2025年北師大版高三物理下冊階段測試試卷含答案

…………○…………內…………○…○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年北師大版高三物理下冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、如圖所示，質量為m的物體P放在光滑的傾角為θ的直角劈上．同時用力F向左推劈，使P與劈保持相對靜止．當前進的水平位移為s時，劈對P做的功為（）A.mgstanθB.mgssinθC.FsD.mgscosθ2、如圖所示，兩個電壓表V1和V2，其內阻的大小之比為=，兩個阻值大小相等的電阻接在電壓恒定的電源上，當電鍵S斷開時，兩電壓表的示數(shù)分別為U1與U2，當電鍵閉合時，則電壓表的示數(shù)分別為U1′與U2′，則下列關系式正確的是（）A.U1′＜U1，U2′＜U2B.U1′＞U1，U2′＞U2C.U1＜U2，U1′＜U2′D.U1′=U1，U2′=U23、以20m/s的速度作勻速直線運動的汽車，制動后能在10m內停下來，如果該汽車以40m/s的速度行駛，則它的制動距離應該是（）A.10mB.20mC.40mD.80m4、如圖所示的一個匝數(shù)為10匝的矩形線圈在勻強磁場中繞垂直于磁場的軸勻速轉動，周期為T，若用交流電壓表測得a、b兩點間的電壓為20.0V，則可知：若從中性面開始計時，當t=時，穿過線圈的磁通量的變化率約為（）A.1.41Wb/sB.2.0Wb/sC.14.1Wb/sD.0.707Wb/s5、A、B兩個物體均做勻變速直線運動，A的加速度a1=1.0m/s2，B的加速度a2=-2.0m/s2，根據這些條件做出的以下判斷，其中正確的是（）A.B的加速度大于A的加速度B.A一定做勻加速直線運動，B一定做勻減速直線運動C.任意時刻兩個物體的速度都不可能為零D.兩個物體的運動方向一定相反6、下列說法不正確的是（）A.用標準平面檢查光學平面的平整程度是利用光的偏振現(xiàn)象B.照相機的鏡頭呈現(xiàn)淡紫色是光的干涉現(xiàn)象C.泊松亮斑是由光的衍射現(xiàn)象形成的D.在光導纖維束內傳送圖象是利用光的全反射現(xiàn)象7、理想變壓器原副線圈匝數(shù)比為n1：n2=5：1，如圖所示．在原線圈中輸入交變電壓，其電壓的瞬時值表達式為u1=220sin100πt（v），在副線圈兩端接入一電阻R=11Ω和一只交流電壓表，下列說法正確的是（）A.電壓表的示數(shù)44VB.電壓表的指針周期性左右偏轉C.電阻兩端電壓頻率為100πHzD.電阻消耗的功率為352W評卷人得分二、填空題(共6題，共12分)8、（2015?靜安區(qū)一模）如圖所示，電源電動勢E=10V，內阻r=1Ω，R1=3Ω．電鍵S斷開時，R2的功率為4W，電源的輸出功率為4.75W，則電流表的讀數(shù)為____A；電鍵S接通后，電流表的讀數(shù)為2A．則R3=____Ω．9、一個帶電小球，帶有5.0×10-9C的負電荷．當把它放在電場中某點時，受到方向豎直向下、大小為2.0×10-8N的電場力，則該處的場強大小為____，方向____．如果在該處放上一個電量為3.2×10-12C帶正電的小球，所受到的電場力大小為____，方向____．10、如圖所示，一根原長為L的輕彈簧．豎直放置，下端固定在水平地面上，一個質量為m的小球，在彈簧的正上方從距地面高為H處自由下落并壓縮彈簧．若彈簧的最大壓縮量為x，小球下落過程受到的空氣阻力恒為f，則小球下落的整個過程中，小球動能的增量為____，小球重力勢能的增量為____，彈簧彈性勢能的增量為____．

11、C．（選修模塊3-5）

（1）下列說法中正確的是____．

A．隨著溫度的升高；一方面各種波長的輻射強度都有增加，另一方面輻射強度的極大值向波長較短的方向移動。

B．在康普頓效應中；當入射光子與晶體中的電子碰撞時，把一部分動量轉移給電子，因此光子散射后波長變短。

C．根據海森伯提出的不確定性關系可知；不可能同時準確地測定微觀粒子的位置和動量。

D．4個放射性元素的原子核經過一個半衰期后一定還剩下2個沒有發(fā)生衰變。

（2）在《探究碰撞中的不變量》實驗中，某同學采用如圖所示的裝置進行實驗．把兩個小球用等長的細線懸掛于同一點，讓B球靜止，拉起A球，由靜止釋放后使它們相碰，碰后粘在一起．實驗過程中除了要測量A球被拉起的角度θ1，及它們碰后擺起的最大角度θ2之外，還需測量____（寫出物理量的名稱和符號）才能驗證碰撞中的動量守恒．用測量的物理量表示動量守恒應滿足的關系式是____．

（3）2008年10月7日，日美科學家分享了當年諾貝爾物理學獎．他們曾就特定對稱性破缺的起源給出了解釋，并預言了一些當時還未發(fā)現(xiàn)的夸克．夸克模型把核子（質子和中子）看做夸克的一個集合體，且每三個夸克組成一個核子．已知質子和中子都是由上夸克u和下夸克d組成的．每種夸克都有對應的反夸克．一個上夸克u帶有+e的電荷，而一個下夸克d帶有-e的電荷，因此一個質子p可以描述為p=uud，則一個中子n可以描述為n=____．一個反上夸克帶有-e的電荷，一個反下夸克帶有+e的電荷，則一個反質子p可描述為=____．

12、【題文】在真空中O點放一個點電荷Q＝＋1.0×10-9C，直線MN通過O點，OM的距離r＝30cm，M點放一個點電荷q＝－1.0×10-10C，如圖所示，（已知靜電力常量）則q在M點受到點電荷Q的作用力為F=____N；點電荷Q在M點的場強E=____N/C。

13、我們通常所說的“今天氣溫27℃”，如用國際單位表示則為____K；“中午氣溫比早上氣溫升高了5℃，如用國際單位來表示則為升高了____K．評卷人得分三、判斷題(共5題，共10分)14、影響蒸發(fā)快慢的因素有絕對濕度、表面積、溫度．____．（判斷對錯）15、物體的運動狀態(tài)發(fā)生了變化，一定受到外力的作用．____（判斷對錯）16、永磁體在受到加熱或敲打后，磁性不會發(fā)生改變____．（判斷對錯）17、封閉在汽缸內一定質量的氣體，如果保持氣體體積不變，當溫度升高時，每秒撞擊單位面積器壁的分子數(shù)增多．____．（判斷對錯）18、點電荷一定是電量很小的電荷．____．（判斷對錯）評卷人得分四、解答題(共2題，共6分)19、汽車在平直公路上以10米/秒作勻速直線運動，發(fā)現(xiàn)前面有情況而剎車，獲得的加速度大小是2米/秒2；則。

（1）汽車在第2秒末的速度大小是多少？

（2）汽車經多長時間停下來？

（3）汽車在前10秒內的位移大小是多少？20、如圖所示，一斜劈質量M=5kg，斜面長L=4m，傾角為37°靜止在地面上．一小物塊質量m=1kg，由斜面頂端自由滑下，經2s到達斜面底端，（g=10m/s2）求：

（1）物體沿斜面下滑時的加速度。

（2）物塊與斜面間的動摩擦因數(shù)。

（3）地面作用于斜劈的摩擦力．評卷人得分五、證明題(共4題，共20分)21、一物體做初速度為v0的勻加速直線運動，加速度為a，經過時間t速度達到vt，試證明物體經過時刻的速度等于這段時間內的平均速度，還等于．22、如圖所示，小球用不可伸長的長度為L的輕繩懸于O點．（不計阻力）試證明：繩對小球在最低點拉力T1與最高點拉力T2之差T1-T2=6mg．

23、電磁彈是我國最新研究的重大科技項目，原理可用下述模型說明．如圖甲所示，虛線MN右側存在豎直向上的勻強磁場，邊長為L的正方形單匝金屬線框abcd放在光滑水平面上，電阻為R，質量為m，ab邊在磁場外側緊靠MN虛線邊界．t=0時起磁感應強度B隨時間t的變化規(guī)律是B=B0+kt（k為大于零的常數(shù)）．空氣阻力忽略不計．

（1）求t=0時刻；線框中感應電流的功率P；

（2）若用相同的金屬線繞制相同大小的n匝線框，如圖乙所示，在線框上加一質量為M的負載物，證明：載物線框匝數(shù)越多，t=0時線框加速度越大．24、電磁彈是我國最新研究的重大科技項目，原理可用下述模型說明．如圖甲所示，虛線MN右側存在豎直向上的勻強磁場，邊長為L的正方形單匝金屬線框abcd放在光滑水平面上，電阻為R，質量為m，ab邊在磁場外側緊靠MN虛線邊界．t=0時起磁感應強度B隨時間t的變化規(guī)律是B=B0+kt（k為大于零的常數(shù)）．空氣阻力忽略不計．

（1）求t=0時刻；線框中感應電流的功率P；

（2）若用相同的金屬線繞制相同大小的n匝線框，如圖乙所示，在線框上加一質量為M的負載物，證明：載物線框匝數(shù)越多，t=0時線框加速度越大．參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、A【分析】【分析】m與楔形物體相對靜止，二者必定都向左加速運動．即m的合外力方向水平向左，畫出m的受力圖，求出楔形物體對小物體的作用力，根據功的公式即可求解．【解析】【解答】解：m與楔形物體相對靜止；二者必定都向左加速運動．即m的合外力方向水平向左，畫出m的受力圖，根據幾何關系得：

N=

所以劈對P做的功為：W=Nssinθ=mgstanθ

故選：A2、C【分析】【分析】串聯(lián)中的電壓表示數(shù)為之比為電壓表內阻之比，電壓表與電阻并聯(lián)后的示數(shù)之比為兩并聯(lián)后的阻值之比．【解析】【解答】解：當電鍵斷開時，因為=，所以U1=U＜U2=U

當電鍵閉合后，設電壓表V1和R并聯(lián)后的電阻為RV1′，電壓表V2和R并聯(lián)后的電阻為RV2′；

因為RV1＜RV2，所以U1′＜U2′；即C正確．AB錯誤。

又由RV1′=和=，得RV2′=＜，所以RV2′＜2RV1′，即U2′＜2U1′

又因為U2′+U1′=U所以U2′＜U，U1′＞U；故D錯誤．

故選：C3、C【分析】【分析】根據勻變速直線運動的速度位移公式求出汽車勻減速直線運動的加速度大小，再根據速度位移公式求出汽車以40m/s的速度行駛時制動距離．【解析】【解答】解：根據勻變速直線運動的速度位移公式得，v2=2ax，解得a=．

則汽車以40m/s的速度行駛，制動距離．故C正確；A；B、D錯誤．

故選C．4、B【分析】【分析】矩形線圈在勻強磁場中繞垂直于磁場的軸勻速轉動時，從中性面開始計時，線圈中感應電動勢的瞬時值表達式為e=Emsinωt=Emsint；

若用交流電壓表測得a、b兩點間的電壓為20.0V，求出有效值．再求解t=時線圈的磁通量的變化率．【解析】【解答】解：一個匝數(shù)為10匝的矩形線圈在勻強磁場中繞垂直于磁場的軸勻速轉動，周期為T，若用交流電壓表測得a、b兩點間的電壓為20.0V；

所以Em=nBSω=20V

從中性面開始計時，線圈中感應電動勢的瞬時值表達式為e=Emsinωt=Emsint=20sint；

當t=時，e=n=20V

所以t=時線圈的磁通量的變化率=2.0Wb/s

故選B．5、A【分析】【分析】物體做加速運動還是減速運動關鍵是看加速度和速度的方向是相同還是相反，不是看加速度的正負；表示矢量時，負號表示矢量的方向不表示矢量的大?。窘馕觥俊窘獯稹拷猓篈、A的加速度a1=1.0m/s2，B的加速度a2=-2.0m/s2，由此可知加速度a2的負號表示方向與a1相反，大小為2m/s2；故A正確；

B；因為不知道速度的方向；可能A加速，B減速，也可能A減速，而B加速，故B錯誤；

C；由于A、B中一個加速時另一個減速；減速運動的物體某個時刻速度會為零，故C錯誤；

D；由題意；只知道加速度是相反的，兩個物體的運動方向可能相同，也可能相反，故D錯誤．

故選A．6、A【分析】【解答】A；用標準平面檢查光學平面的平整程度是利用光在標準平面與被檢查的平面之間的空氣薄膜的前后表面上的兩束反射光的干涉現(xiàn)象．故A錯誤；

B；照相機的鏡頭呈現(xiàn)淡紫色是光的干涉現(xiàn)象；因為可見光有“紅、橙、黃、綠、藍、靛、紫”七種顏色，而膜的厚度是唯一的，所以只能照顧到一種顏色的光讓它完全進入鏡頭，一般情況下都是讓綠光全部進入的，這種情況下，你在可見光中看到的鏡頭反光其顏色就是藍紫色，因為這反射光中已經沒有了綠光．故B正確；

C；泊松亮斑是由光的衍射現(xiàn)象；在圓形障礙物后面的中心處形成的亮斑．故C正確；

D；在光導纖維束內傳送圖象是利用光的全反射現(xiàn)象．故D正確．

故選：A

【分析】用標準平面檢查光學平面的平整程度是利用光的薄膜干涉現(xiàn)象；照相機的鏡頭呈現(xiàn)淡紫色是光的干涉現(xiàn)象；泊松亮斑是由光的衍射現(xiàn)象形成的；在光導纖維束內傳送圖象是利用光的全反射現(xiàn)象．7、A【分析】【分析】根據電壓與匝數(shù)程正比，原線圈電壓瞬時值表達式可以知道頻率，結合歐姆定律逐項分析．【解析】【解答】解：A、原線圈電壓有效值為220V，電壓表測的是電阻兩端電壓的有效值，由電壓與匝數(shù)成正比得，u2=44V；即電壓表的示數(shù)是44V，選項A正確；

B；電壓表的指針固定不動；故選項B錯誤；

C、由電壓的瞬時值表達式可知，交流電源的頻率為=50Hz；選項C錯誤．

D、通過電阻R的電流是=4A，電阻R消耗的電功率為P=42×11=176W；選項D錯誤；

故選：A二、填空題(共6題，共12分)8、0.5【分析】【分析】電鍵S斷開時，由電源的輸出功率與R2的功率之差得到R1的功率，由公式P1=I2R1求出通過R1的電流，即可得到R2的電流．

設出R3的阻值，由串聯(lián)并聯(lián)電路求得I的表達式進而求得R3．【解析】【解答】解：電鍵S斷開時，由P出-P2=I2R1得：

電路中電流I===0.5A

則R2===16Ω

接通電鍵S后，設電路中電流為I′：I′1=2A；

I′1=代入數(shù)據可得：R3=

故答案為：0.59、4N/C豎直向上1.28×10-11N豎直向上【分析】【分析】已知試探電荷所受的電場力F和電荷量q，根據場強的定義式E=求場強的大小，場強的方向與負電荷所受的電場力方向相反．電場中同一點場強不變，由F=Eq求電場力．【解析】【解答】解：場強大小為E===4N/C；方向與負電荷所受的電場力方向相反，即豎直向上．

如果在該處放上一個電量為3.2×10-12C帶正電的小球，所受到的電場力大小為F′=q′E=3.2×10-12C×4N/C=1.28×10-11N；方向豎直向上．

故答案為：4N/C，豎直向上．1.28×10-11N，豎直向上．10、略

【分析】

小球下落的整個過程中；開始時速度為零，結束時速度也為零；

所以小球動能的增量為0．

小球下落的整個過程中，重力做功WG=mgh=mg（H+x-L）

根據重力做功量度重力勢能的變化WG=-△Ep得：

小球重力勢能的增量為-mg（H+x-L）．

根據動能定理得：

WG+Wf+W彈=0-0=0

所以W彈=-（mg-f）（H+x-L）

根據彈簧彈力做功量度彈性勢能的變化W彈=-△Ep得：

彈簧彈性勢能的增量為（mg-f）（H+x-L）

故答案為：0；-mg（H+x-L），mg-f）（H+x-L）

【解析】【答案】分析小球的運動過程；找出初末狀態(tài)．

根據重力做功量度重力勢能的變化；運用動能定理求出彈簧彈力做功，根據彈簧彈力做功量度彈性勢能的變化．

11、略

【分析】

（1）A；隨著溫度的升高；一方面各種波長的輻射強度都有增加，另一方面輻射強度的極大值向波長較短的方向移動．故A正確．

B、在康普頓效應中，當入射光子與晶體中的電子碰撞時，把一部分動量轉移給電子，根據知；光子散射后波長變長．故B錯誤．

C；根據不確定性關系可知；不可能同時準確地測定微觀粒子的位置和動量．故C正確．

D；半衰期具有統(tǒng)計規(guī)律；對大量的原子核適用．故D錯誤．

故選AC．

（2）根據機械能守恒定律，解得（mA+mB）gl（1-cosθ2）=解得v=

需要驗證mAvA=（mA+mB）v，即．所以需要測量兩球的質量mA、mB．

（3）中子的電量為0，類似于質子的描述，中子可以描述為udd．反質子的電量為-e，則反質子的描述為．

故答案為：（1）AC（2）兩物體的質量mA、mB，（3）udd，．

【解析】【答案】（1）隨著溫度的升高；一方面各種波長的輻射強度都有增加，另一方面輻射強度的極大值向波長較短的方向移動；在康普頓效應中，當入射光子與晶體中的電子碰撞時，把一部分動量轉移給電子，根據德布羅意波長公式判斷波長的變化；根據不確定性關系可知，不可能同時準確地測定微觀粒子的位置和動量；半衰期具有統(tǒng)計規(guī)律，對大量的原子核適用．

（2）根據機械能守恒定律求出碰撞前后瞬間的速度；從而驗證動量守恒定律．

（3）抓住中子電量為0；反質子電量為-e確定中子和反質子的描述．

12、略

【分析】【解析】

試題分析:先依據庫倫定律求出q所受電場力，然后利用電場強度的定義式即可求出在M所在處的場強的大?。鶕靷惗晒降肍=得F=1.0×10-8N；根據電場強度定義式得：E==100N/C。

考點：庫侖定律,電場強度【解析】【答案】1.0×10-8N，100N/C13、3005【分析】【分析】溫度的國際單位是開爾文，叫做熱力學溫度，熱力學溫度與常用的攝氏溫度之間的換算關系是T=273.15+t，通常使用T=273+t．【解析】【解答】解：“今天氣溫27℃”；如用國際單位表示則為27+273=300K；“中午氣溫比早上氣溫升高了5℃，如用國際單位來表示則為升高了5K．

故答案為：300，5三、判斷題(共5題，共10分)14、×【分析】【分析】影響蒸發(fā)快慢的因素和液體的溫度、表面積以及空氣的流動性有關．【解析】【解答】解：根據蒸發(fā)與液化的特點；影響蒸發(fā)快慢的因素和液體的溫度；表面積以及空氣的流動性有關，與絕對濕度無關．故該說法是錯誤的．

故答案為：×15、√【分析】【分析】根據牛頓第一定律，力是改變物體運動狀態(tài)的原因，而物體的運動狀態(tài)發(fā)生改變，則物體的加速度a不為0，故力是產生加速度的原因．【解析】【解答】解：根據牛頓第一定律；力是改變物體運動狀態(tài)的原因，而物體的運動狀態(tài)發(fā)生改變，一定受到外力的作用．以上說法是正確的；

故答案為：√16、×【分析】【分析】永磁體在受到加熱或敲打后，磁性會減弱或消失，這種現(xiàn)象叫退磁．鐵磁性的物質與磁鐵接觸后會顯示出磁性，這種現(xiàn)象叫磁化．【解析】【解答】解：永磁體在受到加熱或敲打后；磁性會減弱或消失，這種現(xiàn)象叫退磁．所以這種說法是錯誤的．

故答案為：（×）17、√【分析】【分析】溫度是氣體分子平均動能變化的標志．氣體壓強是氣體分子撞擊器壁而產生的．【解析】【解答】解：如果保持氣體體積不變；當溫度升高時，分子的運動變得更加激烈，分子的運動加快，所以每秒撞擊單位面積器壁的分子數(shù)增多，氣體的壓強增大．故該說法正確．

故答案為：√18、×【分析】【分析】元電荷一定是電量最小的電荷；點電荷是一種理想化模型，其本身所帶的電量可以很大．【解析】【解答】解：點電荷是一種理想化模型；當帶電體的體積和形狀相對所研究的問題可以忽略的時候，帶電體可以看做點電荷，其本身所帶的電量可以很大．故此說法錯誤．

故答案為：×四、解答題(共2題，共6分)19、略

【分析】【分析】（1）；（2）根據勻變速直線運動的速度時間公式求出汽車剎車到速度為零所需的時間；再結合速度-時間公式求解；

（3）先判斷10s末汽車的狀態(tài)，再根據位移公式求出前10s內的位移大小．【解析】【解答】解：（1）、（2）設汽車剎車到停下所需的時間為t0．

則t0==s=5s

則汽車在第2秒末的速度大小v=v0+at=（10-2×2）m/s=6m/s．

（3）由于5s后汽車停止運動，則前10s內的位移等于5s內的位移，則x==m=25m

答：

（1）汽車在第2秒末的速度大小是6m/s．

（2）汽車經5s長時間停下來．

（3）汽車在前10秒內的位移大小是25m．20、略

【分析】【分析】（1）由運動學公式求的加速度；

（2）由牛頓第二定律求的摩擦因數(shù)；

（3）整體法由牛頓第二定律求的摩擦力【解析】【解答】解：（1）由得

（2）由牛頓第二定律得。

mgsin37°-μmgcos37°=ma；

解得μ=0.5

（3）整體法：由牛頓第二定律得。

f地=macosθ=1.6N

方向向左。

答：（1）物體沿斜面下滑時的加速度為2m/s2

（2）物塊與斜面間的動摩擦因數(shù)為0.5

（3）地面作用于斜劈的摩擦力為1.6N，方向向左五、證明題(共4題，共20分)21、略

【分析】【分析】根據位移時間公式的表達式，結合平均速度的定義式求出平均速度的大小，通過速度時間公式得出中間時刻的瞬時速度，判斷是否相等．【解析】【解答】證明：設物體在上述兩個T內的總位移為s，則s=v0?2T+a（2T）2

物體在這兩個T內的平均速度為==v0+aT=vT

而v0+aT==

故可證物體經過時刻的速度等于這段時間內的平均速度，還等于．22、略

【分析】【分析】根據牛頓第二定律分別求出小球通過最高點和最低點時拉力與速度的