2025年粵教版必修1物理下冊(cè)月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2025年粵教版必修1物理下冊(cè)月考試卷37考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、某同學(xué)乘坐電梯從1樓至20樓，電梯的啟動(dòng)和制動(dòng)階段均可視為勻變速運(yùn)動(dòng)。此過(guò)程中下列描述電梯運(yùn)動(dòng)的a—t圖像正確的是（）A.B.C.D.2、下列作直線運(yùn)動(dòng)的速度—時(shí)間圖象中，表示質(zhì)點(diǎn)作勻變速直線運(yùn)動(dòng)的是（）A.B.C.D.3、如圖所示是一個(gè)物體在一直線上運(yùn)動(dòng)的速度-時(shí)間圖像；由圖像可知物體在2s時(shí)的加速度和6s內(nèi)的位移分別是（）

A.a=3m/s2，x=27mB.a=3m/s2，x=0mC.a=4.5m/s2，x=27mD.a=4.5m/s2，x=0m4、有甲、乙兩根完全相同的輕繩，甲繩A、B兩端按圖甲的方式固定，然后將一掛有質(zhì)量為M的重物的光滑輕質(zhì)動(dòng)滑輪掛于甲輕繩上，當(dāng)滑輪靜止后，設(shè)甲繩子的張力大小為FT1；乙繩D、E兩端按圖乙的方式固定，然后將同樣的定滑輪且掛有質(zhì)量為M的重物掛于乙輕繩上，當(dāng)滑輪靜止后，設(shè)乙繩子的張力大小為FT2.現(xiàn)甲繩的B端緩慢向下移動(dòng)至C點(diǎn)，乙繩的E端緩慢向右移動(dòng)至F點(diǎn)；在兩繩的移動(dòng)過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的是()

A.FT1、FT2都變大B.FT1變大、FT2變小C.FT1、FT2都不變D.FT1不變、FT2變大5、下列有關(guān)行車安全的說(shuō)法正確的是()A.系好安全帶可以減小人的慣性B.同一輛車，速度越大停下來(lái)需要的時(shí)間越大，說(shuō)明速度大的車慣性大C.系好安全帶可以減輕因人的慣性而造成的傷害D.系好安全帶可以減輕因車的慣性而造成的傷害6、如圖所示，三個(gè)物塊A、B、C疊放在斜面上，用方向與斜面平行的拉力F作用在B上，使三個(gè)物塊一起沿斜面向上做勻速運(yùn)動(dòng).設(shè)物塊C對(duì)A的摩擦力為對(duì)B的摩擦力為下列說(shuō)法正確的是()

A.如果斜面光滑，與方向相同，且B.如果斜面光滑，與方向相反，且C.如果斜面粗糙，與方向相同，且D.如果斜面粗糙，與方向相反，且評(píng)卷人得分二、多選題(共7題，共14分)7、一只氫氣球被一根細(xì)繩拴?。患?xì)繩另一端固定在一個(gè)放在水平地面的物體上，風(fēng)沿水平方向吹來(lái)，細(xì)繩偏離豎直方向保持靜止，如圖實(shí)線所示，當(dāng)風(fēng)的方向不變，風(fēng)力變化，細(xì)繩偏離豎直方向到達(dá)如圖虛線所示位置，此時(shí)氣球和物體仍保持靜止，則。

A.氣球受到的合力變大B.細(xì)繩對(duì)氣球的拉力增大C.風(fēng)力變小D.地面上的物體對(duì)地面的摩擦力變大、壓力不變8、如圖所示，重力為G的小孩沿斜面勻速下滑；小孩受力如圖所示，則這些力之間的大小關(guān)系是（）

A.FN＝GcosθB.Ff＝GsinθC.FN＋Ff＝GD.G2＝FN2＋Ff29、關(guān)于自由落體運(yùn)動(dòng)，正確的描述是（）A.在連續(xù)相等時(shí)間內(nèi)的位移之差保持不變B.1s內(nèi)、2s內(nèi)、3s內(nèi)的位移之比是1：3：5C.物體通過(guò)前半程和后半程所用時(shí)間之比為1：D.第1s內(nèi)、第2s內(nèi)、第3s內(nèi)的平均速度之比是1：3：510、如圖所示的實(shí)驗(yàn)可以用來(lái)研究物體所受到的滑動(dòng)摩擦力，當(dāng)手拉木板從木塊下加速抽出時(shí)，彈簧測(cè)力計(jì)的示數(shù)為f；由此可知（）

A.木板與桌面間的滑動(dòng)摩擦力等于fB.木塊與木板間的滑動(dòng)摩擦力等于fC.繩子對(duì)木板的拉力大于fD.人手對(duì)繩子的拉力大于繩子對(duì)人手拉力11、在“探究?jī)蓚€(gè)互成角度的力的合成規(guī)律”實(shí)驗(yàn)中，某同學(xué)按圖甲實(shí)驗(yàn)，其中A為固定橡皮條的圖釘，O為橡皮條與細(xì)繩的結(jié)點(diǎn)，和為細(xì)繩套。圖乙是在白紙上根據(jù)實(shí)驗(yàn)結(jié)果畫出的力的圖示；下列說(shuō)法中正確的是（）

A.拉橡皮條時(shí)，彈簧秤、橡皮條、細(xì)繩應(yīng)貼近木板且與木板平面平行B.在實(shí)驗(yàn)中，兩個(gè)拉力的方向要相互垂直，便于計(jì)算合力C.同一次實(shí)驗(yàn)中，應(yīng)該保證橡皮條拉長(zhǎng)后的O點(diǎn)位置不變D.圖乙中的F是力和合力的理論值，是力和合力的實(shí)際測(cè)量值12、木塊A、B的重力分別為50N和60N，它們與水平地面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為0.25，夾在A、B之間的輕彈簧被壓縮了2cm，彈簧的勁度系數(shù)為400N/m。系統(tǒng)置于水平地面上靜止不動(dòng)?，F(xiàn)用F=1N的水平拉力作用在木塊B上，如圖所示。力F作用后（最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力）（）

A.木塊A所受摩擦力大小是12.5NB.木塊A所受摩擦力大小是8NC.木塊B所受摩擦力大小是7ND.木塊B所受摩擦力大小是9N13、傾角為37°的足夠長(zhǎng)斜面，上面有一質(zhì)量為2kg，長(zhǎng)8m的長(zhǎng)木板Q，木板上下表面與斜面平行。木板Q最上端放置一質(zhì)量為1kg的小滑塊P。P、Q間光滑，Q與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為若P、Q同時(shí)從靜止釋放，以下關(guān)于P、Q兩個(gè)物體運(yùn)動(dòng)情況的描述正確的是（sin37°=0.6，cos37°=0.8，g取10m/s2）（）

A.P、Q兩個(gè)物體加速度分別為6m/s2、4m/s2B.P、Q兩個(gè)物體加速度分別為6m/s2、2m/s2C.P滑塊在Q上運(yùn)動(dòng)時(shí)間為1sD.P滑塊在Q上運(yùn)動(dòng)時(shí)間為2s評(píng)卷人得分三、填空題(共8題，共16分)14、如圖所示，兩根直木棍相互平行，斜靠在豎直墻壁固定不動(dòng)，木棍與水平面間的傾角為θ，一根重量為G的水泥圓筒可以從木棍的上部勻速滑下，則水泥圓筒下滑過(guò)程中受到的摩擦力大小為_(kāi)_________。若保持兩根木棍傾角不變，將兩棍間的距離減小后固定不動(dòng)，仍將水泥圓筒放在兩根木棍的上部，則水泥圓筒在兩根木棍上受到的摩擦力將________（填不變；減小或增大）。

15、慣性。

（1）物體保持原來(lái)______狀態(tài)或______狀態(tài)的性質(zhì)叫作慣性．牛頓第一定律也被叫作______定律。

（2）慣性是物體的______屬性，一切物體都具有慣性。16、某地的重力加速度為在水平地面上有一量程為200g、最小分度為0.01g的電子秤，保持靜止，稱量某方形物體A的示數(shù)為100.00g。

（1）所以物體質(zhì)量______kg。

（2）將電子秤改造為加速度計(jì)，示數(shù)需要作變換?？梢援嫵鲭娮映邮緮?shù)p變換到加速度a的圖線，則圖線______一條直線（選填“是”或“不是”）

（3）手機(jī)中的加速度傳感器就是基于上述思路而設(shè)計(jì)的；通過(guò)測(cè)量已知質(zhì)量的物體對(duì)傳感器的壓力（壓力會(huì)使傳感器的應(yīng)變片發(fā)生微小形變，進(jìn)而使輸出電壓發(fā)生變化），經(jīng)過(guò)計(jì)算得到加速度并輸出。

由此，加速度傳感器依據(jù)的原理包括歐姆定律以及______

A.胡克定律B.牛頓第一定律C.牛頓第二定律D.牛頓第三定律。

（4）為了使加速度計(jì)更加靈敏（電梯的加速度改變秤的示數(shù)變化更明顯），應(yīng)該選用如下哪個(gè)物體替換物體A？______

A.6.00g的硬幣B.50.00g的雞蛋C.150.00g的手機(jī)D.250.00g的新華字典17、2009年3月29日，中國(guó)女子冰壺隊(duì)首次奪得世界冠軍，如圖所示，一冰壺以速度v垂直進(jìn)入三個(gè)矩形區(qū)域做勻減速運(yùn)動(dòng)，且剛要離開(kāi)第三個(gè)矩形區(qū)域時(shí)速度恰好為零，則冰壺依次進(jìn)入每個(gè)矩形區(qū)域時(shí)的速度之比為_(kāi)______，穿過(guò)每個(gè)矩形區(qū)域所用的時(shí)間之比為_(kāi)__________．

18、如圖，為一質(zhì)點(diǎn)做直線運(yùn)動(dòng)的v-t圖像，則該質(zhì)點(diǎn)在1s末的加速度為_(kāi)_______m/s2，在0~4s內(nèi)運(yùn)動(dòng)的位移為_(kāi)_______m．

19、重為G的均勻直桿AB一端用鉸鏈與墻相連，另一端用一條通過(guò)光滑的小定滑輪M的繩子系住，如圖所示，繩子一端與直桿AB的夾角為30°，繩子另一端在C點(diǎn)與AB垂直，AC=AB；滑輪與繩重力不計(jì)．則B點(diǎn)處繩子的拉力的大小是________N；軸對(duì)定滑輪M的作用力大小是________N．

20、如圖，豎直絕緣墻上固定一帶電小球A，將帶電小球B用輕質(zhì)絕緣絲線懸掛在A的正上方C處，圖中AC=h．當(dāng)B靜止在與豎直方向夾角方向時(shí)，A對(duì)B的靜電力為B所受重力的倍，則絲線BC長(zhǎng)度為_(kāi)______．若A對(duì)B的靜電力為B所受重力的0.5倍，改變絲線長(zhǎng)度，使B仍能在處平衡．以后由于A漏電，B在豎直平面內(nèi)緩慢運(yùn)動(dòng)，到處A的電荷尚未漏完，在整個(gè)漏電過(guò)程中，絲線上拉力大小的變化情況是_______．

21、在同一水平面上的幾個(gè)力同時(shí)作用于質(zhì)量為m的物體，物體處于靜止?fàn)顟B(tài)，如果其中一個(gè)大小為F的力順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)60°后（不計(jì)轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)間），物體的加速度大小為_(kāi)__________，物體運(yùn)動(dòng)t時(shí)間的位移為_(kāi)__________．評(píng)卷人得分四、實(shí)驗(yàn)題(共1題，共10分)22、很多物理實(shí)驗(yàn)；利用身邊的生活物品就可操作。一同學(xué)用電子秤；鏡框、細(xì)線和貼在墻上的白紙等物品，在家中探究力的平行四邊形定則。

(1)如圖甲所示，在電子秤下端懸掛一鏡框，記下鏡框_____________時(shí)電子秤的示數(shù)F；

(2)如圖乙所示，將三條細(xì)線的一端打結(jié)，另一端分別拴在兩電子秤掛鉤、鏡框上，互成角度拉開(kāi)細(xì)線使裝置靜止。在白紙上記下結(jié)點(diǎn)O的位置和細(xì)線的_______以及兩電子秤示數(shù)

(3)在白紙上按一定標(biāo)度在O點(diǎn)做出拉力F（沿方向向上）、的圖示，根據(jù)平行四邊形定則作出的合力的圖示，比較與_________的大小和方向，可判斷力的平行四邊形定則是否成立。評(píng)卷人得分五、解答題(共4題，共24分)23、在勻速直線運(yùn)動(dòng)中，物體運(yùn)動(dòng)的速度不變，因此位移x=vt，這在數(shù)值上恰好等于v-t圖像中陰影部分的面積，如圖（甲）所示。證明：在初速度為v0、加速度為a的勻變速度直線運(yùn)動(dòng)中，如圖（乙），梯形的面積在數(shù)值上等于勻變速直線運(yùn)動(dòng)的位移大??；并推導(dǎo)出位移公式（用v0、a、t表示）。

24、如圖所示，質(zhì)量m1＝1kg的物體甲通過(guò)三段輕繩懸掛，三段輕繩的結(jié)點(diǎn)為O，輕繩OB水平且B端與放在水平面上一質(zhì)量為m2的物體乙相連，輕繩OA與豎直方向的夾角θ＝37°，物體甲、乙均處于靜止?fàn)顟B(tài)，已知sin37°＝0.6，cos37°＝0.8，取g＝10m/s2；乙與水平面間的最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力。

(1)求輕繩OA受到的拉力大小；

(2)求物體乙受到的摩擦力大??；

(3)若物體乙的質(zhì)量m′2＝5kg，緩慢增大物體甲的質(zhì)量，當(dāng)物體甲的質(zhì)量m′1＝2kg時(shí)物體乙剛好開(kāi)始滑動(dòng)；求物體乙與水平面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)。

25、如圖所示，一質(zhì)量為長(zhǎng)為的長(zhǎng)木板B靜止于水平地面上，一質(zhì)量為可視為質(zhì)點(diǎn)的物塊A放在長(zhǎng)木板B的最右端，物塊A與木板B之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為B與地面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為現(xiàn)給木板B施加一水平向右的的拉力作用，經(jīng)過(guò)后撤去拉力取求：

(1)在作用時(shí)間內(nèi)；物塊A和木板B的加速度大小；

(2)在撤去時(shí)；物塊A相對(duì)木板B滑動(dòng)的距離；

(3)物塊A運(yùn)動(dòng)的總距離。

26、某質(zhì)量為1.0×103kg的汽車在平直路面上試車，當(dāng)速度達(dá)到30m/s時(shí)關(guān)閉發(fā)動(dòng)機(jī)，汽車做加速度大小為0.5m/s2的勻減速直線運(yùn)動(dòng)；直到停下來(lái)．若試車過(guò)程中汽車受到的阻力不變．求：

(1)汽車從關(guān)閉發(fā)動(dòng)機(jī)到停下所用的時(shí)間；

(2)汽車在減速過(guò)程中受到的阻力大??；

(3)汽車重新起步加速時(shí)牽引力為2.0×103N，求產(chǎn)生的加速度大?。畢⒖即鸢敢弧⑦x擇題(共6題，共12分)1、B【分析】【分析】

【詳解】

由題意得電梯啟動(dòng)時(shí)是勻加速運(yùn)動(dòng)；制動(dòng)時(shí)為勻減速運(yùn)動(dòng)，且加速運(yùn)動(dòng)的速度差和減速運(yùn)動(dòng)的速度差相同，又由圖可知圍成的面積表示速度，即兩個(gè)階段的面積相等。

故選B。2、C【分析】【詳解】

A．A圖象中速度不隨時(shí)間變化；是勻速運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；

B．B圖象中速度-時(shí)間圖象的斜率逐漸減??；是加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，故B錯(cuò)誤；

C．C圖象中速度隨時(shí)間均勻減??；是勻變速直線運(yùn)動(dòng)，故C正確；

D．D圖象中速度-時(shí)間圖象的斜率逐漸增大，是加速度增大的加速運(yùn)動(dòng)，故D錯(cuò)誤．3、A【分析】【詳解】

ABCD．由速度-時(shí)間圖像的斜率表示加速度，圖像與橫縱坐標(biāo)圍成的面積表示位移，故可求得，物體在2s時(shí)的加速度為：

和6s內(nèi)的位移分別為：

故BCD錯(cuò)誤；A正確；

故選A。4、D【分析】【詳解】

對(duì)甲圖設(shè)繩子總長(zhǎng)為L(zhǎng)，兩堵豎直墻之間的距離為S，左側(cè)繩長(zhǎng)為L(zhǎng)1，右側(cè)繩長(zhǎng)為L(zhǎng)2．由于繩子上的拉力處處相等，所以兩繩與豎直方向夾角相等，設(shè)為θ，則由幾何知識(shí)，得S=L1sinθ+L2sinθ=（L1+L2）sinθ

又L1+L2=L

得到

當(dāng)繩子右端慢慢向下移時(shí)，S、L沒(méi)有變化，則θ不變．繩子的拉力大小為T1，重物的重力為G．以滑輪為研究對(duì)象，根據(jù)平衡條件得2T1cosθ=G

解得

可見(jiàn)，當(dāng)θ不變時(shí)，繩子拉力T1不變；

對(duì)乙圖，當(dāng)繩子的右端從E向F移動(dòng)的過(guò)程中，由于繩子的長(zhǎng)度不變，所以兩個(gè)繩子之間的夾角增大，由于兩個(gè)繩子的合力大小等于物體的重力，方向與重力的方向相反，所以當(dāng)兩個(gè)繩子之間的夾角增大時(shí)，繩子的拉力之間的夾角增大，所以繩子的拉力T2增大．故ABC錯(cuò)誤；D正確。

故選D。5、C【分析】【詳解】

A.慣性大小唯一的量度是質(zhì)量；系好安全帶不能減小人的慣性，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；

B.慣性大小唯一的量度是質(zhì)量；與速度無(wú)關(guān)，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；

CD.系好安全帶可減輕因人的慣性而造成的危害，C正確，D錯(cuò)誤．6、D【分析】【分析】

【詳解】

AB、如果斜面光滑，先以A為研究對(duì)象，根據(jù)平衡條件沿斜面向上，即C對(duì)A的摩擦力大小為方向沿斜面向上．根據(jù)牛頓第三定律A對(duì)C的摩擦力沿斜面向下，以C為研究對(duì)象，根據(jù)平衡條件且可以看出且由牛頓第三定律知C對(duì)B的摩擦力方向沿斜面向下，即與的方向相反且大于故AB都錯(cuò)．

CD、同理，如果斜面粗糙，先以A為研究對(duì)象，根據(jù)平衡條件即C對(duì)A的摩擦力大小為方向沿斜面向上．根據(jù)牛頓第三定律A對(duì)C的摩擦力沿斜面向下．以C為研究對(duì)象受力分析，根據(jù)平衡條件其中是斜面對(duì)C的沿斜面向下的摩擦力；沿斜面向上，且可以看出即牛頓第三定律知C對(duì)B的摩擦力方向沿斜面向下，即與的方向相反且大于故C錯(cuò)，D正確．

【點(diǎn)睛】

本題的關(guān)鍵是能正確靈活的選擇研究對(duì)象，分析研究對(duì)象的受力，進(jìn)而列方程求解；同時(shí)也要注意牛頓第三定律在受力分析中的應(yīng)用．二、多選題(共7題，共14分)7、B:D【分析】【詳解】

A．氣球仍靜止；合力為零，不變，故A錯(cuò)誤；

BC．氣球受到重力、空氣浮力、水平風(fēng)力、繩子拉力四個(gè)力作用，處于動(dòng)態(tài)平衡，重力和浮力均為恒力，等效為豎直向上的恒力則氣球等效受到水平風(fēng)力、繩子拉力，在受力分析圖中將三力組成一個(gè)矢量三角形，其中大小和方向均不變；風(fēng)力的方向不變，當(dāng)繩子拉力與豎直方向夾角增大時(shí)，由圖象可知繩子的拉力增大；水平風(fēng)力增大，故B正確，C錯(cuò)誤；

D．整體法可知；地面對(duì)物體的支持力等于物體與氣球的重力減去浮力，故壓力也不變，地面對(duì)物體的摩擦力等于風(fēng)力，故摩擦力變大，故D正確；

故選BD。

8、A:B:D【分析】【分析】

【詳解】

AB．將重力G沿平行于斜面和垂直于斜面兩個(gè)方向分解如圖所示；

則有。

FN＝G2＝GcosθFf＝G1＝GsinθAB正確；

CD．重力G大小等于FN與Ff合力大??；同時(shí)有。

G2＝FN2＋Ff2C錯(cuò)誤；D正確。

故選ABD。9、A:C:D【分析】【分析】

【詳解】

A．則第1s內(nèi)的位移

第2s內(nèi)的位移

第3s內(nèi)的位移

相鄰兩個(gè)1s內(nèi)的位移之差都為10m；A正確；

B．前1s物體的位移為

前2s物體的位移為

前3s物體的位移為

則在1s內(nèi)；2s內(nèi)、3s內(nèi)的位移之比1：4：9；B錯(cuò)誤；

C．設(shè)全程高度為h，則由位移公式可以知道

則前半程的時(shí)間

全程的時(shí)間

則后半程所用時(shí)間為

故前后半程內(nèi)的時(shí)間之比為1C正確；

D．第1s內(nèi)的平均速度

第2s內(nèi)的平均速度

第3s內(nèi)的平均速度

因此在第1s內(nèi)；第2s內(nèi)、第3s內(nèi)的平均速度之比是1：3：5；D正確。

故選ACD。10、B:C【分析】【詳解】

AB．由于木塊靜止，根據(jù)平衡條件可知，木塊水平方向所受木板對(duì)它的滑動(dòng)摩擦力等于彈簧的彈力f；故B正確，A錯(cuò)誤；

D．人手對(duì)繩子的拉力與繩子對(duì)人手拉力是一對(duì)相互作用力；大小相等，故D錯(cuò)誤；

C．手拉木板從木塊下加速抽出，由牛頓第二定律可知，繩子對(duì)木板的拉力大于木塊對(duì)木板的滑動(dòng)摩擦力，根據(jù)牛頓第三定律知木塊對(duì)木板的摩擦力等于木板對(duì)木塊的摩擦力，木塊所受滑動(dòng)摩擦力又等于彈簧的彈力f，所以可推知繩子的拉力一定大于彈簧測(cè)力計(jì)的示數(shù)f；故C正確。

故選BC。11、A:C【分析】【詳解】

A．拉力應(yīng)該平行與紙面；否則方向無(wú)法準(zhǔn)確表示，A正確；

B．在實(shí)驗(yàn)中；兩個(gè)拉力的方向沒(méi)必要相互垂直，B錯(cuò)誤；

C．為了保證效果相同，同一次實(shí)驗(yàn)中，應(yīng)該保證橡皮條拉長(zhǎng)后的O點(diǎn)位置不變；C正確；

D．圖乙中的是力和合力的理論值，F(xiàn)是力和合力的實(shí)際測(cè)量值；D錯(cuò)誤。

故選AC。12、B:D【分析】【分析】

【詳解】

木塊A與地面間的最大靜摩擦力為。

Ffm=μmAg=0.25×50N=12.5N木塊B與地面間的最大靜摩擦力為。

Ffm′=μmBg=0.25×60N=15N彈簧彈力為。

F彈=kx=400×0.02N=8N施加水平拉力F后；對(duì)B受力分析，重力與支持力平衡，水平方向受向右的彈簧彈力和拉力，由于木塊B與地面間的最大靜摩擦力為15N，大于彈簧彈力和拉力之和，則木塊B靜止不動(dòng)，故木塊B受到的靜摩擦力與彈簧彈力和拉力的合力平衡，因而。

FfB=F彈+F=8N+1N=9N施加水平拉力F后；彈簧長(zhǎng)度沒(méi)有變化，彈力不變，故木塊A相對(duì)地面有向左的運(yùn)動(dòng)趨勢(shì)，則A受到向右的靜摩擦力，且與彈簧彈力平衡，因而。

FfA=F彈=8NBD正確。

故選BD。13、B:D【分析】【詳解】

AB．對(duì)P受力分析，受重力和Q對(duì)P的支持作用，根據(jù)牛頓第二定律有：

解得：6m/s2

對(duì)Q受力分析，受重力、斜面對(duì)Q的支持力、摩擦力和P對(duì)Q的壓力作用，根據(jù)牛頓第二定律有：

解得：m/s2；A錯(cuò)誤，B正確；

CD．設(shè)P在Q上面滑動(dòng)的時(shí)間為t，因=6m/s2>m/s2，故P比Q運(yùn)動(dòng)更快，根據(jù)位移關(guān)系有：

代入數(shù)據(jù)解得：t=2s；C錯(cuò)誤，D正確。

故選BD。三、填空題(共8題，共16分)14、略

【分析】【詳解】

[1]水泥圓筒從木棍的上部勻速滑下過(guò)程中，受到重力、兩棍的支持力和摩擦力，根據(jù)平衡條件得知

解得

[2]將兩棍間的距離稍減小后，兩棍支持力的合力不變，夾角減小，導(dǎo)至每根木棍對(duì)圓筒的支持力減小，因此滑動(dòng)摩擦力減小?！窘馕觥縂sinθ減小15、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】勻速直線運(yùn)動(dòng)靜止慣性固有16、略

【分析】【詳解】

（1）[1]靜止時(shí)，稱量某方形物體A的示數(shù)為100.00g，根據(jù)平衡條件可知方形物體質(zhì)量為

（2）[2]將電子秤改造為加速度計(jì)，根據(jù)牛頓第二定律有

解得

可知圖像是一條直線。

（3）[3]壓力會(huì)使傳感器的應(yīng)變片發(fā)生微小形變；所以加速度傳感器依據(jù)的原理包括歐姆定律以及胡克定律和牛頓第二定律。故AC正確，BD錯(cuò)誤。

故選AC。

（4）[4]由（2）中結(jié)論電梯的加速度改變物體的質(zhì)量越大，秤的示數(shù)變化越明顯，故D正確，ABC錯(cuò)誤。

故選D?！窘馕觥?.10000是ACD17、略

【分析】【詳解】

[1]逆向思維，根據(jù)速度與位移關(guān)系可知次進(jìn)入每個(gè)矩形區(qū)域時(shí)的速度之比為：1；

[2]初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)中，通過(guò)連續(xù)三段相等位移的時(shí)間之比為：故所求時(shí)間之比為(-):(-1):1．【解析】1(-):(-1):118、略

【分析】【詳解】

質(zhì)點(diǎn)在1s末的加速度

速度時(shí)間圖象與坐標(biāo)軸圍成的面積表對(duì)應(yīng)時(shí)間內(nèi)的位移，則質(zhì)點(diǎn)0~4s內(nèi)運(yùn)動(dòng)的位移

【點(diǎn)睛】

圖象類題目要理解圖象橫縱坐標(biāo)、截距、斜率、交點(diǎn)、圖象與坐標(biāo)軸圍成的面積等對(duì)應(yīng)的物理意義．【解析】21219、略

【分析】【詳解】

桿處于力矩平衡狀態(tài)，設(shè)繩子的拉力為F，桿長(zhǎng)為L(zhǎng)，則由力矩平衡條件可知：

解得：F=

滑輪受兩繩的拉力及軸對(duì)定滑輪的作用力而處于平衡，即軸對(duì)定滑輪的作用力與兩邊繩子的拉力的合力相等，則由力的平行四邊形可求得兩拉力的合力即為定滑輪對(duì)軸的作用力：

由幾何關(guān)系可知：

【點(diǎn)睛】

本題應(yīng)注意以下幾點(diǎn)：（1）同一根繩中的各個(gè)點(diǎn)上的拉力都是相同的，方向均指向繩收縮的方向；（2）注意幾何關(guān)系的應(yīng)用，本題中可通過(guò)作輔助線的方式得到直角三角形，從而求得合力F′；（3）注意掌握力臂的求法，在圖中要作出力臂的示意圖，并能利用幾何關(guān)系正確求出力臂．【解析】20、略

【分析】【詳解】

試題分析：對(duì)小球B受力分析如下圖，自身重力靜電力和繩子拉力重力方向與墻壁平行，拉力方向與繩子同向，靜電力與AB連線共線，所以幾何與矢量三角形相似，所以有可得根據(jù)結(jié)合余弦定理，可得解得或者．若則根據(jù)得到代入余弦定理可得根據(jù)幾何關(guān)系可得漏電過(guò)程中當(dāng)時(shí)，任意一個(gè)位置都是平衡狀態(tài)，都滿足由于不變，不變，所以繩子拉力不變，當(dāng)時(shí)，此時(shí)，隨著A的漏電，而AB的距離不變，減小，變大；所以整個(gè)漏電過(guò)程中，拉力先不變后變大．

考點(diǎn)：庫(kù)侖力動(dòng)態(tài)平衡【解析】或者拉力先不變后變大21、略

【分析】【詳解】

物體處于平衡狀態(tài)，由平衡條件可知，物體所受合力為零，其中一個(gè)力為F，其它力的合力大小為F，方向與F的方向相反，其中一個(gè)力F順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)60°后，物體受到的合力：F合=2Fcos600=F，對(duì)物體，由牛頓第二定律得：物體做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，在時(shí)間t內(nèi)物體的位移為：【解析】四、實(shí)驗(yàn)題(共1題，共10分)22、略

【分析】【詳解】

(1)[1]在電子秤下端懸掛一鏡框，記下鏡框靜止時(shí)電子秤的示數(shù)F；

(2)[2]將三條細(xì)線的一端打結(jié)，另一端分別拴在兩電子秤掛鉤、鏡框上，互成角度拉開(kāi)細(xì)線使裝置靜止。在白紙上記下結(jié)點(diǎn)O的位置和細(xì)線的方向以及兩電子秤示數(shù)

(3)[3]在白紙上按一定標(biāo)度在O點(diǎn)做出拉力F（沿方向向上）、的圖示，根據(jù)平行四邊形定則作出的合力的圖示，比較與F的大小和方向，可判斷力的平行四邊形定則是否成立?！窘馕觥快o止（穩(wěn)定，平衡或靜止不動(dòng)）方向F五、解答題(共4題，共24分)23、略

【分析】【詳解】

在勻變速直線運(yùn)動(dòng)中，雖然速度時(shí)刻變化，但只要時(shí)間足夠小，速度的變化就非常小，在這段時(shí)間內(nèi)就可以近似地應(yīng)用勻速直線運(yùn)動(dòng)的公式來(lái)計(jì)算位移，如圖（甲）所示；如果我們把每一小段內(nèi)的運(yùn)動(dòng)看做勻速運(yùn)動(dòng)，則矩形面積之和等于各段勻速直線運(yùn)動(dòng)的位移之和，顯然小于勻變速直線運(yùn)動(dòng)在該時(shí)間內(nèi)的位移，但所取時(shí)間段越小，各勻速直線運(yùn)動(dòng)位移之和與勻變速直線運(yùn)動(dòng)位移之間的差值就越小，如圖（乙）所示，當(dāng)時(shí)，各矩形面積之和趨近于圖線下面的面積；可以想象，如果把整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程劃分得非常細(xì)，很多小矩形的面積之和就能準(zhǔn)確代表物體的位移了，位移的大小就等于圖（丙）所示的梯形面積。

對(duì)于勻變速直線運(yùn)動(dòng)，運(yùn)用“無(wú)限分割，逐步逼近”的微分思想可得：勻變速直線運(yùn)動(dòng)，物體的位移對(duì)應(yīng)圖線和時(shí)間軸所包圍的圖像的“面積”。

在圖中圖線和時(shí)間軸所包圍的