2025年蘇教新版高二物理上冊月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年蘇教新版高二物理上冊月考試卷943考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、關于洛侖茲力和安培力的描述正確的是（）

A.通電導線在勻強磁場中一定受到安培力的作用。

B.通電導線在磁場中一定受到的安培力方向與磁場方向平行。

C.帶電粒子在勻強磁場中運動一定受到洛侖茲力作用。

D.安培力是大量運動電荷所受洛侖茲力的宏觀表現(xiàn)。

2、擺長為l的單擺做簡諧運動，若從某時刻開始計時(取t＝0)，當振動至t＝時，擺球具有負向最大速度，則單擺的振動圖象是圖中的()3、如圖，兩個物體A、B的質(zhì)量均為1kg，各接觸面間的動摩擦因數(shù)均為0.3，同時有F=1N的兩個水平力分別作用在A、B上，則地面對物體B、B對物體A的摩擦力分別為A.6N3NB.1N1NC.01ND.02N4、下列關于熱機的說法中正確的是（）A.熱機為外界提供動力在壓縮沖程B.所有的熱機都是用汽油作為燃料C.汽車排出的尾氣發(fā)生在熱機做功沖程D.熱機對大氣的污染主要是尾氣的排放5、如圖甲所示為氫原子的能級圖，圖乙為氫原子的光譜圖。已知譜線b

是氫原子從n=5

的能級躍遷到n=2

的能級時的輻射光，則譜線a

是氫原子A.從n=4

的能級躍遷到n=2

的能級時的輻射光B.從n=3

的能級躍遷到n=1

的能級時的輻射光C.從n=1

的能級躍遷到n=2

的能級時的輻射光D.從n=4

的能級躍遷到n=1

的能級時的輻射光6、如圖，A

和B

是材料相同、厚度相同、表面為正方形的兩個導體，但B

的尺寸比A

的小很多.

兩個導體通過的電流方向如圖所示.

以下說法正確的是(

)

A.A

的電阻一定比B

的大B.A

的電阻一定比B

的小C.B

電阻相同D.B

電阻大小無法比較7、如圖所示，在熒屏MN

上方分布了水平方向的勻強磁場，磁感應強度的大小B=0.1T

方向與紙面垂直.

距離熒屏h=16cm

處有一粒子源S

以速度v=1隆脕106m/s

不斷地在紙面內(nèi)向各個方向發(fā)射比荷qm=1隆脕108C/kg

的帶正電粒子，不計粒子的重力，則粒子打在熒屏范圍的長度為(

)

A.12cm

B.16cm

C.20cm

D.24cm

8、關于曲線運動的下列幾種說法中正確的是（）A.曲線運動的速度有可能不變B.曲線運動的速度大小有可能不變C.曲線運動可能沒有加速度D.曲線運動的物體所受合力可能為零評卷人得分二、多選題(共9題，共18分)9、關于液體下列說法正確的是（）A.布朗運動的發(fā)現(xiàn)主要說明了液體分子間有相互作用B.液體分子的移動比固體分子的移動容易，故相同溫度下液體擴散速度比固體要快一些C.由于液體表面層分子間距離大于液體內(nèi)部分子間距離，液體表面存在張力D.液晶可以用來做顯示屏，是因為液晶在一定條件下可以發(fā)光10、如圖所示；在一塊平板玻璃上放置一平凸薄透鏡，在兩者之間形成厚度不均勻的空氣膜，讓一束單一波長的光垂直入射到該裝置上，結果在上方觀察到如圖所示的同心內(nèi)疏外密的圓環(huán)狀條紋，稱為牛頓環(huán)，以下說法正確的是(

)

?A.干涉現(xiàn)象是由于凸透鏡下表面反射光和玻璃上表面反射光疊加形成的B.干涉現(xiàn)象是由于凸透鏡上表面反射光和玻璃上表面反射光疊加形成的C.干涉條紋不等間距是由于透鏡表面是曲面D.干涉條紋不等間距是由于平板玻璃不平造成的11、如圖所示，ABC

三木塊質(zhì)量相等，一切接觸面光滑，一子彈由A

射入，從B

射出，則三木塊速度情況(

)

A.A

木塊速度最大B.B

木塊速度最大C.AB

木塊速度相等D.C

木塊速度為零12、如圖所示，電路中定值電阻阻值R

大于電源內(nèi)阻阻值r

將滑動變阻器滑片向下滑動，理想電壓表V1V2V3

示數(shù)變化量的絕對值分別為鈻?V1鈻?V2鈻?V3

理想電流表A

示數(shù)變化量的絕對值為鈻?I

則(

)

A.A

的示數(shù)增大B.V2

的示數(shù)增大C.鈻?V3

與鈻?I

的比值小于r

D.鈻?V1

大于鈻?V2

13、水平放置的光滑導軌上放置一根長為L、質(zhì)量為m的導體棒ab，ab處在磁感應強度大小為B、方向如圖所示的勻強磁場中，導軌的一端接一阻值為R的電阻，導軌及導體棒電阻不計?，F(xiàn)使ab在水平恒力F作用下由靜止沿垂直于磁場的方向運動，當通過位移為x時，ab達到最大速度vm，此時撤去外力，最后ab靜止在導軌上。在ab運動的整個過程中，下列說法正確的是（）A.撤去外力后，ab做勻減速運動B.撤去外力后，ab做勻減速運動C.R上釋放的熱量為Fx+mvD.R上釋放的熱量為Fx14、如圖所示，在真空中，+Q1和?Q2為固定在x軸上的兩個點電荷，且Q1=4Q2，a、b、c為P兩側(cè)的三個點；則下列說法中正確的是（）

A.P點電場強度為零，電勢也為零B.b、c兩點處，一定有電勢且電場強度C.若將一試探電荷＋q從a點沿x軸移至P點，則其電勢能增加D.若將一試探電荷－q從a點靜止釋放，則其經(jīng)過P點時動能最大15、如圖所示，甲、乙兩電路中電源完全相同，電阻R1＞R2＞r，兩電路在通電相同的時間內(nèi)，下列說法正確的是（）A.R1上通過的電量比R2上通過的電量多B.電源內(nèi)部生熱較多的是甲中的電源C.電源做功較多的是乙電路中的電源D.電源輸出功率較大的是乙電路中的電源16、據(jù)英國隆露

衛(wèi)報隆路

網(wǎng)站2015

年1

月6

日報道，在太陽系之外，科學家發(fā)現(xiàn)了一顆最適宜人類居住的類地行星，繞恒星橙矮星運行，命名為“開普勒438b

”.

假設該行星繞橙矮星的運動與地球繞太陽的運動均視為勻速圓周運動，該行星運行的周期為地球運行周期的p

倍，橙矮星的質(zhì)量為太陽的q

倍.

則該行星與地球的(

)

A.軌道半徑之比為p2q3

B.軌道半徑之比為p23

C.線速度之比為qp3

D.線速度之比為1p

17、如圖所示，一矩形線圈置于勻強磁場中，磁場的磁感應強度隨時間變化的規(guī)律如圖（b）所示，則線圈產(chǎn)生的感應電動勢的情況為（）A.t=0時刻電動勢最大B.t=0時刻電動勢為零C.t=t1時刻磁通量的變化率最大D.t1～t2時間內(nèi)電動勢增大評卷人得分三、填空題(共8題，共16分)18、下列有關生活中的靜電，其中是利用靜電技術的是__________________①靜電除塵②飛機輪胎用導電橡膠制成③靜電復印④雷雨天不能在高大樹木下避雨19、電荷的多少叫______，符號：______．20、某同學在做利用單擺測重力加速度的實驗中；先測得擺線長為97.50cm，擺球直徑為2.0cm，然后用秒表記錄了單擺振50次所用的時間，如圖1所示，則：

（1）秒表所示讀數(shù)為______s．

（2）如果測得g值偏小，可能的原因是______

A．測擺線長時擺線拉得過緊。

B．擺線上端懸點未固定；振動中出現(xiàn)松動，使擺線長度增加了。

C．開始計時時；秒表過遲按下。

D．實驗中誤將49次全振動次數(shù)記為50次。

（3）在用單擺測定重力加速度g實驗中，另外一位同學作出的L-T2圖線如圖2所示，此圖線不過原點的原因可能是______．21、氦3

是一種十分清潔、安全的能源，開發(fā)月壤中蘊藏豐富的氦3

資源，對人類社會今后的可持續(xù)發(fā)展具有深遠意義.

研究發(fā)現(xiàn)在太陽內(nèi)部兩個氘核可聚變成氦3

已知氘核的質(zhì)量為2.0136u

中子的質(zhì)量為1.0087u23He

核質(zhì)量為3.0150u.

若質(zhì)量虧損1u

釋放的核能為931.5MeV

則兩個氘核聚變成23He

核的核反應方程為______；上述反應中釋放的核能為______．22、如圖所示，質(zhì)量為m、電荷量為q的帶電粒子，以初速度v0垂直射入場強為E方向豎直向下的勻強電場中，該粒子在電場中的經(jīng)歷時間_____后，其即時速度的方向與初速度方向成30o角。在這過程中粒子的電勢能增量為_______。（不計重力）23、電磁波遇到某些障礙物會發(fā)生反射現(xiàn)象，雷達就是根據(jù)這一原理制成的．一次，某雷達站正在觀察一架飛機飛行，若飛機正向雷達站飛來，從某時刻雷達發(fā)出的電磁波到接收到反射的電磁波歷時200微秒，隔4秒種后再觀測，從發(fā)出電磁波到接收到反射的電磁波歷時186微秒，則飛機飛行的速度為______．24、①媒體報道，叛逃到英國的俄羅斯前特工利特維年科在倫敦離奇身亡．英國警方調(diào)查認為，毒殺利特維年科的是超級毒藥--放射性元素釙（Po）．Po的半衰期為138天，經(jīng)衰變生成穩(wěn)定的鉛（Pb），那么經(jīng)過276天，100gPo已衰變的質(zhì)量為______g．

②一個氘核（）和一個氚核（）結合成一個氦核并放出一個中子時，質(zhì)量虧損為△m，已知阿伏加德羅常數(shù)為NA，真空中的光速為c，若1mol氘和1mol氚完全發(fā)生上述核反應，則在核反應中釋放的能量為______．

③用速度為v0、質(zhì)量為m1的核轟擊質(zhì)量為m2的靜止的核，發(fā)生核反應，最終產(chǎn)生兩種新粒子A和B．其中A為核，質(zhì)量為m3，速度為v3；B的質(zhì)量為m4．粒子A的速度符合條件______時，粒子B的速度方向與He核的運動方向相反．25、(1)

如圖；一輛質(zhì)量為4kg

的小車以速度2m/s

在光滑水平面上運動，一質(zhì)量為1kg

速度為10m/s

的物體以俯角為60?

的方向落到車上并埋在車里的砂中，此時小車的速度為______．

(2)

天然放射性元素鈾?92238U

的一個原子核中有______個質(zhì)子，______個中子；?92238U

要經(jīng)過______次偽

衰變和______次尾

衰變，最后變成鉛82206Pb

．

(3)

已知水的密度為蟻

摩爾質(zhì)量為M

水分子直徑為d

則水的摩爾體積為______，阿伏伽德羅常數(shù)為_______.(

用符號表示)

(4)

如圖，甲分子固定于坐標原點O

乙分子位于x

軸上，甲分子對乙分子的作用力F

與兩分子間距離x

的關系如圖中曲線所示，F(xiàn)>0

為斥力，F(xiàn)<0

為引力，abcd

為x

軸上的四個特定位置.

現(xiàn)把乙分子沿x

軸負方向從a

處移動到d

處，則在______位置分子間作用力最小，在______位置分子勢能最?。?

兩空均選填“a

”、“b

”、“c

”或“d

”)

評卷人得分四、判斷題(共3題，共15分)26、電場線與等勢面相互垂直，沿著同一等勢面移動電荷時靜電力不做功．（判斷對錯）27、如圖所示，有一水平方向的勻強電場，場強大小為9000N/C，在電場內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點電荷，則A處場強大小EA為零．________（判斷對錯）

28、空間兩點放置兩個異種點電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場的等勢面如圖所示，且相鄰等勢面間的電勢差均相等，電場中A、B兩點間的電勢大小的關系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對錯）

評卷人得分五、作圖題(共2題，共20分)29、畫出圖中帶電粒子剛進入磁場時所受洛倫茲力的方向。

30、某同學在做“利用單擺測重力加速度”的實驗中；先測得擺線長為97.50cm

擺球直徑為2.00cm

然后用秒表記錄了單擺振動50

次所用的時間，如圖1

所示，則：

(1)

該擺擺長為______cm

秒表所示讀數(shù)為______s.

(2)

如果測得的g

值偏小；可能的原因是______

A.測擺線長時擺線拉得過緊。

B.擺線上端懸點未固定；振動中出現(xiàn)松動，使擺線長度增加了。

C.開始計時時；秒表過遲按下。

D.實驗中誤將49

次全振動記為50

次。

(3)

為了提高實驗精度，在實驗中可改變幾次擺長l

并測出相應的周期T

從而得出一組對應的l

與T

的數(shù)據(jù)，再以l

為橫坐標，T2

為縱坐標，將所得數(shù)據(jù)連成直線如圖2

所示，并求得該直線的斜率為k

則重力加速度g=

______(

用k

表示)

．評卷人得分六、實驗探究題(共4題，共36分)31、某學生實驗小組利用圖1所示電路；測量多用電表內(nèi)電池的電動勢和電阻“×1k”擋內(nèi)部電路的總電阻．使用的器材有：

多用電表；

電壓表：量程5V；內(nèi)阻十幾千歐；

滑動變阻器：最大阻值5kΩ；導線若干．

回答下列問題：

（1）將多用電表擋位調(diào)到電阻“×1k”擋，再將紅表筆和黑表筆______；調(diào)零點．

（2）將圖1中多用電表的紅表筆和______（選填“1”或“2”）端相連；黑表筆連接另一端．

（3）將滑動變阻器的滑片調(diào)到適當位置，使多用電表的示數(shù)如圖2所示，這時電壓表的示數(shù)如圖3所示．多用電表和電壓表的讀數(shù)分別為______kΩ和______V．

（4）調(diào)節(jié)滑動變阻器的滑片，使其接入電路的阻值為零．此時多用電表和電壓表的讀數(shù)分別為12.0kΩ和4.00V．從測量數(shù)據(jù)可知，電壓表的內(nèi)阻為______kΩ．

（5）多用電表電阻擋內(nèi)部電路可等效為由一個無內(nèi)阻的電池、一個理想電流表和一個電阻串聯(lián)而成的電路，如圖4所示．根據(jù)前面的實驗數(shù)據(jù)計算可得，此多用電表內(nèi)電池的電動勢為______V，電阻“×1k”擋內(nèi)部電路的總電阻為______kΩ．32、一毫安表頭滿偏電流為9.90mA，內(nèi)阻約為300Ω．要求將此毫安表頭改裝成量程為1A的電流表，其電路原理如圖1所示．圖中，是量程為2A的標準電流表，R0為電阻箱；R為滑動變阻器，S為開關，E為電源．

（1）完成下列實驗步驟：

①將圖2虛線框內(nèi)的實物圖按電路原理圖連線；

②將滑動變阻器的滑動頭調(diào)至______端（填“a”或“b”），電阻箱R0的阻值調(diào)至零；

③合上開關；

④調(diào)節(jié)滑動變阻器的滑動頭；增大回路中的電流；

使標準電流表讀數(shù)為1A；

⑤調(diào)節(jié)電阻箱R0的阻值，使毫安表指針接近滿偏，此時標準電流表的讀數(shù)會______（填“增大”；“減小”或“不變”）；

⑥多次重復步驟④⑤，直至標準電流表的讀數(shù)為______；同時毫安表指針滿偏．

（2）回答下列問題：

①在完成全部實驗步驟后，電阻箱使用阻值的讀數(shù)為3.1Ω，由此可知毫安表頭的內(nèi)阻為______．

②用改裝成的電流表測量某一電路中的電流，電流表指針半偏，此時流過電阻箱的電流為______A．

⑧對于按照以上步驟改裝后的電流表，寫出一個可能影響它的準確程度的因素：______．33、如圖所示彈簧下面掛一個質(zhì)量為m的物體；物體在豎直方向作振幅為A的簡諧運動，當物體振動到最高點時，彈簧正好為原長．重力加速度為g．則物體在振動過程中。

（1）物體在豎直方向作簡諧運動的過程中機械能是否守恒？______．

A．機械能守恒B．機械能不守恒C．不確定。

（2）物體在最高點回復力______最低點回復力．（大于；小于或等于）

（3）物體的最大彈性勢能等于______．

（4）物體最低點彈力等于______．34、為了測定電源電動勢E

的大小、內(nèi)電阻r

和定值電阻R

0

的阻值，某同學利用傳感器設計了如圖甲所示的電路，閉合電鍵S

調(diào)節(jié)滑動變阻器的滑動觸頭P

向某一方向移動時，通過電壓傳感器1

電壓傳感器2

和電流傳感器測得數(shù)據(jù)，用計算機分別描繪了如圖乙所示的M

、N

兩條U

鈭?

I

直線，請回答下列問題：(1)

根據(jù)圖乙中的M

、N

兩條直線可知____A.直線M

是根據(jù)電壓傳感器1

和電流傳感器的數(shù)據(jù)繪得的B.直線M

是根據(jù)電壓傳感器2

和電流傳感器的數(shù)據(jù)繪得的C.直線N

是根據(jù)電壓傳感器1

和電流傳感器的數(shù)據(jù)繪得的D.直線N

是根據(jù)電壓傳感器2

和電流傳感器的數(shù)據(jù)繪得的(2)

根據(jù)圖乙可以求得定值電阻R0=

_________婁賂

(3)

電源電動勢E

=

________V

內(nèi)電阻r

=

__________婁賂

參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、D【分析】

A；通電導線方向與磁場方向不在一條直線上時；才受到安培力作用，當二者平行時，安培力為零，故A錯誤；

B；根據(jù)左手定則可知；安培力的方向與磁場垂直，故B錯誤；

C；帶電粒子在勻強磁場中的運動方向與磁場平行時；所受洛倫茲力為零，故C錯誤；

D；磁場對電流的作用力通常稱為安培力；安培力的實質(zhì)是形成電流的定向移動的電荷所受洛倫茲力的合力，故D正確．

故選D．

【解析】【答案】正確解答本題需要掌握：洛侖茲力和安培力的產(chǎn)生條件；方向的判斷等知識；要明確通電導線與運動電荷在磁場中不一定有力的作用，電流方向或電荷運動方向與磁場平行時，沒有磁場力作用．

2、C【分析】單擺的周期為T=則因擺球具有負向最大速度，即擺球在平衡位置且向負方向擺動，C對；A在四分之三周期時在負的最大位移處，A錯；D在四分之三周期時在正的最大位移處，D錯；B在四分之三周期時擺球在平衡位置且向正方向擺動，B錯?！窘馕觥俊敬鸢浮緾3、C【分析】【解析】【答案】C4、D【分析】【解答】A、做功沖程中將燃料燃燒產(chǎn)生的內(nèi)能轉(zhuǎn)化為機械能，為熱機工作提供動力，所以A是錯誤的；B、熱機中有燃燒汽油的（汽油機），有燃燒柴油的（柴油機），有燃燒液態(tài)氫的（火箭噴氣發(fā)動機），所以B是錯誤的；C、汽車排出的尾氣發(fā)生在熱機排氣沖程，所以C是錯誤的；D、熱機都是靠燃燒燃料獲得能量的，汽油、柴油等燃料燃燒時都會放出有害氣體，污染環(huán)境，所以D是正確的．故選D．【分析】（1）在四沖程內(nèi)燃機的做功沖程中，燃料燃燒產(chǎn)生大量的高溫高壓的燃氣推動活塞做功，將內(nèi)能轉(zhuǎn)化為機械能．（2）熱機的種類有很多，像老式火車的蒸汽機（燃燒煤）、汽車的內(nèi)燃機（燃燒汽油）、發(fā)電廠的汽輪機（燃燒煤）、火箭的噴氣發(fā)動機（燃燒氫）都是利用內(nèi)能做功的機器．（3）內(nèi)燃機的四個沖程有吸氣沖程、壓縮沖程、做功沖程、排氣沖程．（4）汽車排放的尾氣中有水蒸氣、二氧化碳等無害氣體，也有二氧化氮等氮氫化合物有害氣體．5、A【分析】【分析】氫原子能級躍遷時，兩能級間的能級差越大，輻射的光子能量越大，則光子頻率越大，波長越??；解決本題的關鍵知道能級差與光子頻率的關系，以及知道光子頻率大小與波長大小的關系?！窘獯稹緾.從n=1

的能級躍遷到n=2

的能級時需吸收光子能量，故C錯誤；ABD.

譜線b

是氫原子從n=5

的能級躍遷到n=2

的能級時的輻射光，波長小于譜線a

所以a

光的光子頻率小于b

光的光子頻率，所以b

光的光子能量大于n=5

和n=2

間的能級差。BCD

選項中只有n=4

躍遷到n=2

的能級差小于n=5

和n=2

的能級差；故BD錯誤，A正確。

故選A?！窘馕觥緼

6、C【分析】解：設導體的電阻率為婁脩

厚度為d

邊長為L

則由電阻定律得。

導體的電阻R=婁脩LS=婁脩1d

可知電阻與邊長L

無關，只取決于厚度，故R1=R2

故ABD錯誤，C正確．

故選：C

．

R1

和R2

是材料相同，電阻率婁脩

相同.

設正方形導體的邊長為L

根據(jù)電阻定律R=婁脩LS

研究電阻的關系．

本題是物理規(guī)律在實際中應用的范例，根據(jù)本題的結果，可以將導體微型化，而電阻不變．【解析】C

7、C【分析】解：根據(jù)牛頓第二定律qvB=mv2R

得：R=mvqB=0.1m=10cm

當粒子的軌跡與屏幕相切時為臨界情況；即打到熒屏上的邊界，找到圓心O(

到S

點的距離與到MN

的距離相等的點)

如上圖；

由幾何知識知PS=8cm

設粒子打在熒屏上最左側(cè)的C

點，則CD=(2r)2鈭?h2=12cm

則范圍的長度為CD+DA=20cm

故選：C

先根據(jù)牛頓第二定律計算粒子圓周運動的半徑；粒子能打在熒屏上的臨界情況是軌跡與MN

相切，然后根據(jù)幾何關系求解．

帶電粒子在勻強磁場中做勻速圓周運動解題常用的程序是：

1

畫軌跡：確定圓心；幾何方法求半徑并畫出軌跡．

2

找關系：軌跡半徑與磁感應強度、速度聯(lián)系；偏轉(zhuǎn)角度與運動時間相聯(lián)系；時間與周期聯(lián)系．

3

用規(guī)律：牛頓第二定律和圓周運動的規(guī)律．【解析】C

8、B【分析】解：A；物體做曲線運動時；速度的方向沿曲線的切線方向，速度肯定變化，故A錯誤；

B；物體做勻速圓周運動時速度大小不變。故B正確。

C；物體做曲線運動時；速度肯定變化，必然有加速度。故C錯誤；

D；物體做曲線運動的條件是合力的方向與速度方向不在同一條直線上；所以合外力不可能為0，故D錯誤。

故選：B。

物體做曲線運動時；所受合外力的方向與加速度的方向在同一直線上，合力可以是恒力，也可以是變力，加速度可以是變化的，也可以是不變的。平拋運動的物體所受合力是重力，加速度恒定不變，平拋運動是一種勻變速曲線運動。

本題關鍵是對質(zhì)點做曲線運動的條件的考查，勻速圓周運動，平拋運動等都是曲線運動，對于它們的特點要掌握住?！窘馕觥緽二、多選題(共9題，共18分)9、BC【分析】解：A；布朗運動的實質(zhì)是液體分子不停地做無規(guī)則撞擊懸浮微粒；懸浮微粒受到的來自各個方向的液體分子的撞擊作用不平衡的導致的無規(guī)則運動，反映的是液體分子的無規(guī)則運動，故A錯誤；

B；液體分子的相互作用力比固體的相互作用力??；所以液體分子更易擺脫分子間的相互束縛，無規(guī)則運動越劇烈，所以故相同溫度下液體擴散速度比固體要快一些，故B正確；

C；液體表面存在張力是由于液體表面層分子間距離大于液體內(nèi)部分子間距離；分子力表現(xiàn)為引力，故C正確；

D；當通電時導通；排列變的有秩序，使光線容易通過；不通電時排列混亂，阻止光線通過；由此可以液晶可以做顯示屏，是由于在特定的條件下使光線通過，故D錯誤．

故選：BC．

利用布朗運動；分子力與分子間距解釋固體、液體和液體表面分子張力、液晶的物理特性分析即可．

明確布朗運動、分子力與分子間距的關系和液晶的物理特性是解題的關鍵，屬于基礎題．【解析】【答案】BC10、AC【分析】解：A

凸透鏡下表面與玻璃上表面形成空氣薄膜；干涉現(xiàn)象是由于凸透鏡下表面反射光和玻璃上表面反射光干涉疊加而成.

故A正確；

B；凸透鏡下表面與玻璃上表面形成空氣薄膜；干涉現(xiàn)象是由于凸透鏡下表面反射光和玻璃上表面反射光干涉疊加而成.

不是凸透鏡上表面，故B錯誤；

C；干涉條紋不等間距是由于透鏡表面是曲面；導致間距不均勻增大，從而觀察到如圖所示的同心內(nèi)疏外密的圓環(huán)狀條紋.

故C正確；

D；干涉條紋不等間距是由于透鏡表面是曲面；導致間距不均勻增大，從而觀察到如圖所示的同心內(nèi)疏外密的圓環(huán)狀條紋.

故D錯誤；

故選：AC

從空氣層的上下表面反射的兩列光為相干光；當光程差為波長的整數(shù)倍時是亮條紋，當光程差為半個波長的奇數(shù)倍時是暗條紋.

使牛頓環(huán)的曲率半徑越大，相同的水平距離使空氣層的厚度變小，所以觀察到的圓環(huán)狀條紋間距變大．

理解了該實驗的原理即可順利解決此題，故在學習過程中要深入理解各個物理現(xiàn)象產(chǎn)生的機理是什么．【解析】AC

11、BD【分析】解：據(jù)題；一切接觸面光滑，C

受力平衡，保持靜止狀態(tài)，C

木塊速度為零．

子彈射入A

木塊的過程；AB

一起做加速運動，子彈離開A

進入B

后，B

與A

分離，A

做勻速運動，B

繼續(xù)加速，所以從B

射出后，B

的速度最大，A

的速度小于B

的速度.

故BD正確．

故選BD

由題意；一切接觸面光滑，C

受力平衡，保持靜止狀態(tài).

分析AB

的受力情況，判斷其運動情況，即可知道兩者速度的大小關系．

解決本題的關鍵是抓住不計摩擦力，分析三個物體的運動狀態(tài)，即可作出判斷．【解析】BD

12、AD【分析】解：A

理想電壓表內(nèi)阻無窮大；相當于斷路.

理想電流表內(nèi)阻為零，相當短路，所以可知R

與變阻器串聯(lián)，電壓表V1V2V3

分別測量R

路端電壓和變阻器兩端的電壓.

當滑動變阻器滑片向下滑動時，接入電路的電阻減小，電路中電流增大，則A

的示數(shù)增大，故A正確；

B；電路中電流增大；電源的內(nèi)電壓增大，則路端電壓減小，所以V2

的示數(shù)減小，故B錯誤；

C、根據(jù)閉合電路歐姆定律得：U3=E鈭?I(R+r)

則得：鈻?U3鈻?I=R+r>r

則鈻?V3

與鈻?I

的比值大于r

故C錯誤；

D、根據(jù)閉合電路歐姆定律得：U2=E鈭?Ir

則得：鈻?U2鈻?I=r鈻?U1鈻?I=R

據(jù)題：R>r

則鈻?U1鈻?I>鈻?U2鈻?Ir

故鈻?V1

大于鈻?V2.

故D正確．

故選：AD

．

理想電壓表內(nèi)阻無窮大；相當于斷路.

理想電流表內(nèi)阻為零，相當短路.

分析電路的連接關系，根據(jù)歐姆定律進行分析．

本題是電路的動態(tài)分析問題，關鍵要搞清電路的結構，明確電表各測量哪部分電路的電壓或電流，根據(jù)閉合電路歐姆定律進行分析．【解析】AD

13、BD【分析】解：A、撤去外力后，ab在安培力作用做減速運動，由于速度減小，產(chǎn)生的感應電動勢減小，電路中感應電流減小，則ab所受的安培力減小，加速度減小，所以ab做的是變減速運動；故A錯誤。

B、由于整個過程中，棒ab的動能變化量為零，根據(jù)動能定理知，整個過程中合力對ab做的功一定為零。故B正確。

CD、ab棒從開始運動到停止的過程中；只有拉力和安培力做功，所以拉力做的功轉(zhuǎn)化為R上釋放的熱量，所以：R上釋放的熱量Q=W=Fx．故C錯誤，D正確。

故選：BD。

撤去外力后，ab在安培力作用做減速運動；根據(jù)安培力與速度成正比分析加速度的變化，判斷其運動情況。合力做功根據(jù)動能定理分析。由能量守恒定律可以求出電路中R上產(chǎn)生的焦耳熱。

棒ab運動時產(chǎn)生的電動勢隨速度的變化而變化，應用牛頓第二定律、安培力公式、能量守恒定律即可正確解題。分析清楚桿的運動過程；桿克服安培力做功轉(zhuǎn)化為焦耳熱，可以從能量角度求焦耳熱?！窘馕觥緽D14、C:D【分析】【詳解】

A．P點的電場強度是+Q1和?Q2在該處產(chǎn)生的電場的疊加，是合場強。兩電荷在P點產(chǎn)生的電場方向相反，選取向右為正方向，根據(jù)點電荷的場強公式

可知，P點的合場強為

故P點電場強度為零。由于電勢的零點與人為的選擇有關，則P點的電勢不一定為零。故A錯誤；

B．因P點的場強為零，則P點右側(cè)電場線向右，因順著電場線電勢降低可知

因bc的具體位置不確定；則不能確定兩點場強的關系，故B錯誤；

C．P點左側(cè)電場線向左，將一試探電荷＋q從a點沿x軸移至P點；電場力做負功，電勢能增加，故C正確；

D．若將一試探電荷－q從a點靜止釋放，則電荷將沿aP向右加速運動，到達P點后受到向左的電場力做減速運動，可知其經(jīng)過P點時動能最大；故D正確。

故選CD。15、CD【分析】解：A、由題：電源的電動勢E和內(nèi)阻r相同，電阻R1＞R2，由閉合電路歐姆定律可知電流I1＜I2，電量q=It，通電時間相同，所以R2上通過的電量多；故A錯誤；

B、電源內(nèi)部產(chǎn)生電熱Q內(nèi)=I2rt；可見，電源內(nèi)部產(chǎn)生電熱較多的是乙電路中的電源．故B錯誤．

C；由公式W=qE；可知，兩電源做功較多的是乙電路，故C正確．

D；兩電阻阻值都大于內(nèi)阻；則電源的輸出功率隨著電阻的增大而減小，所以電源輸出功率較大的是乙電路中的．故D正確．

故選：CD

甲、乙兩電路中電源完全相同，電動勢E和內(nèi)阻r相同，電阻R1＞R2，由閉合電路歐姆定律可知電流的大?。呻娏縬=It判斷電量大小，由焦耳定律Q=I2rt；來分析電源內(nèi)部產(chǎn)生電熱的大小，根據(jù)W=qE判斷電源做功，當外電阻等于內(nèi)電阻時，電源輸出功率最大．

本題關鍵是將焦耳定律變形Q=I2Rt=qU，即變成電流做功的原始表達式．知道當外電阻等于內(nèi)電阻時，電源輸出功率最大，難度適中．【解析】【答案】CD16、AC【分析】解：AB

行星公轉(zhuǎn)的向心力由萬有引力提供；根據(jù)牛頓第二定律，有：

GMmR2=mR4婁脨2T2

解得：R=GMT24婁脨23

已知該行星與地球繞恒星均做勻速圓周運動；其運行的周期為地球運行周期的p

倍，橙矮星的質(zhì)量為太陽的q

倍，故得：

該行星與地球的軌道半徑之比為R脨脨R碌脴=M擄蘆M碌脴T脨脨2T碌脴23=p2q3

故A正確；B錯誤；

CD

根據(jù)v=2婁脨RT

有：v脨脨v碌脴=R脨脨R碌脴鈰?T碌脴T脨脨=qp3

故C正確，D錯誤；

故選：AC

地球和“開普勒438b

”公轉(zhuǎn)的向心力均由萬有引力提供；根據(jù)牛頓第二定律列式求解出周期和向的表達式進行分析即可．

本題關鍵是明確行星運動的向心力來源，結合牛頓第二定律列式分析即可．【解析】AC

17、AD【分析】解：由于面積一定；磁場變化，根據(jù)法拉第電磁感應定律，感應電動勢為：

E=nS?∝

AB；0時刻磁感應強度的變化率最大；故感應電動勢最大，故A正確，B錯誤；

C、t1時刻磁通量最大，但磁通量的變化率為零；故C錯誤；

D、t1～t2時間內(nèi)；磁通量的變化率變大，故感應電動勢增大，故D正確；

故選：AD。

根據(jù)法拉第電磁感應定律公式E=n列式分析，當面積一定時，可以寫成E=nS?由此分析即可。

本題中磁通量最大時，磁通量的變化率最?。淮磐孔钚r，磁通量的變化率最大；然后根據(jù)法拉第電磁感應定律列式判斷即可?！窘馕觥緼D三、填空題(共8題，共16分)18、略

【分析】【解析】試題分析：靜電除塵和靜電復印利用力異種電荷相互吸引的原理，飛機輪胎用導電橡膠制成和雷雨天不能在高大樹木下避雨是防止靜電危害，所以選①③考點：本題考查的是關于靜電的防止與應用，【解析】【答案】①③19、略

【分析】解：物體帶的電荷的多少叫電量；符號為Q，單位是庫侖（C）．

故答案為：電量；Q

電荷量的定義是：物體帶的電荷的多少叫電荷量；電荷量的單位是：庫侖；簡稱庫，符號為C．

本題考查了電量的概念及其單位，屬于識記性的內(nèi)容，比較簡單，只要記住即可解答．【解析】電量；Q20、略

【分析】解：（1）停表表示讀數(shù)：內(nèi)圈讀數(shù)：90s；外圈讀數(shù)9.7s，總讀數(shù)為：t=90s+9.7s=99.7s；

（2）根據(jù)單擺的周期公式T=2π得：g=．

A；測擺線長時擺線拉得過緊；使得擺長的測量值偏大，則測得的重力加速度偏大．故A錯誤．

B；擺動后出現(xiàn)松動；知擺長的測量值偏小，則測得的重力加速度偏?。蔅正確．

C；實驗中開始計時；秒表過遲按下，則測得周期偏小，所以測得的重力加速度偏大．故C錯誤．

D；實驗中將49次全振動數(shù)成50次全振動；測得周期偏小，則測得的重力加速度偏大．故D錯誤．

故選：B；

（3）根據(jù)單擺的周期公式T=2π得：L=．

而另外一位同學作出的L-T2圖線如圖2所示；此圖線不過原點的原因可能是計算擺長時，加入球的直徑，而不是半徑．

故答案為：（1）99.7；（2）B；

（3）可能是計算擺長時；加入球的直徑，而不是半徑．

（1）秒表讀數(shù)：先讀內(nèi)圈；讀數(shù)時只讀整數(shù)，小數(shù)由外圈讀出，讀外圈時，指針是準確的，不用估讀．

（2）根據(jù)單擺的周期公式T=2π得出重力加速度的表達式；從而判斷出重力加速度減小的原因；

（3）根據(jù)實驗注意事項與實驗原理分析實驗誤差．由單擺周期公式變形，得到T2與L的關系式；分析圖象的意義，即可求解．

本題關鍵明確實驗原理，根據(jù)原理選擇器材；由單擺的周期公式變形，得到T2與L的關系式得到圖象斜率的物理意義，再分析實驗產(chǎn)生的誤差．【解析】99.7；B；可能是計算擺長時，加入球的直徑，而不是半徑21、略

【分析】解：根據(jù)質(zhì)量數(shù)守恒和核電荷數(shù)守恒知；聚變的核反應方程：12H+12H隆煤23He+01n

核反應過程中的質(zhì)量虧損為：鈻?m=2mD鈭?(mHe+mn)=0.0035u

釋放的核能為：鈻?E=鈻?mc2=0.0035uc2=3.26MeV

故答案為：12H+12H隆煤23He+01n3.26MeV

．

根據(jù)核反應過程遵循質(zhì)量數(shù)守恒和核電荷數(shù)守恒求出新核的質(zhì)量數(shù)、核電荷數(shù)從而確定新核，并最終寫出核反應方程式.

要計算計算釋放的核能，就必須知道核反應虧損的質(zhì)量，根據(jù)愛因斯坦質(zhì)能方程鈻?E=鈻?mC2

即可求出核反應釋放的能量．

只要對近代原子物理有所了解即可，需要深入理解的東西不是太多.

所以要多讀教材，適量做些中低檔題目即可．【解析】12H+12H隆煤23He+01n3.26MeV

22、略

【分析】試題分析：帶電粒子在電場中做類平拋運動，水平方向上，豎直方向上由題可知，因此運動的時間在這個過程中，電場力做功因此電勢能減小為好就是電勢能增加了考點：平拋運動，電勢能做功與電勢能的關系【解析】【答案】23、略

【分析】解：飛機接收到第一個無線電脈沖時距雷達的距離為。

S1=c?

飛機接收到第一個無線電脈沖時距雷達的距離為。

S2=c?

則在△t=0.8s時間內(nèi)飛機的位移為：

△x=S1-S2=c?-c?=2100m

故飛機的飛行速度為：v==525m/s

故答案為：525m/s．

雷達發(fā)出的無線電脈沖在空中勻速傳播；速度為光速c，脈沖碰到飛機后被反射回來，根據(jù)發(fā)射和接收的時間間隔求出飛機離雷達的距離，由兩次距離差求出飛機飛行的位移，根據(jù)速度公式求出飛機的速度．

本題考查對雷達測速原理的能力．抓住兩點：一是電磁波在空中傳播速度均相同，等于光速c；二是根據(jù)發(fā)射和接收電磁波的時間間隔確定飛機的位置．【解析】525m/s24、略

【分析】解：①經(jīng)過276天，為2個半衰期，衰變后剩余的質(zhì)量m=m0（）2=100g×=25g，則已衰變的質(zhì)量為：m衰=100g-25g=75g；

②1mol氘中含有NA個氘核，1mol氚中含有NA個氚核，則1mol氘和1mol氚完全發(fā)生上述核反應的質(zhì)量虧損為：NA△m；

根據(jù)愛因斯坦質(zhì)能方程：△E=NA△mc2；

③由動量守恒定律：m1v0=m3v3+m4vB；

解得：vB=．

B的速度與He核的速度方向相反；即。

m1v0-m3v3＜0；

解得：v3＞．

故答案為：①75②③．

①經(jīng)過一個半衰期；有半數(shù)發(fā)生衰變，求出半衰期的次數(shù)，從而得出已衰變的質(zhì)量．

②根據(jù)愛因斯坦質(zhì)能方程求出核反應中釋放的能量．

③根據(jù)動量守恒定律列方程求解．

解決本題的關鍵知道半衰期的定義，知道衰變后剩余質(zhì)量與初始質(zhì)量的關系，即m=（）nm0，n為半衰期的次數(shù)．【解析】75；25、(1)2.6m/s(2).9214686(3).M婁脩6M婁脨婁脩d3(4).cc【分析】【分析】(1)

小車與物體組成系統(tǒng)在水平方向動量守恒，由動量守恒定律求出小車的速度；(2)

質(zhì)量數(shù)等于質(zhì)子數(shù)加上中子數(shù)，根據(jù)質(zhì)量數(shù)和質(zhì)子數(shù)求出中子數(shù)，根據(jù)電荷數(shù)守恒、質(zhì)量數(shù)守恒得出婁脕

衰變、婁脗

衰變的次數(shù)；(3)

摩爾體積V=M婁脩

水分子看做球體，計算出每個水分子的體積，用摩爾體積除以水分子體積即可求得阿伏伽德羅常數(shù)；(4)

根據(jù)圖象可以看出分子力的大小變化，在橫軸下方的為引力，上方的為斥力，分子力做正功分子勢能減小，分子力做負功分子勢能增大。解決考查動量守恒定律；知道質(zhì)量數(shù)、質(zhì)子數(shù)、中子數(shù)的關系，以及知道婁脕

衰變、婁脗

衰變的實質(zhì)；考查阿伏加德羅常數(shù)，要注意液體分子常常看作是球形，分子間的距離等于分子直徑；雖在熱學部分出現(xiàn)，但考查內(nèi)容涉及功和能的關系等力學知識，綜合性較強?！窘獯稹?1)

小車由物體組成的系統(tǒng)在水平方向動量守恒，以向右為正方向，在水平方向，由動量守恒定律得：Mv魯碌+mv脦茂cos600=(M+m)v

解得：v=2.6m/s

(2)

然放射性元素鈾92238U

的質(zhì)量數(shù)為238

質(zhì)子數(shù)為92

則中子數(shù)為14692238U

衰變后變成鉛82206Pb

質(zhì)量數(shù)少32

電荷數(shù)少10

設經(jīng)過了x

次婁脕

衰變，y

次婁脗

衰變，有：4x=322x鈭?y=8

解得x=8y=6

(3)

水的摩爾體積為V=M婁脩

水分子的體積v=43婁脨(d2)3

故NA=Vv=6M婁脨婁脩d3

(4)

根據(jù)圖象可以看出分子力的大小變化，在橫軸下方的為引力，上方的為斥力，把乙分子沿x

軸負方向從a

處移動到d

處過程中，在c

位置分子間作用力最小。乙分子由a

到c

一直受引力，隨距離減小，分子力做正功，分子勢能減?。粡腸

到d

分子力是斥力且不斷增大，隨距離減小分子力做負功，分子勢能增大，故在c

位置分子勢能最小。故答案為：(1)2.6m/s(2).9214686(3).M婁脩6M婁脨婁脩d3(4).cc

?！窘馕觥?1)2.6m/s(2).9214686(3).M婁脩6M婁脨婁脩d3(4).cc

四、判斷題(共3題，共15分)26、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場線的特點可知；沿電場線的方向電勢降低；電場線垂直于等勢面、同一等勢面移動電荷電場力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠出發(fā)，終止于無限遠或負電荷，不閉合，電場線疏密描述電場強弱，電場線密的地方，電場強度大，疏的地方電場強度弱，沿電場線的方向電勢降低．27、A【分析】【解答】解：點電荷在A點的場強

根據(jù)場強的疊加原理得；則兩點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，A點的場強大小為。

EA=E點﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點電荷在A點處產(chǎn)生的場強大小，判斷出場強方向，A點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點處的場強大小及方向．28、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點電勢高，靠近負電荷的點，電勢較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖象中的等勢面左右對稱；無窮遠處的電勢為0．該圖象的左側(cè)的等勢線比較密，無窮遠處的電勢為0，所以無窮遠處到兩點之間的電勢差相比，與a點之間的電勢差比較大，所以a點所帶的電量就多．

故答案為：錯誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較，很容易得出正確的結論．五、作圖題(共2題，共20分)29、解：根據(jù)左手定則可得；帶電粒子剛進入磁場時所受洛倫茲力的方向，如圖所示：

答：如圖所示。【分析】

本題考查了左手定則的直接應用；根據(jù)左手定則即可正確判斷磁場；運動方向、洛倫茲力三者之間的關系，特別注意的是四指指向和正電荷運動方向相同和負電荷運動方向相反。

安培定則、左手定則、右手定則是在電磁學中經(jīng)常用到的，要掌握它們的區(qū)別，并能熟練應用?！窘馕觥拷猓焊鶕?jù)左手定則可得；帶電粒子剛進入磁場時所受洛倫茲力的方向，如圖所示：

答：如圖所示。30、略

【分析】解：(1)

單擺的擺長l=L+d2=97.50+2.002cm=98.50cm

．

秒表的小盤讀數(shù)為50s

大盤讀數(shù)為15.2s

則秒表的讀數(shù)為75.2s

．

(2)

根據(jù)T=2婁脨lg

得，g=4婁脨lT2

A；測擺線長時擺線拉得過緊；則擺長的測量值偏大，導致重力加速度的測量值偏大，故A錯誤．

B；擺線上端懸點未固定；振動中出現(xiàn)松動，使擺線長度增加了，知擺長的測量值偏小，導致重力加速度的測量值偏小，故B正確．

C；開始計時時；秒表過遲按下，則周期的測量值偏小，導致重力加速度的測量值偏大，故C錯誤．

D；實驗中誤將49

次全振動記為50

次；則周期的測量值偏小，導致重力加速度的測量值偏大，故D錯誤．

故選：B

．

(3)

根據(jù)T=2婁脨lg

得，T2=4婁脨2lg

可知圖線的斜率k=4婁脨2g

則重力加速度g=4婁脨2k

．

故答案為：(1)98.5075.2(2)B(3)4婁脨2k

．

(1)

單擺的擺長等于擺線的長度和擺球的半徑之和；秒表的讀數(shù)等于小盤讀數(shù)和大盤讀數(shù)之和．

(2)

根據(jù)單擺的周期公式得出重力加速度的表達式；結合擺長和周期的測量誤差確定重力加速度的測量誤差．

(3)

根據(jù)單擺的周期公式得出T2鈭?l

的關系式；結合圖線的斜率求出重力加速度．

單擺的擺長等于懸點到球心的距離，不能漏算小球的半徑.

根據(jù)解析式研究圖象的意義是慣用的思路．【解析】98.5075.2B4婁脨2k

六、實驗探究題(共4題，共36分)31、略

【分析】解：（1）歐姆表在使用中應先將紅黑表筆短接；進行歐姆調(diào)零；

（2）紅正黑負；電流從紅表筆流入電表，從黑表筆流出電表；電流從電壓表正接線柱流入，故紅表筆接觸1，黑表筆接2；

（3）歐姆表讀數(shù)=倍率×表盤讀數(shù)=1k×15.0Ω=15.0kΩ；電壓表讀數(shù)為3.60V；

（4）由于滑動變阻器被短路；故歐姆表讀數(shù)即為電壓表阻值，為12.0kΩ；

（5）歐姆表的中值電阻等于內(nèi)電阻；故歐姆表1k檔位的內(nèi)電阻為15.0kΩ；

根據(jù)閉合電路歐姆定律，電動勢為：E=U+?r=4V+×15000=9V；

故答案為：（1）短接（2）1（3）15.03.60（4）12.0；（5）9.0015.0

（1）歐姆表使用前一定要進行歐姆調(diào)零；

（2）紅正黑負；電流從紅表筆流入電表，從黑表筆流出電表；

（3）歐姆表讀數(shù)等于倍率乘以表盤讀數(shù)；伏特表讀數(shù)要估讀；

（4）歐姆表測量的是外電路的總電阻；由于滑動變阻器被短路，故歐姆表讀數(shù)即為電壓表阻值；

（5）由于半偏電流