2025年蘇科新版高二物理上冊階段測試試卷

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年蘇科新版高二物理上冊階段測試試卷44考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、帶正電的點電荷固定于Q點；電子在庫侖力作用下，做以Q為一焦點的橢圓運動．M；P、N為橢圓上的三點，P點是軌道上離Q最近的點．電子在從M到達N點的過程中（）

A.電場力先增大后減小。

B.電勢能先增大后減小。

C.速率先減小后增大。

D.速度變化率先減小后增大。

2、在一個給定電源的閉合電路中，關于電源的輸出功率，下面說法正確的是（）A.輸出功率隨外電阻的增大而增大B.輸出功率隨外電阻的增大而減小C.當外電路短路時，電源輸出功率最大D.當外電阻與電源內阻相等時，電源輸出功率最大3、如圖是自動調溫式電熨斗；下列說法錯誤的是（）

A.常溫時上下觸點是接觸的B.雙金屬片溫度升高時，上金屬片形變較大，雙金屬片將向下彎曲C.原來溫度控制在80℃斷開電源，現要求60℃斷開電源，應使調溫旋鈕下調一些D.由熨燙絲綢衣物狀態(tài)轉化為熨燙棉麻衣物狀態(tài)，應使調溫旋鈕下移一些4、在自行車的后擋泥板上；常常安裝著一個“尾燈”，其實它不是燈，它是用一種透明的塑料制成的，其截面如圖所示。夜間，從自行車后方來的汽車燈光照在“尾燈”上時，“尾燈”就變得十分明亮，以便引起汽車司機的注意。從原理上講它的功能是利用了()

A.光的全反射B.光的折射和反射C.光的折射D.光的色散5、如圖所示，電路中A、B是兩個完全相同的燈泡，L是一個自感系數很大、電阻可忽略的自感線圈，C是電容很大的電容器．當S閉合與斷開時，A、B燈泡的發(fā)光情況是（）A.S剛閉合后，A亮一下又逐漸熄滅，B逐漸變亮B.S剛閉合后，B亮一下又逐漸變暗，A逐漸變亮C.S閉合足夠長時間后，A和B一樣亮D.S閉合足夠長時間后，B都熄滅6、在勻強磁場中，一矩形金屬線框繞與磁感線垂直的轉動軸勻速轉動，如圖甲所示。產生的交變電動勢隨時間變化的規(guī)律如圖乙所示。則下列說法正確的是（）A.t＝0.01s時穿過線框的磁通量最大B.該線框1秒鐘轉動100圈C.該交變電動勢的瞬時值表達式為e＝22sin（100πt）VD.電動勢瞬時值為22V時，線圈平面與中性面的夾角為45°7、某用電器兩端的正弦交變電壓的表達式為(V).關于這個交變電壓，下列說法中正確的是()A.有效值為311VB.有效值為440VC.最大值為311VD.最大值為440V8、圖中T是繞有兩組線圈的閉合鐵心,線圈的繞向如圖所示,D是理想的二極管,金屬棒ab可在兩條平行的金屬導軌上沿導軌滑行,磁場方向垂直紙面向里.若電流計G中有電流通過,則ab棒的運動可能是A.向左勻速運動B.向右勻速運動C.向左勻加速運動D.向右勻減速運動9、如圖所示，半徑為r

的圓形空間內，存在著垂直于紙面向外的勻強磁場，一個帶電粒子(

不計重力)

從A

點沿半徑方向以速度v0

垂直于磁場方向射入磁場中，并由C

點射出，且隆脧AOC=120鈭?

則該粒子在磁場中運動的時間為()

A.蟺r3蠀0

B.2蟺r3蠀0

C.3蟺r3蠀0

D.23蟺r3蠀0

評卷人得分二、填空題(共8題，共16分)10、在“用單擺測定重力加速度”的實驗中：

（1）擺動時偏角α應滿足的條件是______，為了減小測量周期的誤差，計時開始時，擺球應是經過最______（填“高”或“低”）點的位置，且用秒表測量單擺完成多次全振動所用的時間，求出周期．圖甲中秒表示數為一單擺全振動50次所經過的時間，則單擺振動周期為______s．

（2）用最小刻度為1mm的刻度尺測擺長，測量情況如圖乙所示．O為懸掛點，從圖乙中可知單擺的擺長為______cm．

（3）若用L表示擺長，T表示周期，那么重力加速度的表達式為g=______．11、手機是人們生活中普遍使用的通訊工具，它是利用________(

選填“電磁波”或“超聲波”)

進行通訊的.

這種波________(

選填“能”或“不能”)

在真空中傳播．12、如圖所示，一正方形線圈的匝數為n

邊長為a

線圈平面與勻強磁場垂直，且一半處在磁場中.

在?t

時間內，磁感應強度的方向不變，大小由B

均勻地增大到2B

在此過程中，線圈中的磁通量改變量大小?婁脮=

______，產生的感應電動勢為E=

______．13、如圖所示，一個枕形導體位于帶正電小球的附近，AB

為導體的左、右端點，C

為導體內的一點.

則由于靜電感應，A

端帶______電，B

端帶______電，C

點處的電場強度為______，A

端電勢______(

填“高于”、“低于”或“等于”)B

端電勢.

若用手接觸一下枕形導體的中部，導體將______(

填“帶不帶電或帶什么電”)

．14、甲、乙兩船質量均為M，以相同的速率v相向而行，甲船上站著一個質量為m的人隨船行駛，不計水的阻力，當他由甲船跳上乙船，再由乙船跳回甲船上，這樣反復跳幾次后，乙船的速度變?yōu)榱?，則甲船的速度為____。15、模塊機器人具有三個部分，它們分別是____器，控制器和執(zhí)行器，如果模塊機器人有2種傳感器，3種控制方式，4種執(zhí)行器，那么從理論上可以有____種組合方式．16、家庭電路中有地線、____________和____________三條線，地線的作用不容忽視，家電一般是____________聯連接．17、圖中的理想變壓器原線圈接220V

交流電壓，副線圈A

接4婁賂

電阻，B

接一個“10V24W

”的電燈。已知A

組線圈39

匝，兩端電壓為6V

燈泡L

正常發(fā)光，由此可見原線圈匝數為______，通過原線圈電流為______。評卷人得分三、判斷題(共6題，共12分)18、只有沿著電場線的方向電勢才會降低，所以電勢降低的方向就一定是電場強度的方向．（判斷對錯）19、如圖所示為某示波管內的聚焦電場，實線和虛線分別表示電場線和等勢線．兩電子分別從a、b兩點運動到c點．設電場力對兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點的電場強度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對錯）

20、電場線與等勢面相互垂直，沿著同一等勢面移動電荷時靜電力不做功．（判斷對錯）21、只有沿著電場線的方向電勢才會降低，所以電勢降低的方向就一定是電場強度的方向．（判斷對錯）22、處于靜電平衡狀態(tài)的導體內部的場強處處為零，導體外表面場強方向與導體的表面一定不垂直．（判斷對錯）23、如圖所示為某示波管內的聚焦電場，實線和虛線分別表示電場線和等勢線．兩電子分別從a、b兩點運動到c點．設電場力對兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點的電場強度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對錯）

評卷人得分四、實驗題(共3題，共6分)24、如圖為測定一節(jié)干電池的電動勢和內阻的電路圖，現有兩滑動變阻器R1(10Ω,1A)．R2(1000Ω,1A)，滑動變阻器應選___________；改進后，測出幾組電流．電壓的數值，并畫出圖，如圖（乙）所示，由圖象可知，這個電池的電動勢為___________內阻為____________25、（14分）某興趣小組想要探究單擺的周期T與擺長擺球質量m的關系：（1）（4分）為了探究周期T與擺長擺球質量m的關系，應利用_________法完成此實驗；為了準確測量單擺的周期，應使擺球振動穩(wěn)定后且經過_________位置開始計時。（2）（4分）他們在探究周期T與擺長的關系時，測得如下5組數據，請在圖中選擇____坐標，作出____反映周期T與擺長關系的圖像。。。數值。。數值次數項目。數值數值123。數值數值1.901.992.102.19數值3.193.603.994.404.791.781.901.992.102.19（）3.193.603.994.404.79次數項目123451.781.901.992.102.19（）3.193.603.994.404.79（）0.800.901.001.101.20（）0.640.811.001.211.44（3）（3分）根據圖像求得當地的重力加速度g=___________m/s2。（保留三位有效數字）（4）（3分）某學生做實驗時固定好裝置后先測擺長，然后測出周期，發(fā)現測得的重力加速度偏大，原因可能是______（填選項前字母）A．單擺的懸點未固定緊，振動中出現松動，使擺線增長了B．把擺球n次經過最低點的時間誤記為(n+1)次經過最低點的時間C．計時結束時，秒表過早按下D．單擺所用擺球質量過大數值。數值26、美國物理學家密立根通過如圖所示的實驗裝置最先測出了電子的電荷量，被稱為密立根油滴實驗．兩塊水平放置的金屬板A、B分別與電源的正負極相連接，板間產生勻強電場，方向豎直向下，圖中油滴由于帶負電懸浮在兩板間保持靜止．（已知重力加速度為g）

（1）若要測出該油滴的電荷量，需要測出的物理量有__________．

A．油滴質量m

B．兩板間的電壓U

C．兩板間的距離d

D．兩板的長度L

（2）用所選擇的物理量表示出該油滴的電荷量q=________評卷人得分五、實驗探究題(共4題，共36分)27、為了測定干電池的電動勢和內電阻；現有下列器材料：

A．6.3V蓄電池；

B．干電池一節(jié)；

C．電壓表（0-3-15V；內阻約為3KΩ，15KΩ）；

D．電流表（0-0.6-A；內阻約為10Ω，2Ω）；

E．電流表G（滿偏電流3mA，內阻Rg=10Ω）

F．變壓器；

G．滑動變阻器（0-20Ω）；

H．滑動變阻器（0-1000Ω）；

I．電阻箱（0-9999Ω）；

J．開關；導線。

（1）用電流表和電壓表測量干電池的電動勢和內電阻，應選用的變阻器是______（用代號回答）．

（2）根據實驗要求；用筆畫線代替導線在實物圖上連線．

（3）某交實驗記錄如下：

。實驗次數12345電流表示數/A0.240.500.701.101.50電壓表示數/V1.301.100.950.600.30根據表中數據在坐標圖上畫出U-I圖線．由圖可求得E=______V，r=______Ω．

（4）用你設計的電路做實驗，測得的電動勢與電池電動勢的真實值相比______（填偏大、偏小或相等）；測得的內阻與電池內阻的真實值相比______（填偏大；偏小或相等）．

（5）如果實驗中電壓表壞了，選用其他器材進行實驗，請畫出相應的電路圖．28、(1)

如圖為某同學用游標卡尺測量一小球的直徑時的示數，該小球的直徑為________cm

(2)

兩只電壓表V1

和V2

是由完全相同的電流表改裝而成的，V2

的量程為5VV1

的量程為15V

為了測量15鈭?20V

的電壓，把V1V2

串聯起來使用，在這種情況下(

)

A.V1

和V2

兩表指針偏轉角相等B.V1

和V2

讀數相等C.V1

和V2

的讀數之比不等于電壓表的內阻之比D.V1

和V2

的指針偏轉角度之比等于兩個電壓表的內阻之比29、某同學探究小磁鐵在銅管中下落時受電磁阻尼作用的運動規(guī)律。實驗裝置如圖甲所示；打點計時器的電源為50Hz的交流電。

（1）下列實驗操作中；錯誤的有______。

A．將銅管豎直地固定在限位孔的正下方。

B．紙帶穿過限位孔；壓在復寫紙下面。

C．捏住磁鐵所連的紙帶上端；然后松開讓磁鐵從靜止釋放。

D．在磁鐵下落的同時接通打點計時器的電源。

（2）該同學按正確的步驟進行實驗（記為“實驗①”）；將磁鐵從管口處釋放，打出一條紙帶，取開始下落的一段，確定一合適的點為O點，每隔一個計時點取一個計數點，標為1，2，，8．用刻度尺量出各計數點的相鄰兩計時點到O點的距離，記錄在紙帶上，如圖乙所示。

計算相鄰計時點間的平均速度v；粗略地表示各計數點的速度，抄入下表。

。位置12345678V（cm/s）24.533.837.83939.539.839.839.8（3）分析上表的實驗數據可知：在這段紙帶記錄的時間內；磁鐵運動速度的變化情況是逐漸增大到39.8cm/s；即磁鐵受到阻尼作用的變化情況是______。

（4）該同學將裝置中的銅管更換為相同尺寸的塑料管，重復上述實驗操作（記為“實驗②”），結果表明磁鐵在塑料管中的運動幾乎與______運動規(guī)律相同?？芍獙嶒灑谑菫榱苏f明磁鐵在塑料管中______（有或沒有）受到阻尼作用，對比實驗①和②的結果可得到結論是______30、如圖是做“探究感應電流的產生條件”實驗的器材及示意圖：

（1）在圖中用實線代替導線把它們連成實驗電路；

（2）假設在開關閉合的瞬間，靈敏電流計的指針向左偏轉，則當螺線管A向上拔出的過程中，靈敏電流計的指針向______（選填“左”或“右”）偏轉。評卷人得分六、綜合題(共4題，共20分)31、[

物理隆隴

選修3隆陋3]

(1)

氣體分子運動具有下列特點()(

填正確答案標號。)

A.氣體分子與容器器壁的碰撞頻繁B.氣體分子向各個方向運動的可能性是相同的C.氣體分子的運動速率具有“中間多，兩頭少”特點D.同種氣體中所有的分子運動速率基本相等E.布朗運動是氣體分子運動(2)

使一定質量的理想氣體按圖甲中箭頭所示的順序變化，圖中BC

段是以縱軸和橫軸為漸近線的雙曲線。試求：已知氣體在狀態(tài)A

的溫度TA=300K

求氣體在狀態(tài)BC

和D

的溫度各是多少？[

物理隆隴

選修3隆陋4]

(1)

如圖是用頻閃照相的方法獲得的彈簧振子的位移隆陋

時間圖象(

水平為x

軸，豎直方向為t

軸)

下列關于該圖象的說法正確的是()(

填正確答案標號。)

A.該圖象的坐標原點是建立在彈簧振子小球的平衡位置B.從圖象可以看出小球在振動過程中是沿t

軸方向移動的C.為了顯示小球在不同時刻偏離平衡的位移，讓底片沿垂直x

軸方向勻速運動D.圖像隨時間的推移而發(fā)生平移E.圖象中小球的疏密顯示出相同時間內小球位置變化快慢不同(2)

一列沿x

軸正方向傳播的簡諧橫波在t=0

時刻的波形如圖；已知波的傳播速度v=2m/s

壟脵

寫出從t=0

時刻起x=2.0m

處質點的位移y

隨時間t

變化的表達式；壟脷

求出在0隆蘆4.5s

內波傳播的距離及x=2.0m

處質點通過的路程。32、【物理隆陋隆陋

選修3鈭?4

】(

略)

33、本題為須先做題，考生只選做一題，若兩題都答，則按24

--1

計分--1(

本題供選修1鈭?1

教材的考生作答)

如圖為交流發(fā)電機原理圖，已知兩磁極間均強磁場的磁感應強度為B

矩形線框的匝數為n

面積為S

當線框轉到與磁場方向垂直的圖示位置時，穿過線框的磁通量為________若線框從圖示位置逆時針轉動90

度，所用時間為t

則線框中產生的平均感應電動勢為________

24

--2(

本題供選修3鈭?1

教材的考生作答)2016

年發(fā)生了多起手機爆炸事故，主要原因是手機電池周邊沒有空隙，使用時發(fā)熱膨脹導致爆炸，如果某電池的內阻為1.0

歐姆，以0.1A

的電流持續(xù)工作1h

則此過程中，電池消耗的功率為____產生的熱量為____34、(1)

顯像管的工作原理圖如圖所示，圖中陰影區(qū)域沒有磁場時，從電子槍發(fā)出的電子打在熒光屏正中的O

點.

為使電子在豎直方向偏離中心，打在熒光屏上的A

點，陰影區(qū)域所加磁場的方向是____A.豎直向上B.

豎直向下C.垂直于紙面向內D.

垂直于紙面向外(2)

一磁感應強度為B

的勻強磁場方向水平向右，一面積為S

的矩形線圈abcd

如圖所示放置，平面abcd

與豎直方向成胃

角，則穿過線圈平面的磁通量為____A、0B

BS

C、BS

cos胃D

BS

sin胃

(3)

如圖所示，Q

是放在絕緣柄上的帶正電的物體，把一個系在絕緣絲線上的帶正電的小球，先后掛在圖中的A

、B

兩個位置，小球兩次平衡時，絲線偏離豎直方向的夾角分別為婁脠

1

婁脠

2

則婁脠

1

和婁脠

2

的關系是____A.婁脠

1>

婁脠

2

B.婁脠

1<

婁脠

2

C.婁脠

1=

婁脠

2

D.無法確定(4)

某同學用多用電表按如圖所示電路進行了正確的測量。閉合開關S

后，多用電表直接測出的是____A.燈泡L

的電功率B.燈泡L

的電阻C.通過燈泡L

的電流D.燈泡L

兩端的電壓

(5)

真空中有一對相距為d

的平行金屬板A

和B

，兩板間電勢差為U

，兩板間的電場為勻強電場。若一個質量為m

、電荷量為q

的粒子，僅在靜電力的作用下由靜止開始從A

板向B

板做勻加速直線運動并到達B

板，則粒子在運動過程中加速度大小a

=

____，粒子到達B

板時的速度大小v

=

____。

(6)

如圖所示，在豎直放置的M

、N

兩極板間有一水平向右的勻強電場，N

板右側有方向垂直紙面向外的勻強磁場，磁感應強度為B

?，F有一質量為m

、電荷量為q

的粒子(

重力不計)

由靜止被電場加速后，從N

板上的小孔P

射出，并進入磁場，之后在磁場中運動并垂直打在N

板正下方的豎直屏幕上的Q

點，已知M

、N

間的電壓為U

。(1)

判斷該粒子帶正電還是帶負電；(2)

求粒子在磁場中運動的軌道半徑R

及P

、Q

間的距離x

。參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、A【分析】

A；電子在從M到達N點的過程中；先靠近正電荷后遠離正電荷，根據庫侖定律，靜電引力先增加后減小，故A正確；

B；電場力正做功；電勢能減小，電場力負做功，電勢能增大；電子先靠近正電荷，后遠離正電荷；故電場力先做正功后做負功，故電勢能先減小后增加，故B錯誤；

C；電場力先做正功后做負功；只受電場力作用，故動能先增加后減小，故速率先增加后減小，故C錯誤；

D；速度變化率是加速度；由于靜電引力先增加后減小，故加速度先增加后減小，故D錯誤；

故選A．

【解析】【答案】電場力正做功；電勢能減小，電場力負做功，電勢能增大；電子先靠近正電荷，后遠離正電荷；根據電場力做功情況判斷電勢能的變化情況和動能的變化情況．

2、D【分析】解：設流過電源的電流為I，則電源的輸出功率為P出=P-P損=EI-I2r=-r（I-）+

故當I=時；電源的輸出功率最大；

根據閉合電路歐姆定律；有：

I=

即外電阻越??；電流越大；

故當外電阻與電源內阻相等時；電源輸出功率最大；

故ABC錯誤；D正確；

故選：D

電源的總功率為P=EI，內電阻損耗的功率為P損=I2r，故輸出功率P出=P-P損；列式分析即可．

本題關鍵是列出電源的輸出功率的表達式進行分析輸出功率與電流的關系，同時還要結合閉合電路歐姆定律分析電流與電阻的關系，不難．【解析】【答案】D3、C【分析】解：A；常溫時；通電電熱絲能發(fā)熱，所以上、下觸點應是接觸的．故A正確．

B；雙金屬片上下金屬片的膨脹系數不同；溫度升高時，上層形變大，雙金屬片向下發(fā)生彎曲，使電路斷開．故B正確．

C；原來溫度上升到80°C時；斷開電源，現在要求60°C時斷開電源，彈性銅片與觸點接觸面積要減小，應逆時針調節(jié)調溫旋鈕，即應使調溫旋鈕上調一些，故C錯誤．

D；由熨燙絲綢衣物狀態(tài)轉化為熨燙棉麻衣物狀態(tài)；溫度要高一點，由C的分析可知，應使調溫旋鈕下移一些，故D正確．

本題選擇錯誤的；故選：C．

電熨斗溫度自動控制裝置能控制電源的通斷．常溫時；上；下觸點應是接觸的，當雙金屬片溫度升高時，上下層形變不同，上層形變大，雙金屬片發(fā)生彎曲，使電路斷開．原來溫度上升到80°C時，斷開電源，現在要求60°C時斷開電源，彈性銅片與觸點接觸面積要減小，應逆時針調節(jié)調溫旋鈕．

本題考查對溫度傳感器原理的理解．雙金屬片通過溫度變化，兩金屬膨脹系數不同，使電源實現自動通斷．【解析】【答案】C4、A【分析】略【解析】A

5、A【分析】解：A；B：S剛閉合后；電容器C要通過A充電，并且充電電流越來越小，故A亮一下又逐漸變暗，最后A被L短路，所以A最后會熄滅。而L對電流變化有阻礙作用，所以通過B的電流逐漸增大，故B逐漸變亮。故A正確，B錯誤。

C；S閉合足夠長時間后；C中無電流，相當于斷路，L相當于短路，所以B很亮，而A不亮。故C錯誤。

D；S閉合足夠長時間后再斷開；電容器要對B放電，故B要逐漸熄滅。故D錯誤。

故選：A。

電感器對電流的變化有阻礙作用；當電流增大時，會阻礙電流的增大，當電流減小時，會阻礙其減?。娙萜髟陔娐分须娏髯兓瘯r，也會發(fā)生充電和放電現象，此時可理解為有電流通過了電容器．

解決本題的關鍵知道電感器對電流的變化有阻礙作用，當電流增大時，會阻礙電流的增大，當電流減小時，會阻礙其減?。窘馕觥緼6、A|C|D【分析】【解析】試題分析：從圖象得出電動勢最大值、周期，從而算出頻率、角速度；磁通量最大時電動勢為零，磁通量為零時電動勢最大，轉速加倍，最大值加倍．A、t＝0.01s時電動勢為零，線圈平面與磁場方向垂直，此時穿過線圈的磁通量最大，A正確；B、由交變電動勢隨時間變化的規(guī)律圖乙知周期T=0.02s，所以頻率f=50Hz，該線框1秒鐘轉動50圈，B錯誤；C、由圖可知，交流電的最大值線圈轉動的角速度該交變電動勢的瞬時值表達式為e＝22sin（100πt）V，C確；D、把動勢瞬時值22V代入，e＝22sin（100πt）V，可得線圈平面與中性面的夾角為45°，D正確。故選：ACD.考點：正弦式電流的最大值和有效值、周期和頻率；交流發(fā)電機及其產生正弦式電流的原理．【解析】【答案】ACD7、C【分析】試題分析：由正弦交變電壓的表達式(V)可知，交流電的最大值為311V，有效值為選項C正確?？键c：交流電的有效值、最大值。【解析】【答案】C8、C|D【分析】【解析】試題分析：當電流計中有電流通過時，說明左邊的電流是從下向上流的，由右手螺旋定則可得出此感應電流的磁場方向為，從上向下，若ab勻速運動，右邊線圈中產生的感應電流是恒定的，則左邊線圈中不會產生感應電流，所以AB錯誤，若ab向右做勻減速運動，右邊線圈中的電流是從上向下減小，故穿過左邊線圈的磁通量在從上向下減小，該線圈中會產生一個從上向下的磁場，D正確，當ab向左做勻加速運動，同樣會在左邊的線圈中產生一個從上向下的磁場，故C正確，考點：本題考查了電磁感應定律的應用【解析】【答案】CＤ、9、C【分析】【分析】帶電粒子在磁場中做勻速圓周運動；由幾何關系可求出圓心角和半徑，則可求得粒子轉過的弧長，由線速度的定義可求得運動的時間。

本題考查帶電粒子在有界磁場中的運動，可以利用t=婁脠2婁脨T

來求粒子在磁場中的運動時間，根據線速度的定義來求時間也是一個不錯的選擇?！窘獯稹?/p>

由圖根據幾何知識可知，粒子轉過的圓心角為婁脠=60鈭?R=3r

粒子轉過的弧長為：l=6003600隆脕2婁脨R=33婁脨r

則運動所用時間T=lv0=33婁脨rv0=3婁脨r3v0

故C正確，ABD錯誤。

故選C。

【解析】C

二、填空題(共8題，共16分)10、略

【分析】解：（1）小球的偏角α在很?。é粒?°）時；小球的振動才近似看成簡諧運動．在擺球經過最低點時開始計時，產生的時間誤差較?。?/p>

由秒表讀出時間t=90+12.50s=102.50s，則單擺的周期為T=s=2.01s；

（2）刻度尺的最小刻度為1mm；則由圖乙讀出懸點到球心之間的距離為0.9970m，則單擺擺長的測量值為L=0.9970m=99.70cm．

（3）單擺的周期公式T=得：g=

故答案為：（1）偏角小于5°、低、2.01；（2）99.70；（3）

（1）根據實驗要求：小球的偏角α在很小（α＜5°）時；小球的振動才近似看成簡諧運動．在擺球經過最低點時開始計時，產生的時間誤差較?。氡碜x數：先讀內圈，讀數時只讀整數，小數由外圈讀出，讀外圈時，指針是準確的，不用估讀．

（2）由刻度尺讀出擺長；估計到0.0001m，注意擺長為懸點到球心間的距離．

（3）根據單擺的周期公式變形得到單擺測重力加速度的表達式．

常用儀器的讀數要掌握，這是物理實驗的基礎．掌握單擺的周期公式，從而求解加速度，擺長、周期等物理量之間的關系．【解析】α＜5°；低；2.01；99.70；11、略

【分析】【分析】此題考查電磁波的應用和傳播速度，都是基礎知識，比較容易。手機既是電磁波的發(fā)射臺，也是電磁波的接收臺；電磁波本身就是物質，能在真空中傳播；要知道真空中傳播速度與光在真空中的傳播速度相同，即都是3隆脕108m/s

【解答】手機是人們生活中普遍使用的通訊工具，它是利用____進行通訊的..這種波____在真空中傳播。

故答案為：電磁波；能。【解析】電磁波能12、【分析】【分析】本題考查了法拉第電磁感應定律，根據感生電動勢公式求解即可。由法拉第電磁感應定律，根據感生電動勢公式求解。【解答】磁通量改變量大小?婁碌=?BS=(2B鈭?B)隆隴12a2=Ba22

根據法拉第電磁感應定律：E=n?婁碌?t=n?B?tS=n2B鈭?B?t隆隴12a2=nBa22?t

故填：Ba22nBa22?t

【解析】Ba22nBa22?t

13、略

【分析】解：由于靜電感應；A

端帶負電，B

端帶正電.

若用手接觸一下枕形導體的中部，大地中電子跑到導體上，將正電荷中和，所以導體將負電．

把一個在絕緣支架上不帶電的枕形導體放在帶正電的導體A

附近；達到靜電平衡后，枕形導體是個等勢體，各點的電勢相等．

帶正電的導體產生的是發(fā)散的電場；產生的電場的電場線由A

到B

而感應電荷產生電場與正電荷電場疊加，導致合電場強度為零，即C

點電場強度為零．

故答案為：負；正，零，等于，帶負電．

感應起電的實質是在帶電體上電荷的作用下；導體上的正負電荷發(fā)生了分離，使電荷從導體的一部分轉移到了另一部分，既然是轉移，那么電荷必然守恒．

正電荷產生的電場是發(fā)散的電場；沿著電場線電勢要降低．

此題考查靜電平衡中的導體，電場中的處于靜電平衡的導體是等勢體，導體上電勢處處相同.

同時要知道負電荷產生的電場特點，以及電勢分布的特點.

此題屬于中檔題．【解析】負；正；零；等于；帶負電14、略

【分析】【解析】【答案】mv/(M+m)15、傳感24【分析】【解答】模塊機器人由傳感器；控制器和執(zhí)行器三個模塊組成；相當于人的感覺器官、大腦和肌肉．

根據數學組合可知；若選擇一個傳感器，一個控制方式，則有四種組合，因此共有24種組合．

故答案為：傳感；24

【分析】模塊機器人由傳感器、控制器和執(zhí)行器三個模塊組成．16、略

【分析】解：家庭電路中主要有兩根導線；火線和零線，對于有金屬外殼的用電器還要接地線，才能保證使用的安全性；

家電的額定電壓都是220V；故是并聯的．

故答案為：火線、接地線、并．【解析】火線;接地線;并17、14300.15A

【分析】解：已知A

組線圈39

匝；兩端電壓為6V

理想變壓器原線圈接220V

交流電壓；

根據電壓與匝數成正比得U原UA=n原nA

所以原線圈匝數為n脭-=220隆脕396=1430

根據變壓器的輸入的功率和輸出的功率相等可得；P=U原I原=PA+PB

即220I原=24+624

所以I原=0.15A

故答案為：14300.15

根據電壓與匝數成正比；可以求得原線圈的匝數，在根據變壓器的輸入的功率和輸出的功率相等可以求得原線圈中的電流強度。

在本題中，由于副線圈有兩個線圈，電流與匝數成反比的結論不在成立，所以在計算電流的時候不能再用，但是電壓與匝數成正比的結論仍然是成立的。【解析】14300.15A

三、判斷題(共6題，共12分)18、B【分析】【解答】解：沿著電場線方向；電勢降低，且降低最快；

那么電勢降低最快的方向才是電場線的方向；但電勢降低的方向不一定是電場線的方向，故錯誤；

故答案為：錯誤．

【分析】電場強度和電勢這兩個概念非常抽象，借助電場線可以形象直觀表示電場這兩方面的特性：電場線疏密表示電場強度的相對大小，切線方向表示電場強度的方向，電場線的方向反映電勢的高低．19、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點在一個等勢面上；

故Uac=Ubc，根據W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場強度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點在一個等勢面上，根據W=qU判斷電場力做功的大小，根據電場線的疏密程度判斷電場強度的大小．20、A【分析】【解答】解：根據電場線的特點可知；沿電場線的方向電勢降低；電場線垂直于等勢面、同一等勢面移動電荷電場力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據：電場線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠出發(fā)，終止于無限遠或負電荷，不閉合，電場線疏密描述電場強弱，電場線密的地方，電場強度大，疏的地方電場強度弱，沿電場線的方向電勢降低．21、B【分析】【解答】解：沿著電場線方向；電勢降低，且降低最快；

那么電勢降低最快的方向才是電場線的方向；但電勢降低的方向不一定是電場線的方向，故錯誤；

故答案為：錯誤．

【分析】電場強度和電勢這兩個概念非常抽象，借助電場線可以形象直觀表示電場這兩方面的特性：電場線疏密表示電場強度的相對大小，切線方向表示電場強度的方向，電場線的方向反映電勢的高低．22、B【分析】【解答】解：根據靜電平衡的特點；導體是等勢體，金屬導體的內部電場強度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導體是一個等勢體；則表面電勢處處相等，即等勢面，那么電場線與等勢面垂直；

故答案為：錯誤．

【分析】金屬導體在點電荷附近，出現靜電感應現象，導致電荷重新分布．因此在金屬導體內部出現感應電荷的電場，正好與點電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時，電荷才不會移動．此時導體內部電場強度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢面，導體是等勢體．23、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點在一個等勢面上；

故Uac=Ubc，根據W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場強度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點在一個等勢面上，根據W=qU判斷電場力做功的大小，根據電場線的疏密程度判斷電場強度的大?。?、實驗題(共3題，共6分)24、略

【分析】本實驗滑動變阻器選擇限流連接，要求滑動變阻器與電源內阻相當，便于控制電流和電壓的變化，圖線與縱坐標的交點為電源電動勢，與橫坐標的交點為短路電流，圖線的斜率表示電源內阻大小【解析】【答案】滑動變阻器應選____；電池的電動勢為____內阻為____25、略

【分析】【解析】【答案】（1）（4分）控制變量法平衡位置（2）（4分）作圖略（選對坐標給2分）（3）（3分）（4）（3分）BC(漏選得2分)26、略

【分析】【詳解】

（1）平行金屬板板間存在勻強電場，液滴恰好處于靜止狀態(tài)，電場力與重力平衡，則有：所以需要測出的物理量有油滴質量m，兩板間的電壓U，兩板間的距離d；故選ABC．

（2）由可得油滴的電荷量為：．【解析】ABC五、實驗探究題(共4題，共36分)27、略

【分析】解：（1）實驗中應選用的較小阻值的滑線變阻器；有利于電流的變化和表的讀數．

故選G．

（2）電源的內阻是比較小的；為了減小誤差，采用電流表的內接法，按伏安法測量電池的電動勢和內電阻原理連實驗實物圖，如圖。

（3）在坐標圖上畫出U-I圖線．如下圖：

在U-I圖象中圖象與縱坐標的交點等于電源的電動勢；

所以由圖可以讀出電源的電動勢為1.50V；

圖象中的斜率表示電源的內阻，所以電源的內阻為r=0.80Ω．

（4）因該接法中由于電壓表的分流而導致電流表示數偏??；但電壓表是準確的，故圖象比真實圖象要向上偏，同時，當電路短路時，電壓表的分流是可以忽略的，故短路電流是準確的，故圖象與橫軸的交點不變，故所測電動勢小于真實值；內阻也小于真實值；

（5）如果實驗中電壓表壞了；將電流表G和電阻箱串聯改裝成電壓表，運用伏安法原理進行實驗，也可以直接將電阻箱和安培表串聯運用安阻法進行實驗．

如上圖：

故答案為：

（1）G

（2）見圖。

（3）如圖；1.50，0.80

（4）偏??；偏小。

（5）如圖。

實驗中應選用的較小阻值的滑線變阻器；有利于電流的變化和表的讀數．

在實物圖中先連接其中一個支路；再并聯另一支路；注意實物圖的連接注意事項；

在U-I圖象中縱坐標的截距代表的是電源的電動勢；直線的斜率代表的是電源的內阻的大小．

本題考查測定電動勢和內電阻的數據處理；要求能根據公式得出圖象中斜率及截距的含義．在計算電源的內阻的時候，一定要注意縱坐標的數值是不是從0開始的．

本接法雖然電動勢和內電阻均偏小，但由于誤差均較小，故實驗中我們一般采取本方法．【解析】G；1.50；0.80；偏??；偏小28、(1)(1)2.145(2)A(2)A【分析】(1)

【分析】解決本題的關鍵掌握游標卡尺讀數的方法，主尺讀數加上游標讀數，不需估讀。對于基本測量儀器如游標卡尺、螺旋測微器等要了解其原理，要能正確使用這些基本儀器進行有關測量。【解答】游標卡尺的主尺讀數為21mm

游標尺上第9

個刻度和主尺上某一刻度對齊；

所以游標讀數為9隆脕0.05mm=0.45mm

所以最終讀數為：21mm+0.45mm=21.45mm=2.145cm

故答案為2.145

(2)

【分析】改裝電壓表是與表頭串聯分壓電阻，由于表頭相同，故兩個表頭電流相等，偏轉角度相等；又由于表頭滿偏電流相等，電壓比為51

故電壓表內阻為51

本題關鍵要明確電壓表的改裝原理，要明確電壓表表頭可以等值純電阻處理，知道電壓表的改裝原理即可解題?！窘獯稹緼.兩電壓表串聯；流過兩表頭的電流相等，則兩電壓表指針偏轉角度相等，故A正確；

B.兩電壓表串聯；流過它們的電流相等而電壓表內阻不同，電壓表兩端電壓不同，電壓表示數不同，故B錯誤；

C/

通過兩電壓表的電流相同；由歐姆定律可知，V1

和V2

的讀數之比等于電壓表的內阻之比，故C錯誤；

D.由于串聯電流相等；故表頭偏轉角度相同，V1

和V2

的指針偏轉角度之比與電壓表內阻無關，故D錯誤；

故選A。【解析】(1)(1)2.145(2)A(2)A29、D逐漸增大到等于重力自由落體沒有磁鐵在銅管中要受到電磁阻尼作用【分析】解：（1）A；小磁鐵豎直下落；穿過銅管，所以銅管要豎直地固定在限位孔的正下方，所以A正確；

B；紙帶要穿過限位孔；并且壓在復寫紙下面，所以B正確；

C；捏住磁鐵所連的紙帶上端；然后松開讓磁鐵從靜止釋放，所以正確；

D；應該先接通打點計時器的電源；在讓磁鐵下落，所以D錯誤；

本題選錯誤的；故選：D。

（3）根據實驗數據可知；在這段紙帶記錄的時間內，磁鐵運動速度的變化情況是逐漸增大到39.8cm/s，之后勻速運動，說明磁鐵受到的阻尼作用是逐漸增大，最后等于重力的大小。

（4）該同學將裝置中的銅管更換為相同尺寸的塑料管；實驗表明磁鐵下落的運動規(guī)律與自由落體運動規(guī)律幾乎相同。

實驗②說明磁鐵在塑料管中做自由落體運動；磁鐵不受阻尼作用。

由實驗可知；磁鐵在銅管中受到阻尼作用，磁鐵在塑料管中不會產生電磁感應現象，不受阻尼作用的影響；

對比實驗①和②可知；磁鐵在銅管中受到的阻尼作用主要是磁鐵在銅管中要受到電磁阻尼作用。

故答案為：（1）D；（3）逐漸增大到等于重力；（4）自由落體；沒有；磁鐵在銅管中要受到電磁阻尼作用。

（1）小磁鐵豎直下落；做的是直線運動，根據打點計時器的使用方法可以判斷選項的結果；

（3）分析表中實驗數據；根據實驗數據得出結論；

（4）塑料管不會產生電磁感應現象；與銅管中運動的情況對比明顯；比較兩實驗，根據實驗條件與實驗現象得出結論。

本題通過實驗考查對紙帶運動情況的分析以及對電磁感應現象理解，要能根據紙帶的運動情況分析電磁感應對運動情況的影響，抓住實驗的本質即可分析本題。對于陌生實驗不用緊張，能過認真分析明確實驗原理，再結合所學知識即可求解。【解析】D逐漸增大到等于重力自由落體沒有磁鐵在銅管中要受到電磁阻尼作用30、右【分析】解：（1）將電流表與大線圈B組成閉合回路；電源；開關、小線圈A組成閉合回路，電路圖如下圖所示。

（2）在開關閉合的瞬間；穿過線圈B的磁通量增大，靈敏電流計的指針向左偏轉，則當螺線管A向上拔出的過程中，穿過線圈B的磁通量減小，靈敏電流計的指針向右偏轉。

故答案為：（1）如圖所示；（2）右。

（1）探究電磁感應現象實驗有兩套電路；電源；開關、滑動變阻器、螺線管A組成控制電路；螺旋管B與電流計組成實驗電路；

（2）根據楞次定律判斷是否有感應電流產生；結合閉合開關瞬間，靈敏電流計的指針向右偏轉判斷將滑動變阻器的滑片向右移動的過程中，靈敏電流計的指針的偏轉方向。

本題考查了感應電流產生的條件，要知道感應電流產生的條件、分析清楚圖示情景即可正確解題。探究電磁感應現象的實驗有兩套電路，要知道各電路的特點與作用?！窘馕觥坑伊?、綜合題(共4題，共20分)31、（1）ABC（2）解：p—V圖中直觀地看出，氣體在A、B、C、D各狀態(tài)下壓強和體積為VA＝10L，pA＝4atm，pB＝4atm，pC＝2atm，pD＝2atm，VC＝40L，VD＝20L．根據理想氣體狀態(tài)方程可得由題意TB＝TC＝600K．[物理·選修3—4]（1）ACE（2）解：①波長λ＝2.0m，振幅A＝5cm，周期T＝λ／v＝1.0s，角速度則y＝－5sin（2πt）cm②4.5s內波傳播的距離x＝v·Δt＝9mn＝t／T＝4.5，則4.5s內質點通過的路程s＝4nA＝90cm?！痉治觥俊痉治觥糠肿觿永碚摰膬热莅ㄈc：物質是由分子構成的，分子在永不停息地做無規(guī)則的運動，分子間存在著相互作用的引力和斥力.

明白以上概念，本題的四個選項便不難解決．【解答】A；因為分子永不停息地做無規(guī)則的運動；所以分子之間避免不了相互碰撞，故A正確；

B；根據分子運動論的統(tǒng)計規(guī)律可知；氣體分子沿各個方向運動的機會是相等的，故B正確；

C；根據統(tǒng)計規(guī)律可知；氣體分子的運動速率具有“中間多，兩頭少”特點，故C正確；

D、氣體分子的運動速率分布具有“中間多，兩頭少”特點，同種氣體中所有的分子運動速率基本不相等，故D錯誤；E、布朗運動現象為懸浮微粒的運動，實質反映的是液體分子的無規(guī)則運動，故E錯誤；故選ABC。【分析】A

到BB

到CC

到D

過程分別是等壓、等溫和等壓變化，根據呂薩克定律、玻意耳定律求氣體在狀態(tài)BC

和D

的溫度?！痉治觥繌椈烧褡釉趚

軸方向做簡諧運動，圖象的坐標原點是建立在彈簧振子小球的平衡位置.

類似于沙擺實驗，為了顯示小球在不同時刻偏離平衡的位移，讓底片沿垂直x

軸方向勻速運動.

小球的疏密顯示出相同時間內小球位置變化快慢不同?！窘獯稹緼；B

由圖看出；彈簧振子在x

軸方向做簡諧運動，小球并不是沿t

軸方向移動，由對稱性可知，該圖象的坐標原點是建立在彈簧振子小球的平衡位置.

故A正確，B錯誤．

C；類似于沙擺實驗；為了顯示小球在不同時刻偏離平衡的位移，讓底片沿垂直x

軸方向勻速運動.

故C正確；

D、圖象不隨著時間移動而移動，故D錯誤；E、圖象中小球的疏密反映了小球在x

方向運動的快慢，越密速度越小，位置變化越慢.

故E正確；故選ACE。【分析】(1)

根據波形平移法判斷可知；x=2m

處的質點t=0

時刻向下振動，通過圖象得出波長；振幅，根據波速和波長求出周期．

(2)

波傳播的距離由公式x=vt

求解.

抓住質點在一個周期內的路程等于4

倍的振幅，求出質點在0隆蘆4.5s

內質點通過的路程?！窘馕觥?1)ABC

(2)

解：p隆陋V

圖中直觀地看出，氣體在ABCD

各狀態(tài)下壓強和體積為VAA=10LpAA=4atmpBB=4atmpCC=2atmpDD=2atmVCC=40LVDD=20L

．根據理想氣體狀態(tài)方程pAVATA=pCVCTC=pDVDTD

可得TC=pCVCpAVA?TA=2隆脕404隆脕10隆脕300K=600K

TD=pDVDpAVA?TA=2隆脕204隆脕10隆脕300K=300K

由題意TBB=TCC=600K

．[

物理隆隴

選修3隆陋4]

(1)ACE

(2)

解：壟脵

波長婁脣=2.0m

振幅A=5cm

周期T=婁脣/v=1.0s

角速度婁脴=2婁脨T=2婁脨rad/s

則y=鈭?5sin(2婁脨t)cm

壟脷4.5s

內波傳播的距離x=v隆隴婁隴t=9m

n=t/T=4.5

則4.5s

內質點通過的路程s=4nA=90cm

32、略。略【分析】【分析】略【解答】略【解析】略。略33、24--1：BS24--2:0.0136【分析】24

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