高一數(shù)學(xué)必修一易錯(cuò)題集錦答案

1、高一數(shù)學(xué)必修一易錯(cuò)題集錦答案1. 已知集合M=y|y =x21,xR,N=y|y =x1,xR，則MN=（ ）解：M=y|y=x21,xR=y|y1， N=y|y=x1,xR=y|yRMN=y|y1y|(yR)=y|y1, 注：集合是由元素構(gòu)成的，認(rèn)識(shí)集合要從認(rèn)識(shí)元素開(kāi)始，要注意區(qū)分x|y=x21、y|y=x21,xR、(x,y)|y=x21,xR，這三個(gè)集合是不同的2 .已知A=x|x23x2=0,B=x|ax2=0且AB=A，求實(shí)數(shù)a組成的集合C解：AB=A BA 又A=x|x23x2=0=1，2B=或C=0，1，2 3 。已知mA,nB, 且集合A=，B=，又C=，則有：m+n (填A(yù),

2、B,C中的一個(gè))解：mA, 設(shè)m=2a1,a1Z, 又n,n=2a2+1,a2 Z ,m+n=2(a1+a2)+1,而a1+a2 Z , m+nB。 4 已知集合A=x|x23x100，集合B=x|p1x2p1若BA，求實(shí)數(shù)p的取值范圍解：當(dāng)B時(shí)，即p12p1p2.由BA得：2p1且2p15.由3p3. 2p3當(dāng)B=時(shí)，即p12p1p2.由、得：p3.點(diǎn)評(píng)：從以上解答應(yīng)看到：解決有關(guān)AB=、AB=，AB等集合問(wèn)題易忽視空集的情況而出現(xiàn)漏解，這需要在解題過(guò)程中要全方位、多角度審視問(wèn)題5 已知集合A=a,ab,a2b，B=a,ac,ac2若A=B，求c的值分析：要解決c的求值問(wèn)題，關(guān)鍵是要有方程的

3、數(shù)學(xué)思想，此題應(yīng)根據(jù)相等的兩個(gè)集合元素完全相同及集合中元素的確定性、互異性，無(wú)序性建立關(guān)系式 解：分兩種情況進(jìn)行討論 （1）若ab=ac且a2b=ac2，消去b得：aac22ac=0，a=0時(shí)，集合B中的三元素均為零，和元素的互異性相矛盾，故a0c22c1=0，即c=1，但c=1時(shí)，B中的三元素又相同，此時(shí)無(wú)解（2）若ab=ac2且a2b=ac，消去b得：2ac2aca=0，a0，2c2c1=0，即(c1)(2c1)=0，又c1，故c=點(diǎn)評(píng)：解決集合相等的問(wèn)題易產(chǎn)生與互異性相矛盾的增解，這需要解題后進(jìn)行檢驗(yàn).6 設(shè)A是實(shí)數(shù)集，滿足若aA，則A，且1A.若2A，則A中至少還有幾個(gè)元素？求出這幾個(gè)

4、元素A能否為單元素集合？請(qǐng)說(shuō)明理由.若aA，證明：1A.求證：集合A中至少含有三個(gè)不同的元素.解：2A 1A A 2A A中至少還有兩個(gè)元素：1和如果A為單元素集合，則a即0該方程無(wú)實(shí)數(shù)解，故在實(shí)數(shù)范圍內(nèi)，A不可能是單元素集aA A AA，即1A由知aA時(shí)，A， 1A .現(xiàn)在證明a,1, 三數(shù)互不相等.若a=,即a2-a+1=0 ，方程無(wú)解，a若a=1，即a2-a+1=0，方程無(wú)解a1 若1 =，即a2-a+1=0，方程無(wú)解1.綜上所述，集合A中至少有三個(gè)不同的元素.點(diǎn)評(píng)：的證明中要說(shuō)明三個(gè)數(shù)互不相等，否則證明欠嚴(yán)謹(jǐn). 7 設(shè)Ma，b，c，N2,0,2,求（1）從M到N的映射種數(shù)；（2）從M到

5、N的映射滿足 (a)(b)f(c),試確定這樣的映射的種數(shù).解：（1）由于Ma，b，c，N2,0,2，結(jié)合映射的概念，有一共有27個(gè)映射（2）符合條件的映射共有4個(gè)8.已知函數(shù)的定義域?yàn)?，1，求函數(shù)的定義域解：由于函數(shù)的定義域?yàn)?，1，即滿足，的定義域是1，0 9根據(jù)條件求下列各函數(shù)的解析式：（1）已知是二次函數(shù)，若，求.（2）已知，求（3）若滿足求解：（1）本題知道函數(shù)的類型，可采用待定系數(shù)法求解設(shè)由于得，又由，即因此：(2)本題屬于復(fù)合函數(shù)解析式問(wèn)題，可采用換元法求解設(shè)（）（3）由于為抽象函數(shù)，可以用消參法求解用代可得：與聯(lián)列可消去得：.點(diǎn)評(píng)：求函數(shù)解析式（1）若已知函數(shù)的類型，常采用待

6、定系數(shù)法；（2）若已知表達(dá)式，常采用換元法或采用湊合法；（3）若為抽象函數(shù)，常采用代換后消參法.10 已知，試求的最大值.分析：要求的最大值，由已知條件很快將變?yōu)橐辉魏瘮?shù)然后求極值點(diǎn)的值，聯(lián)系到，這一條件，既快又準(zhǔn)地求出最大值.解 由 得又當(dāng)時(shí)，有最大值，最大值為點(diǎn)評(píng)：上述解法觀察到了隱蔽條件，體現(xiàn)了思維的深刻性.大部分學(xué)生的作法如下：由 得 當(dāng)時(shí)，取最大值，最大值為這種解法由于忽略了這一條件，致使計(jì)算結(jié)果出現(xiàn)錯(cuò)誤.因此，要注意審題，不僅能從表面形式上發(fā)現(xiàn)特點(diǎn)，而且還能從已知條件中發(fā)現(xiàn)其隱蔽條件，既要注意主要的已知條件，又要注意次要條件，甚至有些問(wèn)題的觀察要從相應(yīng)的圖像著手，這樣才能正確地

7、解題.11設(shè)是R上的函數(shù)，且滿足并且對(duì)任意的實(shí)數(shù)都有，求的表達(dá)式.解法一：由，設(shè)，得，所以解法二：令，得即又將用代換到上式中得點(diǎn)評(píng)：所給函數(shù)中含有兩個(gè)變量時(shí)，可對(duì)這兩個(gè)變量交替用特殊值代入，或使這兩個(gè)變量相等代入，再用已知條件，可求出未知的函數(shù).具體取什么特殊值，根據(jù)題目特征而定. 12判斷函數(shù)的奇偶性.解：有意義時(shí)必須滿足即函數(shù)的定義域是，由于定義域不關(guān)于原點(diǎn)對(duì)稱，所以該函數(shù)既不是奇函數(shù)也不是偶函數(shù)13 判斷的奇偶性.正解：方法一：是奇函數(shù)方法二：是奇函數(shù)14函數(shù)y=的單調(diào)增區(qū)間是_.解：y=的定義域是，又在區(qū)間上增函數(shù)，在區(qū)間是減函數(shù)，所以y=的增區(qū)間是15已知奇函數(shù)f(x)是定義在(3，

8、3)上的減函數(shù)，且滿足不等式f(x3)+f(x23)0,求x的取值范圍.解：由,故0x,又f(x)是奇函數(shù)，f(x3)3x2,即x2+x60,解得x2或x3,綜上得2x,即A=x|2x,16 作出下列函數(shù)的圖像(1)y=|x-2|(x1)；(2).分析：顯然直接用已知函數(shù)的解析式列表描點(diǎn)有些困難，除去對(duì)其函數(shù)性質(zhì)分析外，我們還應(yīng)想到對(duì)已知解析式進(jìn)行等價(jià)變形.在變換函數(shù)解析式中運(yùn)用了轉(zhuǎn)化變換和分類討論的思想.解：(1)當(dāng)x2時(shí)，即x-20時(shí)，當(dāng)x2時(shí)，即x-20時(shí)，所以這是分段函數(shù)，每段函數(shù)圖像可根據(jù)二次函數(shù)圖像作出(見(jiàn)圖)(2)當(dāng)x1時(shí)，lgx0，y=10lgx=x；當(dāng)0x1時(shí)，lgx0，所以

9、這是分段函數(shù)，每段函數(shù)可根據(jù)正比例函數(shù)或反比例函數(shù)作出.(見(jiàn)圖)點(diǎn)評(píng)：作不熟悉的函數(shù)圖像，可以變形成基本函數(shù)再作圖，但要注意變形過(guò)程是否等價(jià)，要特別注意x，y的變化范圍.因此必須熟記基本函數(shù)的圖像.例如：一次函數(shù)、反比例函數(shù)、二次函數(shù)、指數(shù)函數(shù)、對(duì)數(shù)函數(shù)，及三角函數(shù)、反三角函數(shù)的圖像.17若f(x)= 在區(qū)間（2，）上是增函數(shù)，求a的取值范圍解：設(shè) 由f(x)=在區(qū)間（2，）上是增函數(shù)得 a 點(diǎn)評(píng)：有關(guān)于單調(diào)性的問(wèn)題，當(dāng)我們感覺(jué)陌生，不熟悉或走投無(wú)路時(shí)，回到單調(diào)性的定義上去，往往給我們帶來(lái)“柳暗花明又一村”的感覺(jué).18已知函數(shù)f(x)在(1，1)上有定義，f()=1,當(dāng)且僅當(dāng)0x1時(shí)f(x)0

10、,且對(duì)任意x、y(1,1)都有f(x)+f(y)=f(),試證明：(1)f(x)為奇函數(shù)；(2)f(x)在(1，1)上單調(diào)遞減解：證明：(1)由f(x)+f(y)=f(),令x=y=0,得f(0)=0,令y=x,得f(x)+f(x)=f()=f(0)=0.f(x)=f(x).f(x)為奇函數(shù).(2)先證f(x)在(0，1)上單調(diào)遞減.令0x1x21,則f(x2)f(x1)=f(x2)f(x1)=f()0x1x20,1x1x20，0,又(x2x1)(1x2x1)=(x21)(x1+1)0x2x11x2x1,01,由題意知f()0，即f(x2)0, 且a2a+1=(a)2+0, 1+2x+4xa0

11、, a,當(dāng)x(, 1時(shí), y=與y=都是減函數(shù)， y=在(, 1上是增函數(shù)，max=, a, 故a的取值范圍是(, +). 點(diǎn)評(píng)：發(fā)掘、提煉多變?cè)獑?wèn)題中變?cè)g的相互依存、相互制約的關(guān)系、反客為主，主客換位，創(chuàng)設(shè)新的函數(shù)，并利用新函數(shù)的性質(zhì)創(chuàng)造性地使原問(wèn)題獲解，是解題人思維品質(zhì)高的表現(xiàn).本題主客換位后，利用新建函數(shù)y=的單調(diào)性轉(zhuǎn)換為函數(shù)最值巧妙地求出了實(shí)數(shù)a的取值范圍.此法也叫主元法. 23若，試求的取值范圍.解：冪函數(shù)有兩個(gè)單調(diào)區(qū)間，根據(jù)和的正、負(fù)情況，有以下關(guān)系解三個(gè)不等式組：得，無(wú)解，1的取值范圍是（，1）（，）點(diǎn)評(píng)：冪函數(shù)有兩個(gè)單調(diào)區(qū)間，在本題中相當(dāng)重要，不少學(xué)生可能在解題中誤認(rèn)為，從而

12、導(dǎo)致解題錯(cuò)誤.24 已知a0 且a1 ,f (log a x ) = (x ) (1)求f(x)； (2)判斷f(x)的奇偶性與單調(diào)性； (3)對(duì)于f(x) ,當(dāng)x (1 , 1)時(shí) , 有f( 1m ) +f (1 m2 ) 0即0.綜合得（2）依題意知，又點(diǎn)評(píng)：解決本題的關(guān)健有三：一是用作差比較法證明不等式；二是正確選擇二次函數(shù)的表達(dá)式，即本題選用兩根式表示；三要知道二次函數(shù)的圖像關(guān)于直線對(duì)稱，此直線為二次函數(shù)的對(duì)稱軸，即31已知函數(shù)，且方程有實(shí)根. (1)求證：-3c-1,b0. (2)若m是方程的一個(gè)實(shí)根，判斷的正負(fù)并加以證明分析：（1）題中條件涉及不等關(guān)系的有和方程有實(shí)根.及一個(gè)等式

13、，通過(guò)適當(dāng)代換及不等式性質(zhì)可解得；（2）本小題只要判斷的符號(hào)，因而只要研究出值的范圍即可定出符號(hào).(1)證明：由，得1+2b+c=0,解得，又，1解得，又由于方程有實(shí)根，即有實(shí)根，故即解得或，由，得0.（2）=，cm1（如圖）c4m43c.的符號(hào)為正.點(diǎn)評(píng)：二次函數(shù)值的符號(hào)，可以求出其值判斷，也可以靈活運(yùn)用二次函數(shù)的圖像及性質(zhì)解題. 32定義在R上的函數(shù)滿足：對(duì)任意實(shí)數(shù)，總有，且當(dāng)時(shí)，.（1）試求的值；（2）判斷的單調(diào)性并證明你的結(jié)論；（3）設(shè)，若，試確定的取值范圍.（4）試舉出一個(gè)滿足條件的函數(shù).解：（1）在中，令.得：.因?yàn)?，所以?（2）要判斷的單調(diào)性，可任取，且設(shè).在已知條件中，若取，

14、則已知條件可化為：.由于，所以.為比較的大小，只需考慮的正負(fù)即可.在中，令，則得. 時(shí)， 當(dāng)時(shí)，.又，所以，綜上，可知，對(duì)于任意，均有. . 函數(shù)在R上單調(diào)遞減.（3）首先利用的單調(diào)性，將有關(guān)函數(shù)值的不等式轉(zhuǎn)化為不含的式子.，即.由，所以，直線與圓面無(wú)公共點(diǎn).所以，.解得 .（4）如.點(diǎn)評(píng)：根據(jù)題意，將一般問(wèn)題特殊化，也即選取適當(dāng)?shù)奶刂担ㄈ绫绢}中令；以及等）是解決有關(guān)抽象函數(shù)問(wèn)題的非常重要的手段；另外，如果能找到一個(gè)適合題目條件的函數(shù)，則有助于問(wèn)題的思考和解決.33設(shè)為實(shí)數(shù)，函數(shù)，（1）討論的奇偶性；（2）求的最小值.解：（1）當(dāng)時(shí)，函數(shù)此時(shí)，為偶函數(shù)當(dāng)時(shí)，此時(shí)既不是奇函數(shù)，也不是偶函數(shù)（2）

15、（i）當(dāng)時(shí)，當(dāng)，則函數(shù)在上單調(diào)遞減，從而函數(shù)在上的最小值為.若，則函數(shù)在上的最小值為，且.（ii）當(dāng)時(shí)，函數(shù)若，則函數(shù)在上的最小值為，且若，則函數(shù)在上單調(diào)遞增，從而函數(shù)在上的最小值為.綜上，當(dāng)時(shí)，函數(shù)的最小值為當(dāng)時(shí)，函數(shù)的最小值為當(dāng)時(shí)，函數(shù)的最小值為.點(diǎn)評(píng)：（1）探索函數(shù)的奇偶性，可依據(jù)定義，通過(guò)代入有，即 可得，當(dāng)時(shí)，函數(shù)函數(shù)為偶函數(shù).通過(guò)可得 化得 此式不管還是都不恒成立，所以函數(shù)不可能是奇函數(shù).（2）由于本題中含有絕對(duì)值，需要去掉，故分類討論，既要對(duì)二次函數(shù)值域的研究方法熟練掌握，又要將結(jié)論綜合，對(duì)學(xué)生的綜合運(yùn)用數(shù)學(xué)知識(shí)能力及數(shù)學(xué)思想作了較好的考查.34某公司為幫助尚有26.8萬(wàn)元無(wú)息貸

16、款沒(méi)有償還的殘疾人商店，借出20萬(wàn)元將該商店改建成經(jīng)營(yíng)狀況良好的某種消費(fèi)品專賣店，并約定用該店經(jīng)營(yíng)的利潤(rùn)逐步償還債務(wù)(所有債務(wù)均不計(jì)利息).已知該種消費(fèi)品的進(jìn)價(jià)為每件40元；該店每月銷售量q（百件）與銷售價(jià)p（元件）之間的關(guān)系用右圖中的一條折線（實(shí)線）表示；職工每人每月工資為600元，該店應(yīng)交付的其它費(fèi)用為每月130元.（1）若當(dāng)銷售價(jià)p為52元件時(shí)，該店正好收支平衡，求該店的職工人數(shù)；（2）若該店只安排40名職工，則該店最早可在幾年后還清所有債務(wù)，此時(shí)每件消費(fèi)品的價(jià)格定為多少元？分析：本題題目的篇幅較長(zhǎng)，所給條件零散雜亂，為此，不僅需要?jiǎng)澐侄温鋵哟?，弄清每一層次?dú)立的含義和相互間的關(guān)系，更需要抓住矛盾的主要方面.由題目的問(wèn)題找到關(guān)鍵詞“收支平衡”、“還清所有債務(wù)”，不難想到，均與“利潤(rùn)”相關(guān).從閱讀和以上分析，可以達(dá)成我們對(duì)題目的整體理解，明確這是一道函數(shù)型應(yīng)用題.為此，首先應(yīng)該建立利潤(rùn)與職工人數(shù)、月銷售量q、單位商品的銷售價(jià)p之間的關(guān)系，然后，通過(guò)研究解析式，來(lái)對(duì)問(wèn)題作出解答.由于銷售量和各種支出均以月為單位計(jì)量，所以，先考慮月利潤(rùn).解：（1）設(shè)該店的月利潤(rùn)為S元，有職工m名.則.又由圖可知：.所以，由已知，當(dāng)時(shí)，即，解得.即此時(shí)該店有50名職工.（2）若該店只安排4