2025屆貴州省遵義市高三上學(xué)期一模物理試題（含答案）

屆貴州省遵義市高三上學(xué)期一模物理試題一、選擇題（本題共10小題，共43分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，第1～7題只有一項(xiàng)符合題目要求，每小題4分；第8~10題有多項(xiàng)符合題目要求，每小題5分，全部選對得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分）1．2023年，國際核物理團(tuán)隊(duì)與我國馬余剛院士課題組發(fā)現(xiàn)極端原子核氮?9，它是目前發(fā)現(xiàn)的第一個五質(zhì)子衰變原子核。氮?9在很短的時(shí)間內(nèi)會衰變?yōu)橐粋€粒子X和5個質(zhì)子，它的衰變方程為：79A．?10e B．13H C．2．2024年巴黎奧運(yùn)會網(wǎng)球比賽中，我國運(yùn)動員鄭欽文勇奪金牌。決賽中某次發(fā)球后，不考慮空氣對網(wǎng)球的作用力，關(guān)于網(wǎng)球在空中做曲線運(yùn)動的過程中，下列說法正確的是（）A．位移大小與時(shí)間成正比 B．該運(yùn)動為勻變速曲線運(yùn)動C．速度變化是因?yàn)閼T性的原因 D．加速度大小與速度大小成正比3．一輛無人駕駛汽車在平直的測試公路上行駛，以下是某段時(shí)間內(nèi)汽車的位移x與時(shí)間t的圖像，圖中如有曲線均為拋物線，能正確描述汽車一直做勻變速直線運(yùn)動的是（）A． B．C． D．4．某勻質(zhì)透明材料的橫截面為半圓形，圓心為O。一激光束沿AO方向從空氣中射入該材料，B為出射點(diǎn)。AO與界面夾角為α，OB與法線夾角為β，光在真空中傳播速度為c，部分光路如圖所示。則（）A．該材料的折射率為sinB．該材料的折射率為cosβC．若改變α角，光可能在B點(diǎn)發(fā)生全反射D．光束在該材料中的傳播速度為sinβ5．在船塢維護(hù)過程中，技術(shù)人員可通過上下抖動“系泊繩”一端來檢測其性能。在某次抖動中形成的繩波可視為簡諧橫波。t時(shí)刻的波形圖如圖所示，此時(shí)繩上質(zhì)點(diǎn)M向上振動，質(zhì)點(diǎn)N恰好處于波峰。則（）A．繩波沿x軸的負(fù)方向傳播 B．t時(shí)刻M的加速度比N的加速度小C．t時(shí)刻M的速度比N的速度小 D．M的振幅比N的振幅大6．如圖所示，輕繩穿過懸掛著物體的光滑輕環(huán)，一端固定在豎直墻壁上，另一端固定在智能機(jī)械臂的末端，緩慢移動機(jī)械臂來調(diào)節(jié)物體的空間位置。已知輕繩可承受的最大拉力為33A．L2 B．32L C．37．如圖甲所示，輕繩懸掛一質(zhì)量為m的圓形線圈，ab為線圈的水平直徑，線圈總電阻為R。線圈上半部分區(qū)域存在垂直線圈平面向里的磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小隨時(shí)間變化圖像如圖乙所示。ab兩點(diǎn)的電壓為Uab，輕繩拉力為FA． B．C． D．8．如圖所示，鵲橋二號中繼星在橢圓軌道上繞月球運(yùn)行，運(yùn)行周期為T。鵲橋二號在近月點(diǎn)和遠(yuǎn)月點(diǎn)時(shí)，受到的引力大小分別為F1和F2，加速度大小分別為a1和a2，速度大小分別為v1和v2，從遠(yuǎn)月點(diǎn)到近月點(diǎn)的時(shí)間為t，不考慮其他天體的影響。則（）A．v1>v2 B．a(chǎn)1>a2 C．F1<F2 D．t<0.5T9．真空中固定兩個電荷量分別為q1和q2的點(diǎn)電荷，在其連線上有A、B、C、D、E、F六個點(diǎn)，位置如圖所示。規(guī)定無限遠(yuǎn)處電勢為零，在q1和q2產(chǎn)生的電場中，各點(diǎn)電勢大小為φAA．q1、qB．C點(diǎn)電場強(qiáng)度為零C．電子在C點(diǎn)的電勢能大于在B點(diǎn)的電勢能D．將電子從A點(diǎn)移動到D點(diǎn)電場力做的功為?3eV10．如圖所示，一個光滑大圓環(huán)固定在豎直平面內(nèi)，半徑為R。質(zhì)量均為m的甲、乙兩個小環(huán)套在大圓環(huán)上，甲、乙分別靜止在大圓環(huán)的最高點(diǎn)和最低點(diǎn)。甲受到輕微擾動由靜止下滑，與乙碰撞后立即粘在一起成為組合體丙，并沿大圓環(huán)向上運(yùn)動。重力加速度為g，不計(jì)空氣阻力。則（）A．碰前瞬間甲的速度大小為2B．碰撞過程中甲損失的機(jī)械能為mgRC．丙沿大圓環(huán)上升的最大高度為0.5RD．丙運(yùn)動到最大高度時(shí)的加速度大小為3二、實(shí)驗(yàn)題（本題共2小題，共15分）11．如圖所示，某小組用傳感器研究碰撞過程中的作用力與作用時(shí)間的關(guān)系，讓質(zhì)量m=240g的小重物自由下落碰撞測力板，通過電腦記錄碰撞過程中的作用力及作用時(shí)間。第一次實(shí)驗(yàn)讓重物距板面高h(yuǎn)1=80cm處自由下落，碰撞時(shí)間Δt1=0.008s；第二次實(shí)驗(yàn)在測力板上放置厚度為5cm（1）第二次實(shí)驗(yàn)中，該小組將重物釋放位置較第一次抬高5cm所體現(xiàn)的實(shí)驗(yàn)方法是______A．累積法 B．放大法 C．控制變量法（2）第一次實(shí)驗(yàn)中重物碰前瞬間的速度（填“大于”“等于”或“小于”）第二次實(shí)驗(yàn)中重物碰前瞬間的速度。（3）第一次實(shí)驗(yàn)中重物對測力板的平均沖擊力（填“大于”“等于”或“小于”）第二次實(shí)驗(yàn)中重物對海綿墊的平均沖擊力。12．某學(xué)習(xí)小組研究一款新型燈泡工作時(shí)電流隨電壓變化的規(guī)律。所用器材如下：燈泡L（額定電壓2.5V，內(nèi)阻約為幾歐）；電壓表V（量程0～1V，內(nèi)阻為1kΩ電流表A（量程0～0.6A，內(nèi)阻很小）；滑動變阻器R1，最大阻值為5定值電阻R0，阻值為2k干電池兩節(jié)（每節(jié)電動勢E=1.5V，內(nèi)阻很?。婚_關(guān)一個；導(dǎo)線若干。（1）為滿足測量要求，該小組將電壓表V與定值電阻R0串聯(lián)后擴(kuò)大量程，則改裝后的量程為（2）為了使燈泡兩端的電壓可以從零開始變化，該小組設(shè)計(jì)了如圖甲所示電路圖，請?jiān)趫D甲中補(bǔ)全電路圖。（3）該小組繪制了通過燈泡的電流隨其兩端電壓變化的圖像如圖乙中曲線“1”，所示，則燈泡兩端電壓為額定值時(shí)的電阻為Ω（結(jié)果保留三位有效數(shù)字）；考慮到電流表有微小電阻，燈泡電阻的測量值比真實(shí)值（填“偏大”或“偏小”）。（4）該小組在實(shí)驗(yàn)室另外找到兩節(jié)舊電池P、Q，測得P、Q的干路電流I與路端電壓U之間的關(guān)系圖像分別如圖乙中“2”“3”所示，并將該燈泡分別與P、Q直接連成回路，P、Q的效率分別為ηP和ηQ，則ηP三、計(jì)算題（本題共3小題，共42分。解答時(shí)應(yīng)寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟）13．壓縮氣體技術(shù)為食品生產(chǎn)帶來了革命性的變革。工程師通過實(shí)驗(yàn)研究壓縮氣體的熱學(xué)性質(zhì)，實(shí)驗(yàn)裝置可簡化為用輕活塞封閉的導(dǎo)熱圓筒，內(nèi)部充有一定質(zhì)量的理想氣體，通過移動活塞來調(diào)節(jié)氣體的壓縮和膨脹。氣體在初始狀態(tài)A時(shí)，壓強(qiáng)pA=1×105Pa，溫度TA=300K（1）狀態(tài)B時(shí)氣體的壓強(qiáng)；（2）狀態(tài)C時(shí)氣體的溫度。14．如圖所示，虛線ab左側(cè)空間存在與直流電源相連的兩塊正對平行金屬板，兩板間電壓恒為U，板長為2L，板間距離為L，兩板間存在勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，方向垂直紙面向里；ab右側(cè)空間足夠大區(qū)域內(nèi)存在磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為2B，方向也垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場。S為兩板中軸線上的粒子源，能夠沿中軸線射出初速度相同的同種帶電粒子，沿直線穿過板間區(qū)域，從P點(diǎn)進(jìn)入ab右側(cè)區(qū)域并運(yùn)動到M點(diǎn)，PM間的距離為L。保持兩板間電壓U不變，撤掉ab左側(cè)磁場，再次從S射出的粒子最終打在下板上某點(diǎn)A處（圖中未畫出）。不計(jì)粒子重力及粒子間的相互作用，忽略電場和磁場的邊緣效應(yīng)。求：（1）粒子的電性及初速度大?。唬?）粒子的荷質(zhì)比；（3）粒子剛到A點(diǎn)時(shí)的速度。15．如圖所示為一種自動卸貨裝置的簡化圖，AB為傾斜直軌道，BC為水平傳送帶，CD為水平直軌道，傳送帶與AB、CD在B、C兩點(diǎn)平滑相接，在水平軌道右端固定一輕彈簧。O為AB上一點(diǎn)，AO間距離l1=1.8m，OB間的距離l2=4m，AB與水平面的夾角θ=37°，BC間距離l3=10m，傳送帶始終以v=6m/s的速率順時(shí)針轉(zhuǎn)動。將質(zhì)量m0=16kg的貨物裝入一個質(zhì)量為M的貨箱中，從O點(diǎn)由靜止釋放，貨物在貨箱中始終與貨箱保持相對靜止，彈簧被貨箱壓縮到最短時(shí)立即被鎖定，工人取走貨物后解除彈簧的鎖定，貨箱被彈回。貨箱與AB間動摩擦因數(shù)μ1=0.5，與傳送帶間的動摩擦因數(shù)（1）貨箱和貨物一起下滑到B點(diǎn)時(shí)的速度大小v0（2）貨廂和貨物一起通過BC段所用的時(shí)間t；（3）若貨物質(zhì)量不變，要使貨箱能回到O點(diǎn)且不從A點(diǎn)滑出，貨箱質(zhì)量范圍是多少（結(jié)果保留三位有效數(shù)字）。

答案解析部分1．【答案】D【解析】【解答】解決本題的關(guān)鍵知道各種常見粒子的電荷數(shù)和質(zhì)量數(shù)，知道在核反應(yīng)過程中電荷數(shù)守恒、質(zhì)量數(shù)守恒。衰變過程電荷數(shù)與質(zhì)量數(shù)守恒，可知X的質(zhì)量數(shù)為4，電荷數(shù)為2，即X為氦核2故選D?！痉治觥扛鶕?jù)質(zhì)量數(shù)守恒、電荷數(shù)守恒確定X的質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)，從而確定X為何種粒子。2．【答案】B【解析】【解答】該題考查拋體運(yùn)動，解答的關(guān)鍵是將拋體運(yùn)動分解為水平方向的勻速直線運(yùn)動和豎直方向的勻變速直線運(yùn)動。AB．依題意，網(wǎng)球在空中做拋體運(yùn)動，其加速度為重力加速度保持不變，加速度不變的運(yùn)動為勻變速運(yùn)動，故網(wǎng)球做勻變速曲線運(yùn)動；網(wǎng)球運(yùn)動過程中，水平位移大小與時(shí)間成正比，豎直位移大小與時(shí)間不成正比，所以網(wǎng)球的位移大小與時(shí)間不成正比，故A錯誤，B正確；C．根據(jù)Δ可知速度變化是因?yàn)橛兄亓铀俣龋ɑ蛑亓Γ?，故C錯誤；D．網(wǎng)球加速度為重力加速度，為恒定的值，與速度大小無關(guān)，故D錯誤。故選B。

【分析】將斜上拋運(yùn)動分解為水平方向的勻速直線運(yùn)動和豎直方向的勻變速直線運(yùn)動，然后結(jié)合各自的規(guī)律解答即可。3．【答案】C【解析】【解答】位移與時(shí)間圖像斜率表示速度，利用無人駕駛的特點(diǎn)分析判斷。根據(jù)勻變速直線運(yùn)動位移與時(shí)間的關(guān)系x=可知位移是關(guān)于時(shí)間的二次函數(shù)，故C正確。故選C。

【分析】圖像題解題步驟一般如下：①根據(jù)圖像的縱橫坐標(biāo)找出圖像應(yīng)用了那個運(yùn)動學(xué)公式；②根據(jù)圖像推出具體的表達(dá)式；③分析斜率、截距、面積等因素的物理意義。4．【答案】D【解析】【解答】本題主要是考查了光的折射，解答此類題目的關(guān)鍵是弄清楚光的傳播情況，畫出光路圖，通過光路圖進(jìn)行分析。AB．該材料的折射率為n=故AB錯誤；C．由于在B點(diǎn)出射的光線一定與B點(diǎn)處的界面垂直，即光線沿著法線方向，所以光不可能在B點(diǎn)發(fā)生全反射，故C錯誤；D．根據(jù)v=可得光束在該材料中的傳播速度為v=故D正確。故選D。

【分析】作出光路圖，根據(jù)幾何知識求解入射角和折射角，根據(jù)折射定律求解折射率。5．【答案】B【解析】【解答】A．此時(shí)繩上質(zhì)點(diǎn)M向上振動，根據(jù)上坡下下坡上法可知，繩波沿x軸的正方向傳播，故A錯誤；B．離平衡位置越遠(yuǎn)，恢復(fù)力越大，質(zhì)點(diǎn)的加速度越大，所以t時(shí)刻M的加速度比N的加速度小，故B正確；C．離平衡位置越遠(yuǎn)，質(zhì)點(diǎn)振動的速度越小，動能越小，所以t時(shí)刻M的速度比N的速度大，故C錯誤；D．M的振幅等于N的振幅，故D錯誤。故選B。

【分析】根據(jù)波速公式即可求出波的速度，再根據(jù)波長、周期和頻率的關(guān)系即可確定周期；根據(jù)各質(zhì)點(diǎn)的振動情況確定質(zhì)點(diǎn)的位置。6．【答案】A【解析】【解答】本題考查學(xué)生的受力分析能力和解平衡方程的能力，對圓環(huán)O點(diǎn)受力分析，如圖所示，設(shè)作用在輕繩上的拉力為F，與豎直方向的夾角為θ則豎直方向受力平衡有2Fcosθ=mg

結(jié)合輕繩可承受的最大拉力。當(dāng)θ=30°設(shè)此時(shí)機(jī)械臂末端到輕環(huán)之間輕繩的長度為x，根據(jù)幾何知識可得，機(jī)械臂末端與墻面的最大垂直距離x故選A。

【分析】對結(jié)點(diǎn)受力分析，由平衡條件，求T，結(jié)合幾何知識求解機(jī)械臂末端與墻面的最大垂直距離。7．【答案】C【解析】【解答】本題考查法拉第電磁感應(yīng)定律、閉合電路歐姆定律與楞次定律的應(yīng)用，注意平衡條件的應(yīng)用，掌握力的合成法則。AB．由乙圖可知B隨t變化的關(guān)系為B=kt其中k=線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢大小為E=根據(jù)楞次定律可知線圈中電流沿逆時(shí)針方向，所以

Ua>U根據(jù)閉合電路歐姆定律可得U聯(lián)立，解得U則ab兩點(diǎn)的電壓不隨時(shí)間變化，是一個定值。故AB錯誤；CD．線圈中電流為I=線圈所受安培力的有效長度等于直徑，則F根據(jù)左手定則可知其方向?yàn)樨Q直向下，根據(jù)平衡條件可得繩的拉力F聯(lián)立，解得F可知FT故選C。

【分析】根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律與楞次定律，即可求解電動勢；根據(jù)閉合電路歐姆定律，及安培力公式，即可求解安培力以及拉力。8．【答案】A,B【解析】【解答】本題考查學(xué)生對天體問題萬有引力提供向心力以及開普勒第二定律的掌握。A．根據(jù)開普勒第二定律，鵲橋二號中繼星在橢圓軌道上繞月球運(yùn)行，中繼星與月球連線相同時(shí)間內(nèi)掃過的面積相等，可知近月點(diǎn)速度大，遠(yuǎn)月點(diǎn)速度小，所以

v1>B．根據(jù)牛頓第二定律結(jié)合鵲橋二號與月球的連線距離判斷加速度大小關(guān)系。鵲橋二號中繼星在橢圓軌道上繞月球運(yùn)行，所受合力為萬有引力，設(shè)月球質(zhì)量為M，中繼星的質(zhì)量為m，中繼星到月球球心距離為r，根據(jù)萬有引力公式F=在近月點(diǎn)受到的萬有引力大于遠(yuǎn)月點(diǎn)受到的萬有引力，根據(jù)牛頓第二定律F=ma得a=在近月點(diǎn)的加速度大于遠(yuǎn)月點(diǎn)的加速度，即

a1>C．設(shè)月球質(zhì)量為M，中繼星的質(zhì)量為m，中繼星到月球球心距離為r，根據(jù)萬有引力公式F=中繼星在近月點(diǎn)受到的萬有引力大于遠(yuǎn)月點(diǎn)受到的萬有引力

F1>D．鵲橋二號中繼星在橢圓軌道上繞月球運(yùn)行，軌道關(guān)于長軸對稱，從遠(yuǎn)月點(diǎn)到近月點(diǎn)的時(shí)間與從近月點(diǎn)到遠(yuǎn)月點(diǎn)的時(shí)間相等，t=0.5T，故D錯誤。故選AB。

【分析】根據(jù)萬有引力提供向心力，比較加速度；根據(jù)萬有引力定律，求萬有引力之比；

根據(jù)開普勒第二定律，比較速度。9．【答案】C,D【解析】【解答】本題考查電場的疊加，注意電場強(qiáng)度時(shí)矢量，合成遵循平行四邊形定則；電勢是標(biāo)量，合成遵循代數(shù)法則。A．規(guī)定無限遠(yuǎn)處電勢為零，可知正點(diǎn)電荷產(chǎn)生的電場中的電勢為正值，且離正點(diǎn)電荷越近，電勢越高；負(fù)點(diǎn)電荷產(chǎn)生的電場中的電勢為負(fù)值，且離負(fù)點(diǎn)電荷越近，電勢越低；由題意各點(diǎn)電勢數(shù)值可知，q1為正電荷，qB．由于q1為正電荷，q2為負(fù)電荷，可知q1、q2之間的場強(qiáng)方向由C．根據(jù)E由于φCD．根據(jù)電場力做功公式，將電子從A點(diǎn)移動到D點(diǎn)電場力做的功為W故D正確。故選CD。

【分析】根據(jù)順著電場線方向電勢降低，判斷兩個電荷的電性。電勢能最小的地方動能最大。根據(jù)電場力做功公式求解做功大小。10．【答案】A,C,D【解析】【解答】本題主要考查了動量守恒定律的相關(guān)應(yīng)用，理解動量守恒定律的條件，結(jié)合機(jī)械能守恒定律可即可完成分析。A．設(shè)碰前瞬間甲的速度為v0mg·2R=解得vA正確；B．設(shè)甲乙碰后共同速度為v，水平方向系統(tǒng)動量守恒，則有m解得v=碰撞過程中甲損失的機(jī)械能為ΔB錯誤；C．設(shè)丙可以上升的最大高度為hmax1解得hC正確；D．丙上升的最大高度在如圖中的D點(diǎn)，根據(jù)幾何知識可得，此時(shí)小環(huán)與水平方向的夾角為30°對小環(huán)受力分析，根據(jù)小環(huán)受力平衡可得F由牛頓第二定律可得

F解得a=D正確。故選ACD。

【分析】根據(jù)動量守恒定律的條件判斷系統(tǒng)是否動量守恒；碰后黏在一起，屬于完全非彈性碰撞。由牛頓第二定律求解加速度。11．【答案】（1）C（2）等于（3）大于【解析】【解答】（1）多個物理量可能對實(shí)驗(yàn)結(jié)果產(chǎn)生影響，第二次實(shí)驗(yàn)中，該小組將重物釋放位置較第一次抬高5cm，保證重物下落的高度與第一次相同，所體現(xiàn)的實(shí)驗(yàn)方法是控制變量法。（2）根據(jù)勻變速直線運(yùn)動速度位移關(guān)系v可知兩次實(shí)驗(yàn)中重物碰前瞬間的速度相等。（3）由動量定理合力從沖量等于物體動量變化FΔt=Δp=0-mv可知，兩次實(shí)驗(yàn)中重物的動量變化量相同，則第一次實(shí)驗(yàn)中重物對測力板的平均沖擊力大于第二次實(shí)驗(yàn)中重物對海綿墊的平均沖擊力。

【分析】（1）多個多個物理量可能對實(shí)驗(yàn)結(jié)果產(chǎn)生影響，保持單一變量原則，采用控制變量法；

（2）根據(jù)勻變速直線運(yùn)動速度位移關(guān)系判斷速度大小關(guān)系；

（3）兩次實(shí)驗(yàn)中重物的動量變化量相同，作用時(shí)間越短，作用力越大。（1）第二次實(shí)驗(yàn)中，該小組將重物釋放位置較第一次抬高5cm，保證重物下落的高度與第一次相同，所體現(xiàn)的實(shí)驗(yàn)方法是控制變量法。（2）根據(jù)v可知兩次實(shí)驗(yàn)中重物碰前瞬間的速度相等。（3）由動量定理FΔt=Δp=0-mv可知，兩次實(shí)驗(yàn)中重物的動量變化量相同，則第一次實(shí)驗(yàn)中重物對測力板的平均沖擊力大于第二次實(shí)驗(yàn)中重物對海綿墊的平均沖擊力。12．【答案】（1）3（2）（3）5.68；偏大（4）小于【解析】【解答】（1）會設(shè)計(jì)電路是解題的關(guān)鍵，掌握電源的效率公式和歐姆定律的應(yīng)用是解題的基礎(chǔ)。將電壓表V與定值電阻R0U=（2）為了使燈泡兩端的電壓可以從零開始變化，為了得到更多的實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)，滑動變阻器需要采用分壓式接法，如圖（3）由圖乙可知，燈泡兩端電壓為額定電壓時(shí)的電流為0.44A，則根據(jù)歐姆定律可得燈泡此時(shí)的電阻為R=考慮到電流表有微小電阻，根據(jù)閉合回路歐姆定律則有U可知燈泡電阻的測量值比真實(shí)值偏大。（4）由乙圖可知，橫軸截距表示干電池的電動勢，燈泡的I-U圖線與電池特征圖線交點(diǎn)橫坐標(biāo)表示燈泡兩端電壓，根據(jù)電源效率等于輸出功率除以總功率。η=由乙圖可知

EP=解得ηP<ηQ

??????????????【分析】（1）根據(jù)歐姆定律計(jì)算；

（2）為了使燈泡兩端的電壓可以從零開始變化，所以應(yīng)該采用分壓式電路，因?yàn)殡娏鞅淼膬?nèi)阻很小，所以應(yīng)采用電流表內(nèi)接法，據(jù)此連接電路圖；（1）將電壓表V與定值電阻R0U=（2）為了使燈泡兩端的電壓可以從零開始變化，滑動變阻器需要采用分壓式接法，如圖（3）[1]由圖乙可知，燈泡兩端電壓為額定電壓時(shí)的電流為0.44A，則燈泡此時(shí)的電阻為R=[2]考慮到電流表有微小電阻，則有U可知燈泡電阻的測量值比真實(shí)值偏大。（4）由乙圖可知，橫軸截距表示干電池的電動勢，燈泡的I-U圖線與電池特征圖線交點(diǎn)橫坐標(biāo)表示燈泡兩端電壓，根據(jù)η=由乙圖可知EP=解得η13．【答案】（1）解：氣體從狀態(tài)A到狀態(tài)B，發(fā)生等溫變化，由玻意耳定律可得p代入數(shù)據(jù)解得狀態(tài)B時(shí)氣體的壓強(qiáng)p（2）解：氣體從狀態(tài)B到狀態(tài)C，發(fā)生等容變化，由查理定律可得p又T代入數(shù)據(jù)解得狀態(tài)C時(shí)氣體的溫度為T【解析】【分析】（1）氣體從狀態(tài)A到狀態(tài)B，發(fā)生等溫變化，代入各個狀態(tài)參量由玻意耳定律求解；

（2）氣體從狀態(tài)B到狀態(tài)C，發(fā)生等容變化，代入各個狀態(tài)參量由查理定律求解。（1）氣體從狀態(tài)A到狀態(tài)B，發(fā)生等溫變化，由玻意耳定律可得p代入數(shù)據(jù)解得狀態(tài)B時(shí)氣體的壓強(qiáng)p（2）氣體從狀態(tài)B到狀態(tài)C，發(fā)生等容變化，由查理定律可得p又T代入數(shù)據(jù)解得狀態(tài)C時(shí)氣體的溫度為T14．【答案】（1）解：根據(jù)粒子在磁場中的偏轉(zhuǎn)方向結(jié)合左手定則可知，粒子帶正電。在ab左側(cè)空間里，粒子以v沿直線穿過該區(qū)域，則有qvB=qE，E=解得v=（2）解：在ab右側(cè)空間里，粒子做勻速圓周運(yùn)動，由洛倫茲力提供向心力得2qvB=m又r=解得粒子的荷質(zhì)比為q（3）解：撤掉ab左側(cè)磁場后，粒子在該區(qū)域做類平拋運(yùn)動，在A點(diǎn)速度方向與板夾角為θ，由動能定理得q解得v則有cos解得θ=45°??????【解析】【分析】（1）抓住帶電粒子在平行金屬板間做勻速直線運(yùn)動，根據(jù)電場力和洛倫茲力相等求出粒子在平行金屬板中運(yùn)動的速度大?。?/p>

（2）粒子做勻速圓周運(yùn)動，由洛倫茲