2025年湘教版選擇性必修二物理下冊月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年湘教版選擇性必修二物理下冊月考試卷471考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、如圖所示，MN和PQ是兩根互相平行豎直放置的光滑金屬導軌，已知導軌足夠長，且電阻不計，ab是一根與導軌垂直且始終與導軌接觸良好的金屬桿，開始時，將開關S斷開，讓桿ab由靜止開始自由下落，過段時間后，再將S閉合，若從S閉合開始計時，則金屬桿ab的速度v隨時間t變化的圖象不可能是（）

A.B.C.D.2、下圖中交流電源的電壓（有效值）與直流電源的電壓相同，四個燈泡完全相同，L的直流電阻不計。當電路達到穩(wěn)定時，燈泡亮度最高的是（）A.B.C.D.3、2007年法國科學家阿爾貝·費爾和德國科學家彼得·格林貝格爾由于發(fā)現(xiàn)巨磁電阻(GMR)效應而榮獲了諾貝爾物理學獎．如圖所示是利用GMR設計的磁鐵礦探測儀原理示意圖；圖中GMR在外磁場作用下，電阻會發(fā)生大幅度減?。铝姓f法正確的是（）

A.若存在磁鐵礦，則指示燈不亮；若將電阻R調大，該探測儀的靈敏度提高B.若存在磁鐵礦，則指示燈不亮；若將電阻R調小，該探測儀的靈敏度提高C.若存在磁鐵礦，則指示燈亮；若將電阻R調大，該探測儀的靈敏度提高D.若存在磁鐵礦，則指示燈亮；若將電阻R調小，該探測儀的靈敏度提高4、在磁場中放入一通電導線，導線與磁場垂直，導線長為1cm，電流為0.5A，所受的安培力為5×10-4N，則（）A.該位置的磁感應強度為0.1TB.若將電流撤去，該位置的磁感應強度為零C.若將通電導線跟磁場平行放置，導線所受安培力為5×10-4ND.若將長為2cm的通電導線跟磁場垂直放置，該導線所受安培力為5×10-4N5、下列說法中正確的是（）A.交流電的頻率越高，電感元件對電流的阻礙作用越明顯B.電感元件在電路中的作用是“通交流，隔直流”C.電容器對交流電沒有阻礙作用D.交流電的頻率越高，電感元件和電容器對電流的阻礙作用都越明顯6、通有電流的直導線I豎直放置，且I可繞O點向各個方向轉動，電流方向如圖所示，O為I的中心；下列哪種情況將會發(fā)生（）

A.導線I受磁場力的作用，繞O點逆時針方向轉動B.導線I受磁場力的作用，繞O點上端向外，下端向里轉動C.導線I受磁場力的作用，繞O點上端向里，下端向外轉動D.導線I不受磁場力的作用，故不轉動7、如圖所示，氕核和氘核分別垂直進入同一勻強磁場中做勻速圓周運動，則（）

A.氕核和氘核做圓周運動的周期之比為2∶1B.若入射速率相等，氕核和氘核做圓周運動的角速度相同C.若質量和速率的乘積相等，氕核和氘核的圓周半徑相等D.增大入射速率，它們的周期也會增大8、如圖所示，邊長為l0的正方形區(qū)域內(nèi)（包括邊界）存在垂直紙面向外的勻強磁場，磁感應強度大小為在點處有一粒子源，能夠沿方向發(fā)射質量為電荷量為的粒子；粒子射出的速率大小不同。粒子的重力忽略不計，不考慮粒子之間的相互作用，則（）

A.軌跡不同的粒子，在磁場中運動時間一定不同B.從點射出的粒子入射速度大小為C.從點射出的粒子在磁場中運動的時間為D.粒子在邊界上出射點距點越遠，在磁場中運動的時間越短9、下列四幅圖對應的說法錯誤的是（）

A.圖甲是研究光的衍射B.圖乙中涉及原理為光的干涉C.圖丙是利用光的偏振D.圖丁是光的衍射圖樣評卷人得分二、多選題(共5題，共10分)10、某小型水電站的電能輸送示意圖如圖所示，發(fā)電機的輸出功率為100kW，輸出電壓為輸電導線的總電阻為導線上損耗的電功率為4kW，要使額定電壓為220V的用電器正常工作，不計變壓器損耗，則下列判斷正確的是（）

A.用電器得到的交流電頻率為50HzB.升壓、降壓變壓器的原、副線圈的匝數(shù)比分別為和C.若用電器功率變大，則輸電線上損耗的功率占總功率的比例增大D.若用電器功率變大，升壓變壓器的輸出電壓增大11、如圖所示的電路，完全相同的燈泡電感線圈L的自感系數(shù)很大，電阻可忽略，電源電動勢恒定，內(nèi)阻不計，若下列選項中燈泡不損壞，則說法正確的是（）

A.閉合S，逐漸變亮B.閉合S，逐漸變亮C.斷開S，突然更亮，隨后逐漸熄滅D.斷開S，突然更亮，能說明斷電自感能量來源于線圈儲存的能量12、如圖所示矩形區(qū)域MNPQ，MN邊長為a，NP邊長為b（b遠大于a），區(qū)域內(nèi)有一勻強磁場，其磁感應強度大小為B，方向垂直于紙面向外?，F(xiàn)有質量為m，電荷量為的粒子，從MN邊的中點O點射入磁場。已知粒子的速度大小為方向與ON邊夾角且運動過程中僅受磁場力作用。則下列說法中正確的是（）

A.粒子速度越小，在磁場中運動時間越長B.若速度小于粒子將從MN邊射出磁場C.若速度大于粒子將從NP邊射出磁場D.粒子在磁場中運動的最長時間為13、如圖所示，在同時存在勻強電場和勻強磁場的空間中取正交坐標系Oxyz（z軸正方向豎直向上），一質量為m、電荷量為q的帶正電小球從原點O以速度v沿x軸正方向出發(fā)．下列說法正確的是（）

A.若電場、磁場分別沿z軸正方向和x軸正方向，小球只能做曲線運動B.若電場、磁場均沿z軸正方向，小球有可能做勻速圓周運動C.若電場、磁場分別沿z軸正方向和y軸負方向，小球有可能做勻速直線運動D.若電場、磁場分別沿y軸負方向和z軸正方向，小球有可能做勻變速曲線運動14、如圖甲所示，用輕桿吊著一質量為m、邊長為L的單匝導體線框，線框電阻為R，線框置于方向垂直紙面的均勻磁場中，磁場上邊界與正方形導體線框下邊界平行，距離為從某時刻開始，輕桿對線框作用力F隨時間變化如圖乙所示，重力加速度以磁感應強度B垂直紙面向里為正，導體線框中電流I方向順時針為正；則下列圖像可能正確的是（）

A.B.C.D.評卷人得分三、填空題(共9題，共18分)15、如圖所示，長度L＝0.4m，電阻Rab＝0.1Ω的導體ab沿光滑導線框向右做勻速運動。運動速度v＝5m/s。線框中接有R＝0.4Ω的電阻。整個空間有磁感應強度B＝0.1T的勻強磁場，磁場方向垂直于線框平面。其余電阻不計。電路abcd中相當于電源的部分是____；_____相當于電源的正極。導線所受安培力大小F＝____，電阻R上消耗的功率P＝____。

16、駐極體話筒由內(nèi)部的駐極體________感受聲波，其工作電壓為________V。17、如圖所示，一個很長的豎直放置的圓柱形磁鐵，在其外部產(chǎn)生一個中心輻射的磁場（磁場水平向外），其大小為（其中r為輻射半徑——考察點到圓柱形磁鐵中心軸線的距離，k為常量），一個與磁鐵同軸的圓形鋁環(huán)的半徑為R（大于圓柱形磁鐵的半徑），彎成鋁環(huán)的鋁絲的橫截面積為S。圓形鋁環(huán)在磁場中由靜止開始下落，下落過程中圓環(huán)平面始終水平，已知鋁絲電阻率為密度為則圓形鋁環(huán)下落的最終速度為________________。

18、安培力：______在磁場中受的力。19、運動電荷在磁場中受到的力稱為______，這個力的方向與電荷運動方向______，和磁感應強度方向______，這個力的方向可以由______來判斷，安培力可稱作這個力的______表現(xiàn)。20、目前雷達發(fā)射的電磁波頻率多在200MHz至1000MHz的范圍內(nèi)；請回答下列關于雷達和電磁波的有關問題。

（1）雷達發(fā)射電磁波的波長范圍是多少______。

（2）能否根據(jù)雷達發(fā)出的電磁波確定雷達和目標間的距離_______。21、泉州是雷電多發(fā)地區(qū)，安裝避雷針可以保護建筑物免遭雷擊。某次雷電過程中，有大小為I的電流豎直向下通過一長度為L的避雷針。已知泉州地區(qū)地磁場的磁感應強度大小為B，方向與水平向北方向的夾角為則此時該避雷針受到地磁場的作用力大小為_____________，方向水平向___________（選填“東”或“西”）。22、兩個由相同導線組成的正方形線框邊長之比為2:1，由磁場外分別以2v和v勻速拉入勻強磁場中，不計一切摩擦，且導線電阻與長度成正比，則在此過程中線框中產(chǎn)生的熱量之比為__，通過線框截面的電量之比為__。

23、如圖甲所示，矩形線框ABCD（C端被B端遮住，D端被A端遮?。┮訟D邊為軸逆時針勻速轉動，角速度為已知AB和CD邊長為L1，BC和AD邊長為L2，勻強磁場磁感應強度為B；線框只有一匝。從線圈經(jīng)過中性面（圖中虛線位置）時開始計時，并規(guī)定此后四分之一周期內(nèi)電流沿正方向。

（1）轉動中___________（哪一條或哪幾條）邊切割磁感線；

（2）轉動中，BC邊的速率是___________。

（3）t時刻（圖中實線位置），線框平面與中性面的夾角是_________，BC邊的速度與磁場夾角是___________。

（4）t時刻，BC邊中的電動勢eBC=___________，線框中的電動勢e=___________。

（5）如果線框共n匝，并用S表示線框的面積（也就是）。則t時刻線框中的電動勢e=___________，其最大值是Em=___________。

（6）在乙圖中畫出e-t圖線________。評卷人得分四、作圖題(共4題，共36分)24、在圖中畫出或說明圖中所示情形下通電導線I所受磁場力的方向。

25、要在居民樓的樓道安裝一個插座和一個電燈；電燈由光敏開關和聲敏開關控制，光敏開關在天黑時自動閉合，天亮時自動斷開；聲敏開關在有聲音時自動閉合，無聲音時自動斷開。在下圖中連線，要求夜間且有聲音時電燈自動亮，插座隨時可用。

26、在“探究楞次定律”的實驗中；某同學記錄了實驗過程的三個情境圖，其中有兩個記錄不全，請將其補充完整。

27、如圖所示：當條形磁鐵向右靠近通電圓環(huán)時，圓環(huán)向右偏離，試在圖中標出圓環(huán)中的電流方向___________．評卷人得分五、實驗題(共2題，共12分)28、物體的帶電量是一個不易測得的物理量；某同學設計了一個實驗來測量帶電物體所帶電量。如圖甲所示，他將一由絕緣材料制成的小物塊A放在足夠長的木板上，打點計時器固定在長木板末端，物塊A靠近打點計時器，一紙帶穿過打點計時器與物塊A相連，請結合下列操作步驟回答問題。

（1）為消除摩擦力的影響，他將長木板一端墊起一定傾角，接通打點計時器，輕輕推一下小物塊A，使其沿著長木板向下運動。多次調整傾角直至打出的紙帶上點跡均勻，測出此時木板與水平面間的傾角，記為

（2）如圖乙所示，在該裝置處加上一范圍足夠大的垂直紙面向里的勻強磁場，用細繩通過一輕小定滑輪將物塊A與物塊B相連，繩與滑輪的摩擦不計且繩與斜面平行。給物塊A帶上一定量的正電荷，保持傾角不變，接通打點計時器，由靜止釋放小物塊A，該過程可近似認為物塊A的帶電量不變。下列關于紙帶上點跡的分析正確的是___________。

A.紙帶上的點跡間距先增加后減小至零。

B.紙帶上的點跡間距先增加后減小至一不為零的定值。

C.紙帶上的點跡間距逐漸增加；且相鄰兩點間的距離之差不變。

D.紙帶上的點跡間距逐漸增加；且相鄰兩點間的距離之差逐漸減小，直至間距不變。

（3）為了測定物塊A所帶電量q，除傾角外，本實驗還必須測量的物理量有___________。

A.物體A的質量MB.物體B的質量m

C.A和B最終的速度D.磁感應強度

（4）用重力加速度傾角和所測得的物理量，可得出的表達式為___________。29、物體的帶電量是一個不易測得的物理量；某同學設計了一個實驗來測量帶電物體所帶電量。如圖甲所示，他將一由絕緣材料制成的小物塊A放在足夠長的木板上，打點計時器固定在長木板末端，物塊A靠近打點計時器，一紙帶穿過打點計時器與物塊A相連，請結合下列操作步驟回答問題。

（1）為消除摩擦力的影響，他將長木板一端墊起一定傾角，接通打點計時器，輕輕推一下小物塊A，使其沿著長木板向下運動。多次調整傾角直至打出的紙帶上點跡均勻，測出此時木板與水平面間的傾角，記為

（2）如圖乙所示，在該裝置處加上一范圍足夠大的垂直紙面向里的勻強磁場，用細繩通過一輕小定滑輪將物塊A與物塊B相連，繩與滑輪的摩擦不計且繩與斜面平行。給物塊A帶上一定量的正電荷，保持傾角不變，接通打點計時器，由靜止釋放小物塊A，該過程可近似認為物塊A的帶電量不變。下列關于紙帶上點跡的分析正確的是___________。

A.紙帶上的點跡間距先增加后減小至零。

B.紙帶上的點跡間距先增加后減小至一不為零的定值。

C.紙帶上的點跡間距逐漸增加；且相鄰兩點間的距離之差不變。

D.紙帶上的點跡間距逐漸增加；且相鄰兩點間的距離之差逐漸減小，直至間距不變。

（3）為了測定物塊A所帶電量q，除傾角外，本實驗還必須測量的物理量有___________。

A.物體A的質量MB.物體B的質量m

C.A和B最終的速度D.磁感應強度

（4）用重力加速度傾角和所測得的物理量，可得出的表達式為___________。參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、B【分析】【詳解】

A．閉合開關時，若重力與安培力相等，即

金屬桿做勻速直線運動。故A正確，不符合題意；

BC．若安培力小于重力，則加速度的方向向下，做加速運動，加速運動的過程中，安培力增大，則加速度減小，做加速度逐漸減小的加速運動，當重力與安培力相等時，做勻速直線運動。故B錯誤，符合題意，C正確，不符合題意；

D．若安培力大于重力，則加速度的方向向上，做減速運動，減速運動的過程中，安培力減小，做加速度逐漸減小的減速運動，當重力與安培力相等時，做勻速直線運動。故D正確，不符合題意。

故選B。2、B【分析】【分析】

【詳解】

A圖中電容器與燈泡串聯(lián)；由于電容器對交流電有一定的阻礙作用，所以燈泡兩端的實際電壓小于電源兩端的電壓；B圖中電容器與燈泡并聯(lián)接在電路中，由于直流不能通過電容器，所以燈泡兩端的電壓等于電源兩端的電壓；C圖中線圈與燈泡串聯(lián)，由于線圈對交流有一定的阻礙作用，所以燈泡兩端的實際電壓小于電源兩端的電壓；D圖中線圈與燈泡并聯(lián)接在電路中，由于線圈的電阻值不計，所以燈泡相當于短路，所以燈泡兩端的實際電壓為0，將以上的四種情況比較可知，B圖中燈泡兩端的電壓最大，所以B圖中的燈泡最亮．故B正確，ACD錯誤。

故選B。3、C【分析】【詳解】

本題考查的是簡單邏輯電路的問題．GMR在外磁場作用下，電路中的總電阻在減小，電源電壓不變的情況下，指示燈的電路電流變小，但由于是非門，所以通過指示燈的電流變大，燈變亮，若將電阻R調大，則經(jīng)過非門，指示燈越亮，從而提高了該探測儀的靈敏度，答案選C．4、A【分析】【詳解】

A．該位置的磁感應強度為

A正確；

B．若將電流撤去；該位置的磁感應強度不變，仍然等于0.1T，B錯誤；

C．若將通電導線跟磁場平行放置；導線所受安培力為0，C錯誤；

D．若將長為2cm的通電導線跟磁場垂直放置，該導線所受安培力為

D錯誤。

故選A。5、A【分析】【詳解】

A．電感元件有“通直流；阻交流，通低頻，阻高頻”的作用，因此交流電的頻率越高，電感元件對電流的阻礙作用越明顯，A正確；

B．電感元件在電路中的作用是“通直流；阻交流”，B錯誤；

C．電容器元件在電路中的作用是“通交流；隔直流，通高頻，阻低頻”，可知，電容器對交流電仍然有阻礙作用，只不過對低頻的阻礙效果大一些，C錯誤；

D．根據(jù)上述可知；交流電的頻率越高，電感元件對電流的阻礙作用越明顯，電容器對電流的阻礙作用越不明顯，D錯誤。

故選A。6、C【分析】【分析】

【詳解】

磁感線分布如圖所示，用左手定則判斷通電直導線上端受安培力方向向外，下端受安培力方向也向外，上端磁感線疏松，下端磁感線密集，可知上端磁感應強度小，導線受安培力較小，下端磁感應強度較大，導線受安培力較大，所以導線I受磁場力的作用，繞O點下端向外；上端向里轉動。

故選C。

7、C【分析】【詳解】

A．粒子在磁場中做圓周運動的周期

代入氕核和氘核的比荷得氕核和氘核做圓周運動的周期之比為1：2；A錯誤；

B．粒子在磁場中做圓周運動的半徑

氕核和氘核的角速度大小之比為2：1；與入射速率無關，B錯誤；

C．由

可知；若質量和速率的乘積相等，氕核和氘核的圓周半徑相等，C正確；

D．入射速率與周期無關；所以增大入射速率，它們的周期也不變，D錯誤。

故選C。8、C【分析】【詳解】

A．粒子在磁場中做勻速圓周運動，洛倫茲力完全提供向心力：

解得半徑：

粒子運動的周期：

設粒子在磁場中轉過的圓心角為粒子在磁場中的運動時間：

粒子速率不同運動軌跡不同，如果轉過的圓心角相等，則粒子在磁場中的運動時間相等，如從ad邊離開磁場的粒子在磁場中轉過半個圓周，雖然運動軌跡不同，但運動時間都相同，為A錯誤；

B．從c點飛出的粒子半徑：

解得速度：B錯誤；

C．從d點飛出的粒子運動時間為半個周期：

C正確；

D．根據(jù)C選項的分析可知，粒子從a點射入，從ad邊飛出，所用時間均為半個周期，因此粒子在邊界上出射點距a點越遠；在磁場中運動的時間不一定越短，D錯誤。

故選C。9、C【分析】【分析】

【詳解】

A．圖甲是光的單縫衍射；故A項正確；

B．圖乙是光的干涉現(xiàn)象；故B正確；

C．圖丙是產(chǎn)生電磁波不是光的偏振；故C錯誤；

D．圖丁是泊松亮斑；光的衍射，故D正確。本題選擇錯誤的選項。

故選C。二、多選題(共5題，共10分)10、B:C【分析】【詳解】

A．由輸出電壓表達式可知

用戶得到的交流電頻率為

A錯誤；

B．升壓變壓器原線圈電流為

根據(jù)

輸電電流為

升壓變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為

升壓變壓器輸出電壓為

降壓變壓器原線圈電壓為

降壓變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為

B正確；

CD．若用電器功率變大，則用戶端電流變大，輸電電流變大，損失功率占總功率的比為

可知，升壓變壓器輸出電壓與發(fā)電機輸出電壓和升壓變壓器匝數(shù)比有關，則U2不變；輸電線上損耗的功率占總功率的比例增大，C正確，D錯誤。

C正確；D錯誤。

故選BC。11、B:D【分析】【詳解】

AB．閉合S，立刻變亮，而因為電感線圈的自感現(xiàn)象，逐漸變亮；故A錯誤，B正確；

CD．根據(jù)并聯(lián)電路的特點，電路穩(wěn)定后流過的電流小于流過的電流斷開S，流過的電流從開始減小，所以突然變亮；也說明斷電自感能量來源于線圈儲存的能量，故C錯誤，D正確。

故選BD。12、B:D【分析】【詳解】

粒子受洛倫茲力做勻速圓周運動，根據(jù)

可得

C．粒子能從NP邊射出磁場的臨界條件為粒子的軌跡與相切；如圖所示。

根據(jù)幾何關系可得

可得

則速度

可知若速度大于粒子將從NP邊射出磁場；C錯誤；

BD．粒子從邊射出的臨界條件為粒子的軌跡與相切，根據(jù)幾何關系可得

解得

可得

可知粒子速度小于粒子將從MN邊射出磁場，此時粒子運動軌跡對應的圓心角最大，由幾何關系可知該圓心角為

則運動的最長時間

故BD正確；

A．由BD選項分析可知；并不是粒子速度越小，在磁場中運動時間越長，A錯誤。

故選BD。13、B:C:D【分析】【詳解】

A．若電場、磁場分別沿z軸正方向和x軸正方向，則有帶正電粒子所受到的電場力方向沿z軸正方向；由于運動方向與磁場方向平行，所以不受洛倫茲力，因此當電場力等于重力時，粒子可能勻速直線運動；當電場力不等于重力時，粒子做曲線運動．故A錯誤；

B．若電場、磁場均沿z軸正方向，則電場力沿z軸正方向，而洛倫茲力根據(jù)左手定則可得沿y軸正方向；所以當電場力等于重力時，由洛倫茲力提供向心力，使其可能做勻速圓周運動，故B正確；

C．若電場、磁場分別沿z軸負方向和y軸負方向，則有電場力沿z軸負方向，而洛倫茲力沿z軸正方向；當洛倫茲力大小等于重力與電場力之和時，粒子做勻速直線運動，故C正確；

D．若電場、磁場分別沿y軸負方向和z軸正方向，則有電場力沿y軸負方向，而洛倫茲力沿y軸正方向；當電場力等于洛倫茲力時，帶電粒子恰好做平拋運動，即可能做勻變速曲線運動，故D正確．

故選BCD。

考點：本題考查了曲線運動的條件14、A:C:D【分析】【詳解】

AC．對線框進行受力分析有

解得

根據(jù)輕桿作用力F隨時間變化關系，線框所受安培力豎直向上，均勻增大，并且初始安培力等于零，根據(jù)法拉第電磁感應定律

根據(jù)安培力公式

當I大小不變時，定值，當時間t均勻增大時，電流不變，則磁感應強度B均勻增大；線框有離開磁場趨勢，安培力豎直向上，故AC正確；

B．由圖可知，當時B為0，則F一定不能為0；故B錯誤；

D．當電流方向突變但大小不變時，只要相同時刻磁場方向也突變，保持的大小為定值；則能得到題圖乙的圖像，故D正確。

故選ACD。三、填空題(共9題，共18分)15、略

【分析】【分析】

本題考查電磁感應定律的應用。

【詳解】

[1]導體ab切割磁感線；在電路中充當電源。

[2]根據(jù)法拉第右手定則，電流方向由b向a。電源內(nèi)部電流由負極流向正極；故a端相當于電源的正極。

[3]安培力

[4]電阻R上消耗的功率【解析】aba端0.016N0.064W16、略

【分析】【詳解】

[1][2]駐極體話筒由內(nèi)部的駐極體塑料薄膜感受聲波，其工作電壓為3~6V。【解析】①.塑料薄膜②.3~617、略

【分析】【分析】

【詳解】

當圓形鋁環(huán)加速度為零時，有最大速度圓形鋁環(huán)電阻為此時安培力

由平衡條件可知得【解析】18、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】通電導線19、略

【分析】【詳解】

[1][2][3][4][5]運動電荷在磁場中受到的力稱為洛倫茲力，方向垂直于電荷運動方向和磁感應強度方向形成的平面；洛倫茲力的方向由左手定則來判斷，安培力可稱作洛倫茲力的宏觀表現(xiàn)?！窘馕觥柯鍌惼澚Υ怪贝怪弊笫侄▌t宏觀20、略

【分析】【詳解】

[1]由可得

所以雷達發(fā)射電磁波的波長范圍是0.3m~1.5m。

[2]電磁波測距的原理就是通過發(fā)射和接收的時間間隔t來確定距離，所以可根據(jù)

確定和目標間的距離。【解析】0.3~1.5m能21、略

【分析】【詳解】

[1][2]根據(jù)幾何關系可知，泉州地區(qū)地磁場的在水平向北方向上的分量為

在豎直方向的分量為

由于避雷針中的電流方向為豎直方向，則避雷針在豎直方向上的磁場中不受作用力，避雷針在水平向北的磁場中，根據(jù)可知，受到的安培力為

根據(jù)左手定則可知，安培力的方向為水平向東?！窘馕觥繓|22、略

【分析】【詳解】

[1][2]設單位電阻為R，大正方形的邊長為l1，小正方向的邊長為l2，根據(jù)

可得

解得

根據(jù)

可知【解析】8:12:123、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1]轉動中BC邊切割磁感線；

（2）[2]BC邊的速率

（3）[3]t時刻（圖中實線位置），線框平面與中性面的夾角是

[4]BC邊的速度與磁場夾角是

（4）[5]t時刻，BC邊中的電動勢eBC=

[6]線框中的電動勢e=

（5）[7]t時刻線框中的電動勢

[8]其最大值是

（6）[9]e-t圖線如圖所示。

【解析】BC四、作圖題(共4題，共36分)24、略

【分析】【詳解】

根據(jù)左手定則，畫出通過電導線I所受磁場力的方向如圖所示。

【解析】25、略

【分析】【分析】

根據(jù)題中“要在居民樓的樓道安裝一個插座和一個電燈”可知；本題考查交流電的常識，根據(jù)開關作用和交流電接線常識，進行連接電路圖。

【詳解】

晚上；天黑光控開關閉合，有人走動發(fā)出聲音，聲控開關閉合，燈亮，說明兩個開關不能獨立工作，只有同時閉合時，燈才亮，即兩個開關和燈泡是三者串聯(lián)后連入電路；根據(jù)安全用電的原則可知，開關控制火線，開關一端接火線，一端接燈泡頂端的金屬點，零線接燈泡的螺旋套；三孔插座通常的接線方式是面對插座，上孔接地線，左孔接零線，右孔接火線；電路圖如下圖所示。

【解析】26、略

【分析】【分析】

【詳解】

由第一個圖