2025年人教新課標(biāo)必修3物理下冊(cè)月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2025年人教新課標(biāo)必修3物理下冊(cè)月考試卷929考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、某運(yùn)動(dòng)員參加撐桿跳高比賽如圖所示；這個(gè)過(guò)程中能量變化描述正確的是（）

A.加速助跑過(guò)程中，運(yùn)動(dòng)員的動(dòng)能和重力勢(shì)能都不斷增大B.起跳上升過(guò)程中，桿的彈性勢(shì)能先增大后減小C.起跳上升過(guò)程中，運(yùn)動(dòng)員的機(jī)械能守恒D.運(yùn)動(dòng)員越過(guò)橫桿正上方時(shí)，動(dòng)能為零2、如圖所示的電路中，電源的電動(dòng)勢(shì)E=3.0V，內(nèi)電阻r=1.0Ω，電阻R=2.0Ω；不計(jì)電路中的其他電阻，閉合開(kāi)關(guān)S后，電流表A的示數(shù)為（）

A.0.5AB.1.0AC.1.5AD.3.0A3、恒流源可為電路提供恒定電流如圖所示的電路中，為定值電阻，電流表、電壓表為理想電表，導(dǎo)線電阻不計(jì)。調(diào)節(jié)變阻器接入電路的阻值；記錄電流表；電壓表的示數(shù)并依次記錄在下表中。由數(shù)據(jù)可以判斷（）

。序號(hào)12345678U(V)14.012.010.08.06.04.02.00I(A)0.300.400.500.600.700.800.901.00

A.實(shí)驗(yàn)過(guò)程中逐漸增大B.電路中定值電阻的阻值為C.恒流源提供的恒定電流為2.00AD.實(shí)驗(yàn)過(guò)程中恒流源輸出功率不變4、有些物理問(wèn)題，可以借助虛設(shè)的對(duì)象、條件、過(guò)程或模型，使復(fù)雜問(wèn)題簡(jiǎn)單化抽象問(wèn)題具體化，獲得解決問(wèn)題的方法。舉例如下：如圖所示，四根質(zhì)量都是m的均勻等長(zhǎng)木棒，用鉸鏈連成框架，絞鏈P固定在天花板上，框架豎直懸掛在空中；現(xiàn)在絞鏈上施一豎直向上的力F使框架保持靜止，不計(jì)一切摩擦，若要求出作用力F的大小，可設(shè)想力F使絞鏈緩慢上移一微小的距離則框架的重心將上升因?yàn)镕做的功等于框架重力勢(shì)能的增加量，所以可得請(qǐng)參照上面解決問(wèn)題的方法，嘗試完成以下問(wèn)題：有一均勻帶電薄球殼，電荷量為半徑為R，球殼表面的電荷之間將互相排斥；已知此帶電球殼體系儲(chǔ)存的靜電能為（k為靜電力常量）；則球殼單位面積上受到的排斥力為（）

A.B.C.D.5、兩個(gè)大小相同的小球帶有同種電荷，（可看作點(diǎn)電荷），質(zhì)量分別為和帶電量分別為和用絕緣線懸掛后，因靜電力而使線張開(kāi)，分別與豎直方向成夾角和且兩球同處一水平線上，如圖所示，若則下述結(jié)論正確的是（）

A.必須同時(shí)滿(mǎn)足B.一定滿(mǎn)足C.一定等于D.一定等于6、如圖所示，a、b、c、d為正方形的四個(gè)頂點(diǎn)，在a、c兩點(diǎn)分別固定一電荷量為的點(diǎn)電荷，在d點(diǎn)固定一電荷量為的點(diǎn)電荷。現(xiàn)將另一電荷量為的點(diǎn)電荷P從無(wú)窮遠(yuǎn)處移動(dòng)到b點(diǎn)并固定，移動(dòng)該電荷過(guò)程中電場(chǎng)力做功為W，之后將固定在c點(diǎn)的點(diǎn)電荷移走，規(guī)定無(wú)窮遠(yuǎn)處電勢(shì)為0，下列說(shuō)法錯(cuò)誤的是（）

A.未移入點(diǎn)電荷P前，b點(diǎn)的電勢(shì)為B.將c點(diǎn)的點(diǎn)電荷移走后，c點(diǎn)的電勢(shì)為C.若將另一帶電量為的點(diǎn)電荷從無(wú)窮遠(yuǎn)處移動(dòng)到c點(diǎn)，電場(chǎng)力做功為D.若將另一帶電量為的點(diǎn)電荷固定在c點(diǎn)，O點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度方向指向a點(diǎn)7、在如圖1所示的電路中，電流表和電壓表都可以看做理想電表，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器R的觸頭，電壓表讀數(shù)U隨著電流表讀數(shù)I的增大而減小，換用不同的電池1和2，得到圖2所示相應(yīng)的兩條U-I圖線1和2，根據(jù)U-I圖線；下面說(shuō)法正確的是（）

A.電池2的電動(dòng)勢(shì)大于電池1的電動(dòng)勢(shì)B.電池2的內(nèi)電阻大于電池1的內(nèi)電阻C.兩電池電動(dòng)勢(shì)與其內(nèi)阻之比相等D.電流相等時(shí)，R上消耗的功率相等8、如圖所示電路中，電源電動(dòng)勢(shì)為E，內(nèi)阻為r，電容器的電容為C，定值電阻的阻值為R。開(kāi)關(guān)閉合前電容器不帶電。閉合開(kāi)關(guān)；待電路穩(wěn)定后（）

A.通過(guò)電源的電流為零B.定值電阻兩端的電壓等于EC.電路消耗的電功率等于D.電容器所帶電荷量為9、理想化模型法是物理學(xué)中的一種重要研究方法。這種方法的主要特點(diǎn)是，通過(guò)科學(xué)抽象，把實(shí)際問(wèn)題理想化，突出強(qiáng)調(diào)研究對(duì)象或過(guò)程某一方面的主要特征，而忽略其他方面的次要特征。下列不屬于物理學(xué)中的理想模型的是（）A.點(diǎn)電荷B.輕質(zhì)彈簧C.條形磁鐵D.自由落體運(yùn)動(dòng)評(píng)卷人得分二、多選題(共9題，共18分)10、靜電噴涂是利用靜電現(xiàn)象制造的；其原理如圖所示．以下說(shuō)法正確的是（）

A.涂料微粒帶正電B.涂料微粒所受電場(chǎng)力的方向與電場(chǎng)方向相反C.電場(chǎng)力對(duì)涂料微粒做正功D.涂料微粒的電勢(shì)能變大11、如圖所示電路中，電源電動(dòng)勢(shì)為E，內(nèi)阻為r，Rt為負(fù)溫度系數(shù)熱敏電阻；R為光敏電阻，閉合開(kāi)關(guān)后，小燈泡L正常發(fā)光，由于環(huán)境條件改變（光照或溫度），發(fā)現(xiàn)小燈泡亮度變暗，則引起小燈泡變暗的原因可能是（）

A.溫度不變，光照增強(qiáng)B.溫度升高，光照不變C.溫度降低，光照增強(qiáng)D.溫度升高，光照減弱12、關(guān)于能源的開(kāi)發(fā)和利用，下列觀點(diǎn)正確的是（）A.能源是有限的，無(wú)節(jié)制地使用常規(guī)能源，是一種盲目的短期行為B.根據(jù)能量守恒定律，能源是取之不盡、用之不竭的C.能源的開(kāi)發(fā)和利用，必須同時(shí)考慮其對(duì)生態(tài)環(huán)境的影響D.不斷開(kāi)發(fā)新能源，是緩解能源危機(jī)、加強(qiáng)環(huán)境保護(hù)的重要途徑13、一定數(shù)量的直導(dǎo)線沿豎直方向均勻分布在圓心為O的圓周上，圓周所在平面水平，導(dǎo)線中均通有方向相同、大小相等的電流，每根導(dǎo)線在圓心處產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為B0。設(shè)n根依次相鄰的直導(dǎo)線在圓心O處產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為Bn，且B2=B4，則（）A.n=8B.n=6C.B3=2B0D.B3=B014、噴墨打印機(jī)的簡(jiǎn)化模型如圖所示，重力可忽略的墨汁微滴，經(jīng)帶電室?guī)ж?fù)電后，以速度v垂直勻強(qiáng)電場(chǎng)飛入極板間；最終打在紙上。則微滴在極板間電場(chǎng)中（）

A.向正極板偏轉(zhuǎn)B.電勢(shì)能逐漸增大C.運(yùn)動(dòng)軌跡是拋物線D.運(yùn)動(dòng)軌跡與電荷量無(wú)關(guān)15、某電場(chǎng)中的坐標(biāo)軸上，一個(gè)帶電粒子從坐標(biāo)原點(diǎn)出發(fā)，僅在電場(chǎng)力作用下沿軸正向運(yùn)動(dòng)到處；此過(guò)程帶電粒子的電勢(shì)能隨位置的變化如圖所示，則下列判斷正確的是（）

A.粒子在坐標(biāo)原點(diǎn)的動(dòng)能可能為B.從坐標(biāo)原點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到處過(guò)程中，粒子做的是加速度不斷減小的減速運(yùn)動(dòng)C.從運(yùn)動(dòng)到的過(guò)程中，粒子做的是加速度越來(lái)越小的減速運(yùn)動(dòng)D.粒子從運(yùn)動(dòng)到電場(chǎng)力做功絕對(duì)值等于從運(yùn)動(dòng)到的電場(chǎng)力做功絕對(duì)值16、如圖所示，A、B、C、D為勻強(qiáng)電場(chǎng)中一個(gè)長(zhǎng)方形的四個(gè)頂點(diǎn)，E、F分別為AB、CD的中點(diǎn)，AD邊長(zhǎng)度為10cm，AB邊長(zhǎng)度為15cm。已知A、B、D三點(diǎn)的電勢(shì)分別為9.0V；3.0V、12.0V；長(zhǎng)方形所在平面與電場(chǎng)線平行，則（）

A.C點(diǎn)的電勢(shì)不為零B.電場(chǎng)沿AF方向C.電場(chǎng)強(qiáng)度大小為50V/mD.電場(chǎng)強(qiáng)度大小為40V/m17、如圖所示，兩個(gè)帶電量為+Q的等量同種電荷，一絕緣且光滑的豎直細(xì)桿與連線的中垂線重合，細(xì)桿和兩點(diǎn)電荷均固定，A、O、B為細(xì)桿上的三點(diǎn)，O為兩個(gè)點(diǎn)電荷連線的中點(diǎn)，AO=BO=h，現(xiàn)有電荷量為+q，質(zhì)量為m的小球套在桿上，從A點(diǎn)以初速度v0向B先減速再加速運(yùn)動(dòng)；則可知（）

A.從A到B，小球的電勢(shì)能先增大后減小B.從A到B，小球的加速度一定先減小后增加C.小球運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí)的速度大小為D.小球從A到O與從O到B經(jīng)歷的時(shí)間相等18、電路如圖所示，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的觸頭P向上滑動(dòng)時(shí)；則。

A.電源的總功率變小B.電容器貯存的電量變小C.燈變亮D.燈變暗評(píng)卷人得分三、填空題(共9題，共18分)19、如圖所示為靜電噴涂的原理示意圖，噴槍噴出的漆滴帶________電，工件帶________電，因而使漆滴吸附到工件上，如果用絨毛代替油漆，在紡織物上根據(jù)圖案的需要涂上粘合劑，就可以利用靜電實(shí)現(xiàn)植絨．20、如圖所示；豎直放置的長(zhǎng)直導(dǎo)線通以恒定電流，有一矩形線框與導(dǎo)線處于同一平面內(nèi)，讓線框向右平動(dòng)，線圈產(chǎn)生感應(yīng)電流的方向是_____。

21、電磁感應(yīng)。

法拉第把他發(fā)現(xiàn)的磁生電的現(xiàn)象叫作電磁感應(yīng)，產(chǎn)生的電流叫作______。22、密立根實(shí)驗(yàn)：電子電荷的精確測(cè)定是由密立根通過(guò)著名的“油滴實(shí)驗(yàn)”做出的，目前公認(rèn)的電子電荷的值為e=______（保留兩位有效數(shù)字）。23、異種電荷相互___________。真空中兩個(gè)靜止點(diǎn)電荷間相互作用力為：若兩電荷間距離不變，兩電荷電量都增大為原來(lái)的3倍，則F增大為原來(lái)的___________倍。24、異種電荷相互___________。真空中兩個(gè)靜止點(diǎn)電荷間相互作用力為：若兩電荷間距離不變，兩電荷電量都增大為原來(lái)的3倍，則F增大為原來(lái)的___________倍。25、如圖是某區(qū)域的電場(chǎng)線圖，A、B是電場(chǎng)中的兩個(gè)點(diǎn)，由圖可知電場(chǎng)強(qiáng)度EA______EB（填“＞”或“＜”），將一個(gè)正點(diǎn)電荷先后放在A、B兩點(diǎn)，它所受的電場(chǎng)力FA______FB（填“＞”或“＜”）。26、圖中①、②分別為鋰離子電池充電過(guò)程中充電電流I、電池電壓U隨時(shí)間t變化的圖線。此過(guò)程中充電功率最大為_(kāi)________W，圖線①與時(shí)間軸所包圍的面積對(duì)應(yīng)的物理量是__________。27、如圖中把量程為3mA，內(nèi)阻為100Ω的電流表改裝成15V的電壓表，則需串聯(lián)一個(gè)阻值為_(kāi)__________Ω的電阻，改裝后原來(lái)刻度1.4mA位置的讀數(shù)為_(kāi)__________V；若是把量程為3mA的電流表改裝成歐姆表，其中電源電動(dòng)勢(shì)E=3V。改裝后，將原來(lái)電流表3mA的刻度定為電阻的“0”刻度，歐姆表的中值電阻為_(kāi)__________Ω，2mA刻度處標(biāo)___________Ω。

評(píng)卷人得分四、作圖題(共1題，共6分)28、由電流產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向如圖所示；請(qǐng)?jiān)趫D中標(biāo)出線圈中的電流方向.

評(píng)卷人得分五、解答題(共2題，共14分)29、若某種電磁波在真空中的頻率為試回答下列問(wèn)題：

(1)該電磁波的波長(zhǎng)為多少？（電磁波在真空中的傳播速度為）

(2)該電磁波屬于哪個(gè)波段？（紅外線波長(zhǎng)范圍為紫外線的波長(zhǎng)范圍為5~370nm）

(3)現(xiàn)代科技可以使電磁波在特定介質(zhì)中的傳播速度大大減小。當(dāng)頻率為的電磁波以900m/s的速度傳播時(shí)，電磁波的波長(zhǎng)變?yōu)槎嗌伲?0、如圖所示，在勻強(qiáng)電場(chǎng)中，將一電荷量為2×10－4的負(fù)電荷由A點(diǎn)移到B點(diǎn)，其電勢(shì)能增加了0.2J，已知A、B兩點(diǎn)間距離為2cm，兩點(diǎn)連線與電場(chǎng)方向成角；求：

(1)電荷由A移到B的過(guò)程中，電場(chǎng)力所做的功WAB；

(2)A、B兩點(diǎn)間的電勢(shì)差UAB；

(3)該勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度E。

參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、B【分析】【詳解】

A．加速助跑過(guò)程中；運(yùn)動(dòng)員的動(dòng)能不斷增加，重力勢(shì)能不變，故A錯(cuò)誤；

B．起跳上升過(guò)程中；桿先逐漸彎曲然后伸直，則桿的彈性勢(shì)能先增加后減小，故B正確；

C．起跳上升過(guò)程中；運(yùn)動(dòng)員和桿的系統(tǒng)動(dòng)能；重力勢(shì)能和彈性勢(shì)能之和守恒，因桿的彈性勢(shì)能先增加后減小，則運(yùn)動(dòng)員的機(jī)械能先減小后增加，故C錯(cuò)誤；

D．運(yùn)動(dòng)員到達(dá)橫桿正上方時(shí)；由于有水平速度，則動(dòng)能不為零，故D錯(cuò)誤。

故選B。2、B【分析】【詳解】

根據(jù)閉合電路歐姆定律得

故B正確；ACD錯(cuò)誤。

故選B。3、B【分析】【詳解】

A．由部分電路歐姆定律知，由表中數(shù)據(jù)可以看出電壓表示數(shù)減小，電流表示數(shù)增大，故電壓與電流比值減小，故實(shí)驗(yàn)過(guò)程中逐漸減??；故A錯(cuò)誤；

BC．由題意電流不變，且電阻與兩端電壓相等，即

代入數(shù)據(jù)得

故B正確；C錯(cuò)誤；

D．實(shí)驗(yàn)過(guò)程中恒流源輸出功率為因?yàn)檩敵鲭妷杭措妷罕硎緮?shù)，故U減??；故恒流源輸出功率減小，故D錯(cuò)誤。

故選B。4、A【分析】【詳解】

若總排斥力使均勻帶電薄球殼半徑稍微增大則帶電球殼體系儲(chǔ)存的靜電能減小

總排斥力做功等于靜電能減小量，故

解得

當(dāng)趨近于零時(shí)，則有

球殼單位面積上受到的排斥力

故選A。5、D【分析】【詳解】

題中兩電荷電量可能不同，也可能相同，但各自所受的電場(chǎng)力大小卻相同，方向相反。由于它們與豎直線所成的角度均為且兩球同處一水平線上，所以根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件可確定，它們的質(zhì)量一定相等，故ABC錯(cuò)誤，D正確。

故選D。

6、B【分析】【詳解】

A．根據(jù)電勢(shì)的定義可知，電場(chǎng)中某點(diǎn)的電勢(shì)為將試探電荷從該點(diǎn)移動(dòng)到0電勢(shì)點(diǎn)處電場(chǎng)力做的功與點(diǎn)電荷電量的比值，因此未移入點(diǎn)電荷P前，b點(diǎn)的電勢(shì)為

選項(xiàng)A正確；

B．根據(jù)對(duì)稱(chēng)性可知，移走c點(diǎn)的點(diǎn)電荷的過(guò)程中電場(chǎng)力做功為可知移走后c點(diǎn)的電勢(shì)為選項(xiàng)B錯(cuò)誤；

C．將另一帶電量為的點(diǎn)電荷從無(wú)窮遠(yuǎn)處移動(dòng)到c點(diǎn)，電場(chǎng)力做功

選項(xiàng)C正確；

D．將另一帶電量為的點(diǎn)電荷固定在c點(diǎn)，根據(jù)矢量疊加原理可知，因bd兩點(diǎn)的負(fù)電荷在O點(diǎn)的合場(chǎng)強(qiáng)為零，則ac兩處的電荷在O點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度方向指向a點(diǎn)；選項(xiàng)D正確。

本題選錯(cuò)誤的，故選B。7、C【分析】【詳解】

AB．根據(jù)U=E-Ir可知，圖線在U軸上的截距等于電源電動(dòng)勢(shì)；圖線的斜率大小等于電源內(nèi)阻，由圖像可知，電池2的電動(dòng)勢(shì)小于電池1的電動(dòng)勢(shì)，電池2的內(nèi)電阻小于電池1的內(nèi)電阻，選項(xiàng)AB錯(cuò)誤；

C．電池的電動(dòng)勢(shì)與內(nèi)阻之比等于短路電流

則兩電池電動(dòng)勢(shì)與其內(nèi)阻之比相等；選項(xiàng)C正確；

D．由圖像可知，電流相等時(shí)，R上的電壓不等，則根據(jù)P=IU可知，電阻R消耗的功率不相等；選項(xiàng)D錯(cuò)誤。

故選C。8、D【分析】【詳解】

A．閉合開(kāi)關(guān)，待電路穩(wěn)定后，由于電源與電阻R構(gòu)成一個(gè)閉合電路；故通過(guò)電源的電流不為零，故A錯(cuò)誤；

B．定值電阻R的兩端電壓就是電源的路端電壓，由于有內(nèi)電壓，所以定值電阻兩端的電壓不等于電源的電動(dòng)勢(shì)，而是故B錯(cuò)誤；

C．電路消耗的電功率是指總電功率，即為

故C錯(cuò)誤；

D．根據(jù)電容的公式故電容器所帶電荷量為

故D正確。

故選D。9、C【分析】【詳解】

理想化模型是忽略次要因素而突出主要因素的一種研究方法，點(diǎn)電荷忽略了帶電體的大小和形狀，輕質(zhì)彈簧忽略了彈簧的質(zhì)量，自由落體運(yùn)動(dòng)忽略了其他阻力作用，故ABD三種模型均為理想化模型。條形磁鐵不是理想化模型，即C不是理想模型。故C項(xiàng)符合題意。二、多選題(共9題，共18分)10、B:C【分析】【分析】

【詳解】

由于在噴槍噴嘴與被噴涂工作之間形成了強(qiáng)電場(chǎng)，工作時(shí)涂料微粒會(huì)向帶正電的被噴涂工件高速運(yùn)動(dòng)，則涂料微粒帶負(fù)電，微粒所受電場(chǎng)力的方向與電場(chǎng)方向相反．故A錯(cuò)誤，B正確；因粒子帶負(fù)電，在庫(kù)侖引力的作用下做正功，則電勢(shì)能減小，故C正確，D錯(cuò)誤．故選BC．11、A:C【分析】【詳解】

由題圖可知，當(dāng)光敏電阻阻值減小或熱敏電阻阻值增大時(shí)，小燈泡L都會(huì)變暗，結(jié)合光敏電阻和熱敏電阻特性可知，A正確，B錯(cuò)誤；若光敏電阻阻值減小的同時(shí)，熱敏電阻的阻值增大，小燈泡L變暗，C正確；若熱敏電阻減小，光敏電阻增大，則小燈泡變亮，D錯(cuò)誤．12、A:C:D【分析】【詳解】

A．能源是有限的；比如常規(guī)能源，所以無(wú)節(jié)制地利用常規(guī)能源是一種盲目的短期行為，故A正確。

B．能量都轉(zhuǎn)化為不能利用或不易利用的能源；所以這樣會(huì)減少可利用資源的數(shù)量，因此應(yīng)該節(jié)約能源，故B錯(cuò)誤。

C．能源的開(kāi)發(fā)和利用；必須同時(shí)考慮其對(duì)生態(tài)環(huán)境的影響，故C正確。

D．不斷開(kāi)發(fā)新能源是緩解能源危機(jī)加強(qiáng)環(huán)境保護(hù)的重要途徑也是根本途徑；故D正確。

故選：ACD。13、B:C【分析】【詳解】

依題意，假設(shè)相鄰導(dǎo)線之間的夾角為（），則2根依次相鄰導(dǎo)線在O點(diǎn)產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為

4根依次相鄰導(dǎo)線在O點(diǎn)產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為

由題知

聯(lián)立可求得

則由數(shù)學(xué)知識(shí)可知

所以由幾何知識(shí)可求得3根依次相鄰的導(dǎo)線產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為

故選BC。14、A:C【分析】【詳解】

A．由于微滴帶負(fù)電；電場(chǎng)方向向下，因此微滴受到的靜電力方向向上，微滴向正極板偏轉(zhuǎn)，故A正確；

B．偏轉(zhuǎn)過(guò)程中靜電力做正功；根據(jù)靜電力做功與電勢(shì)能變化的關(guān)系，電勢(shì)能減小，故B錯(cuò)誤；

CD．微滴在垂直于電場(chǎng)方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)，位移x=vt

沿電場(chǎng)反方向做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，位移

解得

此為拋物線方程，并從式中可以看出，運(yùn)動(dòng)軌跡與電荷量q有關(guān)；故C正確，D錯(cuò)誤。．

故選AC。15、B:D【分析】【詳解】

A．根據(jù)圖像可知，粒子從坐標(biāo)原點(diǎn)出發(fā)后電勢(shì)能先增大，動(dòng)能先減小，因此電場(chǎng)力先做負(fù)功，由于粒子能到達(dá)因此粒子到達(dá)x2時(shí)的動(dòng)能大于等于零，設(shè)粒子在坐標(biāo)原點(diǎn)的動(dòng)能為則

即

故A錯(cuò)誤；

B．圖像的切線斜率表示電場(chǎng)力，由圖可知，從坐標(biāo)原點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到處過(guò)程中；粒子受到的電場(chǎng)力越來(lái)越小，加速度越來(lái)越小，電勢(shì)能越來(lái)越大，動(dòng)能越來(lái)越小，速度越來(lái)越小，故B正確；

C．同理分析，從運(yùn)動(dòng)到的過(guò)程中；粒子做的是加速度越來(lái)越小的加速運(yùn)動(dòng)，故C錯(cuò)誤；

D．從運(yùn)動(dòng)到和從運(yùn)動(dòng)到電勢(shì)能變化的絕對(duì)值相等；因此電場(chǎng)力做功的絕對(duì)值相等，故D正確。

故選BD。16、A:C【分析】【詳解】

A．勻強(qiáng)電場(chǎng)的等勢(shì)線是等間距的平行直線，根據(jù)幾何關(guān)系知C點(diǎn)的電勢(shì)不為零；故A正確；

B．根據(jù)電場(chǎng)線與等勢(shì)線垂直，知電場(chǎng)線沿垂直于AF方向；故B錯(cuò)誤；

CD．根據(jù)幾何關(guān)系可知AF長(zhǎng)為12.5cm，DG長(zhǎng)度為6cm，DA間電勢(shì)差為3V，則電場(chǎng)強(qiáng)度

故C正確；D錯(cuò)誤。

故選AC。

17、A:C【分析】【詳解】

A．由等量同種電荷的電場(chǎng)分布可知到電勢(shì)先增大后減??；小球的電勢(shì)能先增大后減小，故A選項(xiàng)正確；

B．由等量同種電荷的中垂線上場(chǎng)強(qiáng)分布特點(diǎn)知，點(diǎn)有可能在最大電場(chǎng)強(qiáng)度的上方或下方；小球先減速再加速運(yùn)動(dòng)，開(kāi)始時(shí)電場(chǎng)力大于重力；若點(diǎn)在最大電場(chǎng)強(qiáng)度的上方，根據(jù)受力牛頓第二定律可知到的過(guò)程中；小球的加速度先增大后減小到零然后反向增大最后再減小，故B選項(xiàng)錯(cuò)誤；

C．到電場(chǎng)力的功為零，據(jù)動(dòng)能定理對(duì)A到B過(guò)程有

求得點(diǎn)速度大小為

故C選項(xiàng)正確；

D．小球從點(diǎn)以初速度向先減速再加速運(yùn)動(dòng)，小球從A到B過(guò)程所受電場(chǎng)力關(guān)于O點(diǎn)對(duì)稱(chēng)，小球另外還受重力，所以小球到O與從O到經(jīng)歷的時(shí)間不相等；故D選項(xiàng)錯(cuò)誤。

故選AC。18、B:C【分析】【分析】

首先認(rèn)清電路的結(jié)構(gòu)：變阻器與燈L2串聯(lián)后與電阻R1并聯(lián)，再燈L1串聯(lián)，電路穩(wěn)定時(shí)，電容器相當(dāng)于斷路．當(dāng)滑動(dòng)變阻器的觸頭P向上滑動(dòng)時(shí)，變阻器接入電路的電阻變小，分析外電路總電阻減小，由歐姆定律分析總電流的變化，即可知道電源的總功率變化和燈L1亮度變化．分析并聯(lián)部分電壓的變化，判斷通過(guò)R1的電流如何變化，就能分析出通過(guò)燈L2的電流變化；判斷其亮度變化．

【詳解】

AC．當(dāng)滑動(dòng)變阻器的觸頭P向上滑動(dòng)時(shí)，變阻器接入電路的電阻變小，外電路總電阻變小，干路電流變大，則燈變亮；電源的總功率E不變；則電源的總功率變大，故A錯(cuò)誤，C正確；

BD．干路電流增大，電源的內(nèi)電壓和燈的電壓增大，則電路中并聯(lián)部分的電壓U并減小，通過(guò)的電流減小，而干路電流增大，所以通過(guò)燈的電流變大，燈變亮；電容器的電壓等于并聯(lián)部分的電壓，則其電壓減小，電容器貯存的電量變小，故B正確，D錯(cuò)誤．

故選BC.

【點(diǎn)睛】

本題考查了滑動(dòng)變阻器的變阻原理、歐姆定律、串聯(lián)電路的電壓關(guān)系，關(guān)鍵是先搞清電路的結(jié)構(gòu)，然后按“局部→整體→局部”的思路進(jìn)行分析．三、填空題(共9題，共18分)19、略

【分析】【詳解】

[1][2]根據(jù)電場(chǎng)線的方向可知，噴槍帶正電，工件帶負(fù)電?！窘馕觥空?fù)20、略

【分析】【詳解】

電流的方向向上，由安培定則可知線框所在處的磁場(chǎng)的方向垂直于紙面向里，當(dāng)線框向右運(yùn)動(dòng)時(shí)磁場(chǎng)減小，則穿過(guò)線框的磁通量減小，由楞次定律可知，線框內(nèi)產(chǎn)生的感應(yīng)電流沿順時(shí)針?lè)较?。【解析】順時(shí)針?lè)较?1、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】感應(yīng)電流22、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】1.6×10－19C23、略

【分析】【詳解】

[1]異種電荷相互吸引。

[2]由靜電力公式可得

所以若兩電荷間距離不變，兩電荷電量都增大為原來(lái)的3倍，則F增大為原來(lái)