2019-2020學(xué)年高二物理下學(xué)期第三次月考試題(含解析).doc

2019-2020學(xué)年高二物理下學(xué)期第三次月考試題(含解析)一、單選題（共 10 題，每題 4 分，共計(jì) 40 分）1. 關(guān)于動(dòng)量守恒,下列說(shuō)法正確的有( )A. 只要系統(tǒng)內(nèi)存在摩擦力,動(dòng)量不可能守恒B. 只要系統(tǒng)受外力做的功為零,動(dòng)量守恒C. 只要系統(tǒng)所受到合外力的沖量為零,動(dòng)量守恒D. 系統(tǒng)加速度為零,動(dòng)量不一定守恒【答案】C【解析】只要系統(tǒng)所受合外力為零，系統(tǒng)動(dòng)量就守恒，與系統(tǒng)內(nèi)是否存在摩擦力無(wú)關(guān)，故A錯(cuò)誤；系統(tǒng)受外力做的功為零，系統(tǒng)所受合外力不一定為零，系統(tǒng)動(dòng)量不一定守恒，如用繩子拴著一個(gè)小球，讓小球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，小球轉(zhuǎn)過(guò)半圓的過(guò)程中，系統(tǒng)外力做功為零，但小球的動(dòng)量不守恒，故B錯(cuò)誤；力與力的作用時(shí)間的乘積是力的沖量，系統(tǒng)所受到合外力的沖量為零，則系統(tǒng)受到的合外力為零，系統(tǒng)動(dòng)量守恒，故C正確；系統(tǒng)加速度為零，由牛頓第二定律可得，系統(tǒng)所受合外力為零，系統(tǒng)動(dòng)量守恒，故D錯(cuò)誤；故選C點(diǎn)睛：本題考查對(duì)動(dòng)量守恒條件的理解，知道動(dòng)量守恒條件：合外力為零即可正確解題2. 一物體在外力的作用下從靜止開(kāi)始做直線運(yùn)動(dòng),合外力方向不變,大小隨時(shí)間 的變化如圖所示。設(shè)該物體在 t0 和 2t0 時(shí)刻相對(duì)于出發(fā)點(diǎn)的位移分別是 x1 和 x2, 速度分別是 v1 和 v2,合外力從開(kāi)始至 t0 時(shí)刻做的功是 W1,從 t0 至 2t0 時(shí)刻做的功是 W2 則( )A. x2= 9x2 , v2= 3v1 B. x1 = 9x2 , v2 = 5v1C. x2= 5x1 ,W2= 8W1 D. v2= 3v1 ,W2= 8W1【答案】CD【解析】【詳解】由于物體受的合力是2倍的關(guān)系，根據(jù)牛頓第二定律F=ma可知，加速度也是2倍的關(guān)系，即a2=2a1在0t0段，物體的位移x1=12a1t02，v1=a1t0，合外力做功W1=F0x1；在02t0段，物體的位移x2=x1+v1t0+12a2t02=52a1t02=5x1，速度v2=v1+a2t0=3v1；而t0 2t0合外力做功W1=2F0(x2x1)=8W1；故選CD。【點(diǎn)睛】本題在計(jì)算時(shí)要注意，位移x1和x2都是相對(duì)于出發(fā)點(diǎn)的位移，并不是各自時(shí)間內(nèi)經(jīng)過(guò)的位移；W1和W2是各段的合外力做的功。3. 某質(zhì)點(diǎn)做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng),其位移隨時(shí)間變化的關(guān)系式為x=5sin4t(cm) ,則下列關(guān)于質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動(dòng)的說(shuō)法中正確的是( )A. 質(zhì)點(diǎn)做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的振幅為 10cm B. 質(zhì)點(diǎn)做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的周期為 4sC. 在 t=4s 時(shí)質(zhì)點(diǎn)的加速度最大 D. 在 t=4s 時(shí)質(zhì)點(diǎn)的速度最大【答案】D【解析】【詳解】A、由位移的表達(dá)式x=5sin4t(cm)，可知質(zhì)點(diǎn)做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的振幅為5cm。故A錯(cuò)誤。B、由位移的表達(dá)式讀出角頻率=4rad/s，則周期為T(mén)=2=8s，故B錯(cuò)誤。C、在t=4s時(shí)質(zhì)點(diǎn)的位移x=5sin(44)(cm)=0，說(shuō)明物體通過(guò)平衡位置，加速度最??；故C錯(cuò)誤。D、在t=4s時(shí)質(zhì)點(diǎn)通過(guò)平衡位置，加速度最小而速度最大；故D正確。故選D?！军c(diǎn)睛】本題知道簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)位移的解析式，讀出振幅、周期、任意時(shí)刻的位移是基本能力4. 對(duì)于紅、藍(lán)兩種單色光,下列說(shuō)法正確的是( )A. 在水中紅光的傳播速度較大 B. 在水中藍(lán)光的傳播速度較大C. 在真空中紅光的傳播速度較大 D. 在真空中藍(lán)光的傳播速度較大【答案】A【解析】紅色光的頻率比藍(lán)色光的頻率小，故紅色光的折射率比藍(lán)色光的折射率小，根據(jù)n=cv，可知在水中紅色光的速度比藍(lán)色光的速度大，故A正確，B錯(cuò)誤；在真空中兩種光的傳播速度相等，都為光速度，故CD錯(cuò)誤，故選A。【點(diǎn)睛】由兩種光的頻率與折射率的大小關(guān)系，從而得知了兩種光的頻率關(guān)系和波長(zhǎng)關(guān)系，結(jié)合n=cv即可得知它們的速度關(guān)系，所有的光在真空中傳播的速度相同。5. 在“驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律”的實(shí)驗(yàn)中,入射球每次滾下都應(yīng)從斜槽上的同一位 置無(wú)初速釋放,這是為了使( )A. 小球每次都能水平飛出槽口 B. 小球每次都以相同的速度飛出槽口C. 小球在空中飛行的時(shí)間不變 D. 小球每次都能對(duì)心碰撞【答案】B【解析】入射小球每次滾下都應(yīng)從斜槽上的同一位置無(wú)初速的釋放，是為了使小球每次都以相同的速度飛出槽口；故B正確；而只要末端水平，小球即可以做平拋運(yùn)動(dòng)，與起點(diǎn)無(wú)關(guān)，同時(shí)時(shí)間由高度決定，而要使小球做對(duì)心碰撞，應(yīng)該使兩小球的半徑相同，故ACD錯(cuò)誤；故選B。6. 如圖所示,只含黃光和紫光的復(fù)色光束 PO,沿半徑方向射入空氣中的玻璃半 圓柱內(nèi),被分成兩光束, OA 和 OB 沿如圖所示的方向射出,則( )A. OA 為黃色,OB 為紫色 B. OA 為紫色,OB 為黃色C. OA 為黃色,OB 為復(fù)色 D. OA 為紫色,OB 為復(fù)色【答案】C【解析】在同一種介質(zhì)中，對(duì)紫光的折射率大于對(duì)黃光的折射率，故在黃光能夠發(fā)生全反射時(shí)，兩種光都能夠發(fā)生全反射，所以正確的情況是黃光的入射角恰好等于臨界角，而紫光的入射角已經(jīng)大于臨界角，D正確故選D7. 粒鋼珠從靜止?fàn)顟B(tài)開(kāi)始自由下落,然后陷入泥潭中靜止.若把在空中下落的過(guò)程稱(chēng)為過(guò)程,進(jìn)入泥潭直到停止的過(guò)程稱(chēng)為過(guò)程, 不計(jì)空氣阻力，則( )A. 過(guò)程中的鋼珠動(dòng)量的改變量的大小大于過(guò)程中合力的沖量的大小B. 過(guò)程中合力的沖量的大小等于過(guò)程中重力沖量的大小C. 過(guò)程中鋼珠克服阻力所做的功等于過(guò)程中重力做功D. 過(guò)程中的鋼珠動(dòng)量的改變量小于過(guò)程中鋼珠的重力的沖量【答案】B【解析】【詳解】A、在整個(gè)過(guò)程中，鋼珠動(dòng)量的變化量為零P=P1+P2=0，P1=P2，而I2=P2，故P1=I2，即過(guò)程中的鋼珠動(dòng)量的改變量的大小等于過(guò)程中合力的沖量的大小，A錯(cuò)誤。B、因P1=P2，而據(jù)動(dòng)量定理I1=P1，I2=P2，則I1=I2,即過(guò)程中合力的沖量的大小等于過(guò)程中重力沖量的大小，B正確。C、由全過(guò)程的動(dòng)能定理可知+WG2WG1Wf=0，則WfWG1，即過(guò)程中鋼珠克服阻力所做的功大于過(guò)程中重力做功，C錯(cuò)誤。D、取向下為正，IfIG2=I2=I1=P1，則IG2與P1無(wú)法比較大小，D錯(cuò)誤。故選B?！军c(diǎn)睛】本題考查了動(dòng)量定理和動(dòng)能定理的基本運(yùn)用，運(yùn)用動(dòng)能定理和動(dòng)量定理均要合理地選擇研究的過(guò)程，知道在整個(gè)過(guò)程中動(dòng)能的變化量為零，動(dòng)量的變化量為零8. 如圖所示,兩輛質(zhì)量相同的小車(chē)置于光滑的水平面上,有一個(gè)人靜止站在 A 車(chē) 上,兩車(chē)靜止,若這個(gè)人自 A 車(chē)跳到 B 車(chē)上,接著又跳回 A 車(chē),靜止于 A 車(chē)上,則A 車(chē)的速率( )A. 等于零 B. 大于 B 車(chē)的速率 C. 小于 B 車(chē)的速率 D. 等于 B 車(chē)的速率【答案】C【解析】試題分析：設(shè)人的質(zhì)量為m，小車(chē)的質(zhì)量均為M，人來(lái)回跳躍后人與A車(chē)的速度為v1，B車(chē)的速度為v2，根據(jù)題意知，人車(chē)組成的系統(tǒng)水平方向動(dòng)量守恒，由題意有：P0=0人來(lái)回跳躍后的總動(dòng)量P=（M+m）v1+Mv2，由動(dòng)量守恒得v2M+mMv1，其中負(fù)號(hào)表示v1、v2的方向相反，故小車(chē)A的速率小于小車(chē)B的速率，故選項(xiàng)C正確?？键c(diǎn)：動(dòng)量守恒定律【名師點(diǎn)睛】抓住小車(chē)和人組成的系統(tǒng)在水平方向動(dòng)量守恒，人和小車(chē)A的總動(dòng)量和小車(chē)B的動(dòng)量大小相等，根據(jù)質(zhì)量關(guān)系直接得到速率的大小關(guān)系。9. 如圖所示，置于空氣中的厚玻璃板，AB、CD分別是玻璃板的上、下表面,且ABCD.光線經(jīng)AB表面射向玻璃磚，折射光線射到CD表面時(shí)，下列說(shuō)法正確的是( )A. 不可能發(fā)生全反射B. 有可能發(fā)生全反射C. 只要入射角i足夠大就能發(fā)生全反射D. 不知玻璃折射率，無(wú)法判斷【答案】A【解析】【詳解】臨界角等于光從真空射入介質(zhì)折射時(shí)最大的折射角，由圖看出，入射光線在AB面上的折射角一定小于臨界角，由題ABCD，折射光線射到CD表面時(shí)入射角與AB面上的折射角相等，所以入射角一定小于臨界角，所以折射光線射到CD表面時(shí)一定不會(huì)發(fā)生全反射。故選A。【點(diǎn)睛】本題要緊扣全反射的條件：一、光線從光密介質(zhì)射入光疏介質(zhì)；二入射角大于臨界角也可以根據(jù)光路可逆原理分析10. 圖(甲)所示為以O(shè)點(diǎn)為平衡位置、在A、B兩點(diǎn)間做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的彈簧振子，圖(乙)為這個(gè)彈簧振子的振動(dòng)圖象，由圖可知下列說(shuō)法中正確的是( )A. 在t=0.2s時(shí)，彈簧振子可能運(yùn)動(dòng)到B位置B. 在t=0.1s與t=0.3s兩個(gè)時(shí)刻，彈簧振子的速度相同C. 從t =0到t=0.2s的時(shí)間內(nèi)，彈簧振子的動(dòng)能持續(xù)地增加D. 在t=0.2s與t=0.6s兩個(gè)時(shí)刻，彈簧振子的加速度相同【答案】A【解析】【詳解】A、由圖知，若從平衡位置計(jì)時(shí)，則在t=0.2s時(shí)，彈簧振子運(yùn)動(dòng)到B位置。故A正確。B、在t=0.1s與t=0.3s兩個(gè)時(shí)刻，彈簧振子的速度大小相等，方向相反。故B錯(cuò)誤。C、從t=0到t=0.2s的時(shí)間內(nèi)，彈簧振子的位移越來(lái)越大，彈簧的彈性勢(shì)能越來(lái)越大，其動(dòng)能越來(lái)越小，故C錯(cuò)誤。D、在t=0.2s與t=0.6s兩個(gè)時(shí)刻，彈簧振子的加速度大小相等，方向相反。故D錯(cuò)誤。故選A?！军c(diǎn)睛】本題考查了振幅和周期的概念，要能結(jié)合x(chóng)-t圖象進(jìn)行分析：周期是振子完成一次全振動(dòng)的時(shí)間，振幅是振子離開(kāi)平衡位置的最大距離；由圖象直接讀出周期和振幅根據(jù)振子的位置分析其速度和加速度大小振子處于平衡位置時(shí)速度最大，在最大位移處時(shí)，加速度最大二、多選題（共 5 題，每題 6 分，共計(jì) 30 分，選擇不全但正確得 3 分）11. 某一物體從高h(yuǎn)處自由下落，與地面碰撞后又跳起高h(yuǎn)，不計(jì)其他星球?qū)Φ厍虻淖饔?，以地球和物體作為一個(gè)系統(tǒng)，下列說(shuō)法正確的是( )A. 在物體下落過(guò)程中，系統(tǒng)動(dòng)量不守恒B. 在物體與地面碰撞過(guò)程中系統(tǒng)動(dòng)量守恒C. 在物體上升過(guò)程中系統(tǒng)動(dòng)量守恒D. 上述全過(guò)程中系統(tǒng)動(dòng)量都守恒【答案】BCD【解析】【詳解】將地球和物體作為一個(gè)系統(tǒng)，在這三個(gè)過(guò)程(物體下落過(guò)程，物體和地球碰撞過(guò)程，物體上升過(guò)程)中都只有系統(tǒng)的內(nèi)力作用，一對(duì)引力和一對(duì)碰撞的彈力，沒(méi)有外力作用，系統(tǒng)的動(dòng)量在全過(guò)程守恒，故A錯(cuò)誤，B、C、D均正確。故選BCD?！军c(diǎn)睛】本題考查了判斷動(dòng)量是否守恒分三種情況：一種是準(zhǔn)確的守恒，系統(tǒng)的外力之和為零；第二種是近似守恒，內(nèi)力遠(yuǎn)遠(yuǎn)大于外力，外力可忽略；第三種是某一方向守恒，在一個(gè)方向上滿(mǎn)足外力之和為零。12. 如圖所示,光滑水平面上停著一輛小車(chē),小車(chē)的固定支架左端用不計(jì)質(zhì)量的 細(xì)線系一個(gè)小鐵球.開(kāi)始將小鐵球提起到圖示位置,然后無(wú)初速釋放.在小鐵球 來(lái)回?cái)[動(dòng)的過(guò)程中,下列說(shuō)法中正確的是( )A. 小車(chē)和小球系統(tǒng)動(dòng)量守恒B. 小球擺到最低點(diǎn)時(shí),小車(chē)的速度最大C. 小球向右擺動(dòng)過(guò)程小車(chē)一直向左加速運(yùn)動(dòng)D. 小球擺到右方最高點(diǎn)時(shí)刻,由于慣性,小車(chē)仍在向左運(yùn)動(dòng)【答案】B【解析】【詳解】A、小車(chē)與小球組成的系統(tǒng)在水平方向動(dòng)量守恒，在豎直方向動(dòng)量不守恒，系統(tǒng)整體動(dòng)量不守恒，故A錯(cuò)誤。B、小球從圖示位置下擺到最低點(diǎn)，小車(chē)受力向左加速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)小球到最低點(diǎn)時(shí)，小車(chē)速度最大；B正確。C、小球向右擺動(dòng)過(guò)程小車(chē)先向左加速運(yùn)動(dòng)，后向左減速運(yùn)動(dòng)，故C錯(cuò)誤。D、當(dāng)小球從最低點(diǎn)向右邊運(yùn)動(dòng)時(shí)，小車(chē)向左減速，當(dāng)小球運(yùn)動(dòng)到與左邊圖示位置相對(duì)稱(chēng)的位置時(shí)，小車(chē)速度減為零，D錯(cuò)誤。故選B?！军c(diǎn)睛】本題主要考查了動(dòng)量守恒條件的判斷，要求同學(xué)們能正確分析小球和小車(chē)的運(yùn)動(dòng)情況。13. 下列說(shuō)法正確的是( )A. 在水中的魚(yú)斜向上看岸邊的物體時(shí),看到的物體將比物體所處的實(shí)際位置高B. 光纖通信是一種現(xiàn)代通信手段,光纖內(nèi)芯的折射率比外殼的大C. 沙漠蜃景和海市蜃樓都是光的衍射現(xiàn)象D. 全息照相主要是利用了光的干涉現(xiàn)象【答案】ABD【解析】【詳解】A、景物的光斜射到水面上，由光發(fā)生折射的條件知，會(huì)發(fā)生折射現(xiàn)象，當(dāng)光進(jìn)入水中后靠近法線，射入潛水員眼睛，而潛水員由于錯(cuò)覺(jué)，認(rèn)為光始終沿直線傳播，逆著光的方向看上去而形成的虛像，所以比實(shí)際位置高；故A正確。B、發(fā)生全反射的條件是光從光密介質(zhì)進(jìn)入光疏介質(zhì)，則光纖的內(nèi)芯折射率大于外殼的折射率；故B正確。C、海市蜃樓、沙漠蜃景都是由于光的折射和全反射而產(chǎn)生的；故C錯(cuò)誤。D、全息照相利用光的干涉現(xiàn)象；故D正確。故選ABD?！军c(diǎn)睛】本題考查了光的折射定律以及全反射的條件，掌握光的全反射與折射的區(qū)別，理解光的干涉原理及條件。14. .關(guān)于紅光和紫光的比較,下列說(shuō)法正確的是( )A. 在同一介質(zhì)中,紅光的波長(zhǎng)大于紫光的波長(zhǎng)B. 紅光在真空中的速度大于紫光在真空中的速度C. 從玻璃到空氣發(fā)生全反射時(shí),紅光的臨界角大于紫光的臨界角D. 在同一楊氏雙縫干涉裝置中,紅光的條紋間距小于紫光的條紋間距【答案】AC【解析】【詳解】A、根據(jù)光的色散規(guī)律可知在同一介質(zhì)中紅光的折射率小而波速大，而紅光的頻率小，由v=f知紅光的波長(zhǎng)要比紫光的波長(zhǎng)長(zhǎng)；A正確。B、各種光在真空中的光速均相同，等于光速c=3108m/s；B錯(cuò)誤。C、由全反射公式sinC=1n，而同一介質(zhì)中紅光的折射率小于紫光的折射率，故紅光的臨界角大于紫光的臨界角，C正確。D、因紅光的波長(zhǎng)大于紫光的波長(zhǎng)，由雙縫干涉的條紋間距x=Ld可知，紅光的條紋間距大于紫光的條紋間距；D錯(cuò)誤。故選AC?！军c(diǎn)睛】可見(jiàn)光是復(fù)色光，同時(shí)得出在同一介質(zhì)中，紫光的折射率最大，紅光的折射率最小，紅光的速度最大，紫光的速度最小15. 一列簡(jiǎn)諧橫波沿 x 軸正方向傳播,傳播速度為 10 m / s ,在 t = 0 時(shí)的波形圖如 圖所示,則下列說(shuō)法正確的是( )A. 此時(shí) x = 1.25m 處的質(zhì)點(diǎn)正在做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)B. x = 0 處的質(zhì)點(diǎn)再經(jīng)過(guò) 0.05 s 可運(yùn)動(dòng)到波峰位置C. x = 0.3m 處的質(zhì)點(diǎn)再經(jīng)過(guò) 0.08 s 可運(yùn)動(dòng)至波峰位置D. x = 0.7m 處的質(zhì)點(diǎn)比 x = 0.6m 處的質(zhì)點(diǎn)先運(yùn)動(dòng)到波峰的位置【答案】ABC【解析】【詳解】根據(jù)圖象可知波長(zhǎng)=2m，則T=v=210s=0.2s。A、波沿x軸正方向傳播，由上下坡法可知此時(shí)x=1.25m處的質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)的方向向下，離開(kāi)平衡位置的位移正在減小，所以質(zhì)點(diǎn)正在做加速度減小的加速度運(yùn)動(dòng)；故A正確。B、波沿x軸正方向傳播，根據(jù)波形平移法得知，此時(shí)刻x=0m處的質(zhì)點(diǎn)A向上振動(dòng)，經(jīng)過(guò)T4=0.05s時(shí)間可運(yùn)動(dòng)到波峰位置；B正確。C、波沿x軸正方向傳播，x=0.3m處的質(zhì)點(diǎn)到左側(cè)相鄰的波峰之間的距離為：x=4+0.3=0.8m，則再經(jīng)過(guò)t=xv=0.810=0.08s可運(yùn)動(dòng)至波峰位置；故C正確。D、波沿x軸正方向傳播，根據(jù)波形平移法得知，x=0.7m處的質(zhì)點(diǎn)比x=0.6m處的質(zhì)點(diǎn)都正在向下運(yùn)動(dòng)，x=0.6m的質(zhì)點(diǎn)先到達(dá)波谷，又先到達(dá)波峰的位置，故D錯(cuò)誤。故選ABC?！军c(diǎn)睛】根據(jù)質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)方向，由“逆向描波法-逆著波的傳播方向，用筆描繪波形，若筆的走向向下則質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)方向向下；若筆的走向向上則質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)方向向上”來(lái)確定波的傳播方向，或質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)方向，同時(shí)質(zhì)點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)方向不隨波遷移三、填空題（共 7 空，每空 2 分，共計(jì) 14 分）16. 如圖所示 S1 和 S2 是兩個(gè)相干的波源,其振幅為A，圖中實(shí)線和虛線分別表示兩波形成的波峰和波谷，那么 a 點(diǎn)的振幅為_(kāi)，b 點(diǎn)的振幅為_(kāi)，c點(diǎn)的振幅為_(kāi)。經(jīng)四分之一周期后，在 a、b、c 三點(diǎn)中，振動(dòng)加強(qiáng)點(diǎn)是_.【答案】 (1). 2A (2). 0 (3). 2A (4). a、c【解析】【詳解】(1)a質(zhì)點(diǎn)處是兩列波波峰與波峰疊加的地方，振動(dòng)始終是最強(qiáng)的，振幅為兩波的振幅之和，為2A.(2)b質(zhì)點(diǎn)處是兩列波波峰與波谷疊加的地方，振動(dòng)始終是最弱的，由于兩列波的振動(dòng)同步且振幅A相同，所以b點(diǎn)處于靜止?fàn)顟B(tài)，始終處于平衡位置，振幅為零.(3)c質(zhì)點(diǎn)處是兩列波波谷與波谷疊加的地方，振動(dòng)始終是最強(qiáng)的，振幅為兩波的振幅之和為2A.(4)在波的干涉現(xiàn)象中，振動(dòng)加強(qiáng)點(diǎn)的振動(dòng)始終是加強(qiáng)的，故經(jīng)過(guò)四分之一個(gè)周期后振動(dòng)加強(qiáng)點(diǎn)依然時(shí)a、c兩點(diǎn)?！军c(diǎn)睛】?jī)闪胁ǜ缮鏁r(shí)，兩列波的波峰與波峰、波谷與波谷相遇處，振動(dòng)始終加強(qiáng)，波峰與波谷相遇處振動(dòng)始終減弱振動(dòng)加強(qiáng)點(diǎn)的振動(dòng)等于波單獨(dú)傳播時(shí)振幅的2倍17. 某同學(xué)用如圖所示的裝置做“驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律” 實(shí)驗(yàn),其中斜槽軌道末端切線水平,O點(diǎn)是軌道末端在記錄紙上的豎直投影點(diǎn)。 實(shí)驗(yàn)主要步驟如下:讓 a 球從斜槽軌道上某固定點(diǎn)處由靜止開(kāi)始運(yùn)動(dòng),落在位于水平地面上的記錄紙上。重復(fù)這一操作 10 次,找出 a 球的平均落地點(diǎn)位置 P。把同樣大小的 b 球靜止放置在斜槽軌道末端,讓a 球仍從原固定點(diǎn)由靜止釋 放,和 b 球相碰后,兩球均落在記錄紙上。重復(fù)這一操作 10 次,找出 a、b 球的平均落地點(diǎn)位置 M、N。(1)本實(shí)驗(yàn)必須測(cè)量的物理量有_A. 小球 a、b 的質(zhì)量 ma、mbB.斜槽軌道末端到水平地面的高度 HC.小球 a、b離開(kāi)斜槽軌道末端后平拋運(yùn)動(dòng)的時(shí)間 tD.記錄紙上 O 點(diǎn)到 P、M、N 各點(diǎn)的距離 x2、x1、x3E.a 球的固定釋放點(diǎn)到斜槽軌道末端的高度差h(2)根據(jù)實(shí)驗(yàn)要求，ma_mb (填“大于”“小于”或“等于”)(3)若兩球碰撞前后動(dòng)量守恒,其表達(dá)式可表示為_(kāi)（用(1)中測(cè)量的物理量表示）【答案】 (1). AD (2). 大于 (3). maOP=maOM+mbON 【解析】【詳解】(1)如果碰撞過(guò)程系統(tǒng)動(dòng)量守恒，由動(dòng)量守恒定律得：mav1=mav2+mbv3，小球離開(kāi)軌道后做平拋運(yùn)動(dòng)，它們拋出點(diǎn)的高度相等，在空中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間t相等，上式兩邊同時(shí)乘以t得：mav1t=mav2t+mbv3t，得：maOP=maOM+mbON，實(shí)驗(yàn)需要測(cè)量：兩球的質(zhì)量、小球做平拋運(yùn)動(dòng)的水平位移，故選AD.(2)為防止兩球碰撞后入射球反彈，入射球的質(zhì)量應(yīng)大于被碰球的質(zhì)量，即ma大于mb.(3)由(1)可知，實(shí)驗(yàn)需要驗(yàn)證的表達(dá)式為：maOP=maOM+mbON.【點(diǎn)睛】本實(shí)驗(yàn)的一個(gè)重要的技巧是入射球和靶球從同一高度作平拋運(yùn)動(dòng)并且落到同一水平面上，故下落的時(shí)間相同，所以在實(shí)驗(yàn)的過(guò)程當(dāng)中把本來(lái)需要測(cè)量的速度改為測(cè)量平拋過(guò)程當(dāng)中水平方向發(fā)生的位移，可見(jiàn)掌握了實(shí)驗(yàn)原理才能順利解決此類(lèi)題目。四、計(jì)算題18. 光線從空氣射向折射率 n2的玻