗，除圖中實驗儀器和低壓交流電源（含導線、紙帶）外，還需要的兩個實驗儀器是刻度尺、天平【考點】探究功與速度變化的關(guān)系【專題】實驗題；定性思想；推理法；動能定理的應用專題【分析】實驗器材的選取要為實驗目的服務，如在實驗中只要用到打點計時器，一般都要用到低壓交流電源、刻度尺等，根據(jù)實驗原理選擇即可【解答】解：根據(jù)實驗所要進行的測量可知，本實驗中除實驗儀器和低壓交流電源（含導線）外，還需要刻度尺，測量紙帶點跡間的距離，還要測量小車的質(zhì)量，所以需要天平故答案為：刻度尺，天平【點評】對于力學中的基礎實驗一定要到實驗室內(nèi)親自做一些，才能體會實驗步驟、實驗器材等基礎知識，若不做實驗而是通過背實驗的方式學習實驗往往效果不好10在“描繪標有9v，5w小燈泡伏安特性曲線”的實驗中，實驗室提供了下列器材a電流表a1（量程100ma，內(nèi)阻1） b電流表a2（量程0.6a，內(nèi)阻0.3）c電壓表v1（量程3.0v，內(nèi)阻3k） d電壓表v2（量程15.0v，內(nèi)阻10k）e滑動變阻器r1（最大阻值為50） f滑動變阻器r2（最大阻值為500）g電源e（電動勢15v，內(nèi)阻忽略） h電鍵、導線若干（1）為了提高測量準確度和有效性，應選擇的器材為（只需填寫器材前面的字母即可）電流表b；電壓表d；滑動變阻器e（2）下列給出的測量電路中，最合理的是b【考點】描繪小電珠的伏安特性曲線【專題】實驗題；定性思想；實驗分析法；恒定電流專題【分析】（1）由燈泡的額定電壓可以選擇電壓表；由燈泡的功率可得出電流值，從而選出電流表；根據(jù)實驗要求選擇電路，從而選出滑動變阻器；（2）由實驗要求可得出滑動變阻器的接法，由燈泡內(nèi)阻可選擇電流表接法，從而確定電路；【解答】解：（1）因燈泡的額定電壓為9v，故為了準確，電壓表應選擇15v量程；故選：d燈泡正常工作時的電流為：i=a，故電流表應選b；本題應采用分壓接法，故滑動變阻器應選擇小電阻，故滑動變阻器選e；（2）由題意可知，本題應采用分壓接法；同時由于燈泡內(nèi)阻較小，與電流表內(nèi)阻較為接近，故應選用外接法；故電路圖選擇b；故答案為：（1）b，d，e；（2）b【點評】本題考查測定燈泡的伏安特性曲線實驗的數(shù)據(jù)處理方法，要注意明確實驗原理，知道本實驗中一般采用滑動變阻器分壓接法和電流表外接法11超市一送水員用雙輪小車運送桶裝礦泉水裝運完畢，如圖所示，在拉運過程中保持圖示角度不變，不計桶與小車之間摩擦力的影響求：（1）小車靜止時，桶對小車兩側(cè)軌道的壓力大小之比na：nb（2）若送貨員以5m/s2的恒定加速度由靜止開始向右拉動小車，請問這一過程中，桶對小車兩側(cè)軌道的壓力大小之比na：nb（g=10m/s2，結(jié)果可用根號表示）【考點】牛頓第二定律；物體的彈性和彈力【專題】牛頓運動定律綜合專題【分析】對桶進行受力分析，受到重力、p、q對桶的支持力作用，根據(jù)正交分解法結(jié)合牛頓第二定律列式即可求解【解答】解：對桶進行受力分析，如圖所示：豎直方向受力平衡，則有：mg=nacos30+nbcos60水平方向，根據(jù)牛頓第二定律得：nasin30nbsin60=ma（1）當小車靜止時，其加速度為零，帶入數(shù)據(jù)得：0.5nanb=0所以na：nb=：1再據(jù)牛頓第三定律得：桶對小車兩側(cè)軌道的壓力大小之比為：1（2）當a=5m/s2時，代入數(shù)據(jù)得：10m=nacos30+nbcos60nbsin60nasin30=5m由解得：na：nb=：（+2）再據(jù)牛頓第三定律得：桶對小車兩側(cè)軌道的壓力大小之比為：（+2）答：（1）小車靜止時，桶對小車兩側(cè)軌道的壓力大小之比為：1（2）若送貨員以5m/s2的恒定加速度由靜止開始向右拉動小車，這一過程中，桶對小車兩側(cè)軌道的壓力大小之比為：（+2）【點評】本題的關(guān)鍵是正確對物體進行受力分析，注意題目中給出的質(zhì)量是小車和桶裝礦泉水的總質(zhì)量，不是桶裝礦泉水的質(zhì)量，不能求出兩個側(cè)面對桶的支持力大小，難度適中12如圖所示，在空間內(nèi)有一直角坐標系xoy，直線op與x軸正方向夾角為30，第一象限內(nèi)有兩個方向均垂直紙面向外的勻強磁場區(qū)域和，直線op是它們的理想邊界，op上方區(qū)域中磁場的磁感應強度為b，在第四象限內(nèi)有一沿x軸負方向的勻強電場，一質(zhì)量為m、電荷量為q的質(zhì)子（不計重力及質(zhì)子對磁場、電場的影響）以速度v從o點沿與op成30角方向垂直磁場進入?yún)^(qū)域，質(zhì)子先后通過磁場區(qū)域和后，恰好垂直通過x軸上的q點（未畫出）進入第四象限內(nèi)的勻強電場中，最后從y軸上的a點與y軸負方向成60角射出，求：（1）區(qū)域中磁場的磁感應強度大??；（2）q點到o點的距離；（3）勻強電場的電場強度e的大小【考點】帶電粒子在勻強磁場中的運動；牛頓第二定律；向心力；帶電粒子在勻強電場中的運動【專題】帶電粒子在磁場中的運動專題【分析】（1）質(zhì)子在兩個磁場中由洛倫茲力提供向心力，均做勻速圓周運動根據(jù)圓的對稱性可知，質(zhì)子從a點出磁場i時的速度方向與op的夾角為300，即與x軸平行在區(qū)域ii中，由題分析可知，質(zhì)子運動圓周，由幾何知識作出軌跡，如圖由幾何關(guān)系，得到質(zhì)子在兩個磁場中軌跡半徑與oa的關(guān)系，由牛頓第二定律研究兩個磁感應強度的關(guān)系，求解區(qū)域ii中磁場的磁感應強度大?。?）由圖x=oacos30+r2=r1cos30+r2求解x（3）質(zhì)子在第四象限電場中做類平拋運動，由類平拋運動知識可以求出電場強度大小【解答】解：（1）設質(zhì)子在磁場i和ii中做圓周運動的軌道半徑分別為r1和r2，區(qū)域ii中磁感應強度為b，質(zhì)子運動軌跡如圖所示：由牛頓第二定律得：qvb=m ，qvb=m 粒子在兩區(qū)域運動的軌跡如圖所示，由幾何關(guān)系可知，質(zhì)子從a點出磁場i時的速度方向與op的夾角為30，故質(zhì)子在磁場i中軌跡的圓心角為：=60，則o1oa為等邊三角形 oa=r1 r2=oasin30由解得區(qū)域ii中磁感應強度為 b=2b；（2）q點坐標：x=oacos30+r2=r1cos30+r2，解得：x=；（3）質(zhì)子在電場中做類平拋運動，水平方向：x=at2=t2，質(zhì)子在a點離開電場時：tan60=，解得：e=；答：（1）區(qū)域ii中磁場的磁感應強度大小為2b；（2）q點到o點的距離為；（3）勻強電場的電場強度e的大小為【點評】帶電粒子通過磁場的邊界時，如果邊界是直線，根據(jù)圓的對稱性得到，帶電粒子入射速度方向與邊界的夾角等于出射速度方向與邊界的夾角，這在處理有界磁場的問題常常用到選考題物理-選修3-3（15分）13下列說法中正確的是（）a物體是由大量分子組成的，分子間的引力和斥力同時隨分子間距離的增大而減小b懸浮在水中的花粉顆粒運動不是水分子的運動，而是花粉分子的運動c物體的機械能可以為零，而內(nèi)能不可以為零d第二類永動機違反能量守恒定律e一定質(zhì)量的理想氣體壓強不變，溫度升高時吸收的熱量一定大于內(nèi)能的增加量【考點】理想氣體的狀態(tài)方程；熱力學第一定律；熱力學第二定律【分析】分子間的引力和斥力同時隨分子間距離的增大而減??；布朗運動是懸浮在液體中固體微粒的無規(guī)則運動；第二類永動機不違反能量守恒定律，違反了熱力學第二定律；根據(jù)理想氣體的狀態(tài)方程分析氣體的狀態(tài)的變化【解答】解：a、根據(jù)分子動理論的內(nèi)容可知，物體是由大量分子組成的，分子間的引力和斥力同時隨分子間距離的增大而減小，故a正確；b、布朗運動是懸浮在液體中固體微粒的無規(guī)則運動，是由大量分子撞擊引起的，反應了液體分子的無規(guī)則運動，故b錯誤c、物體的宏觀速度相對于參考系的速度為0時，其動能可以為0；而內(nèi)能是物體內(nèi)所有分子的分子動能與分子勢能的和，分子動能不可能為0，所以物體 的內(nèi)能不可能為0，故c正確；d、第二類永動機不違反能量守恒定律，違反了熱力學第二定律，故d錯誤；e、一定質(zhì)量的理想氣體壓強不變，溫度升高時，根據(jù)理想氣體的狀態(tài)方程：，可知氣體的體積一定增大，所以氣體對外做功，然后根據(jù)熱力學第一定律可知，吸收的熱量一定大于內(nèi)能的增加量故e正確故選：ace【點評】該題考查分子動理論、布朗運動、物體的內(nèi)能、熱力學第一定律、熱力學第二定律以及理想氣體的狀態(tài)方程，考查的知識點比較多，都是一些記憶性的知識點的內(nèi)容，在平時的學習過程中多加積累即可14如圖示，光滑水平地面上放有一質(zhì)量為m的導熱氣缸，用活塞封閉了一部分氣體活塞質(zhì)量為，截面積為s，可無摩擦滑動，氣缸靜止時與缸底距離為l0現(xiàn)用水平恒力f 向右推氣缸，最后氣缸與活塞達到相對靜止狀態(tài)已知大氣壓強為p0求：（1）穩(wěn)定時封閉氣體的壓強（2）穩(wěn)定時活塞與缸底部的距離？【考點】理想氣體的狀態(tài)方程【專題】理想氣體狀態(tài)方程專題【分析】根據(jù)牛頓第二定律求出整體加速度，再根據(jù)活塞受力情況求得封閉氣體壓強；有理想氣體狀態(tài)方程列式求解受力穩(wěn)定后活塞與氣缸底部距離【解答】解：（1）選擇氣缸、活塞和密閉氣體整體作為研究對象，受力分析可知，水平恒力f即為整體受到的合外力， 由牛頓第二定律得 f=（m+）a 隔離活塞對其受力分析，設封閉氣體壓強為p， 則由牛頓第二定律得 （pp0）s=a 氣缸和活塞相對靜止具有相同的加速度，聯(lián)立以上兩式，可得 p=p0+ （2）由氣缸為導熱氣缸可知，氣缸內(nèi)氣體溫度不變，氣體為等溫變化，設穩(wěn)定時活塞與缸底部的距離為l 由理想氣體狀態(tài)方程 =c 得 p0l0s=pls 可得 l=l0答：（1）穩(wěn)定時封閉氣體的壓強為 p0+； （2）穩(wěn)定時活塞與缸底部的距離為 l0【點評】本題考查封閉氣體在等溫狀態(tài)下壓強、體積的變化情況，注意與牛頓第二定律的結(jié)合應用物理一一選修3-4（15分）15（2013迎澤區(qū)校級模擬）一列簡諧橫波沿x軸傳播，周期為t，t=0時刻的波形如圖所示此時平衡位置位于x=3m處的質(zhì)點正在向上運動，若a、b兩質(zhì)點平衡位置的坐標分別為xa=2.5m，xb=5.5m，則以下說法正確的是（）a波沿x負向傳播b當a質(zhì)點處在波峰時，b質(zhì)點在向上運動ct=時，a質(zhì)點正在向y軸負方向運動dt=時，b質(zhì)點正在向y軸負方向運動e在某一時刻，a、b兩質(zhì)點的位移和速度可能相同【考點】橫波的圖象；波長、頻率和波速的關(guān)系【專題】振動圖像與波動圖像專題【分析】如圖所示，此時平衡位置位于x=3m處的質(zhì)點正在向上運動，則知波向左傳播讀出波長，根據(jù)ab間的距離與波長的關(guān)系，分析位置和速度關(guān)系t=時a質(zhì)點正在向y軸正方向運動t=t時b質(zhì)點正在向y軸方向運動【解答】解：（1）a、由圖可看出波長為4m，t=0時刻x=3m處的質(zhì)點向上振動，可得該波向左傳播，即波沿x負向傳播，故a正確；b、當a質(zhì)點處在波峰時，b質(zhì)點在平衡位置向上運動，故b正確；c、將圖象整體向左平移1m，即波傳播時，a的振動狀態(tài)與與t=0時刻平衡位置在3.5m處質(zhì)點振動狀態(tài)一樣，即處在平衡位置上方并向y軸正向運動，c錯誤d、將圖象整體向左平移3m，即波傳播時，b的振動狀態(tài)與與t=0時刻平衡位置在8.5m處質(zhì)點振動狀態(tài)一樣，向y軸負向運動，d正確e、a、b兩質(zhì)點相距，位移和速度不可能相同，e錯誤故選：abd【點評】質(zhì)點帶動法是判斷質(zhì)點振動方向的有效方法，注意質(zhì)點只在平衡位置附近振動，并不隨波逐流16（2014咸陽校級模擬）一束單色光由左側(cè)射入盛有清水的薄壁圓柱，如圖為過軸線的截面圖，調(diào)整入射角，光線恰好在和空氣的界面上發(fā)生全反射，已知水的折射率為，求sin的值【考點】全反射【專題】全反射和臨界角專題【分析】由圖可知只要求得臨界角c即可求得由空氣進入玻璃時的折射角，由折射定律即可求得sin【解答】解：當光線在水面發(fā)生全反射時有：sinc=當光線從左側(cè)射入時，由折射定律有聯(lián)立這兩式代入數(shù)據(jù)可得sin=答：sin的值【點評】考查光的折射定律，關(guān)鍵掌握全反射的臨界角公式和折射定律17（2015江西三模）關(guān)于科學家和他們的貢獻，下列說法正確的是 （）a普朗克曾