2025年統(tǒng)編版2024高二物理下冊階段測試試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年統(tǒng)編版2024高二物理下冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、如圖所示，當金屬棒a在處于磁場中的金屬軌道上運動時，金屬線圈b向左擺動，則金屬棒a()A.向左勻速運動B.向右減速運動C.向左加速運動D.向右加速運動2、遠距離輸電線路的示意圖如圖所示，若發(fā)電機的輸出電壓不變，則下列敘述中正確的是（）A.升壓變壓器的原線圈中的電流與用戶用電設(shè)備消耗的功率無關(guān)B.輸電線中的電流只由升壓變壓器原副線圈的匝數(shù)比決定C.當用戶用電器的總電阻減少時，輸電線上損失的功率增大D.升壓變壓器的輸出電壓等于降壓變壓器的輸入電壓3、平常說“太陽東升西落”，此時研究太陽的運動以哪個物體作為參考系（）A.太陽B.月球C.地球E.太陽E.太陽4、如圖所示，直線a、b和c、d是處于勻強電場中的兩組平行線，M、N、P和Q是它們的交點，四點處的電勢分別為和．一帶正電的粒子由M點分別運動到N點和P點的過程中；電場力所做的負功相等．則。

A.若帶正電的粒子由M點運動到Q點，電場力做正功B.若帶正電的粒子由P點運動到Q點，電場力做負功C.直線c位于某一等勢面內(nèi)，D.直線a位于某一等勢面內(nèi)，5、一小船在靜水中的速度為3m/s

它在一條河寬為150m

水流速度為4m/s

的河流中渡河，則該小船(

)

A.能到達正對岸B.渡河的最短時間為30s

C.以最短位移渡河時，位移大小為150m

D.以最短位移渡河時，位移大小為200m

評卷人得分二、填空題(共8題，共16分)6、將長0.5m通過4A電流的通電導線放在勻強磁場中，當導線和磁場方向垂直時，通電導線所受磁場力為0.3N，若將通電導線中的電流減為2A，則這時導線受安培力為____N．7、在用雙縫干涉測光的波長的實驗中，已知雙縫到光屏之間的距離是l=600mm，雙縫之間的距離是d=0.20mm，某同學在用測量頭測量時，先將測量頭目鏡中看到的分劃板中心刻線對準某條亮紋（記作第1條）的中心，這時手輪上的示數(shù)如圖1所示讀數(shù)為x1．然后他轉(zhuǎn)動測量頭，使分劃板中心刻線對準第7條亮紋的中心，這時手輪上的示數(shù)x2如圖2所示．則示數(shù)x2=______mm．由此可以計算出這次實驗中所測得的單色光的波長的公式為λ=______（用物理量l、d、x1、x2表示）．8、遠距離輸電時，輸電導線上的功率損失會很大，要減少電能輸送時的損失，我們可以采用______(

選填“高壓”或“低壓”)

輸電的方式可以大大減小電能的損失．9、一閉合線圈有50匝，總電阻為20Ω，穿過它的磁通量在0.1s內(nèi)由增加到則線圈中的感應(yīng)電動勢E＝V，線圈中的平均電流強度I＝A．10、研究表明，物體所帶電荷的多少只能是____________的整數(shù)倍．因此____________的多少叫做元電荷，用符號e表示．在中學階段的計算中常取e=____________．11、如圖所示，有電流I流過長方體金屬塊，金屬塊寬度為d，高為b，有一磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場垂直于紙面向里，金屬塊單位體積內(nèi)的自由電子數(shù)為n，則金屬塊______面電勢高，電勢差是______．12、如圖所示的電路可用來研究電磁感應(yīng)現(xiàn)象及判定感應(yīng)電流的方向．(1)

在圖中用實線代替導線把它們連成實驗電路．(2)

將線圈A

插入線圈B

中，合上開關(guān)S

能使線圈B

中感應(yīng)電流的磁場方向與線圈A

中原磁場方向相反的實驗操作是____________A.插入鐵芯FB.

拔出線圈A

C.使變阻器阻值R

變小D.

斷開開關(guān)S

(3)

某同學第一次將滑動變阻器的觸頭P

從變阻器的左端快速滑到右端，第二次將滑動變阻器的觸頭P

從變阻器的左端慢慢滑到右端，發(fā)現(xiàn)電流計的指針擺動的幅度大小不同，第一次比第二次的幅度____________(

填寫“大”或“小”)

原因是線圈中的____________(

填寫“磁通量”或“磁通量的變化”或“磁通量變化率”)

第一次比第二次的大．13、在“用油膜法測量分子直徑”的實驗中，將濃度為婁脟

的一滴油酸溶液，輕輕滴入水盆中，穩(wěn)定后形成了一層單分子油膜.

測得一滴油酸溶液的體積為V0

形成的油膜面積為S

則其中純油酸的體積為______，油酸分子的直徑約為______，如果把油酸分子看成是球形的(

球的體積公式為V=16婁脨d3d

為球直徑)

該滴油酸溶液所含油酸分子數(shù)約為______．評卷人得分三、判斷題(共8題，共16分)14、電場線與等勢面相互垂直，沿著同一等勢面移動電荷時靜電力不做功．（判斷對錯）15、電勢差有正有負，所以是矢量，且電場中兩點間的電勢差隨著零電勢點的選取變化而變化．（判斷對錯）16、空間兩點放置兩個異種點電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場的等勢面如圖所示，且相鄰等勢面間的電勢差均相等，電場中A、B兩點間的電勢大小的關(guān)系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對錯）

17、如圖所示為某示波管內(nèi)的聚焦電場，實線和虛線分別表示電場線和等勢線．兩電子分別從a、b兩點運動到c點．設(shè)電場力對兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點的電場強度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對錯）

18、電場線與等勢面相互垂直，沿著同一等勢面移動電荷時靜電力不做功．（判斷對錯）19、電勢差有正有負，所以是矢量，且電場中兩點間的電勢差隨著零電勢點的選取變化而變化．（判斷對錯）20、只有沿著電場線的方向電勢才會降低，所以電勢降低的方向就一定是電場強度的方向．（判斷對錯）21、空間兩點放置兩個異種點電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場的等勢面如圖所示，且相鄰等勢面間的電勢差均相等，電場中A、B兩點間的電勢大小的關(guān)系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對錯）

評卷人得分四、畫圖題(共2題，共20分)22、13.矩形導線框abcd固定在勻強磁場中，磁感線的方向與導線框所在平面垂直，規(guī)定磁場的正方向垂直紙面向里，磁感應(yīng)強度B隨時間變化的規(guī)律如圖所示.若規(guī)定順時針方向為感應(yīng)電流i的正方向，在下列i-t圖中畫出感應(yīng)電流隨時間變化的圖象23、13.矩形導線框abcd固定在勻強磁場中，磁感線的方向與導線框所在平面垂直，規(guī)定磁場的正方向垂直紙面向里，磁感應(yīng)強度B隨時間變化的規(guī)律如圖所示.若規(guī)定順時針方向為感應(yīng)電流i的正方向，在下列i-t圖中畫出感應(yīng)電流隨時間變化的圖象評卷人得分五、實驗探究題(共3題，共9分)24、在用油膜法估測分子的大小的實驗中；具體操作如下：

①取油酸0.1mL注入250mL的容量瓶內(nèi)；然后向瓶中加入酒精，直到液面達到250mL的刻度為止，搖動瓶使油酸在酒精中充分溶解，形成油酸酒精溶液；

②用滴管吸取制得的溶液逐滴滴入量筒；記錄滴入的滴數(shù)直到量筒達到1.0mL為止，恰好共滴了100滴；

③在邊長約40cm的淺盤內(nèi)注入約2cm深的水；將細石膏粉均勻地撒在水面上，再用滴管吸取油酸酒精溶液，輕輕地向水面滴一滴溶液，酒精揮發(fā)后，油酸在水面上盡可能地散開，形成一層油膜，膜上沒有石膏粉，可以清楚地看出油膜輪廓；

④待油膜形狀穩(wěn)定后；將事先準備好的玻璃板放在淺盤上，在玻璃板上繪出油膜的形狀；

⑤將畫有油膜形狀的玻璃板放在邊長為1.0cm的方格紙上；算出完整的方格有67個，大于半格的有14個，小于半格的有19個．

（1）這種估測方法是將每個分子視為______；讓油酸盡可能地在水面上散開，則形成的油膜可視為______，這層油膜的厚度可視為油酸分子的______．

（2）利用上述具體操作中的有關(guān)數(shù)據(jù)可知一滴油酸酒精溶液含純油酸為______m3，油膜面積為______m2，求得的油膜分子直徑為______m．（結(jié)果全部取兩位有效數(shù)字）25、如下圖所示為打點計時器驗證機械能守恒定律的實驗裝置。

(1)

通過研究重物自由下落過程中增加的________與減少的重力勢能的關(guān)系，從而驗證機械能守恒定律。(2)

實驗中打點計時器應(yīng)接________(

選填“直流”或“交流”)

電源。正確操作得到的紙帶如下圖所示，O

點對應(yīng)重物做自由落體運動的初始位置，從合適位置開始選取的三個連續(xù)點ABC

到O

點的距離如圖，已知重物的質(zhì)量為m

重力加速度為g

則從打下O

點到B

點的過程中，重物減少的重力勢能為________。

26、有一根細而均勻的導電材料樣品（如圖a所示），截面為同心圓環(huán)（如圖b所示）；此樣品長約為5cm，電阻約為100Ω，已知這種材料的電阻率為ρ，因該樣品的內(nèi)徑太小，無法直接測。現(xiàn)提供以下實驗器材：

A．20分度的游標卡尺。

B．螺旋測微器。

C．電壓表V（量程3V；內(nèi)阻約3kΩ）

D．電流表A1（量程50mA；內(nèi)阻約20Ω）

E．電流表A2（量程0.3A；內(nèi)阻約1Ω）

F．滑動變阻器R（0～20Ω；額定電流2A）

G．直流電源E（約4V；內(nèi)阻不計）

H．導電材料樣品Rx

I．開關(guān)一只；導線若干。

請根據(jù)上述器材設(shè)計一個盡可能精確地測量該樣品內(nèi)徑d的實驗方案；回答下列問題：

（1）用游標卡尺測得該樣品的長度如圖所示；其示數(shù)L=______mm；用螺旋測微器測得該樣品的外徑如圖所示，其示數(shù)D=______mm。

（2）設(shè)計電路測量導電材料樣品的電阻Rx．在設(shè)計時電流表應(yīng)選擇______（填“內(nèi)接法”或“外接法”）．這樣設(shè)計后實驗電阻Rx的測量值將______（填“大于”；“等于”或“小于”）實際值。

（3）若某次實驗中，電壓表和電流表的讀數(shù)分別為U和I，則用已知物理量和測得的物理量的符號來表示樣品的內(nèi)徑d=______（用已知物理量的字母表示）。評卷人得分六、解答題(共3題，共6分)27、如圖所示為陰極射線管的結(jié)構(gòu)示意圖；陰極射線發(fā)出的電子束在陰極和陽極間強電場的作用下沿直線運動，如果在射線管所在區(qū)域內(nèi)加上垂直電子運動方向向里的勻強磁場，則電子束的偏轉(zhuǎn)方向為：______．

A．豎直向上偏轉(zhuǎn)處奔波B．豎直向下偏轉(zhuǎn)。

C．垂直紙面向里偏轉(zhuǎn)D．垂直紙面向外偏轉(zhuǎn)．

28、我們在生物課上經(jīng)常使用顯微鏡，請你回憶使用顯微鏡的過程，提出一個與光學內(nèi)容有關(guān)的問題，并作出解釋．29、如圖所示，在磁感應(yīng)強度為0.5T的勻強磁場中，有一邊長為L=0.2m的正方形導線框；線框平面與磁場垂直．問：

（1）這時穿過線框平面的磁通量為多大；

（2）若線框以AB邊為軸轉(zhuǎn)動，轉(zhuǎn)過90°到虛線位置，該過程所花的時間為0.1S；則線圈在此過程中產(chǎn)生的平均電動勢為多少；

（3）試判斷轉(zhuǎn)動90°過程AB邊的電流方向．參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、C|D【分析】【解析】試題分析：金屬線圈b向左擺動，根據(jù)來拒去留原則，通過線圈的磁通量增大，即線圈中的感應(yīng)電流增大，所以根據(jù)楞次定律可得a棒做加速運動，CD正確，勻速運動，線圈的電流恒定不變，AB錯誤故選CD考點：考查了楞次定律的應(yīng)用【解析】【答案】CD2、C【分析】【解析】【答案】C3、C【分析】解：太陽東升西落是以地球為參考系研究太陽的運動．故C正確；ABD錯誤．

故選：C

參考系；是指研究物體運動時所選定的參照物體或彼此不作相對運動的物體系；參考系的選取是任意的，如何選擇參照系，必須從具體情況來考慮，一般情況下我們以地面或地面上的物體作為參考系．

為了研究和描述物體的運動，我們引入了參考系，選擇不同的參考系，同一物體相對于不同的參考系，運動狀態(tài)可以不同，選取合適的參考系可以使運動的研究簡單化．【解析】【答案】C4、C【分析】【詳解】

CD、據(jù)題可知，帶正電的粒子由M點分別到N點和P點的過程中，電場力做負功相等，則電勢能增加相等，電勢增加，則N、P兩點的電勢相等，d位于同一等勢面內(nèi)，根據(jù)勻強電場等勢面分布情況知，直線a不是同一等勢面，直線c位于某一等勢面內(nèi)，且故D錯誤，C正確．

A；由上分析知；直線c位于某一等勢面內(nèi)，M、Q的電勢相等，若帶正電的粒子由M點運動到Q點電場力不做功，故A錯誤；

B；帶正電的粒子由P點運動到Q點與帶正電的粒子由P點運動到M點電場力做功相等；所以電場力做正功，故B錯誤；

故選C．

【點睛】勻強電場和點電荷的電場以及等量同種點電荷和等量異種點電荷的電場線及等勢面分布情況要熟記．5、D【分析】解：A

因為船在靜水中的速度小于河水的流速；由平行四邊形法則求合速度不可能垂直河岸，小船不可能垂直河岸正達對岸.

故A錯誤．

B、當船的靜水中的速度垂直河岸時渡河時間最短：tmin=dvc=1503=50s

故B錯誤．

CD

因為船在靜水中的速度小于河水的流速；由平行四邊形法則求合速度不可能垂直河岸，小船不可能垂直河岸正達對岸．

所以由三角形的相似得最短位移為：s=vsvcd=43隆脕150=200m.

故C錯誤；D正確．

故選：D

．

船航行時速度為靜水中的速度與河水流速二者合速度；最短的時間主要是希望合速度在垂直河岸方向上的分量最大，這個分量一般剛好是船在靜水中的速度，即船當以靜水中的速度垂直河岸過河的時候渡河時間最短；如果船在靜水中的速度小于河水的流速，則合速度不可能垂直河岸，那么，小船不可能垂直河岸正達對岸．

小船過河問題屬于運動的合成問題，要明確分運動的等時性、獨立性，運用分解的思想，看過河時間只分析垂直河岸的速度，分析過河位移時，要分析合速度．【解析】D

二、填空題(共8題，共16分)6、略

【分析】

當導線和磁場方向垂直時；通電導線所受安培力為F=BIL，在磁場中同一點，磁感應(yīng)強度B一定，通電導線的長度不變，則通電導線所受磁場力與電流成正比；

則有F1：F2=I1：I2，F(xiàn)1=0.3N，I1=4A，I2=2A；

代入解得F2=0.15N．

故答案為：0.15

【解析】【答案】當導線和磁場方向垂直時；通電導線所受磁場力為F=BIL，在磁場中同一點，磁感應(yīng)強度B一定，通電導線所受磁場力與電流成正比，運用比例法求出電流減為2A時導線受的安培力．

7、略

【分析】解：第二個螺旋測微器的固定刻度讀數(shù)為10mm；可動刻度讀數(shù)為0.01×29.5mm=0.295mm，所以最終讀數(shù)為：10mm+0.295mm=10.295mm．

根據(jù)△x=得：

λ=

又由于：

故：λ=

故答案為：10.295，．

螺旋測微器的讀數(shù)等于固定刻度讀數(shù)與可動刻度讀數(shù)之和，在讀可動刻度讀數(shù)時需估讀．根據(jù)△x=λ求出單色光的波長．

解決本題的關(guān)鍵掌握螺旋測微器的讀數(shù)方法，以及掌握雙縫干涉條紋的間距公式．【解析】10.295；8、略

【分析】解：根據(jù)P脣冒=I2R

要減小功率的損耗，可以減小傳輸?shù)碾娏骰驕p小電阻；在功率一定的情況下，根據(jù)P=UI

要減小電流，只能采用高壓輸電的方法；

故答案為：高壓．

根據(jù)P脣冒=I2R

判斷減小電損的方法即可．

本題關(guān)鍵是明確高壓輸電的方法，結(jié)合公式P=UI

和P脣冒=I2R

分析即可，基礎(chǔ)題目．【解析】高壓9、略

【分析】試題分析：感應(yīng)電動勢線圈中的平均電流強度考點：法拉第電磁感應(yīng)定律?！窘馕觥俊敬鸢浮?；0.110、略

【分析】解：研究表明；物體所帶電荷的多少只能是電子電荷量的整數(shù)倍．因此電子電荷量的多少叫做元電荷，用符號e表示．

在中學階段的計算中常取e=1.6×10-19C．

故答案為：電子電荷量，電子電荷量，1.6×10-19C．【解析】電子電荷量;電子電荷量;1.6×10-19C11、略

【分析】解：電流方向向右；則電子運動方向向左，根據(jù)左手定則知，電子向上表面偏轉(zhuǎn)，則上表面帶負電，下表面帶正電，即金屬塊下表面的電勢比上表面電勢高．

根據(jù)I=nevS=nevdh，解得：v=根據(jù)evB=e得金屬塊上下表面的電勢差為：U=vBh=

故答案為：下，

根據(jù)左手定則判斷電子的偏轉(zhuǎn)方向；從而確定金屬塊上下表面電勢的高低；根據(jù)電子所受的電場力和洛倫茲力平衡，結(jié)合電流的微觀表達式求出金屬塊上下表面的電勢差．

解決本題的關(guān)鍵掌握左手定則判斷洛倫茲力的方向，以及知道最終電子在電場力和洛倫茲力作用下處于平衡．【解析】下；12、（1）電路圖如圖所示（2）AC（3）大磁通量變化率【分析】【分析】(1)

由楞次定律可知；感應(yīng)電流磁場總是阻礙原磁通量的變化，當原磁通量變大時，感應(yīng)電流磁場與原磁場方向相反；

(2)

由法拉第電磁感應(yīng)定律可知，感應(yīng)電動勢與磁通量的變化率成正比，磁通量的變化率越大，感應(yīng)電動勢越大，電路中的感應(yīng)電流越大。本題考查研究電磁感應(yīng)現(xiàn)象及驗證楞次定律的實驗，對于該實驗注意兩個回路的不同，知道感應(yīng)電流產(chǎn)生的條件即可正確解題?！窘獯稹?1)

電路如圖所示：(2)A.

插入鐵芯F

時；穿過線圈L2

的磁通量變大，感應(yīng)電流磁場與原磁場方向相反，故A正確；

B.拔出線圈A

穿過線圈L2

的磁通量變小，感應(yīng)電流磁場方向與原磁場方向相同，故B錯誤；

C.使變阻器阻值R

變??；原電流變大，原磁場增強，穿過線圈L2

的磁通量變大，感應(yīng)電流磁場方向與原磁場方向相反，故C正確；

D.斷開開關(guān)，穿過線圈L2

的磁通量減小，感應(yīng)電流磁場方向與原磁場方向相同，故D錯誤。故選AC。

(3)

第一次將滑動變阻器的觸頭P

從變阻器的左端快速滑到右端；線圈A

的電流變化快，電流產(chǎn)生的磁場變化快，穿過線圈B

的磁通量變化快，感應(yīng)電動勢大，感應(yīng)電流大，電流計的指針擺動的幅度大；第二次將滑動變阻器的觸頭P

從變阻器的左端慢慢滑到右端，線圈A

的電流變化慢，穿過線圈B

的磁通量變化慢，感應(yīng)電動勢小，感應(yīng)電流小，電流計的指針擺動的幅度小。

故答案為：(1)

(2)AC(3)

大，磁通量變化率。【解析】(1)

電路圖如圖所示(2)AC

(3)

大磁通量變化率13、略

【分析】解：1

滴油酸溶液的體積V0

由濃度為婁脟

的一滴油酸溶液；可得1

滴酒精油酸溶液中含油酸的體積V2=婁脟V0

而1

滴酒精油酸溶液在水面上形成的油酸薄膜輪廓面積S

所以油酸分子直徑d=V2S=婁脟V0S

所以分子的體積v簍T43婁脨(d2)3(

分子以球型分布)

則婁脟V0=n16婁脨(婁脟V0S)3

得n=6s3蟺畏2V02

故答案為：婁脟V0婁脟V0S6s3蟺畏2V02

．

在油膜法估測分子大小的實驗中；讓一定體積的純油酸滴在水面上形成單分子油膜，估算出油膜面積，從而求出分子直徑．

油酸分子在水面上以球模型一個靠一個排列的，故含有油酸分子的格數(shù)等于純油酸體積除以一個油酸分子的體積．【解析】婁脟V0婁脟V0S6S3婁脨婁脟2V02

三、判斷題(共8題，共16分)14、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場線的特點可知；沿電場線的方向電勢降低；電場線垂直于等勢面、同一等勢面移動電荷電場力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠出發(fā)，終止于無限遠或負電荷，不閉合，電場線疏密描述電場強弱，電場線密的地方，電場強度大，疏的地方電場強度弱，沿電場線的方向電勢降低．15、B【分析】【解答】解：電勢差類似于高度差；沒有方向，是標量，正負表示電勢的相對大?。?/p>

兩點間的電勢差等于電勢之差；由電場中兩點的位置決定，與零電勢點的選取無關(guān)．由以上的分析可知，以上的說法都錯誤．

故答案為：錯誤。

【分析】電勢差是標量，正負表示大??；電勢差與零電勢點的選取無關(guān)；沿著電場線方向電勢降低；電勢反映電場本身的性質(zhì)，與試探電荷無關(guān)．16、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點電勢高，靠近負電荷的點，電勢較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖象中的等勢面左右對稱；無窮遠處的電勢為0．該圖象的左側(cè)的等勢線比較密，無窮遠處的電勢為0，所以無窮遠處到兩點之間的電勢差相比，與a點之間的電勢差比較大，所以a點所帶的電量就多．

故答案為：錯誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較，很容易得出正確的結(jié)論．17、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點在一個等勢面上；

故Uac=Ubc，根據(jù)W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場強度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點在一個等勢面上，根據(jù)W=qU判斷電場力做功的大小，根據(jù)電場線的疏密程度判斷電場強度的大小．18、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場線的特點可知；沿電場線的方向電勢降低；電場線垂直于等勢面、同一等勢面移動電荷電場力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠出發(fā)，終止于無限遠或負電荷，不閉合，電場線疏密描述電場強弱，電場線密的地方，電場強度大，疏的地方電場強度弱，沿電場線的方向電勢降低．19、B【分析】【解答】解：電勢差類似于高度差；沒有方向，是標量，正負表示電勢的相對大?。?/p>

兩點間的電勢差等于電勢之差；由電場中兩點的位置決定，與零電勢點的選取無關(guān)．由以上的分析可知，以上的說法都錯誤．

故答案為：錯誤。

【分析】電勢差是標量，正負表示大??；電勢差與零電勢點的選取無關(guān)；沿著電場線方向電勢降低；電勢反映電場本身的性質(zhì)，與試探電荷無關(guān)．20、B【分析】【解答】解：沿著電場線方向；電勢降低，且降低最快；

那么電勢降低最快的方向才是電場線的方向；但電勢降低的方向不一定是電場線的方向，故錯誤；

故答案為：錯誤．

【分析】電場強度和電勢這兩個概念非常抽象，借助電場線可以形象直觀表示電場這兩方面的特性：電場線疏密表示電場強度的相對大小，切線方向表示電場強度的方向，電場線的方向反映電勢的高低．21、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點電勢高，靠近負電荷的點，電勢較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖象中的等勢面左右對稱；無窮遠處的電勢為0．該圖象的左側(cè)的等勢線比較密，無窮遠處的電勢為0，所以無窮遠處到兩點之間的電勢差相比，與a點之間的電勢差比較大，所以a點所帶的電量就多．

故答案為：錯誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較，很容易得出正確的結(jié)論．四、畫圖題(共2題，共20分)22、略

【分析】本題考查楞次定律和法拉第電磁感應(yīng)定律，當磁感強度均勻變化時磁通量均勻變化，感應(yīng)電動勢、感應(yīng)電流恒定不變【解析】【答案】23、略

【分析】本題考查楞次定律和法拉第電磁感應(yīng)定律，當磁感強度均勻變化時磁通量均勻變化，感應(yīng)電動勢、感應(yīng)電流恒定不變【解析】【答案】五、實驗探究題(共3題，共9分)24、球體單分子油膜直徑4.0×10-128.1×10-34.8×10-10【分析】解：（1）這種估測方法是將每個分子視為球體；讓油酸盡可能在水面散開，形成的油膜可視為單分子油膜，這層油膜的厚度可視為油酸分子的直徑．

（2）一滴油酸酒精溶液含純油酸體積為

據(jù)題意：完整的方格有67個；大于半格的有14個，小于半格的有19個．根據(jù)大于半格算一個計算，超過半格的方格個數(shù)為n=67+14=81；

則油膜面積為=

油酸在水面上形成單分子油膜，則油膜分子直徑為d=

故答案為：（1）球體單分子油膜直徑（2）4.0×10-128.1×10-34.8×10-10

根據(jù)題意得到油酸酒精溶液中純油酸的濃度；再求出純油酸的體積．

估算油膜面積的方法是：先估算方格的個數(shù)：面積超過一半按一半算；小于一半的舍去．再用方格數(shù)乘以一個方格的面積，得到油膜的面積．

因為形成單分子層的油膜；所以油膜分子直徑等于純油酸的體積與油膜面積之比。

本題關(guān)鍵是明確用油膜法估測分子的大小實驗的原理，能夠運用公式解分子直徑，注意單位的換算要正確，計算要細心準確．【解析】球體單分子油膜直徑4.0×10-128.1×10-34.8×10-1025、（1）動能（2）交流mgh2【分析】【分析】(1)

由實驗原理分析；(2)

根據(jù)打點計時器的使用規(guī)則和重力做功與重力勢能變化的關(guān)系分析。解答本題時，要注意理解實驗原理，掌握數(shù)據(jù)處理方法?！窘獯稹?1)

根據(jù)實驗原理知，通過研究重物自由下落過程中增加的“動能”與減少的重力勢能的關(guān)系，從而驗證機械能守恒定律；(2)(2)打點計時器應(yīng)接在“交流”電源上。重物由OO到BB下降的高度為h2h_{2}重力做功為mgh2mgh_{2}重力勢能減少“mgh2”。故填(1)

動能；(2)

交流mgh2{,!}_{2}【解析】(1)(1)動能(2)(2)交流mgh2mgh_{2}26、50.606.124外接法小于【分析】解：（1）游標卡尺的游標尺有20個小格；故該游標卡尺為20分度的卡尺，其分度值為