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文檔簡介
2024~2025學年第一學期期中調(diào)研考試
高三物理試題
注意:
本試卷滿分100分,考試時間75分鐘。請將答案填寫在答題卡上。
一、單項選擇題:本大題共11小題,每題4分,共計44分。在每小題給出的四個選項中,
只有一項是符合題目要求的。
1.重力大小為G的人在體重計上下蹲,加速階段體重計所受壓力大小為F,下列說法正確
的是()
A.F<GB.F=G
C.體重計的示數(shù)為GD.人的加速度方向向上
【答案】A
【解析】當人向下加速運動時,加速度方向豎直向下,對人受力分析可知
G—N=ma
可知人受到的支持力與重力的關系為G>N
由牛頓第三定律可知
則尸<G
即體重計的示數(shù)小于重力G?
故選Ao
2.如圖所示,在“探究加速度與力、質(zhì)量的關系”實驗中,鎖定小車后,緩慢降低滑輪高度
使細繩與長木板平行(由實線移至虛線位置)的過程中,下列說法正確的是()
A.小車受細繩的拉力變小B.小車受細繩的拉力不變
C.滑輪受細繩的作用力變小D,滑輪受細繩的作用力不變
【答案】C
【解析】AB.緩慢降低滑輪高度使細繩與長木板平行(由實線移至虛線位置)的過程中,
細繩上的拉力大小始終等于重物的重力mg,但由于細繩拉小車力的方向改變,所以小車受
細繩的拉力大小不變,方向改變,故AB錯誤;
CD.設兩細繩間的夾角為。,滑輪受細繩的作用力大小為
00
b=21cos—=2mecos一
22
由于。增大,貝Ucos—減小,故滑輪受細繩的作用力變小,故C正確,D錯誤。
2
故選C。
3.跳水運動員訓練時從跳臺自由落下,利用頻閃照相連續(xù)記錄三個閃光時刻的位置A、8、
C,測得相鄰兩位置間的距離分別是防=1.00m和=1.40m,重力加速度g取
10m/s2o下列說法正確的是()
itB
A.頻閃照相的時間間隔為0.1s
B.運動員在8位置時的速度大小為6m/s
C.運動員在A位置時的速度大小為5m/s
D.運動員在C位置時的速度大小為9m/s
【答案】B
【解析】A.由逐差法可知
A//=A/?,-AAj=gT2
則頻閃照相的時間間隔為T=L40-l%0.2s
10
故A錯誤;
B.運動員在B位置時的速度大小為
A/i+Ak1.00+1.40/r.
腺=——-------=----------m/s=om/s
2T2x0.2
故B正確;
C.由自由落體運動公式
為f+gT
解得運動員在A位置時的速度大小為
vA=4m/s
故c錯誤;
D.由自由落體運動公式
%=腺+ST
解得運動員在C位置時的速度大小為
vc=8m/s
故D錯誤。
故選B。
4.物體在外力作用下從靜止開始做直線運動,合力尸隨時間f變化的圖像如圖所示。下列
說法正確的是()
F
F。
0
123-T56t/s
于。
A.0~6s內(nèi)物體做勻變速運動
B.t=6s時物體回到出發(fā)點
C.2?4s內(nèi)尸的沖量為零
D-=1s與f=4s時物體的動量相同
【答案】C
【解析】A.因3s末力的方向改變,則加速度改變,則0?6s內(nèi)物體不是做勻變速運動,
選項A錯誤;
B.。?3s物體沿正方向加速,3?6s內(nèi)物體向正方向減速,貝卜=6s時物體沒有回到出發(fā)
點,選項B錯誤;
C.因圖像的面積等于沖量,可知2~4s內(nèi)尸的沖量為零,選項C正確;
D.根據(jù)動量定理可知,/=1s時物體的動量
Pi=用1=/義1
t-4s時物體的動量
p4^F0x3-F0xl=2F0
可知/=ls與f=4s時物體的動量不相同,選項D錯誤。
故選C。
5.如圖所示,豎直平面內(nèi)有一“V”型光滑細桿,桿與水平面間夾角均為。,桿上套有形狀相
同質(zhì)量不同的小球A、B?現(xiàn)讓桿繞底部。點所在的豎直軸勻速轉(zhuǎn)動,下列說法不正確的是
()
A.兩球角速度大小相同
B.兩球的向心加速度大小不同
C兩球始終處于同一高度
D.若桿瞬間停止轉(zhuǎn)動,則停轉(zhuǎn)后兩球的加速度大小相等
【答案】B
【解析】A.小球A、B繞豎直軸勻速轉(zhuǎn)動,屬于同軸轉(zhuǎn)動,故兩球的角速度大小相同,故
A正確;
B.根據(jù)牛頓第二定律
mgtan0=ma
可得
a=gtan0
故兩球向心加速度大小相同,故B錯誤;
C.根據(jù)牛頓第二定律
mgtan0=ma=mrco1
其中
h
r--------
tan。
可得兩球始終處于同一高度,故C正確;
D.若桿瞬間停止轉(zhuǎn)動,根據(jù)牛頓第二定律
mgsin0—ma'
可得
a=gsin0
故停轉(zhuǎn)后兩球的加速度大小相等,故D正確。
本題選擇不正確的,故選B。
6.在一個表面無大氣層且均勻帶負電的星球上,將一帶電小球置于星球表面//高處,小球
恰相對星球表面靜止。再將該小球移至星球表面高處靜止釋放,不考慮星球自轉(zhuǎn)影響,
2
下列說法正確的是()
A.小球帶正電B.仍保持靜止
C.被推向太空D.小球的電勢能減小
【答案】B
【解析】A.由題意可知,小球在星球表面//高處靜止,則有萬有引力與庫侖斥力是一對平
衡力,所以小球帶負電,故A錯誤;
BC,由平衡條件
kQqcMm
(R+h)2~(R+h)2
若將該小球移至星球表面一/l高處靜止釋放,仍然滿足
2
Qq廠Mm
kz------1=G-------
(R+爭(")2
故小球仍保持靜止,故B正確,C錯誤;
D.帶負電小球離帶負電的星球越近,電勢越低,電勢能越大,故小球的電勢能增大,故
D錯誤。
故選B?
7.如圖所示,真空中某點電荷。形成的電場中,選取同一平面內(nèi)夾角相等的五條電場線。
過。的虛線圓與各電場線的交點分別為。、b、c、d、e,其中。、c在圓直徑的兩端。下列
說法中正確的是()
A.a、b兩點電場強度大小相等
B.a、6兩點間電勢差與6、c兩點電勢差相等
C.不管0帶何種電荷,c點電勢一定是最低的
D.將帶負電的試探電荷從。點移到d點,若電場力做負功,則。帶正電
【答案】D
【解析】A.根據(jù)
可知,a、6兩點電場強度大小不相等,選項A錯誤;
B.若過"c點作等勢面,可知。、b兩點間電勢差與6、c兩點電勢差不相等,選項B錯誤;
C.若。帶正電,則c點電勢一定是最低的;若。帶負電,則c點電勢一定是最高的,選項
c錯誤;
D.因兩點電勢相等,若將帶負電的試探電荷從。點移到d點,若電場力做負功,從。
點移到6點,電場力也做負功,則。帶正電,選項D正確。故選D。
8.如圖所示,面積為S的平面內(nèi)存在磁感應強度3=穌-左〉0)的磁場,磁場方向與平
面夾角8=30。,取穌方向為正方向。則穿過該面積的磁通量①隨時間/變化的圖像,下
列選項正確的是()
【答案】C
【解析】根據(jù)
①=BSsin30=15(B0-^)=|B0SSkt
可知圖像C正確
故選C。
9.如圖所示的閉合電路中,與、%為定值電阻。當變阻器凡的滑動觸頭尸向上滑動時,
理想電壓表與電流表的示數(shù)分別為。、I,其變化量的絕對值分別為A。、A/o下列說法中
正確的是()
--1--
E__R1I"-
T$川聞。
斗S『
A.U不變B./變大
C.也=仆D.'的功率變大
【答案】D
【解析】AB.當變阻器凡的滑動觸頭尸向上滑動時,阻值增大,則總電阻增大,總電流變
小,路端電壓增大,即。增大,/變小,選項AB錯誤;
C.根據(jù)
U=E-Ir
可知
-△--U-=r
M
選項C錯誤;
D.路端電壓增大,總電流變小,Ri電壓變小,可知&兩端電壓增大,則尺的功率變大,
選項D正確。
故選D。
10.如圖所示,水平面上放置一質(zhì)量為機的正方體物塊,當速率為力的風垂直吹向某一側(cè)
面時,剛好能推動該物塊。已知風對物塊的垂直推力FocSv?(其中S為迎風面積,v為風
速),滑動摩擦力等于最大靜摩擦力。僅使風的速率變?yōu)?%,剛好能推動同材料做成的大
正方體物塊,則大物塊的質(zhì)量為()
zz/z/Z/Z/z/z/zz
A.2mB.4mC.16mD.64m
【答案】D
【解析】設質(zhì)量為根的立方體邊長為L質(zhì)量為M的立方體邊長為〃,由題意可得
F=kSv:=kl3Vg=RpCg
2a&
F'=kS(2v0)=kLx4詔=fipLg
化簡可得
Z/-4
根據(jù)
m=pE,M=pLa
故
m_1
A7-64
所以剛好能推動同材料做成的大正方體物塊的質(zhì)量為
M=64m
故選D。
11.如圖所示,半徑為R的四分之一圓柱緊靠在墻角處,一個質(zhì)量為根小滑塊(可視為質(zhì)點)
恰好靜止在尸點。輕推一下滑塊,使滑塊由靜止下滑至Q點恰好離開圓柱。已知圖中a=30。、
£=60。,最大靜摩擦力等于滑動摩擦力,重力加速度為g。下列說法中正確的是()
A.在尸點滑塊所受的摩擦力大小為孝/ng
B.在P點滑塊與物體間的動摩擦因數(shù)為0.5
C.滑塊運動到。點的速度大小為檸
D.滑塊從P點運動到Q點的過程中機械能減少了與lmgR
【答案】c
【解析】A.在P點對滑塊受力分析,由平衡條件可得滑塊所受的摩擦力大小為
f=mgsina=^mg
故A錯誤;
B.因為滑塊恰好靜止在尸點,則有
mgsina=jumgcosa
解得在尸點滑塊與物體間的動摩擦因數(shù)為
__V3
LI—tana——
3
故B錯誤;
C.滑塊下滑至。點恰好離開圓柱,則在。點,由牛頓第二定律可知
mgcosf2
代入數(shù)據(jù)解得,滑塊運動到。點的速度大小為
VQ=
故C正確;
D.滑塊從尸點運動到。點的過程中由動能定理可得
12
mgR(cosa-cos+=—mvQ-0
解得
wf=-^hlmgR
根據(jù)
^E=Wf
可得滑塊從P點運動到。點的過程中機械能減少了3mgR,故D錯誤。
故選C。
二、非選擇題:共5題,共56分。其中第12題~第16題解答時請寫出必要的文字說明、
方程式和重要的演算步驟,只寫出最后答案的不能得分;有數(shù)值計算時,答案中必須明確
寫出數(shù)值和單位。
12.小明同學設計實驗測量圓柱形磷酸鐵鋰電池的電動勢和內(nèi)阻:
(1)用電壓表與電池直接連接粗測電動勢的大小,接線正確的是圖甲中的(選填“a”
或“b”);
(2)為精確測量電池的電動勢和內(nèi)阻,設計圖乙電路進行實驗。實驗中發(fā)現(xiàn)電壓表示數(shù)變
化范圍較小,為方便讀數(shù)將電壓表換成數(shù)字萬用表電壓擋進行實驗。
記錄數(shù)據(jù)后用計算機繪制得到如圖丁所示的圖像,表達式為。=-0.24/+4.0247,則該電
池的內(nèi)阻約為Q;
I/A0.200.400.600.801.001.20
U/N3.983.933.883.833.773.75
(3)利用圖乙電路得到的電池內(nèi)阻測量值______真實值(選填“大于”、“等于”或“小于”),
原因是(選填“電壓表分流”或“電流表分壓”);
(4)另一個同學改用圖丙電路進行實驗,定值電阻凡阻值已知,則接入凡的作用是
A.保護電源
B.增大電壓表示數(shù)變化的范圍
C.與電流表串聯(lián)改裝成電壓表
【答案】(1)a(2)0.24
(3)小于電流表分壓(4)AB
【解析】【小問1詳析】
用電壓表與電池直接連接粗測電動勢的大小,電壓表的正接線柱應接電池的正極,負接線柱
應接電池的負極,則接線正確的是圖甲中的
【小問2詳析】
根據(jù)閉合電路歐姆定律可得
E=U+Ir
可得
U=-Ir+E
可知U—/圖像的斜率絕對值等于內(nèi)阻,結(jié)合表達式。=—0.24/+4.0247,可知該電池的
內(nèi)阻為
r=0.24Q
【小問3詳析】
圖乙中電流表相對于電源采用內(nèi)接法,設電流表的內(nèi)阻為RA,則有
E=U+/(&+r)
可得
U=—IR+r)+E
U-I圖像的斜率絕對值等于RA",則有
曲="+廠〉廠
則利用圖乙電路得到的電池內(nèi)阻測量值小于真實值,原因是電流表分壓。
【小問4詳析】
另一個同學改用圖丙電路進行實驗,定值電阻凡阻值已知,則接入凡的作用是:保護電源;
將&與內(nèi)阻看成一個等效內(nèi)阻,還可以起到凡的作用是:增大電壓表示數(shù)變化的范圍。
故選AB?
13.如圖所示,水平傳送帶以速度%=2m/s勻速轉(zhuǎn)動,A、8兩端的距離L=5m。將一
小物塊輕放在傳送帶上的A端,物塊和傳送帶間的動摩擦因數(shù)〃=0.5,重力加速度g取
10m/s2。求:
(1)物塊加速過程中的加速度大小cz;
(2)物塊從A端運動到B端的時間to
【答案】(1)5m/s2
(2)2.7s
【解析】【小問1詳析】
根據(jù)
"mg=ma
可得物塊加速過程中的加速度大小a=〃g=5/引2
【小問2詳析】
加速的時間
%=-0.4s
a
勻速的時間
L-^t5-4X04
t2=-------=--------s=2.3s
-%2
可知物塊從A端運動到B端的時間
t—11+12—2.7s
14.一顆衛(wèi)星在赤道上空自西向東做勻速圓周運動,軌道半徑為r。己知地球半徑為R,自
轉(zhuǎn)角速度為00,r=2R,地球表面重力加速度為g。求:
(1)衛(wèi)星在軌道上繞地球轉(zhuǎn)動的角速度
(2)衛(wèi)星相鄰兩次經(jīng)過赤道上同一建筑物正上方的時間間隔t.
【答案】(1)@=
\8R
2萬
【解析】【小問1詳析】
根據(jù)
解得
【小問2詳析】
根據(jù)
a)t-a)ot=2"
解得
2乃
15.如圖所示為彈球游戲裝置示意圖。在底邊足夠長且傾角為30。的斜面上,垂直于底邊的
直軌道OP與半徑為R的四分之一圓弧擋板P0平滑連接,擋板與斜面垂直。軌道。尸底端
有一個輕彈簧與小球A組成的彈射器,軌道。尸中另一個小球B靜止在圓環(huán)形輕支架(圖
中未畫出)上。啟動彈射器,當小球A速度大小為%=34定時恰與小球B發(fā)生對心碰撞
(時間極短且無機械能損失)。己知小球B初始位置到。點的距離為R,到尸點的距離是
2R。小球A、B的質(zhì)量分別為加、2m,兩球均可視為質(zhì)點,重力加速度為g,不計一切摩擦。
求:
(1)碰后小球B的速度大小vB;
(2)小球B到達。點時對擋板的壓力大小Fa-
(3)小球B從0點飛出后到達斜面底端時離0點的距離兀
【答案】(1)2y[gR
(2)mg
(3)5R
【解析】【小問1詳析】
小球A、B碰撞過程中,由動量守恒定律
mv0=mvA+2mvB
由機械能守恒定律
gmv;=;mv^+;x2mVg
解得
!=_弧,VB=2廢
【小問2詳析】
小球B從碰撞結(jié)束到。點的過程中,由動能定理
1,1。
-2mgx37?sin^=—x2mVg--x2mv2
解得
在Q點,由牛頓第二定律可知
F+2mgsin30°=2m—
NR
解得
vQ=mg
由牛頓第三定律可知,小球B到達。點時對擋板的壓力大小為
黑=綜=7咫
【小問3詳析】
小球B從。點飛出后再斜面上做類平拋運動,以沿平行斜面上頂邊向右為x軸,垂直上頂
邊沿斜面向下方向為y軸建立直角坐標系,則y軸方向
1,
4R=—a『
2
其中
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