2025年統(tǒng)編版高二物理上冊(cè)階段測(cè)試試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年統(tǒng)編版高二物理上冊(cè)階段測(cè)試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、如圖所示，a、b、c、d是某勻強(qiáng)電場(chǎng)中的四個(gè)點(diǎn)，它們正好是一個(gè)矩形的四個(gè)頂點(diǎn)，ab=cd=10cm，ad=bc=20cm，電場(chǎng)線與矩形所在平面平行．已知a點(diǎn)電勢(shì)為20V，b點(diǎn)電勢(shì)為24V，則（）A.場(chǎng)強(qiáng)大小一定為E=40V/mB.cd間電勢(shì)差一定為4VC.場(chǎng)強(qiáng)的方向一定由b指向aD.c點(diǎn)電勢(shì)可能比d點(diǎn)低2、如圖所示；圖中兩組曲線中實(shí)線代表電場(chǎng)線（方向未畫出）；虛線代表等勢(shì)線，點(diǎn)劃線是一個(gè)帶電粒子僅在電場(chǎng)力作用下從A到B的運(yùn)動(dòng)軌跡，下列說法正確的是（）

A.粒子一定帶正電B.粒子的動(dòng)能一定是越來越大C.粒子的電勢(shì)能一定是越來越大D.A點(diǎn)的電勢(shì)一定高于B點(diǎn)的電勢(shì)3、通過電阻R的電流強(qiáng)度為l時(shí)，在t時(shí)間內(nèi)產(chǎn)生的熱量為Q，若電阻為2R，電流強(qiáng)度為則在時(shí)間t內(nèi)產(chǎn)生的熱量為（）A.4QB.2QC.D.4、如圖所示，有一矩形線圈abcd在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中分別繞軸O1O1′和中軸O2O2′以同樣的角速度勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，那么此線圈在以O(shè)1O1′和O2O2′分別為軸旋轉(zhuǎn)到線圈平面與磁感線平行時(shí)，可產(chǎn)生的感應(yīng)電流之比為（）A.1：2B.2：1C.1：4D.1：15、如圖所示，長(zhǎng)方體導(dǎo)電金屬塊的長(zhǎng)、寬、高分別為a、b、c，該金屬的電阻率為ρ，接在電動(dòng)勢(shì)為E、內(nèi)阻為r的電源兩端；則通過理想電流表A的電流大小為（）

A.B.C.D.評(píng)卷人得分二、多選題(共8題，共16分)6、如圖，在水平光滑桌面上，兩相同的矩形剛性小線圈分別疊放在固定的絕緣矩形金屬框的左右兩邊上，且每個(gè)小線圈都各有一半面積在金屬框內(nèi)，在金屬框接通逆時(shí)針方向電流的瞬間(

)

A.兩小線圈會(huì)有相互靠攏的趨勢(shì)B.兩小線圈會(huì)有相互遠(yuǎn)離的趨勢(shì)C.兩小線圈中感應(yīng)電流都沿順時(shí)針方向D.左邊小線圈中感應(yīng)電流沿順時(shí)針方向，右邊小線圈中感應(yīng)電流沿逆時(shí)針方向7、國(guó)家電網(wǎng)公司推進(jìn)智能電網(wǎng)推廣項(xiàng)目建設(shè)，擬新建智能變電站1400

座.

變電站起變換電壓作用的設(shè)備是變壓器，如圖所示，理想變壓器原線圈輸入電壓u=2002sin100婁脨t(V)

電壓表、電流表都為理想電表.

則下列判斷正確的是(

)

A.輸入電壓有效值為200V

電流頻率為50Hz

B.S

打到a

處，當(dāng)變阻器的滑片向下滑動(dòng)時(shí)，兩電壓表示數(shù)都增大C.S

打到a

處，當(dāng)變阻器的滑片向下滑動(dòng)時(shí)，兩電流表的示數(shù)都減小D.若變阻器的滑片不動(dòng)，S

打到b

處，電壓表V2

和電流表A1

的示數(shù)都減小8、如圖所示，物體P用水平作用力F壓在豎直的墻上，沿墻勻速下滑，物體的重力為G，墻對(duì)物體的彈力為N、摩擦力為f，物體對(duì)墻的壓力N′、摩擦力為f′．下列說法正確的有（）A.G和f是一對(duì)平衡力B.N和F是一對(duì)平衡力C.f和f′是一對(duì)作用力和反作用力D.N′和F是一對(duì)作用力和反作用力9、下列說法正確的是（）A.電磁波具有能量，電磁波是物質(zhì)存在的一種形式B.根據(jù)電磁場(chǎng)理論，電磁波中電場(chǎng)強(qiáng)度和磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向互相垂直C.電磁波的傳播需要介質(zhì)，且從一種介質(zhì)進(jìn)入另一種介質(zhì)時(shí)頻率不變D.白天的天空很明亮，是因?yàn)榇髿獍殃柟庀蛩拿姘朔缴⑸涞慕Y(jié)果10、一束綠光照射某金屬發(fā)生了光電效應(yīng)，則下列說法正確的是()A.若增加綠光的照射強(qiáng)度，則逸出的光電子數(shù)增加B.若增加綠光的照射強(qiáng)度，則逸出的光電子最大初動(dòng)能增加C.若改用紫光照射，則可能不會(huì)發(fā)生光電效應(yīng)D.若改用紫光照射，則逸出的光電子的最大初動(dòng)能增加11、如圖所示；A

板發(fā)出的電子經(jīng)加速后，水平射入水平放置的兩平行金屬板間，金屬板間所加的電壓為U

電子最終打在光屏P

上.

關(guān)于電子的運(yùn)動(dòng)，下列說法中正確的是()

A.滑動(dòng)觸頭向左移動(dòng)時(shí)，電子打在熒光屏上的位置上升B.滑動(dòng)觸頭向右移動(dòng)時(shí)，電子打在熒光屏上的位置上升C.電壓U

增大時(shí)，電子打在熒光屏上的速度大小不變D.電壓U

增大時(shí)，電子從發(fā)出到打在熒光屏上的時(shí)間不變12、理發(fā)用的電吹風(fēng)機(jī)中有電動(dòng)機(jī)和電熱絲，電動(dòng)機(jī)帶動(dòng)風(fēng)葉轉(zhuǎn)動(dòng)，電熱絲對(duì)空氣加熱，得到熱風(fēng)將頭發(fā)吹干.

設(shè)電動(dòng)機(jī)線圈的電阻為R1

它與電熱絲的電阻R2

串聯(lián)，接到直流電源上.

電吹風(fēng)機(jī)兩端電壓為U

電流為I

消耗的電功率為P

則有(

)

A.IU>P

B.P=I2(R1+R2)

C.IU=P

D.P>I2(R1+R2)

13、放在水平地面上的光滑絕緣圓筒內(nèi)有兩個(gè)帶正電小球A，B，A位于筒底靠在左側(cè)壁處，B在右側(cè)筒壁上受到A的斥力作用處于靜止?fàn)顟B(tài)，如圖所示。若A的電荷量保持不變B由于漏電而下降少許重新平衡，下列說法正確的是（）A.A對(duì)筒底的壓力不變B.B對(duì)筒壁的壓力變大C.A，B間的庫(kù)侖力變小D.A，B的庫(kù)侖力不變?cè)u(píng)卷人得分三、填空題(共9題，共18分)14、麥克斯韋電磁理論的要點(diǎn)是：變化的電場(chǎng)產(chǎn)生____；變化的磁場(chǎng)產(chǎn)生____；按正弦規(guī)律周期性變化的電場(chǎng)（或磁場(chǎng)）將在周圍空間____．15、如圖所示，在平行金屬帶電極板MN的電場(chǎng)中將電荷量為-4×10-6C的點(diǎn)電荷從A點(diǎn)移到M板，靜電力做負(fù)功8×10-4J，把該點(diǎn)電荷從點(diǎn)移到N板，靜電力做正功為4×10-4J；N板接地．則：

（1）A點(diǎn)的電勢(shì)φA是____V；

（2）UMN等于____V

（3）M板的電勢(shì)?M是____V．

16、一個(gè)氡核衰變成釙核并放出一個(gè)粒子，其衰變期為3.8天。1kg氡經(jīng)過7.6天衰變掉氡的質(zhì)量為________g,以及衰變成的過程放出的粒子是___________17、如圖所示，導(dǎo)體棒AB靠近帶正電的導(dǎo)體Q放置．用手接觸B端，移去手指再移去Q，AB帶何種電荷______．若手的接觸點(diǎn)改在A端，情況又如何______．18、一靈敏電流計(jì)；當(dāng)電流從它的正接線柱流入時(shí)，指針向正接線柱一側(cè)偏轉(zhuǎn).

現(xiàn)把它與一個(gè)線圈串聯(lián)，將磁鐵從線圈上方插入或拔出.

請(qǐng)完成下列填空：

(1)

圖(a)

中靈敏電流計(jì)指針的偏轉(zhuǎn)方向?yàn)開_____.(

填“偏向正極”或“偏向負(fù)極”)

(2)

圖(b)

中磁鐵下方的極性是______.(

填“N

極”或“S

極”)

(3)

圖(c)

中磁鐵的運(yùn)動(dòng)方向是______.(

填“向上”或“向下”)

(4)

圖(d)

中線圈從上向下看的電流方向是______.(

填“順時(shí)針”或“逆時(shí)針”)

19、如圖所示，一種電熱取暖器的電路原理圖。電熱器上標(biāo)有“220V、800W”字樣，電源電壓是220V的交流電。則，當(dāng)S、S1閉合時(shí)候，電熱器的發(fā)熱功率是____W；當(dāng)S、S1和S2都閉合時(shí)，電熱器的發(fā)熱功率是____W。20、如圖所示A、B質(zhì)量分別為MA和MB，AB之間用細(xì)線系著，當(dāng)彈簧處于原長(zhǎng)時(shí)，由靜止同時(shí)釋放AB，之后AB一起做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，在最低點(diǎn)時(shí)，細(xì)線對(duì)B拉力為21、如圖所示是某電場(chǎng)中的一簇等勢(shì)面；甲等勢(shì)面的電勢(shì)為90V，乙等勢(shì)面的電勢(shì)為-10V，各相鄰等勢(shì)面間的電勢(shì)差相等。

（l）將q=+1×10-8C的電荷從A點(diǎn)移到B點(diǎn)，電場(chǎng)力做功______；

（2）將q=-1×10-8C的電荷從A點(diǎn)移到C點(diǎn)，電場(chǎng)力做功______．22、圖示為有兩個(gè)量程的電壓表，當(dāng)使用ab

兩個(gè)接線柱時(shí)，量程為0隆蘆10V

當(dāng)使用ac

兩個(gè)接線柱時(shí)，量程為0隆蘆100V.

已知電流表的內(nèi)阻Rg=100婁賂

電阻R1=900婁賂

則滿偏電流Ig=

______mA

電阻R2=

______婁賂.

評(píng)卷人得分四、判斷題(共3題，共18分)23、電勢(shì)差有正有負(fù)，所以是矢量，且電場(chǎng)中兩點(diǎn)間的電勢(shì)差隨著零電勢(shì)點(diǎn)的選取變化而變化．（判斷對(duì)錯(cuò)）24、電場(chǎng)線與等勢(shì)面相互垂直，沿著同一等勢(shì)面移動(dòng)電荷時(shí)靜電力不做功．（判斷對(duì)錯(cuò)）25、如圖所示，有一水平方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，場(chǎng)強(qiáng)大小為9000N/C，在電場(chǎng)內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點(diǎn)，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點(diǎn)電荷，則A處場(chǎng)強(qiáng)大小EA為零．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

評(píng)卷人得分五、解答題(共2題，共14分)26、在間距d=0.1m、電勢(shì)差U=103V的兩塊豎立平行板中間，用一根長(zhǎng)L=0.01m的絕緣細(xì)線懸掛一個(gè)質(zhì)量m=0.2g、電量q=10-7C的帶正電荷的小球；將小球拉到使絲線恰呈水平的位置A后由靜止釋放（如圖所示），問：

（1）小球擺至最低點(diǎn)B時(shí)的速度和線中的拉力多大？

（2）若小球擺至B點(diǎn)時(shí)絲線突然斷裂，以后小球能經(jīng)過B點(diǎn)正下方的C點(diǎn)（C點(diǎn)在電場(chǎng)內(nèi)，小球不會(huì)與正電荷極板相碰，不計(jì)空氣阻力），則BC相距多遠(yuǎn)？（g=10m/s2）

27、如圖所示，水平放置的兩平行金屬板A、B接在U=4000V的直流電源上，兩極板間距離為2cm，A極板接地，電場(chǎng)中a點(diǎn)距B極板1cm，b點(diǎn)和c點(diǎn)均距A極板0.5cm；求：

（1）a點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度；

（2）a；c之間的電勢(shì)差；

（3）電子在b點(diǎn)的電勢(shì)能．

評(píng)卷人得分六、簡(jiǎn)答題(共4題，共16分)28、某化工廠的污水池中，含有一種有害的、難于降解的有機(jī)化合物rm{A}研究人員用化合物rm{A}磷酸鹽、鎂鹽以及微量元素配制的培養(yǎng)基，成功地篩選到能高效降解化合物rm{A}的細(xì)菌rm{(}目的菌rm{)}實(shí)驗(yàn)的主要步驟如圖所示。請(qǐng)分析回答問題：

rm{(1)}培養(yǎng)基中加入化合物rm{A}的目的是篩選____，這種培養(yǎng)基屬于____培養(yǎng)基。rm{(2)}“目的菌”生長(zhǎng)所需的氮源和碳源是來自培養(yǎng)基中的____，實(shí)驗(yàn)需要振蕩培養(yǎng)，由此推測(cè)“目的菌”的代謝類型是____。rm{(3)}培養(yǎng)若干天后，應(yīng)選擇培養(yǎng)瓶中化合物rm{A}含量____的培養(yǎng)液，接入新的培養(yǎng)液中連續(xù)培養(yǎng)，使“目的菌”的數(shù)量____。rm{(4)}轉(zhuǎn)為固體培養(yǎng)時(shí)，常采用________的方法接種，獲得單菌落后繼續(xù)篩選。rm{(5)}實(shí)驗(yàn)結(jié)束后，使用過的培養(yǎng)基應(yīng)該進(jìn)行____處理后，才能倒掉。29、一質(zhì)量為m=0.2kg

的皮球.

從高H=0.8m

處自由落下，與地面相碰t=0.1s

后反彈的最大高度為h=0.45m

求球與地面接觸這段時(shí)間內(nèi)地面對(duì)皮球的平均作用力？30、在氣墊導(dǎo)軌上，一個(gè)質(zhì)量為600g的滑塊以15cm/s的速度與另一個(gè)質(zhì)量為400g、速度為10cm/s并沿相反方向運(yùn)動(dòng)的滑塊迎面相碰，碰撞后兩個(gè)滑塊粘在一起，求碰撞后滑塊速度的大?。?1、一質(zhì)點(diǎn)從靜止開始做直線運(yùn)動(dòng)；其加速度隨時(shí)間作周期性變化的關(guān)系圖線(a鈭?t

圖)

如圖所示，求：

(1)

質(zhì)點(diǎn)在第1s

末的速度；

(2)

質(zhì)點(diǎn)在前3s

內(nèi)的位移；

(3)

質(zhì)點(diǎn)在第4s

內(nèi)的位移．參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、B【分析】解：A、C根據(jù)題設(shè)條件可知，場(chǎng)強(qiáng)方向無法確定，知道了ab間電勢(shì)差，但不能根據(jù)E=求出場(chǎng)強(qiáng)的大?。蔄C錯(cuò)誤．

B、根據(jù)勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)線與等勢(shì)線分布的特點(diǎn)可知，cd間電勢(shì)差必等于ba間電勢(shì)差；為4V．故B正確．

D；cd間電勢(shì)差為4V；則知c點(diǎn)電勢(shì)比d點(diǎn)高4V．故D錯(cuò)誤．

故選B

勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)線為相互平行間隔相等的平行線，而等勢(shì)線與電場(chǎng)線垂直，可知，cd間電勢(shì)差等于ba間電勢(shì)差．電場(chǎng)線方向無法確定；場(chǎng)強(qiáng)大小不能求出．

本題的關(guān)鍵在于抓住勻強(qiáng)電場(chǎng)的等勢(shì)面與電場(chǎng)線分布均勻的特點(diǎn)，分析cd間電勢(shì)差與ba間電勢(shì)差的關(guān)系．【解析】【答案】B2、B【分析】【分析】由圖；帶電粒子的軌跡向右彎曲，說明粒子所受的電場(chǎng)力大體向右且沿電場(chǎng)線的切線方向，如圖．由于電場(chǎng)線的方向不清楚，所以無法判斷粒子的電性．故A錯(cuò)誤．

粒子的速度方向與電場(chǎng)力方向的夾角為銳角；電場(chǎng)力對(duì)粒子做正功，粒子的動(dòng)能一定是越來越大．故B正確．

電場(chǎng)力對(duì)粒子做正功；粒子的電勢(shì)能一定是越來越小．故C錯(cuò)誤．

粒子的電勢(shì)能減??；但粒子的電性不知道，無法判斷電勢(shì)的高低．故D錯(cuò)誤．

故選B

【點(diǎn)評(píng)】看到物體運(yùn)動(dòng)的軌跡就要能判斷出物體所受合力的大體方向，是應(yīng)具備的基本功．本題還要抓住電場(chǎng)力方向與電場(chǎng)線切線方向相同或相反．3、D【分析】解：根據(jù)Q=I2Rt得，電阻變?yōu)樵瓉淼?倍，電流強(qiáng)度變?yōu)樵瓉淼臅r(shí)間不變，則熱量變?yōu)樵瓉淼模?/p>

故選：D．

根據(jù)Q=I2Rt去求電阻變?yōu)?R，電流強(qiáng)度變?yōu)樵跁r(shí)間t內(nèi)產(chǎn)生的熱量．

解決本題的關(guān)鍵掌握焦耳定律熱量的公式Q=I2Rt．【解析】【答案】D4、D【分析】解：矩形線圈在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中勻速轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)產(chǎn)生的最大感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)Em=NBSω；與轉(zhuǎn)軸位置無關(guān)，因而感應(yīng)電流是相同的，故ABC錯(cuò)誤，D正確；

故選：D

由Em=NBSω求出感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的最大值；再由閉合電路歐姆定律，即可求解感應(yīng)電流，從而得出它們之比．

本題是簡(jiǎn)單的交流發(fā)電機(jī)的原理，考查綜合應(yīng)用法拉第定律、歐姆定律、楞次定律等電磁學(xué)規(guī)律分析實(shí)際問題的能力．【解析】【答案】D5、A【分析】根據(jù)電阻定律R＝ρ結(jié)合閉合電路歐姆定律分析?！窘馕觥拷猓焊鶕?jù)閉合電路歐姆定律有E＝I（r+R）根據(jù)電阻定律有R＝ρ＝聯(lián)立解得I＝故BCD錯(cuò)誤，A正確。故選：A。二、多選題(共8題，共16分)6、BC【分析】解：根據(jù)右手螺旋定則可知；通電導(dǎo)線瞬間，對(duì)于左金屬框，因矩形金屬框內(nèi)部的磁場(chǎng)比外部強(qiáng)，所以左小線圈有向外的磁通量，且增大；同理，右邊金屬框也一樣，因此左；右小線圈的磁通量均增大，根據(jù)楞次定律可知，線圈的感應(yīng)電流方向都是順時(shí)針方向，再由同向電流相互吸引，異向電流相互排斥，知兩線圈的運(yùn)動(dòng)情況是相互遠(yuǎn)離.

故B、C正確，A

D錯(cuò)誤．

故選：BC

．

由通電導(dǎo)線產(chǎn)生磁場(chǎng)；導(dǎo)致線圈中產(chǎn)生感應(yīng)電流，再根據(jù)電流與電流的作用力關(guān)系進(jìn)行判斷，同向電流相互吸引，異向電流相互排斥．

解決本題的關(guān)鍵掌握同向電流、異向電流的關(guān)系.

同向電流相互吸引，異向電流相互排斥.

同時(shí)還考查右手螺旋定則與楞次定律．【解析】BC

7、AD【分析】【分析】

根據(jù)瞬時(shí)值表達(dá)式可以求得輸出電壓的有效值；周期和頻率等；再根據(jù)電壓與匝數(shù)成正比即可求得結(jié)論電路的動(dòng)態(tài)變化的分析，總的原則就是由部分電路的變化確定總電路的變化的情況，再確定其他的電路的變化的情況，即先部分后整體再部分的方法。

在解決變壓器問題時(shí)要明確；電路中的電壓由輸入電壓決定，電流中的電流由輸出電流決定。

【解答】

A.輸入電壓的最大值U1m=2002V

有效值U1=U1m2=20022=200V

由瞬時(shí)值知，角速度婁脴=100婁脨

電流頻率f=婁脴2婁脨=100婁脨2婁脨=50Hz

故A正確；

B.變壓器的電壓由輸入電壓決定；s

打到a

處當(dāng)變阻器的滑片向下滑動(dòng)時(shí)，原線圈的輸入電壓不變，原副線圈的匝數(shù)比不變，則副線圈的電壓不變，兩個(gè)電壓表示數(shù)都不變，故B錯(cuò)誤；

C.由于副線圈的電壓不變；當(dāng)變阻器的滑片向下滑動(dòng)時(shí)，負(fù)載電阻減小，電路中電流增大，由原副線圈的電流比等于匝數(shù)比的倒數(shù)可知，原線圈的電流也增大，故C錯(cuò)誤；

D.若變阻器的滑片不變，S

打到b

處；副線圈匝數(shù)減少，輸入電壓不變，輸出電壓減少，電壓表示V2

數(shù)減少，輸出功率減少，根據(jù)輸入功率等于輸出功率，輸入功率減少，U1

不變，則I1

減少，即電流表A1

的示數(shù)減小，故D正確；

故選AD。

【解析】AD

8、ABC【分析】解：A；由題分析可知；物體沿墻壁勻速下滑，豎直方向受到重力和向上的滑動(dòng)摩擦力，由平衡條件得知，滑動(dòng)摩擦力大小f=G．即G和f是一對(duì)平衡力，故A正確；

B；N和F的大小相同；方向相反，作用在一個(gè)物體上，是一對(duì)平衡力，故B正確；

C；f和f′是一對(duì)作用力和反作用力；故C正確；

D；N′和F的方向相同；不是一對(duì)作用力和反作用力，故D錯(cuò)誤；

故選：ABC．

力的作用是相互的；一對(duì)作用力和反作用力彼此作用的兩個(gè)力大小相等，方向相反，作用在同一條直線上，分別作用在兩個(gè)不同物體上．此時(shí)的物體在豎直方向處于平衡狀態(tài)，受到的墻壁對(duì)它豎直向上的摩擦力和重力是一對(duì)平衡力．

判斷兩個(gè)力是否是相互作用力，關(guān)鍵是抓住相互作用力的條件，區(qū)分與一對(duì)平衡力的區(qū)別．【解析】【答案】ABC9、ABD【分析】解：A；電磁波具有能量；電磁波是物質(zhì)存在的一種形式，故A正確；

B；電磁波中每處的電場(chǎng)強(qiáng)度方向和磁感應(yīng)強(qiáng)度方向總是相互垂直；并且與波的傳播方向也垂直，故B正確；

C；電磁波自身就是一種物質(zhì)；傳播不需要介質(zhì)，而機(jī)械波要依賴于介質(zhì)傳播，故C錯(cuò)誤；

D；由于大氣的漫反射；則白天的天空很明亮，故D正確；

故選：ABD．

A；電磁波具有能量；電磁波也是物質(zhì)；

B；電磁波是橫波；

C；電磁波的傳播不需要介質(zhì)；機(jī)械波的傳播需要介質(zhì)；

D；白天的天空很明亮；由于大氣的漫反射．

解決本題的關(guān)鍵知道電磁波的特點(diǎn)，以及知道電磁波與機(jī)械波的區(qū)別，并掌握電磁波是橫波，同時(shí)理解漫反射與平面反射的不同．【解析】【答案】ABD10、AD【分析】略【解析】AD

11、BD【分析】【分析】加速電壓決定粒子進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)的速度大?。黄D(zhuǎn)電壓決定粒子在偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)中做類平拋運(yùn)動(dòng)加速度的大小，粒子離開加速電場(chǎng)到打在屏上所用時(shí)間取決于加速后的速度大小。

本題考查電子經(jīng)加速電場(chǎng)加速后再經(jīng)偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)做類平拋運(yùn)動(dòng)，掌握類平拋運(yùn)動(dòng)的處理方法，根據(jù)運(yùn)動(dòng)的合成與分解沿水平方向的豎直方向進(jìn)行處理?！窘獯稹緼.根據(jù)歐姆定律知，當(dāng)觸頭向右移動(dòng)時(shí)，加在加速電場(chǎng)的電壓增大，電子加速后的速度v

增加，進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)后，電子做類平拋運(yùn)動(dòng)的時(shí)間t=Lv

減小，而電子的側(cè)向位移y=12at2

將減小，由于電子在偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)中向上偏轉(zhuǎn)，故電子打在屏上的位置將下降，故A錯(cuò)誤；B.根據(jù)歐姆定律知，當(dāng)觸頭向左移動(dòng)時(shí)，加在加速電場(chǎng)的電壓減小，電子加速后的速度vv減小，進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)后，電子做類平拋運(yùn)動(dòng)的時(shí)間t=Lv增加，而電子的側(cè)向位移y=12at2將增加，由于電子在偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)中向上偏轉(zhuǎn)，故電子打在屏上的位置將上升，故B正確；C.電壓增大時(shí)，粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間不變，而粒子在電場(chǎng)中豎直方向的速度vy=at=qUdmt，由于時(shí)間不變，故粒子在豎直方向的速度隨加速電壓UU的增加而增加，故粒子打在屏上的速度大小增加，故C錯(cuò)誤；D.電壓UU增大時(shí)，帶電粒子在電場(chǎng)中做類平拋運(yùn)動(dòng)的加速度增加，而在水平方向粒子做勻速直線運(yùn)動(dòng)，故增加UU不改變粒子水平方向的速度大小，也不會(huì)改變粒子打在屏上的時(shí)間，故D正確。故選BD。

【解析】BD

12、CD【分析】解：電吹風(fēng)機(jī)消耗的電功率P

是總的功率；總功率的大小應(yīng)該是用P=IU

來計(jì)算，所以總功率P=IU

所以A錯(cuò)誤，而C正確．

電吹風(fēng)機(jī)中發(fā)熱的功率要用I2R

來計(jì)算；所以總的發(fā)熱功率為I2(R1+R2)

吹風(fēng)機(jī)的總功率P=IU

要大于發(fā)熱部分的功率，所以B錯(cuò)誤，D正確．

故選CD．

在計(jì)算電功率的公式中；總功率用P=IU

來計(jì)算，發(fā)熱的功率用P=I2R

來計(jì)算，如果是計(jì)算純電阻的功率，這兩個(gè)公式的計(jì)算結(jié)果是一樣的，但對(duì)于電動(dòng)機(jī)等非純電阻，第一個(gè)計(jì)算的是總功率，第二個(gè)只是計(jì)算發(fā)熱的功率，這兩個(gè)的計(jì)算結(jié)果是不一樣的．

對(duì)于電功率的計(jì)算，一定要分析清楚是不是純電阻電路，對(duì)于非純電阻電路，總功率和發(fā)熱功率的計(jì)算公式是不一樣的．【解析】CD

13、AB【分析】解：A、以整體為研究對(duì)象可知，筒底對(duì)A球的支持力大小等于A、B兩球的重力，

由牛頓第三定律可知A對(duì)筒底的壓力也等于A；B兩球的重力；小球A對(duì)筒底的壓力不變，故A正確；

B、隔離B球受力如圖所示，根據(jù)受力平衡有：FN=mgtanθ．B由于漏電而下降少許重新平衡；θ角變大，因此筒壁給球B的支持力增大，根據(jù)作用力與反作用力可知B球?qū)ν脖诘膲毫ψ兇?，故B正確；

CD、小球A、B間的庫(kù)侖力F=θ角變大，cosθ變小，庫(kù)侖力F變大，故CD錯(cuò)誤；

故選：AB。

本題考查了靜態(tài)平衡問題；研究系統(tǒng)之外物體施加給系統(tǒng)的力時(shí)可以以系統(tǒng)為研究對(duì)象，如在討論A對(duì)筒底的壓力變化時(shí)；在具體到每個(gè)物體受力情況時(shí)，可以采取隔離法，從而即可求解。

在平衡問題中正確應(yīng)用“整體、隔離法”往往可以使問題變得簡(jiǎn)單，對(duì)物體正確進(jìn)行受力分析依據(jù)所處狀態(tài)列方程是解決平衡問題的關(guān)鍵?！窘馕觥緼B三、填空題(共9題，共18分)14、略

【分析】

麥克斯韋的電磁場(chǎng)理論：變化的電場(chǎng)產(chǎn)生磁場(chǎng)；變化的磁場(chǎng)產(chǎn)生電場(chǎng)．在電場(chǎng)的周圍不一定存在著由該電場(chǎng)產(chǎn)生的磁場(chǎng)，原因是若變化的電場(chǎng)就一定產(chǎn)生磁場(chǎng)，若是穩(wěn)定的電場(chǎng)則不會(huì)產(chǎn)生磁場(chǎng)的．若周期性變化的電場(chǎng)一定產(chǎn)生同周期變化的磁場(chǎng)，而均勻變化的電場(chǎng)不能產(chǎn)生均勻變化的磁場(chǎng)；

故答案為：磁場(chǎng)；電場(chǎng)；電磁場(chǎng)。

【解析】【答案】麥克斯韋的電磁場(chǎng)理論：變化的電場(chǎng)產(chǎn)生磁場(chǎng)；變化的磁場(chǎng)產(chǎn)生電場(chǎng)．

15、略

【分析】

（1）A、N間的電勢(shì)差：UAN===-100V，又：UAN=φA-φN，φN=0，則A點(diǎn)的電勢(shì)：φA=-100V．

（2）UMN====-300V．

（3）UMN=φM-φN，φN=0，則M板的電勢(shì)：φM=-300V．

故答案為：（1）-100；（2）-300；（3）-300

【解析】【答案】（1）根據(jù)電勢(shì)差公式U=分別求出A；N間的電勢(shì)差；即可得到A點(diǎn)的電勢(shì)．

（2）由電勢(shì)差公式求出A；M間的電勢(shì)差．

（3）N點(diǎn)電勢(shì)為零；由MN間的電勢(shì)差，即可求出M板的電勢(shì)．

16、略

【分析】【解析】【答案】750，a粒子（或He的原子核）17、略

【分析】解：如圖金屬棒在帶正電的小球附近時(shí)；金屬棒上的自由電子會(huì)向金屬棒的左邊運(yùn)動(dòng)，金屬棒的左端因有了多余的電子而帶負(fù)電，右端因缺少電子而帶正電；而當(dāng)手碰在金屬棒上，不論是A端還是B端時(shí)，因人體和金屬棒都是導(dǎo)體，會(huì)使人體和大地的電子流入金屬棒；移去手指再移去Q后，金屬棒因有了多余的電子而帶負(fù)電；

故答案為：負(fù)電；負(fù)電．

（1）感應(yīng)起電的實(shí)質(zhì)是在帶電體上電荷的作用下；導(dǎo)體上的正負(fù)電荷發(fā)生了分離，使電荷從導(dǎo)體的一部分轉(zhuǎn)移到了另一部分，既然是轉(zhuǎn)移，那么電荷必然守恒．

（2）同種電荷相互排斥；異種電荷相互吸引；人體是導(dǎo)體，能夠?qū)щ姡?/p>

本題考查電荷的轉(zhuǎn)移，有一定的難度，關(guān)鍵知道由于異種電荷相互吸引，人體和大地的負(fù)電荷（自由電子）會(huì)轉(zhuǎn)移到金屬棒上．【解析】負(fù)電；負(fù)電18、略

【分析】解：(1)

磁鐵向下運(yùn)動(dòng)；穿過線圈的磁通量增加，原磁場(chǎng)方向向下，根據(jù)楞次定律感應(yīng)電流方向俯視為逆時(shí)針方向，從正接線柱流入電流計(jì)，指針偏向正極．

(2)

由圖可知；電流從負(fù)接線柱流入電流計(jì)，根據(jù)安培定則，感應(yīng)電流的磁場(chǎng)方向向下，又磁通量增加，根據(jù)楞次定律可知，磁鐵下方為S

極．

(3)

磁場(chǎng)方向向下；電流從負(fù)接線柱流入電流計(jì)，根據(jù)安培定則，感應(yīng)電流的磁場(chǎng)方向向下，根據(jù)楞次定律可知，磁通量減小，磁鐵向上運(yùn)動(dòng)．

(4)

圖(d)

中磁鐵向下運(yùn)動(dòng)；穿過線圈的磁通量增加，原磁場(chǎng)方向向上，根據(jù)楞次定律感應(yīng)電流方向俯視為順時(shí)針方向．

故答案為：偏向正極；S

極，向上，順時(shí)針。

根據(jù)磁鐵的運(yùn)動(dòng)方向分析磁通量變化；由楞次定律確定感應(yīng)電流方向，結(jié)合題給條件：當(dāng)電流從它的正接線柱流人時(shí)，指針向正接線柱一側(cè)偏轉(zhuǎn)判斷指針偏轉(zhuǎn)方向分析判斷．

本題考查安培定則和楞次定律綜合應(yīng)用的能力，常規(guī)題，只要細(xì)心分析就能正確作答．【解析】偏向正極；S

向上；順時(shí)針19、略

【分析】【解析】試題分析：由于二極管具有單向?qū)щ娦?，所以?dāng)只是有S，S1閉合時(shí)，在一個(gè)周期內(nèi)發(fā)熱量只有整個(gè)周期的一般，根據(jù)交流電有效值得概念，此刻的交流電的有效值為所以此刻的功率P=400W。當(dāng)S2，S1，S都閉合時(shí)，此刻總功率為400W*2=800W?？键c(diǎn)：交流電有效值【解析】【答案】400W，800W20、略

【分析】試題分析：振子在平衡位置時(shí)，彈簧的形變量為在最低點(diǎn)時(shí)，彈簧被拉長(zhǎng)2x，則整體的加速度滿足：解得a=g；對(duì)物體B，由牛頓第二定律：T-MBg=MBa，解得T=2MBg.考點(diǎn)：牛頓第二定律的應(yīng)用；簡(jiǎn)諧振動(dòng).【解析】【答案】2MBg21、略

【分析】解：（1）甲等勢(shì)面的電勢(shì)為90V；乙等勢(shì)面的電勢(shì)為-10V，各相鄰等勢(shì)面間的電勢(shì)差相等，則A點(diǎn)的電勢(shì)為140V，B點(diǎn)電勢(shì)為40V，C點(diǎn)電勢(shì)為-60V．

則：WAB=qUAB=q（φA-φB）=1×10-8×（140-40）J=1×10-6J

（2）WAC=qUAC=q（φA-φC）=（-1）×10-8×（140+60）J=-2×10-6J

故答案為：（1）1×10-6J；（2）-2×10-6J

求出AB；AC兩點(diǎn)間的電勢(shì)差；根據(jù)W=qU求出電場(chǎng)力所做的功。

解決本題的關(guān)鍵掌握電場(chǎng)力做功的公式W=qU，【解析】1×10-6J；-2×10-6J22、略

【分析】解：當(dāng)使用ab

兩個(gè)接線柱時(shí)；量程為0隆蘆10VU1=g(Rg+R1)=g(100+900)=10V

使用ac

兩個(gè)接線柱時(shí)；量程為0隆蘆100VU2=g(Rg+R1+R2)=g(100+900+R2)=100V

解得；Ig=0.01A=10mAR2=9000婁賂

．

故答案為：109000

．

把電流表改裝成電壓表需要串聯(lián)一個(gè)分壓電阻；應(yīng)用串聯(lián)電路特點(diǎn)與歐姆定律可以求出電阻阻值．

本題考查了電壓表的改裝，知道電壓表的改裝原理、應(yīng)用串聯(lián)電路特點(diǎn)與歐姆定律即可正確解題．【解析】109000

四、判斷題(共3題，共18分)23、B【分析】【解答】解：電勢(shì)差類似于高度差；沒有方向，是標(biāo)量，正負(fù)表示電勢(shì)的相對(duì)大小．

兩點(diǎn)間的電勢(shì)差等于電勢(shì)之差；由電場(chǎng)中兩點(diǎn)的位置決定，與零電勢(shì)點(diǎn)的選取無關(guān)．由以上的分析可知，以上的說法都錯(cuò)誤．

故答案為：錯(cuò)誤。

【分析】電勢(shì)差是標(biāo)量，正負(fù)表示大??；電勢(shì)差與零電勢(shì)點(diǎn)的選取無關(guān)；沿著電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低；電勢(shì)反映電場(chǎng)本身的性質(zhì)，與試探電荷無關(guān)．24、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場(chǎng)線的特點(diǎn)可知；沿電場(chǎng)線的方向電勢(shì)降低；電場(chǎng)線垂直于等勢(shì)面、同一等勢(shì)面移動(dòng)電荷電場(chǎng)力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場(chǎng)線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠(yuǎn)出發(fā)，終止于無限遠(yuǎn)或負(fù)電荷，不閉合，電場(chǎng)線疏密描述電場(chǎng)強(qiáng)弱，電場(chǎng)線密的地方，電場(chǎng)強(qiáng)度大，疏的地方電場(chǎng)強(qiáng)度弱，沿電場(chǎng)線的方向電勢(shì)降低．25、A【分析】【解答】解：點(diǎn)電荷在A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)

根據(jù)場(chǎng)強(qiáng)的疊加原理得；則兩點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)的合成，A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小為。

EA=E點(diǎn)﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場(chǎng)強(qiáng)大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點(diǎn)電荷在A點(diǎn)處產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)大小，判斷出場(chǎng)強(qiáng)方向，A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點(diǎn)處的場(chǎng)強(qiáng)大小及方向．五、解答題(共2題，共14分)26、略

【分析】

（1）小球由靜止釋放后到擺到最低點(diǎn)的過程；由動(dòng)能定理得。

又E=

代入解得

小球經(jīng)過最低點(diǎn)時(shí)

解得T=4×10-3N

（2）小球擺至B點(diǎn)時(shí)絲線突然斷裂；小球水平方向做有往返的勻減速直線運(yùn)動(dòng)，加速度大小為。

根據(jù)對(duì)稱性=s=0.128s

小球在豎直方向做自由落體運(yùn)動(dòng)，則

代入解得h=0.08m．

答：（1）小球擺至最低點(diǎn)B時(shí)的速度和線中的拉力為4×10-3N．

（2）若小球擺至B點(diǎn)時(shí)絲線突然斷裂；以后小球能經(jīng)過B點(diǎn)正下方的C點(diǎn)時(shí)BC相距約0.08m．

【解析】【答案】（1）將小球拉到使絲線恰呈水平的位置A后由靜止釋放后；小球受到重力；電場(chǎng)力和線的拉力做圓周運(yùn)動(dòng)，重力做正功，電場(chǎng)力做負(fù)功，根據(jù)動(dòng)能定理求出小球擺至最低點(diǎn)B時(shí)的速度．小球經(jīng)過最低點(diǎn)時(shí)，由重力和拉力的合力提供向心力，由牛頓第二定律求出線中的拉力．

（2）若小球擺至B點(diǎn)時(shí)絲線突然斷裂，小球做曲線運(yùn)動(dòng)，運(yùn)用運(yùn)動(dòng)的分解方法：小球水平方向做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，豎直方向做自由落體運(yùn)動(dòng)．根據(jù)牛頓第二定律求出水平方向加速度，根據(jù)對(duì)稱性和運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求出時(shí)間，由豎直方向h=求出BC相距的距離．

27、略

【分析】

（1）E=．

故a點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度為2×105V/m．

（2）

故ac間的電勢(shì)差大小為1000V．

（3）A點(diǎn)的電勢(shì)為0，根據(jù)UAc=φA-φc=Ed″得