囊謙縣第一高級(jí)中學(xué)2018-2019學(xué)年高二上學(xué)期第二次月考試卷物理

囊謙縣第一高級(jí)中學(xué)2018-2019學(xué)年高二上學(xué)期第二次月考試卷物理班級(jí)_ 座號(hào)_ 姓名_ 分?jǐn)?shù)_一、選擇題1 （2018南寧高三摸底考試）中國(guó)北斗衛(wèi)星導(dǎo)航系統(tǒng)（BDS）是中國(guó)自行研制的全球衛(wèi)星導(dǎo)軌系統(tǒng)，是繼美國(guó)全球定位系統(tǒng)（GPS）、俄羅斯格洛納斯衛(wèi)星導(dǎo)航系統(tǒng)（GLONASS）之后第三個(gè)成熟的衛(wèi)星導(dǎo)航系統(tǒng)。預(yù)計(jì)2020年左右，北斗衛(wèi)星導(dǎo)航系統(tǒng)將形成全球覆蓋能力。如圖所示是北斗導(dǎo)航系統(tǒng)中部分衛(wèi)星的軌道示意圖，已知a、b、c三顆衛(wèi)星均做圓周運(yùn)動(dòng)，a是地球同步衛(wèi)星，則（ ）A衛(wèi)星a的角速度小于c的角速度B衛(wèi)星a的加速度大于b的加速度C衛(wèi)星a的運(yùn)行速度大于第一宇宙速度D衛(wèi)星b的周期等于24 h【答案】 AD【解析】【命題意圖】本題考查萬(wàn)有引力定律和衛(wèi)星的運(yùn)動(dòng)、第一宇宙速度及其相關(guān)的知識(shí)點(diǎn)。所以衛(wèi)星a的向心加速度等于b的向心加速度，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；由G=m可得線速度與半徑的關(guān)系：v=，軌道半徑r越大，速率v越小。而第一宇宙速度為軌道半徑等于地球半徑是環(huán)繞地球運(yùn)動(dòng)的衛(wèi)星速度，所以衛(wèi)星a的運(yùn)行速度一定小于第一宇宙速度，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；由G=mr（）2，可得周期T=2，而衛(wèi)星a的軌道半徑與衛(wèi)星b的軌道半徑相等，所以衛(wèi)星b的周期等于同步衛(wèi)星的運(yùn)行周期，即等于地球自轉(zhuǎn)周期24h，選項(xiàng)D正確。2 下列關(guān)于電場(chǎng)強(qiáng)度E的表達(dá)式，在任何電場(chǎng)中都成立的是A. B. C. D. 以上都不是【答案】C【解析】電場(chǎng)強(qiáng)度E=表達(dá)式，在任何電場(chǎng)中都成立；只適用點(diǎn)電荷電場(chǎng)；只適用勻強(qiáng)電場(chǎng)；故選C.3 如圖所示,正方形容器處在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中,一束電子從孔A垂直于磁場(chǎng)射入容器中,其中一部分從C孔射出,一部分從D孔射出。下列敘述錯(cuò)誤的是（ ）A. 從C、D兩孔射出的電子在容器中運(yùn)動(dòng)時(shí)的速度大小之比為21B. 從C、D兩孔射出的電子在容器中運(yùn)動(dòng)時(shí)間之比為12C. 從C、D兩孔射出的電子在容器中運(yùn)動(dòng)時(shí)的加速度大小之比為11D. 從C、D兩孔射出的電子在容器中運(yùn)動(dòng)時(shí)的加速度大小之比為21【答案】C【解析】A.從C、D兩孔射出的電子軌道半徑之比為21，根據(jù)半徑公式r=，速率之比為21，故A正確；C.加速度a=，所以從C、D兩孔射出的電子加速度大小之比為21，C錯(cuò)誤D正確。本題選擇錯(cuò)誤答案，故選：C。4 將質(zhì)量為m的圓環(huán)套在固定的水平直桿上，環(huán)的直徑略大于桿的截面直徑，環(huán)與桿間的動(dòng)摩擦因數(shù)為，對(duì)環(huán)施加一位于豎直平面內(nèi)斜向上且與桿夾角為的拉力F，使圓環(huán)以加速度a沿桿運(yùn)動(dòng)，則F的大小不可能是 A BC D【答案】C【解析】對(duì)環(huán)受力分析，受重力、拉力、彈力和摩擦力的作用，其中彈力可能向上，也可能向下，也可能等于零。若環(huán)受到的彈力為零，則Fcos=ma，F(xiàn)sin=mg，解得或；若環(huán)受到的彈力的方向向上，則：Fcos(mgFsin)=ma，解得；若環(huán)受到的彈力的方向向下，則：Fcos(Fsinmg)=ma，解得，故ABD是可能的，選項(xiàng)C是不可能的。5 下列四幅圖中，能表示物體作勻速直線運(yùn)動(dòng)的圖像是（ ）A. B. C. D. 【答案】BCD6 如圖所示，甲、乙兩質(zhì)量不同的物體，分別受到恒力作用后，其動(dòng)量p與時(shí)間t的關(guān)系圖象。則甲、乙所受合外力F甲與F乙的關(guān)系是（圖中直線平行）（ ）AF甲F乙BF甲F乙CF甲F乙D無(wú)法比較F甲和F乙的大小 【答案】B7 （2018江蘇淮安宿遷質(zhì)檢）2017年4月,我國(guó)第一艘貨運(yùn)飛船天舟一號(hào)順利升空，隨后與天宮二號(hào)交會(huì)對(duì)接假設(shè)天舟一號(hào)從B點(diǎn)發(fā)射經(jīng)過(guò)橢圓軌道運(yùn)動(dòng)到天宮二號(hào)的圓軌道上完成交會(huì)，如圖所示已知天宮二號(hào)的軌道半徑為r，天舟一號(hào)沿橢圓軌道運(yùn)動(dòng)的周期為T(mén)，A、B兩點(diǎn)分別為橢圓軌道的遠(yuǎn)地點(diǎn)和近地點(diǎn)，地球半徑為R，引力常量為G則 A天宮二號(hào)的運(yùn)行速度小于7.9km/sB天舟一號(hào)的發(fā)射速度大于11.2km/sC根據(jù)題中信息可以求出地球的質(zhì)量D天舟一號(hào)在A點(diǎn)的速度大于天宮二號(hào)的運(yùn)行速度【答案】 AC【解析】8 如圖表示的是一條傾斜的傳送軌道，B是傳送貨物的平臺(tái)，可以沿著斜面上的直軌道運(yùn)送物體。某次傳送平臺(tái)B沿軌道將貨物A向下傳送到斜軌道下端，運(yùn)動(dòng)過(guò)程可用如圖中的速度時(shí)間圖像表示。下述分析中不正確的是（ ） A. 0時(shí)間內(nèi)，B對(duì)A的支持力小于重力，摩擦力水平向右B. 時(shí)間內(nèi)，B對(duì)A的支持力等于重力，摩擦力水平向左C. 時(shí)間內(nèi)，B對(duì)A的支持力大于重力，摩擦力水平向左D. 0時(shí)間內(nèi)出現(xiàn)失重現(xiàn)象； 時(shí)間內(nèi)出現(xiàn)超重現(xiàn)象【答案】B【解析】9 下列關(guān)于電場(chǎng)的敘述錯(cuò)誤的是A. 靜止電荷的周圍存在的電場(chǎng)稱為靜電場(chǎng)B. 只有電荷發(fā)生相互作用時(shí)電荷才產(chǎn)生電場(chǎng)C. 只要有電荷存在，其周圍就存在電場(chǎng)D. A電荷受到B電荷的作用，是B電荷的電場(chǎng)對(duì)A電荷的作用【答案】B【解析】靜止電荷的周圍存在的電場(chǎng)稱為靜電場(chǎng)，選項(xiàng)A正確；電荷的周圍存在電場(chǎng)，無(wú)論電荷之間是否發(fā)生相互作用，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；只要有電荷存在，其周圍就存在電場(chǎng)，選項(xiàng)C正確；A電荷受到B電荷的作用，是B電荷的電場(chǎng)對(duì)A電荷的作用，選項(xiàng)D正確；故選B.10（2016遼寧大連高三月考）一滑塊在水平地面上沿直線滑行，t0時(shí)速率為1 m/s。從此刻開(kāi)始在與速度平行的方向上施加一水平作用力F。力F和滑塊的速度v隨時(shí)間的變化規(guī)律分別如圖甲、乙所示，則（兩圖取同一正方向，取g10 m/s2）（ ）A滑塊的質(zhì)量為0.5 kgB滑塊與水平地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.05C第1 s內(nèi)摩擦力對(duì)滑塊做功為1 JD第2 s內(nèi)力F的平均功率為1.5 W【答案】BD【解析】【參考答案】BD11放在粗糙水平面上的物塊A、B用輕質(zhì)彈簧秤相連，如圖所示，物塊與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為，今對(duì)物塊A施加一水平向左的恒力F，使A、B一起向左勻加速運(yùn)動(dòng)，設(shè)A、B的質(zhì)量分別為m、M，則彈簧秤的示數(shù) A B C D【答案】C【解析】根據(jù)牛頓第二定律得：對(duì)整體：，對(duì)B：F彈Mg=Ma，解得，故選C。12將地面上靜止的貨物豎直向上吊起，貨物由地面運(yùn)動(dòng)至最高點(diǎn)的過(guò)程中，vt圖象如圖所示。以下判斷正確的是A前2 s內(nèi)貨物處于超重狀態(tài)B第3 s末至第5 s末的過(guò)程中，貨物完全失重C最后2 s內(nèi)貨物只受重力作用D前2 s內(nèi)與最后2 s內(nèi)貨物的平均速度和加速度相同【答案】A【解析】A在前2 s內(nèi)，圖象的斜率為正，加速度為正方向，說(shuō)明加速度向上，貨物處于超重狀態(tài)，故A正確；B第3 s末至第5 s末的過(guò)程中，貨物勻速運(yùn)動(dòng)，重力等于拉力，B錯(cuò)誤；C、最后2 s內(nèi)，加速度為 g，故貨物并不是只受重力，故C錯(cuò)誤。D前2 s內(nèi)貨物做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，平均速度為，最后2 s內(nèi)貨物的平均速度為，故D錯(cuò)誤。故選A。13某同學(xué)自制的簡(jiǎn)易電動(dòng)機(jī)示意圖如圖所示。矩形線圈由一根漆包線繞制而成，漆包線的兩端分別從線圈的一組對(duì)邊的中間位置引出，并作為線圈的轉(zhuǎn)軸。將線圈架在兩個(gè)金屬支架之間，線圈平面位于豎直面內(nèi)，永磁鐵置于線圈下方。為了使電池與兩金屬支架連接后線圈能連續(xù)轉(zhuǎn)動(dòng)起來(lái)，該同學(xué)應(yīng)將A. 左、右轉(zhuǎn)軸下側(cè)的絕緣漆都刮掉B. 左、右轉(zhuǎn)軸上下兩側(cè)的絕緣漆都刮掉C. 左轉(zhuǎn)軸上側(cè)的絕緣漆刮掉，右轉(zhuǎn)軸下側(cè)的絕緣漆刮掉D. 左轉(zhuǎn)軸上下兩側(cè)的絕緣漆都刮掉，右轉(zhuǎn)軸下側(cè)的絕緣漆刮掉【答案】AD【解析】【名師點(diǎn)睛】此題是電動(dòng)機(jī)原理，主要考查學(xué)生對(duì)物理規(guī)律在實(shí)際生活中的運(yùn)用能力；關(guān)鍵是通過(guò)分析電流方向的變化分析安培力的方向變化情況。14某電場(chǎng)區(qū)域的電場(chǎng)線如右圖所示把一個(gè)電子從A點(diǎn)移到B點(diǎn)時(shí)，則（ ）A電子所受的電場(chǎng)力增大，電子克服電場(chǎng)力做功B電子所受的電場(chǎng)力減小，電場(chǎng)力對(duì)電子做正功C電子所受的電場(chǎng)力增大，電勢(shì)能減小，動(dòng)能增大D電子所受的電場(chǎng)力增大，電勢(shì)能增大，動(dòng)能減小【答案】C15如圖所示，質(zhì)量為m、長(zhǎng)為L(zhǎng)的導(dǎo)體棒電阻為R，初始時(shí)靜止于光滑的水平軌道上，電源電動(dòng)勢(shì)為E，內(nèi)阻不計(jì)。勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B、方向與軌道平面成角斜向右上方，開(kāi)關(guān)S閉合后導(dǎo)體棒開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，則 A導(dǎo)體棒向左運(yùn)動(dòng)B開(kāi)關(guān)閉合瞬間導(dǎo)體棒MN所受安培力為C開(kāi)關(guān)閉合瞬間導(dǎo)體棒MN所受安培力為D開(kāi)關(guān)閉合瞬間導(dǎo)體棒MN的加速度為【答案】B【解析】開(kāi)關(guān)閉合后，由左手定則可知，導(dǎo)體棒受到的安培力斜向右下方，導(dǎo)體棒只可能向右運(yùn)動(dòng)，A錯(cuò)誤；開(kāi)關(guān)閉合后瞬間，根據(jù)安培力公式，且，可得，B正確，C錯(cuò)誤；開(kāi)關(guān)閉合后瞬間，由牛頓第二定律有，可得，D錯(cuò)誤。二、填空題16輸送1.0l05瓦的電功率，用發(fā)1.0l04伏的高壓送電，輸電導(dǎo)線的電阻共計(jì)1.0歐，輸電導(dǎo)線中的電流是 A，輸電導(dǎo)線上因發(fā)熱損失的電功率是 W?！敬鸢浮?0；100 【解析】由，得輸電導(dǎo)線中的電流=10A輸電導(dǎo)線上因發(fā)熱損失的電功率: =1001=100W17一多用電表的電阻擋有三個(gè)倍率,分別是“1”“10”“100”。用“10”擋測(cè)量某電阻時(shí),操作步驟正確,發(fā)現(xiàn)表頭指針偏轉(zhuǎn)角度很小,為了較準(zhǔn)確地進(jìn)行測(cè)量,應(yīng)換到_擋。如果換擋后立即用表筆連接待測(cè)電阻進(jìn)行讀數(shù),那么缺少的步驟是_,若補(bǔ)上該步驟后測(cè)量,表盤(pán)的示數(shù)如圖所示,則該電阻的阻值是_ ?！敬鸢浮?（1）. “100”； （2）. 歐姆調(diào)零（或重新歐姆調(diào)零）； （3）. 2.2103（或2.2 k）；【解析】選電阻擋測(cè)電阻時(shí)指針偏轉(zhuǎn)角度很小，說(shuō)明所選倍率太小，應(yīng)選用更高倍率擋，使指針盡可能偏轉(zhuǎn)到表盤(pán)的中間位置附近，該位置附近有較高的精度。歐姆擋每換一次倍率，需重新進(jìn)行歐姆調(diào)零。由表盤(pán)的示數(shù)可知，該電阻的阻值為2.2103。18有一正弦交流電，它的電壓隨時(shí)間變化的情況如圖所示，則電壓的峰值為_(kāi) V；有效值為_(kāi) V；交流電的；頻率為_(kāi) Hz. 第22題 第23題【答案】10 v ； V或7.07 v ； 2.5Hz【解析】試題分析：由圖可知，該交流電的電壓最大值為：，所以有效值為：，周期為0.4s，所以有：考點(diǎn)：正弦式電流的圖象和三角函數(shù)表達(dá)式；正弦式電流的最大值和有效值、周期和頻率三、解答題19如圖所示，在豎直面內(nèi)有一個(gè)光滑弧形軌道，其末端水平，且與處于同一豎直面內(nèi)的光滑圓形軌道的最低端相切，并平滑連接。A、B兩滑塊（可視為質(zhì)點(diǎn)）用輕細(xì)繩拴接在一起，在它們中間夾住一個(gè)被壓縮的微小輕質(zhì)彈簧。兩滑塊從弧形軌道上的某一高處P點(diǎn)由靜止滑下，當(dāng)兩滑塊剛滑入圓形軌道最低點(diǎn)時(shí)拴接兩滑塊的繩突然斷開(kāi)，彈簧迅速將兩滑塊彈開(kāi)，其中前面的滑塊A沿圓形軌道運(yùn)動(dòng)恰能通過(guò)圓形軌道的最高點(diǎn)，后面的滑塊B恰能返回P點(diǎn)。已知圓形軌道的半徑R=0.72m，滑塊A的質(zhì)量mA=0.4kg，滑塊B的質(zhì)量mB=0.1kg，重力加速度g取10m/s，空氣阻力可忽略不計(jì)。求：（1）滑塊A運(yùn)動(dòng)到圓形軌道最高點(diǎn)時(shí)速度的大?。唬?）兩滑塊開(kāi)始下滑時(shí)距圓形軌道底端的高度h；（3）彈簧在將兩滑塊彈開(kāi)的過(guò)程中釋放的彈性勢(shì)能?！敬鸢浮浚?）（2）0.8m（3）4J【解析】試題分析：（1）設(shè)滑塊A恰能通過(guò)圓形軌道最高點(diǎn)時(shí)的速度大小為v2，根據(jù)牛頓第二定律有mAg=mAv2=m/s（2）設(shè)滑塊A在圓形軌道最低點(diǎn)被彈出時(shí)的速度大小為v1，對(duì)于滑塊A從圓形軌道最低點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)的過(guò)程，根據(jù)機(jī)械能守恒定律，有mAv12=mAg2R+mAv22v1=6m/s設(shè)滑塊A和B運(yùn)動(dòng)到圓形軌道最低點(diǎn)速度大小為v0，對(duì)滑塊A和B下滑到圓形軌道最低點(diǎn)的過(guò)程，根據(jù)動(dòng)能定理，有（mA+mB）gh=（mA+mB）v02同理滑塊B在圓形軌道最低點(diǎn)被彈出時(shí)的速度大小也為v0，彈簧將兩滑塊彈開(kāi)的過(guò)程，對(duì)于A、B兩滑塊所組成的系統(tǒng)水平方向動(dòng)量守恒，（mA+mB）v0=mA v1-mBv0解得：h=08 m（3）設(shè)彈簧將兩滑塊彈開(kāi)的過(guò)程中釋放的彈性勢(shì)能為Ep，對(duì)于彈開(kāi)兩滑塊的過(guò)程，根據(jù)機(jī)械能守恒定律，有（mA+mB）v02 + Ep=mAv12+mBv02解得：Ep=4 J考點(diǎn)：動(dòng)量守恒定律及機(jī)械能守恒定律的應(yīng)用【名師點(diǎn)睛】本題綜合性較強(qiáng)，解決綜合問(wèn)題的重點(diǎn)在于分析物體的運(yùn)動(dòng)過(guò)程，分過(guò)程靈活應(yīng)用相應(yīng)的物理規(guī)律；優(yōu)先考慮動(dòng)能定理、機(jī)械能守恒等注重整體過(guò)程的物理規(guī)律；尤其是對(duì)于彈簧將兩滑塊彈開(kāi)的過(guò)程，AB兩滑塊所組成的系統(tǒng)水平方向動(dòng)量守恒，機(jī)械能守恒，根據(jù)動(dòng)量