2025年陜教新版必修3物理下冊月考試卷含答案

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年陜教新版必修3物理下冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、將截面均勻、長為電阻為的金屬導線截去將剩余部分均勻再拉長至則導線電阻變?yōu)椋ǎ〢.B.C.D.2、航拍遙控直升機是大型活動中必需的攝影器材。如圖所示為某品牌的航拍遙控直升機；已知該直升機正常工作時的電壓和電流分別為15V；3A，充電時的工作電壓和工作電流分別為20V、0.6A，充電時間約為4h，電池的容量為1500mA·h。則下列說法正確的是（）

A.參數1500mA·h指的是充電電池所存儲的能量B.航拍遙控直升機正常工作時，其電動機的總電阻是C.航拍遙控直升機正常工作的最長時間為2.5hD.充電過程是將電能轉化為化學能3、如圖所示，粗細均勻、半徑為R的閉合圓環(huán)均勻分布正電荷，現在圓環(huán)A、B、C處分別取下帶電荷量為的微元小段，并將取下的小段分別移到E、F、G處（不影響圓環(huán)上其他部分電荷分布），已知A、B、C、D分別是相互垂直的兩條直徑與圓的交點，E、F、G、H分別是這兩條直徑的延長線上距圓均為R的點，此時O點的電場強度大小為（）

A.B.C.D.0。4、如圖所示，在正方體的頂點A放置一個帶正電的點電荷；則下列說法正確的是（）

A.頂點B、D場強和電勢均相同B.頂點D處的場強等于C點場強的倍C.D點與C點之間的電勢差為UDC，C與C1點之間的電勢差為UCC1，則UDC>UCC1D.將正的試探電荷從D點移到C點電勢能的減少量要小于將該點電荷從B1點移到C1點電勢能的減少量5、如圖所示，兩電荷量分別為Q（Q>0）和的點電荷對稱地放置在x軸上原點O的兩側，A點位于x軸上O點與點電荷Q之間，B點位于y軸O點上方。取無窮遠處為零電勢點；下列說法正確的是（）

A.B點的電勢為0，電場強度也為0B.負的試探電荷在A點的電勢能大于0，所受靜電力方向向左C.將正的試探電荷從O點移到A點，必須克服靜電力做功D.將同一正的試探電荷先后從O、B兩點移到A點，后者電勢能的變化較大6、如圖甲，傾角為θ的光滑絕緣斜面，底端固定一帶電量為Q的正點電荷．將一帶正電小物塊(可視為質點)從斜面上A點由靜止釋放，小物塊沿斜面向上滑動至最高點B處，此過程中小物塊的動能和重力勢能隨位移的變化圖象如圖乙(E1和x1為已知量)．已知重力加速度為g；靜電力常量為k，由圖象可求出()

A.小物塊的帶電量B.B間的電勢差C.小物塊的質量D.小物塊速度最大時到斜面底端的距離7、演示位移傳感器的工作原理如圖所示，物體M在導軌上平移時，帶動滑動變阻器的金屬滑桿P；通過電壓表顯示的數據，來反映物體位移的大小。假設電壓表是理想的，則下列說法正確的是（）

A.物體M運動時，電源內的電流會發(fā)生變化B.物體M運動時，電壓表的示數會發(fā)生變化C.物體M不動時，電路中沒有電流D.物體M不動時，AB間電壓為0V評卷人得分二、多選題(共6題，共12分)8、如圖所示，一根質量m=0.2kg、長度L=1.0m的直導線垂直于豎直面放置，靜止在水平桌面上的P點。在豎直面內建立直角坐標系xOy，桌面上的P點在x軸上。t=0s時刻，豎直面內出現磁場，磁場沿x軸正方向的分量大小滿足Bx=0.2（T），沿y軸正方向的分量大小滿足By=0.2t（T），t=1.0s時刻，直導線中通入方向垂直豎直面向里、大小I=5A的電流。已知直導線與桌面間的動摩擦因數為μ=0.5，設滑動摩擦力等于最大靜摩擦力。g取10m/s2；則（）

A.t=0s時刻，坐標原點O處的磁感應強度大小為0.2TB.t=0s時刻，坐標原點O處的磁感應強度方向與x軸正方向成45°C.t=1.0s時刻，直導線受到的安培力大小為2ND.t=1.5s時刻，直導線將開始向右運動9、電動勢為E0、內阻為r的電源與滑動變阻器R1、R2、R3以及一平行板電容器連成如圖所示的電路.當開關S1、S2、S3都閉合后；兩平行金屬板A；B問有一帶電液滴恰好處于靜止狀態(tài)。下列說法正確的是.

A.將R1的滑片向右移動一小段距離.同時將R2的滑片向右移動一小段距離.帶電液滴仍能仍處于靜止狀態(tài)B.將R1的滑片向左移動一小段距離.同時將R3的滑片向下移動一小段距離.帶電液滴將向下運動C.僅將R3的滑片向下移動一小段距離.R2兩端電壓變化量的絕對值小于R3兩端電壓變化量的絕對值D.如果僅斷開開關S1或僅斷開開關S2.帶電液滴都將向下運動.10、如圖所示，三條虛線表示某電場的三個等勢面，其中一個帶電粒子只受靜電力作用，按圖中實線軌跡從A點運動到B點；由此可知（）

A.粒子帶負電B.粒子的速度變大C.粒子的加速度變大D.粒子的電勢能變大11、一條沿水平方向的坐標軸上，一個帶負電的粒子僅在電場力作用下，從原點沿坐標軸正方向運動，其速度的平方與運動位移x的關系圖象如圖所示；則下列說法正確的是（）

A.沿坐標軸正方向，電場強度逐漸增大B.沿坐標軸正方向，電勢越來越高C.坐標軸上任意兩點間的電勢差與兩點間距成正比D.此粒子的電勢能在不斷增大12、一個電熱器電阻為當它兩端電壓為通過時間消耗電能為若使它消耗的電能為下列方法正確的是（）A.電阻不變，電壓不變，通電時間變?yōu)樵瓉淼?倍B.電阻減半，電壓增大1倍，通電時間減半C.電阻不變，電壓增大1倍，通過時間不變D.電阻減半，電壓不變，通電時間不變13、等量異種點電荷電場中，是兩點電荷連線的中垂線，一帶電粒子僅在電場力作用下從a處沿虛線軌跡運動到b；則（）

A.a處的電勢小于b處的電勢B.粒子在a處的電勢能大于在b處的電勢能C.粒子在b處的加速度大小大于在a處的加速度大小D.粒子在a處的速率小于在b處的速率評卷人得分三、填空題(共7題，共14分)14、磁場：磁體與磁體之間、磁體與通電導體之間，以及通電導體與通電導體之間的相互作用，是通過________發(fā)生的，磁場是磁體或電流周圍一種看不見、摸不著的客觀存在的________。15、靜電平衡：導體內的自由電子不再發(fā)生______的狀態(tài)．16、勻強電場的電場強度為E，在此電場中A、B、C三點構成一個直角三角形，三角形所在的平面與電場線平行，如圖所示，AB邊長為L，AB邊平行于電場線，現將一個電荷q，從A點沿AB邊運動到B點，電場力做功為____________；由B運動到C，q的電勢能變化量為____________；由C運動到A，電場力做功為____________；A、C兩點的電勢差為____________。

17、靜電場中某電場線如圖所示．把點電荷從電場中的A點移到B點，其電勢能增加1.2×10-7J，則該點電荷帶_____電（選填：“正”或“負”）；在此過程中電場力做功為____J．

18、如圖，在豎直平面內有一勻強電場，一帶電量為+q、質量為m的小球在力F（未知量）的作用下沿圖中虛線由A至B做豎直向上的勻速運動．已知力F和AB間夾角為θ，AB間距離為d，重力加速度為g．則電場強度E的最小值為___．若電場強度時，小球從A運動到B電勢能變化量大小可能為____．

19、圖中①、②分別為鋰離子電池充電過程中充電電流I、電池電壓U隨時間t變化的圖線。此過程中充電功率最大為_________W，圖線①與時間軸所包圍的面積對應的物理量是__________。20、如圖所示電路，電容器電阻電路總電壓為問：當閉合并且電路穩(wěn)定后，電容器的電荷量_______當斷開并且電路穩(wěn)定后，電容器的電荷量__________

評卷人得分四、作圖題(共2題，共10分)21、如圖所示是某電場中的電場線，請畫出點a點的場強方向和電荷-q在b點所受電場力的方向。

22、在如圖所示的四幅圖中；分別給出了導線中的電流方向或磁場中某處小磁針靜止時N極的指向或磁感線方向。請畫出對應的磁感線（標上方向）或電流方向。

評卷人得分五、實驗題(共2題，共16分)23、某課外小組在參觀工廠時；看到一丟棄不用的電池，同學們想用物理上學到的知識來測定這個電池的電動勢和內阻，已知這個電池的電動勢約為11～13V，內阻小于3Ω，由于直流電壓表量程只有3V，需要將這只電壓表通過連接一固定電阻（用電阻箱代替），改裝為量程為15V的電壓表，然后再用伏安法測電池的電動勢和內阻，以下是他們的實驗操作過程：

(1)把電壓表量程擴大；實驗電路如圖甲所示，實驗步驟如下，完成填空。

第一步：按電路圖連接實物。

第二步：把滑動變阻器滑片移到最右端；把電阻箱阻值調到零。

第三步：閉合開關；把滑動變阻器滑片調到適當位置，使電壓表讀數為3V

第四步：把電阻箱阻值調到適當值，使電壓表讀數為_________V

第五步：不再改變電阻箱阻值；保持電壓表和電阻箱串聯，撤去其他線路，即得量程為15V的電壓表。

(2)實驗可供選擇的器材有：

A．電壓表（量程為3V；內阻約2kΩ）

B．電流表（量程為3A；內阻約0.1Ω）

C．電阻箱（阻值范圍0～9999Ω）

D．電阻箱（阻值范圍0～999Ω）

E．滑動變阻器（阻值為0～20Ω；額定電流2A）

F．滑動變阻器（阻值為0～20kΩ；額定電流0.2A）

電阻箱應選___________，滑動變阻器應選___________。

(3)用擴大了量程的電壓表（電壓表的表盤沒變），測電池電動勢E和內阻r，實驗電路如圖乙所示，得到多組電壓U和電流I的值，并做出圖線如圖丙所示，可知電池的電動勢為________V，內阻為___________Ω。24、傳感器在現代生活、生產和科技中有著相當廣泛的應用。如圖甲是一個壓力傳感器設計電路，要求從表盤上直接讀出壓力大小。其中R1是保護電阻，R2是調零電阻（總電阻100Ω），理想電流表量程為10mA，電源電動勢E=3V（內阻不計），壓敏電阻的阻值R與所受壓力大小F的對應關系如圖乙所示。

(1)有三個規(guī)格的保護電阻，R1應選哪一個()；

A.25ΩB.250ΩC.2500Ω

(2)選取、安裝保護電阻后，要對壓力傳感器進行調零。調零電阻R2應調為____Ω；

(3)現對表盤進行重新賦值。原3mA刻度線應標注____N；

(4)由于電池老化，電動勢降為2.8V，傳感器壓力讀數會出現偏差。如果某次使用時，先調零、后測量，讀出壓力為1200N，此時電流大小為____mA，實際壓力大小為____N。評卷人得分六、解答題(共2題，共12分)25、如圖所示，長為L的絕緣輕細線一端固定在O點，另一端系一質量為m的帶電小球，小球靜止時處于O點正下方的點。若將此裝置放在水平向右、電場強度大小為E的勻強電場中，當帶電小球靜止在A點時，細線與豎直方向成角。已知電場的范圍足夠大，空氣阻力可忽略不計，重力加速度為g。

(1)請說明小球所帶電荷的電性，并求小球所帶的電荷量q；

(2)若將小球從點由靜止釋放，求小球運動到A點時的動能

(3)過A點做一等勢面交電場線于C點，論證沿電場線方向電勢

26、一質量為M、長度為l的矩形絕緣板放在光滑的水平面上，另一質量為m、帶電荷量為-q的物塊（可視為質點）以初速度v0從絕緣板上表面的左端沿水平方向滑入，絕緣板所在空間有范圍足夠大的勻強，電場，其場強大小方向豎直向下；如圖所示。已知物塊與絕緣板間的動摩擦因數恒定，物塊運動到絕緣板的右端時恰好相對于絕緣板靜止；若將勻強電場的方向改為豎直向上，場強大小不變，且物塊仍以原初速度從絕緣板左端的上表面滑入。求：

（1）物塊在絕緣板上滑動的過程中；系統(tǒng)產生的熱量；

（2）當勻強電場的方向為豎直向上時；物塊與木板的相對位移大小。

參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、C【分析】【詳解】

根據電阻決定式截去l/n之后再拉長至l，長度沒有變化，截面積變?yōu)樵瓉淼膭t電阻變?yōu)椋蔬xC．2、D【分析】【分析】

【詳解】

A．參數1500mA·h；其單位為電荷量的單位，所以電池容量是指電池存儲的電荷量，A錯誤；

B．歐姆定律適用于純電阻電路，對于含有電動機的電路不適用，遙控直升機是非純電阻電路，即用歐姆定律計算出

是錯誤；B錯誤；

C．航拍遙控直升機充滿電后正常工作的最長時間

C錯誤；

D．充電過程是將電能轉化為化學能存儲在電池中；D正確。

故選D。3、C【分析】【分析】

【詳解】

根據對稱性可知，四段圓弧在中心O點產生的合電場強度為0，E、G處電荷在中心O點產生的合電場強度為0，F在O點產生的電場強度方向向下，為D處帶電荷量為q的微元在O點產生的電場強度方向向上，為所以O點的合電場強度大小為

ABD錯誤；C正確。

故選C。4、C【分析】【詳解】

A．頂點B、D到頂點A距離相等，B、D兩點場強大小相等，但方向不同，B、D兩點的電勢相等；故A錯誤；

B．由于根據點電荷周圍場強的計算式可知，所以D點的場強等于2倍C點的場強；故B錯誤；

C．以頂點A為圓心，分別以AD、AC、AC1為半徑做三個球面，由幾何關系可知

根據可得D、C、C1三點的電勢分別為

D點與C點之間的電勢差為

C與C1點之間的電勢差為

則有

故C正確；

D．同理可得

根據電場力做功可知將正的試探電荷從D點移到C點電場力做的功要大于將該點電荷從B1點移到C1點電場力做的功，電場力做正功，電勢能減小，因此將正的試探電荷從D點移到C點電勢能減少量要大于將該點電荷從B1點移到C1點電勢能的減少；故D錯誤；

故選C。5、C【分析】【詳解】

A．結合等量異種點電荷的電場的特點可知，兩個等量異種電荷連線的垂直平分線是一條等勢線；電場強度方向與等勢面方向垂直，而且指向電勢低的方向，所以點的電勢等于0；而電場強度不等于0，故A錯誤；

B．由圖可知兩個點電荷在點產生的電場強度的方向都向右，所以合場強的方向一定向右，則負的試探電荷在A點受到的電場力的方向向左；負電荷從向運動的過程中，電場力做負功，電勢能增加，而點的電勢等于0，點的電勢能等于0，所以正的試探電荷在點的電勢能小于零；故B錯誤；

C．將正的試探電荷從點移到點，的電勢低于點的電勢；靜電力做負功，所以必須克服靜電力做功，故C正確；

D．點和點的電勢相等，所以先后從兩點移到點；靜電力做功相等，電勢能變化相同，故D錯誤；

故選C。6、C【分析】試題分析：由動能圖線得知，小球的速度先增大，后減?。鶕靵龆傻弥?，小球所受的庫侖力逐漸減小，合外力先減小后增大，加速度先減小后增大，則小球沿斜面向上做加速度逐漸減小的加速運動，再沿斜面向上做加速度逐漸增大的減速運動，直至速度為零．由動能圖線看出，速度有最大值，此時小球受力平衡，由庫侖力與重力沿斜面的分力平衡，由于沒有x的具體數據，所以不能求得q．故A錯誤；A到B的過程中重力勢能的增加等于電勢能的減小，所以可以求出小物塊電勢能的減小，由于小物塊的電量不知道，所以不能求出AB之間的電勢差．故B錯誤；由重力勢能線得到EP=mgh=mgssinθ；讀出斜率，即可求出m；圖象中不能確定哪一點的速度最大，題目中也沒有小物塊的電量；質量等信息，所以不能確定小物塊速度最大時到斜面低端的距離．故D錯誤．故選C．

考點：功能關系；電勢及電勢能。

【名師點睛】本題首先要抓住圖象的信息，分析小球的運動情況，再根據平衡條件和動能定理進行處理．7、B【分析】【詳解】

A．物體M運動時；回路的總電阻不變，電源內的電流不會發(fā)生變化，A錯誤；

B．物體M運動時，滑動變阻器AP段的電阻發(fā)生變化；電壓表的示數會發(fā)生變化，B正確；

C．物體M不動時；電路中有電流，C錯誤；

D．物體M不動時，AB間電壓等于電源兩端電壓；不等于0，D錯誤。

故選B。二、多選題(共6題，共12分)8、A:D【分析】【詳解】

AB．時刻，坐標原點處，由Bx=0.2（T），By=0.2t（T），得B0=0.2T，方向沿x軸正方向；A正確，B錯誤；

C．t=10s時刻，磁感應強度

則安培力的大小為

C錯誤；

D．設t時刻通電直導線開始向右運動，有

解得

D正確。

故選AD。9、B:C【分析】【分析】

本題考查恒定電流含容電路的動態(tài)分析問題。

【詳解】

A.滑動變阻器R1與電容器串聯，相當于導線，阻值的大小不影響電容器兩板間的電壓，電容器兩板間的電壓與R3兩端電壓相等，將R2的滑片向右移動一小段距離后R2連入電路中的電阻增大。根據I=知電流I減小，R3連入電路中的阻值不變。根據U3=IR3知R3兩端電壓減小，則電容器兩板間的電壓減小，又根據可知兩板間電場強度減小，帶電液滴受到的電場力減小，重力不變，重力大于電場力，則帶電液滴將向下運動，故A錯誤；

B.當R3的滑片向下移動一小段距離后，R3連入電路中的電阻減小，根據可知電流I增大，電源內阻和R2上分壓增大、而電動勢不變，則R3兩端電壓減??；電容器兩板間的電壓減小，電場強度減小，帶電液滴受到的電場力減小，重力大于電場力，則帶電液滴將向下運動，故B正確；

C.當R3減小時，R2和r上電壓增大，R3兩端電壓減小，且R3兩端的電壓變化量等于R2兩端電壓變化量和r上電壓變化量之和，所以R2兩端的電壓變化量小于R3兩端的電壓變化量；故C正確；

D.如果僅斷開開關S，電容器與電路斷開，兩極板上的電荷量保持不變，由

可知兩板間電場強度不變，帶電液滴受到的電場力大小仍等于重力大小，帶電液滴處于靜止狀態(tài)；如果僅斷開開關S，電容器與R1和R3構成一個閉合回路；電容器會放電，兩板間電場強度最終為零，帶電液滴只受重力而向下運動，故D錯誤。

故選BC。10、A:B【分析】【詳解】

A．電場線的方向從高電勢指向低電勢；所以大概方向由右向左，而電場力指向凹側，根據軌跡彎曲的方向知道方向大概向右，所以該粒子帶負電，故A正確；

B．由圖可知粒子從A點運動到B點；電場力做正功，動能增大，則粒子速度增大，故B正確；

C．等勢面越密的地方場強越強，可知A點的場強大于B點的場強，所以A點電荷所受電場力大于B點電荷所受電場力，根據牛頓第二定律知粒子在A點的加速度較大，從A點到B點過程中加速度減?。还蔆錯誤；

D．從A點到B點電場力做正功；電勢能減小，故D錯誤。

故選AB。11、B:C【分析】【詳解】

A．沿坐標軸正方向，根據動能定理得

得

根據圖知。

為定值，則E恒定；故A錯誤；

BD．沿坐標軸正方向；粒子的動能增加，電場力做正功，電勢能減小，由于粒子帶負電，可知沿坐標軸正方向，電勢越來越高，故B正確，D錯誤；

C．根據

E一定；知坐標軸上任意兩點間的電勢差與兩點間距成正比，故C正確。

故選BC。12、B:C【分析】【分析】

【詳解】

A．當電阻R不變，電壓U不變，通電時間t變?yōu)樵瓉淼?倍時；消耗電能。

故A錯誤；

B．當電阻R減半，電壓U增大1倍，通電時間t減半時；消耗電能。

故B正確；

C．當電阻R不變，電壓U增大1倍，通過時間t不變時；消耗電能。

故C正確；

D．當電阻R減半，電壓U不變，通電時間t不變時；消耗電能。

故D錯誤。

故選BC。13、B:D【分析】【詳解】

A.從正電荷到負電荷是一條電場線，沿著電場線方向，電勢逐漸降低，中垂線是一條等勢線，則a處的電勢大于b處的電勢；故A錯誤；

B.根據運動軌跡可知，軌跡往右偏，則受到的電場力大致向右，則電場力做正功，電勢能要減小，則粒子在a處的電勢能大于在b處的電勢能；故B正確；

C.觀察圖中可以發(fā)現，a處電場強度大于b處電場強度，則a處受到的電場力更大，再由牛頓第二定律知，所以粒子在a處的加速度大小大于在b處的加速度大小；故C錯誤；

D.電場力做正功，則動能增加，可知粒子在b處的速率大于在a處的速率；故D正確。

故選：BD三、填空題(共7題，共14分)14、略

【解析】①.磁場②.物質15、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】定向移動16、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]根據勻強電場特點可知，A、B兩點間的電勢差為

所以有

[2]B與C位于同一等勢面上；故電荷從B點到C點，電場力做功為0；

[3]根據公式，從C運動到A，電場力做功為

[4]根據公式和關系可得【解析】①.EqL②.0③.-EqL④.EL17、略

【分析】【詳解】

把點電荷從電場中的A點移到B點，其電勢能增加1.2×10-7J，電場力做負功，則該點電荷帶負電；在此過程中電場力做功為-1.2×10-7J.【解析】負18、略

【分析】【詳解】

分析小球受力情況：小球受到重力拉力F與電場力因為小球做勻速直線運動，合力為零，則F與的合力與大小相等、方向相反，作出F與的合力，如圖，可知當電場力與F垂直時；電場力最小，此時場強也最?。?/p>

則得：所以電場強度的最小值為．若電場強度即時，電場力可能與AB方向垂直，如圖1位置，電場力不做功，電勢能變化量為0；也可能電場力位于位置2方向，則電場力做功為．

【點睛】

解決本題的關鍵是對小球進行正確的受力分析，靈活運用圖解法分析極值情況，并根據力圖要知道電場力大小一定時，方向可能有兩種情況，不能漏解．【解析】0或19、略

【分析】【詳解】

[1]充電功率。

由圖可知在t2時刻充電電流I、電池電壓U都最大；所以充電功率最大為。

[2]圖線①與時間軸所包圍的面積是電流I與時間t的乘積；根據。

可知圖線①與時間軸所包圍的面積對應的物理量是電量（電荷量）?！窘馕觥?.2電量（電荷量）20、略

【分析】【詳解】

[1][2]當S閉合；且電路穩(wěn)定后，等效電路如圖。

上的電壓為的電壓，故得

上的電壓為的電壓，故得【解析】四、作圖題(共2題，共10分)21、略

【分析】【詳解】

電場線上每一點的切線方向即為該點的電場強度方向；負電荷受電場力的方向與場強方向相反，如圖所示。

【解析】22、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）在圖（1）中；已知小磁針靜止時N極的指向，由直線電流的安培定則，可知直線中的電流方向向下，如圖所示。

（2）在圖（2）中；已知小磁針靜止時N極的指向，由環(huán)形電流的安培定則，可知環(huán)形電流方向從左向右看是順時針方向，如圖所示。

（3）在圖（3）中；已知螺線管內小磁針靜止時N極的指向，由通電螺線管的右手螺旋定則可知，螺線管中的電流方向從左端導線流入，右端導線流出，如圖所示。

（4）在圖（4）中，已知磁感線的方向，由安培定則可知，環(huán)形電流方向沿逆時針方向，如圖所示?！窘馕觥课濉嶒烆}(共2題，共16分)23、略

【分析】【詳解】

（1）[1]把3V的直流電壓表接一電阻箱，改裝為量程為15V的電壓表時，需將直流電壓表與電阻箱串聯，整個作為一只電壓