2025年滬科版高二物理下冊(cè)月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2025年滬科版高二物理下冊(cè)月考試卷398考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、圖中虛線為勻強(qiáng)電場(chǎng)中與場(chǎng)強(qiáng)方向垂直的等間距平行直線，兩粒子M、N質(zhì)量相等，所帶電荷的絕對(duì)值也相等，現(xiàn)將M、N從虛線上的O點(diǎn)以相同速率射出，兩粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的軌跡分別如圖中兩條實(shí)線所示．點(diǎn)a、b；c為實(shí)線與虛線的交點(diǎn)；已知O點(diǎn)電勢(shì)高于c點(diǎn)．若不計(jì)重力，則（）

A.M帶負(fù)電荷；N帶正電荷。

B.N在a點(diǎn)的速度與M在c點(diǎn)的速度大小相同。

C.N在從O點(diǎn)運(yùn)動(dòng)至a點(diǎn)的過程中克服電場(chǎng)力做功。

D.M在從O點(diǎn)運(yùn)動(dòng)至b點(diǎn)的過程中；電場(chǎng)力對(duì)它做的功等于零。

2、做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的彈簧振子，下述說法中不正確的是A.振子通過平衡位置時(shí)，速度最大B.振子在最大位移處時(shí)，加速度最大C.振子在連續(xù)兩次通過同一位置時(shí)，位移相同D.振子連續(xù)兩次通過同一位置時(shí)，速度相同3、如圖所示，虛線abc

代表電場(chǎng)中的三個(gè)等勢(shì)面，相鄰等勢(shì)面之間的電勢(shì)差相等，即Uab=Ubc.

實(shí)線為一帶負(fù)電的質(zhì)點(diǎn)僅在電場(chǎng)力作用下通過該區(qū)域時(shí)的運(yùn)動(dòng)軌跡，PRQ

是這條軌跡上的三點(diǎn)，PQR

同時(shí)在等勢(shì)面abc

上，據(jù)此可知(

)

A.三個(gè)等勢(shì)面中，a

的電勢(shì)最高B.該電荷在P

點(diǎn)的電勢(shì)能比在Q

點(diǎn)的電勢(shì)能小C.電荷在QR

間運(yùn)動(dòng)的動(dòng)能變化等于在RP

間運(yùn)動(dòng)的動(dòng)能變化D.無(wú)論電荷運(yùn)動(dòng)方向如何，電場(chǎng)力對(duì)該電荷一定做負(fù)功4、小燈泡的伏安特性曲線如圖的AB

段(

曲線)

所示，由圖可知，燈絲的電阻因溫度的影響改變了A.0.2婁賂

B.0.5婁賂

C.2婁賂

D.10婁賂

5、最早提出用電場(chǎng)線描述電場(chǎng)的物理學(xué)家是(

)

A.牛頓B.伽利略C.法拉第D.阿基米德6、如圖所示均勻的長(zhǎng)方形薄片合金電阻板abcd，ab邊為L(zhǎng)1，ad邊為L(zhǎng)2，當(dāng)端點(diǎn)I、Ⅱ或Ⅲ、Ⅳ接入電路時(shí)，RⅢ：RⅢⅣ=（）A.L1：L2B.L2：L1C.L12：L22D.7、某同學(xué)在“驗(yàn)證牛頓運(yùn)動(dòng)定律”的實(shí)驗(yàn)中，保持小車所受拉力F

的大小不變，改變小車的質(zhì)量m

得到了不同m

時(shí)的加速度大小a

并繪出了a鈭?1m

的圖象，如圖所示.

圖象的斜率表示(

)

A.a

B.F

C.m

D.1m

8、冰壺是冬奧會(huì)的正式比賽項(xiàng)目.

運(yùn)動(dòng)員將冰壺推出后，在較長(zhǎng)時(shí)間內(nèi)冰壺的運(yùn)動(dòng)可近似看作勻速直線運(yùn)動(dòng)，原因是冰壺受到的(

)

A.摩擦力非常小B.重力小C.推力小D.不受任何力評(píng)卷人得分二、填空題(共8題，共16分)9、將一個(gè)電量-2×10-8C的點(diǎn)電荷，從零電勢(shì)點(diǎn)O移到M點(diǎn)需克服電場(chǎng)力做功4×10-8J，則M點(diǎn)電勢(shì)φM=___________；若將該電荷從M點(diǎn)再移至N點(diǎn)，電場(chǎng)力做功1.4×10-7J，則N點(diǎn)電勢(shì)φN=__________。10、如圖是兩位高中同學(xué)李輝和劉偉在測(cè)定變壓器線圈電阻的一個(gè)實(shí)驗(yàn)場(chǎng)景，劉偉手握線圈裸露的兩端讓李輝測(cè)量，劉偉有電擊的感覺是在測(cè)量回路____________時(shí)刻(填“斷開”或“接通”)11、如圖所示為某物體運(yùn)動(dòng)的v鈭?t

圖象。由圖可知，該物體的初速度大小為___m/s

其在0鈭?10s

內(nèi)做______直線運(yùn)動(dòng)(

選填“勻速”或“勻加速”)

在15s

末的速度大小為______m/s

12、（1）如圖所示，把一塊潔凈的玻璃板吊在橡皮筋下端，使玻璃板水平接觸水面．如果你想使玻璃板離開水面，必須用比玻璃板重力____的拉力向上拉橡皮筋，原因是水分子和玻璃的分子間存在____作用．

（2）往一杯清水中滴入一滴紅墨水，過一段時(shí)間后，整杯水都變成了紅色，這一現(xiàn)象在物理學(xué)中稱為____現(xiàn)象，是由于分子的____而產(chǎn)生的。13、多用電表的表盤刻度的最右端，表示電阻示數(shù)是____Ω，某同學(xué)用多用電表測(cè)電阻RX的阻值，多用電表的歐姆擋有×1，×10，×100，×1k四擋，他粗測(cè)時(shí)用×100擋，調(diào)零后發(fā)現(xiàn)指針偏轉(zhuǎn)幅度太小，他應(yīng)選用____擋，并重新調(diào)零．14、真空中電磁波的傳播速度為________m/s

電磁波從一種介質(zhì)進(jìn)入另一種介質(zhì)不變的物理量是________(

選填頻率、波長(zhǎng))

15、氣墊導(dǎo)軌是常用的一種實(shí)驗(yàn)儀器.

它是利用氣泵使帶孔的導(dǎo)軌與滑塊之間形成氣墊，使滑塊懸浮在導(dǎo)軌上，滑塊在導(dǎo)軌上的運(yùn)動(dòng)可視為沒有摩擦.

我們可以用帶豎直擋板C

和D

的氣墊導(dǎo)軌以及滑塊A

和B

來驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律，實(shí)驗(yàn)裝置如圖所示(

彈簧的長(zhǎng)度忽略不計(jì))

采用的實(shí)驗(yàn)步驟如下：a.

用天平分別測(cè)出滑塊A

、B

的質(zhì)量mA

、mB

．b.

調(diào)整氣墊導(dǎo)軌，使導(dǎo)軌處于水平．c.

在A

和B

間放入一個(gè)被壓縮的輕彈簧，用電動(dòng)卡銷鎖定，靜止放置在氣墊導(dǎo)軌上．d.

用刻度尺測(cè)出A

的左端至C

板的距離L

1

．e.

放開卡銷，同時(shí)使分別記錄滑塊A

、B

運(yùn)動(dòng)時(shí)間的計(jì)時(shí)器開始工作.

當(dāng)A

、B

滑塊分別碰撞C

、D

擋板時(shí)停止計(jì)時(shí)，記下A

、B

分別到達(dá)C

、D

的運(yùn)動(dòng)時(shí)間t

1

和t

2

．(1)

實(shí)驗(yàn)中還應(yīng)測(cè)量的物理量是________________．(2)

利用上述測(cè)量的實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)，驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律的表達(dá)式是_______________________，上式中算得的A

、B

兩滑塊的動(dòng)量大小并不完全相等，產(chǎn)生誤差的原因可能是_________________________________________________________(

至少寫出兩點(diǎn))

(3)

利用上述實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)是否可以測(cè)出被壓縮彈簧的彈性勢(shì)能的大?。縚________________(

填“可以”或“不可以”)

16、如圖所示，三電阻的阻值之比R1R2R3

為312

則當(dāng)AB

間加上電壓時(shí)，R1R2R3

三個(gè)電阻的電流之比之比I1I2I3=

______，三個(gè)電阻上消耗的功率之比P1P2P3=

______．評(píng)卷人得分三、判斷題(共7題，共14分)17、電場(chǎng)線與等勢(shì)面相互垂直，沿著同一等勢(shì)面移動(dòng)電荷時(shí)靜電力不做功．（判斷對(duì)錯(cuò)）18、處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部的場(chǎng)強(qiáng)處處為零，導(dǎo)體外表面場(chǎng)強(qiáng)方向與導(dǎo)體的表面一定不垂直．（判斷對(duì)錯(cuò)）19、如圖所示為某示波管內(nèi)的聚焦電場(chǎng)，實(shí)線和虛線分別表示電場(chǎng)線和等勢(shì)線．兩電子分別從a、b兩點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到c點(diǎn)．設(shè)電場(chǎng)力對(duì)兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

20、電勢(shì)差有正有負(fù)，所以是矢量，且電場(chǎng)中兩點(diǎn)間的電勢(shì)差隨著零電勢(shì)點(diǎn)的選取變化而變化．（判斷對(duì)錯(cuò)）21、只有沿著電場(chǎng)線的方向電勢(shì)才會(huì)降低，所以電勢(shì)降低的方向就一定是電場(chǎng)強(qiáng)度的方向．（判斷對(duì)錯(cuò)）22、處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部的場(chǎng)強(qiáng)處處為零，導(dǎo)體外表面場(chǎng)強(qiáng)方向與導(dǎo)體的表面一定不垂直．（判斷對(duì)錯(cuò)）23、空間兩點(diǎn)放置兩個(gè)異種點(diǎn)電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場(chǎng)的等勢(shì)面如圖所示，且相鄰等勢(shì)面間的電勢(shì)差均相等，電場(chǎng)中A、B兩點(diǎn)間的電勢(shì)大小的關(guān)系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

評(píng)卷人得分四、推斷題(共3題，共15分)24、【化學(xué)rm{隆陋}選修r(nóng)m{3}物質(zhì)結(jié)構(gòu)與性質(zhì)】25、【化學(xué)選做】（15分）有機(jī)化合物甲、乙用于制備化妝品，二者合成路線如下（部分產(chǎn)物及條件略）。已知：（-R、-R’代表烴基或-H）（1）A的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式是____。（2）化合物F能與濃溴水反應(yīng)產(chǎn)生白色沉淀。①有機(jī)物甲中官能團(tuán)的名稱是____。②“C→有機(jī)化合物甲”的化學(xué)方程式是____。③化合物F的名稱是____。（3）化合物G的分子式為C3H6O，核磁共振氫譜顯示只有一種化學(xué)環(huán)境的氫。G的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式是____。（4）A與G反應(yīng)生成D的反應(yīng)方程式為____。(5)寫出E所有可能的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式（滿足合成路線）____。26、A、rm{B}rm{C}rm{D}rm{E}rm{X}是中學(xué)常見的無(wú)機(jī)物，存在如圖轉(zhuǎn)化關(guān)系rm{(}部分生成物和反應(yīng)條件略去rm{)}rm{(1)}若rm{A}為常見的金屬單質(zhì)，焰色反應(yīng)呈黃色，rm{X}能使品紅溶液褪色，寫出rm{C}和rm{E}反應(yīng)的離子方程式：__________________________．rm{(2)}若rm{A}為短周期元素組成的單質(zhì)，該元素的最高價(jià)氧化物的水化物酸性最強(qiáng)，則：rm{壟脵}組成單質(zhì)rm{A}的元素在周期表中的位置為_______________．rm{壟脷X}可能為___________rm{(}填代號(hào)rm{)}．rm{a.NaHCO_{3}}rm{b.Na_{2}CO_{3;;;;;;;;;;;;;;;}c.Na_{2}SO_{3;;;;;;;;;;;;;}d.Al(OH)_{3}}rm{(3)}若rm{A}為淡黃色粉末，回答下列問題：rm{壟脵1molA}與足量的rm{H_{2}O}充分反應(yīng)時(shí)轉(zhuǎn)移的電子數(shù)目為_______________．rm{壟脷A}的電子式為___________________。rm{壟脹}若rm{X}為一種造成溫室效應(yīng)的氣體rm{.}則鑒別等濃度的rm{D}rm{E}兩種溶液，可選擇的試劑為______rm{(}填代號(hào)rm{)}．rm{a.}鹽酸rm{b.BaCl_{2}}溶液rm{c.NaOH}溶液rm{d.Ca(OH)_{2}}溶液rm{(4)}若rm{A}為氧化物，rm{X}是rm{Fe}溶液rm{D}中加入rm{KSCN}溶液變紅rm{.}則rm{A}與rm{H_{2}O}反應(yīng)的化學(xué)反應(yīng)方程式為___________rm{.E}是_________rm{(}填化學(xué)式rm{)}評(píng)卷人得分五、綜合題(共2題，共6分)27、[

物理隆陋隆陋

選修3鈭?4]

(1)

如圖所示；AB

是某一列簡(jiǎn)諧波傳播路徑上的兩個(gè)振動(dòng)的質(zhì)點(diǎn)，其平衡位置相距1mA

比B

早振動(dòng)了時(shí)間t(t

小于4s)

從某一時(shí)刻開始計(jì)時(shí)，兩質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)圖象如圖所示，每個(gè)質(zhì)點(diǎn)開始起振的方向均沿y

軸正向，則下列說法正確的是_________(

填正確答案標(biāo)號(hào)。)

A.

時(shí)間t=3s

B.

簡(jiǎn)諧波的波長(zhǎng)為4m

C.

簡(jiǎn)諧波的波速為13m/s

D.

當(dāng)B

點(diǎn)開始起振時(shí)，A

點(diǎn)位于波峰E.

當(dāng)A

點(diǎn)位于波峰時(shí)，B

點(diǎn)位于平衡位置(2)

如圖所示，平行透明介質(zhì)的截面ABCD

為邊長(zhǎng)為L(zhǎng)

的正方形，一束單色光垂直照射在AB

邊的中點(diǎn)O

結(jié)果光穿過介質(zhì)所用時(shí)間為4L3cc

為光在真空中傳播的速度，將此單色光繞O

點(diǎn)在紙面內(nèi)沿逆時(shí)針方向轉(zhuǎn)動(dòng)90鈭?

求：壟脵

此介質(zhì)對(duì)光的折射率。壟脷CD

邊有光射出的長(zhǎng)度。28、選做題。

(1)

如圖，容積為V

的汽缸由導(dǎo)熱材料制成，面積為S

的活塞將汽缸分成容積相等的上下兩部分，汽缸上部通過細(xì)管與裝有某種液體的容器相連，細(xì)管上有一閥門K

開始時(shí)，K

關(guān)閉，汽缸內(nèi)上下兩部分氣體的壓強(qiáng)均為p0,

現(xiàn)將K

打開，容器內(nèi)的液體緩慢地流入汽缸，當(dāng)流入的液體體積為V8

時(shí)，將K

關(guān)閉，活塞平衡時(shí)其下方氣體的體積減小了V6

不計(jì)活塞的質(zhì)量和體積，外界溫度保持不變，重力加速度大小為g

求流入汽缸內(nèi)液體的質(zhì)量。

(2)

如圖，鈻?ABC

為一玻璃三棱鏡的橫截面，隆脧A=30鈭?

一束紅光垂直AB

邊射入，從AC

邊上的D

點(diǎn)射出，其折射角為60鈭?

則玻璃對(duì)紅光的折射率為_____。若改用藍(lán)光沿同一路徑入射，則光線在D

點(diǎn)射出時(shí)的折射射角______(

“小于”“等于”或“大于”)60鈭?

(3)

一列簡(jiǎn)諧橫波在t=13s

時(shí)的波形圖如圖(a)

所示，PQ

是介質(zhì)中的兩個(gè)質(zhì)點(diǎn)，圖(b)

是質(zhì)點(diǎn)Q

的振動(dòng)圖像。求

(i)

波速及波的傳播方向；(ii)

質(zhì)點(diǎn)Q

的平衡位置的x

坐標(biāo)。參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、B|D【分析】

A；電場(chǎng)線與等勢(shì)面垂直；由于O點(diǎn)電勢(shì)高于c點(diǎn)，故勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)方向向下；因?yàn)檫\(yùn)動(dòng)軌跡是不可能出現(xiàn)在這個(gè)夾角外的，由這點(diǎn)可以直接看出，圖中的N受到的電場(chǎng)力是向上的，M受到的電場(chǎng)力是向下的，故N帶負(fù)電，M帶正電，故A錯(cuò)誤；

B；由于oa和oc間電勢(shì)差相等；電場(chǎng)力又都是做正功的，根據(jù)動(dòng)能定理，電場(chǎng)力做功相等，故動(dòng)能增量相等，故B答案正確；

C；由于N帶負(fù)電；電場(chǎng)力向上，故電場(chǎng)力做正功，故C錯(cuò)誤；

D、由于ob在同一等勢(shì)面上，故M在從O點(diǎn)運(yùn)動(dòng)至b點(diǎn)的過程中；電場(chǎng)力對(duì)它做的功等于零，故D正確；

故選BD．

【解析】【答案】電場(chǎng)線與等勢(shì)面垂直；由于O點(diǎn)電勢(shì)高于c點(diǎn)，故勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)方向向下；粒子運(yùn)動(dòng)的軌跡上每個(gè)點(diǎn)的切線就是該點(diǎn)上的速度方向，要判斷這個(gè)粒子是克服力做功還是在電場(chǎng)力的作用下做正功，只需要畫出該點(diǎn)的切線方向，而力的方向必須與速度方向的夾角夾著運(yùn)動(dòng)軌跡，即運(yùn)動(dòng)軌跡是一定在速度方向和力的方向的夾角里面的！

2、D【分析】【解析】試題分析：做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的彈簧振子，通過平衡位置時(shí)，速度最大，加速度最??；在最大位移處時(shí)，速度最小，加速度的大小最大．振子位移是指振子離開平衡位置的位移，從平衡位置指向振子所在的位置，通過同一位置，位移總是相同．速率和動(dòng)能相同，但速度有兩種方向，可能不同．故選D考點(diǎn)：本題考查對(duì)簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)物理量及其變化的理解程度，【解析】【答案】D3、C【分析】解：A

負(fù)電荷做曲線運(yùn)動(dòng)；電場(chǎng)力指向曲線的內(nèi)側(cè)；作出電場(chǎng)線，根據(jù)軌跡彎曲的方向和負(fù)電荷可知，電場(chǎng)線向上，故c

點(diǎn)電勢(shì)最高，故A錯(cuò)誤；

B；利用推論：負(fù)電荷在電勢(shì)高處電勢(shì)能??；知道P

點(diǎn)電勢(shì)能大，故B錯(cuò)誤；

C；只有電場(chǎng)力做功；電勢(shì)能和動(dòng)能之和守恒，故帶電質(zhì)點(diǎn)在P

點(diǎn)的動(dòng)能與電勢(shì)能之和等于在Q

點(diǎn)的動(dòng)能與電勢(shì)能之和，故C正確；

D、當(dāng)電場(chǎng)力與速度夾角小于90鈭?

時(shí)，電場(chǎng)力作正功；當(dāng)電場(chǎng)力與速度夾角大于90鈭?

時(shí)；電場(chǎng)力作負(fù)功，故D錯(cuò)誤；

故選：C

作出電場(chǎng)線；根據(jù)軌跡彎曲的方向可知，電場(chǎng)線向上。故c

點(diǎn)電勢(shì)最高；根據(jù)推論，負(fù)電荷在電勢(shì)高處電勢(shì)能小，可知電荷在P

點(diǎn)的電勢(shì)能大；總能量守恒；由電場(chǎng)線疏密確定出，P

點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)小，電場(chǎng)力小，加速度小。

根據(jù)電場(chǎng)線與等勢(shì)面垂直，作出電場(chǎng)線，得到一些特殊點(diǎn)(

電場(chǎng)線與等勢(shì)面交點(diǎn)以及已知點(diǎn))

的電場(chǎng)力方向，同時(shí)結(jié)合能量的觀點(diǎn)分析是解決這類問題常用方法?！窘馕觥緾

4、D【分析】伏安特性是曲線時(shí)；根據(jù)各點(diǎn)的對(duì)應(yīng)坐標(biāo)值，由歐姆定律求解電阻；即可求得電阻的差值。

A

點(diǎn)對(duì)應(yīng)的電阻值為

B

點(diǎn)對(duì)應(yīng)的電阻值為

阻值改變故選D。本題考察的是伏安特性曲線的問題，運(yùn)用歐姆定律結(jié)合圖像信息分析即可解答?！窘馕觥緿

5、C【分析】解：A

牛頓對(duì)物理學(xué)的貢獻(xiàn)主要在力學(xué)部分；如牛頓運(yùn)動(dòng)的三定律和萬(wàn)有引力定律；故A錯(cuò)誤．

B；伽利略的主要貢獻(xiàn)在力學(xué)和天文學(xué)領(lǐng)域；故B錯(cuò)誤．

C；法拉第是最早提出用電場(chǎng)線描述電場(chǎng)的物理學(xué)家；故C正確．

D；阿基米德的主要貢獻(xiàn)是系統(tǒng)而嚴(yán)格證明了杠桿定律；以及總結(jié)得出阿基米德原理.

故D錯(cuò)誤．

故選：C

本題是物理學(xué)史問題；根據(jù)牛頓；伽利略、法拉第和阿基米德的物理學(xué)成就答題即可．

本題考查了物理常識(shí).

關(guān)鍵要記牢牛頓、伽利略、法拉第和阿基米德的物理學(xué)成就，不能混淆．【解析】C

6、D【分析】解：設(shè)薄片合金電阻板的厚度為d，當(dāng)端點(diǎn)I、Ⅱ接入電路時(shí)，根據(jù)電阻定律，電阻．

當(dāng)端點(diǎn)Ⅲ、Ⅳ接入電路時(shí)，根據(jù)電阻定律．電阻．

則．故D正確；A；B、C錯(cuò)誤．

故選D．

根據(jù)電阻定律R=得出電阻之比．

解決本題的關(guān)鍵掌握電阻定律的表達(dá)式，并能靈活運(yùn)用．【解析】【答案】D7、B【分析】解：根據(jù)牛頓運(yùn)動(dòng)定律F=ma

得：a=Fm

a鈭?1m

的圖象為一條傾斜的直線；所以圖象的斜率為F

．

故選B．

根據(jù)牛頓運(yùn)動(dòng)定律F=ma

得：a=Fm

結(jié)合圖象求出圖象的斜率．

應(yīng)用數(shù)學(xué)圖形分析物理問題是考試的熱點(diǎn)，我們應(yīng)該通過物理規(guī)律找出物理量間的關(guān)系，再運(yùn)用數(shù)學(xué)知識(shí)解決問題．【解析】B

8、A【分析】解：冰壺被推出后不再受推力；豎直方向重力與支持力平衡，冰壺的運(yùn)動(dòng)可看作勻速直線運(yùn)動(dòng)，原因是冰壺受到的摩擦力小.

選項(xiàng)A正確，BCD錯(cuò)誤．

故選：A

冰壺被推出后靠慣性運(yùn)動(dòng)；重力不變與支持力大小相等，冰面上的摩擦力小．

本題考查了物體的運(yùn)動(dòng)不需要力來維持，冰壺受的摩擦力減小，忽略不計(jì)時(shí)，其運(yùn)動(dòng)可以看做勻速直線運(yùn)動(dòng)．【解析】A

二、填空題(共8題，共16分)9、略

【分析】【解析】【答案】-2V，5V10、略

【分析】解：在電流變化時(shí)線圈才會(huì)產(chǎn)生自感電動(dòng)勢(shì)回路接通的狀態(tài)時(shí)回路中電流不變化；線圈兩端不會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，當(dāng)回路斷開時(shí)電流要立即減小到零但由于線圈的自感現(xiàn)象會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，則線圈兩端會(huì)對(duì)人產(chǎn)生電擊感．

故答案為：斷開．【解析】斷開11、00勻加速55【分析】【分析】根據(jù)速度時(shí)間圖線得出物體的初速度和15s

末的速度；根據(jù)速度隨時(shí)間的變化規(guī)律判斷物體的運(yùn)動(dòng)規(guī)律。

解決本題的關(guān)鍵知道速度時(shí)間圖線的物理意義，知道圖線的斜率表示加速度，圖線與時(shí)間軸圍成的面積表示位移?！窘獯稹坑伤俣葧r(shí)間圖線可知，物體的初速度大小為0m/s

在0隆蘆10s

內(nèi)，速度隨時(shí)間均勻增加，做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，15s

末的速度大小為5m/s

故答案為0

勻加速；5

。【解析】00勻加速5512、大引力擴(kuò)散無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)【分析】【解答】（1）當(dāng)玻璃板與水面接觸時(shí)；玻璃板與水分子之間存在作用力，當(dāng)用力向上拉時(shí)，水分子之間要發(fā)生斷裂，還要克服水分子間的作用力，所以拉力比玻璃板的重力要大，反映出水分子和玻璃的分子間存在引力作用。（2）往一杯清水中滴入一滴紅墨水，一段時(shí)間后，整杯水都變成了紅色，這種不同物質(zhì)彼此進(jìn)入對(duì)方的現(xiàn)象，稱為擴(kuò)散現(xiàn)象，是由分子的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)產(chǎn)生的.

【分析】本題考查了分子間的相互作用力及擴(kuò)散13、0×1000【分析】【解答】熟悉多用電表的表頭；左端為電壓和電流讀書的0，右端為電阻的0刻度線，由于測(cè)量電阻時(shí)指針指在最右端時(shí)示數(shù)最小，而指針是在左端開始偏轉(zhuǎn)，所以指針偏轉(zhuǎn)幅度太小說明電阻讀數(shù)很大，應(yīng)該換用較大倍率檔位才會(huì)使指針指在中央刻度附近，所以要從×100換到×1000．

故答案為：0；×1000．

【分析】熟悉多用電表的表頭，左端為電壓和電流讀書的0，右端為電阻的0刻度線，由于測(cè)量電阻時(shí)指針指在最右端時(shí)示數(shù)最小，而指針是在左端開始偏轉(zhuǎn)，所以指針偏轉(zhuǎn)幅度太小說明電阻讀數(shù)很大，應(yīng)該換用較大倍率檔位才會(huì)使指針指在中央刻度附近．14、3×108頻率【分析】【分析】真空中電磁波的傳播速度和光速相同，是3隆脕108m/s電磁波傳輸過程中頻率不變。本題考查電磁波傳輸，基礎(chǔ)題?！窘獯稹空婵罩须姶挪ǖ膫鞑ニ俣仁?隆脕108m/s電磁波從一種介質(zhì)進(jìn)入另一種介質(zhì)時(shí)頻率不變。故答案為3隆脕108

頻率?！窘馕觥?隆脕108頻率15、（1）滑塊B的右端到D擋板的距離L2（2）一是測(cè)量本身就存在誤差，如測(cè)量質(zhì)量、時(shí)間、距離等存在誤差；二是空氣阻力或者是導(dǎo)軌不是水平的等原因。（3）可以

【分析】【分析】(1)

要驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律需要知道物體的質(zhì)量和速度，而速度可以用位移與時(shí)間的比值代替，故要測(cè)位移；(2)

利用vA=L1t1vB=L2t2

即可將mAvA鈭?mBVB=0

轉(zhuǎn)化為mAL1t1鈭?mBL2t2=0

(3)

根據(jù)能量守恒，彈簧的彈性勢(shì)能轉(zhuǎn)化為兩滑塊勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)的動(dòng)能即Ep=mAvA22+mBvB22

利用位移求出vA

和vB

本題考查動(dòng)量守恒定律的驗(yàn)證；利用位移或位移與時(shí)間的比值表示物體的速度是物理實(shí)驗(yàn)中常用的一種方法，要注意掌握?！窘獯稹?1)

因系統(tǒng)水平方向動(dòng)量守恒即mAvA鈭?mBVB=0

由于系統(tǒng)不受摩擦，故滑塊在水平方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)故有vA=L1t1vB=L2t2

，即mAL1t1鈭?mBL2t2=0

所以還要測(cè)量的物理量是：B

的右端至D

板的距離L2隆攏

(2)

由(1)

分析可知驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律的表達(dá)式是mAL1t1鈭?mBL2t2=0

分析可知，本實(shí)驗(yàn)中的誤差主要來自于一是測(cè)量本身就存在誤差，如測(cè)量質(zhì)量、時(shí)間、距離等存在誤差；二是空氣阻力或者是導(dǎo)軌不是水平的等原因；(3)

根據(jù)能量守恒定律被壓縮彈簧的彈性勢(shì)能Ep=mAvA22+mBvB22

將vA=L1t1vB=L2t2

代入上式得Ep=mA(L1t1)22+mB(L2t2)22

故可以測(cè)出被壓縮彈簧的彈性勢(shì)能。故填：(1)

滑塊B

的右端到D

擋板的距離L2

(2)mAL1t1=mBL2t2一是測(cè)量本身就存在誤差，如測(cè)量質(zhì)量、時(shí)間、距離等存在誤差；二是空氣阻力或者是導(dǎo)軌不是水平的等原因(3)

可以

【解析】(1)

滑塊B

的右端到D

擋板的距離L2

(2)mAL1t1=mBL2t2一是測(cè)量本身就存在誤差，如測(cè)量質(zhì)量、時(shí)間、距離等存在誤差；二是空氣阻力或者是導(dǎo)軌不是水平的等原因。(3)

可以

16、略

【分析】解：R1R2

串聯(lián)，則I1=I2

串聯(lián)后與R3

并聯(lián)，則I1I3=R3R1+R2=23+1=12

則I1I2I3=112

由P=I2R

知：P1P2P3=I12R1I22R2攏潞I32R3=318

故答案為：112318

串聯(lián)電流相同；并聯(lián)電流與電阻成反比.

由P=I2R

求得功率比．

明確串并聯(lián)電路電流與電阻的關(guān)系，會(huì)靈活選功率的公式是解題的關(guān)鍵．【解析】112318

三、判斷題(共7題，共14分)17、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場(chǎng)線的特點(diǎn)可知；沿電場(chǎng)線的方向電勢(shì)降低；電場(chǎng)線垂直于等勢(shì)面、同一等勢(shì)面移動(dòng)電荷電場(chǎng)力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場(chǎng)線是人為假想的曲線，從正電荷或無(wú)限遠(yuǎn)出發(fā)，終止于無(wú)限遠(yuǎn)或負(fù)電荷，不閉合，電場(chǎng)線疏密描述電場(chǎng)強(qiáng)弱，電場(chǎng)線密的地方，電場(chǎng)強(qiáng)度大，疏的地方電場(chǎng)強(qiáng)度弱，沿電場(chǎng)線的方向電勢(shì)降低．18、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點(diǎn)；導(dǎo)體是等勢(shì)體，金屬導(dǎo)體的內(nèi)部電場(chǎng)強(qiáng)度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體是一個(gè)等勢(shì)體；則表面電勢(shì)處處相等，即等勢(shì)面，那么電場(chǎng)線與等勢(shì)面垂直；

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】金屬導(dǎo)體在點(diǎn)電荷附近，出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)致電荷重新分布．因此在金屬導(dǎo)體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場(chǎng)，正好與點(diǎn)電荷的電場(chǎng)疊加，只有疊加后電場(chǎng)為零時(shí)，電荷才不會(huì)移動(dòng)．此時(shí)導(dǎo)體內(nèi)部電場(chǎng)強(qiáng)度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢(shì)面，導(dǎo)體是等勢(shì)體．19、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點(diǎn)在一個(gè)等勢(shì)面上；

故Uac=Ubc，根據(jù)W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場(chǎng)強(qiáng)度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點(diǎn)在一個(gè)等勢(shì)面上，根據(jù)W=qU判斷電場(chǎng)力做功的大小，根據(jù)電場(chǎng)線的疏密程度判斷電場(chǎng)強(qiáng)度的大?。?0、B【分析】【解答】解：電勢(shì)差類似于高度差；沒有方向，是標(biāo)量，正負(fù)表示電勢(shì)的相對(duì)大?。?/p>

兩點(diǎn)間的電勢(shì)差等于電勢(shì)之差；由電場(chǎng)中兩點(diǎn)的位置決定，與零電勢(shì)點(diǎn)的選取無(wú)關(guān)．由以上的分析可知，以上的說法都錯(cuò)誤．

故答案為：錯(cuò)誤。

【分析】電勢(shì)差是標(biāo)量，正負(fù)表示大??；電勢(shì)差與零電勢(shì)點(diǎn)的選取無(wú)關(guān)；沿著電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低；電勢(shì)反映電場(chǎng)本身的性質(zhì)，與試探電荷無(wú)關(guān)．21、B【分析】【解答】解：沿著電場(chǎng)線方向；電勢(shì)降低，且降低最快；

那么電勢(shì)降低最快的方向才是電場(chǎng)線的方向；但電勢(shì)降低的方向不一定是電場(chǎng)線的方向，故錯(cuò)誤；

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】電場(chǎng)強(qiáng)度和電勢(shì)這兩個(gè)概念非常抽象，借助電場(chǎng)線可以形象直觀表示電場(chǎng)這兩方面的特性：電場(chǎng)線疏密表示電場(chǎng)強(qiáng)度的相對(duì)大小，切線方向表示電場(chǎng)強(qiáng)度的方向，電場(chǎng)線的方向反映電勢(shì)的高低．22、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點(diǎn)；導(dǎo)體是等勢(shì)體，金屬導(dǎo)體的內(nèi)部電場(chǎng)強(qiáng)度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體是一個(gè)等勢(shì)體；則表面電勢(shì)處處相等，即等勢(shì)面，那么電場(chǎng)線與等勢(shì)面垂直；

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】金屬導(dǎo)體在點(diǎn)電荷附近，出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)致電荷重新分布．因此在金屬導(dǎo)體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場(chǎng)，正好與點(diǎn)電荷的電場(chǎng)疊加，只有疊加后電場(chǎng)為零時(shí)，電荷才不會(huì)移動(dòng)．此時(shí)導(dǎo)體內(nèi)部電場(chǎng)強(qiáng)度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢(shì)面，導(dǎo)體是等勢(shì)體．23、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的部分等勢(shì)面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點(diǎn)電勢(shì)高，靠近負(fù)電荷的點(diǎn)，電勢(shì)較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的部分等勢(shì)面圖象中的等勢(shì)面左右對(duì)稱；無(wú)窮遠(yuǎn)處的電勢(shì)為0．該圖象的左側(cè)的等勢(shì)線比較密，無(wú)窮遠(yuǎn)處的電勢(shì)為0，所以無(wú)窮遠(yuǎn)處到兩點(diǎn)之間的電勢(shì)差相比，與a點(diǎn)之間的電勢(shì)差比較大，所以a點(diǎn)所帶的電量就多．

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的部分等勢(shì)面圖比較，很容易得出正確的結(jié)論．四、推斷題(共3題，共15分)24、（1）CaNA（2）水分子之間形成氫鍵（3）F＞N＞O（4）（5）三角錐形sp3雜化（6）【分析】【分析】本題考查了物質(zhì)的結(jié)構(gòu)與性質(zhì)。需要學(xué)生的識(shí)記和理解，多做有助于快速判斷?！窘獯稹縭m{A}基態(tài)原子rm{2p}能級(jí)有rm{3}個(gè)單電子，原子核外電子排布為rm{1s^{2}2s^{2}2p^{3}}則rm{A}為rm{N}元素；rm{B}意思是基態(tài)原子rm{p}軌道上成對(duì)電子數(shù)等于未成對(duì)電子數(shù)，原子核外電子排布為rm{1s^{2}2s^{2}2p^{4}}則rm{B}為rm{O}元素；rm{C}的氫化物常用于刻蝕玻璃，則rm{C}為rm{F}元素；rm{D}元素基態(tài)原子核外電子分處rm{6}個(gè)不同能級(jí)，且每個(gè)能級(jí)均已排滿，原子核外電子排布為rm{1s^{2}2s^{2}2p^{6}3s^{2}3p^{6}4s^{2}}則rm{D}為rm{Ca}rm{E}的原子序數(shù)等于rm{C}與rm{D}的原子序數(shù)之和，即rm{E}的原子序數(shù)為rm{9+20=29}故E為rm{Cu}rm{(1)D}的元素符號(hào)為rm{Ca}rm{A}的單質(zhì)為rm{N_{2}}結(jié)構(gòu)式為rm{N隆脭N}rm{14g}氮?dú)鉃閞m{14g隆脗28g/mol=0.5mol}含有rm{婁脨}鍵的個(gè)數(shù)為rm{0.5mol隆脕2隆脕N_{A}}rm{mol-1=N_{A}}，所以本題答案為：rm{Ca}rm{N_{A}}rm{(2)B}元素的氫化物的沸點(diǎn)是同族元素氫化物中最高的，原因是：水分子之間形成氫鍵，增大分子間的作用，所以本題答案為：水分子之間形成氫鍵；rm{(3)}同周期所原子序數(shù)增大元素的電負(fù)性增大，rm{3}種元素的電負(fù)性由大到小的順序?yàn)椋簉m{F>N>O}所以本題答案為：rm{F>N>O}rm{(4)Cu^{2+}}的價(jià)層電子排布式為rm{3d^{9}}則價(jià)電子排布圖為所以本題答案為：rm{(5)A}的最簡(jiǎn)單氫化物為rm{NH_{3}}分子的空間構(gòu)型為三角錐形，其中rm{N}原子形成rm{3}個(gè)rm{N-H}鍵、含有rm{1}對(duì)孤對(duì)電子，雜化軌道數(shù)目為rm{4}rm{N}原子的雜化類型是rm{sp^{3}}雜化，所以本題答案為：三角錐形rm{sp^{3}}雜化；rm{(6)}晶胞中白色球數(shù)目為rm{8}黑色球數(shù)目為rm{8隆脕1/8+6隆脕1/2=4}結(jié)合化學(xué)式rm{CaF_{2}}可知白色球?yàn)閞m{F}黑色球?yàn)閞m{Ca}晶胞質(zhì)量為rm{(4隆脕78)/N_{A}g}晶體的密度為rm{婁脩g?cm^{-3}}則rm{4隆脕78N_{A}g=(acm)^{3}隆脕婁脩g?cm^{-3}}故晶胞邊長(zhǎng)rm{4隆脕78N_{A}g=(acm)^{3}隆脕婁脩

g?cm^{-3}}rm{a=}所以本題答案為：rm{cm}【解析】rm{(1)Ca}rm{N_{A}}rm{(2)}水分子之間形成氫鍵rm{(3)F>N>O}rm{(4)}rm{(5)}三角錐形rm{sp^{3}}雜化rm{(6)}25、略

【分析】【分析】本題考查了有機(jī)物的合成與推斷，關(guān)鍵是有機(jī)物中官能團(tuán)的性質(zhì)與轉(zhuǎn)化，涉及內(nèi)容較多題目難度較大，掌握好基礎(chǔ)知識(shí)就能順利解答本題。由合成路線，結(jié)合物質(zhì)的結(jié)構(gòu)變化，所以A為HC≡CH，B為C為D為E為或或F為G為據(jù)此解答?！窘獯稹坑珊铣陕肪€，結(jié)合物質(zhì)的結(jié)構(gòu)變化，所以A為HC≡CH，B為C為D為E為或或F為G為（1）由上分析知，A為HC≡CH；（2）化合物F能與濃溴水反應(yīng)產(chǎn)生白色沉淀，說明含有酚羥基，①由有機(jī)物甲的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式可以看出，甲中含有酯基；②C為在濃硫酸催化作用下與乙酸生成酯，反應(yīng)為：③化合物F為其名稱是間甲基苯酚；（3）化合物G的分子式為C3H6O，核磁共振氫譜顯示只有一種化學(xué)環(huán)境的氫，所以其結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為：（4）A為HC≡CH，G為其生成D的反應(yīng)為：HC≡CH+2（5）D與H2加成生成在濃硫酸催化作用下加熱發(fā)生消去反應(yīng)，得到的E可以為或或【解析】（1）HC≡CH（2）①酯基②③間甲基苯酚（3）（4）HC≡CH+2（5）或或26、rm{(1)OH^{-}+HSO_{3}^{-}=SO_{3}^{2-}+H_{2}O}

rm{(2)壟脵}第三周期第rm{VIIA}族

rm{壟脷b}

rm{(3)壟脵N_{A}}

rm{壟脷}

rm{壟脹ab}

rm{(4)3NO_{2}+H_{2}O=2HNO_{3}+NO}rm{Fe(NO_{3})_{2}}【分析】【分析】本題考查無(wú)機(jī)物的推斷，是高考中的常見題型，試題綜合性強(qiáng)，難度較大，有利于培養(yǎng)學(xué)生的邏輯推理能力和抽象思維能力，提高學(xué)生分析問題、以及靈活運(yùn)用基礎(chǔ)知識(shí)解決實(shí)際問題的能力rm{.}做好本題的關(guān)鍵之處在于把握好常見物質(zhì)的性質(zhì)以及有關(guān)轉(zhuǎn)化，并能結(jié)合題意具體問題、具體分析即可?！窘獯稹縭m{(1)}若rm{A}為常見的金屬單質(zhì)，焰色反應(yīng)呈黃色，應(yīng)為rm{Na}rm{X}能使品紅溶液褪色，應(yīng)為rm{SO_{2}}則rm{B}為rm{H_{2}}rm{C}為rm{NaOH}rm{D}為rm{Na_{2}SO_{3}}rm{E}為rm{NaHSO_{3}}rm{C}和rm{E}反應(yīng)的離子方程式為rm{OH^{-}+HSO_{3}^{-}=SO_{3}^{2-}+H_{2}O}故答案為：rm{OH^{-}+HSO_{3}^{-}=SO_{3}^{2-}+H_{2}O}rm{(2)}若rm{A}為短周期元素組成的單質(zhì)，該元素的最高價(jià)氧化物的水化物酸性最強(qiáng)，應(yīng)為rm{Cl_{2}}則rm{B}為rm{HClO}rm{C}為rm{HCl}rm{壟脵C(jī)l}原子核外有rm{3}個(gè)電子層，最外層電子數(shù)為rm{7}位于周期表第三周期Ⅶrm{A}族，故答案為：第三周期Ⅶrm{A}族；rm{壟脷a.C}為鹽酸，可與rm{NaHCO_{3}}反應(yīng)生成rm{CO_{2}}但rm{CO_{2}}與rm{NaHCO_{3}}不反應(yīng)，故rm{a}錯(cuò)誤；rm{b..C}為鹽酸，與rm{Na_{2}CO_{3}}反應(yīng)生成rm{CO_{2}}rm{CO_{2}}與rm{Na_{2}CO_{3}}反應(yīng)可生成rm{NaHCO_{3}}故rm正確；rm{c..C}為鹽酸，與rm{Na_{2}SO_{4}}不反應(yīng)，故rm{c}錯(cuò)誤；rm{d.}鹽酸與氫氧化鋁反應(yīng)生成氯化鋁，氯化鋁與氫氧化鋁不反應(yīng)，故rmcw600b9錯(cuò)誤，故答案為：rmrm{(3)}若rm{A}為淡黃色粉末，應(yīng)為rm{Na_{2}O_{2}}rm{壟脵1molA}與足量的rm{H_{2}O}充分反應(yīng)時(shí)過氧化鈉自身發(fā)生氧化還原反應(yīng)，轉(zhuǎn)移的電子數(shù)目為rm{N_{A}}故答案為：rm{N_{A}}rm{壟脷Na_{_{2}}O_{_{2}}}含有離子鍵、共價(jià)鍵，電子式為故答案為：rm{壟脹}若rm{X}為一種造成溫室效應(yīng)的氣體，應(yīng)為rm{CO_{2}}則rm{C}為rm{NaOH}rm{D}為rm{Na_{2}CO_{3}}rm{E}為rm{NaHCO_{3}}鑒別等濃度的rm{D}rm{E}兩種溶液，可用鹽酸或氯化鋇溶液，故答案為：rm{ab}rm{(4)}若rm{A}為氧化物，rm{X}是rm{Fe}由轉(zhuǎn)化關(guān)系可知rm{C}具有強(qiáng)氧化性，則rm{A}為rm{NO_{2}}rm{B}為rm{NO}rm{C}為rm{HNO_{3}}rm{NO_{2}}與水反應(yīng)的方程式為rm{3NO_{2}+H_{2}O=2HNO_{3}+NO}rm{Fe}與硝酸生成rm{Fe(NO_{3})_{3}}rm{Fe(NO}rm{3}rm{3}rm{)}與rm{3}反應(yīng)生成rm{3}rm{Fe}rm{Fe(NO}rm{3}rm{3}故答案為：rm{)}rm{2}rm{2}rm{{,!}_{,}}rm{3NO_{2}+H_{2}O=2HNO_{3}+NO}rm{Fe(NO}rm{3}【解析】rm{(1)OH^{-}+HSO_{3}^{-}=SO_{3}^{2-}+H_{2}O}rm{(2)壟脵}第三周期第rm{VIIA}族rm{壟脷b}rm{(3)壟脵N_{A}}rm{壟脷}rm{壟脹ab}rm{(4)3NO_{2}+H_{2}O=2HNO_{3}+NO}rm{Fe(NO_{3})_{2}}五、綜合題(共2題，共6分)27、（1）ACE；

（2）

解：

①根據(jù)光在介質(zhì)中傳播的速度與折射率的關(guān)系知：

則光在介質(zhì)中傳播的時(shí)間為：

聯(lián)立解得：

②由全反射定律知，臨界角為：

設(shè)有光射出的長(zhǎng)度為d，則由幾何知識(shí)得：

聯(lián)立解得：

【分析】(1)

【分析】根據(jù)AB

兩質(zhì)點(diǎn)的平衡位置，結(jié)合振動(dòng)圖像，求出波長(zhǎng)和波速，從而得出時(shí)間t

的豎直，并根據(jù)波傳播的特點(diǎn)進(jìn)行分析解答。本題考查了波的振動(dòng)圖像，根據(jù)AB

平衡位置的距離，以及振動(dòng)圖像進(jìn)行分析解答?！窘獯稹坑捎贏B

平衡位置相距1m

結(jié)合振動(dòng)圖像可知，波長(zhǎng)大于1m

即AB

間距小于一個(gè)波長(zhǎng)，波由A

傳到B

所用時(shí)間為：t=34T

那么AB

間距離為34婁脣

即：lAB=1m=34婁脣

解得波長(zhǎng)為：婁脣=43m

則波速為：v=婁脣T=434=13m/s

由于AB

平衡位置相距1m

則A

比B

早振動(dòng)的時(shí)間為：t=lABv=3s

根據(jù)波的平移法可知，當(dāng)B

點(diǎn)開始振動(dòng)時(shí)，A

應(yīng)位于波谷位置，當(dāng)A

點(diǎn)位于波峰時(shí)，B

點(diǎn)恰位于平衡位置，故ACE正確，BD錯(cuò)誤。故選ACE。(2)

本題考查了折射定律和全反射定律，結(jié)合幾何知識(shí)進(jìn)行列式求解即可。壟脵

由光在介質(zhì)中傳播速度與折射率的關(guān)系求出速度，再由運(yùn)動(dòng)時(shí)間求出折射率；壟脷

由全反射定律求出臨界角，再由幾何知識(shí)求解即可?！窘馕觥?1)ACE

(2)

解：壟脵

根據(jù)光在介質(zhì)中傳播的速度與折射率的關(guān)系知：v=cn

則光在介質(zhì)中傳播的時(shí)間為：t=Lv=4L3c

聯(lián)立解得：n=43

壟脷

由全反射定律知，臨界角為：sin(C)=1n=34

設(shè)有光射出的長(zhǎng)度為d則由幾何知識(shí)得：sin(C)=dd2+L2sinleft(Cright)=dfracn8ypgee{sqrt{ujz3ihx^{2}+{L}^{2}}}聯(lián)立解得：d=377Ld=dfrac{3sqrt{7}}{7}L

28、(1)

解：設(shè)活塞再次平衡后，活塞上方氣體的體積為V1

壓強(qiáng)為p1

下方氣體的體積為V2

壓強(qiáng)為p2

在活塞下移的過程中，活塞上、下兩部分氣體的溫度均保持不變，作等溫變化，由玻意耳定律得：

對(duì)上部分氣體有p0V2=p1V1

對(duì)下部分氣體有p0V2=p2V2

由已知條件得。

V1=V2+V6?V8=1324V

V2=V2?V6=V3

設(shè)活塞上方液體的質(zhì)量為m

由力的平衡條件得。

p2S=p1S+mg

聯(lián)立以上各式得m=15p0S26g

答：流入汽缸內(nèi)液體的質(zhì)量是15p0S26g

(2)3

大于

(3)

解：(i)

由圖(a)

可以看出，該波的波長(zhǎng)為婁脣=36cm

由圖(b)

可以看出周期T=2s

故波速為v=婁脣T=18cm/s

由(b)

可知，當(dāng)t=13s

時(shí)，Q

向上振動(dòng)，結(jié)合圖(a)(a)(a)可知；該波沿x

軸負(fù)方向傳播；

(ii)

設(shè)質(zhì)點(diǎn)PQ

的平衡位置的x

軸分別為xPxQ

由圖(a)

可知，x=0

處，y=鈭?A2=Asin(?30鈭?)

由圖(b)

可知，在t=0

時(shí)點(diǎn)處于平衡位置，經(jīng)過QQQQ鈻?trianglett==1133ss鈻?trianglett==，其振動(dòng)狀態(tài)向x

軸負(fù)方向傳播到1133點(diǎn)處；

所以xQ?xP=v鈻?t=6cm

解得質(zhì)點(diǎn)