2025年滬教版必修3物理下冊月考試卷

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年滬教版必修3物理下冊月考試卷149考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、安培提出了著名的分子電流假說．根據(jù)這一假說，電子繞核運動可等效為一環(huán)形電流．設電量為e的電子以速率v繞原子核沿順時針方向做半徑為r的勻速圓周運動，下列關于該環(huán)形電流的說法正確的是A.電流大小為電流方向為順時針B.電流大小為電流方向為逆時針C.電流大小為電流方向為順時針D.電流大小為電流方向為逆時針2、物體只在重力和一個不為零的向上的拉力作用下，分別做勻速上升、加速上升和減速上升三種運動．在這三種情況下，物體機械能的變化情況是（）A.勻速上升機械能不變，加速上升機械能增加，減速上升機械能減小B.勻速上升和加速上升機械能增加，減速上升機械能減小C.由于該拉力與重力大小的關系不明確，所以不能確定物體機械能的變化情況D.三種情況中，物體的機械能均增加3、已知通電長直導線在周圍空間某位置產(chǎn)生的磁感應強度大小與電流強度成正比，與該位置到長直導線的距離成反比。如圖所示，現(xiàn)有通有電流大小相同的兩根長直導線分別固定在正方體的兩條邊和上，彼此絕緣，電流方向分別由流向、由流向，則頂點和兩處的磁感應強度大小之比為（）

A.B.C.D.4、每月月初的時候都會收到電力公司的【智能交費賬單】，其中有“尊敬的客戶，戶號為：3720074×××，戶名：*小明，地址為×鎮(zhèn)×街道×幢×室。本期電量為313度”等信息。則該短信中“電量”對應的物理量及該物理量對應的國際制單位符號表示正確的是（）A.電荷量CB.電功率WC.電功D.電功J5、如圖所示，空間中a、b、c、d、e、f、分別為兩個完全一樣的邊長為L的立方體圖形的頂點（其中b、e、為兩個立方體重合面的頂點），在所在直線上放置電荷量均為Q的異種點電荷M、N，M帶正電且M、N關于對稱且間距為下列說法正確的是（）

A.a、d兩點的電勢相等B.將電子從a點移到f點，電子的電勢能減少C.f點和d點的電場強度大小不相等D.b點和點的電場強度大小相等，其大小為6、如圖所示，豎直平面直角坐標系xOy所在平面內存在一勻強電場，電場的方向與x軸負方向成角。A是電場中的一點，O、A兩點的連線與一條電場線重合。一質量為m、電荷量為q的帶電小球從A點沿平行于x軸正方向射出，小球經(jīng)過時間t到達x軸上的B點，到達B點時小球的動能與在A點射出時相同。已知A、B兩點距離坐標原點O的距離相等，重力加速度大小為g。則帶電小球從A點運動到B點增加的電勢能為（）

A.B.C.D.7、如圖甲所示，光滑絕緣水平面上有一帶負電荷小滑塊，在處以初速度沿軸正方向運動。小滑塊的質量為帶電量為可視為質點。整個區(qū)域存在沿水平方向的電場，圖乙是滑塊電勢能隨位置變化的部分圖像，點是圖線的最低點，虛線是圖像在處的切線，并且經(jīng)過和兩點，下列說法正確的是（）

A.處的電場強度大小為B.滑塊向右運動過程中，加速度先增大后減小C.滑塊運動至處時，速度大小為D.若滑塊恰好到達處，則該處的電勢為8、以下有關物理學史和所用物理學方法的敘述正確的是（）A.牛頓發(fā)現(xiàn)了萬有引力定律并測出了引力常量的數(shù)值B.伽利略借助實驗研究和邏輯推理得出了自由落體運動規(guī)律C.法拉第首先引入電場線和磁感線，并發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應和電磁感應定律D.“點電荷”、“總電阻”、“電場強度”概念的提出應用了等效替代的方法9、在實驗室或工廠的高溫爐子上開一小孔；小孔可看作黑體，由小孔的熱輻射特性，就可以確定爐內的溫度。如圖所示，就是黑體的輻射強度與其輻射光波長的關系圖像，則下列說法正確的是（）

A.T1＜T2B.在同一溫度下，波長越短的電磁波輻射強度越大C.隨著溫度的升高，黑體的輻射強度都有所降低D.隨著溫度的升高，輻射強度的極大值向波長較短方向移動評卷人得分二、多選題(共8題，共16分)10、如圖水平且平行等距的虛線表示某電場三個等勢面，電勢值分別為－U、O、U實線是電荷量為－q的帶電粒子的運動軌跡，a、b、c為軌跡上的三點；且都位于等勢面上，不計重力。下列說法正確的（）

A.若粒子在a點的動能為2eV，則在c點的動能可能為0B.粒子在b點所受電場力方向水平向右C.粒子在三點的電勢能大小為D.粒子從a到c過程中電場力對它做的功為qU11、如圖所示，方盒A靜止在光滑的水平面上．盒內有一小滑塊B，二者質量相同，滑塊與盒內水平面間的動摩擦因數(shù)為μ．若滑塊以速度v開始向左運動，與盒的左、右壁發(fā)生無機械能損失的碰撞，滑塊在盒中來回運動多次，最終相對于盒靜止，重力加速度為g，則()

A.最終盒的速度大小為v/2B.最終盒的速度大小為vC.滑塊相對于盒運動的路程為D.滑塊相對于盒運動的路程為12、如圖所示，兩塊較大的金屬板A、B平行放置并與一個電源相連，其中A板接地（取大地電勢φ=0）。S閉合后，兩板間有一質量為m、電荷量為q的油滴恰好處于靜止狀態(tài)。以下說法正確的是（）

A.保持S閉合，若將A板向上平移一小段位移，則油滴向下加速運動，G中有b→a的電流B.保持S閉合，若將A板向左平移一小段位移（油滴仍處于兩極板之間），則油滴仍然靜止，G中有b→a的電流C.若將S斷開，則油滴立即向下做勻加速直線運動D.若將S斷開，再將B板向下平移一小段位移，則油滴仍然保持靜止，但油滴的電勢能減小13、如圖所示，A、B、C三個小球（可視為質點）的質量分別為m、B小球帶負電，電荷量絕對值為q、A、C兩小球不帶電（不考慮小球間的靜電感應），不可伸長的絕緣細四線將三個小球連接起來懸掛在O點，三個小球均處于豎直向上的勻強電場中，電場強度大小為E；以下說法正確的是（）

A.剪斷O點與A小球間細線的瞬間，B兩小球間細線的拉力為B.剪斷O點與A小球間細線的瞬間，C球的加速度為gC.靜止時，B兩小球間細線的拉力為D.靜止時，C兩小球間細線的拉力為14、如圖所示，金屬殼放在絕緣墊上，能起到屏蔽點電荷電場作用的是（）A.B.C.D.15、下圖為靜電植絨的原理圖。帶負電的金屬網(wǎng)中盛有絨毛；真空中帶負電的絨毛一旦與布匹上的黏合劑接觸就粘貼在布匹上，則帶負電的絨毛從帶負電的金屬網(wǎng)到布匹的運動過程中（）

A.做勻速運動B.做加速運動C.電勢能逐漸增大D.運動經(jīng)過處各點電勢逐漸升高16、如圖甲所示，R為電阻箱（0~99.9Ω），置于阻值最大位置，Rx為未知電阻。（1）斷開S2，閉合S1，逐次減小電阻箱的阻值，得到一組R、I值，并依據(jù)R、I值作出了如圖乙所示的R－圖線；（2）斷開S2，閉合S1，當R調至某一位置時，電流表的示數(shù)I1=1.0A；保持電阻箱的阻值不變，斷開S1，閉合S2，此時電流表的示數(shù)為I2=0.8A；據(jù)以上數(shù)據(jù)可知（）

A.電源電動勢為2.0VB.電源內阻為0.25ΩC.Rx的阻值為1.5ΩD.S1斷開、S2閉合時，隨著R的減小，電源輸出功率增大17、根據(jù)黑體輻射的實驗規(guī)律，以下判斷正確的是（）A.在同一溫度下，波長越短的電磁波輻射強度越大B.在同一溫度下，輻射強度最大的電磁波波長不是最大的，也不是最小的，而是處在最大波長與最小波長之間C.溫度越高，輻射強度的極大值就越大D.溫度越高，輻射強度最大的電磁波的波長越短評卷人得分三、填空題(共8題，共16分)18、如圖所示，質量相同的兩個帶電粒子P、Q以相同的速度沿垂直于電場方向射入兩水平平行板間的勻強電場中，P從兩極板正中央射入，Q從下極板邊緣處射入，它們最后打在同一點（重力不計），則從開始射入到打到上板的過程中它們所帶的電荷量之比qP∶qQ=___________；它們的動能增加量之比ΔEkP∶ΔEkQ=___________。

19、有一個電流表G，內阻Rg=30Ω，滿電流Ig=1mA．要把它改裝為量程0~0.6A的電流表，要并聯(lián)_____Ω的電阻，改裝后電流表的內阻是______Ω。20、如圖所示，三根等長帶電棒絕緣相連成正三角形，每根棒上電荷均勻分布，帶電均為帶電為P點為正三角形中心，P、Q兩點關于邊對稱.現(xiàn)測得P、Q兩點的電場強度大小分別為和若撤去棒，則P、Q兩點的電場強度大小分別為_____，_____。

21、靜電復?。簭陀C應用了______的原理，復印機的有機光導體鼓表面涂覆有機光導體（OPC），無光照時，OPC是______，受光照時變成導體．22、麥克斯韋電磁場理論的兩大支柱是：______、______。23、一個不帶電的金屬球殼的內、外半徑分別為R1和R2，今在中心處放置一電荷為q的點電荷，則球殼的電勢U=_______________。24、公式回顧：電場強度定義式：__________；電勢：__________；電場強度與電勢差的關系：__________；電勢差與靜電力做的功：__________；電容的定義式：__________；電容的決定式：__________。25、有一個靈敏電流表，內阻為滿偏電流為要把它改裝成量程為的電流表，需并聯(lián)______的分流電阻；如果要把它改裝為量程的電壓表，需串聯(lián)_______的電阻（本題保留三位有效數(shù)字）。評卷人得分四、作圖題(共2題，共12分)26、連線題：請將下列電路元器件的實物圖與其符號相連。

27、以下是幾種點電荷的電場線的分布情況；請標出圖中各電荷的電性。

評卷人得分五、實驗題(共4題，共12分)28、某同學手邊沒有電流表，有一個電壓表（Um=5V，RV=5×103Ω），電池（E=8V、r=10Ω）、總電阻足夠大的滑動變阻器R0。他利用以上器材制成一個可以直接測量電阻的歐姆表；如圖甲所示。圖乙是電壓表的刻度盤。

（1）圖甲中，電路連接正確的是______；

A．a(chǎn)為“+”，b為“-”，c為紅表筆，d為黑表筆。

B．a(chǎn)為“+”，b為“-”，c為黑表筆，d為紅表筆。

C．a(chǎn)為“-”，b為“+”，c為黑表筆，d為紅表筆。

D．a(chǎn)為“-”，b為“+”，c為紅表筆，d為黑表筆。

（2）測量外電阻的阻值之前，需要調零。按正確的操作，調零時，R0接入電路的阻值是______Ω；

（3）現(xiàn)對電壓表刻度重新賦值，則4V處應標注______Ω；

（4）該同學發(fā)現(xiàn)改裝后的歐姆表如果去測量幾十歐的電阻很不精確，此時需要對該歐姆表進行改進。以下改進措施中最合理的是______；

A．電源換成電動勢E=10V的電池。

B．電源換成電動勢E=6V的電池。

C．用一個50Ω的電阻與電壓表并聯(lián)。

D．用一個50Ω的電阻與電壓表串聯(lián)。

（5）如果電池用久了，電動勢E減小了，內阻r增大了，現(xiàn)用此電路歐姆調零后測量一未知電阻，測量結果將______（填“偏大”、“偏小”或“不變”）。29、在“練習使用多用電表”的實驗中；某同學進行了如下操作和思考。

（1）利用多用電表測量未知電阻，用歐姆擋“×100”測量時發(fā)現(xiàn)指針示數(shù)如圖所示，為了得到比較準確的測量結果，下列選項中合理的步驟為____________（選填字母代號并按操作順序排列）；

A．將選擇開關旋轉到歐姆擋“×1k”的位置。

B．將選擇開關旋轉到歐姆擋“×10”的位置。

C．將兩表筆分別與被測電阻的兩根引線相接完成測量。

D．將兩表筆短接，調節(jié)歐姆調零旋鈕使指針指向“”

（2）該同學想進行如圖所示的操作，下列說法正確的是____________（選填字母代號）；

A．圖甲中將選擇開關旋轉到直流電壓擋；選擇合適量程可測量小燈泡兩端電壓。

B．圖乙中將選擇開關旋轉到直流電流擋；選擇合適量程可測量流經(jīng)小燈泡的電流。

C．圖丙中將選擇開關旋轉到歐姆擋；選擇合適量程可測量閉合電路中小燈泡的電阻。

D．圖丁中將選擇開關旋轉到歐姆擋；選擇合適量程可觀察到此時歐姆表示數(shù)很小。

（3）該同學在實驗室找到一個的電容器，他認為電容器是彼此絕緣的兩個極板構成，用歐姆表兩個表筆分別與電容器的兩電極相連，歐姆表的指針不會發(fā)生偏轉。該同學準備驗證自己的想法，用歐姆表的“×10”擋，將紅、黑兩表筆分別與該電容器的兩電極相連。請你分析該同學會看到什么現(xiàn)象，并說明依據(jù)_______。30、某同學用伏安法測量由兩節(jié)干電池串聯(lián)組成的電池組的電動勢和內電阻所提供的器材有：

A．電壓表

B．電流表

C．變阻器（）

D．變阻器（）

E．電阻箱（）

F．開關和導線若干。

（1）實驗中電壓表應選用的量程為______（選填“”或“”），電流表應選用的量程為______（選填“”或“”），變阻器應選用______（選填“”或“”）；

（2）根據(jù)實驗要求在圖甲的虛線框中畫出實驗電路圖；

______

（3）調節(jié)滑動變阻器測得多組電壓表和電流表的數(shù)據(jù)，根據(jù)數(shù)據(jù)畫出圖像如圖乙所示，由圖像知該電池組的電動勢______內電阻______（結果均保留2位有效數(shù)字）

31、某實驗小組要測量兩節(jié)干電池組的電動勢和內阻；實驗室有下列器材：

A．靈敏電流計G（0~5mA；內阻約為60Ω）

B．電壓表V（0~3V；內阻約為10kΩ）

C．電阻箱R1（0~999.9Ω）

D．滑動變阻器R2（0~100Ω；1.5A）

E．舊電池2節(jié)。

F．開關；導線若干。

(1)由于靈敏電流計的量程太小，需擴大靈敏電流計的量程。測量靈敏電流計的內阻的電路如圖甲所示，調節(jié)R2的阻值和電阻箱使得電壓表示數(shù)為2.00V，靈敏電流計示數(shù)為4.00mA，此時電阻箱接入電路的電阻為450．0Ω，則靈敏電流計內阻為___________Ω；（保留1位小數(shù)）

(2)為將靈敏電流計的量程擴大為60mA，該實驗小組將電阻箱與靈敏電流計并聯(lián)，則應將電阻箱R1的阻值調為___________Ω；（保留3位有效數(shù)字）；

(3)把擴大量程后的電流表接入如圖乙所示的電路，根據(jù)測得的數(shù)據(jù)作出U－IG（IG為靈敏電流計的示數(shù)）圖象如圖丙所示，則該干電池組的電動勢E=___________V；內阻r=___________Ω（保留3位有效數(shù)字）。評卷人得分六、解答題(共2題，共6分)32、如圖所示，真空中兩個相同的小球帶有等量同種電荷，質量均為m，分別用絕緣細線懸掛于絕緣天花板上同一點，平衡時B球偏離豎直方向θ角，A球豎直且與墻壁接觸，此時A、B兩球位于同一高度且相距L。求：

(1)每個小球帶的電荷量q；

(2)B球所受繩的拉力FT；

(3)墻壁對A球的彈力FN。

33、如圖所示，兩質量為的小球，A帶電B不帶電。兩球靜止，且相距A、B方向與方向相同（電場強度大小為）。時刻，開始受電場力而運動，A、B間發(fā)生彈性正碰，無電量轉移，求第次正碰到第次正碰之間需要的時間。

參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、D【分析】【詳解】

電子繞核運動可等效為一環(huán)形電流，電子運動周期為根據(jù)電流的定義式可得電流強度為：因為電子帶負電，所以電流方向與電子定向移動方向相反，即沿逆時針方向，故D正確，ABC錯誤．2、D【分析】【詳解】

無論物體怎樣向上運動；拉力都做正功，物體的機械能均增加，故ABC錯誤，D正確。

故選D。3、A【分析】【分析】

【詳解】

設正方體邊長為L，其中一根長直導線的電流在c點產(chǎn)生的磁感應強度為B0，則c點的磁感應強度大小為

處于hg邊的長直導線到a點的距離為在a點產(chǎn)生的磁感應強度大小為處于dh邊的長直導線到a點的距離為L，在a點產(chǎn)生的磁感應強度大小為B0，所以a點的磁感應強度大小為

因此

故A正確。

故選A。4、D【分析】【分析】

【詳解】

本題中“電量”應該是能量的單位；也就是電功的單位，常用單位是“度”，而國際單位是焦耳（J）。

故選D。5、D【分析】【分析】

【詳解】

A．如圖為等量異種電荷周圍的電場線分布圖。

沿電場線方向電勢降低，對比可知，a點電勢高于b點；A錯誤；

B．a(chǎn)點電勢高于b點，由

可知，將電子從a點移到f點；電子的電勢能增大，B錯誤；

C．由對稱性可知，f點和d點的電場強度大小相等；方向不同，C錯誤；

D．b點離M距離為

且bM連線與水平方向夾角的正弦值為

故b點的電場強度大小為

聯(lián)立解得

由對稱性可知，點電場強度大小與b點相等，也為D正確。

故選D。6、C【分析】【詳解】

小球從A點運動到B點動能不變，設A、B兩點距離坐標原點O的距離為L，由動能定理知

解得

小球沿y軸方向，由牛頓第二定律知

又

解得

小球沿電場線方向上的位移大小為

則電勢能的增加量

故選C。

7、C【分析】【詳解】

A．Ep-x圖像斜率的絕對值表示滑塊所受電場力的大小，所以滑塊在x=1m處所受電場力大小為

可得E1=10V/m

選項A錯誤；

B．滑塊向右運動過程中；電場力先減小后增加，則加速度先減小后增大，選項B錯誤；

C．滑塊從x=1m的位置運動至處時，根據(jù)動能定理

解得速度大小為

選項C正確；

D．若滑塊恰好到達處，則

其中

解得滑塊的電勢能

該處的電勢為

選項D錯誤。

故選C。8、B【分析】【詳解】

A.牛頓發(fā)現(xiàn)了萬有引力定律,卡文迪許測出了引力常量的數(shù)值；故A錯誤；

B．伽利略借助實驗研究和邏輯推理得出了自由落體運動規(guī)律；故B正確；

C．法拉第首先引入電場線和磁感線；奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應，故C錯誤；

D．“點電荷”概念的提出應用了理想化模型的方法；故D錯誤。

故選B。9、D【分析】【分析】

【詳解】

A．不同溫度的物體向外輻射的電磁波的波長范圍是不同的，溫度越高向外輻射的能量中，頻率小的波越多，所以T1>T2；故A錯誤；

B．由圖像可知；同一溫度下，輻射強度最大的電磁波波長不是最大的，也不是最小的，而是處在最大與最小波長之間，故B錯誤；

C．由圖像可知；黑體的輻射強度隨著溫度的升高而增大，故C錯誤；

Ｄ．有圖可知；隨著溫度的升高，相同波長的光輻射強度都會增大，同時最大輻射強度向左側移動，即向波長較短的方向移動，故D正確。

故選D。二、多選題(共8題，共16分)10、C:D【分析】【詳解】

A．由題意可知，a點的電勢低于c點電勢，帶負電的粒子在a點的電勢能大于c點的電勢能，由能量守恒可知，粒子在a點的動能小于在c點的動能；故A錯誤；

B．因表示電場中三個等勢面的三條虛線是平行且等間距的，由此可判斷電場是勻強電場，根據(jù)電場線與等勢面垂直，電場線豎直向上，結合軌跡的彎曲方向知粒子在b點的電場力豎直向下；故B錯誤；

C．由題可知

根據(jù)負電荷在電勢高處電勢能小可知

故C正確；

D．粒子由a到c過程中電場力做正功，則有

故D正確。

故選CD。11、A:D【分析】【詳解】

AB．方盒A和滑塊B組成的系統(tǒng)動量守恒，最后A和B保持相對靜止，因此由動量守恒有得故A對B錯；

CD．整個過程損耗的能量為摩擦生熱，因此有能量守恒有代入數(shù)據(jù)解得故C錯D對．12、A:B【分析】【詳解】

A．開始時，重力和電場力平衡，故mg=qE

將A板上移，由可知，E變小，故油滴應向下加速運動；根據(jù)有

故電容器電量減小，放電，故G中有b→a的電流；故A正確；

B．若將A板向左平移一小段位移，由可知，E不變，油滴仍靜止；根據(jù)上述結論

故電容器電量減小，放電，故G中有b→a的電流；故B正確；

C．若將S斷開；Q不變，則兩板間場強不變，則油滴仍靜止，選項C錯誤；

D．若將S斷開，Q不變，再將B板向下平移一小段位移，根據(jù)可得

可知場強E不變，則油滴仍靜止；油滴所在位置與A極板的距離不變，則根據(jù)U=Ed可知與A極板的電勢差不變；則油滴所在位置的電勢不變，油滴的電勢能不變，選項D錯誤。

故選AB。13、A:B【分析】【詳解】

A．剪斷O點與A小球間細線的瞬間，對A、B整體分析有3mg+Eq=3ma

對A分析有

解得

故A正確；

B．由于B球受電場力向下，A、C球僅受重力，則剪斷O點與A小球間細線的瞬間，B、C之間繩無拉力，則C球的加速度為重力加速度g；故B正確；

C．靜止時，將B、C看作整體有

故C錯誤；

D．靜止時，B、C間細線拉力等于C球的重力，即3mg；故D錯誤。

故選AB。14、A:B:D【分析】【詳解】

A．當正電荷放在金屬殼外時；使金屬殼左端帶負電荷，右端帶正電荷，兩端出現(xiàn)電壓，導致感應電場與外電場相疊加，所以內部電場強度為零起到屏蔽的作用，故A正確；

B．當正電荷放在金屬殼外時；使金屬殼左端帶負電荷，由于右端接地，則不帶電，兩端仍出現(xiàn)電壓，導致感應電場與外電場相疊加，所以內部電場強度為零起到屏蔽的作用，故B正確；

C．當正電荷放在金屬殼內時；使金屬內殼帶負電荷，外殼帶正電荷，出現(xiàn)電場，導致出現(xiàn)感應電場沒起到屏蔽的作用，故C錯誤；

D．當正電荷放在金屬殼內時；由于接地，則使金屬殼外不帶電，內部左；右端都帶負電荷，而外部沒有電場，從而起到屏蔽的作用，故D正確；

故選ABD。15、B:D【分析】【詳解】

AB．帶負電的絨毛從帶負電的金屬網(wǎng)到布匹的運動過程中由于受到向下的電場力；故絨毛做加速運動，故A錯誤，B正確；

C．由于絨毛受到向下的電場力；電場力做正功，電勢能減小，故C錯誤；

D．絨毛帶負電；向下運動過程中電勢能不斷減小，則電勢不斷升高，故D正確。

故選BD。16、A:D【分析】【分析】

【詳解】

AB．斷開S2，閉合S1，由閉合電路歐姆定律有E=I（R＋r）

則

可知R－圖線斜率等于電源電動勢E=2.0V，在縱軸的截距絕對值等于電源內阻r=0.5Ω；A正確，B錯誤。

C．斷開S2，閉合S1，當R調至某一位置時，電流表的示數(shù)I1=1.0A，由E=I（R＋r）

可知R=1.5Ω；保持電阻箱的阻值不變，斷開S1，閉合S2，由閉合電路歐姆定律有E=I（R＋Rx＋r）

此時電流表的示數(shù)為I2=0.8A，Rx=0.5Ω；C錯誤。

D．S1斷開，S2閉合時，隨著R的減小；電源輸出功率增大，D正確。

故選AD。17、B:C:D【分析】【詳解】

AB．在同一溫度下；輻射強度最大的電磁波波長不是最大的，也不是最小的，而是處在最大波長與最小波長之間，故A錯誤，B正確；

C．黑體輻射的強度與溫度有關；溫度越高，黑體輻射的強度越大，則輻射強度的極大值也就越大，故C正確；

D．隨著溫度的升高；黑體輻射強度的極大值向波長較短的方向移動，故D正確。

故選BCD。三、填空題(共8題，共16分)18、略

【分析】【詳解】

[1]由題可知，物體在平行電場方向受到電場力的作用，做初速度為0的勻加速直線運動，根據(jù)位移公式則有

解得

因此有

根據(jù)牛頓第二定律，有

故有

[2]由動能定理，有

而所以動能增加之比為【解析】1:21:419、略

【分析】【詳解】

[1]把它改裝為量程0~0.6A的電流表，要并聯(lián)電阻阻值為

[2]改裝后電流表的內阻為【解析】0.050.0520、略

【分析】【分析】

【詳解】

假設三根等長帶電棒絕緣都帶+q電荷，則P的場強為零，根據(jù)電場的疊加原理可知，AB、BC兩棒在PP點的電場強度與AC棒在P點的場強大小相等、方向相反；所以可知當AB、BC帶電均為+q，CA帶電為?q時，AB、BC兩棒在P點的電場強度與AC棒在P點的場強大小相等、方向相同，都為則若撤去CA棒，P點的電場強度大小為。

根據(jù)對稱性可知原來AC在Q處的場強大小方向沿Q到P。原來Q的場強是AB、BC產(chǎn)生的場強和AC產(chǎn)生的場強的疊加而成，AB、BC產(chǎn)生的合場強方向從P到Q，AC產(chǎn)生的場強方向從Q到P，根據(jù)電場的疊加可知Q點原來的場強方向可能沿Q到P，原來Q點的大小為E2，則知在Q點，AB、BC產(chǎn)生的合場強大小為。

若撤去CA棒后，Q點的電場強度大小。

原來Q的方向也可能沿P到Q，則在Q點，AB、BC產(chǎn)生的合場強大小為。

撤去CA棒后，Q點的電場強度大小。

【解析】或21、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】靜電吸附絕緣體22、略

【分析】【詳解】

[1][2]麥克斯韋電磁場理論的兩大支柱是：變化的電場產(chǎn)生磁場，變化的磁場產(chǎn)生電場?！窘馕觥竣?變化的電場產(chǎn)生磁場②.變化的磁場產(chǎn)生電場23、略

【分析】【詳解】

根據(jù)高斯定理，對球面有

則有

其中r>R2

可解得【解析】24、略

【分析】【詳解】

[1]電場強度定義式為

[2]電勢為

[3]電場強度與電勢差的關系為

[4]電勢差與靜電力做的功關系為

[5]電容的定義式為

[6]電容的決定式【解析】25、略

【分析】【詳解】

[1]將靈敏電流計改裝為電流表；原理圖為。

由圖可知

解得

[2]將靈敏電流計改裝為電壓表；原理圖為。

由圖可知

解得【解析】四、作圖題(共2題，共12分)26、略

【分析】【詳解】

實物圖中第一個為電動機；電動機符號為符號圖中的第二個；

實物圖中第二個為電容器；電容器符號為符號圖中的第三個；

實物圖中第三個為電阻；電阻符號為符號圖中的第四個；

實物圖中第四個為燈泡；燈泡符號為符號圖中的第一個。

【解析】27、略

【分析】【分析】

【詳解】

根據(jù)電場線從正電荷出發(fā)；終止與負電荷及等量同種，等量異種點電荷電場線的分布特點，可標出電荷的電性如圖所示。

【解析】見解析五、實驗題(共4題，共12分)28、略

【分析】【詳解】

（1）[1]圖甲中，電路中a與電源正極連接為“+”，b為“-”，多用表電流“紅進黑出”故c為紅表筆，d黑表筆。

故選A。

（2）[2]調零時，R0接入電路的阻值是

（3）[3]現(xiàn)對電壓表刻度重新賦值，則4V處應標注

（4）[4]改裝后的歐姆表如果去測量幾十歐的電阻很不精確，是因為多用表的內阻太大，導致偏角太大，測量不精確，改進辦法降低多用表內阻

故改變電動勢；6V或10V，內阻仍然很大，只有用一個50Ω的電阻與電壓表并聯(lián)可以增大回路總電流，減小內阻。

故選C。

（5）[5]當兩表筆短接（即Rx=0）時，電流表應調至滿偏電流Ig，設此時歐姆表的內阻為R內，電流Ig=

內阻R內=

當指針指在刻度盤的正中央時

代入數(shù)據(jù)可得RX=R內

當電池電動勢變小、內阻變大時，歐姆得重新調零，由于滿偏電流Ig不變，由Ig=

可知歐姆表內阻R內變小，待測電阻的測量值是通過電流表的示數(shù)體現(xiàn)出來的，由

可知當R內變小時，I變小，指針跟原來的位置相比偏左了，歐姆表的示數(shù)變大了，即導致電阻的測量結果偏大?！窘馕觥緼29902000C偏大29、略

【分析】【詳解】

（1）[1]歐姆擋測電阻時指針偏轉角度過大；是由于擋位過大，需選取小擋位，進行歐姆調零后再測阻值，故順序為：BDC；

（2）A．圖甲中將選擇開關旋轉到直流電壓擋；選擇合適量程可測量小燈泡兩端電壓，故A正確；

B．圖乙中將選擇開關旋轉到直流電流擋