黑龍江省雞西市一中2019屆高三物理4月月考試題.docx

黑龍江省雞西市一中2019屆高三物理4月月考試題注意事項：1、本試卷分第卷（選擇題）和第卷（非選擇題）兩部分。答題前，考生務必將自己的姓名、考生號填寫在答題卡上。2、回答第卷時，選出每小題的答案后，用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標號。寫在試卷上無效。3、回答第卷時，將答案填寫在答題卡上，寫在試卷上無效。4、考試結束，將本試卷和答題卡一并交回。二、選擇題：本題共8小題，每題6分，在每小題給出的四個選項中，第1418題只有一個選項符合題目要求。第1921題有多選項符合題目要求。全部答對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。14物理學家通過對實驗的深入觀察和研究，獲得正確的科學認知，推動物理學的發(fā)展。下列說法符合事實的是A盧瑟福通過偽粒子散射實驗，證實了原子核內存在質子和中子B約里奧-居里夫婦用偽粒子轟擊發(fā)現了人工放射性同位素C普朗克提出了光子說，成功地解釋了光電效應現象D密立根通過陰極射線在電場中和在磁場中的偏轉實驗發(fā)現了陰極射線是由帶負電的粒子組成，并測出了該粒子的比荷15如圖所示，半徑相同、質量都為m的均勻圓柱體a、半圓柱體b靠在一起，其中b固定在水平面MN上，g為重力加速度：開始時a靜止在平面上，現過a的軸心施以水平作用力F，可緩慢地將a拉離水平面MN一直滑到b的頂端，對該過程進行分析，正確的是Aa、b間壓力由0逐漸增大，最大為2mgBa、b間的壓力開始最大為2mg，而后逐漸減小到0C拉力F大小由0逐漸增大，最大為3mgD開始時拉力F最大為3mg，而后逐漸減小為016在圖乙的電路中，通入如圖甲所示的交變電流，此交變電流的每個周期內，前三分之一個周期電壓按正弦規(guī)律變化，后三分之二周期電壓恒定。電阻R的阻值為12惟，電表均為理想電表。下列判斷正確的是A電壓表的示數為62VB該交變電流的有效值為43VC電阻R一個周期內產生的熱量一定大于9JD電流表的示數為0.5A172018年12月12日，我國發(fā)射的“嫦娥四號”探測器進入環(huán)月軌道1，12月30日實施變軌進入環(huán)月軌道2其飛行軌道如圖所示，p點為兩軌道的交點。如果嫦娥四號探測器在環(huán)月軌道1和環(huán)月軌道2上運動時，只受到月球的萬有引力作用，環(huán)月軌道1為圓形軌道，環(huán)月軌道2為橢圓軌道。則以下說法正確的是A若已知嫦娥四號探測器環(huán)月軌道1的半徑、運動周期和引力常量，則可以計算出月球的密度B若已知婦娥四號探測器環(huán)月軌道2的近月點到月球球心的距離、運動周期和引力常量，則可以計算出月球的密度C嫦娥四號探測器在環(huán)月軌道2上經過p點的速度小于在環(huán)月軌道1上經過P點的速度D娀四號探測器在環(huán)月軌道2時，從近月點運動向遠月點P的過程中，加速度變大18高鐵是中國“新四大發(fā)明之，有一段視頻，幾年前一位乗坐京瀘高鐵的外國人，在最高時速300公里行駛的列車窗臺上，放了一枚直立的硬幣，如圖所示，在列車行駛的過程中，硬幣始終直立在列車窗臺上，直到列車橫向變道進站的時候，硬幣才倒掉。這一視頻證明了中國高鐵的極好的穩(wěn)定性。關于這枚硬幣，下列判斷正確的是A硬幣直立過程可能受到與列車行駛方向相同的摩擦力作用B硬幣直立過程一定只受重力和支持力而處于平衡狀態(tài)C硬幣倒掉是因為受到風吹的原因D列車加速或減速行駛時，硬幣都可能受到與列車運動方向相反的摩擦力作用19如圖為娛樂場里常見的一種簡單的娛樂設施一滑道，它由一個傾斜軌道和水平軌道平滑連接而成。若一名兒童自軌道頂端由靜止開始下滑，到達水平軌道某處停下，兒童與整個軌道的滑動摩擦因素處處相同，不計空氣阻力。則下列關于其路程大小x、速度大小、加速度大小a、合大小F隨時間t變化的大致規(guī)律，可能正確的是ABC D20質譜儀是一種測量帶電粒子質量和分析同位素的重要工具，它的構造原理如圖，離子源A產生電荷量相同而質量不同的離子束（初速度可視為零），從狹縫S1進入電場，經電壓為U的加速電場加速后，再通過狹縫S2從小孔垂直MN射入圓形勻強磁場。該勻強磁場的磁感應強度為B，方向垂直于紙面向外，半徑為R，磁場邊界與直線MN相切E為切點。離子離開磁場最終到達感光底片MN上，設離子電荷量為g，到達感光底片上的點與E點的距離為x，不計重力，可以判斷A離子束帶負電Bx越大，則離子的比荷一定越大C到達x=3R處的離子在勻強磁場運動時間為D到達x=3R處的離子質量為qB2R26U21如圖所示，abed為粗細均勻的正方形金屬框，邊長為L，質量為m，總阻值為R，傾角為O的斜面光滑，斜面上以PQ和MN為邊界的區(qū)域內存在一垂直斜面向上的勻強磁場，磁感應強度為B，若將金屬框從ab邊距邊界PQ的距離等于磁場寬度（磁場寬度大于金屬框的邊長L）的地方由靜止開始釋放，金屬框剛離開磁場時恰好加速度為0，且從開始釋放到完全離開磁場，金屬框產生的電熱為Q，則A金屬框先做勻加速運動再做勻減速運動B磁場的寬度為R2m2gsin胃9B2L4+Q2mgsin胃-L2C金屬框剛離開磁場的速度為RmgB2L2sin胃D金屬框剛進入磁場時ab兩點的電勢差為第卷（非選擇題，共174分）三、非選擇題(包括必考題和選考題兩部分。第22題第32題為必考題，每個試題考生都必須作答。第33題第40題為選考題，考生根據要求做答)(一)必考題(共129分)22(5分)探究力對物體做的功與物體獲得的速度的關系，實驗裝置如圖（俯視圖）關于實驗主要過程說法正確的是A小車運動中會受到阻力，利用補償的方法可以使木板適當傾斜，輕推小車可以勻速下滑即可B分別用1、2、3、條橡皮筋，就能使得力対小車做的功一定是F、2W、3W、C紙帶上打出的點，應選擇均勻清晰的點跡求小車的速度D畫出的w-v圖象應是一條直線23(10分)為測量某電瓶車的電源電動勢E及內阻r約為12V，額定功率150W，r約為0.1）器材量程為3A內阻為0.1的電流表，定值電阻R1=4.4，定值電阻R2=1.5，電鍵K1，電鍵K2，導線若干畫出實驗電路原理圖。圖中各元件需用題目中給出的符號或字母標出_。實驗中，先閉合開關K1測得電流表讀數為I1=2.60A，再閉合開關K2測得電流表讀數為I2=2.40A，則可以求出E=_，r=_。（結果保留2位有效數字）24(14分)如圖，一質量為m、電荷量為g（q0的粒子在勻強電場中運動，A，B為其運動軌跡上的兩點，A，B水平距離為L，運動軌跡在豎直平面內，已知該粒子在A點的速度大小為v0，方向與豎直方向夾角為60：它運動到B點時速度v大小為12v0，方向豎直上，不計重力。求勻強電場的場強。25(18分)如圖，兩個滑塊A和B的質量分別為4kg和2kg，放在靜止于水平地面上的足夠長的木板C上，兩者與木板間的動摩擦因數均為0.4：木板的質量為2kg，與地面間的動摩擦因數為0.1某時刻A滑塊獲得初速度v0=4m/s，0.5秒后A、B發(fā)生碰撞，碰撞過程時間極短AB總動能損失0.5J，設最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，不計滑塊大小，取重力加速度大小g=10ms2求（1）求碰撞前滑塊A和B的速度；（2）A，B，C剛共速時候的速度。（二）選考題：共45分。請考生從給出的2道物理題、2道化學題、2道生物題中每科任選一題作答。如果多做。則每學科按所做的第一題計分。33【物理選修3-3】(15分)(1)(5分) 關于氣體、固體，下列說法正確的是（）A一定量的理想氣體的內能只與溫度有關，溫度升高時內能一定增加B盛有氣體的容器做減速運動時，容器中氣體的內能隨之減小C一定量的某種理想氣體在等壓膨脹過程中，內能一定增加D因為石英是晶體，所以由石英制成的玻璃也是晶體E. 單晶體具有天然規(guī)則的幾何外形是由于它的微粒按一定規(guī)律排列(2)(10分)一U形玻璃管豎直放置，左端開口，右端封閉，玻璃管導熱良好。用水銀封閉一段空氣在右管中，初始時，管內水銀柱及空氣柱長度如圖甲所示。將玻璃管在豎直平面內旋轉90如圖乙所示。求此時右管中水銀面移動的距離。已知玻璃管的橫截面積處處相同，大氣壓強P0=76.0cmHg環(huán)境溫度不變。（管的直徑忽略不計）34【物理選修3-4】(15分)(1)(5分)一列橫波沿x軸正方向傳播，在t=0時刻的波形曲線如圖所示。已知這列波的質點P從t=0時刻起第一次達到波峰的時間為0.6s，質點PQ的坐標分別為（1，0）和（7，0），則有（）A這列波的頻率為1.25HzB這列波的波長為5mC這列波的傳播速度為6.25m/sD當=0.8s時，質點P的位移x=0E. 質點Q到達波峰時，質點P恰好到達波谷(2)(10分)如圖所示，半圓形玻璃磚的半徑為R，AB邊豎直，O為圓心，一紙面內的單色光束從玻璃磚的某一定點P點射入，入射角O可以任意變化，現要求只考慮能從AB邊折射的情況（不考慮從AB上反射后的情況），已知：=60，玻璃磚對該單色光的折射率n=2，光在真空中的速度為C，則求：（1）光在玻璃磚中傳播的最短距離時入射角為多少？（2）光在玻璃磚中傳播的最短時間t。絕密 啟用前物理答案二、選擇題：本題共8小題，每題6分，在每小題給出的四個選項中，第1418題只有一個選項符合題目要求。第1921題有多選項符合題目要求。全部答對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。14【答案】B【解析】盧瑟福通過粒子散射實驗，提出了原子核式結構模型，故A錯誤；1934年，約里奧-居里夫婦用粒子轟擊1327Al，發(fā)現了人工放射性同位素1530P，故B正確；愛因斯坦提出光子說，成功解釋了光電效應現象，故C錯誤；1897年，湯姆孫通過陰極射線在電場中和在磁場中的偏轉實驗發(fā)現了陰極射線是由帶負電的粒子組成，并測出了該粒子的比荷，故D錯誤。15【答案】D【解析】如圖所示：對a進行受力分析：緩慢地將a拉離水平面MN一直滑到b的頂端的過程中，角逐漸減小到零，由平衡條件得a、b間的壓力Fab逐漸較小到mg，F逐漸減小到零，則剛拉動時Fab、F值最大，由幾何關系得=30，由平衡條件得最大值分別為Fmax=3mg，Fabmax=2mg，故ABC錯誤，D正確。16【答案】D【解析】由焦耳定律得，可得電壓有效值U=6V，電表讀數為有效值，故A錯；電壓變的讀數為有效值，即U=6V，故B錯誤；熱量根據有效值進行計算，則Q=U2RT=9J，故C錯誤；電流表讀數為有效值，則I=UR=612A=0.5A，故D正確。17【答案】C【解析】由萬有引力提供向心力可得：，則圓軌道的周期公式T=2蟺r3GM，則可計算出月球質量M，但月球半徑R未知，所以算不出月球密度，故A錯誤；因為2軌道為橢圓軌道用不了圓軌道的周期公式，且月球半徑R未知，同理計算不出月球密度，故B錯誤；探測器在1軌道的P減速后才能變軌到2軌道，故C正確；由近月點向遠月點P運動過程中，探測器與月心距離增大，則引力減小，由牛頓第二定律加速度應變小，故D錯誤。18【答案】A【解析】當列車勻速直線行駛時硬幣立于列車窗臺上，穩(wěn)穩(wěn)當當，說明硬幣處于平衡狀態(tài)，此時硬幣受到豎直向下的重力和豎直向上的支持力，它們是一對平衡力；當列車在加速或減速過程中，硬幣會受到沿著行進方向的靜摩擦力或行進方向反向的靜摩擦力提供硬幣加速度，故A正確，BD錯誤；硬幣倒掉是因為列車橫向變道時，列車運動的方向發(fā)生變化，硬幣受到與運動方向不一致的靜摩擦力的作用，列車內是全封閉區(qū)域是沒有外界吹來的風，故C錯誤。19【答案】BC【解析】兒童在斜面階段與斜面正壓力大小與重力在垂直斜面方向的分量相等，此分量小于重力，在水平軌道正壓力大小等于重力，摩擦力與正壓力大小呈正比，兩個階段滑動摩擦力又相等，故斜面階段加速度要小于水平軌道階段，因此在傾斜軌道下滑過程中，由于受力不平衡會加速下滑F=ma=mgsin-mgcos，會加速下滑的路程為x=12at2，路程大小隨時間變化是曲線，故A錯誤；加速過程v=at，其中加速度a=gsin-gcos，速度大小隨時間變化是直線，在水平面上根據牛頓第二定律：F=ma=mg，可得：a=g，可知做減速運動，且合外力F和F大小關系不確定，a與a之間大小關系不確定，故B可能正確；兩階段加速度大小不確定，故C可能正確；水平軌道階段合力與斜面階段力的方向必然相反，故D錯誤。20【答案】CD【解析】帶電粒子在加速電場中做勻加速直線運動，設加速后的速度大小為v，根據動能定理有：qU=12mv2-0，解得：v=2qUm，然后勻速運動到E點進入有界磁場中，其運動軌跡如下圖所示：粒子從E點先沿虛線圓弧，再沿直線做勻速直線運動到N點。由左手定則，粒子是正電。故A錯誤；由qvB=mv2r，則r=mvqB，x越大則r越大，則比荷qm越小，故B錯誤；在ENO中tan胃=xR，解得:=60，設帶電粒子運動的軌跡圓的半徑為r，根據數學知識有：r=33R，解得：m=qB2R26U，由，由幾何關系圓弧圓心角=120，聯立可得： t=蟺BR29U，故CD正確。21【答案】BC【解析】假設磁場寬度為x，dc邊剛好離開磁場MN邊界時加速度為0，則mgsin=BIL=BLBLvmaxR=B2L2vmR，則此時速度為vm是此過程中的最大速度，由于磁場寬度大于框邊長L，所以線框在進入PQ邊的過程中速度小于vm，由于下滑過程中安培力，隨速度增大而增大，則線框在進入PQ邊的過程中，根據牛頓第二定律有：，v增大，a減小，所以金屬框做加速度減小的加速運動，不會做勻加速運動，全程加速也不會出現減速運動，故A錯誤；由能量守恒有mgsin（2x+L）=Q+12mvm2，則得，故B正確；金屬框剛離開磁場時加速度a=0，則mgsin- B2L2vR=ma=0，可得v=mgRsin胃B2L2，故C正確；金屬框進入磁場前，加速度為 a=gsin，由運動學公式有v2=2ax，再結合電勢差與閉合電路歐姆定律公式得：金屬框剛進入磁場時ab兩點的電勢差為Uab=34E=34BLv，解得Uab=34BL2gxsin胃，故D錯誤。第卷（非選擇題，共174分）三、非選擇題(包括必考題和選考題兩部分。第22題第32題為必考題，每個試題考生都必須作答。第33題第40題為選考題，考生根據要求做答)(一)必考題(共129分)22(5分) 【答案】AC【解析】小車運動中會受到阻力，使木板適當傾斜，小車阻力補償的方法是平衡摩擦力；故A正確；分別用1、2、3、條橡皮筋，時還需要每次都讓小車拉到同一位置才能使得合外力對小車做的功是W、2W、3W、故B錯誤；紙帶上打出的點，應選擇均勻清晰的點跡求小車的速度，故C正確；因為12mv2，畫出的W-v圖象應是一條曲線，W-v2的圖象才是直線，故D錯誤。23(10分) 【答案】 12V 0.13【解析】由題可知，無電壓表，且I=PU=15012A=12.5A3A，故需把電流表串聯一個大電阻更改裝成電壓表，故電路如圖:；由閉合歐姆定律可以得閉合開關K1時：E=I1R1+I1r，再閉合開關K2時：E=I2R1+I2+I2R1R2r，又I1=2.60A、I2=2.40A、R1=4.4、R2=1.5，聯立解得：E=12V、r=0.13。24(14分)【解析】由題意知初速度與豎直方向夾角為蟺3，初速度v0可以分解為水平方向豎直方向由于豎直方向速度不變可以知道電場力方向水平向右，電場強度方向也是水平向右由A向B運動過程為水平方向勻減速運動。豎直方向勻速直線運動，利用動能定理有：-EqL=12m(12v0)-12m(v0)2聯立上式解得25(18分) 【解析】（1）碰撞前A滑塊做勻減速運動，A受到的滑動摩擦力fA=AmAg=0.4410N=16N根據牛頓第二定律得aA=-fAmA=-Ag=-4m/s2碰撞前瞬間A的速度vA=v0+aAt=4-40.5=2m/s碰撞前BC滑塊看作一個整體做勻加速運動，則f地=地（mA+mB+mC）gBC整體的加速度aBC=可得f地=8N，aBC=2m/s2則vBC=aBCt=25=1m/s（2）碰撞過程AB滑塊動量守恒，取向右為正方向，則有：mAvA+mBvB=mAvA+mBvB碰撞過程AB滑塊能量守恒，有：12mAvA2+12mBvB2=12mAvA2+12mBvB2可以解得：vA=1.5m/s，vB=2m/s或者vA=116m/s，vB=43m/s。由于A滑塊的速度不能大于B，所以舍去碰撞后A滑塊受到摩擦力不變仍然為fA=16N可得：aA=-4m/s2碰撞后BC滑塊B物體的速度大于C，不能看成一個整體。B受到摩擦力fB=BmBg解得fB=8N對C有aC=解得：aC=8m/s2AC滑塊相對運動直到共速過程對A有vAC=vA+aAt2。對C有vAC=vBC+aCt2。可得vAC=43m/s，t2=124s然后B滑塊繼續(xù)減速（此過程AC共同恰好能勻速運動）直到ABC速度均為43m/s。（二）選考題：共45分。請考生從給出