廣東省汕頭市龍湖區(qū)高三上學(xué)期期末考試統(tǒng)考物理試題

廣東省汕頭市龍湖區(qū)2018屆高三第一學(xué)期期末統(tǒng)考物理試卷一、選擇題：1.如圖所示，空間有兩個等量的正點電荷，a、b兩點在其連線的中垂線上，則下列說法一定正確的是：（）A.場強Ea>EbB.場強Ea<EbC.電勢φa>φbD.電勢φa<φb【答案】C2.如圖所示，取稍長的細(xì)桿，其一端固定一枚鐵釘，另一端用羽毛做一個羽翼，做成AB兩只飛鏢，將一軟木板掛在豎直墻壁上，作為鏢靶．在離墻壁一定距離的同一處，將它們水平擲出，不計空氣阻力，兩只“飛鏢”插在靶上的狀態(tài)如圖所示（側(cè)視圖）．不計空氣阻力，則下列說法中正確的是：（）A.A鏢擲出時的初速度比B鏢擲出時的初速度小B.B鏢的運動時間比A鏢的運動時間長C.A鏢的質(zhì)量一定比B鏢的質(zhì)量大D.B鏢插入靶時的末速度比A鏢插入靶時的末速度大【答案】B【解析】試題分析：由于兩個飛鏢從同一個點拋出，水平位移相同，但是B在A的下面，說明B在豎直方向上的位移比A的大，由h=gt2得，B的運動的時間要比A的長，所以A初速度要比B的大，故A錯誤，B正確．平拋運動的規(guī)律與物體的質(zhì)量無關(guān)，所以不能判斷AB質(zhì)量的關(guān)系，故C錯誤．兩個鏢的末速度為，A鏢初速度大，而下降的高度小，而B的初速度小，下降的高度大，所以不能比較末速度的大?。蔇錯誤．故選B．考點：平拋運動【名師點睛】AB兩個飛鏢都做平拋運動，并且從同一個點拋出，抓住它們速度的合成研究末速度的關(guān)系。3.一個質(zhì)量為m的小球從高處由靜止豎直下落，設(shè)其受到的空氣阻力一速度的關(guān)系為f=ρv（比例系數(shù)ρ為常數(shù)），小球落地前已經(jīng)勻速運動，如圖是小球加速度a與速度v的關(guān)系圖，已知圖像與縱軸交點坐標(biāo)為b，與橫軸交點坐標(biāo)為n，則下列結(jié)論正確的是A.重力加速度g=bB.重力加速度g=b/nC.比例系數(shù)ρ=m/nD.比例系數(shù)ρ=n【答案】A............【點睛】根據(jù)圖象可知，當(dāng)v=0時，小球的加速度為b，此時小球受到的空氣阻力為0，據(jù)此求解重力加速度，根據(jù)圖象可知，當(dāng)加速度為0時，速度為n，此時受到的空氣阻力為，加速度為零，受力平衡，根據(jù)平衡條件求解比例系數(shù)．\4.如圖所示，某健身愛好者手拉著輕繩，在粗糙的水平地面上緩慢地移動，保持繩索始終平行于地面。為了鍛煉自己的臂力和腿部力量，可以在O點懸掛不同的重物G，則：A.若健身者緩慢向右移動，繩OA拉力變小B.若健身者緩慢向左移動，健身者受地面作用力方向不變C.若健身者緩慢向右移動，繩OA、OB拉力的合力變大D.若健身者緩慢向左移動，健身者與地面間的摩擦力變小【答案】D【解析】設(shè)OA的拉力為，OB的拉力為，重物C的質(zhì)量為m，因O點始終處于平衡狀態(tài)，根據(jù)平衡條件有：，，解得：，；當(dāng)健身者緩慢向右移動時，角變大，則均變大；當(dāng)健身者緩慢向左移動時，角變小，則均變小，故健身者緩慢向左移動或向右移動時，健身者受地面作用力方向會變化，因為健身者所受到的摩擦力與OB繩拉力相等，故健身者與地面間的摩擦力變??；不論健身者向哪個方向移動，繩OA、OB拉力的合力一定等于重物C的重力mg，保持不變，故ABC錯誤，D正確．故選AD．【點睛】對結(jié)點O進(jìn)行分析，根據(jù)平衡條件可得出兩繩子拉力與C的重力之間的關(guān)系，再根據(jù)人走動時夾角的變化分析OA和OB兩繩上拉力的變化，從而分析人受地面的摩擦力的變化情況．5.如圖所示，在光滑水平面上有兩個質(zhì)量分別為m1和m2的物體A、B，m1>m2．A、B間水平連接著一輕質(zhì)彈簧秤．若用大小為F的水平力向右拉B．穩(wěn)定后B的加速度大為a1，彈簧秤示數(shù)為F1；如果改用大小為F的水平力向左拉A．穩(wěn)定后A的加速度大小為a2，彈簧秤示數(shù)為F2．則以下關(guān)系式正確的是()A.a1=a2，F(xiàn)1<F2B.a1=a2，F(xiàn)1>F2C.a1<a2，F(xiàn)1=F2D.a1>a2，F(xiàn)1>F2【答案】B【解析】先以整體為研究對象可知兩加速度大小關(guān)系為a1＝a2，由整體的加速度等于各部分加速度可知，由于m1>m2，所以F1>F26.衛(wèi)星發(fā)射進(jìn)入預(yù)定軌道往往需要進(jìn)行多次軌道調(diào)整.如圖所示，某次發(fā)射任務(wù)中先將衛(wèi)星送至近地軌道，然后再控制衛(wèi)星進(jìn)入橢圓軌道．圖中O點為地心，A點是近地軌道和橢圓軌道的交點，遠(yuǎn)地點B離地面高度為6R(R為地球半徑)．設(shè)衛(wèi)星在近地軌道運動的周期為T，下列對衛(wèi)星在橢圓軌道上運動的分析，其中正確的是：（）A.控制衛(wèi)星從圖中低軌道進(jìn)入橢圓軌道需要使衛(wèi)星點火加速B.衛(wèi)星通過A點時的速度是通過B點時速度的6倍C.衛(wèi)星通過A點時的加速度是通過B點時加速度的6倍D.衛(wèi)星從A點經(jīng)4T的時間剛好能到達(dá)B點【答案】AD【解析】控制衛(wèi)星從圖中低軌道進(jìn)入橢圓軌道需要使衛(wèi)星加速，選項A錯誤；根據(jù)開普勒行星運動第二定律可得：，則衛(wèi)星通過A點時的速度是通過B點時速度的7倍，選項B錯誤；根據(jù)，則,則衛(wèi)星通過A點時的加速度是通過B點時加速度的49倍,選項C錯誤；根據(jù)開普勒第三定律，，解得,則衛(wèi)星從A點經(jīng)4T的時間剛好能到達(dá)B點，選項D正確；故選D.點睛：此題主要是對開普勒行星運動定律的考查；關(guān)鍵要掌握第二和第三定律；注意繞同一個中心天體做圓周或橢圓周運動的衛(wèi)星的是定值.7.如圖所示，質(zhì)量相同的兩個帶電粒子M、N以相同的速度同時沿垂直于電場方向射入兩平行板間的勻強電場中，M從兩極板正中央射入，N從下極板邊緣處射入，它們最后打在同一點。不計帶電粒子重力和帶電粒子間的相互作用，則從開始射入到打在上極板的過程中：（）A.它們運動的時間B.它們電勢能減少量之比C.它們的動能增量之比D.它們所帶的電荷量之比【答案】AD【解析】A、由題可知，兩個帶電粒子都做類平拋運動，水平方向做勻速直線運動，而且它們的水平位移相等、初速度相等，則在電場中的運動時間相等，即tN=tM，A正確；BD、由豎直位移y==，m、t、E相等，則帶電荷量之比qM：qN=yM：yN=1：2，電荷在電場中運動時，由功能關(guān)系可知，電勢能減小量等于電場力做功，則電勢能減少量之比△EM：△EN=qMEyM：qNEyN=1：4．故B錯誤、D正確；C、帶電粒子在電場中的運動，只受電場力作用，動能的增量等于電場力所做的功，故C錯誤。故選AD?！久麕燑c睛】兩個帶電粒子都垂直于電場射入勻強電場中，都做類平拋運動，水平方向做勻速直線運動，由題可知，水平位移相等、初速度相等，即可知運動時間相等，由豎直位移的關(guān)系，由牛頓定律和位移公式即可求解電量之比．由動能定理求解電場力做功之比，得到電勢能減少量之比和動能增量之比。8.如圖所示，半徑為R、內(nèi)壁光滑的硬質(zhì)小圓桶固定在小車上，小車以速度v在光滑的水平公路上做勻速運動，有一質(zhì)量為m、可視為質(zhì)點的光滑小鉛球在小圓桶底端與小車保持相對靜止。當(dāng)小車與固定在地面的障礙物相碰后，小車的速度立即變?yōu)榱悖P(guān)于碰后的運動（小車始終沒有離開地面），下列說法正確的是（）A.鉛球能上升的最大高度一定等于B.無論v多大，鉛球上升的最大高度不超過C.要使鉛球一直不脫離圓桶，v的最小速度為D.若鉛球能到達(dá)圓桶最高點，則鉛球在最高點的速度大小可以等于零【答案】BC【解析】試題分析：小球和車有共同的速度，當(dāng)小車遇到障礙物突然停止后，小球由于慣性會繼續(xù)運動，小球沖上圓弧槽，則有兩種可能，一是速度較小，滑到某處小球速度為0，根據(jù)機械能守恒此時有，解得，另一可能是速度較大，小球滑出弧面做斜拋，到最高點還有水平速度，則此時小球所能達(dá)到的最大高度要小于，A錯誤B正確；要使鉛球一直不脫離圓桶，則在最高點重力完全充當(dāng)向心力，故有，此時速度，即在最高點的最小速度為，從最低點到最高點機械能守恒，故有，解得，C正確；考點：考查了圓周運動規(guī)律的應(yīng)用二、非選擇題：9.如圖（甲）所示，一位同學(xué)利用光電計時器等器材做“驗證機械能守恒定律”的實驗。有一直徑為d、質(zhì)量為m的金屬小球由A處從靜止釋放,下落過程中能通過A處正下方、固定于B處的光電門，測得A、B間的距離為H(H>>d)，光電計時器記錄下小球通過光電門的時間為t，當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣葹間。則：（1）如圖（乙）所示，用游標(biāo)卡尺測得小球的直徑d=_________mm。（2）小球經(jīng)過光電門B時的速度表達(dá)式為___________。（3）多次改變高度H，重復(fù)上述實驗，作出隨H的變化圖象如圖（丙）所示，當(dāng)圖中已知量t0、H0和重力加速度g及小球的直徑d滿足以下表達(dá)式：________時，可判斷小球下落過程中機械能守恒?！敬鸢浮?1).（1）7.25；(2).（2）d/t；(3).（3）或2gH0t02=d2；【解析】試題分析：（1）游標(biāo)卡尺的主尺讀數(shù)為7mm，游標(biāo)讀數(shù)為0．05×5mm=0．25mm，則小球的直徑d=7．25mm．（2）根據(jù)極短時間內(nèi)的平均速度等于瞬時速度知，小球在B處的瞬時速度；（3）小球下落過程中重力勢能的減小量為mgH0，動能的增加量，若機械能守恒，有：，即考點：驗證機械能守恒定律10.在測定一節(jié)干電池的電動勢和內(nèi)電阻的實驗中，備有下列器材：A．待測的干電池（電動勢約為1.5V，內(nèi)電阻小于1.0Ω）B．電流表A1（量程0—3mA，內(nèi)阻＝10Ω）C．電流表A2（量程0—0.6A，內(nèi)阻＝0.1Ω）D．滑動變阻器R1（0—20Ω，10A）E．滑動變阻器R2（0—200Ω，lA）F．定值電阻R0（990Ω）G．開關(guān)和導(dǎo)線若干（1）某同學(xué)發(fā)現(xiàn)上述器材中雖然沒有電壓表，但給出了兩個電流表，于是他設(shè)計了如圖甲所示的（a）、（b）兩個參考實驗電路，其中合理的是______圖所示的電路；在該電路中，為了操作方便且能準(zhǔn)確地進(jìn)行測量，滑動變阻器應(yīng)選______（填寫器材前的字母代號）。（2）圖乙為該同學(xué)根據(jù)（1）中選出的合理的實驗電路，利用測出的數(shù)據(jù)繪出的I1I2圖線（I1為電流表A1的示數(shù)，I2為電流表A2的示數(shù)，且I2的數(shù)值遠(yuǎn)大于I1的數(shù)值），則由圖線可得被測電池的電動勢E＝____________V，內(nèi)阻r＝____________Ω，被測電池的電動勢E______（“大于”或“小于”）真實值。（結(jié)果保留小數(shù)點后2位）【答案】(1).（1）b，(2).D；(3).（2）1.50；(4).1.00；(5).小于【解析】試題分析：（1）上述器材中雖然沒有電壓表，但給出了兩個電流表，將電流表G串聯(lián)一個電阻，可以改裝成較大量程的電壓表．a(chǎn)、b兩個參考實驗電路，其中合理的是b，因為電源的內(nèi)阻較小，所以應(yīng)該采用總阻值較小的滑動變阻器，有利于數(shù)據(jù)的測量和誤差的減小．滑動變阻器應(yīng)選D．（2）由圖示電源UI圖象可知，圖象與縱軸交點坐標(biāo)值是1．5，電源電動勢：E=0．0015（Rg1+R0）=0．0015×（10+990）=1．50V，圖象斜率：，解得：r=0．001（Rg1+R0）=0．001×（10+990）=1．00Ω；（3）由圖甲可知，由于電壓表的分流，電流表測量出來的電流總是小于電源的總電流，而且電壓表示數(shù)越大，電流的測量值與真實值差異越大，作出UI的真實圖象，如圖藍(lán)線所示，圖象與縱坐標(biāo)的交點表示電源的電動勢，則電池電動勢測量值小于真實值；考點：測定電源的電動勢及內(nèi)阻【名師點睛】本題考查電源電動勢和內(nèi)電阻的測量，要注意明確實驗原理，注意本題中需要對電表進(jìn)行改裝；然后再根據(jù)閉合電路歐姆定律列式對數(shù)據(jù)進(jìn)行處理，同時明確誤差情況即可。11.如圖所示，在水平平面內(nèi)有一固定的光滑絕緣圓環(huán)，半徑r=0.3m，圓環(huán)上套有一質(zhì)量m=1×102kg、帶電量q=+5×l05C的小球。勻強電場方向水平向右且與圓軌道所在平面平行。A為圓環(huán)最高點，B、C與圓心O在同一條水平線上。小球從A點以初速度v0=m/s向右運動，運動到B點時的速度vB=3m/s。重力加速度g取10m/s2。A、B、C在同一水平面上。求：（1）電場強度E的大??；（2）小球最小速度大小及此處對圓環(huán)的作用力大小?！敬鸢浮浚?）1000N/C（2）0.05N【解析】試題分析：（1）小球從A運動到B的過程中，電場力和重力均做正功，由動能定理列式，可求電場強度．（2）小球從A運動到C的過程，由動能定理求出小球通過C點的速度．在C點，由電場力和軌道的支持力的合力提供向心力，由牛頓運動定律求解．（1）小球從A到B，由動能定理得：代入數(shù)據(jù)解得：E=1000N/C（2）小球從A到C，由動能定理得：在C點，由牛頓第二定律得：解得：根據(jù)牛頓第三定律知，小球運動到C點時對圓環(huán)的作用力大小為0.05N12.某工地一傳輸工件的裝置可簡化為如圖所示的情形，AB為一段足夠大的1/4圓弧固定軌道，圓弧半徑R=5.6m，BC為一段足夠長的水平軌道，CD為一段1/4圓弧固定軌道，圓弧半徑r=1m，三段軌道均光滑．一長為L=2m、質(zhì)量為M=1kg的平板小車最初停在BC軌道的最左端，小車上表面剛好與AB軌道相切，且與CD軌道最低點處于同一水平面．一可視為質(zhì)點、質(zhì)量為m=2kg的工件從距AB軌道最低點h高處沿軌道自由滑下，滑上小車后帶動小車也向右運動，小車與CD軌道左端碰撞（碰撞時間極短）后即被粘在C處．工件只有從CD軌道最高點飛出，才能被站在臺面DE上的工人接?。ぜc小車的動摩擦因數(shù)為μ=0.5，取g=10m/s2，，求:（1）若h為2.8m，則工件滑到圓弧底端B點時對軌道的壓力為多大？（2）要使工件能被站在臺面DE上的工人接住h的取值范圍?！敬鸢浮浚?）40N（2）①3m②m<h≤3m【解析】(1)工件從起點滑到圓弧軌道底端B點,設(shè)到B點時的速度為vB，根據(jù)動能定理：

工件做圓周運動，在B點，由牛頓第二定律得：

由①②兩式可解得：N=40N

由牛頓第三定律知,工件滑到圓弧底端B點時對軌道的壓力為N′=N=40N

(2)①由于BC軌道足夠長,要使工件能到達(dá)CD軌道,工件與小車必須能達(dá)共速,設(shè)工件剛滑上小車時的速度為v0,工件與小車達(dá)共速時的速度為v1，假設(shè)工件到達(dá)小車最右端才與其共速，規(guī)定向右為正方向，則對于工件與小車組成的系統(tǒng)，由動量守恒定律得：

mv0=(m+M)v1由能量守恒定律得：對于工件從AB軌道滑下的過程，由機械能守恒定律得：

代入數(shù)據(jù)解得：h1=3m.

②要使工件能從CD軌道最高點飛出,h1=3m為其從AB軌道滑下的最大高度,設(shè)其最小高度為h′,剛滑上小車的速度為v′0,與小車達(dá)共速時的速度為v′1,剛滑上CD軌道的速度為v′2，規(guī)定向右為正方向，由動量守恒定律得：mv′0=(m+M)v′1…⑥由能量守恒定律得：

工件恰好滑到CD軌道最高點，由機械能守恒定律得：

工件在AB軌道滑動的過程，由機械能守恒定律得：

聯(lián)立。⑥⑦⑧⑨,代入數(shù)據(jù)解得：h′=m

綜上所述,要使工件能到達(dá)CD軌道最高點,應(yīng)使h滿足：m<h?3m.【名師點睛】（1）工件在光滑圓弧上下滑的過程，運用機械能守恒定律或動能定理求出工件滑到圓弧底端B點時的速度．在B點，由合力提供向心力，由牛頓第二定律求出軌道對工件的支持力，從而得到工件對軌道的壓力．（2）由于BC軌道足夠長，要使工件能到達(dá)CD軌道，工件與小車必須能達(dá)共速，根據(jù)動量守恒定律、能量守恒定律求出滑上小車的初速度大小，根據(jù)機械能守恒求出下滑的高度h=3m，要使工件能從CD軌道最高點飛出，h=3m為其從AB軌道滑下的最大高度，結(jié)合動量守恒定律和能量守恒定律、機械能守恒定律求出最小高度，從而得出高度的范圍．（二）選考題：【物理―選修3一3】13.下列說法中正確的是_____。A．雨水不能透過布雨傘是因為液體表面存在張力B．分子間的距離r增大，分子間的作用力做負(fù)功，分子勢能增大C．懸浮在液體中的微粒越大，在某一時間撞擊它的液體分子數(shù)越多，布朗運動越明顯D．溫度升高，分子熱運動的平均動能增大，但并非每個分子的速率