2025年中圖版高三物理下冊階段測試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年中圖版高三物理下冊階段測試試卷497考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、如圖所示，分別用恒力F1、F2先后將質(zhì)量為m的物體由靜止開始沿同一粗糙的固定斜面由底端拉至頂端，兩次所用時間相同，第一次力Fl沿斜面向上，第二次力F2沿水平方向．則兩個過程（）A.合外力做的功相同B.物體機械能變化量不相同C.Fl做的功與F2做的功相同D.Fl做功的功率比F2做功的功率大2、物體從靜止開始做勻加速直線運動，第3s內(nèi)通過的位移是3m，則（）A.第3s內(nèi)的平均速度是2m/sB.物體的加速度是1.2m/s2C.前3s內(nèi)的位移是6mD.3s末的速度是4m/s3、一束光從空氣射向折射率為的某種玻璃的表面，如圖所示，θ1表示入射角，則下列說法中不正確的是（）A.無論入射角θ1有多大，折射角θ2都不會超過45°角B.欲使折射角θ2=30°，應(yīng)以θ1=45°角入射C.這種玻璃全反射的臨界角是45°D.以上結(jié)論都不正確4、如圖所示；一質(zhì)量為m；電荷量為q的帶電液滴以速度v沿與水平面成θ角的方向斜向上進入勻強電場，在電場中做直線運動，則液滴向上運動過程中（）

A.電場力不可能小于mgcosθ

B.液滴的動能一定不變。

C.液滴的機械能一定變化。

D.液滴的電勢能一定不變。

5、【題文】如圖所示，在一個真空環(huán)境里，有一個空心導(dǎo)體球，半徑為a，另有一個半徑為b的細圓環(huán)，環(huán)心與球心連線長為L（L>a），連線與環(huán)面垂直，已知環(huán)上均勻帶電，總電荷量為Q。當導(dǎo)體球接地時（取無窮遠處電勢為零，與帶電量為q的點電荷相距r處電勢為k為靜電力恒量），下列說法正確的是（）

A.球面上感應(yīng)電荷量為B.球面上感應(yīng)電荷量為C.感應(yīng)電荷在O點的場強為D.感應(yīng)電荷在O點的場強為6、如圖所示，質(zhì)量為M的小車置于光滑的水平面上，有一質(zhì)量為m、速度為v0的小物塊從水平方向滑上小車的光滑軌道，設(shè)小物塊沒有離開軌道，則小物塊在軌道上上升的最大高度為（）A.B.C.D.7、下列關(guān)于質(zhì)點的說法中；正確的是（）

①質(zhì)點是一個理想化模型；實際上并不存在。

②因為質(zhì)點沒有大??；所以與幾何中的點是一樣的。

③凡是小的物體；皆可以看作質(zhì)點。

④如果物體的形狀和大小對于研究的問題屬于無關(guān)或次要因素時；即可把物體看作質(zhì)點。

⑤評委在給花樣溜冰運動員評分時，可以將其看成質(zhì)點．A.①②B.②③⑤C.③④D.①④8、下列關(guān)于通電導(dǎo)線產(chǎn)生的磁場描述正確的是（）A.B.C.D.評卷人得分二、填空題(共8題，共16分)9、（2015秋?宿遷校級期中）同學(xué)們利用如題圖示方法估測反應(yīng)時間．首先，甲同學(xué)捏住直尺上端，使直尺保持豎直狀態(tài)，直尺零刻度線位于乙同學(xué)的兩指之間．當乙看見甲放開直尺時，立即用手指捏直尺，若捏住位置的刻度讀數(shù)為x，則乙同學(xué)的反應(yīng)時間為____（重力加速度為g）．基于上述原理，某同學(xué)用直尺制作測量反應(yīng)時間的工具，若測量范圍為0～0.4s，則所用直尺的長度至少為____cm（g取10m/s2）．10、對靜止在地面上的質(zhì)量為10kg的物體，施加豎直向上的拉力F，使物體以2m/s2的加速度勻加速上升，不計空氣阻力，g取10m/s2，則在前5s內(nèi)拉力的平均功率為____．11、一理想變壓器，原線圈匝數(shù)n1=1100，接在電壓220V的交流電源上，當它對11只并聯(lián)的“36V，60w”的燈泡供電時，燈泡正常發(fā)光．由此可知副線圈的匝數(shù)n2=____，通過原線圈的電流I1=____．當此變壓器對22只并聯(lián)的“36V，60w”的燈泡供電時，燈泡仍正常發(fā)光．則副線圈的匝數(shù)n2=____，通過原線圈的電流I1=____．12、理想化方法是物理學(xué)中重要的思想方法之一，在研究實際問題中有很多應(yīng)用．例如理想化模型除質(zhì)點外還有____；理想化運動除自由落體運動外還有____．（以上空格均只需填一個）13、如圖，在平面直角坐標系xOy內(nèi)，第Ⅰ象限存在沿y軸負方向的勻強電場，第Ⅳ象限以O(shè)N為直徑的半圓形區(qū)域內(nèi)，存在垂直于坐標平面向外的勻強磁場，磁感應(yīng)強度為B．一質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正電的粒子，從y軸正半軸上y=h處的M點，以速度v垂直于y軸射入電場，經(jīng)x軸上x=2h處的P點進入磁場，最后以垂直于y軸的方向射出磁場．不計粒子重力．則電場強度大小E=____．粒子從進入電場到離開磁場經(jīng)歷的總時間t=____．

14、（2015秋?安吉縣期末）如圖所示，傾角為30°的固定斜面上有一質(zhì)量m=0.1kg的物體，細繩的一端與物體相連，另一端經(jīng)摩擦不計的定滑輪與懸掛于天花板上的彈簧秤相連．當物體靜止在斜面上時，細繩與斜面平行，彈簧秤的示數(shù)為5.0N．斜面對物體的支持力大小為____N；斜面對物體的摩擦力大小為____N．（g取10m/s2）15、（2015秋?濰坊校級期末）如圖所示，將截面為正方形的真空腔abcd放置在一勻強磁場中，磁場方向垂直紙面向里．若有一束具有不同速率的電子由小孔a沿ab方向射入磁場，打在腔壁上被吸收，則由小孔c和d射出的電子的速率之比____；通過磁場的時間之比為____．16、（2014?湖北校級模擬）一質(zhì)點位于坐標原點，從t=0時刻開始做簡諧振動，經(jīng)t1時間在x軸正向上形成如圖所示的波形，若波的傳播速度為4m/s，則波源處質(zhì)點的振動周期為____s，時間t1=____s，從圖示時刻起，波源處質(zhì)點至少要經(jīng)過____s才會回到平衡位置．評卷人得分三、判斷題(共9題，共18分)17、每一種形式的能對應(yīng)于一種運動形式．____．（判斷對錯）18、任意兩條電場線都不相交．____．（判斷對錯）19、在磁場中，粒子的比荷之比與軌道半徑之比成反比____（判斷對錯）20、做平拋運動的物體，在空中運動的時間與初速度有關(guān)．____（判斷對錯）21、如果通電的金屬棒在磁場中不受力的作用，則該處的磁感應(yīng)強度一定為零．____．（判斷對錯）22、任意兩條電場線都不相交．____．（判斷對錯）23、作用在物體上的合外力減小時，速度也隨之減小．____（判斷對錯）24、穿過閉合導(dǎo)體回路所包圍面積的磁通量為零時，回路中感應(yīng)電流就一定為零．____（判斷對錯）25、參考系的選取是任意的，但參考系的選取應(yīng)使物體運動的描述盡可能簡單．____．（判斷對錯）評卷人得分四、畫圖題(共2題，共12分)26、圖所示為一列向左傳播的簡諧波在某一時刻的波形圖，若波速是0.5m/s，試在圖上畫出經(jīng)7s時的波形圖。（提示：若用平移法，由于∴λ=2m故只需平移=1.5m）27、在圖示中，物體A處于靜止狀態(tài)，請畫出各圖中A物體所受的彈力．評卷人得分五、推斷題(共4題，共40分)28、綠原酸是金銀花的主要抗菌、抗病毒有效藥理成分之一。Ⅰrm{.}已知綠原酸rm{X}的結(jié)構(gòu)簡式如圖

rm{(1)X}中含氧官能團的名稱為_____________________。

rm{(2)}下列敘述正確的是____________________。rm{壟脵X}的分子式為rm{C_{16}H_{20}O_{9;;;}}

rm{壟脷1molX}最多能與rm{5molNaOH}反應(yīng)rm{壟脹1molX}最多能與rm{4molH_{2}}發(fā)生加成反應(yīng)rm{壟脺}綠原酸水解后所得兩產(chǎn)物碳原子數(shù)之差為rm{2}rm{壟脻X}能與碳酸氫鈉溶液反應(yīng)，且能使酸性高錳酸鉀褪色Ⅱ，綠原酸在一定條件下可合成rm{D}和對羥基苯甲酸兩種醫(yī)藥中間體，其合成路線如下rm{(}部分反應(yīng)條件未注明rm{)}已知rm{R-CH=CH-Rxrightarrow[壟脷Zn,{H}_{2}O]{壟脵{O}_{2}}2R-CHO}

rm{R-CH=CH-R

xrightarrow[壟脷Zn,{H}_{2}O]{壟脵{O}_{2}}2R-CHO}是一種芳香族化合物，rm{(1)D}的結(jié)構(gòu)簡式為________；

rm{D}的反應(yīng)類型是_______；rm{(2)A隆煤C}由rm{(3)}生成rm{B}的化學(xué)方程式為____________________________；rm{E}與rm{(4)F}互為同分異構(gòu)體，且rm{E}同時滿足下列條件：rm{F}遇氯化鐵溶液顯紫色能發(fā)生銀鏡反應(yīng)rm{壟脵}核磁共振氫譜為rm{壟脹}組峰，且面積比為rm{4}rm{2}rm{2}rm{1}則rm{1}的結(jié)構(gòu)共有_____種rm{F}不考慮立體異構(gòu)rm{(}結(jié)構(gòu)簡式為________________rm{)}任寫一種rm{(}rm{)}29、【化學(xué)rm{隆陋隆陋}選修r(nóng)m{5}有機化學(xué)基礎(chǔ)】周環(huán)反應(yīng)是一類同時成鍵與斷鍵的反應(yīng)，經(jīng)典的周環(huán)反應(yīng)有rm{Diels-Alder}反應(yīng)電環(huán)化反應(yīng)rm{(electrocyclic}rm{reaction):}等。已知：其中rm{R_{1}}rm{R_{2}}rm{R_{3}}為烷基?，F(xiàn)有一種內(nèi)酯rm{I(}含兩個五元環(huán)rm{)}的合成路線如下rm{(A隆蘆I}均表示一種有機化合物rm{):}回答下列問題：rm{(1)}化合物rm{A}中含有的官能團名稱是_______，rm{D}的分子式為_______。rm{(2)}由rm{C}生成rm{D}的反應(yīng)類型為_______，rm{A}形成高聚物的結(jié)構(gòu)簡式為_______。rm{(3)}寫出rm{F}與足量銀氨溶液反應(yīng)的化學(xué)方程式_______。rm{(4)}化合物rm{H}的系統(tǒng)命名為_______。rm{(5)}化合物rm{I}的質(zhì)譜表明其相對分子質(zhì)量為rm{142}rm{I}的核磁共振氫譜顯示為rm{2}組峰，rm{1}的結(jié)構(gòu)簡式為_______。rm{(6)}在化合物rm{I}的同分異構(gòu)體中能同時符合下列條件的是_______rm{(}填寫結(jié)構(gòu)簡式rm{)}rm{壟脵}具有酚結(jié)構(gòu)；rm{壟脷}僅有一種官能團；rm{壟脹}具有rm{4}種氫原子rm{(7)2}rm{5-}二甲基四氫呋喃rm{(}rm{)}是新的液態(tài)代用燃料，其具有比能量高、沸點高、可再生等優(yōu)點。該有機物可由rm{A}先與rm{H_{2}}發(fā)生加成反應(yīng)等一系列步驟來制備，請寫出合成路線______rm{(}其它試劑任選rm{)}30、一種重要的有機化工原料有機物rm{X}如圖是以它為初始原料設(shè)計出的轉(zhuǎn)化關(guān)系圖rm{(}部分產(chǎn)物、合成路線、反應(yīng)條件略去rm{)}rm{Y}是一種功能高分子材料。

已知：rm{(1)X}為芳香烴，其相對分子質(zhì)量為rm{92}

rm{(2)}烷基苯在高錳酸鉀的作用下，側(cè)鏈被氧化成羧基：rm{(3)}rm{(}苯胺，易被氧化rm{)}

請根據(jù)本題所給信息與所學(xué)知識回答下列問題：

rm{(1)X}的分子式為__________；

rm{(2)}中含氧官能團的名稱為__________________________；

rm{(3)}反應(yīng)rm{壟脷}的反應(yīng)類型是____；已知rm{A}為一氯代物，則rm{E}的結(jié)構(gòu)簡式是_____；rm{(4)}阿司匹林的同分異構(gòu)體中滿足下列條件的同分異構(gòu)體有____種rm{A.}能與rm{NaHCO_{3}}發(fā)生反應(yīng)生成氣體rm{B.}能夠發(fā)生水解反應(yīng)，且水解反應(yīng)的產(chǎn)物之一能與氯化鐵作用顯紫色，另一種產(chǎn)物能與新制的氫氧化銅在加熱的條件下反應(yīng)生成磚紅色沉淀rm{(5)}反應(yīng)rm{壟脺}的化學(xué)方程式為___________________________________；rm{(6)}請寫出以rm{A}為原料制備的合成路線流程圖rm{(}無機試劑任用rm{)}________________________________________________________________。31、某醫(yī)藥中間體rm{G}的一種合成路線如下：的一種合成路線如下：rm{G}

已知：的核磁共振氫譜有兩組峰，且峰面積之比為rm{(1)A}rm{3隆脙1}的結(jié)構(gòu)簡式為：rm{(3)RCOOHxrightarrow[麓脽祿爐錄脕]{PC{l}_{3}}RCOCl}回答下列問題：rm{(2)G}的名稱是_____________；rm{(3)RCOOH

xrightarrow[麓脽祿爐錄脕]{PC{l}_{3}}RCOCl}的反應(yīng)類型是_____________。rm{(1)A}的分子式為___________；rm{B隆煤C}中官能團名稱是_____________；rm{(2)G}與rm{G}溶液反應(yīng)最多消耗______rm{1molG}rm{NaOH}的結(jié)構(gòu)簡式為_____________。rm{molNaOH}在濃硫酸加熱的條件下會生成一種含六元環(huán)的化合物，寫出該反應(yīng)的化學(xué)方程式_________________________________。rm{(3)H}與rm{(4)D}互為同分異構(gòu)體，則滿足下列條件的rm{(5)I}的結(jié)構(gòu)有______種rm{F}不包括rm{I}rm{(}苯環(huán)上有兩個取代基；rm{F)}遇rm{壟脵}溶液顯紫色；rm{壟脷}能與rm{FeCl_{3}}反應(yīng)。rm{壟脹}根據(jù)題中所給信息，寫出由苯酚，甲苯為原料制備苯甲酸苯酚酯的合成路線rm{NaOH}其它rm{(6)}______________________________________________________________________________________________________________________________________________rm{(}評卷人得分六、識圖作答題(共3題，共27分)32、大部分植物都是在白天吸收CO2釋放O2，在夜間則相反。但是有部分植物，比如蘆薈為了適應(yīng)環(huán)境，在夜晚氣孔打開吸收CO2，白天氣孔關(guān)閉，進行光合作用，代謝示意圖如下?；卮鹣铝袉栴}：（1）過程①除需要能量外，還需要消耗的物質(zhì)的作用是_________________，過程②的CO2產(chǎn)生的過程反應(yīng)場所是_________________。（2）夜間蘆薈的細胞液pH變化情況是______________，細胞中能夠結(jié)合CO2的物質(zhì)有_________________，白天光合作用消耗的CO2的來源是_________________。（3）蘆薈的這種特殊的代謝過程是適應(yīng)_____________（填“干旱”、“潮濕”）環(huán)境的一種方式，_________________決定了這類植物的向這種特殊性狀方向的進化。（4）蘆薈在夏天晴朗的中午是否會出現(xiàn)光合作用下降的過程？_________________，原因是_________________。33、如圖表示細胞內(nèi)發(fā)生的一系列重大生命活動，請據(jù)圖回答下列問題：(1)圖中A表示________過程(2)對人體來說，在A、B、C、D、E五項生命活動中，有積極意義的是______________________。（填圖中字母）(3）細胞衰老時會表現(xiàn)出明顯的特征，如其體積________(填“變小”或“變大”)(4）正常細胞發(fā)生D過程(細胞癌變)的根本原因是________________________________________________________。34、在有關(guān)生物進化的研究中，常從分子水平研究蛋白質(zhì)和核酸的細微差異。細胞色素C是一種在細胞呼吸過程中有重要作用的蛋白質(zhì)，分布在線粒體內(nèi)膜上，起傳遞電子和［H］的作用。下表是多種生物中細胞色素C的氨基酸序列與人的比較結(jié)果。。生物名稱黑猩猩獼猴袋鼠金槍魚小麥酵母菌氨基酸差別0110213544請回答下列問題:（1）細胞色素C在有氧呼吸的__________階段發(fā)揮作用。（2）以細胞色素C為參照，上述生物中_________與人類的親緣關(guān)系最近?？赏ㄟ^比較各類生物中細胞色素C的差異來推斷不同生物中遺傳物質(zhì)差異。從中心法則的角度分析，依據(jù)是_________________________。（3）在分子水平研究不同物種親緣關(guān)系，更直接的方法是用DNA分子雜交技術(shù)比較核酸的差異。①提取生物A的細胞色素C基因，加熱，使DNA變?yōu)閱捂湥涗涀冃詼囟葹門A-A；②提取生物B的細胞色素C基因，加熱，使DNA變?yōu)閱捂?記錄變性溫度為TB-B；③在適當條件下，生物A和生物B能形成雜種雙鏈區(qū)（如圖），記為A-B；然后加熱，記錄變性溫度為TA-B；

④計算兩個變性溫度TA-A(或TB-B)與TA-B的差值，記為M。雜合雙鏈區(qū)的形成遵循___________原則，雜合雙鏈區(qū)比例越大，DNA堿基序列一致性越高。從上述研究發(fā)現(xiàn)，生物A和生物B的親緣關(guān)系越遠，計算得到的M值越大，原因是___________________________________。參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、A【分析】【分析】兩物體均做勻加速直線運動，在相等的時間內(nèi)沿斜面上升的位移相等，但斜面對物體的摩擦力不同，所以推力做功不同．【解析】【解答】解：A、由公式x=at2得；由于x和t均相同，故加速度a相同，由v=at，t相同，則物體到達斜面頂端時速度相同，動能相同，根據(jù)動能定理得知，總功相等．所以合外力做功相同，故A正確；

B；物體末速度相同；又由于處于相同的高度，所以兩物體機械能變化相同，故B錯誤；

C、由圖示分析可知，第一個物體所受的摩擦力小于第二個物體所受的摩擦力，故兩物體克服摩擦力做功不同，重力做功相同，則F1做的功比F2做的少．故C錯誤；

D、物體的運動情況相同，重力做功功率相同，圖2中克服摩擦力做功的功率大，故Fl做功的功率比F2做功的功率??；故D錯誤；

故選：A2、B【分析】【分析】第3s內(nèi)的位移等于前3s內(nèi)的位移減去前2s內(nèi)的位移，根據(jù)x=v0t+at2解出加速度．用位移公式解出前3s內(nèi)的位移，用速度公式解出3s末的速度，用3s內(nèi)的位移除以3s得3s內(nèi)的平均速度．【解析】【解答】解：根據(jù)x=v0t+at2得第3s內(nèi)的位移為：

△x3=x3-x2=a×9-a×4=3m

解得：a=1.2m/s2

A；第3s內(nèi)通過的位移為3m；故第3s內(nèi)的平均速度為3m/s，故A錯誤；

B、物體的加速度為1.2m/s2；故B正確；

C、前3s內(nèi)的位移；故C錯誤；

D、根據(jù)速度時間關(guān)系第3s末的速度為：v3=at=1.2×3m/s=3.6m/s；故D錯誤．

故選：B．3、D【分析】【分析】根據(jù)折射定律分析可知入射角最大時折射角也最大，并求出最大折射角的大?。Y(jié)合幾何關(guān)系，根據(jù)折射定律求出反射光線跟折射光線恰好垂直時入射角的大?。窘馕觥俊窘獯稹拷猓篈、當入射角最大時，折射角最大，最大入射角為90°，根據(jù)折射定律得：n=，解得最大折射角β=45°，所以折射角θ2都不會超過45°角．故A正確．

B、折射角θ2=30°時，根據(jù)折射定律得：n==，解得：θ1=45°．故B正確．

C、設(shè)入射角為α?xí)r，反射光線與折射光線垂直，此時反射角為i′=α，則折射角為r=90°-α，根據(jù)折射定律得：n==；

解得：α=arctan．故C正確．

D；由上可知D錯誤．

本題選不正確的，故選：D．4、A【分析】

A；當電場力與速度方向垂直時；電場力最小，由幾何知識求得最小值為mgcosθ，故A正確；

B；液滴做直線運動；電場力可能豎直向上，與重力相平衡，液滴做勻速直線運動，動能不變；電場力也可能不在豎直向上，合力與速度方向相同時，液滴做勻加速直線運動，動能增大；合力與速度方向相反時，液滴做勻減速直線運動，動能減小，故B錯誤；

C；D、電場力方向可能與速度方向垂直；電場力不做功，電勢能不變，機械能不變，電場力也可能與速度不垂直，電場力做功，電勢能改變，機械能也改變，故C錯誤，D錯誤；

故選A．

【解析】【答案】根據(jù)液滴做直線運動的條件：合力方向與速度方向在同一直線上或合力為零；分析液滴所受的電場力可能方向．根據(jù)電場力方向與速度方向的關(guān)系，判斷電場力做功正負，分析機械能和電勢能的變化．當電場力與速度方向垂直時，電場力最小，可求出最小值．

5、A【分析】【解析】

試題分析：據(jù)題意，由于靜電感應(yīng)，球上帶負電荷，球與大地相連，球的電勢為0，即球上的電荷在球中心產(chǎn)生的電勢與環(huán)上電荷在球中心產(chǎn)生的電勢之和為0，故有：則選項A正確而選項B錯誤；由于靜電平衡，導(dǎo)體內(nèi)場場強處處為0，球上的電荷在O點產(chǎn)生場強等于環(huán)在O點產(chǎn)生的場強，方向相反，現(xiàn)將環(huán)看成無數(shù)個電荷的集合體，每個電荷在O點產(chǎn)生的場強為：而所有電荷在O點產(chǎn)生的場強是每個電荷在該點產(chǎn)生場強的矢量和，即水平向左，則為：故選項CD均錯誤。

考點：本題考查靜電感應(yīng)?！窘馕觥俊敬鸢浮緼6、B【分析】【分析】m與M組成的系統(tǒng)水平方向動量守恒，應(yīng)用動量守恒定律與能量守恒定律可以求出物塊上升的最大高度；【解析】【解答】解：物塊滑上長木板后；與木板相互作用，水平方向不受外力，動量守恒．

物塊上升到最大高度時；二者具有相同的速度．系統(tǒng)損失的動能轉(zhuǎn)化為熱量和物塊的重力勢能．

由動量守恒定律得：mv0=（M+m）v

由系統(tǒng)動能的變化量：△Ek=mv02-（M+m）v2

由能量守恒得：△Ek=mghmax；

聯(lián)立得：hmax=

故選：B．7、D【分析】【分析】解決本題要正確理解質(zhì)點的概念：質(zhì)點是只計質(zhì)量、不計大小、形狀的一個幾何點，是實際物體在一定條件的科學(xué)抽象，能否看作質(zhì)點物體本身無關(guān)，要看所研究問題的性質(zhì)，看物體的形狀和大小在所研究的問題中是否可以忽略．【解析】【解答】解：①質(zhì)點是理想化的模型；實際生活中不存在，是有質(zhì)量的點，與幾何的點不同，故①正確，②錯誤；

③當物體的大小和形狀在研究的問題中能忽略；就可以看成質(zhì)點，不一定體積??；質(zhì)量小的物體可以看成質(zhì)點．故③錯誤；

④物體的形狀和大小在所研究的問題中是可以忽略時；物體就可以看成質(zhì)點，故④正確；

⑤評委在給花樣溜冰運動員評分時；要看運動員的動作，不能看成質(zhì)點，故⑤錯誤．

故選：D8、B【分析】【分析】根據(jù)安培定則判斷電流周圍磁場的方向，從而進行判斷正誤．【解析】【解答】解：由于電流的方向水平向右；根據(jù)安培定則知，磁場方向應(yīng)該下邊垂直紙面向里，上邊垂直紙面向外，且離導(dǎo)線越遠磁感線越稀疏，B正確．

故選：B．二、填空題(共8題，共16分)9、80【分析】【分析】直尺做的是自由落體運動，根據(jù)自由落體運動計算下降的時間，直尺下降的時間就是人的反應(yīng)時間，根據(jù)h=求的距離【解析】【解答】解：直尺下降的時間即為自由落體運動的時間；

根據(jù)x=gt2可得；

t=；

即乙同學(xué)的反應(yīng)時間為．

測量范圍為0～0.4s；則所用直尺的長度即為自由落體下降4s的位移的大??；

即h=gt2=m=0.8m=80cm

故答案為：，8010、600W【分析】【分析】根據(jù)牛頓第二定律求出拉力的大小，根據(jù)位移公式求出前5s內(nèi)的位移，從而結(jié)合平均功率公式求出拉力的平均功率．【解析】【解答】解：根據(jù)牛頓第二定律得：F-mg=ma；

解得：F=mg+ma=100+10×2N=120N；

物體在前5s內(nèi)的位移為：；

則前5s內(nèi)拉力的平均功率為：P=．

故答案為：600W．11、1803A1806A【分析】【分析】對11只并聯(lián)的“36V，60w”的燈泡供電時，燈泡正常發(fā)光．說明副線圈電壓為36V，副線圈功率為11×60W=660W，根據(jù)電壓與匝數(shù)成正比，可以求得副線圈的匝數(shù)，根據(jù)變壓器的輸入的功率和輸出的功率相等可以求得原線圈Ⅰ中的電流強度I1．【解析】【解答】解：由11只并聯(lián)的“36V，60w”的燈泡供電時，燈泡正常發(fā)光，可知：U2=36V；P2=660W

根據(jù)電壓與匝數(shù)成正比得：n2==180匝。

根據(jù)U1I1=P2得：I1==3A

當此變壓器對22只并聯(lián)的“36V，60w”的燈泡供電時，燈泡仍正常發(fā)光，可知：U2=36V；P2=1320W．則副線圈的匝數(shù)n2=180

根據(jù)U1I1=P2得：I1==6A

故答案為：180，3A，180，6A．12、點電荷等平拋運動等【分析】【分析】解答本題的關(guān)鍵是了解高中物理中的幾個重要物理模型，注意理想化模型是指從客觀存在的事物或過程中抽象出來的一種簡單、近似、直觀的模型．【解析】【解答】解：為了使物理問題簡單化；也為了便于研究分析，我們往往把研究的對象；問題簡化，忽略次要的因素，抓住主要的因素，建立理想化的模型如質(zhì)點、電場線、理想氣體、點電荷等；重要的運動模型有：勻速直線運動，自由落體運動，平拋運動等．

故答案為：點電荷等，平拋運動等．13、略

【分析】

粒子在第Ⅰ象限內(nèi)做類平拋運動，設(shè)在第Ⅰ象限內(nèi)運動的時間為t1，則：

水平方向有：2h=vt1①

豎直方向有：②

①②式聯(lián)立得：E=③

設(shè)粒子進入第Ⅳ象限時豎直方向的速度vy

則有：④．

①③④聯(lián)立得：vy=v

所以粒子進入第Ⅳ象限時速度與x軸的夾角為45°；粒子在第Ⅳ象限內(nèi)做圓周運動的偏轉(zhuǎn)角：

θ=180°-45°=135°

粒子在第Ⅳ象限內(nèi)運動的時間為：

=⑤

粒子從進入電場到離開磁場經(jīng)歷的總時間：

t=t1+t1⑥

①⑤⑥聯(lián)立得：

t=

故答案為：

【解析】【答案】在第Ⅰ象限內(nèi)；粒子做類平拋運動，題干已經(jīng)給出了水平位移和豎直位移，利用平拋運動的位移公式可求出電場強度的大小和在第Ⅰ象限內(nèi)的運動時間．粒子進入第Ⅳ象限，在洛倫茲力的作用下做勻速圓周運動，在第Ⅰ象限中利用運動學(xué)公式可求出進入第Ⅳ的速度方向，結(jié)合幾何關(guān)系，求出粒子做圓周運動的偏轉(zhuǎn)角，即可求出在磁場中的運動時間．

14、50【分析】【分析】對物體受力分析，求出物體重力與斜面方向下的分力大小，根據(jù)共點力平衡求解即可．【解析】【解答】解：對物體進行受力分析，由幾何知識可得：斜面對物體的支持力大小為N=mgcos30°=5N；方向垂直斜面向上；

重力沿斜面向下的分力G1=mgsin30°=5N；和拉力大小相等，方向相反，所以斜面對物體的摩擦力大小為零．

故答案為：5，015、2：11：2【分析】【分析】電子垂直射入勻強磁場中，由洛倫茲力提供向心力，做勻速圓周運動．根據(jù)牛頓第二定律推導(dǎo)出電子圓周運動的速率與半徑的關(guān)系．根據(jù)幾何知識確定電子從c孔和b孔時半徑關(guān)系，求解速率之比．根據(jù)時間與周期的關(guān)系，求解時間之比．【解析】【解答】解：①設(shè)電子的質(zhì)量為m，電量為q，磁感應(yīng)強度為B，電子圓周運動的半徑為r，速率為v，由牛頓第二定律得：evB=m；

解得：v=，r與v成正比．

由圖看出，從c孔和d孔射出的電子半徑之比rc：rd=2：1，則速率之比vc：vd=rc：rd=2：1．

②電子圓周運動的周期為：T=；所有電子的周期相等；

從c孔和d孔射出的電子在盒內(nèi)運動時間分別為：tc=T，td=；

所以從c孔和d孔射出的電子在盒內(nèi)運動時間之比：tc：td=1：2；

故答案為：2：1，1：2．16、10.950.05【分析】【分析】由圖讀出波長，即可由波速公式求得周期．根據(jù)波形平移法得出形成圖示波形需要的時間，由波的傳播方向與振動方向的關(guān)系可以判斷出t1時刻質(zhì)點的狀態(tài)．【解析】【解答】解：據(jù)波形圖可知，波長為λ=4m，因此波動周期為T==s=1s

質(zhì)點的振動周期等于波動周期；即也為1s．

形成圖示的波形需要的時間t1==s=0.95s

根據(jù)波的傳播方向與振動方向的關(guān)系可以判斷，t1時刻波源處質(zhì)點正向平衡位置運動，回到平衡位置需要的最少時間等于波向右移動0.2m需要的時間，即t2=s=0.05s

故答案為：1，0.95，0.05．三、判斷題(共9題，共18分)17、√【分析】【分析】自然界物質(zhì)運動的形式是多樣的，每種運動形式都對應(yīng)一種形式的能量．各種運動形式的能量在一定條件下可以相互轉(zhuǎn)化【解析】【解答】解：根據(jù)能量守恒定律可知：自然界物質(zhì)運動的形式是多樣的；每種運動形式都對應(yīng)一種形式的能量．各種運動形式的能量在一定條件下可以相互轉(zhuǎn)化．

例如機械能對應(yīng)機械運動；內(nèi)能對應(yīng)分子的無規(guī)則運動．故每一種形式的能對應(yīng)于一種運動形式是對的．

故答案為：√18、√【分析】【分析】掌握電場線特點是解本題的關(guān)鍵，電場線從正電荷或無限遠出發(fā)，終止于無限遠或負電荷，不相交不閉合．【解析】【解答】解：電場中任意兩條電場線不會相交；否則相交的地方的電場線的方向有兩個．所以該說法是正確的．

故答案為：√19、√【分析】【分析】粒子在磁場中，由洛倫茲力提供向心力，故在磁場中做勻速圓周運動，寫出牛頓第二定律的方程，導(dǎo)出粒子的半徑公式即可做出判定．【解析】【解答】解：粒子在磁場中，由洛倫茲力提供向心力，故在磁場中做勻速圓周運動；由洛倫茲力提供向心力，有qvB=m，解得r=；粒子的比荷之比與軌道半徑之比成反比．

故答案為：√20、×【分析】【分析】平拋運動在水平方向上做勻速直線運動，在豎直方向上做自由落體運動，運動的時間由高度決定，與初速度無關(guān)．【解析】【解答】解：根據(jù)h=得：t=；知平拋運動的時間由高度決定，與初速度無關(guān)．所以這個說法是錯的．

故答案為：×．21、×【分析】【分析】B⊥L，根據(jù)安培力的公式F=BIL，求磁感應(yīng)強度B，注意公式是采用比值法定義的，磁場中某點磁感應(yīng)強度的大小與F，Il等因素無關(guān)，是由磁場本身決定的．【解析】【解答】解：根據(jù)磁感應(yīng)強度的定義式，有：；由此可知的磁感應(yīng)強度與導(dǎo)線的放置；長短、電流大小等因素無關(guān)，即該處的磁感應(yīng)強度有磁場本身決定．

所以如果通電的金屬棒在磁場中不受力的作用；該處的磁感應(yīng)強度不一定為零．故以上說法是錯誤的．

故答案為：×22、√【分析】【分析】掌握電場線特點是解本題的關(guān)鍵，電場線從正電荷或無限遠出發(fā)，終止于無限遠或負電荷，不相交不閉合．【解析】【解答】解：電場中任意兩條電場線不會相交；否則相交的地方的電場線的方向有兩個．所以該說法是正確的．

故答案為：√23、×【分析】【分析】加速度是反映速度變化快慢的物理量，當加速度方向與速度方向相同，做加速運動，當加速度方向與速度方向相反，做減速運動．【解析】【解答】解：加速度是反映速度變化快慢的物理量．根據(jù)牛頓第二定律可知；加速度的方向與物體受到的合外力的方向相同；

結(jié)合速度與加速度的關(guān)系可知；當加速度方向與速度方向相同，加速度減小，速度增大．當物體的加速度方向與速度方向相反，速度減?。?/p>

所以作用在物體上的合外力減小時；速度可能隨之減小，也可能隨之增大．所以以上說法是錯誤的．

故答案為：×24、×【分析】【分析】結(jié)合產(chǎn)生感應(yīng)電流的條件：閉合回路的磁通量發(fā)生變化即可正確判定．【解析】【解答】解：產(chǎn)生感應(yīng)電流的條件是閉合回路的磁通量發(fā)生變化；題目中穿過閉合導(dǎo)體回路所包圍面積的磁通量為零時，沒有說明磁通量是否變化，所以不能判斷出沒有感應(yīng)電流產(chǎn)生．所以以上說法是錯誤的．

故答案為：×25、√【分析】【分析】參考系，是指研究物體運動時所選定的參照物體或彼此不作相對運動的物體系；參考系的選取是任意的，如何選擇參照系，必須從具體情況來考慮，一般情況下我們以地面或地面上的物體作為參考系．【解析】【解答】解：參考系；是指研究物體運動時所選定的參照物體或彼此不作相對運動的物體系；參考系的選取是任意的，參考系的選取應(yīng)使物體運動的描述盡可能簡單．該說法是正確的．

故答案為：√四、畫圖題(共2題，共12分)26、略

【分析】【解析】試題分析：由圖讀出波長，由波速公式求出周期．根據(jù)簡諧運動在一個周期內(nèi)通過的路程，求出位移．采用波形平移的方法畫出7s時的波形圖．由圖直接可得波長根據(jù)得：7秒內(nèi)波傳播的位移為：根據(jù)平移法，把波形沿傳播方向平移3.5米，如下圖實線：考點：畫波形圖【解析】【答案】圖形向左平移1.5m27、略

【分析】彈力的方向總是與物體接觸面的切面垂直，然后指向受力物體，據(jù)此可得思路分析：彈力的方向總是與物體接觸面的切面垂直，然后指向受力物體試題【解析】【答案】【解析】彈力的方向總是與物體接觸面的切面垂直，然后指向受力物體，據(jù)此可得思路分析：彈力的方向總是與物體接觸面的切面垂直，然后指向受力物體試題五、推斷題(共4題，共40分)28、Ⅰ.（1）羧基、羥基和酯基

（2）③④⑤

Ⅱ.（1）

（2）取代反應(yīng)

（3）

（4）（其中任一種）【分析】【分析】本題考查有機物的合成與推斷、同分異構(gòu)現(xiàn)象、取代反應(yīng)、官能團、消去反應(yīng)、醇類，注意基礎(chǔ)知識的理解與掌握，明確有機物所含官能團與性質(zhì)的關(guān)系，掌握同分異構(gòu)體的書寫方法?！窘獯稹竣駌m{.(1)}據(jù)rm{X}的結(jié)構(gòu)簡式可知，rm{X}中含氧原子的官能團為羧基、羥基和酯基；故答案為：羧基、羥基和酯基；rm{(2)壟脵}據(jù)rm{X}的結(jié)構(gòu)簡式可知，rm{X}的分子式為rm{C}rm{C}rm{{,!}_{16}}rm{H}rm{H}rm{{,!}_{18}}故rm{O}錯誤rm{O}個rm{{,!}_{9}}分子含有rm{壟脵}個羧基、rm{壟脷1}個酚羥基和rm{X}個酯基，則rm{1}最多能與rm{2}反應(yīng)，故rm{1}錯誤；rm{lmolX}含有一個碳碳雙鍵和一個苯環(huán)，則rm{4molNaOH}最多能與rm{壟脷}rm{壟脹X}rm{1molX}發(fā)生加成反應(yīng)，故rm{4mol}正確；rm{H}綠原酸水解后所得兩產(chǎn)物分別為兩產(chǎn)物碳原子數(shù)之差為rm{H}故rm{{,!}_{2}}正確；rm{壟脹}含有羧基，能與碳酸氫鈉溶液反應(yīng)，含有碳碳雙鍵，能被酸性高錳酸鉀氧化，使酸性高錳酸鉀溶液褪色，故rm{壟脺}正確；故答案為：rm{2}Ⅱrm{壟脺}根據(jù)題中各物質(zhì)的轉(zhuǎn)化關(guān)系，對比綠原酸和rm{壟脻X}的結(jié)構(gòu)簡式及轉(zhuǎn)化條件可知，rm{壟脻}為則rm{壟脹壟脺壟脻}為rm{.}在濃硫酸加熱的條件下發(fā)生消去反應(yīng)生成對羥基苯甲酸，rm{C}是一種芳香族化合物，rm{A}發(fā)生題中信息中的反應(yīng)生成rm{B}為rm{B}據(jù)以上分析知rm{D}的結(jié)構(gòu)簡式為故答案為：rm{C}為rm{D}為對比rm{(1)}和rm{D}的結(jié)構(gòu)簡式可知rm{(2)A}的反應(yīng)類型是取代反應(yīng)，故答案為：取代反應(yīng)；rm{C}為rm{A}為對羥基苯甲酸，rm{C}在濃硫酸加熱的條件下發(fā)生消去反應(yīng)生成rm{A隆煤C}反應(yīng)的化學(xué)方程式為：故答案為：rm{(3)B}的同分異構(gòu)體中含有苯環(huán)且遇氯化鐵溶液顯紫色，說明有酚羥基，其中核磁共振氫譜為rm{E}組峰，且面積比為rm{B}rm{E}rm{(4)E}rm{4}說明分子中有rm{2}種未知的氫原子，且?guī)追N氫原子的個數(shù)比為rm{2}符合條件的rm{1}的結(jié)構(gòu)簡式是故答案為：rm{1}其中任一種rm{4}rm{2:2:1:1}【解析】Ⅰrm{.(1)}羧基、羥基和酯基rm{(2)壟脹}rm{壟脺}rm{壟脺}Ⅱrm{壟脻}rm{.(1)}取代反應(yīng)rm{(2)}rm{(3)}rm{(4)}其中任一種rm{(}rm{)}29、（1）碳碳三鍵、溴原子C10H12

（2）消去反應(yīng)

（3）

（4）3,4-二羥基-1,6己二酸

（5）

（6）

（7）【分析】【分析】本題考查有機物的推斷和合成，有機物的命名，官能團的名稱，化學(xué)方程式、結(jié)構(gòu)簡式、分子式的書寫，同分異構(gòu)體、反應(yīng)類型的判斷等，難度中等。【解答】rm{(1)}化合物rm{A}中含有的官能團名稱是碳碳三鍵、溴原子；rm{D}的分子式為rm{C_{10}H_{12}}故答案為：碳碳三鍵、溴原子；rm{C_{10}H_{12}}rm{(2)}由rm{C}生成rm{D}的反應(yīng)類型為消去反應(yīng)；rm{A}形成高聚物的結(jié)構(gòu)簡式為故答案為：消去反應(yīng)；rm{(3)F}與足量銀氨溶液反應(yīng)的化學(xué)方程式故答案為：rm{(4)}化合物rm{H}的系統(tǒng)命名為：rm{3}rm{4-}二羥基rm{-1}rm{6}己二酸；故答案為：rm{3}rm{4-}二羥基rm{-1}rm{6}己二酸；rm{(5)}化合物rm{I}的質(zhì)譜表明其相對分子質(zhì)量為rm{142}rm{I}的核磁共振氫譜顯示為rm{2}組峰，rm{I}的結(jié)構(gòu)簡式為rm{(6)}在化合物rm{I}的同分異構(gòu)體中能同時符合下列條件rm{壟脵}具有酚結(jié)構(gòu)；rm{壟脷}僅有一種官能團；rm{壟脹}具有rm{4}種氫原子的是故答案為：rm{(7)2}rm{5-}二甲基四氫呋喃rm{(}rm{)}是新的液態(tài)代用燃料，其具有比能量高、沸點高、可再生等優(yōu)點。該有機物可由rm{A}先與rm{H_{2}}發(fā)生加成反應(yīng)等一系列步驟來制備，則合成路線為：故答案為：【解析】rm{(1)}碳碳三鍵、溴原子rm{C_{10}H_{12}}rm{(2)}消去反應(yīng)rm{(3)}rm{(4)3}rm{4-}二羥基rm{-1}rm{6}己二酸rm{(5)}rm{(6)}rm{(7)}30、（1）C7H8

（2）酚羥基、羧基

（3）氧化反應(yīng)

（4）13

（5）n+（n-1）H2O

（6）【分析】【分析】本題考查有機物推斷，側(cè)重考查學(xué)生分析推斷及合成路線設(shè)計能力，明確官能團及其性質(zhì)關(guān)系、反應(yīng)條件是解本題關(guān)鍵，難點是合成路線設(shè)計，可以采用正向或逆向方法進行設(shè)計，題目難度中等?！窘獯稹肯鄬Ψ肿淤|(zhì)量為rm{92}的某芳香烴rm{X}是一種重要的有機化工原料，令分子組成為rm{CxHy}則rm{dfrac{92}{12}=7?8}由烷烴中rm{C}原子與rm{H}原子關(guān)系可知，該烴中rm{C}原子數(shù)目不能小于rm{7}故該芳香烴rm{X}的分子式為rm{C_{7}H_{8}}結(jié)構(gòu)簡式為rm{X}與氯氣發(fā)生取代反應(yīng)生成rm{A}rm{A}轉(zhuǎn)化生成rm{B}rm{B}催化氧化生成rm{C}rm{C}能與銀氨溶液反應(yīng)生成rm{D}故B含有醇羥基、rm{C}含有醛基，故A為rm{B}為rm{C}為rm{D}酸化生成rm{E}故D為rm{E}為在濃硫酸、加熱條件下與濃硝酸發(fā)生取代反應(yīng)生成rm{F}結(jié)合反應(yīng)rm{壟脹}的產(chǎn)物可知rm{F}為rm{F}轉(zhuǎn)化生成rm{G}由于苯胺容易被氧化，由反應(yīng)信息Ⅰ、反應(yīng)信息Ⅱ可知，rm{G}為發(fā)生反應(yīng)生成rm{Y}rm{Y}為功能高分子化合物，故rm{Y}的結(jié)構(gòu)簡式為與乙酸發(fā)生酯化反應(yīng)生成阿司匹林rm{(}rm{)}

rm{(1)}通過以上分析知，rm{X}分子式為rm{C_{7}H_{8}}故答案為：rm{C_{7}H_{8}}

rm{(2)}中官能團的名稱為酚羥基和羧基，故答案為：酚羥基；羧基；

rm{(3)}反應(yīng)rm{壟脷}的反應(yīng)類型是氧化反應(yīng)，通過以上分析知，rm{壟脷}的結(jié)構(gòu)簡式為故答案為：還原反應(yīng)；rm{E}阿司匹林同分異構(gòu)體滿足下列條件：A.能與rm{(4)}發(fā)生反應(yīng)生成氣體，說明有羧基；B.能夠發(fā)生水解反應(yīng)，且水解反應(yīng)的產(chǎn)物之一能與氯化鐵作用顯紫色，另一種產(chǎn)物能與新制的氫氧化銅在加熱的條件下反應(yīng)生成磚紅色沉淀；說明有酯基，且水解產(chǎn)物為酚和甲酸；

如果取代基為rm{NaHCO_{3}}rm{HCOO-}有鄰間對rm{-CH_{2}COOH}種結(jié)構(gòu)；如果取代基為rm{3}rm{HCOO-}一個rm{-COOH}rm{-CH_{3}}rm{HCOO-}為相鄰位置，有rm{-COOH}種同分異構(gòu)體；

如果rm{4}rm{HCOO-}為相間位置，有rm{-COOH}種同分異構(gòu)體；

如果rm{4}rm{HCOO-}為相對位置，有rm{-COOH}種同分異構(gòu)體；所以符合條件的有rm{2}種，故答案為：rm{13}rm{13}鄰氨基苯甲酸在一定條件下反應(yīng)生成rm{(5)}反應(yīng)rm{Y}的化學(xué)方程式為rm{壟脺}rm{xrightarrow{{脪祿露簍脤玫錄鎂脧脗}}}rm{n}故答案為：rm{

xrightarrow{{脪祿露簍脤玫錄鎂脧脗}}}rm{xrightarrow{{脪祿露簍脤玫錄鎂脧脗}}}rm{+(n-1)H_{2}O}rm{n}在催化劑條件下發(fā)生加成反應(yīng)生成再在氫氧化鈉醇溶液、加熱條件下發(fā)生消去反應(yīng)生成與氯氣發(fā)生加成反應(yīng)生成最后在氫氧化鈉水溶液中發(fā)生水解反應(yīng)生成合成反應(yīng)流程圖為：故答案為：rm{

xrightarrow{{脪祿露簍脤玫錄鎂脧脗}}}【解析】rm{(1)C_{7}H_{8}}rm{{,!}_{(2)}}酚羥基、羧基rm{(3)}氧化反應(yīng)rm{(4)13}rm{(5)n}rm{xrightarrow{{脪祿露簍脤玫錄鎂脧脗}}}rm{

xrightarrow{{脪祿露簍脤玫錄鎂脧脗}}}

rm{+(n-1)H_{2}O}rm{(6)}31、（1）2-甲基丙烯取代反應(yīng)（2）C12H14O2羥基、酯基3（3）（4）（5）11（6）【分析】【分析】本題考查有機物的推斷與合成，難度中等，注意各類有機物的轉(zhuǎn)化關(guān)系是解答關(guān)鍵?！窘獯稹縭m{(1)A}的分子式為rm{C_{4}H_{8}}可與溴單質(zhì)發(fā)生加成反應(yīng)，則rm{A}為烯烴，rm{A}的核磁共振氫譜有兩組峰，且峰面積之比為rm{3隆脙1}則rm{A}的結(jié)構(gòu)簡式為rm{CH_{2}=C(CH_{3})_{2}}其名稱為rm{2-}甲基丙烯，rm{B隆煤C}為鹵代烴的水解反應(yīng)即取代反應(yīng)，為鹵代烴的水解反應(yīng)即取代反應(yīng)，故答案為：rm{B隆煤C}甲基丙烯；取代反應(yīng)；rm{2-}rm{(2)}的結(jié)構(gòu)簡式為：則rm{G}的結(jié)構(gòu)簡式為：的分子式為rm{G}rm{G}羥基、酯基，rm{C_{12}H_{14}O_{2}}中含有，所含官能團為酯基，其中有rm{1molG}中含有rm{2mol}酯基，其中有rm{1mol}是酚酯基，所以rm{1molG}與rm{NaOH}溶液反應(yīng)最多消耗rm{3molNaOH}是酚酯基，所以rm{1molG}與rm{2mol}溶液反應(yīng)最多消耗rm{1mol}，故答案為：rm{1molG}羥基、酯基；rm{NaOH}rm{3molNaOH}由信息rm{C_{12}H_{14}O_{2}}可推得rm{3}為rm{(3)}rm{(3)}發(fā)生縮聚反應(yīng)生成rm{D}為故答案為：rm{(CH_{3})_{2}COHCOOH}rm{D}在濃硫酸加熱的條件下會生成一種含六元環(huán)的化合物，該反應(yīng)的化學(xué)方程式為故答案為：rm{H}rm{(4)}苯環(huán)上有兩個取代基；rm{D}在濃硫酸加熱的條件下會生成一種含六元環(huán)的化合物，該反應(yīng)的化學(xué)方程式為遇rm{D}rm{(5)}rm{壟脵}苯環(huán)上有兩個取代基