陜西省西安市八校高三物理下學(xué)期模擬試卷（含解析）.doc

陜西省西安市八校大聯(lián)考2015屆高考物理模擬試卷一、選擇題（本題共12小題，每小題4分，在給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1-8題只有一個(gè)符合題目要求，第9-12題有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得4分，選對(duì)但不全對(duì)的得2分，有錯(cuò)選得0分，共48分）1下面關(guān)于物理學(xué)史的說(shuō)法正確的是( )a卡文迪許利用扭秤實(shí)驗(yàn)得出萬(wàn)有引力與距離平方成反比的規(guī)律b奧斯特通過(guò)實(shí)驗(yàn)發(fā)現(xiàn)變化的磁場(chǎng)能在其周?chē)a(chǎn)生電場(chǎng)c牛頓猜想自由落體運(yùn)動(dòng)的速度與下落時(shí)間成正比，并直接用實(shí)驗(yàn)進(jìn)行了驗(yàn)證d法拉第首先引入“場(chǎng)”的概念用來(lái)研究電和磁現(xiàn)象2一質(zhì)點(diǎn)在a、b兩點(diǎn)之間做勻變速直線運(yùn)動(dòng)，加速度方向與初速度方向相同，當(dāng)在a點(diǎn)初速度為v時(shí)，從a點(diǎn)到b點(diǎn)所用的時(shí)間為t，當(dāng)在a點(diǎn)初速度為2v時(shí)，保持其他量不變，從a點(diǎn)到b點(diǎn)所用的時(shí)間為t，則( )atbt=ctdt=t3我國(guó)第一臺(tái)自行設(shè)計(jì)、自主集成研制的“蛟龍?zhí)枴陛d人潛水器完成5000米級(jí)海試回國(guó)“蛟龍?zhí)枴辈捎贸Ｓ玫摹吧顫撈鳠o(wú)動(dòng)力下潛上浮技術(shù)”潛水器兩側(cè)配備4塊壓載鐵，重量可以根據(jù)不同深度與要求調(diào)整當(dāng)潛水器兩側(cè)配備4塊壓載鐵時(shí)，潛水器下潛一定深度后按恒定速度下潛；當(dāng)潛水器到達(dá)一定深度時(shí)，可操作拋載其中2塊壓載鐵，使?jié)撍鲬彝Ｔ谥付ㄉ疃壬蠈?shí)現(xiàn)作業(yè)，包括航行、拍照、取樣等；當(dāng)任務(wù)完成，再拋棄另外2塊壓載鐵，使?jié)撍魃细。竭_(dá)水面，設(shè)潛水器在水中受到的阻力與速度的平方成正比，潛水器受到的浮力恒定，下列說(shuō)法正確的是( )a潛水器兩側(cè)配備4塊壓載鐵時(shí)，向下做勻加速運(yùn)動(dòng)b潛水器兩側(cè)配備4塊壓載鐵時(shí)，先向下做加速度逐漸減小的加速運(yùn)動(dòng)，然后做勻速運(yùn)動(dòng)c潛水器拋棄其中2塊壓載鐵時(shí)，潛水器將做勻減速運(yùn)動(dòng)d潛水器拋棄所有壓載鐵后，潛水器向上先做勻加速后勻速運(yùn)動(dòng)至浮出水面42014年春晚中開(kāi)心麻花團(tuán)隊(duì)打造的創(chuàng)意形體秀魔幻三兄弟給觀眾留下了很深的印象該劇采用了“斜躺”的表演方式，三位演員躺在傾角為30的斜面上完成一系列動(dòng)作，攝像機(jī)垂直于斜面拍攝，讓觀眾產(chǎn)生演員在豎直墻面前表演的錯(cuò)覺(jué)如圖所示，演員甲被演員乙和演員丙“豎直向上”拋出，到最高點(diǎn)后恰好懸停在“空中”已知演員甲的質(zhì)量m=60kg，該過(guò)程中觀眾看到演員甲上升的“高度”為0.8m設(shè)演員甲和斜面間最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，重力加速度g=10m/s2，不計(jì)空氣阻力則該過(guò)程中，下列說(shuō)法不正確的是( )a演員甲被拋出的初速度為4m/sb演員甲運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為0.4sc演員甲的重力勢(shì)能增加了480jd演員乙和演員丙對(duì)甲做的功為480j5人用手托著質(zhì)量為m的“小蘋(píng)果”，從靜止開(kāi)始沿水平方向運(yùn)動(dòng)，前進(jìn)距離l后，速度為v（物體與手始終相對(duì)靜止），物體與手掌之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為，則下列說(shuō)法正確的是( )a手對(duì)蘋(píng)果的作用力方向豎直向上b蘋(píng)果所受摩擦力大小為mgc手對(duì)蘋(píng)果做的功為mv2d蘋(píng)果對(duì)手不做功6煤礦滲水會(huì)造成嚴(yán)重安全事故，2011年11月13日凌晨0時(shí)10分，甘肅省白銀市景泰縣通達(dá)煤礦發(fā)生透水事故，當(dāng)時(shí)井下作業(yè)人員11名，其中4人泅水脫險(xiǎn)，7人被困利用傳感電容器可檢測(cè)礦井滲水，發(fā)出安全警報(bào)，從而避免事故的發(fā)生如圖所示是一種通過(guò)測(cè)量電容器電容的變化來(lái)檢測(cè)液面高低的儀器原理圖，a為固定的導(dǎo)體芯，b為導(dǎo)體芯外面的一層絕緣物質(zhì)，c為導(dǎo)電液體，把儀器接到圖示電路中，已知靈敏電流表的指針偏轉(zhuǎn)方向與電流方向的關(guān)系為：電流從哪側(cè)流入電流表則電流表指針向哪側(cè)偏轉(zhuǎn)，當(dāng)發(fā)現(xiàn)指針向右偏轉(zhuǎn)時(shí)，導(dǎo)電液體深度h的變化為( )ah正在增大bh正在減小ch不變d無(wú)法確定7如圖所示的電路中，理想變壓器原、副線圈的匝數(shù)比n1：n2=22：5，電阻r1=r2=25，d為理想二極管，原線圈接u=220sin100t（v）的交流電，則( )a交流電的頻率為100hzb通過(guò)r2的電流為1ac通過(guò)r2的電流為ad變壓器的輸入功率為200w8如圖甲是回旋加速器的原理示意圖，其核心部分是兩個(gè)d型金屬盒，在加速帶電粒子時(shí)，兩金屬盒置于勻強(qiáng)磁場(chǎng)中（磁感應(yīng)強(qiáng)度大小恒定），并分別與高頻電源相連加速時(shí)某帶電粒子的動(dòng)能ek隨時(shí)間t變化規(guī)律如圖乙所示，若忽略帶電粒子在電場(chǎng)中的加速時(shí)間，則下列判斷正確的是( )a高頻電源的變化周期應(yīng)該等于tntn1b在ekt圖象中t4t3=t3t2=t2t1c粒子加速次數(shù)越多，粒子獲得的最大動(dòng)能一定越大d不同粒子獲得的最大動(dòng)能都相同9據(jù)報(bào)道，北斗衛(wèi)星導(dǎo)航系統(tǒng)利用其定位、導(dǎo)航、短報(bào)文通信功能加入到馬航mh370失聯(lián)客機(jī)搜救工作，為指揮中心調(diào)度部署人力物力提供決策依據(jù)，保證了搜救船只準(zhǔn)確抵達(dá)相關(guān)海域，幫助搜救船只規(guī)劃搜救航線，避免搜救出現(xiàn)遺漏海域目前北斗衛(wèi)星導(dǎo)航定位系統(tǒng)由高度均約為36000km的5顆靜止軌道衛(wèi)星和5顆傾斜地球同步軌道衛(wèi)星以及高度約為21500km的4顆中軌道衛(wèi)星組網(wǎng)運(yùn)行下列說(shuō)法正確的是( )a中軌道衛(wèi)星的周期比同步衛(wèi)星周期大b所有衛(wèi)星均位于以地心為中心的圓形軌道上c同步衛(wèi)星和中軌道衛(wèi)星的線速度均小于第一宇宙速度d赤道上隨地球自轉(zhuǎn)的物體向心加速度比同步衛(wèi)星向心加速度大10小明有一個(gè)磁浮玩具，其原理是利用電磁鐵產(chǎn)生磁性，讓具有磁性的玩偶穩(wěn)定地飄浮起來(lái)，其構(gòu)造如圖所示若圖中電源的電壓固定，可變電阻為一可以隨意改變電阻大小的裝置，則下列敘述正確的是( )a電路中的電源必須是交流電源b電路中的a端點(diǎn)須連接直流電源的負(fù)極c若增加環(huán)繞軟鐵的線圈匝數(shù)，可增加玩偶飄浮的最大高度d若將可變電阻的電阻值調(diào)大，可增加玩偶飄浮的最大高度11如圖所示，一根繩子一端固定于豎直墻上的a點(diǎn)，另一端繞過(guò)動(dòng)滑輪p懸掛一重物b，其中繩子的pa段處于水平狀態(tài)另一根繩子一端與動(dòng)滑輪p的軸相連，在繞過(guò)光滑的定滑輪q后在其端點(diǎn)o施加一水平向左的外力f，使整個(gè)系統(tǒng)處于平衡狀態(tài)滑輪均為光滑、輕質(zhì)，且均可看作質(zhì)點(diǎn)現(xiàn)拉動(dòng)繩子的端點(diǎn)o使其向左緩慢移動(dòng)一小段距離后達(dá)到新的平衡狀態(tài)，則該平衡狀態(tài)與原平衡狀態(tài)相比較( )a拉力f增加b拉力f減小c角不變d角減小12如圖所示，兩個(gè)可視為質(zhì)點(diǎn)的、相同的木塊a和b放在轉(zhuǎn)盤(pán)上，兩者用長(zhǎng)為l的細(xì)繩連接，木塊與轉(zhuǎn)盤(pán)的最大靜摩擦力均為各自重力的k倍，a放在距離轉(zhuǎn)軸l處，整個(gè)裝置能繞通過(guò)轉(zhuǎn)盤(pán)中心的轉(zhuǎn)軸o1o2轉(zhuǎn)動(dòng)開(kāi)始時(shí)，繩恰好伸直但無(wú)彈力，現(xiàn)讓該裝置從靜止開(kāi)始轉(zhuǎn)動(dòng)，使角速度緩慢增大，以下說(shuō)法正確的是( )a當(dāng)時(shí)，a、b相對(duì)于轉(zhuǎn)盤(pán)會(huì)滑動(dòng)b當(dāng)時(shí)，繩子一定有彈力c范圍內(nèi)增大時(shí)，b所受摩擦力變大d范圍內(nèi)增大時(shí)，a所受摩擦力一直變大二、非選擇題（共4小題，其中13-16題為必考題；17-19題為選考題。共52分）（一）為必考題（4題，共37分）13利用如圖裝置可以做力學(xué)中的許多實(shí)驗(yàn)，（1）以下說(shuō)法正確的是_a用此裝置“研究勻變速直線運(yùn)動(dòng)”時(shí)，必須設(shè)法消除小車(chē)和滑軌間的摩擦阻力的影響b用此裝置“研究勻變速直線運(yùn)動(dòng)”時(shí)，必須調(diào)整滑輪高度使連接小車(chē)的細(xì)線與滑軌平行c用此裝置“探究加速度a與力f的關(guān)系”每次改變砝碼及砝碼盤(pán)總質(zhì)量之后，需要重新平衡摩擦力d用此裝置“探究加速度a與力f的關(guān)系”應(yīng)使小盤(pán)和盤(pán)內(nèi)砝碼的總質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車(chē)的質(zhì)量（2）本裝置中要用到打點(diǎn)計(jì)時(shí)器，如圖甲、乙所示為實(shí)驗(yàn)室常用的兩種計(jì)時(shí)器，其中甲裝置用的電源要求是_a交流220v b直流220v c交流46v d直流46v（3）在利用此裝置“探究加速度a與力f的關(guān)系”時(shí)，實(shí)驗(yàn)中按規(guī)范操作打出的一條紙帶的一部分如圖已知打點(diǎn)計(jì)時(shí)器接在頻率為50hz的交流電源上，則此次實(shí)驗(yàn)中打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打下a 點(diǎn)時(shí)小車(chē)的瞬時(shí)速度為_(kāi) m/s（結(jié)果保留2位有效數(shù)字）14現(xiàn)有一電池，內(nèi)阻較大，為測(cè)定這個(gè)電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，某同學(xué)利用如圖甲所示的電路進(jìn)行實(shí)驗(yàn)圖中電流表的內(nèi)電阻很小，對(duì)電路的影響可以不計(jì)；rt為熱敏電阻實(shí)驗(yàn)中其阻值隨溫度變化的圖象如圖乙所示該同學(xué)接好電路后，閉合開(kāi)關(guān)s，測(cè)出不同溫度t及所對(duì)應(yīng)的電流表讀數(shù)i，取得多組數(shù)據(jù)，然后通過(guò)作出有關(guān)物理量的線性圖象，求得電源的電動(dòng)勢(shì)e和內(nèi)阻ra請(qǐng)寫(xiě)出該同學(xué)所作線性圖象對(duì)應(yīng)的函數(shù)表達(dá)式_b請(qǐng)?jiān)趫D丙的虛線框內(nèi)坐標(biāo)中作出定性圖象（要求標(biāo)明兩個(gè)坐標(biāo)軸所表示的物理量，用符號(hào)表示），c若該圖象斜率的絕對(duì)值為k，縱截距為b，則e=_，r=_15中華人民共和國(guó)道路交通安全法第四章第五節(jié)第67、68條規(guī)定：汽車(chē)在高速公路上行駛的最高速度不超過(guò)120km/h，發(fā)生故障時(shí)，警告標(biāo)志應(yīng)標(biāo)明在故障車(chē)來(lái)車(chē)方向150m以外某校2014-2015學(xué)年高一年級(jí)研究性學(xué)習(xí)小組根據(jù)調(diào)查收集得到下面的資料，想通過(guò)探究性學(xué)習(xí)來(lái)說(shuō)明“發(fā)生故障時(shí)警告標(biāo)志應(yīng)標(biāo)明在故障車(chē)來(lái)車(chē)方向150m以外”的理論依據(jù)是否科學(xué)，假如你是小組成員之一，請(qǐng)你分析說(shuō)明（g取10m/s2） 路面動(dòng)摩擦因數(shù)干瀝青與混凝土路面0.70.8干碎石路面0.60.7濕瀝青與混凝土路面0.40.5資料一：駕駛員的反應(yīng)時(shí)間：0.3s0.6s之間資料二：各種路面與輪胎之間的動(dòng)摩擦因數(shù)16xy平面為一光滑水平面，在x0，y0的空間區(qū)域內(nèi)有平行于xy平面的勻強(qiáng)電場(chǎng)，場(chǎng)強(qiáng)大小為e=100v/m；在x0，y3m的區(qū)域內(nèi)同時(shí)有垂直于xy平面的磁場(chǎng)，一質(zhì)量m=2106kg、電荷量大小為q=2107c的帶負(fù)電粒子從坐標(biāo)原點(diǎn)o以一定的初動(dòng)能入射，在電場(chǎng)和磁場(chǎng)的作用下發(fā)生偏轉(zhuǎn)，到達(dá)p（4，3）點(diǎn)時(shí)，動(dòng)能變?yōu)槌鮿?dòng)能的0.2倍，速度方向垂直于op最后，粒子從y軸上y=5m的m點(diǎn)射出電場(chǎng)，動(dòng)能變?yōu)槌鮿?dòng)能的0.52倍，求：（1）op連線上與m點(diǎn)等電勢(shì)的點(diǎn)的坐標(biāo)；（2）粒子由p點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到m點(diǎn)所需的時(shí)間三、選考題（17、18、19三題中任選一個(gè)作答）【物理-選修3-3】17以下說(shuō)法中正確的是( )a“用油膜法估測(cè)分子的大小”實(shí)驗(yàn)中油酸分子直徑等于純油酸體積除以相應(yīng)油酸膜的面積b一定質(zhì)量的理想氣體在體積不變的情況下，壓強(qiáng)p與熱力學(xué)溫度t成正比c氣體分子的平均動(dòng)能越大，氣體的壓強(qiáng)就越大d物理性質(zhì)各向同性的一定是非晶體e液體的表面張力是由于液體分子間的相互作用引起的f控制液面上方飽和汽的體積不變，升高溫度，則達(dá)到動(dòng)態(tài)平衡后該飽和汽的質(zhì)量增大，密度增大，壓強(qiáng)也增大g讓一小球沿碗的圓弧內(nèi)壁來(lái)回滾動(dòng)，小球的運(yùn)動(dòng)是可逆過(guò)程18如圖所示，用面積為s的活塞在汽缸內(nèi)封閉著一定質(zhì)量的空氣，活塞上放一砝碼，活塞和砝碼的總質(zhì)量為m，現(xiàn)對(duì)汽缸緩緩加熱使汽缸內(nèi)的空氣溫度從t1升高到t2，且空氣柱的高度增加了l，已知加熱時(shí)氣體吸收的熱量為q，外界大氣壓強(qiáng)為p0，問(wèn)：此過(guò)程中被封閉氣體的內(nèi)能變化了多少？被封閉空氣初始狀態(tài)的體積四、【物理-選修3-4】19下列說(shuō)法中正確的是( )a人耳能聽(tīng)到的聲波比超聲波更易發(fā)生明顯衍射b離開(kāi)地球的高速火箭里的人認(rèn)為地球上時(shí)鐘變快c無(wú)論什么波，只要振幅足夠大就可以產(chǎn)生明顯的衍射現(xiàn)象d透過(guò)平行于日光燈的窄縫觀察正常發(fā)光的日光燈時(shí)能看到彩色的條紋，這是光的衍射現(xiàn)象e光纖通信的工作原理是全反射，光纖通信具有容量大，抗干擾性強(qiáng)等優(yōu)點(diǎn)20如圖所示，一玻璃球體的半徑為r，o為球心，ab為直徑來(lái)自b點(diǎn)的光線bm在m點(diǎn)射出，出射光線平行于ab，另一光線bn恰好在n點(diǎn)發(fā)生全反射已知abm=30，求玻璃的折射率球心o到bn的距離五、【物理-選修3-5】21下列說(shuō)法正確的是( )a康普頓效應(yīng)和電子的衍射現(xiàn)象說(shuō)明光和電子都具有波動(dòng)性b普朗克為了解釋黑體輻射現(xiàn)象，第一次提出了能量量子化理論c若使放射性物質(zhì)的溫度升高，其半衰期將減少d結(jié)合能越大的原子核越穩(wěn)定e骸骨中c的含量為活著的生物體中c的，c的半衰期為5730年，則該生物死亡時(shí)距今11460年22如圖所示，物體a、b的質(zhì)量分別是4kg和8kg，由輕質(zhì)彈簧連接，放在光滑的水平面上，物體b左側(cè)與豎直墻壁相接觸，另有一個(gè)物體c水平向左運(yùn)動(dòng)，在t=5s時(shí)與物體a相碰，并立即與a有相同的速度，一起向左運(yùn)動(dòng)，物塊c的速度時(shí)間圖象如圖2所示（1）求物塊c的質(zhì)量；（2）彈簧壓縮具有的最大彈性勢(shì)能（3）在5s到15s的時(shí)間內(nèi)，墻壁對(duì)物體b的作用力的沖量陜西省西安市八校大聯(lián)考2015屆高考物理模擬試卷一、選擇題（本題共12小題，每小題4分，在給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1-8題只有一個(gè)符合題目要求，第9-12題有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得4分，選對(duì)但不全對(duì)的得2分，有錯(cuò)選得0分，共48分）1下面關(guān)于物理學(xué)史的說(shuō)法正確的是( )a卡文迪許利用扭秤實(shí)驗(yàn)得出萬(wàn)有引力與距離平方成反比的規(guī)律b奧斯特通過(guò)實(shí)驗(yàn)發(fā)現(xiàn)變化的磁場(chǎng)能在其周?chē)a(chǎn)生電場(chǎng)c牛頓猜想自由落體運(yùn)動(dòng)的速度與下落時(shí)間成正比，并直接用實(shí)驗(yàn)進(jìn)行了驗(yàn)證d法拉第首先引入“場(chǎng)”的概念用來(lái)研究電和磁現(xiàn)象考點(diǎn)：物理學(xué)史 專(zhuān)題：常規(guī)題型分析：根據(jù)物理學(xué)史和常識(shí)解答，記住著名物理學(xué)家的主要貢獻(xiàn)即可解答：解：a、卡文迪許利用扭秤實(shí)驗(yàn)測(cè)出萬(wàn)有引力常量，故a錯(cuò)誤；b、奧斯特通過(guò)實(shí)驗(yàn)發(fā)現(xiàn)電流周?chē)嬖诖艌?chǎng)，故b錯(cuò)誤；c、伽利略用實(shí)驗(yàn)和數(shù)學(xué)證明自由落體運(yùn)動(dòng)的位移與下落時(shí)間平方成正比，并用實(shí)驗(yàn)進(jìn)行了驗(yàn)證故c錯(cuò)誤d、法拉第首先引入“場(chǎng)”的概念用來(lái)研究電和磁現(xiàn)象故d正確故選：d點(diǎn)評(píng)：本題考查物理學(xué)史，是常識(shí)性問(wèn)題，對(duì)于物理學(xué)上重大發(fā)現(xiàn)、發(fā)明、著名理論要加強(qiáng)記憶，這也是考試內(nèi)容之一2一質(zhì)點(diǎn)在a、b兩點(diǎn)之間做勻變速直線運(yùn)動(dòng)，加速度方向與初速度方向相同，當(dāng)在a點(diǎn)初速度為v時(shí)，從a點(diǎn)到b點(diǎn)所用的時(shí)間為t，當(dāng)在a點(diǎn)初速度為2v時(shí)，保持其他量不變，從a點(diǎn)到b點(diǎn)所用的時(shí)間為t，則( )atbt=ctdt=t考點(diǎn)：勻變速直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律的綜合運(yùn)用；勻變速直線運(yùn)動(dòng)的速度與時(shí)間的關(guān)系 專(zhuān)題：直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律專(zhuān)題分析：分別作出兩種情況下的vt圖象，由圖象得出兩種情況下的運(yùn)動(dòng)位移關(guān)系，結(jié)合題意明確第二次的時(shí)間與第一次時(shí)間的關(guān)系解答：解：由題意作出對(duì)就的vt圖象如圖所示；圖象中圖象與時(shí)間軸圍成的面積表示物體通過(guò)的位移，由圖可知，在至t之間時(shí)，初速度為2v0的位移等于初速度為v0時(shí)的位移；則說(shuō)明t；故選：a點(diǎn)評(píng)：本題中若用公式法解析，過(guò)程將非常復(fù)雜；故應(yīng)用vt圖象的性質(zhì)可以起到事半功倍的效果；要注意明確圖象在解題中的應(yīng)用的優(yōu)勢(shì)，在學(xué)習(xí)中要多加應(yīng)用3我國(guó)第一臺(tái)自行設(shè)計(jì)、自主集成研制的“蛟龍?zhí)枴陛d人潛水器完成5000米級(jí)海試回國(guó)“蛟龍?zhí)枴辈捎贸Ｓ玫摹吧顫撈鳠o(wú)動(dòng)力下潛上浮技術(shù)”潛水器兩側(cè)配備4塊壓載鐵，重量可以根據(jù)不同深度與要求調(diào)整當(dāng)潛水器兩側(cè)配備4塊壓載鐵時(shí)，潛水器下潛一定深度后按恒定速度下潛；當(dāng)潛水器到達(dá)一定深度時(shí)，可操作拋載其中2塊壓載鐵，使?jié)撍鲬彝Ｔ谥付ㄉ疃壬蠈?shí)現(xiàn)作業(yè)，包括航行、拍照、取樣等；當(dāng)任務(wù)完成，再拋棄另外2塊壓載鐵，使?jié)撍魃细?，到達(dá)水面，設(shè)潛水器在水中受到的阻力與速度的平方成正比，潛水器受到的浮力恒定，下列說(shuō)法正確的是( )a潛水器兩側(cè)配備4塊壓載鐵時(shí)，向下做勻加速運(yùn)動(dòng)b潛水器兩側(cè)配備4塊壓載鐵時(shí)，先向下做加速度逐漸減小的加速運(yùn)動(dòng)，然后做勻速運(yùn)動(dòng)c潛水器拋棄其中2塊壓載鐵時(shí)，潛水器將做勻減速運(yùn)動(dòng)d潛水器拋棄所有壓載鐵后，潛水器向上先做勻加速后勻速運(yùn)動(dòng)至浮出水面考點(diǎn)：牛頓第二定律 專(zhuān)題：牛頓運(yùn)動(dòng)定律綜合專(zhuān)題分析：本題在三種情況下分別對(duì)潛水器受力進(jìn)行分析，根據(jù)牛頓第二定律得出加速度的表達(dá)式，分析加速度與速度的關(guān)系即可求解解答：解：a、b潛水器兩側(cè)配備4塊壓載鐵時(shí)，對(duì)潛水器受力分析，根據(jù)牛頓第二定律可得g1kv2f浮=ma，當(dāng)速度增大時(shí)，加速度逐漸減小，當(dāng)加速度減到零時(shí)，速度達(dá)到最大值，潛水器做勻速運(yùn)動(dòng)，故a錯(cuò)誤，b正確；c、潛水器拋載其中2塊壓載鐵時(shí)，潛水器向下做減速運(yùn)動(dòng)，對(duì)潛水器受力分析，根據(jù)牛頓第二定律可得g2+kv2+f浮=ma，潛水器將做加速度逐漸減小的減速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)g2=kv2+f浮時(shí)，開(kāi)始做勻速運(yùn)動(dòng)故c正確；d、潛水器拋棄所有壓載鐵時(shí)，根據(jù)牛頓第二定律得g3kv2+f浮=ma，潛水器將做加速度逐漸減小的加速運(yùn)動(dòng)，故d錯(cuò)誤故選：bc點(diǎn)評(píng)：牛頓動(dòng)力學(xué)問(wèn)題是2015屆高考考查的重點(diǎn)，而與中國(guó)科技進(jìn)步相關(guān)的高科技問(wèn)題更能激起學(xué)生的愛(ài)國(guó)熱情，本題借助最新的物理情景，考查了牛頓動(dòng)力學(xué)問(wèn)題，解題的關(guān)鍵是會(huì)將實(shí)際問(wèn)題轉(zhuǎn)換為物理模型42014年春晚中開(kāi)心麻花團(tuán)隊(duì)打造的創(chuàng)意形體秀魔幻三兄弟給觀眾留下了很深的印象該劇采用了“斜躺”的表演方式，三位演員躺在傾角為30的斜面上完成一系列動(dòng)作，攝像機(jī)垂直于斜面拍攝，讓觀眾產(chǎn)生演員在豎直墻面前表演的錯(cuò)覺(jué)如圖所示，演員甲被演員乙和演員丙“豎直向上”拋出，到最高點(diǎn)后恰好懸停在“空中”已知演員甲的質(zhì)量m=60kg，該過(guò)程中觀眾看到演員甲上升的“高度”為0.8m設(shè)演員甲和斜面間最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，重力加速度g=10m/s2，不計(jì)空氣阻力則該過(guò)程中，下列說(shuō)法不正確的是( )a演員甲被拋出的初速度為4m/sb演員甲運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為0.4sc演員甲的重力勢(shì)能增加了480jd演員乙和演員丙對(duì)甲做的功為480j考點(diǎn)：平拋運(yùn)動(dòng) 專(zhuān)題：平拋運(yùn)動(dòng)專(zhuān)題分析：根據(jù)最高點(diǎn)能夠懸停得出重力沿斜面方向的分力和摩擦力的關(guān)系，根據(jù)牛頓第二定律得出演員上滑的加速度，結(jié)合速度位移公式求出演員甲的初速度，結(jié)合速度時(shí)間公式求出演員甲的運(yùn)動(dòng)時(shí)間根據(jù)上升的高度求出演員甲的重力勢(shì)能的增加量根據(jù)動(dòng)能定理求出演員乙和演員丙對(duì)甲做功的大小解答：解：a、因?yàn)榈竭_(dá)最高點(diǎn)后，恰好懸停，則有：mgsin30=mgcos30，向上滑動(dòng)的過(guò)程中，加速度a=根據(jù)得，初速度=4m/s故a正確b、演員甲的運(yùn)動(dòng)時(shí)間t=故b正確c、演員甲的重力勢(shì)能增加量j=240j故c錯(cuò)誤d、演員乙和演員丙對(duì)甲做的功w=故d正確本題選不正確的，故選：c點(diǎn)評(píng)：本題考查了牛頓第二定律和運(yùn)動(dòng)學(xué)公式的綜合運(yùn)用，知道加速度是聯(lián)系力學(xué)和運(yùn)動(dòng)學(xué)的橋梁，以及知道重力做功與重力勢(shì)能的關(guān)系5人用手托著質(zhì)量為m的“小蘋(píng)果”，從靜止開(kāi)始沿水平方向運(yùn)動(dòng)，前進(jìn)距離l后，速度為v（物體與手始終相對(duì)靜止），物體與手掌之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為，則下列說(shuō)法正確的是( )a手對(duì)蘋(píng)果的作用力方向豎直向上b蘋(píng)果所受摩擦力大小為mgc手對(duì)蘋(píng)果做的功為mv2d蘋(píng)果對(duì)手不做功考點(diǎn)：功的計(jì)算；摩擦力的判斷與計(jì)算 專(zhuān)題：功的計(jì)算專(zhuān)題分析：根據(jù)動(dòng)能定理求出手對(duì)蘋(píng)果做功的大小，通過(guò)速度位移公式求出蘋(píng)果的加速度，結(jié)合牛頓第二定律求出摩擦力的大小解答：解：a、手對(duì)蘋(píng)果的作用力是支持力和摩擦力的合力，方向斜向上故a錯(cuò)誤b、蘋(píng)果的加速度a=，則摩擦力f=ma=，故b錯(cuò)誤c、根據(jù)動(dòng)能定理得，手對(duì)蘋(píng)果做功的大小w=故c正確，d錯(cuò)誤故選：c點(diǎn)評(píng)：考查動(dòng)能定理的應(yīng)用，注意物體在手的作用下運(yùn)動(dòng)，是靜摩擦力，但不一定是最大靜摩擦力，而只有是最大靜摩擦力時(shí)，才能是mg6煤礦滲水會(huì)造成嚴(yán)重安全事故，2011年11月13日凌晨0時(shí)10分，甘肅省白銀市景泰縣通達(dá)煤礦發(fā)生透水事故，當(dāng)時(shí)井下作業(yè)人員11名，其中4人泅水脫險(xiǎn)，7人被困利用傳感電容器可檢測(cè)礦井滲水，發(fā)出安全警報(bào)，從而避免事故的發(fā)生如圖所示是一種通過(guò)測(cè)量電容器電容的變化來(lái)檢測(cè)液面高低的儀器原理圖，a為固定的導(dǎo)體芯，b為導(dǎo)體芯外面的一層絕緣物質(zhì)，c為導(dǎo)電液體，把儀器接到圖示電路中，已知靈敏電流表的指針偏轉(zhuǎn)方向與電流方向的關(guān)系為：電流從哪側(cè)流入電流表則電流表指針向哪側(cè)偏轉(zhuǎn)，當(dāng)發(fā)現(xiàn)指針向右偏轉(zhuǎn)時(shí)，導(dǎo)電液體深度h的變化為( )ah正在增大bh正在減小ch不變d無(wú)法確定考點(diǎn)：傳感器在生產(chǎn)、生活中的應(yīng)用 分析：影響平行板電容器電容的因素有正對(duì)面積、極板間距與電介質(zhì)然而如圖所示為一測(cè)定液面高低的傳感器，利用了平行板電容器特性高度的變化，就相當(dāng)于正對(duì)面積變化解答：解：如圖所示為一測(cè)定液面高低的傳感器示意圖液體的高度升高，導(dǎo)致電容器的電容變大據(jù)題：把儀器接到圖示電路中，已知靈敏電流表指針偏轉(zhuǎn)方向與電流方向相同如果發(fā)現(xiàn)指針正向右偏轉(zhuǎn)，說(shuō)明電容器正在充電由于傳感器與電源相連，所以電容器兩極間的電壓不變，而電容器電量在增加，則由q=cu知，電容器的電容在增大故液體的高度h在增大故a正確，bcd錯(cuò)誤故選：a點(diǎn)評(píng)：解決本題的關(guān)鍵要把握題目中的有效信息，記牢平行板電容器的電容與哪些因素有關(guān)，有什么關(guān)系7如圖所示的電路中，理想變壓器原、副線圈的匝數(shù)比n1：n2=22：5，電阻r1=r2=25，d為理想二極管，原線圈接u=220sin100t（v）的交流電，則( )a交流電的頻率為100hzb通過(guò)r2的電流為1ac通過(guò)r2的電流為ad變壓器的輸入功率為200w考點(diǎn)：變壓器的構(gòu)造和原理；電功、電功率 專(zhuān)題：交流電專(zhuān)題分析：根據(jù)瞬時(shí)值表達(dá)式可以求得輸出電壓的有效值、周期和頻率等，再根據(jù)電壓與匝數(shù)成正比和二極管的特點(diǎn)即可求得結(jié)論解答：解：a、交流電的頻率f=50hz，a錯(cuò)誤b、由表達(dá)式知原線圈電壓有效值為220v，副線圈兩端電壓為50v，由于二極管的單向?qū)щ娦裕鶕?jù)電流熱效應(yīng)，所以r2的電壓u=25v，通過(guò)r2的電流為a，b錯(cuò)誤c正確；d、副線圈消耗的功率p=150w，輸入功率等于輸出功率，d錯(cuò)誤故選：c點(diǎn)評(píng)：本題的難點(diǎn)在于二極管的作用，是使得反向電流不能通過(guò)，根據(jù)電流熱效應(yīng)求其有效值8如圖甲是回旋加速器的原理示意圖，其核心部分是兩個(gè)d型金屬盒，在加速帶電粒子時(shí)，兩金屬盒置于勻強(qiáng)磁場(chǎng)中（磁感應(yīng)強(qiáng)度大小恒定），并分別與高頻電源相連加速時(shí)某帶電粒子的動(dòng)能ek隨時(shí)間t變化規(guī)律如圖乙所示，若忽略帶電粒子在電場(chǎng)中的加速時(shí)間，則下列判斷正確的是( )a高頻電源的變化周期應(yīng)該等于tntn1b在ekt圖象中t4t3=t3t2=t2t1c粒子加速次數(shù)越多，粒子獲得的最大動(dòng)能一定越大d不同粒子獲得的最大動(dòng)能都相同考點(diǎn)：質(zhì)譜儀和回旋加速器的工作原理 分析：回旋加速器工作條件是交流電源的周期必須和粒子在磁場(chǎng)中圓周運(yùn)動(dòng)的周期一致，由公式t=和r=進(jìn)行分析判斷解答：解：a、交流電源的周期必須和粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的周期一致，故電源的變化周期應(yīng)該等于2（tntn1），故a錯(cuò)誤；b、根據(jù)t=知，粒子回旋周期不變，在ekt圖中應(yīng)有t4t3=t3t2=t2t1，故b正確；c、根據(jù)公式r=，得v=，故最大動(dòng)能ekm=mv2=，則知粒子獲得的最大動(dòng)能與d形盒的半徑有關(guān)，d形盒的半徑越大，粒子獲得的最大動(dòng)能越大，與加速的次數(shù)無(wú)關(guān)故c錯(cuò)誤，d、最大動(dòng)能ekm=mv2=，動(dòng)能與粒子比荷以及b和r有關(guān)，不同粒子獲得的最大動(dòng)能都不同，d錯(cuò)誤；故選：b點(diǎn)評(píng)：本題考查了回旋加速器的原理，特別要記住粒子獲得的最大動(dòng)能是由d型盒的半徑，及帶電粒子的比荷決定的9據(jù)報(bào)道，北斗衛(wèi)星導(dǎo)航系統(tǒng)利用其定位、導(dǎo)航、短報(bào)文通信功能加入到馬航mh370失聯(lián)客機(jī)搜救工作，為指揮中心調(diào)度部署人力物力提供決策依據(jù)，保證了搜救船只準(zhǔn)確抵達(dá)相關(guān)海域，幫助搜救船只規(guī)劃搜救航線，避免搜救出現(xiàn)遺漏海域目前北斗衛(wèi)星導(dǎo)航定位系統(tǒng)由高度均約為36000km的5顆靜止軌道衛(wèi)星和5顆傾斜地球同步軌道衛(wèi)星以及高度約為21500km的4顆中軌道衛(wèi)星組網(wǎng)運(yùn)行下列說(shuō)法正確的是( )a中軌道衛(wèi)星的周期比同步衛(wèi)星周期大b所有衛(wèi)星均位于以地心為中心的圓形軌道上c同步衛(wèi)星和中軌道衛(wèi)星的線速度均小于第一宇宙速度d赤道上隨地球自轉(zhuǎn)的物體向心加速度比同步衛(wèi)星向心加速度大考點(diǎn)：人造衛(wèi)星的加速度、周期和軌道的關(guān)系 專(zhuān)題：萬(wàn)有引力定律的應(yīng)用專(zhuān)題分析：根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力，可知r越大，向心加速度越小，線速度越小，周期越大地球的同步衛(wèi)星相對(duì)于地球是靜止的解答：解：a、根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力，=mt=2，知道軌道半徑越大，周期越大，所以中軌道衛(wèi)星的周期比同步衛(wèi)星周期小，故a錯(cuò)誤；b、衛(wèi)星做圓周運(yùn)動(dòng)，根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力，所有衛(wèi)星均位于以地心為中心的圓形軌道上，故b正確；c、第一宇宙速度是衛(wèi)星做圓周運(yùn)動(dòng)的最大運(yùn)行速度，根據(jù)v=，所以同步衛(wèi)星和中軌道衛(wèi)星的線速度均小于第一宇宙速度，故c正確；d、同步衛(wèi)星和赤道上物體具有相同的角速度，根據(jù)a=r2得同步衛(wèi)星向心加速度比赤道上物體的向心加速度大，故d錯(cuò)誤；故選：bc點(diǎn)評(píng)：解決本題的關(guān)鍵掌握萬(wàn)有引力提供向心力，會(huì)根據(jù)軌道半徑的關(guān)系比較向心加速度、線速度和周期同時(shí)掌握同步衛(wèi)星的特點(diǎn)10小明有一個(gè)磁浮玩具，其原理是利用電磁鐵產(chǎn)生磁性，讓具有磁性的玩偶穩(wěn)定地飄浮起來(lái)，其構(gòu)造如圖所示若圖中電源的電壓固定，可變電阻為一可以隨意改變電阻大小的裝置，則下列敘述正確的是( )a電路中的電源必須是交流電源b電路中的a端點(diǎn)須連接直流電源的負(fù)極c若增加環(huán)繞軟鐵的線圈匝數(shù)，可增加玩偶飄浮的最大高度d若將可變電阻的電阻值調(diào)大，可增加玩偶飄浮的最大高度考點(diǎn)：楞次定律 專(zhuān)題：電磁感應(yīng)與電路結(jié)合分析：根據(jù)磁鐵的磁性來(lái)確定線圈上端，因通電而產(chǎn)生的磁場(chǎng)的磁極，依據(jù)右手螺旋定則，及同名磁極相互排斥，即可求解，而當(dāng)線圈的磁場(chǎng)強(qiáng)弱與線圈匝數(shù)，及電流的大小有關(guān)解答：解：a、由題意可知，玩偶穩(wěn)定地飄浮起來(lái)，且下端為n極，則線圈的上端為n極，根據(jù)右手螺旋定則可得，電源通的是直流電，且b端為電源的負(fù)極，而a端為電源的正極，故a錯(cuò)誤，b錯(cuò)誤；c、若增加環(huán)繞軟鐵的線圈匝數(shù)，從而增加線圈的磁場(chǎng)，導(dǎo)致玩偶飄浮的最大高度增加，故c正確；d、若將可變電阻的電阻值調(diào)大，則線圈中的電流減小，導(dǎo)致玩偶飄浮的最大高度減小，故d錯(cuò)誤；故選：c點(diǎn)評(píng)：考查玩偶的工作原理，理解右手螺旋定則的內(nèi)容，注意影響玩偶飄浮的最大高度的因素11如圖所示，一根繩子一端固定于豎直墻上的a點(diǎn)，另一端繞過(guò)動(dòng)滑輪p懸掛一重物b，其中繩子的pa段處于水平狀態(tài)另一根繩子一端與動(dòng)滑輪p的軸相連，在繞過(guò)光滑的定滑輪q后在其端點(diǎn)o施加一水平向左的外力f，使整個(gè)系統(tǒng)處于平衡狀態(tài)滑輪均為光滑、輕質(zhì)，且均可看作質(zhì)點(diǎn)現(xiàn)拉動(dòng)繩子的端點(diǎn)o使其向左緩慢移動(dòng)一小段距離后達(dá)到新的平衡狀態(tài)，則該平衡狀態(tài)與原平衡狀態(tài)相比較( )a拉力f增加b拉力f減小c角不變d角減小考點(diǎn)：共點(diǎn)力平衡的條件及其應(yīng)用；力的合成與分解的運(yùn)用 專(zhuān)題：共點(diǎn)力作用下物體平衡專(zhuān)題分析：對(duì)滑輪p受力分析，抓住三根繩子合力為零，ap、bp繩子拉力大小相等，通過(guò)角度的變化進(jìn)行分析解答：解：向左緩慢緩慢移動(dòng)一小段距離，繩變短，動(dòng)滑輪要上移，繩pa和pb間的夾角變小，而繩qp位于pa和pb間的角平分線上，所以角減小經(jīng)過(guò)定滑輪的繩子拉力大小相等，等于mg，兩根繩子的合力與qp繩的拉力大小相等，方向相反因?yàn)閵A角變小，合力變大，qp繩的拉力就大，所以拉力f增加故a、d正確，b、c錯(cuò)誤故選：ad點(diǎn)評(píng)：解決本題的關(guān)鍵知道通過(guò)定滑輪的繩子拉力大小相等，抓住兩根繩的合力與另外一根繩子的拉力平衡進(jìn)行求解12如圖所示，兩個(gè)可視為質(zhì)點(diǎn)的、相同的木塊a和b放在轉(zhuǎn)盤(pán)上，兩者用長(zhǎng)為l的細(xì)繩連接，木塊與轉(zhuǎn)盤(pán)的最大靜摩擦力均為各自重力的k倍，a放在距離轉(zhuǎn)軸l處，整個(gè)裝置能繞通過(guò)轉(zhuǎn)盤(pán)中心的轉(zhuǎn)軸o1o2轉(zhuǎn)動(dòng)開(kāi)始時(shí)，繩恰好伸直但無(wú)彈力，現(xiàn)讓該裝置從靜止開(kāi)始轉(zhuǎn)動(dòng)，使角速度緩慢增大，以下說(shuō)法正確的是( )a當(dāng)時(shí)，a、b相對(duì)于轉(zhuǎn)盤(pán)會(huì)滑動(dòng)b當(dāng)時(shí)，繩子一定有彈力c范圍內(nèi)增大時(shí)，b所受摩擦力變大d范圍內(nèi)增大時(shí)，a所受摩擦力一直變大考點(diǎn)：向心力；摩擦力的判斷與計(jì)算；線速度、角速度和周期、轉(zhuǎn)速 專(zhuān)題：勻速圓周運(yùn)動(dòng)專(zhuān)題分析：開(kāi)始角速度較小，兩木塊都靠靜摩擦力提供向心力，b先到達(dá)最大靜摩擦力，角速度繼續(xù)增大，則繩子出現(xiàn)拉力，角速度繼續(xù)增大，a的靜摩擦力增大，當(dāng)增大到最大靜摩擦力時(shí)，開(kāi)始發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)解答：解：a、當(dāng)a所受的摩擦力達(dá)到最大靜摩擦力時(shí)，a、b相對(duì)于轉(zhuǎn)盤(pán)會(huì)滑動(dòng)，對(duì)a有：kmgt=ml2，對(duì)b有：t+kmg=m2l2，解得=，當(dāng)時(shí)，a、b相對(duì)于轉(zhuǎn)盤(pán)會(huì)滑動(dòng)故a正確b、當(dāng)b達(dá)到最大靜摩擦力時(shí)，繩子開(kāi)始出現(xiàn)彈力，kmg=m2l2，解得1=，知時(shí)，繩子具有彈力故b正確c、角速度0，b所受的摩擦力變大故c錯(cuò)誤d、當(dāng)在0范圍內(nèi)，a相對(duì)轉(zhuǎn)盤(pán)是靜止的，a所受摩擦力為靜摩擦力，所以ft=ml2，當(dāng)增大時(shí)，靜摩擦力也增大故d正確故選abd點(diǎn)評(píng)：解決本題的關(guān)鍵搞清木塊向心力的來(lái)源，結(jié)合牛頓第二定律進(jìn)行分析，難度適中二、非選擇題（共4小題，其中13-16題為必考題；17-19題為選考題。共52分）（一）為必考題（4題，共37分）13利用如圖裝置可以做力學(xué)中的許多實(shí)驗(yàn)，（1）以下說(shuō)法正確的是bda用此裝置“研究勻變速直線運(yùn)動(dòng)”時(shí)，必須設(shè)法消除小車(chē)和滑軌間的摩擦阻力的影響b用此裝置“研究勻變速直線運(yùn)動(dòng)”時(shí)，必須調(diào)整滑輪高度使連接小車(chē)的細(xì)線與滑軌平行c用此裝置“探究加速度a與力f的關(guān)系”每次改變砝碼及砝碼盤(pán)總質(zhì)量之后，需要重新平衡摩擦力d用此裝置“探究加速度a與力f的關(guān)系”應(yīng)使小盤(pán)和盤(pán)內(nèi)砝碼的總質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車(chē)的質(zhì)量（2）本裝置中要用到打點(diǎn)計(jì)時(shí)器，如圖甲、乙所示為實(shí)驗(yàn)室常用的兩種計(jì)時(shí)器，其中甲裝置用的電源要求是aa交流220v b直流220v c交流46v d直流46v（3）在利用此裝置“探究加速度a與力f的關(guān)系”時(shí)，實(shí)驗(yàn)中按規(guī)范操作打出的一條紙帶的一部分如圖已知打點(diǎn)計(jì)時(shí)器接在頻率為50hz的交流電源上，則此次實(shí)驗(yàn)中打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打下a 點(diǎn)時(shí)小車(chē)的瞬時(shí)速度為0.52 m/s（結(jié)果保留2位有效數(shù)字）考點(diǎn)：驗(yàn)證牛頓第二運(yùn)動(dòng)定律 專(zhuān)題：實(shí)驗(yàn)題；牛頓運(yùn)動(dòng)定律綜合專(zhuān)題分析：（1）利用圖示小車(chē)紙帶裝置可以完成很多實(shí)驗(yàn)，在研究勻變速直線運(yùn)動(dòng)時(shí)不需要平衡摩擦力，“研究勻變速直線運(yùn)動(dòng)”時(shí)，細(xì)線必須與木板平行以保持加速度不變；在探究“小車(chē)的加速度a與力f的關(guān)系”時(shí)，根據(jù)牛頓第二定律求出加速度a的表達(dá)式，不難得出當(dāng)鈞碼的質(zhì)量遠(yuǎn)遠(yuǎn)大于小車(chē)的質(zhì)量時(shí)，加速度a近似等于g的結(jié)論（2）甲裝置是電火花打點(diǎn)計(jì)時(shí)器，直接接220v交流電源，乙裝置是電磁式打點(diǎn)計(jì)時(shí)器，需接低壓交流電源；（3）根據(jù)中間時(shí)刻的速度等于平均速度求解a點(diǎn)速度解答：解：（1）a、此裝置可以用來(lái)研究勻變速直線運(yùn)動(dòng)，但不需要平衡摩擦力，故a錯(cuò)誤；b、用此裝置“研究勻變速直線運(yùn)動(dòng)”時(shí)，必須調(diào)整滑輪高度使連接小車(chē)的細(xì)線與滑軌平行，保持小車(chē)的加速度不變故b正確；c、平衡摩擦力的方法是將木板帶打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的一端適當(dāng)墊高，這樣做的目的是利用小車(chē)重力沿斜面分力補(bǔ)償小車(chē)運(yùn)動(dòng)中所受阻力的影響，即mgsin=mgcos，式子成立與質(zhì)量無(wú)關(guān)，故改變質(zhì)量后不需重新進(jìn)行平衡，故c錯(cuò)誤d、在利用該裝置來(lái)“探究物體的加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”時(shí)，設(shè)小車(chē)的質(zhì)量為m，小吊盤(pán)和盤(pán)中物塊的質(zhì)量為m，設(shè)繩子上拉力為f，以整體為研究對(duì)象有mg=（m+m）a解得：以m為研究對(duì)象有繩子的拉力為：顯然要有f=mg必有m+m=m，故有mm，即只有mm時(shí)才可以認(rèn)為繩對(duì)小車(chē)的拉力大小等于小吊盤(pán)和盤(pán)中物塊的重力故d正確；（2）甲裝置是電火花打點(diǎn)計(jì)時(shí)器，直接接220v交流電源；（3）根據(jù)中間時(shí)刻的速度等于平均速度得：故答案為：（1）bd；（2）a；（3）0.52點(diǎn)評(píng)：解決實(shí)驗(yàn)問(wèn)題首先要掌握該實(shí)驗(yàn)原理，了解實(shí)驗(yàn)的操作步驟和數(shù)據(jù)處理以及注意事項(xiàng)，然后熟練應(yīng)用物理規(guī)律來(lái)解決實(shí)驗(yàn)問(wèn)題，知道勻變速直線運(yùn)動(dòng)中間時(shí)刻的速度等于平均速度14現(xiàn)有一電池，內(nèi)阻較大，為測(cè)定這個(gè)電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，某同學(xué)利用如圖甲所示的電路進(jìn)行實(shí)驗(yàn)圖中電流表的內(nèi)電阻很小，對(duì)電路的影響可以不計(jì)；rt為熱敏電阻實(shí)驗(yàn)中其阻值隨溫度變化的圖象如圖乙所示該同學(xué)接好電路后，閉合開(kāi)關(guān)s，測(cè)出不同溫度t及所對(duì)應(yīng)的電流表讀數(shù)i，取得多組數(shù)據(jù)，然后通過(guò)作出有關(guān)物理量的線性圖象，求得電源的電動(dòng)勢(shì)e和內(nèi)阻ra請(qǐng)寫(xiě)出該同學(xué)所作線性圖象對(duì)應(yīng)的函數(shù)表達(dá)式=t+b請(qǐng)?jiān)趫D丙的虛線框內(nèi)坐標(biāo)中作出定性圖象（要求標(biāo)明兩個(gè)坐標(biāo)軸所表示的物理量，用符號(hào)表示），c若該圖象斜率的絕對(duì)值為k，縱截距為b，則e=，r=r0考點(diǎn)：測(cè)定電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻 專(zhuān)題：實(shí)驗(yàn)題；恒定電流專(zhuān)題分析：分析電流與電阻的關(guān)系，由閉合電路歐姆定律可得出符合本實(shí)驗(yàn)的公式，再結(jié)合圖象的性質(zhì)利用函數(shù)關(guān)系即可求得電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電阻解答：解：a、實(shí)驗(yàn)中其阻值隨溫度變化的圖象如圖乙所示所以rt=t+r0由閉合電路歐姆定律可得：e=i（rt+r），即：=t+b、作出定性圖象：c若該圖象斜率的絕對(duì)值為k，縱截距為b，k=b=所以e=，r=r0故答案為：=t+，r0點(diǎn)評(píng)：本題考查測(cè)定電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻實(shí)驗(yàn)，正確理解t圖象的物理意義，從而得出正確的答案15中華人民共和國(guó)道路交通安全法第四章第五節(jié)第67、68條規(guī)定：汽車(chē)在高速公路上行駛的最高速度不超過(guò)120km/h，發(fā)生故障時(shí)，警告標(biāo)志應(yīng)標(biāo)明在故障車(chē)來(lái)車(chē)方向150m以外某校2014-2015學(xué)年高一年級(jí)研究性學(xué)習(xí)小組根據(jù)調(diào)查收集得到下面的資料，想通過(guò)探究性學(xué)習(xí)來(lái)說(shuō)明“發(fā)生故障時(shí)警告標(biāo)志應(yīng)標(biāo)明在故障車(chē)來(lái)車(chē)方向150m以外”的理論依據(jù)是否科學(xué)，假如你是小組成員之一，請(qǐng)你分析說(shuō)明（g取10m/s2） 路面動(dòng)摩擦因數(shù)干瀝青與混凝土路面0.70.8干碎石路面0.60.7濕瀝青與混凝土路面0.40.5資料一：駕駛員的反應(yīng)時(shí)間：0.3s0.6s之間資料二：各種路面與輪胎之間的動(dòng)摩擦因數(shù)考點(diǎn)：勻變速直線運(yùn)動(dòng)的位移與時(shí)間的關(guān)系 專(zhuān)題：直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律專(zhuān)題分析：汽車(chē)在反應(yīng)時(shí)間內(nèi)做勻速直線運(yùn)動(dòng)，根據(jù)勻速直線運(yùn)動(dòng)的公式x=v0t求出在反應(yīng)時(shí)間中的位移；汽車(chē)制動(dòng)后，做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，根據(jù)位移公式x=計(jì)算剎車(chē)位移，兩者之和即可汽車(chē)運(yùn)動(dòng)的總位移解答：解：在反應(yīng)時(shí)間內(nèi)汽車(chē)做勻速運(yùn)動(dòng)，位移為： s1=t 剎車(chē)時(shí)做減速運(yùn)動(dòng)，有： 2=2（g）s2 從開(kāi)始反應(yīng)到剎車(chē)停止，汽車(chē)發(fā)生的總位移： s=s1+s2 考慮最高車(chē)速=120km/h=33.3m/s、最長(zhǎng)反應(yīng)時(shí)間t=0.6s、最小動(dòng)摩擦因數(shù)=0.4情況，車(chē)滑行的距離為 s=159m 159m是汽車(chē)滑行最大距離，再考慮到實(shí)際情況，駕駛員在離看到警告標(biāo)志一定距離時(shí)就開(kāi)始剎車(chē)所以，發(fā)生故障時(shí)，警告標(biāo)志應(yīng)標(biāo)明在故障車(chē)來(lái)車(chē)方向150m以外 答：“發(fā)生故障時(shí)警告標(biāo)志應(yīng)標(biāo)明在故障車(chē)來(lái)車(chē)方向150m以外”的理論依據(jù)是科學(xué)的，證明如上點(diǎn)評(píng)：本題關(guān)鍵是明確汽車(chē)的運(yùn)動(dòng)規(guī)律，即先勻速后勻減速直線運(yùn)動(dòng)，然后根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)規(guī)律列式求解16xy平面為一光滑水平面，在x0，y0的空間區(qū)域內(nèi)有平行于xy平面的勻強(qiáng)電場(chǎng)，場(chǎng)強(qiáng)大小為e=100v/m；在x0，y3m的區(qū)域內(nèi)同時(shí)有垂直于xy平面的磁場(chǎng)，一質(zhì)量m=2106kg、電荷量大小為q=2107c的帶負(fù)電粒子從坐標(biāo)原點(diǎn)o以一定的初動(dòng)能入射，在電場(chǎng)和磁場(chǎng)的作用下發(fā)生偏轉(zhuǎn)，到達(dá)p（4，3）點(diǎn)時(shí)，動(dòng)能變?yōu)槌鮿?dòng)能的0.2倍，速度方向垂直于op最后，粒子從y軸上y=5m的m點(diǎn)射出電場(chǎng)，動(dòng)能變?yōu)槌鮿?dòng)能的0.52倍，求：（1）op連線上與m點(diǎn)等電勢(shì)的點(diǎn)的坐標(biāo)；（2）粒子由p點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到m點(diǎn)所需的時(shí)間考點(diǎn)：電勢(shì)差與電場(chǎng)強(qiáng)度的關(guān)系 專(zhuān)題：電場(chǎng)力與電勢(shì)的性質(zhì)專(zhuān)題分析：（1）粒子運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，洛倫茲力不做功，只有電場(chǎng)力做功，根據(jù)動(dòng)能定理求解，根據(jù)電勢(shì)差的定義式求出o點(diǎn)與p點(diǎn)、m點(diǎn)間的電勢(shì)差由公式u=ed，求出od，由數(shù)學(xué)知識(shí)可得解（3）帶電粒子從p到m過(guò)程中的運(yùn)動(dòng)，由運(yùn)動(dòng)的分解法，根據(jù)牛頓第二定律和運(yùn)動(dòng)學(xué)公式結(jié)合求解解答：解：（1）設(shè)粒子在p點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能為ek，則初動(dòng)能為5ek，在m點(diǎn)的動(dòng)能為2.6ek由于洛倫茲力不做功，粒子從o點(diǎn)到p點(diǎn)和從p點(diǎn)到m點(diǎn)的過(guò)程中，電場(chǎng)力做的功大小分別為w1、w2由動(dòng)能定理得：w1=ek5ek w2=2.6ekek則 w1：w2=5：2 o點(diǎn)和p點(diǎn)及m點(diǎn)的電勢(shì)差分別為：uop=，uom=設(shè)op連線上與m點(diǎn)電勢(shì)相等的點(diǎn)為d，則，由幾何關(guān)系得op的長(zhǎng)度為5m，因uop=，uom=則od=3m，dp=2m沿op方向電勢(shì)下降則：解得dn=1.8m，on=2.4m，即d坐標(biāo)為 （2.4 m，1.8 m）（2）op與x軸的夾角，則：sin=由于od=3 m 而omcosmop=3 m 所以md垂直于op由于md為等勢(shì)線，因此op為電場(chǎng)線，方向從o到p帶電粒子從p到m過(guò)程中做類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng)，設(shè)運(yùn)動(dòng)時(shí)間為t，在x軸方向上則dp=又，dp=opod=2m解得：t=0.2s答：（1）op連線上與m點(diǎn)等電勢(shì)的點(diǎn)的坐標(biāo)是（2.4 m，1.8 m）；（3）粒子由p點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到m點(diǎn)所需的時(shí)間是0.2s點(diǎn)評(píng)：本題是帶電粒子在復(fù)合場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的類(lèi)型，畫(huà)出磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)軌跡，電場(chǎng)中運(yùn)用運(yùn)動(dòng)的分解都是常規(guī)方法，要能靈活運(yùn)用幾何知識(shí)求解磁場(chǎng)中空間尺寸三、選考題（17、18、19三題中任選一個(gè)作答）【物理-選修3-3】17以下說(shuō)法中正確的是( )a“用油膜法估測(cè)分子的大小”實(shí)驗(yàn)中油酸分子直徑等于純油酸體積除以相應(yīng)油酸膜的面積b一定質(zhì)量的理想氣體在體積不變的情況下，壓強(qiáng)p與熱力學(xué)溫度t成正比c氣體分子的平均動(dòng)能越大，氣體的壓強(qiáng)就越大d物理性質(zhì)各向同性的一定是非晶體e液體的表面張力是由于液體分子間的相互作用引起的f控制液面上方飽和汽的體積不變，升高溫度，則達(dá)到動(dòng)態(tài)平衡后該飽和汽的質(zhì)量增大，密度增大，壓強(qiáng)也增大g讓一小球沿碗的圓弧內(nèi)壁來(lái)回滾動(dòng)，小球的運(yùn)動(dòng)是可逆過(guò)程考點(diǎn)：* 晶體和非晶體；分子間的相互作用力 分析：在用油膜法估測(cè)分子的大小”實(shí)驗(yàn)中，我們做了些理想化處理，認(rèn)為油酸分子之間無(wú)間隙，油酸膜為單層分子壓強(qiáng)p與熱力學(xué)溫度t成正比，必須是一定量的理想氣體溫度是分子平均動(dòng)能的量度非晶體和多晶體是物理性質(zhì)各向同性的液體的表面張力是由于液體分子間的相互作用引起的溫度升高時(shí)，液體分子的平均動(dòng)能增大，單位時(shí)間里從液面飛出的分子數(shù)增多，質(zhì)量增大在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中有能量損失，為不可逆過(guò)程解答：解：a、用油膜法估測(cè)分子的大小”實(shí)驗(yàn)中認(rèn)為油酸分子之間無(wú)間隙，油酸膜為單層分子，所以可以認(rèn)為油酸分子直徑等于純油酸體積除以相應(yīng)油酸膜的面積，故a正確b、一定質(zhì)量的理想氣體，在體積不變的情況下，由可知壓強(qiáng)p=與熱力學(xué)溫度t成正比，故b正確c、氣體分子的平均動(dòng)能越大，即溫度高，壓強(qiáng)不一定大，還與氣體的體積有關(guān)，所以c錯(cuò)誤d、多晶體的物理性質(zhì)各向同性，所以不一定是非晶體，也有可能是多晶體，故d錯(cuò)誤e、液體間的作用力是由分子間的引力和斥力相互作用一起的，即分子作用力，故e正確f、溫度升高時(shí)，液體分子的平均動(dòng)能增大，單位時(shí)間里從液面飛出的分子數(shù)增多，所以達(dá)到動(dòng)態(tài)平衡后該飽和汽的質(zhì)量增大，密度增大，壓強(qiáng)也增大，故f正確g、在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中有能量損失，故為不可逆過(guò)程，故g錯(cuò)誤故選：abef點(diǎn)評(píng)：本題主要考查基本知識(shí)點(diǎn)，涉及33的基本概念，其中氣體壓強(qiáng)的微觀解釋?zhuān)柡推膲簭?qiáng)，晶體與非晶體的物理性質(zhì)等是比較容易出錯(cuò)的內(nèi)容18如圖所示，用面積為s的活塞在汽缸內(nèi)封閉著一定質(zhì)量的空氣，活塞上放一砝碼，活塞和砝碼的總質(zhì)量為m，現(xiàn)對(duì)汽缸緩緩加熱使汽缸內(nèi)的空氣溫度從t1升高到t2，且空氣柱的高度增加了l，已知加熱時(shí)氣體吸收的熱量為q，外界大氣壓強(qiáng)為p0，問(wèn)：此過(guò)程中被封閉氣體的內(nèi)能變化了多少？被封閉空氣初始狀態(tài)的體積考點(diǎn)：理想氣體的狀態(tài)方程 專(zhuān)題：理想氣體狀態(tài)方程專(zhuān)題分析：利用熱力學(xué)第一定律判斷氣體的內(nèi)能變化，判斷的時(shí)候要注意做功w和熱量q的符號(hào)，對(duì)外做功和放熱為負(fù)的，對(duì)氣體做功和吸熱為正的氣體做的是等壓變化，根據(jù)蓋呂薩克定律計(jì)算即可解答：解：由受力分析和做功分析知，在氣體緩緩膨脹過(guò)程中，活塞與砝碼的壓力對(duì)氣體做負(fù)功，大氣壓力對(duì)氣體做負(fù)功，根據(jù)熱力學(xué)第一定律得u=w+q=mglp0sl+q 被封閉氣體等壓變化，據(jù)蓋呂薩克定律得=解得v1=答：此過(guò)程中被封閉氣體的內(nèi)能變化了mglp0sl+q；被封閉空氣初始狀態(tài)的體積為點(diǎn)評(píng)：以封閉的氣體為研究對(duì)象，找出氣體變化前后的狀態(tài)參量，利用氣體的狀態(tài)方程計(jì)算即可四、【物