2025年滬教新版高二物理上冊階段測試試卷含答案

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年滬教新版高二物理上冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、自然界的電、熱和磁等現象都是相互聯系的，很多物理學家為尋找它們之間的聯系做出了貢獻。下列說法正確的是A.法拉第發(fā)現了電流的磁效應，揭示了電現象和磁現象之間的聯系B.歐姆發(fā)現了歐姆定律，說明了電現象和熱現象之間存在聯系C.奧斯特發(fā)現了電磁感應現象，揭示了磁現象和電現象之間的聯系D.焦耳發(fā)現了電流的熱效應，定量給出了電能和熱能之間的轉換關系2、第一個用實驗證實電磁波存在的物理學家是（）A.赫茲B.愛因斯坦C.麥克斯韋D.法拉第3、重為10N的物體，在粗糙水平面上向右運動，物體和水平面間的動摩擦因數μ=0.2，同時物體還受到一個大小為2N、方向水平向左的水平拉力F作用，如圖所示，則水平面對物體的摩擦力的大小和方向是（）A.4N，水平向右B.4N，水平向左C.2N，水平向右D.2N，水平向左4、如圖所示；帶箭頭的直線是某一電場中的一條電場線，在這條線上有AB

兩點，用EAEB

表示AB

兩處的場強，則。

A.AB

兩處的場強方向可能相反。

B.因為AB

在一條電場上，且電場線是直線，所以EA=E

B

C.電場線從A

指向B

所以EA>E

B

D.不知AB

附近電場線的分布情況，EAEB

的大小不能確定5、A；B為平行板電容器的兩塊金屬板；A極板與靜電計的金屬小球相連，靜電計的外殼和B極板都接地，將它們水平放置．當A板帶上一定量電荷后，靜電計指針偏轉一定角度，如圖所示（靜電計金屬小球及金屬桿、指針等所帶的電量與金屬板A所帶的電量相比可以忽略不計）．此時，在A、B板間有一電荷量為q的油滴靜止在P點，（油滴所帶電荷量很少，它對A、B板間電場的影響可以忽略），以下結正確的是（）

A.A極板不動；將B極板向下移動一小段距離，油滴q保持不動，靜電計指針偏角減小。

B.B極板不動；將A極板向下移動一小段距離，油滴q保持不動，靜電計指針偏角減小。

C.A極板不動；將B極板向右水平移動一小段距離，油滴q向上運動，靜電計指針偏角增大。

D.B極板不動；將A極板向右水平移動一小段距離，油滴q向下運動，靜電計指針偏角減小。

6、質量為m

的物體從離湖面H

高處由靜止釋放；落在距湖面為h

的湖底，如圖所示，在此過程中()

A.重力對物體做功為mgH

B.重力對物體做功為mg(H鈭?h)

C.物體的重力勢能增加了mgH

D.物體的重力勢能減少了mg(H+h)

7、以初速度婁脭0

豎直向上拋出一個質量為m

的小球，上升最大高度是h.

如果空氣阻力f

的大小恒定，則從拋出到落回出發(fā)點的整個過程中，空氣阻力對小球做的功為()

A.0

B.鈭?fh

C.鈭?2fh

D.鈭?2mgh

8、從水平水管中噴出的水柱顯示了平拋運動的軌跡，由于水柱是向下彎曲的，所以（）A.水在豎直方向的速度越來越慢B.水在豎直方向的速度越來越快C.水在水平方向的速度越來越慢D.水在水平方向的速度越來越快評卷人得分二、多選題(共9題，共18分)9、如圖所示.

邊長為L

的正方形金屬框在外力作用下水平向右運動.

穿過寬度為d(d>L)

的有界勻強磁場區(qū)域，則線框從磁場左側進入的過程和從磁場右側穿出的過程相比較.

有(

)

A.線框中產生的感應電流方向相同B.線框中產生的感應電流方向相反C.線框所受的安培力方向相同D.線框所受的安培力方向相反10、如圖甲所示，光滑的水平地面上放有一質量為M

長為L=4.0m

的木板.

從t=0

時刻開始，質量為m=1.0kg

的物塊以初速度v0=6m/s

從左側滑上木板，同時在木板上施一水平向右的恒力F=7.0N

已知開始運動后1s

內兩物體的v鈭?t

圖線如圖乙所示，物塊可視為質點，g

取10m/s2

下列說法正確的是()

A.木板的質量M=1.5kg

B.第1s

內物塊與木板間摩擦生熱的值為3.5J

C.t=1.5s

時，木板的加速度為73m/s2

D.t=2s

時，木板的速度為7.2m/s

11、一列沿x

軸方向傳播的簡諧橫波，t

=0

時刻的波形如圖中實線所示，t

=0.2s

時刻的波形如圖中的虛線所示；則正確的是()

A.質點P

的運動方向一定沿y

軸正方向B.波的周期可能為0.25s

C.波的頻率可能為3.75Hz

D.波的傳播速度可能為150m/s

12、將閉合多匝線圈置于僅隨時間變化的磁場中，線圈平面與磁場方向垂直，關于線圈中產生的感應電動勢和感應電流，下列表述正確的是(

)

A.感應電動勢的大小與線圈的匝數有關B.穿過線圈的磁通量越大，感應電動勢越大C.穿過線圈的磁通量變化越快，感應電動勢越大D.感應電流產生的磁場方向與原磁場方向始終相同13、(

多選)

在遠距離輸電中，當輸電線的電阻和輸送的電功率不變時，那么()

A.輸電線路上損失的電壓與輸送電流成正比B.輸送電壓越高，輸電線路上損失的電壓越大C.輸電線路上損失的功率跟輸送電壓的平方成反比D.輸電線路上損失的功率跟輸電線上的電流成正比14、下列說法中正確的是A.光纖通訊是利用了光的全反射現象B.用標準平面檢查工件表面的平整程度是利用了光的干涉現象C.門鏡可以擴大視野是利用了光的干涉現象D.光的偏振現象說明光是橫波15、空間存在豎直向下的勻強電場和水平方向(

垂直紙面向里)

的勻強磁場，如圖所示，已知一離子在電場力和洛侖茲力共同作用下，從靜止開始自A

點沿曲線ACB

運動，到達B

點時速度為零，C

為運動的最低點.

不計重力，則()

A.該離子帶負電。

B.A；B

兩點位于同一高度。

C.C

點時離子速度最大。

D.離子到達B

點后，將沿原曲線返回A

點16、下列屬于離心現象的是(

)

A.投出籃球B.投擲標槍C.用洗衣機脫去濕衣服中的水D.旋轉雨傘甩掉雨傘上的水滴17、如圖甲所示的電路中，理想變壓器原、副線圈匝數比為10：1，原線圈接入圖乙所示的不完整的正弦交流電，電壓表和電流表均為理想電表，R1=6Ω，R1=R3=10Ω，則下列說法正確的是（）A.開關S閉合時，電流表示數為AB.開關S斷開時，電壓表示數為11VC.開關S從從斷開到閉合時，電壓表示數增大D.開關S從從斷開到閉合時，電流表示數增大評卷人得分三、雙選題(共2題，共4分)18、下列說法中；正確的是（）

A.油脂在堿性水溶液中水解在工業(yè)上用于制肥皂B.蔗糖是最重要的二糖，麥芽糖是它的同分異構體C.在蔗糖與稀H2SO4共熱后的溶液中，滴加銀氨溶液，再水浴加熱有銀鏡生成D.取淀粉與稀硫酸共熱后的溶液，加入碘水溶液，溶液不變藍，證明淀粉尚未水解19、下列說法中；正確的是（）

A.油脂在堿性水溶液中水解在工業(yè)上用于制肥皂B.蔗糖是最重要的二糖，麥芽糖是它的同分異構體C.在蔗糖與稀H2SO4共熱后的溶液中，滴加銀氨溶液，再水浴加熱有銀鏡生成D.取淀粉與稀硫酸共熱后的溶液，加入碘水溶液，溶液不變藍，證明淀粉尚未水解評卷人得分四、填空題(共2題，共6分)20、電量為2×10-6C的點電荷q1放入電場中A點，受到作用力為4×10-4N，方向向右，若在A點放一個電量為-4×10-6C的點電荷q2，則q2在A點受到的作用力為____N，方向____．21、如圖所示，兩平行板相距10cm

板間有AB

兩點相距4cm

現將一帶電量q=鈭?3隆脕10鈭?4c

的電荷，從A

點移到B

點，電場力做了7.2隆脕10鈭?3J

的正功，則AB

兩點的電勢差UAB=

______V

兩金屬板間電場強度大小E=

______V/m

兩金屬板間的電勢差U=

______V.

評卷人得分五、判斷題(共3題，共24分)22、電勢差有正有負，所以是矢量，且電場中兩點間的電勢差隨著零電勢點的選取變化而變化．（判斷對錯）23、處于靜電平衡狀態(tài)的導體內部的場強處處為零，導體外表面場強方向與導體的表面一定不垂直．（判斷對錯）24、空間兩點放置兩個異種點電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產生的電場的等勢面如圖所示，且相鄰等勢面間的電勢差均相等，電場中A、B兩點間的電勢大小的關系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對錯）

評卷人得分六、計算題(共3題，共15分)25、如圖所示，上端開口的光滑圓柱形絕熱氣缸豎直放置，質量m=5kg

橫截面積S=50cm2

的活塞將一定質量的理想氣體封閉在氣缸內，在氣缸內距缸底某處設有體積可忽略的卡環(huán)ab

使活塞只能向上滑動，開始時活塞擱在ab

上，缸內氣體的壓強等于大氣壓強，溫度為300K.

現通過內部電熱絲緩慢加熱氣缸內氣體，直至活塞恰好離開ab.

已知大氣壓強p0=1.0隆脕105Pag

取10m/s2

．

(1)

求加熱后氣缸內氣體的溫度;

(2)

繼續(xù)加熱氣缸內的氣體，使活塞緩慢上升H=0.1m(

活塞未滑出氣缸)

若氣體的內能的變化量為18J

則此過程中氣體是吸熱還是放熱?

傳遞的熱量是多少?

26、如圖；水平地面和半圓軌道面均光滑，質量M=1kg

的小車靜止在地面上，小車上表面與R=0.4m

的半圓軌道最低點P

的切線相平.

現有一質量m=2kg

的滑塊(

可視為質點)

以v0=7.5m/s

的初速度滑上小車左端，二者共速時滑塊剛好在小車的最右邊緣，此時小車還未與墻壁碰撞，當小車與墻壁碰撞時即被粘在墻壁上，滑塊則離開小車進入圓軌道并順著圓軌道往上運動，已知滑塊與小車表面的滑動摩擦因數婁脤=0.5g

取10m/s2.

求：

(1)

小車與墻壁碰撞前的速度大小v1

(2)

小車需要滿足的長度L

(3)

請判斷滑塊能否經過圓軌道的最高點Q

說明理由．27、如圖所示，水平放置的平行金屬導軌，相距L=0.50m

左端接一電阻R=0.20婁賂

方向垂直于導軌平面的勻強磁場，磁感應強度B=0.40T

導體棒ab

垂直放在導軌上，并能無摩擦地沿導軌滑動，導軌和導體棒的電阻均可忽略不計，當ab

以v=4.0m/s

的速度水平向右勻速滑動時；求：

(1)ab

棒中感應電動勢的大小，并指出ab

哪端電勢高；(2)

回路中感應電流的大?。?3)

維持ab

棒做勻速運動的水平外力的功率。參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、D【分析】【解析】試題分析：奧斯特發(fā)現了電流的磁效應，A錯;歐姆發(fā)現了歐姆定律，焦耳發(fā)現了焦耳定律，說明了電現象和熱現象之間存在聯系，B錯；法拉第發(fā)現了電磁感應現象，C錯；考點：考查物理史實問題【解析】【答案】D2、A【分析】【解析】試題分析：1864年，英國青年物理學家麥克斯韋在研究了當時所發(fā)現的電磁現象的基礎上，建立了麥克斯韋電磁理論，并預言了電磁波的存在；1888年，德國青年物理學家赫茲第一次用實驗證實了電磁波的存在，A正確，考點：考查物理學史【解析】【答案】A3、D【分析】解：物體相對于水平面向右運動；水平面對物體的滑動摩擦力方向向左．物體對水平面的壓力大小N=G=10N；

則水平面對物體的摩擦力的大小f=μN=0.2×10N=2N；故D正確，ABC錯誤．

故選：D．

滑動摩擦力方向與物體間相對運動方向相反．題中物體相對于水平面向右運動；水平面對物體的滑動摩擦力方向向左．物體對水平面的壓力大小等于物體的重力，根據f=μN求解滑動摩擦力大?。?/p>

本題考查對滑動摩擦力大小的計算能力和方向的判斷能力．注意滑動摩擦力方向總是與物體間相對運動方向相反，不是一定與運動方向相反或拉力的方向相反．【解析】【答案】D4、D【分析】電場線的切線方向指場強方向；所以A錯誤；

電場線的疏密程度表示場強大小，只有一條電場線的情況下不能判斷場強大小，所以B

C錯誤，D正確．【解析】D

5、B|C【分析】

A、A極板不動，將B極板向下移動一小段距離，d變大，則電容減小，根據U=則電勢差增大，指針偏角增大．故A錯誤．

B、B極板不動，將A極板向下移動一小段距離，d減小，則電容增大，根據U=則電勢差減小，指針偏角減?。妶鰪姸菶=知電場強度不變，小球電場力不變，仍然與重力平衡，保持不動．故B正確．

C、A極板不動，將B極板向右水平移動一小段距離，s減小，則電容減小，根據U=則電勢差增大，指針偏角增大．根據E=知；電場強度增大，電場力大于重力，則油滴向上運動．故C正確．

D、B極板不動，將A極板向右水平移動一小段距離，s減小，則電容減小，根據U=則電勢差增大，指針偏角增大．根據E=知；電場強度增大，電場力大于重力，則油滴向上運動．故D錯誤．

故選BC．

【解析】【答案】電容器的電量不變；根據電容的變化，判斷出電勢差的變化，從而判斷出電場強度即電場力的變化，確定出油滴的運動情況．

6、D【分析】【分析】根據重力做功由公式WG=mg鈻?h

即可求解重力的功；根據WG=鈭??Ep

知重力做多少正功；重力勢能就減少多少；

本題考查重力做功與重力勢能變化間的關系，要注意明確重力勢能的改變量只與重力做功有關系?！窘獯稹緼B.

根據重力做功的公式可知：WG=mg鈻?h=mg(H+h)

故AB錯誤；

CD.

重力做的功為mg(H+h)

且為正功，則物體重力勢能減少mg(H+h)

故C錯誤，D正確。

故選D?！窘馕觥緿

7、C【分析】

試題分析：小球上升過程：空氣阻力對小球做功下落過程：空氣阻力對小球做功則從拋出到落回到拋出點的過程中，空氣阻力對小球做的功為故C正確；

考點：考查了功的計算【解析】C

8、B【分析】解：A；水在豎直方向上做自由落體運動；則速度越來越快，故B正確，A錯誤。

B；水在水平方向上做勻速直線運動；則速度保持不變，故C、D錯誤。

故選：B。

平拋運動在水平方向上做勻速直線運動；在豎直方向上做自由落體運動，結合兩個方向上的運動規(guī)律分析判斷．

本題考查了平拋運動在實際生活中的基本運用，知道平拋運動在水平方向和豎直方向上的運動規(guī)律是解決本題的關鍵．【解析】B二、多選題(共9題，共18分)9、BC【分析】解：A

線框進入磁場時；磁通量增大.

穿出磁場時，磁通量減小，由楞次定律得知，感應電流方向相反.

故A錯誤，B正確．

C；安培力阻礙導體與磁場的相對運動；則安培力均向左，即線框所受的安培力方向相同，故C正確，D錯誤．

故選BC．

根據楞次定律判斷感應電流方向；根據左手定則判斷安培力方向．

解決該題關鍵是掌握右手定則和左手定則的應用．【解析】BC

10、BD【分析】【分析】塊在板上做勻減速直線運動，據斜率求解加速度，據牛頓第二定律求解動摩擦因數；板在外力作用力做勻加速直線運動，據斜率求解加速度，據牛頓第二定律求解板的質量。對于板塊模型，應先判斷相對運動，再判摩擦力，分析物體的運動，據運動的規(guī)律求解?！窘獯稹繅K在板上做勻減速直線運動，據斜率求解加速度由于故物塊與木板間的動摩擦因數為0.1第1s1s內物塊與木板間摩擦生熱的值：Q=f?x=婁脤mg(xm鈭?xM)=0.1隆脕1.0隆脕10隆脕(5.5鈭?2)J=3.5JQ=f?x=婁脤mg({x}_{m}-{x}_{M})=0.1隆脕1.0隆脕10隆脕(5.5-2)J=3.5J為3.5J3.5J，故B正確；板在外力作用力做勻加速直線運動，據斜率求解加速度由牛頓第二定律解得M=2kg

故A錯誤；設經時間t

兩物體達到共同速度解得t=1.2s1.2s

后兩物體均做勻加速直線運動，對于木板解得故C錯誤；故D正確。故選BD?！窘馕觥緽D

11、CD【分析】【分析】

簡諧波傳播時，波形向前平移，由波形的平移法分析波的傳播方向，根據兩個時刻波形關系，確定時間與周期的關系，得到周期的通項，再求解特殊值，再求解頻率和波速的通項，分析特殊值。

本題主要考查了波的圖象以及波速、波長和頻率，難度一般，注意通式。

【解答】

A.由波形的平移法分析波可能向右傳播，也可能向左傳播，故A錯誤；

B.若波向右傳播，則時間?t=(n+34)T，得到周期T=?tn+34=420n+15s，n=0n=01122

同理，若波向左傳播，周期T=420n+5s，n=0n=01122由于nn是整數，TT不可能等于為0.250.25ss故B錯誤；

C.頻率的通項為：波向右傳播時，f=1T=20n+154Hz，波向左傳播時，f=1T=20n+54Hz，n=0n=01122波向右傳播，n=1

時ff等于3.75Hz3.75Hz故C正確；

D.由圖讀出波長為婁脣=24m婁脣=24m波速的通項為：向左：v=婁脣T=(120n+90)m/s，n=0n=01122向右：v=婁脣T=(120n+30)m/s，n=0n=01122波向右傳播波n=1

時的傳播速度為150m/s150m/s故D正確。故選CD。

【解析】CD

12、AC【分析】解：A

由法拉第電磁感應定律可知，感應電動勢E=n鈻?鈱?鈻?t

即感應電動勢與線圈匝數有關，故A正確；

B；穿過線圈的磁通量大；但若所用的時間長，則電動勢可能小，故B錯誤；

C；同時可知；感應電動勢與磁通量的變化率有關，磁通量變化越快，感應電動勢越大，故C正確；

D；由楞次定律可知：感應電流的磁場方向總是阻礙引起感應電流的磁通量的變化；故原磁通增加，感應電流的磁場與之反向，原磁通減小，感應電流的磁場與原磁場方向相同，即“增反減同”，故D錯誤；

故選：AC

．

解答本題應掌握感應電動勢取決于磁通量的變化快慢；與磁通量的變化及磁通量無關．

感應電動勢取決于穿過線圈的磁通量的變化快慢，在理解該定律時要注意區(qū)分磁通量、磁通量的變化量及磁通量變化率三者間區(qū)別及聯第．【解析】AC

13、AC【分析】輸電線路上損失電壓婁隴U=Ir

在r

一定時，婁隴U

和I

成正比.

若U

越高，I

越小，那么婁隴U

越小.

輸電線路上損失的功率婁隴P=I2r

當P

一定時，所以即婁隴P

和U

的平方成反比，跟I

的平方成正比，故A、C正確．【解析】AC

14、ABD【分析】【分析】光纖通訊是利用了光的全反射現象；用標準平面檢查工件表面的平整程度是利用了光的干涉現象；門鏡可以擴大視野是利用了光的折射現象；光的偏振現象說明光是橫波。本題考查幾種典型的光學現象，難度不大?！窘獯稹緼.光纖通訊是利用了光的全反射現象，故A正確；B.用標準平面檢查工件表面的平整程度是利用了光的干涉現象，故B正確；C.門鏡可以擴大視野是利用了光的折射現象，故C錯誤；D.光的偏振現象說明光是橫波，故D正確。故選ABD。【解析】ABD

15、BC【分析】【分析】帶電粒子由靜止釋放(

不考慮重力)

在電場力的作用下會沿電場向下運動，在運動過程中，帶電粒子會受到洛倫茲力，所以粒子會沿逆時針方向偏轉，到達C

點時，洛倫茲力方向向上，此時粒子具有最大速度，在之后的運動中，粒子的電勢能會增加速度越來越小，到達B

點時速度為零.

之后粒子會繼續(xù)向右重復由在由A

經C

到B

的運動形式。

本題主要考查了帶電粒子在混合場中運動的問題，要求同學們能正確分析粒子的受力情況，再通過受力情況分析粒子的運動情況，要注意洛倫茲力永不做功，難度適中?！窘獯稹緼.粒子開始受到電場力作用開始向下運動；在運動過程中受洛倫茲力作用，知電場力方向向下，則離子帶正電，故A錯誤；

B.根據動能定理知，洛倫茲力不做功，在A

到B

的過程中，動能變化為零，則電場力做功為零，AB

兩點等電勢，因為該電場是勻強電場，所以AB

兩點位移同一高度，故B正確；C.根據動能定理得；離子運動到C

點電場力做功最大，則速度最大，故C正確；

D.只要將離子在B

點的狀態(tài)與A

點進行比較，就可以發(fā)現它們的狀態(tài)(

速度為零，電勢能相等)

相同，如果右側仍有同樣的電場和磁場的疊加區(qū)域，離子就將在B

之右側重現前面的曲線運動，因此，離子是不可能沿原曲線返回A

點的，如圖所示：

故選BC。

【解析】BC

16、CD【分析】解：A

投出的籃球做斜上拋運動；受到恒力的作用，所以投出的籃球的運動不是離心現象.

故A錯誤；

B；投擲的標槍做斜上拋運動；受到恒力的作用，所以投出的標槍的運動不屬于離心現象，所以B錯誤；

C；脫水桶高速轉動時；需要的向心力的大小大于了水和衣服之間的附著力，水做離心運動被從衣服上甩掉，屬于離心現象，所以C正確．

D；通過旋轉雨傘來甩干傘上的雨滴；當轉動時雨滴所需要的向心力增加，當超過雨傘對雨的吸附力時，雨滴做離心運動.

故D正確．

故選：CD

當物體受到的合力的大小不足以提供物體所需要的向心力的大小時；物體就要遠離圓心，此時物體做的就是離心運動．

合力大于需要的向心力時，物體要做向心運動，合力小于所需要的向心力時，物體就要遠離圓心，做的就是離心運動．【解析】CD

17、BD【分析】解：A、根據電流的熱效應，有+0=T，解得U1=110V，開關S閉合時，副線圈電流I2==A，根據電流與匝數成反比知I1=I2=A；故A錯誤；

B、根據變壓比可得副線圈兩端的電壓為U2=11V，無論開關閉合還是斷開，電壓表示數均為11V；故B正確；

C；閉合電鍵S；因為原線圈電壓和匝數比都不變，所以副線圈兩端的電壓不變，電壓表示數不變，故C錯誤；

D；閉合電鍵S后；總電阻減小，輸出功率增大，輸入功率增大，電流增大，故D正確；

故選：BD。

根據電流的熱效應求出輸入電壓的有效值；再根據變壓器原副線圈電壓之比等于線圈匝數比求出電壓表示數，電鍵S閉合后，副線圈電阻變小，根據歐姆定律判斷電流表示數的變化，根據變壓器原副線圈電流之比等于線圈匝數的倒數比比求出電流表示數變化情況。

本題關鍵是明確交流電有效值的計算方法，同時要結合變壓器的變壓比公式分析，知道變壓器不改變功率，難度適中?！窘馕觥緽D三、雙選題(共2題，共4分)18、AB【分析】本題考查物質的性質。該題屬于基礎性試題，難度不大。只要能記住常見物質的性質，就不難得出正確的結論。

A.油脂在堿性水溶液中水解在工業(yè)上用于制肥皂；故A正確；

B.蔗糖是最重要的二糖；麥芽糖是它的同分異構體，故B正確；

C.在蔗糖與稀H2SO4共熱后的溶液中；加氫氧化鈉中和硫酸以后再滴加銀氨溶液，再水浴加熱有銀鏡生成，故C錯誤；

D.取淀粉與稀硫酸共熱后的溶液；加入碘水溶液，溶液不變藍，證明淀粉水解完全，故D錯誤；

?故選AB?！窘馕觥緼B19、AB【分析】本題考查物質的性質。該題屬于基礎性試題，難度不大。只要能記住常見物質的性質，就不難得出正確的結論。

A.油脂在堿性水溶液中水解在工業(yè)上用于制肥皂；故A正確；

B.蔗糖是最重要的二糖；麥芽糖是它的同分異構體，故B正確；

C.在蔗糖與稀H2SO4共熱后的溶液中；加氫氧化鈉中和硫酸以后再滴加銀氨溶液，再水浴加熱有銀鏡生成，故C錯誤；

D.取淀粉與稀硫酸共熱后的溶液；加入碘水溶液，溶液不變藍，證明淀粉水解完全，故D錯誤；

?故選AB?！窘馕觥緼B四、填空題(共2題，共6分)20、略

【分析】

電場強度E===200N/C；電場強度的方向為水平向右；

若在A點放一個電量為-4×10-6C的點電荷q2，則N=-8×10-4N；負號說明方向向左。

故答案為為：8×10-4；向左。

【解析】【答案】根據電場強度的定義式E=求出電場強度；再根據F=qE求出電場力的大小和方向，電場強度的大小與放入電場中的電荷無關．

21、略

【分析】解：根據電場力做功WAB=qUAB

得：UAB=WABq=7.2隆脕10鈭?3鈭?3隆脕10鈭?4V=鈭?24V

．

則電場強度為：E=Ud=240.04隆脕sin30鈭?=1200V/m

所以兩金屬板間的電勢差為：U隆盲=Ed隆盲=1200隆脕0.1V=120V

．

故答案為：鈭?241200120

根據電場力做功WAB=qUAB

求出AB

間的電勢差.

根據勻強電場的場強公式E=Ud

求出電場強度；從而再根據U=Ed

求出兩金屬板間的電勢差．

解決本題的關鍵掌握電場力做功的公式W=qU

以及勻強電場的場強公式E=Ud

注意d

為沿電場線方向上的距離．【解析】鈭?241200120

五、判斷題(共3題，共24分)22、B【分析】【解答】解：電勢差類似于高度差；沒有方向，是標量，正負表示電勢的相對大?。?/p>

兩點間的電勢差等于電勢之差；由電場中兩點的位置決定，與零電勢點的選取無關．由以上的分析可知，以上的說法都錯誤．

故答案為：錯誤。

【分析】電勢差是標量，正負表示大?。浑妱莶钆c零電勢點的選取無關；沿著電場線方向電勢降低；電勢反映電場本身的性質，與試探電荷無關．23、B【分析】【解答】解：根據靜電平衡的特點；導體是等勢體，金屬導體的內部電場強度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導體是一個等勢體；則表面電勢處處相等，即等勢面，那么電場線與等勢面垂直；

故答案為：錯誤．

【分析】金屬導體在點電荷附近，出現靜電感應現象，導致電荷重新分布．因此在金屬導體內部出現感應電荷的電場，正好與點電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時，電荷才不會移動．此時導體內部電場強度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢面，導體是等勢體．24、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點電勢高，靠近負電荷的點，電勢較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖象中的等勢面左右對稱；無窮遠處的電勢為0．該圖象的左側的等勢線比較密，無窮遠處的電勢為0，所以無窮遠處到兩點之間的電勢差相比，與a點之間的電勢差比較大，所以a點所帶的電量就多．

故答案為：錯誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較，很容易得出正確的結論．六、計算題(共3題，共15分)25、解：(1)

氣體的狀態(tài)參量為T1=300Kp1=p0=1.0隆脕105Pa

對活塞由平衡條件得p2S=p0S+mg

解得p2=1.1隆脕105Pa

由查理定律得p1T1=p2T2

解得T2=330K

(2)

繼續(xù)加熱時，氣體等壓變化，體積增大，則溫度升高，內能增大，氣體膨脹，對外界做功，則外界對氣體做的功W=鈭?p2SH=鈭?55J

根據熱力學第一定律得婁隴U=W+Q

則Q=婁隴U鈭?W=73J

氣體吸收熱量?！痉治觥勘绢}關鍵是得到封閉氣體初末狀態(tài)的各個狀態(tài)參量，然后根據理想氣體狀態(tài)方程列式求解即可。(1)

對活塞受力分析，活塞受力平衡，根據平衡條件求出加熱后氣缸內的壓強，根據查理定律列式求出加熱后氣缸內氣體的溫度；(2)

體積增大時，對外做功，求出外界對氣體做的功，由熱力學第一定律進行求解。【解析】解：(1)

氣體的狀態(tài)參量為T1=300Kp1=p0=1.0隆脕105Pa

對活塞由平衡條件得p2S=p0S+mg

解得p2=1.1隆脕105Pa

由查理定律得p1T1=p2T2

解得T2=330K

(2)

繼續(xù)加熱時，氣體等壓變化，體積增大，則溫度升高，內能增大，氣體膨脹，對外界做功，則外界對氣體做的功W=鈭?p2SH=鈭?55J

根據熱力學第一定律得婁隴U=W+Q

則Q=婁隴U鈭?W=73J

氣體吸收熱量。26、解：（1）設滑塊與小車的共同速度為v1；滑塊與小車相對運動過程中動量守恒；

乙向右為正方向，由動量守恒定律有：mv0=（m+M）v1，代入數據解得：v1=5m/s；

（2）設小車的最小長度為L1，由系統(tǒng)能量守恒定律，有：μmgL=mv02-（m+M）v12；

代入數據解得：L=3.75m；

（3）若滑塊恰能滑過圓的最高點的速度為v；

由牛頓第二定律得：mg=m代入數據解得：v=2m/s；

滑塊從P運動到Q的過程；根據機械能守恒定律，有：

mv12=mg?2R+mv22，代入數據解得：v2=3m/s；

v2＞v；說明滑塊能過最高點Q；