江蘇省某中學(xué)2025年高考物理一模試卷（含解析）

江蘇省泰州中學(xué)2025年高考物理一模試卷

一、單選題：本大題共11小題，共44分。

1.如圖甲，在力傳感器下端懸掛一鉤碼，某同學(xué)手持該傳感器從站立狀態(tài)下

蹲，再?gòu)南露谞顟B(tài)起立回到站立狀態(tài)，此過(guò)程中手和上身保持相對(duì)靜止。下蹲

過(guò)程傳感器受到的拉力隨時(shí)間變化情況如圖乙，則起立過(guò)程傳感器受到的拉力

2.如圖所示，通以恒定電流/的/形導(dǎo)線abc放置在磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B、方向水平向右的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中。已知

導(dǎo)線abc組成的平面與磁場(chǎng)方向平行，導(dǎo)線的好、此段的長(zhǎng)度均為E,兩段導(dǎo)線間

的夾角為90。，且兩段導(dǎo)線與磁場(chǎng)方向的夾角均為45。，則導(dǎo)線abc受到的安培力為

（）

A.0B.BIlC.曲〃D.2BII

3.如圖所示為一定質(zhì)量氣體狀態(tài)變化時(shí)的p-T圖像，由圖像可知，此氣體的體積（）

A.先不變后變大B.先不變后變小C.先變大后不變D.先變小后不變

4.如圖所示，地球和月球連線上的Pi、P2兩點(diǎn)為兩個(gè)拉格朗日點(diǎn)，處在拉格朗日點(diǎn)的物體在地球和月球引

力的共同作用下，可與月球一起以相同的周期繞地球運(yùn)動(dòng)?？茖W(xué)家設(shè)想分別在兩個(gè)拉格朗日點(diǎn)建立兩個(gè)空

間站，使其與月球同周期繞地球運(yùn)動(dòng)。以的、a?分別表示Pl、P2處兩空間站的向心加速度大小，表示月

球的向心加速度大小，下列判斷正確的是（）

A.B.V<@3

<

第1頁(yè)，共13頁(yè)

5.半徑為R的半圓柱形透明材料的橫截面如圖所示，某實(shí)驗(yàn)小組將該透明材料的力處磨去少許，使一激光束

從4處射入時(shí)能夠沿2C方向傳播。已知4C與直徑4B的夾角為30。，激光束到達(dá)材料內(nèi)表面的C點(diǎn)后同時(shí)發(fā)

生反射和折射現(xiàn)象。已知該材料的折射率為避，則在C點(diǎn)的反射光束與折射光束的夾角為（）

A.60°B.75°C,90°D.105°

6.1801年，托馬斯?楊進(jìn)行了著名的楊氏雙縫干涉實(shí)驗(yàn)，有力地支持了光的波動(dòng)說(shuō)。如圖甲所示是雙縫干

涉實(shí)驗(yàn)裝置的示意圖，某次實(shí)驗(yàn)中，利用黃光得到的干涉條紋如圖乙所示。為了增大條紋間距，下列做法

中可行的是（）

濾光片

單縫雙縫遮光筒光屏

光源通_：____I—……二…Jg目鏡

A酉IIIIIIIIIIIIIIIH

甲乙

A.只增大濾光片到單縫的距離B.只增大雙縫間的距離

C.只增大雙縫到屏的距離D.只把黃色濾光片換成綠色濾光片

7.如圖所示，質(zhì)量為1kg的小球用一輕繩懸掛，在恒力尸作用下處于靜止?fàn)顟B(tài)，此時(shí)懸線與豎直方向的夾角

為60。。若把小球換成一質(zhì)量為2題的另一小球，仍在該恒力F的作用下處于靜止?fàn)顟B(tài)，懸線與豎直方向的

夾角變?yōu)?0。。重力加速度為g=10m/s2,則恒力F的大小為（）

A.10N

B.20N：\X.

C.IOA/3/V：\O

?、

D,20?

8.如圖所示，導(dǎo)體棒4B的長(zhǎng)為2R,繞。點(diǎn)以角速度3勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，OB為R,且。、B、4三點(diǎn)在一條直線上，

有一磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)充滿轉(zhuǎn)動(dòng)平面且與轉(zhuǎn)動(dòng)平面垂直，那么AB兩端的電勢(shì)差為（）

A.與3R2B.2BSR2c.4BMR2D.6Ba）R2、

9.如圖所示，用氣體壓強(qiáng)傳感器”探究等溫情況下一定質(zhì)量氣體壓強(qiáng)與體積的關(guān)；

Q/\

系”，下列說(shuō)法正確的是（）

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A.注射器必須水平放置

B.推拉活塞時(shí)，動(dòng)作要快，以免氣體進(jìn)入或漏出

C.活塞移至某位置時(shí)，應(yīng)等狀態(tài)穩(wěn)定后再記錄數(shù)據(jù)

D.實(shí)驗(yàn)中氣體的壓強(qiáng)和體積都可以通過(guò)數(shù)據(jù)采集器獲得

10.某款游戲中，參與者身著各種游戲裝備及護(hù)具，進(jìn)行模擬作戰(zhàn)訓(xùn)練。若某游戲參與者以相等間隔時(shí)間

連續(xù)水平發(fā)射三顆子彈，不計(jì)空氣阻力，。為圖線中點(diǎn)，則子彈在空中的排列形狀應(yīng)為()

11.如圖所示，輕質(zhì)彈簧一端固定，另一端與質(zhì)量為根的圓環(huán)相連，圓環(huán)套在傾斜的粗糙固定桿上，桿與水

平面之間的夾角為a,圓環(huán)在4處時(shí)彈簧豎直且處于原長(zhǎng)。將圓環(huán)從4處?kù)o止釋放，到達(dá)C處時(shí)速度為零。

若圓環(huán)在C處獲得沿桿向上的速度恰好能回到從已知AC=3B是4C的

中點(diǎn)，彈簧始終在彈性限度之內(nèi)，重力加速度為g,則()>\

A.下滑過(guò)程中，環(huán)的加速度逐漸減小\

B.下滑過(guò)程中，環(huán)與桿摩擦產(chǎn)生的熱量為吳^r

1

C.從C到力過(guò)程，彈簧對(duì)環(huán)做功為mgLs譏戊-公叱/

D.環(huán)經(jīng)過(guò)8時(shí)，上滑的速度小于下滑的速度

二、實(shí)驗(yàn)題：本大題共1小題，共9分。

12.某興趣小組為了測(cè)量量程為5nM毫安表的內(nèi)阻，設(shè)計(jì)了如圖甲所示的電路。

(1)在檢查電路連接正確后，實(shí)驗(yàn)時(shí)，操作步驟如下：先將滑動(dòng)變阻器R的滑片P移到最右端，調(diào)整電阻箱

Ro的阻值為零，閉合開(kāi)關(guān)S,再將滑片P緩慢左移，使毫安表上電流滿偏；保持滑片P不動(dòng)，調(diào)整治的阻

值，使毫安表上讀數(shù)為264記下此時(shí)治的電阻為300.00。

(2)則該毫安表的內(nèi)阻的測(cè)量值為O,該測(cè)量值______實(shí)際值(選填“大于”、“等于”或“小

于“)。

(3)現(xiàn)將某定值電阻處與該毫安表連接，將該毫安表改裝為一個(gè)量程為30nM的電流表，并用標(biāo)準(zhǔn)電流表進(jìn)

行檢測(cè)，如圖乙所示。

①需要接入的定值電阻力的阻值為Q

②在乙圖中虛線框內(nèi)補(bǔ)全改裝電路圖；

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③當(dāng)標(biāo)準(zhǔn)電流表的示數(shù)為127nA時(shí)，流經(jīng)毫安表中的電流表示數(shù)可能為—

41.9mA

三、簡(jiǎn)答題：本大題共1小題，共16分。

13.如圖所示，圓形水平餐桌面上有一個(gè)半徑為r■可轉(zhuǎn)動(dòng)的圓盤，圓盤的邊緣放置一個(gè)可視為質(zhì)點(diǎn)的物塊,

物塊質(zhì)量為小，與圓盤間的動(dòng)摩擦因數(shù)為從靜止開(kāi)始緩慢增大圓盤轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度至物塊恰好要發(fā)生相

對(duì)滑動(dòng)。最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，重力加速度大小為g。在上述過(guò)程中，求:

(1)圓盤轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度大小為3時(shí)，物塊所受摩擦力大小f；

(2)物塊恰好發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)時(shí)，圓盤轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度大小30。

圓盤

四、計(jì)算題：本大題共3小題，共30分。

14.激光冷卻中性原子的原理如圖所示，質(zhì)量為小、速度為火的原子連續(xù)吸收多個(gè)迎面射來(lái)的頻率為v的光

子后，速度減小。不考慮原子質(zhì)量的變化，光速為c。求:

V

(1)一個(gè)光子的動(dòng)量；vwwvx^

(2)原子吸收第一個(gè)光子后速度的大小。

15.如圖甲所示，兩根足夠長(zhǎng)的平行光滑金屬導(dǎo)軌固定在水平面內(nèi)，導(dǎo)軌間距L=1.0m,左端連接阻值

R=4.00的電阻，勻強(qiáng)磁場(chǎng)磁感應(yīng)強(qiáng)度B=0.5T方向豎直向下。質(zhì)量m=0.2kg、長(zhǎng)度L=1.0m、電阻

r=1.00的金屬桿置于導(dǎo)軌上，向右運(yùn)動(dòng)并與導(dǎo)軌始終保持垂直且接觸良好，從t=0時(shí)刻開(kāi)始對(duì)桿施加一

平行于導(dǎo)軌方向的外力F,桿運(yùn)動(dòng)的"T圖像如圖乙所示，其余電阻不計(jì)。求：

(1)在t=2.0s時(shí)，電路中的電流/和金屬桿PQ兩端的電壓UPQ；

第4頁(yè)，共13頁(yè)

(2)在t=2.0s時(shí)，外力F的大?。?/p>

⑶若0?3.0s內(nèi)克服外力尸做功1.8/,求此過(guò)程流過(guò)電阻R的電荷量和電阻R產(chǎn)生的焦耳熱。

乙

的點(diǎn)，求改變后的磁感應(yīng)強(qiáng)度B'的大?。?/p>

(3)若保持磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大小和方向不變，將電場(chǎng)強(qiáng)度大小調(diào)整為E',方向平行于yOz平面，使該粒子能

夠在xOy平面內(nèi)做勻變速曲線運(yùn)動(dòng)，并經(jīng)過(guò)坐標(biāo)為(&a,a,0)的點(diǎn)，求調(diào)整后電場(chǎng)強(qiáng)度E'的大小和方向。

第5頁(yè)，共13頁(yè)

答案和解析

1.C

【解析】由圖乙可知，人下蹲動(dòng)作分別有失重和超重兩個(gè)過(guò)程，先是加速下降失重，到達(dá)一個(gè)最大速度后

再減速下降超重對(duì)應(yīng)先失重再超重；

而起立對(duì)應(yīng)先超重再失重，可知對(duì)應(yīng)圖象為C圖。故C正確，48。均錯(cuò)誤；

故選：Co

2.2

【解析】由圖可知其有效長(zhǎng)度為產(chǎn)”=&/，電流與磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向平行，即8=0。，故導(dǎo)線abc受

到的安培力為：F=BIxy[2lxsind,故尸=0,即導(dǎo)線abc所受安培力為0,故BCD錯(cuò)誤,N正確。

故選：Ao

3.D

【解析】第一階段為等溫變化，壓強(qiáng)變大，根據(jù)氣體狀態(tài)方程知體積減小，

由華=?？芍诙A段為等容變化，體積不變，所以體積先變小后不變，故/8C錯(cuò)誤，。正確。

故選。。

4.0

【解析】Pi、P2處兩空間站與月球具有相同的角速度，根據(jù)斯=732可知：半徑越大則其向心加速度越

大，則故。正確，43c錯(cuò)誤。

故選：D。

5.D

【解析】光束在C點(diǎn)的入射角為a=30。，如圖所示。

sind

n=——

sina

解得折射角為

e=45°

第6頁(yè)，共13頁(yè)

根據(jù)反射定律可知反射角為30。，則在C點(diǎn)的反射光束與折射光束的夾角為

3=180°-45°-30°=105°,故4BC錯(cuò)誤，。正確。

故選：D。

6.C

【解析】根據(jù)雙縫干涉條紋間距的公式=54可知，增大條紋間距的方法是減小雙縫的距離d,或者增

加雙縫到屏的距離，，或者增加入射光的波長(zhǎng)；1（黃光換成綠光波長(zhǎng)減?。c其它因素?zé)o關(guān)，故C正確，

/BD錯(cuò)誤。

故選：Co

7.4

【解析】對(duì)小球受力分析，建立水平豎直坐標(biāo)系如圖所示

設(shè)恒力尸與x方向的夾角為a,繩的拉力為Ti，由平衡條件得：x方向：T1Sin60°=Fcosa

y方向：7\cos60°+Fsina=mg

懸線與豎直方向的夾角為8=30。時(shí)。繩的拉力為R，則上式變?yōu)椋壕梅较颍?2s譏30。=Fcosa

y方向：T2cos30°+Fsina=2mg

聯(lián)立解得

F=mg=1xION-ION

故/正確，BCD錯(cuò)誤。

故選：Ao

8.C

【解析】根據(jù)直導(dǎo)線轉(zhuǎn)動(dòng)產(chǎn)生電動(dòng)勢(shì)的公式有：E=BLv=BX2Rx%尹=BX2Rx絲駕土迎

=4B#3,選項(xiàng)錯(cuò)誤，選項(xiàng)C正確。

第7頁(yè)，共13頁(yè)

故選：Co

9.C

【解析】4實(shí)驗(yàn)時(shí)，注射器如何放置對(duì)實(shí)驗(yàn)結(jié)果沒(méi)有影響，故/錯(cuò)誤；

2、為保證氣體的溫度不變，推拉活塞時(shí)，動(dòng)作要慢，使其溫度與環(huán)境保持一致，故8錯(cuò)誤；

C、根據(jù)實(shí)驗(yàn)操作要求，活塞移至某位置時(shí)，應(yīng)等狀態(tài)穩(wěn)定后再記錄數(shù)據(jù)，故C正確；

。、注射器中封閉一定質(zhì)量的氣體，用壓強(qiáng)傳感器與注射器相連，通過(guò)數(shù)據(jù)采集器和計(jì)算機(jī)可以測(cè)出注射

器中封閉氣體的壓強(qiáng)，體積可以直接從注射器上的刻度讀出，故。錯(cuò)誤。

故選：C?

10.C

【解析】48三發(fā)子彈均做平拋運(yùn)動(dòng)，且拋出點(diǎn)相同，初速度相同，軌跡相同，所以三發(fā)子彈一定在同一

條拋物線上，不可能在同一條直線上，故N8錯(cuò)誤；

CD.因?yàn)橛螒騾⑴c者以相等間隔時(shí)間連續(xù)水平發(fā)射，子彈在水平方向上做勻速直線運(yùn)動(dòng)，所以三發(fā)子彈所

在的水平線一定是等間距分布的，因?yàn)樽訌椩谪Q直方向上做自由落體運(yùn)動(dòng)，又因?yàn)?。點(diǎn)是圖線的中點(diǎn)，所

以，第二發(fā)子彈一定在。點(diǎn)的正上方，C正確，。錯(cuò)誤。

故選：Co

11.C

【解析】4環(huán)由4到C,初速度和末速度均為0,環(huán)先加速后減速，加速度先減小后增大，合外力先小后增

大，故/錯(cuò)誤；

BC.環(huán)由4到C,有

mgLsina=EpC+Q

環(huán)由C到4有

19

EpC-Q—mgLsina=——

解得

1

Q--7

4

1,

EpC—mgLsina——

故2錯(cuò)誤，C正確；

D由功能關(guān)系可知，圓環(huán)由4下滑至B,有

1,

mgh—Wf—W^-—mv^-O

第8頁(yè)，共13頁(yè)

圓環(huán)由B上滑至4有

1,

—mgh-Wf+IV彈=0—z9

則

VB'>VB

即環(huán)經(jīng)過(guò)B時(shí)，上滑的速度大于下滑的速度，故。錯(cuò)誤。

故選：Co

12.200大于40C

【解析】(2)根據(jù)

Ug-IgRg

Rg+Ro

解得

Rg—20012

當(dāng)&的阻值從0開(kāi)始增大時(shí)，電路中的總電阻在增大，干路電流會(huì)減小，所以毫安表和電阻箱實(shí)際分去的

電壓會(huì)增大，大于Ug,根據(jù)

IgRg<i(Rg+R°)

可得

Ra<200。

可知毫安表內(nèi)阻的測(cè)量值要大于實(shí)際值。

⑶①根據(jù)

Ug-IgRg

Ug

R1~

lA—lg

解得

,1

%=耳Rg,解得的=40。

②如圖所示

R

電阻箱

標(biāo)準(zhǔn)電流衣

―1|------------

第9頁(yè)，共13頁(yè)

③由前面分析可知，Rg的測(cè)量值偏大，實(shí)際值比200。小，因此分流能力強(qiáng)，電流大于

1

I'>-I,I=12mA故/'>2mA

6

故48錯(cuò)誤，C正確。

故選：Co

故答案為：(2)200；大于；

⑶①40

②

③C

(2)根據(jù)歐姆定律求解毫安表的內(nèi)阻，心的阻值從0開(kāi)始增大時(shí)，電路中的總電阻在增大，毫安表和電阻箱

實(shí)際分去的電壓會(huì)增大，毫安表內(nèi)阻的測(cè)量值要大于實(shí)際值；

(3)①根據(jù)歐姆定律求解需要接入的定值電阻％的阻值；

②電流表與接入的定值電阻并聯(lián)然后接入電路；

③%的測(cè)量值偏大，分流能力實(shí)際更強(qiáng)，分得電流偏大，示數(shù)偏大。

13.【解析】(1)圓盤轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度為3時(shí)，有

f=Fn

解得

f=m(i)2r

(2)對(duì)滑塊，恰要發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)時(shí)

(img—m(x)Qr

解得

答：(1)圓盤轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度大小為3時(shí)，物塊所受摩擦力大小為爪32「；

(2)物塊恰好發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)時(shí)，圓盤轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度大小為楞。

第10頁(yè)，共13頁(yè)

14.【解析】(1)根據(jù)德布羅意波長(zhǎng)公式有

he

A=一=一

PcV

可得一個(gè)光子的動(dòng)量為

hv

Pc="

(2)取初速度方向?yàn)檎?，根?jù)動(dòng)量守恒有

mv0—pc=mv1

所以原子吸收第一個(gè)光子后速度的大小為

hv

嬴

答：(1)一個(gè)光子的動(dòng)量為某

(2)原子吸收第一個(gè)光子后速度的大小為火-黑。

15.【解析】(1)根據(jù)乙圖可知，t=2.0s時(shí)，v=2m/s,則此時(shí)PQ產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為

E=BLv=0.5x1.0x21/=IV

電路中的電流為

金屬桿PQ兩端的電壓為外電壓，即

UPQ=IR=0.2X4.0V=0.8V

(2)由乙圖可知v-t圖像的斜率表示加速度，則

a=光=y^m/s2=2m/s2

對(duì)金屬桿PQ進(jìn)行受力分析，由牛頓第二定律得

F+BIL=ma

解得

F=0.3N

方向與運(yùn)動(dòng)方向相反。

(3)此過(guò)程流過(guò)電阻R的電荷量為

工E-tBLx

a=11=----=----=----

”R+rR+rR+r

u-t圖像與橫軸圍成的面積表示位移大小，則

6m/sx3.0s0

X=——F----=9m

第11頁(yè)，共13頁(yè)

解得

q—0.9C

根據(jù)能量守恒定律可得

WF+Q=^mvg

解得

Q=1.8/

電阻R產(chǎn)生的焦耳熱為

R4

QR=EQ=EXL8/=L44/

答：⑴在t=2.0s時(shí)，電路中的電流/為0.24和金屬桿PQ兩端的電壓外。為0.8匕

(