2025年滬科版高二物理下冊月考試卷含答案

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年滬科版高二物理下冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、如圖所示，質量為M的滑塊A受到與水平方向成θ角斜向上方的拉力F作用；向右做勻速直線運動，則滑塊受到的拉力與摩擦力的合力的大小和方向是（）

A.FsinθB.Mg﹣FsinθC.豎直向下D.向上偏右2、如圖所示，在水平界面EFGHJK

間，分布著兩個勻強磁場，兩磁場方向水平且相反大小均為B

兩磁場高均為L

寬度圓限。一個框面與磁場方向垂直、質量為m

電阻為R

邊長也為上的正方形金屬框abcd

從某一高度由靜止釋放，當ab

邊剛進入第一個磁場時，金屬框恰好做勻速直線運動，當ab

邊下落到GH

和JK

之間的某位置時，又恰好開始做勻速直線運動.

整個過程中空氣阻力不計.

則

A.金屬框穿過勻強磁場過程中，所受的安培力保持不變B.金屬框從ab

邊始進入第一個磁場2mgL

剛到達第二個磁場下邊界JK

過程中產(chǎn)生的熱量為2mgL

C.金屬框開始下落時ab

邊距EF

邊界的距離D.當ab

邊下落到GH

和JK

之間做勻速運動的速度3、如圖所示，面積均為S

的線圈均繞其對稱軸或中心軸在磁感應強度為B

的勻強磁場中以角速度婁脴

勻速轉動，能產(chǎn)生交流電的是(

)

A.B.C.D.4、關于磁感應強度，下列說法不正確的是（）A.磁感應強度表示磁場的強弱B.磁感線密的地方，磁感應強度大C.空間某點的磁感應強度的方向就是該點的磁場方向D.磁感應強度的方向就是通電導線在磁場中的受力方向5、在光電效應實驗中，用單色光照射某種金屬表面，有光電子逸出，則光電子的最大初動能取決于入射光的(

)

A.頻率B.強度C.照射時間D.光子數(shù)目評卷人得分二、多選題(共9題，共18分)6、真空中的某裝置如圖所示，其中平行金屬板A、B之間有加速電場，C、D之間有偏轉電場，M為熒光屏．今有質子、氘核和α粒子均由加速電場加速后，以相同的初速度垂直于電場方向進入偏轉電場，最后打在熒光屏上．已知質子、氘核和α粒子的質量之比為1：2：4，電荷量之比為1：1：2，則下列判斷中正確的是（）A.三種粒子從B板運動到熒光屏經(jīng)歷的時間相同B.三種粒子打到熒光屏上的位置相同C.偏轉電場的電場力對三種粒子做功之比為1：1：2D.偏轉電場的電場力對三種粒子做功之比為2：1：27、圖中的虛線為某正點電荷電場的等勢面，相鄰兩等勢面之間電勢差相等．有兩個帶電粒子（重力不計），以不同的速率，沿不同的方向，從A點飛入電場后，沿不同的徑跡1和2運動（B、C、D、E均為運動軌跡與等勢面的交點）．則以下判斷正確的是（）A.粒子1帶正電，粒子2帶負電B.粒子1從A到B與從B到C電場力做的功相等C.粒子2的電勢能先減小后增大D.經(jīng)過E兩點時兩粒子的速率可能相等8、一塊橫截面為矩形的金屬導體的寬度為b

厚度為d

將導體置于一磁感應強度為B

的勻強磁場中，磁感應強度的方向垂直于側面，如圖所示.

當在導體中通以圖示方向的電流I

時，在導體的上下表面間用電壓表測得的電壓為UH

已知自由電子的電量為e

則下列判斷正確的是(

)

A.導體內自由電子只受洛倫茲力作用B.用電壓表測UH時，電壓表的“++”接線柱接下表面

C.金屬導體的厚度d

越大，UH

越小D.該導體單位體積內的自由電子數(shù)為BIebUH

9、一宇航員到達半徑為R、密度均勻的某星球表面，做如下實驗：用不可伸長的輕繩拴一質量為m的小球，上端固定在O點，如圖甲所示，在最低點給小球某一初速度，使其繞O點的豎直面內做圓周運動，測得繩的拉力F大小隨時間t的變化規(guī)律如圖乙所示．F1＝7F2，設R、m、引力常量G以及F1、F2為已知量，忽略各種阻力．以下說法正確的是A.小球在最高點的最小速度為零B.衛(wèi)星繞星球的第一宇宙速度為C.該星球表面的重力加速度為D.星球的質量為10、如圖所示；固定放置在同一水平面內的兩根平行長直金屬導軌的間距為L，左端接一電容為C的電容器．導軌上有一質量為m的導體棒平行地面放置，導體棒始終與金屬導軌垂直，且接觸良好．整個裝置處于豎直向下的磁感強度為B的勻強磁場中．當導體棒在水平向右的拉力F作用下由靜止沿導軌向右做勻加速直線運動，開始時電容器不帶電，不計金屬導軌和導體棒的電阻，則（）

（提示：I==CBLa）A.導體棒的加速度為a=B.導體棒的加速度為a=C.經(jīng)過時間t后，電容器所帶電荷量Q=D.拉力F所做的功在數(shù)值上等于導體棒的動能增加量11、某金屬在光的照射下產(chǎn)生光電效應，其遏止電壓Uc與入射光頻率v的關系圖象如圖所示．則由圖象可知（）A.遏止電壓是確定的，與照射光的頻率無關B.該金屬的逸出功等于hv0C.光電子的最大初動能與入射光的頻率成正比E.入射光的頻率為2ν0時，產(chǎn)生的光電子的最大初動能為hν0E.入射光的頻率為2ν0時，產(chǎn)生的光電子的最大初動能為hν012、如圖為用來冶煉合金鋼的真空冶煉爐；爐外有線圈，將金屬材料置于冶煉爐中，當線圈中通以電流時用感應加熱的方法使爐內金屬發(fā)熱.

下列說法中正確的是。

A.線圈中通以恒定電流，金屬材料中也能產(chǎn)生感應電流B.線圈中通以正弦交流電，在金屬材料中產(chǎn)生的渦流也是交流電C.感應加熱是利用金屬材料中的渦流冶煉金屬的D.感應加熱是利用線圈電阻產(chǎn)生的焦耳熱冶煉金屬的13、甲乙兩人在光滑冰面上相向運動，相遇時兩人掌心相碰互推對方，分開后兩人運動方向相同。下列說法正確的是A.若m錄脳>m脪脪

則甲對乙的沖量一定大于乙對甲的沖量B.無論甲、乙質量關系如何，甲、乙兩人的動量變化量大小一定相等C.若甲的運動方向沒變，則相互作用前甲的速率一定大于乙的速率D.若甲的運動方向沒變，則相互作用前甲的動量一定大于乙的動量14、兩列簡諧橫波在同種介質中沿x

軸相向傳播，如圖所示是兩列波在t=0

時的各自波形圖，實線波A

向右傳播，周期為TA.

虛線波B

向左傳播。已知實線波的振幅為10cm

虛線波的振幅為5cm

則下列說法正確的是()

A.虛線波B

遇到障礙物時更容易發(fā)生明顯的衍射現(xiàn)象B.實線波和虛線波的頻率之比為2隆脙3

C.兩列波在相遇區(qū)域內會發(fā)生干涉現(xiàn)象D.t=TA

時，x=5m

處的質點的位移為10cm

評卷人得分三、填空題(共5題，共10分)15、鉛球放在水平的海綿上，鉛球對海綿的壓力大小____等于（填“大于”、“等于”或“小于”）海綿對鉛球的支持力的大?。囃Ｔ隈R路上，輪胎對地面產(chǎn)生的壓力是由于?____輪胎發(fā)生形變而產(chǎn)生的．地面對輪胎的支持力是由于____地面發(fā)生形變而產(chǎn)生的．16、某同學設計了一個用打點計時器驗證動量守恒定律的實驗；在小車A的前端粘有橡皮泥，設法使小車A做勻速直線運動，然后與原來靜止的小車B相碰并粘在一起，繼續(xù)做勻速運動，設計如圖1所示：

在小車A的后面連著紙帶；電磁打點計時器的頻率為50Hz，長木板下墊著小木片用以平衡摩擦力．

(1)若已得到打點紙帶如圖2所示；并測得各計數(shù)點間的距離，在圖上標出A為運動起始的點，則應選____________段來計算A碰前的速度，應選____________段來計算A和B碰后的共同速度．

(2)已測得小車A的質量mA=0.4kg，小車B的質量mB=0.20kg；則由以上結果可得碰前總動量=____________kg?m/s，碰后總動量=____________kg?m/s．

17、在研究電磁感應現(xiàn)象時；可以用下面的實驗裝置來模仿法拉第的實驗，請你根據(jù)實驗情境，按要求回答下列問題：

（1）請用筆畫線代替導線補全實驗電路；

（2）將螺線管A插入B中，若在閉合電鍵的瞬時，發(fā)現(xiàn)電流表指針向左偏轉，則當斷開電鍵時電流表指針______偏轉（填“向左”；“向右”或“不”）；

（3）電鍵保持閉合，滑動變阻器滑片不動時，線圈B中______感應電流（填“有”或“沒有”）；

（4）實驗結論是：______．18、有一根長陶瓷管；其表面均勻地鍍有一層很薄的電阻膜，管的兩端有導電箍M和N，如圖甲所示．用多用電表歐姆擋測得MN問的電阻膜的電阻約為1kΩ，陶瓷管的直徑遠大于電阻膜的厚度．

某同學利用下列器材設計了一個測量該電阻膜厚度d的實驗．

A．刻度尺（最小分度為毫米）；

B．游標卡尺（游標尺為20分度）；

C．電流表A1（量程0～5mA；內阻約10Ω）；

D．電流表A2（量程0～100mA；內阻約0.6Ω）；

E．電壓表V1（量程5V；內阻約5kΩ）；

F．電壓表V2（量程15V；內阻約15kΩ）；

G．滑動變阻器R．（阻值范圍0～10Ω；額定電流1.5A）；

H．滑動變阻器R：（阻值范圍0～100Ω；額定電流1A）；

I．電源E（電動勢6V；內阻不計）；

J．開關S及導線若干．

（1）他用毫米刻度尺測出電阻膜的長度為L=10.00cm，用游標卡尺測量該陶瓷管的外徑，其示數(shù)如圖乙所示，該陶瓷管的外徑D=______cm．

（2）為了更準確地測量電阻膜的電阻，且調節(jié)方便，實驗中應選用電流表______，電壓表______，滑動變阻器______．（填寫器材前面的字母代號）

（3）在圖丙中畫出測量電阻膜的電阻R的實驗電路原理圖．（圖中器材用題干中相應的物理量符號標注）

（4）若電壓表的讀數(shù)為U，電流表的讀數(shù)為I，鍍膜材料的電阻率為ρ，計算電阻膜厚度d的數(shù)學表達式為d=______（用已知量的符號表示）．19、化學興趣小組的同學用如下圖所示裝置研究有關電化學的問題。當閉合rm{K}時，觀察到電流表的指針發(fā)生了偏移。時，觀察到電流表的指針發(fā)生了偏移。rm{K}請回答：甲裝置屬于__________池，乙裝置屬于__________池。rm{(1)}電極反應式是：______________________________________。rm{(2)Cu}石墨棒電極反應式是：____________________________________。當甲中產(chǎn)生rm{(3)}氣體時，乙中析出銅的質量應為____________。rm{0.1mol}若乙中電極不變，將其溶液換成rm{(4)}溶液，閉合rm{NaCl}一段時間后，乙中總反應的離子方程式是：______________________________。rm{K}若乙中電極不變，將其溶液換成飽和rm{(5)}溶液，閉合rm{Na_{2}SO_{4}}一段時間，當陰極上有rm{K}氣體生成時，同時有rm{amol}析出，假設溫度不變，剩余溶液中溶質的質量分數(shù)應為_____________rm{wgNa_{2}SO_{4}隆隴10H_{2}O}用含rm{(}rm{w}的表達式表示，不必化簡rm{a}rm{)}評卷人得分四、判斷題(共1題，共9分)20、如圖所示，有一水平方向的勻強電場，場強大小為9000N/C，在電場內一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點電荷，則A處場強大小EA為零．________（判斷對錯）

評卷人得分五、實驗探究題(共2題，共8分)21、某同學用電流表和電壓表測干電池的電動勢和內阻時，所用滑動變阻器的阻值范圍0隆蘆20婁賂

連接電路的實物圖如實驗圖所示。

(1)

指出該同學接線中錯誤的和不規(guī)范的做法是______。A.滑動變阻器，不起變阻作用B.電流表接線有錯C.電壓表量程選用不當D.電壓表接線有錯(2)

畫出這個實驗的正確電路圖．(3)

實驗中根據(jù)實驗數(shù)據(jù)畫出的U鈭?I

圖線如圖所示，則求得的電動勢是______V

內電阻是______婁賂

22、甲乙兩個同學共同做“驗證牛頓第二定律”的實驗裝置如圖1所示．

①兩位同學用砝碼盤（連同砝碼）的重力作為小車（對象）受到的合外力；需要平衡桌面的摩擦力對小車運動的影響，他們將長木板的一端適當墊高，在不掛砝碼盤的情況下，小車能自由做______運動．另外，還應滿足砝碼盤（連同砝碼）的質量m______小車的質量M．（填“遠小于”；“遠大于”或“近似等于”）

接下來；甲同學研究，在保持小車質量不變的條件下，其加速度與其受到牽引力的關系；乙同學研究，在保持受到的牽引力不變的條件下，小車的加速度與其質量的關系．

②甲同學通過對小車所牽引紙帶的測量，就能得出小車的加速度a．圖2是某次實驗所打出的一條紙帶，在紙帶上標出了5個計數(shù)點，在相鄰的兩個計數(shù)點之間還有4個點未標出，圖中數(shù)據(jù)的單位是cm．實驗中使用的電源是頻率f=50Hz的交變電流．根據(jù)以上數(shù)據(jù)，可以算出小車的加速度a=______m/s2．（結果保留三位有效數(shù)字）

③乙同學通過給小車增加砝碼來改變小車的質量M，得到小車的加速度a與質量M的數(shù)據(jù)，畫出a-圖線后，發(fā)現(xiàn)：當較大時；圖線發(fā)生彎曲．于是，該同學后來又對實驗方案進行了進一步地修正，避免了圖線的末端發(fā)生彎曲的現(xiàn)象．那么，該同學的修正方案可能是______

A．改畫a與的關系圖線。

B．改畫a與（M+m）的關系圖線。

C．改畫a與的關系圖線。

D．改畫a與的關系圖線．評卷人得分六、解答題(共1題，共5分)23、如圖所示，一列簡諧波在x軸上傳播，實線表示t1=0時波形，虛線表示t2=0.005s時的波形．求這列波的傳播速度．

參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、A【分析】解答：物體受四個力：如圖；物體做勻速直線運動，所以，四力平衡．

根據(jù)平衡條件：拉力F、摩擦力F的合力與重力G；支持力的合力等大反向；故拉力與摩擦力的合力方向豎直向上；

如圖，由合成法得合力大小為：Fsinθ．

故選：A．

分析：解決此題的關鍵是對物體進行正確的受力分析．三力平衡，任意兩力之和與第三力大小相等，方向相反．2、D【分析】略【解析】D

3、A【分析】解：由題意可知；只有A

圖在切割磁感線，導致磁通量在變化，從而產(chǎn)生正弦交變電動勢e=BS婁脴sin婁脴t

而BCD

圖均沒有導致磁通量變化，故A正確，BCD錯誤；

故選：A

正弦交變電動勢表達式應為：e=BS婁脴sin婁脴t

先分析能否產(chǎn)生感應電流；再分析能否產(chǎn)生正弦式交流電即可求解．

本題考查線圈切割磁感線，產(chǎn)生感應電動勢，掌握法拉第電磁感應定律的應用.

注意磁通量的變化.

要注意明確CD

中雖然繞軸轉動，但是由于磁感線與線圈平行，所以磁通量一直為零．【解析】A

4、D【分析】【解析】試題分析：磁感應強度表示磁場的強弱，A正確，磁感線疏密程度表示磁場感應強度大小，越密磁感應強度越大，B正確，空間某點的磁感應強度的方向就是該點的磁場方向，C正確，磁感應強度的方向與通電導線在磁場中的受力方向垂直，D錯誤，考點：考查了對磁感應強度的理解【解析】【答案】D5、A【分析】解：發(fā)生光電效應的條件是入射光的頻率大于金屬的極限頻率；由公式EK=hf鈭?W

知，W

為逸出功不變，所以光電子的最大初動能取決于入射光的頻率，A正確．

故選A

發(fā)生光電效應的條件是入射光的頻率大于金屬的極限頻率．

本題考查了發(fā)生光電效應的條件和光電效應方程的應用．【解析】A

二、多選題(共9題，共18分)6、BC【分析】解：A、粒子沿水平方向的運動始終是勻速直線運動，粒子出加速電場后的速度比荷不同，則速度不同，所以三種粒子從B板運動到熒光屏經(jīng)歷的時間不相同．故A錯誤；

B、粒子在加速電場中有：

在偏轉電場中加速度為a；運動的時間為t，偏轉距離為y：

L=vt，

可求出在偏轉電場中的偏轉距離為：

由公式可得；到達熒光屏的各種粒子的偏轉量與粒子的質量；電量都無關．故選項B正確；

C；由于各種粒子在偏轉電場中的偏轉量相等；偏轉電場對粒子做功：W=qEy，則電場力對三種粒子做功與電量成正比，所以它們的比值是：1：1：2．故C正確，D錯誤．

故選：BC

根據(jù)動能定理求出粒子進入偏轉電場時的速度；然后運用類平拋規(guī)律求出速度偏角以及在偏轉電場中的偏轉距離，再討論即可求解．

解決該題的關鍵是掌握帶電粒子在勻強電場中偏轉時的求解方法．偏轉電場的電場力對三種粒子做功與電量成正比．【解析】【答案】BC7、ABC【分析】解：A；由圖可知在某正點電荷電場中電荷1受到中心電荷的斥力；而電荷2受到中心電荷的引力，故粒子1帶正電，粒子2帶負電，故A正確．

B；由于電場力做功：W=qU；相鄰兩等勢面之間電勢差相等，所以粒子1從A到B與從B到C電場力做的功相等．故B正確．

C；電荷2受到中心電荷的引力；靠近的過程中電場力做正功，電勢能減?。贿h離的過程中電場力做負功，電勢能增大．故C正確．

D；ADE三點在同一個等勢面上；而粒子1從A到D、粒子2從A到E電場力做功均為零，則經(jīng)過D、E兩點兩粒子的速率一定不相等，故D錯誤；

故選：ABC．

根據(jù)軌跡判定電荷1受到中心電荷的斥力；而電荷2受到中心電荷的引力，可知兩粒子在從A向D；E運動過程中電場力做功情況．根據(jù)ADE三點在同一等勢面上，可判定從A到D和從A到E過程中電場力所做的總功為0．

根據(jù)軌跡判定“電荷1受到中心電荷的斥力，而電荷2受到中心電荷的引力”是解決本題的突破口．【解析】【答案】ABC8、BD【分析】略【解析】BD

9、BD【分析】【分析】A.對小球在最高點運用牛頓第二定律分析求解問題；B.根據(jù)萬有引力提供向心力可以求得星球的第一宇宙速度；C.對小球受力分析；在最高點和最低點時，由向心力的公式和整個過程的機械能守恒可以求得重力加速度的大??；

D.求得星球表面的重力加速度的大小，再由在星球表面時，萬有引力和重力近似相等，可以求得星球的質量。根據(jù)砝碼做圓周運動時在最高點和最低點的運動規(guī)律，找出向心力的大小，可以求得重力加速度，知道在星球表面時，萬有引力和重力近似相等，而貼著星球的表面做圓周運動時，物體的重力就作為做圓周運動的向心力?！窘獯稹緼.小球在最高點受重力和繩子拉力，根據(jù)牛頓運動定律得：≥mg所以小球在最高點的最小速故A錯誤；

B.設砝碼在最低點時細線的拉力為F1，速度為v1，則①

設砝碼在最高點細線的拉力為F2，速度為v2，則②

由機械能守恒定律得③

由①②③解得④

又：F1=7F2；

所以該星球表面的重力加速度為

根據(jù)萬有引力提供向心力得：衛(wèi)星繞該星球的第一宇宙速度為故B正確，C錯誤；

D.在星球表面，萬有引力近似等于重力⑤

由④⑤解得故D正確。

故選BD。【解析】BD10、BC【分析】解：AB；對導體棒受力分析；根據(jù)牛頓第二定律，有：F-BIL=ma；

其中I=CBLa；

故a=≠故A錯誤，B正確；

C、電流I=CBLa=

由于導體棒是從靜止開始運動；故開始時刻電荷量為零；

經(jīng)過時間t后，電容器所帶電荷量Q=It=故C正確；

D；根據(jù)功能關系；拉力F所做的功在數(shù)值上等于導體棒的動能增加量與電容器儲存電能之和，故D錯誤；

故選：BC

導體棒做勻加速直線運動；對導體棒受力分析，受重力；支持力、拉力和安培力，根據(jù)牛頓第二定律列式求解加速度和電流，然后根據(jù)q=It求解電荷量．

本題是含電容的電路，關鍵是明確導體棒做勻加速直線運動，受力分析后根據(jù)牛頓第二定律列式，同時結合題目給出的表達式進行求解即可．【解析】【答案】BC11、BDE【分析】解：A、根據(jù)光電效應方程Ekm=hv-W0和eUC=EKm得，Uc=-當入射光的頻率大于極限頻率時，遏止電壓與入射光的頻率成線性關系．故A錯誤．

B、當遏止電壓為零時，最大初動能為零，則入射光的能量等于逸出功，所以W0=hv0．故B正確．

C、根據(jù)光電效應方程Ekm=hv-W0；得最大初動能與入射光的頻率成線性關系，不是成正比．故C錯誤．

D、因為Uc=-知圖線的斜率等于從圖象上可以得出斜率的大小，已知電子電量，可以求出普朗克常量，故D正確；

E、從圖象上可知，逸出功W0=hv0．根據(jù)光電效應方程，Ekm=hv-W0=hv0．若入射光的頻率為2ν0時，產(chǎn)生的光電子的最大初動能為hν0；故E正確．

故選：BDE．

根據(jù)光電效應發(fā)生條件，結合其方程Ekm=hv-W0和eUC=EKm得出遏止電壓Uc與入射光頻率v的關系式；從而進行判斷．

解決本題的關鍵掌握光電效應發(fā)生條件，及其方程的內容，以及知道遏止電壓與最大初動能之間的關系，注意遏止電壓與入射光的頻率成線性關系，并不是正比，并理解圖象的縱、橫坐標的含義．【解析】【答案】BDE12、BC【分析】根據(jù)渦流產(chǎn)生的原理電磁感應解答。線圈中通以恒定電流，磁場不變，磁通量不變，金屬材料中不產(chǎn)生感應電流，故A錯誤；線圈中通以正弦交流電，產(chǎn)生非均勻變化的磁場，也產(chǎn)生變化的電流，故在金屬材料中產(chǎn)生的渦流也是交流電，故B正確。爐內金屬中會產(chǎn)生感應電流，這種電流叫渦流，但渦流不會產(chǎn)生熱量，是由于渦流使金屬中的自由電子在渦流產(chǎn)生的電場中在電場力的驅使下高速運動，受到阻礙從而產(chǎn)生熱量，故C正確、D錯誤；

故選BC。渦流是利用電磁感應工作的，線圈中通的是高頻交流電?！窘馕觥緽C

13、BD【分析】【分析】沖量是矢量，其方向與作用力方向相同，甲對乙與乙對甲的作用力方向相反，沖量方向相反；以甲乙兩人組成的系統(tǒng)為研究對象，系統(tǒng)所受合外力為零，動量守恒；兩人相撞過程，系統(tǒng)的動量守恒，相撞后，總動量沿甲原來的速度方向，根據(jù)動量守恒定律分析可知，碰撞前的總動量的方向，即可得到兩人動量大小的關系；本題考查了動量守恒定律的應用能力，要注意動量是矢量，要選取正方向，用帶正負號的量值表示動量。【解答】A.甲對乙的力與乙對甲的力是一對作用力與反作用力，它們大小相等方向相反，則它們的沖量大小相等而方向相反，故A錯誤；B.以甲乙兩人組成的系統(tǒng)為研究對象，系統(tǒng)所受合外力為零，動量守恒，所以甲、乙兩人的動量變化量大小一定相等，故B正確；CD.

兩人相撞過程，系統(tǒng)的動量守恒，相撞后一同沿甲原來的運動方向前進，則系統(tǒng)的總動量沿甲原來的運動方向，根據(jù)動量守恒定律得知，碰撞前的總動量的方向與甲原來的速度方向，由于甲乙是相向運動，動量又是矢量，則得，甲的動量一定大于乙的動量；由于兩人的質量關系未知，由P=mv

知，無法判斷速度大小的關系；故C錯誤，D正確。故選BD。【解析】BD

14、AD【分析】【分析】波發(fā)生明顯衍射的條件是：障礙物的尺寸與波長相比差不多或者比波長更小；在均勻介質中兩列波的波速相同，由v=婁脣f

得：波長與頻率成反比，從而得出頻率之比；兩列波能發(fā)生干涉的條件是頻率相同；根據(jù)婁脣=vT

可以求出周期之比，根據(jù)波形圖的平移法和波的疊加原理可知x=5m

處的質點的位移。本題要學會運用波形的平移法研究波的傳播過程和質點的振動過程，要掌握干涉和衍射的條件，并能熟練運用。【解答】A.波發(fā)生明顯衍射的條件是：障礙物的尺寸與波長相比差不多或者比波長更小，由圖像可知婁脣A=4m婁脣B=6m婁脣A<婁脣B

所以虛線波B

遇到障礙物時更容易發(fā)生明顯的衍射現(xiàn)象，故A正確；B.兩列波傳播速度大小相同，由v=婁脣f

可知，實線波和虛線波的頻率之比為fA攏潞fB=婁脣B攏潞婁脣A=6攏潞4=3攏潞2

故B錯誤；C.由于fA鈮?fB

故兩列波在相遇區(qū)域不會發(fā)生干涉現(xiàn)象，故C錯誤；D.根據(jù)婁脣=vT

可知TA攏潞TB=婁脣A攏潞婁脣B=4攏潞6=2攏潞3t=TA

時，實現(xiàn)波A

向右傳播了一個周期，虛線波B

向左傳播了23

個周期，根據(jù)波形圖的平移法和波的疊加原理可知x=5m

處的質點的位移為|y|=y1+y2=10cm

故D正確。故選AD?！窘馕觥緼D

三、填空題(共5題，共10分)15、等于輪胎地面【分析】鉛球放在水平海綿上；鉛球對海錦的壓力與海綿對鉛球的支持力為作用力與反作用力；故二力大小相等；

輪胎對地面產(chǎn)生的壓力；施力物體是輪胎，故是輪胎發(fā)生彈性形變對地面的力；

地面對輪胎的支持力；施力物體是地面，故是地面發(fā)生彈性形變對汽車的力；

故答案為：等于；輪胎；地面。

【分析】物體發(fā)生形變后，要恢復原狀，對與它接觸的物體有力的作用，這就是彈力．是施力物體發(fā)生彈性形變對受力物體的力．16、略

【分析】解：(1)由于碰撞之后共同勻速運動的速度小于碰撞之前A獨自運動的速度；故AC應在碰撞之前，DE應在碰撞之后．

推動小車由靜止開始運動；故小車有個加速過程，在碰撞前做勻速直線運動，即在相同的時間內通過的位移相同，故BC段為勻速運動的階段，故選BC計算碰前的速度；

碰撞過程是一個變速運動的過程；而A和B碰后的共同運動時做勻速直線運動，故在相同的時間內通過相同的位移，故應選DE段來計算碰后共同的速度．

故答案為BC；DE

(2)碰前系統(tǒng)的動量即A的動量，則P1=m1v1=m1=0.40×=0.420kg?m/s

碰后的總動量P2=(m1+m2)v2=(m1+m2)=(0.40+0.20)×=0.417kg?m/s

故答案為：0.420；0.417．

故本題的答案為：(1)BCDE(2)0.4200.417【解析】BC;DE;0.42;0.41717、略

【分析】解：（1）實驗電路有兩套電路；每套電路各自行車閉合回路，實驗電路圖如圖所示．

（2）將螺線管A插入B中；若在閉合電鍵的瞬時，穿過回路的磁通量變大；

發(fā)現(xiàn)電流表指針向左偏轉；當斷開電鍵時，原磁場方向不變，穿過回路的磁通量變小，感應電流方向反向，則電流表指針向右偏轉．

（3）電鍵保持閉合；滑動變阻器滑片不動時，原線圈電流不變，產(chǎn)生的磁場不變，穿過副線圈的磁通量不變，副線圈B中沒有感應電流．

（4）由上述實驗可知：只要穿過閉合電路的磁通量發(fā)生變化；閉合電路中就有感應電流．

故答案為：（1）電路如圖；（2）向右；（3）沒有；（4）只要穿過閉合電路的磁通量發(fā)生變化；閉合電路中就有感應電流．

（1）探究電磁感應現(xiàn)象實驗；有兩套電路，兩套電路分別組成閉合回路．

（2）由楞次定律可知；感應電流磁場方向總是阻礙原磁通量的變化，如果原磁場方向不變，磁通量變化方向相反時，感應電流方向相反．

（3）只有穿過閉合回路的磁通量發(fā)生變化時；電路中才有感應電流．

（4）根據(jù)實驗現(xiàn)象；得出實驗結論．

探究電磁感應現(xiàn)象的實驗電路有兩套電路，各自應形成閉合回路；應用楞次定律、分析圖示實驗情景，即可正確解題．【解析】向右；沒有；只要穿過閉合電路的磁通量發(fā)生變化，閉合電路中就有感應電流18、略

【分析】解：（1）游標卡尺的讀數(shù)方法為主尺部分刻度加上游標對應的刻度；由圖可知，固定部分刻度示數(shù)為1.3cm；可動部分刻度為8×0.05mm=0.40mm；

（2）由題意知；電源電動勢為6V，電阻約為1000Ω，根據(jù)閉合電路歐姆定律電路中最大電流為A=6mA，故電流表應選C；因電源電動勢為6V，故電壓表應選E；變阻器阻值太小而阻值太大，故用限流式接法無法起到保護作用，應用分壓式接法，變阻器應選阻值小的，故選G．

（3）由于＜故電流表應用內接法，又因為變阻器應用分壓式，電路圖如圖所示．

（4）由歐姆定律可知，R=由R=又因為S=πDd，聯(lián)立解得，d=

故答案為：（1）1.340；（2）C、E、G；（3）如圖所示；（4）．

（1）由游標卡尺的讀數(shù)方法可得出陶瓷管的外徑；

（2）根據(jù)電路最大電流選擇電流表；根據(jù)電源電動勢選擇電壓表，為方便實驗操作，在保證安全的前提下，應選擇最大阻值較小的滑動變阻器；

（3）根據(jù)待測電阻與滑動變阻器的阻值關系確定滑動變阻器的接法；根據(jù)待測電阻與電表內阻的關系確定電流表的接法，然后作出電路圖；

（4）根據(jù)實驗數(shù)據(jù)；應用歐姆定律；電阻定律求出電阻膜的厚度．

注意電表能準確讀數(shù)的條件是指針應在滿刻度～范圍內，若滑動變阻器用限流式時電阻值太小就應用分壓式，此時選阻值越小的越好．【解析】1.340；C；E；G；19、（1）原電電解

（2）2H＋＋2e－═══H2↑Cu2＋＋2e－═══Cu

（3）6.4g

（4）2Cl－＋2H2O2OH－＋H2↑＋Cl2↑

（5）×100%【分析】【分析】本題考查原電池和電解池的綜合，涉及電極反應，電解原理以及相關計算，難度不大。【解答】rm{(1)}甲中存在自發(fā)的氧化還原反應屬于原電池，則乙是電解池，故答案為：原電；電解。rm{(2)}銅電極是原電池的正極，則電極反應為：rm{2H}rm{2H}rm{{,!}^{+}}rm{+2e}rm{+2e}rm{{,!}^{-}}rm{簍T簍T簍TH}石墨是電解池的陰極，電解液是氯化銅溶液，則陰極是銅離子放電，電極反應為：rm{簍T簍T簍TH}rm{{,!}_{2}}rm{隆眉}石墨是電解池的陰極，電解液是氯化銅溶液，則陰極是銅離子放電，電極反應為：rm{Cu}rm{隆眉}rm{Cu}rm{{,!}^{2+}}rm{+2e}rm{+2e}rm{{,!}^{-}}rm{簍T簍T簍TCu}rm{簍T簍T簍TCu}故答案為：rm{2H}rm{2H}rm{{,!}^{+}}rm{+2e}rm{+2e}rm{{,!}^{-}}rm{簍T簍T簍TH}甲中氣體是氫氣，則當產(chǎn)生rm{簍T簍T簍TH}氣體，轉移電子rm{{,!}_{2}}串聯(lián)電路，則乙中也轉移rm{隆眉}rm{Cu}的電子，則會產(chǎn)生rm{隆眉}的銅單質，其質量為rm{Cu}rm{{,!}^{2+}}rm{+2e}乙中電解液變成氯化鈉，則陽極生成氯氣，陰極生成氫氣，則總離子方程式為：rm{+2e}rm{{,!}^{-}}rm{簍T簍T簍TCu}rm{簍T簍T簍TCu}rm{(3)}甲中氣體是氫氣，則當產(chǎn)生rm{0.1mol}氣體，轉移電子rm{0.2mol}串聯(lián)電路，則乙中也轉移rm{0.2mol}的電子，則會產(chǎn)生rm{0.1mol}的銅單質，其質量為rm{6.4g}rm{(3)}rm{0.1mol}rm{0.2mol}rm{0.2mol}rm{0.1mol}rm{6.4g}故答案為：rm{6.4g}rm{6.4g}rm{(4)}乙中電解液變成氯化鈉，則陽極生成氯氣，陰極生成氫氣，則總離子方程式為：rm{2Cl}rm{(4)}rm{2Cl}rm{{,!}^{-}}rm{+2H}rm{+2H}rm{{,!}_{2}}rm{O}rm{O}rm{2OH}rm{2OH}rm{{,!}^{-}}rm{+H}rm{+H}若乙中電極不變，將其溶液換成飽和rm{{,!}_{2}}rm{隆眉+}rm{Cl}rm{隆眉+}rm{Cl}rm{{,!}_{2}}氣體生成時，則電解了rm{隆眉}的水，同時有rm{隆眉}故答案為：rm{2Cl}rm{2Cl}rm{{,!}^{-}}rm{+2H}rm{+2H}rm{{,!}_{2}}析出，rm{n(N{a}_{2}S{O}_{4}隆隴10{H}_{2}O)=dfrac{wg}{322g/mol}}則其中硫酸鈉的質量為：rm{m=n隆脕M=dfrac{w}{322}mol隆脕142g/mol=dfrac{142w}{322}g}而其中溶液總質量為rm{O}則溶質的質量分數(shù)為：rm{O}rm{2OH}，rm{2OH}rm{{,!}^{-}}rm{+H}。rm{+H}【解析】rm{(1)}原電電解rm{(2)2H^{+}+2e^{-}簍T簍T簍TH_{2}隆眉}rm{Cu^{2+}+2e^{-}簍T簍T簍TCu}rm{(3)6.4g}rm{(4)2Cl^{-}+2H_{2}O}rm{2OH^{-}+H_{2}隆眉+}rm{Cl_{2}隆眉}rm{(5)dfrac{142w}{322(w+18a)}隆脕100%}rm{(5)

dfrac{142w}{322(w+18a)}隆脕100%}四、判斷題(共1題，共9分)20、A【分析】【解答】解：點電荷在A點的場強

根據(jù)場強的疊加原理得；則兩點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，A點的場強大小為。

EA=E點﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點電荷在A點處產(chǎn)生的場強大小，判斷出場強方向，A點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點處的場強大小及方向．五、實驗探究題(共2題，共8分)21、（1）ABD

（2）

（3）1.450.69【分析】【分析】(1)(1)滑動變阻器的限流接法應接一上一下兩個接線柱，開關應能控制整個電路的通斷，電表正負接線柱不能接反；

(2)(2)伏安法測電源電動勢與內阻實驗，電源、開關、滑動變阻器、電流表應串聯(lián)接入電路，電壓表測路端電壓，據(jù)此作出實驗電路圖；(3)

電源的U鈭?I

圖象與縱軸的交點是電源電動勢，圖象斜率的絕對值是電源內阻。本題考查測量電動勢和內電阻實驗，要知