2025年蘇人新版選修3物理上冊(cè)階段測(cè)試試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線(xiàn)…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線(xiàn)※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線(xiàn)…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2025年蘇人新版選修3物理上冊(cè)階段測(cè)試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、如圖所示，一理想變壓器原線(xiàn)圈與定值電阻R1、理想電流表A1一起接入電壓恒為U的交流電源上，原線(xiàn)圈接入電路的匝數(shù)可通過(guò)調(diào)節(jié)觸頭P進(jìn)行改變，副線(xiàn)圈和滑動(dòng)變阻器R、定值電阻R2以及理想電流表A2連接在一起；下列說(shuō)法正確的是。

A.保持R不變，將觸頭P向上移動(dòng)，則A1的示數(shù)變小，A2的示數(shù)變小B.保持R不變，將觸頭P向下移動(dòng)，電源輸出的總功率變小C.保持P的位置不動(dòng)，增大R，則A1的示數(shù)減小，A2的示數(shù)減小D.保持P的位置不動(dòng)，增大R，則R的電功率變小，R1的電功率不變2、已知時(shí)間內(nèi)通過(guò)均勻?qū)w某一橫截面的自由電子數(shù)為電子電荷量為導(dǎo)體橫截面積為單位體積內(nèi)的自由電子數(shù)為則電子定向移動(dòng)的速度為（）A.B.C.D.3、如圖，一氣缸開(kāi)口向右、固定于水平地面，一活塞將一定質(zhì)量的氣體封閉在氣缸內(nèi)。氣缸中間位置有小擋板。開(kāi)始時(shí)，外界大氣壓為活塞緊壓于小擋板右側(cè)。緩慢升高封閉氣體溫度封閉氣體壓強(qiáng)隨變化圖像可能正確的是（）

A.B.C.D.4、某一密閉氣體，分別以?xún)蓚€(gè)不同的體積做等容變化，這兩個(gè)等容過(guò)程對(duì)應(yīng)的圖像如圖中的①、②所示。則相對(duì)應(yīng)的圖像或圖像可能是（）

A.B.C.D.5、下列說(shuō)法正確的（）A.毛細(xì)管插入不浸潤(rùn)液體中，管內(nèi)液面會(huì)上升B.明礬表現(xiàn)為各向異性，是由于該物質(zhì)的微粒在空間的排列不規(guī)則C.兩分子的間距逐漸增大的過(guò)程，則分子勢(shì)能可能先減少，后增加D.在太空的空間站中，自由飄浮的水滴呈球形，這是萬(wàn)有引力作用的結(jié)果6、如圖所示，用兩根材料、粗細(xì)、長(zhǎng)度完全相同的導(dǎo)線(xiàn)，繞成匝數(shù)分別為n1=50和n2=100的圓形閉合線(xiàn)圈A和B，兩線(xiàn)圈平面與勻強(qiáng)磁場(chǎng)垂直．若磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時(shí)間均勻變化時(shí)，則兩線(xiàn)圈中的感應(yīng)電流之比IA：IB為（）

A.1：4B.4：1C.1：2D.2：17、電源、開(kāi)關(guān)S、定值電阻R1和R3、光敏電阻R2、燈泡以及電容器連接成如圖所示電路，電容器的兩平行板水平放置。當(dāng)開(kāi)關(guān)S閉合，并且無(wú)光照射光敏電阻R2時(shí)，一帶電液滴恰好靜止在電容器兩板間的M點(diǎn)。當(dāng)用強(qiáng)光照射光敏電阻R2時(shí)；光敏電阻的阻值變小，則()

A.電容器所帶電荷量減少B.燈泡變暗C.電容器兩極板間電壓變大D.液滴向下運(yùn)動(dòng)評(píng)卷人得分二、多選題(共8題，共16分)8、下列說(shuō)法正確的是（）A.晶體的所有物理性質(zhì)沿各個(gè)方向是不同的B.把溫度降到接近布朗運(yùn)動(dòng)依然可以發(fā)生C.兩分子間距離變化時(shí)，可能存在分子勢(shì)能相等的兩個(gè)位置E.未來(lái)科技進(jìn)步了，人類(lèi)就可以將散失在空氣中的內(nèi)能全部重新收集起來(lái)加以利用E.未來(lái)科技進(jìn)步了，人類(lèi)就可以將散失在空氣中的內(nèi)能全部重新收集起來(lái)加以利用9、下列說(shuō)法正確的是（）A.做功和熱傳遞對(duì)改變物體的內(nèi)能是等效的B.布朗運(yùn)動(dòng)本身不是分子的運(yùn)動(dòng)，但能反映分子的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)C.已知?dú)怏w的摩爾體積和阿伏加德羅常數(shù)，可求得氣體分子的大小E.液體的表面層里的分子距離比液體內(nèi)部的要大些，分子力表現(xiàn)為引力E.液體的表面層里的分子距離比液體內(nèi)部的要大些，分子力表現(xiàn)為引力10、隨著世界經(jīng)濟(jì)的快速發(fā)展，能源短缺問(wèn)題日顯突出，近期油價(jià)不斷攀升，已對(duì)各國(guó)人民的日常生活造成了各種影響，如排長(zhǎng)隊(duì)等待加油的情景已經(jīng)多次在世界各地發(fā)生，能源成為困擾世界經(jīng)濟(jì)發(fā)展的重大難題之一，下列有關(guān)能量轉(zhuǎn)化的說(shuō)法中錯(cuò)誤的是()A.不可能從單一熱源吸收熱量并把它全部用來(lái)做功，而不引起其他的變化B.只要對(duì)內(nèi)燃機(jī)不斷改進(jìn)，就可以把內(nèi)燃機(jī)得到的全部?jī)?nèi)能轉(zhuǎn)化為機(jī)械能C.滿(mǎn)足能量守恒定律的物理過(guò)程都能自發(fā)的進(jìn)行D.外界對(duì)物體做功，物體的內(nèi)能必然增加11、如圖所示，電源電動(dòng)勢(shì)大小為E，內(nèi)阻大小為r，閉合開(kāi)關(guān)S，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片P向右滑動(dòng)的過(guò)程中。

A.小電珠L(zhǎng)變亮B.電流表讀數(shù)變小，電壓表讀數(shù)變大C.電源的效率變大D.處于電容器C兩板間某點(diǎn)的一個(gè)負(fù)點(diǎn)電荷所具有的電勢(shì)能變大12、電流天平可以用來(lái)測(cè)量勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度的大?。鐖D甲所示，測(cè)量前天平已調(diào)至平衡，測(cè)量時(shí)，在左邊托盤(pán)中放入質(zhì)量為m的砝碼，右邊托盤(pán)中不放砝碼，將一個(gè)質(zhì)量為m0、匝數(shù)為n、下邊長(zhǎng)為l的矩形線(xiàn)圈掛在右邊托盤(pán)的底部，再將此矩形線(xiàn)圈的下部分放在待測(cè)磁場(chǎng)中．線(xiàn)圈的兩頭連在如圖乙所示的電路中，不計(jì)連接導(dǎo)線(xiàn)對(duì)線(xiàn)圈的作用力，電源電動(dòng)勢(shì)為E，內(nèi)阻為r.開(kāi)關(guān)S閉合后，調(diào)節(jié)可變電阻至R1時(shí)，天平正好平衡，此時(shí)電壓表讀數(shù)為U.已知m0>m，取重力加速度為g；則()

A.矩形線(xiàn)圈中電流的方向?yàn)槟鏁r(shí)針?lè)较駼.矩形線(xiàn)圈的電阻R＝r－R1C.勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小B＝D.若僅將磁場(chǎng)反向，在左盤(pán)中再添加質(zhì)量為2m0－m的砝碼可使天平重新平衡13、如圖所示；將一線(xiàn)圈放在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，線(xiàn)圈平面平行于磁感線(xiàn)，則線(xiàn)圈中沒(méi)有感應(yīng)電流產(chǎn)生的是（）

A.當(dāng)線(xiàn)圈繞N邊轉(zhuǎn)動(dòng)B.當(dāng)線(xiàn)圈繞M邊轉(zhuǎn)動(dòng)C.當(dāng)線(xiàn)圈做垂直于磁感線(xiàn)的平行運(yùn)動(dòng)D.當(dāng)線(xiàn)圈做平行于磁感線(xiàn)的運(yùn)動(dòng)14、用相同金屬材料制成的兩根粗細(xì)均勻的電阻絲，質(zhì)量分別為橫截面積分別為若兩電阻絲兩端加相同的電壓，垂直于磁場(chǎng)方向放入同一勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，兩電阻絲所受的安培力的大小關(guān)系為（）A.若則B.若則C.若則D.若則15、如圖所示，R0為熱敏電阻（溫度降低電阻增大），D為理想二極管（正向電阻為零，反向電阻無(wú)窮大），C為平行板電容器，M點(diǎn)接地，在開(kāi)關(guān)S閉合后，C中央有一帶電液滴剛好靜止．下列各項(xiàng)單獨(dú)操作可能使帶電液滴向上運(yùn)動(dòng)的是（）

A.將熱敏電阻R0加熱B.滑動(dòng)變阻器R的滑動(dòng)頭P向上移動(dòng)C.開(kāi)關(guān)S斷開(kāi)D.電容器C的上極板向上移動(dòng)評(píng)卷人得分三、填空題(共9題，共18分)16、如圖是學(xué)校體育館建筑工地的揚(yáng)塵噪聲監(jiān)測(cè)顯示牌，即時(shí)顯示工地周?chē)諝獾臏囟?、濕度、懸浮物微粒（PM2.5、PM10）濃度等信息。若某天早晨牌上顯示的溫度、濕度分別為28.9℃、61.7%，傍晚時(shí)分別顯示為34.5℃、51.7%，僅由這四個(gè)數(shù)據(jù)，能比較出__________（填“早晨”或“傍晚”）時(shí)空氣分子無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)更劇烈些，PM10在__________（填“早晨”或“傍晚”）時(shí)無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)更劇烈些，早晨時(shí)__________（填“PM2.5”、“PM10”）微粒的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)更劇烈些，__________（填“能”或“不能”）比較出早晨時(shí)空氣的絕對(duì)濕度跟傍晚是否相同。

17、如圖所示，在勻強(qiáng)電場(chǎng)中的兩點(diǎn)距離為兩點(diǎn)間的電勢(shì)差為連線(xiàn)與場(chǎng)強(qiáng)方向成角，則此電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度__________．

18、（1）一定質(zhì)量的氣體做等容變化，溫度為200K時(shí)的壓強(qiáng)為0.8atm，壓強(qiáng)增大到2atm時(shí)的溫度為_(kāi)_______K。

（2）一定質(zhì)量的氣體，在壓強(qiáng)不變時(shí)，溫度為200K，體積為V0，當(dāng)溫度升高100K時(shí)，體積變?yōu)樵瓉?lái)的________倍。19、某小組制作了一個(gè)電子溫度計(jì)，并通過(guò)實(shí)驗(yàn)將電壓表表盤(pán)改為指示溫度的表盤(pán)，實(shí)驗(yàn)原理圖如圖所示。其測(cè)溫部分是插在細(xì)玻璃管底端的玻璃泡內(nèi)（內(nèi)含水銀）的電極A、插在玻璃管內(nèi)的電極B，電極A、B材料相同，粗細(xì)均勻且電阻率不隨溫度變化。實(shí)驗(yàn)時(shí)，將玻璃泡和標(biāo)準(zhǔn)溫度計(jì)（圖中未畫(huà)出）置于恒溫油槽中，水銀溫度升高，水銀上升，穩(wěn)定后讀出油的溫度t、玻璃管內(nèi)水銀的長(zhǎng)度L、電壓表的示數(shù)U；改變油的溫度；重復(fù)實(shí)驗(yàn)，將對(duì)應(yīng)數(shù)據(jù)填入表格。（水銀電阻率較小，電阻可不計(jì)）

。實(shí)驗(yàn)次數(shù)。

1

2

3

4

5

6

t/℃

5

10

15

20

25

30

L/mm

59.9

70.0

80.2

89.8

100.0

109.9

（1）玻璃管內(nèi)水銀能夠上升的最大長(zhǎng)度如放大圖所示，則L0=__________mm；

（2）根據(jù)表中數(shù)據(jù)，在t-L圖中描點(diǎn)并畫(huà)出t-L圖線(xiàn)_______；

（3）根據(jù)t-L圖線(xiàn)，該溫度計(jì)能測(cè)量的最低溫度為_(kāi)_______℃，最高溫度為_(kāi)______℃；

（4）若考慮玻璃泡隨溫度的升高而膨脹，則用裝置測(cè)量較高溫度時(shí)，讀數(shù)與真實(shí)值相比________（填“偏大”“偏小”或“相同”）。20、封閉汽缸內(nèi)一定質(zhì)量的理想氣體由狀態(tài)A經(jīng)狀態(tài)B再變化到狀態(tài)C，其體積V隨熱力學(xué)溫度T變化的關(guān)系圖象如圖所示，氣體在狀態(tài)B時(shí)的溫度T2＝________K。氣體在從狀態(tài)A變化到狀態(tài)B的過(guò)程中吸收熱量Q1＝240J，對(duì)外做功為W＝100J．則氣體由狀態(tài)B變化到狀態(tài)C的過(guò)程中，氣體向外傳遞的熱量Q2＝________J。

21、一定質(zhì)量的理想氣體，從初始狀態(tài)A經(jīng)狀態(tài)B、C、D再回到A，體積V與溫度T的關(guān)系如圖所示。圖中TA、VA和TD為已知量。

(1)從狀態(tài)A到B，氣體經(jīng)歷的是______(選填“等溫”；“等容”，或“等壓”)過(guò)程；

(2)從B到C的過(guò)程中，氣體的內(nèi)能______(選填“增大”“減小”或“不變”)。22、如圖，一個(gè)是振動(dòng)圖像，一個(gè)是波動(dòng)圖像，其中是___________是振動(dòng)圖像(選填：“a”或“b”)，圖a的物理意義是：___________．23、已知光速為c，普朗克常數(shù)為h，則頻率為ν的光子的動(dòng)量為_(kāi)_____．用該頻率的光垂直照射平面鏡，光被鏡面全部垂直反射回去，則光子在反射前后動(dòng)量改變量的大小為_(kāi)_____．24、閱讀下列資料并完成相關(guān)問(wèn)題．

資料：如圖所示；冰箱的致冷設(shè)備由蒸發(fā)器；壓縮機(jī)、冷凝器、毛細(xì)管等部件組成．電冰箱工作過(guò)程中，致冷劑氟利昂（一種既容易汽化又容易液化的化學(xué)物質(zhì)）在蒸發(fā)器中迅速蒸發(fā)①熱，使冷凍室內(nèi)溫度②，氣態(tài)的氟利昂經(jīng)壓縮機(jī)壓縮后，送入冰箱外面的冷凝器，在此致冷劑液化③熱，液態(tài)的致冷劑通過(guò)很細(xì)的毛細(xì)管回到蒸發(fā)器，又開(kāi)始了新的循環(huán)．電冰箱就這樣源源不斷地將冷凍室內(nèi)的熱吸出來(lái)，并散發(fā)到冰箱的外面．

(1)在資料的①、②、③三處，補(bǔ)寫(xiě)上適當(dāng)?shù)膬?nèi)容分別是①________、②________、③________．

(2)冰箱冷凍室內(nèi)溫度很低，那么在室內(nèi)多放幾臺(tái)打開(kāi)冷凍室門(mén)的冰箱長(zhǎng)時(shí)間工作能不能降低室內(nèi)溫度？評(píng)卷人得分四、作圖題(共3題，共12分)25、如圖所示，甲、乙是直線(xiàn)電流的磁場(chǎng)，丙、丁是環(huán)形電流的磁場(chǎng)，戊、己是通電螺線(xiàn)管的磁場(chǎng)，試在各圖中補(bǔ)畫(huà)出電流方向或磁感線(xiàn)方向．

26、示波管的內(nèi)部結(jié)構(gòu)如圖所示．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/、YY/之間都沒(méi)有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請(qǐng)畫(huà)出熒光屏上出現(xiàn)的完整掃描波形圖．

27、圖中表示某一時(shí)刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫(huà)出經(jīng)過(guò)7s后的波形曲線(xiàn)。

評(píng)卷人得分五、實(shí)驗(yàn)題(共2題，共18分)28、如圖所示主尺的最小分度為1mm，游標(biāo)上有20等分的小刻度，則該物體的直徑是_________mm29、如圖所示；虛線(xiàn)框內(nèi)是某個(gè)燈光顯示組件，內(nèi)部三個(gè)小燈光完全相同，由于發(fā)生了故障，被整體拆下后組成圖示的實(shí)驗(yàn)電路進(jìn)行檢測(cè)和數(shù)據(jù)測(cè)定。已知小燈泡的標(biāo)稱(chēng)值為“2.6V，0.2A”，電池電動(dòng)勢(shì)約4V（內(nèi)阻可忽略），電壓表量程0?4V（內(nèi)阻約4k?），電流表量程0?200mA(內(nèi)阻約2?)。

（1）滑動(dòng)變阻器有兩種型號(hào)可供選擇：R1(0?100?，2A)，R2(0?10?，3A)，則應(yīng)選擇_______（填“R1”或“R2”）；

（2）閉合電鍵S1，調(diào)整滑動(dòng)觸頭位置在中間位置附近，結(jié)果小燈泡都不亮，電流表沒(méi)有示數(shù)，將電鍵S2先接a后接b，電壓表顯示的示數(shù)都為2.2V。假設(shè)故障是由一個(gè)燈泡損壞引起的，那損壞的燈泡一定是_______燈，且該燈已經(jīng)_______（填“斷路”或“短路”）了；

（3）用同一型號(hào)的燈泡更換損壞的燈泡后，故障排除，閉合電鍵S1，調(diào)整滑動(dòng)觸頭位置，讀出電流表的示數(shù)I，再將電鍵S2先接a后接b，先后讀出電壓表兩次的示數(shù)U1和U2。然后調(diào)整滑動(dòng)觸頭處于不同的位置進(jìn)行重復(fù)操作。實(shí)驗(yàn)的大部分?jǐn)?shù)據(jù)如下表：。2550751001251501752000.150.300.450.971.351.822.601.793.30

（4）利用實(shí)驗(yàn)得到的數(shù)據(jù)描繪一個(gè)小燈泡的U-I圖線(xiàn)，實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)描點(diǎn)后如圖所示．其中I=100mA處的數(shù)據(jù)沒(méi)有測(cè)定，但可以根據(jù)電路的特點(diǎn)從其它實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)導(dǎo)出，請(qǐng)導(dǎo)出該數(shù)據(jù)后將其補(bǔ)充描繪在圖中，并描出小燈泡的完整的U-I圖線(xiàn)__________________

（5）分析U-I圖線(xiàn)可知，隨著電壓增大，小燈泡電阻的變化情況是__________________

（6）由實(shí)驗(yàn)測(cè)量數(shù)據(jù)可知，要使該燈光顯示組件的功率達(dá)到允許的最大值，可以使用一個(gè)電動(dòng)勢(shì)E=4.00V，內(nèi)阻r=__________?的電池直接連接該組件。（結(jié)果保留2位有效數(shù)字）評(píng)卷人得分六、解答題(共3題，共15分)30、如圖所示，直角坐標(biāo)系的第二象限內(nèi)有沿y軸負(fù)方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，電場(chǎng)強(qiáng)度大小E=1.8×104V/m．在第二象限內(nèi)的a（-0.16m，0.21m）、c（-0.16m，0.11m）兩點(diǎn)之間有一帶電離子發(fā)射帶，能連續(xù)不斷的發(fā)射方向沿x軸正方向、速度大小v0=4.8×105m/s的帶正電離子，離子的比荷=6×107C/kg．在以x軸上的M（0.2m，0）為圓心、半徑R=0.16m的圓形區(qū)域內(nèi)有垂直坐標(biāo)平面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小B=6.25×10-2T．不計(jì)重力及離子之間的相互作用力．

（1）求粒子進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，離子帶的寬度d；

（2）從a、c兩點(diǎn)發(fā)射的離子，都從磁場(chǎng)邊界上的同一點(diǎn)離開(kāi)磁場(chǎng)，求兩離子離開(kāi)磁場(chǎng)時(shí)的速度方向的夾角．31、內(nèi)壁光滑的導(dǎo)熱汽缸豎直浸放在盛有冰水混合物的水槽中，用不計(jì)質(zhì)量的活塞封閉壓強(qiáng)為1.0×105Pa、體積為2.0×10－3m3的理想氣體；現(xiàn)在活塞上方緩緩倒上砂子，使封閉氣體的體積變?yōu)樵瓉?lái)的一半，然后將汽缸移出水槽，緩慢加熱，使氣體溫度變?yōu)?27℃。

（1）求汽缸內(nèi)氣體的最終體積；

（2）在圖上畫(huà)出整個(gè)過(guò)程中汽缸內(nèi)氣體的狀態(tài)變化。（大氣壓強(qiáng)為1.0×105Pa）

32、如圖（a）所示，間距為l、電阻不計(jì)的光滑導(dǎo)軌固定在傾角為θ的斜面上．在區(qū)域I內(nèi)有方向垂直于斜面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B；在區(qū)域Ⅱ內(nèi)有垂直于斜面向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，其磁感應(yīng)強(qiáng)度Bt的大小隨時(shí)間t變化的規(guī)律如圖（b）所示．t＝0時(shí)刻在軌道上端的金屬細(xì)棒ab從如圖位置由靜止開(kāi)始沿導(dǎo)軌下滑，同時(shí)下端的另一金屬細(xì)棒cd在位于區(qū)域I內(nèi)的導(dǎo)軌上由靜止釋放．在ab棒運(yùn)動(dòng)到區(qū)域Ⅱ的下邊界EF處之前，cd棒始終靜止不動(dòng)，兩棒均與導(dǎo)軌接觸良好．已知cd棒的質(zhì)量為m、電阻為R，ab棒的質(zhì)量、阻值均未知，區(qū)域Ⅱ沿斜面的長(zhǎng)度為2l，在t＝tx時(shí)刻（tx未知）ab棒恰進(jìn)入?yún)^(qū)域Ⅱ，重力加速度為g．求：

(1)通過(guò)cd棒電流的方向和區(qū)域I內(nèi)磁場(chǎng)的方向；

(2)ab棒開(kāi)始下滑的位置離EF的距離；

(3)ab棒開(kāi)始下滑至EF的過(guò)程中回路中產(chǎn)生的熱量．參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、D【分析】【詳解】

A.保持R不變，將觸頭P向上移動(dòng)，則增大，再由可知減少，又因?yàn)楦本€(xiàn)圈的總電阻不變，所以通過(guò)副線(xiàn)圈的電流減少，即A2的示數(shù)變??；A1的示數(shù)為。

和都不變，所以A1的示數(shù)不變．故A錯(cuò)誤．

B.保持R不變，將觸頭P向下移動(dòng)，則減少，再由可知增加，副線(xiàn)圈的負(fù)載電阻不變，由可知電源輸出的總功率增大．故B錯(cuò)誤．

C.保持P的位置不動(dòng)，增大R，負(fù)載的總電阻增大，不變，由可知減小，所以A2的示數(shù)減??；A1的示數(shù)為和都不變，所以A1的示數(shù)不變．故C錯(cuò)誤．

D.保持P的位置不動(dòng)，增大R，負(fù)載的總電阻增大，不變，由可知減小，副線(xiàn)圈的輸出功率為減小，由因?yàn)榈墓β什蛔?，所以的功率是減小的；電阻不變，兩端的電壓不變，所以R1的電功率不變．故D正確．2、D【分析】【分析】

由電流的定義可求得電流，再由可求得電子的定向移動(dòng)速度。

【詳解】

由

可得

由

可得

D正確。3、B【分析】【分析】

【詳解】

當(dāng)緩慢升高缸內(nèi)氣體溫度時(shí)，氣體先發(fā)生等容變化，根據(jù)查理定律，缸內(nèi)氣體的壓強(qiáng)P與熱力學(xué)溫度T成正比，圖線(xiàn)是過(guò)原點(diǎn)的傾斜的直線(xiàn)；當(dāng)缸內(nèi)氣體的壓強(qiáng)等于外界的大氣壓時(shí)，氣體發(fā)生等壓膨脹，圖線(xiàn)是平行于T軸的直線(xiàn)。

故選B。4、D【分析】【詳解】

同一部分氣體在兩個(gè)不同體積的情況下的圖像中；0℃時(shí)圖線(xiàn)①壓強(qiáng)大，說(shuō)明其對(duì)應(yīng)的體積小，兩條圖線(xiàn)都是等容變化，且圖線(xiàn)①對(duì)應(yīng)體積小，故ABC錯(cuò)誤，D正確。

故選D。5、C【分析】【分析】

【詳解】

A．在毛細(xì)現(xiàn)象中；液面的上升還是下降與液體的種類(lèi)；毛細(xì)管的材質(zhì)有關(guān)，毛細(xì)管插入不浸潤(rùn)液體中，管內(nèi)液面一般會(huì)下降，A錯(cuò)誤；

B．明礬表現(xiàn)為各向異性；是由于該物質(zhì)的微粒在空間的排列規(guī)則，B錯(cuò)誤；

C．兩分子的間距從無(wú)限接近開(kāi)始；間距逐漸增大的過(guò)程，分子力先做正功后做負(fù)功，則分子勢(shì)能先減少后增加，故兩分子的間距逐漸增大的過(guò)程，則分子勢(shì)能可能先減少，后增加，C正確；

D．在太空的空間站中；自由飄浮的水滴表面張力會(huì)使表面積有縮小的趨勢(shì)，在失重條件下會(huì)使得液體成球狀，D錯(cuò)誤；

故選C。6、D【分析】【詳解】

由法拉第電磁感應(yīng)定律得：E=可知，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)與半徑的平方成正比．

而根據(jù)電阻定律：線(xiàn)圈的電阻為r=ρ=ρ線(xiàn)圈中感應(yīng)電流I=由上綜合得到，感應(yīng)電流與線(xiàn)圈半徑成正比．即IA：IB=RA：RB；因相同導(dǎo)線(xiàn)繞成匝數(shù)分別為n1和n2的圓形線(xiàn)圈，因此半徑與匝數(shù)成反比，故IA：IB=n2：n1=2：1，故D正確，ABC錯(cuò)誤；7、C【分析】【詳解】

根據(jù)閉合電路歐姆定律：光敏電阻的阻值變小，回路電流增大，燈泡電流變大，燈泡變亮；R1兩端電壓：電壓變大，所以電容器兩極板電壓變大，電容器電荷量變大；板間場(chǎng)強(qiáng)變大，初態(tài)電場(chǎng)力與重力平衡，現(xiàn)在場(chǎng)強(qiáng)變大，電場(chǎng)力變大，液滴合力向上，向上運(yùn)動(dòng)，ABD錯(cuò)誤C正確。二、多選題(共8題，共16分)8、B:C:D【分析】【詳解】

A．單晶體具有各向異性；即單晶體沿著各個(gè)方向的物理性質(zhì)和化學(xué)光學(xué)性質(zhì)不同，多晶體具有各向同性，故A選項(xiàng)錯(cuò)誤；

B．布朗運(yùn)動(dòng)是熱運(yùn)動(dòng)的反映，而熱運(yùn)動(dòng)在時(shí)不會(huì)停止；布朗運(yùn)動(dòng)可以繼續(xù)發(fā)生，故B選項(xiàng)正確；

C．由于分子之間的距離為時(shí)；分子勢(shì)能最小，故存在分子勢(shì)能相等的兩個(gè)位置，故C選項(xiàng)正確；

D．熱力學(xué)第一定律揭示了一切跟熱有關(guān)的現(xiàn)象遵循能量守恒定律；故D選項(xiàng)正確；

E．能量轉(zhuǎn)化過(guò)程中；存在能量散失，不能使散失在環(huán)境中的內(nèi)能全部重新收集起來(lái)加以利用，故E選項(xiàng)錯(cuò)誤。

故選BCD。9、A:B:E【分析】【分析】

【詳解】

A.做功和熱傳遞對(duì)改變物體的內(nèi)能是等效的；故A正確；

B.布朗運(yùn)動(dòng)是懸浮在液體中的固體顆粒的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)；布朗運(yùn)動(dòng)間接反應(yīng)了液體分子的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)，故B正確；

C.已知?dú)怏w的摩爾體積和阿伏伽德羅常數(shù)能求出氣體分子所占的體積；但不是氣體分子的體積，故C錯(cuò)誤；

D.熱量能夠自發(fā)地從高溫物體傳到低溫物體；但不能自發(fā)的從低溫物體傳到高溫物體，在外界影響下，熱量也可以從低溫物體傳到高溫物體，如空調(diào)制熱過(guò)程就是熱量從低溫物體傳到高溫物體，故D錯(cuò)誤；

E.與氣體接觸的液體表面分子間距離大于液體內(nèi)部分子間距離，液體表面層的分子間同時(shí)存在相互作用的引力與斥力，但由于分子間的距離大于分子的平衡距離r0；分子引力大于分子斥力，分子力表現(xiàn)為引力，即存在表面張力，表面張力使液體表面有收縮的趨勢(shì)，故E正確。

故選ABE。10、B:C:D【分析】A.熱力學(xué)第二定律有不同的表述：不可能把熱從低溫物體傳到高溫物體而不產(chǎn)生其他影響；不可能從單一熱源取熱使之完全轉(zhuǎn)換為有用的機(jī)械能而不產(chǎn)生其他影響；不可逆熱力學(xué)過(guò)程中熵的增量總是大于零．故A正確；B錯(cuò)誤；

C.滿(mǎn)足能量守恒定律不滿(mǎn)足熱力學(xué)第二定律的物理過(guò)程也不能自發(fā)進(jìn)行；故C錯(cuò)誤；

D.根據(jù)熱力學(xué)第一定律；改變內(nèi)能的方式有兩種：做功和熱傳遞，外界對(duì)物體做功，若物體同時(shí)向外放熱，則物體的內(nèi)能有可能減少，故D錯(cuò)誤．

本題選擇錯(cuò)誤答案，故選BCD.11、A:D【分析】【詳解】

當(dāng)滑片向右滑動(dòng)的過(guò)程中，其有效阻值變小，所以根據(jù)閉合電路歐姆定律得知：干路電流變大，路端電壓變小，電流表讀數(shù)變大，電壓表讀數(shù)變小，小電珠L(zhǎng)變亮．故A正確，B錯(cuò)誤．電源的效率則當(dāng)R減小時(shí)，電源的效率減小，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；與變阻器并聯(lián)的電容器兩端電壓變小，處于電容器C兩板間某點(diǎn)的電勢(shì)降低，則負(fù)點(diǎn)電荷在該點(diǎn)所具有的電勢(shì)能變大，故D正確．故選AD．12、A:C【分析】【詳解】

A；對(duì)矩形線(xiàn)圈受力分析可知所受安培力向上；再由左手定則可知矩形線(xiàn)圈中電流的方向?yàn)槟鏁r(shí)針?lè)较?，故A正確；

B、根據(jù)閉合電路歐姆定律可得解得矩形線(xiàn)圈的電阻故B錯(cuò)誤；

C、根據(jù)平衡條件可得而解得勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小故C正確；

D、開(kāi)始線(xiàn)圈所受安培力的方向向上，僅將磁場(chǎng)反向，則安培力方向反向，變?yōu)樨Q直向下，相當(dāng)于右邊多了兩倍的安培力大小，所以需要在左邊加砝碼，添加質(zhì)量為的砝碼可使天平重新平衡；故D錯(cuò)誤；

故選AC．

【點(diǎn)睛】天平平衡后，僅將磁場(chǎng)反向時(shí)，安培力方向反向，則右邊相當(dāng)于多了或少了兩倍的安培力大?。?3、A:C:D【分析】【詳解】

A．當(dāng)線(xiàn)圈繞N邊轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)；線(xiàn)圈平面始終與磁感線(xiàn)平行，磁通量始終為零，沒(méi)有變化，不會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流，A正確。

B．繞M邊轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)；回路磁通量發(fā)生了改變，有感應(yīng)電流，B錯(cuò)誤。

C．線(xiàn)圈做垂直于磁感線(xiàn)方向的平動(dòng)時(shí)；線(xiàn)圈平面始終與磁感線(xiàn)平行，磁通量始終為零，沒(méi)有變化，不會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流，C正確。

D．線(xiàn)圈做平行于磁感線(xiàn)的運(yùn)動(dòng)，線(xiàn)圈平面始終與磁感線(xiàn)平行，磁通量始終為零，沒(méi)有變化，不會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流，D正確。14、B:D【分析】【詳解】

電阻絲的長(zhǎng)度可表示為

電阻絲的電阻可表示為

流過(guò)電阻絲的電流為

電阻絲所受的安培力為

由于兩電阻絲兩端加相同的電壓；垂直于磁場(chǎng)方向放入同一勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，可知電阻絲所受的安培力與電阻絲的質(zhì)量無(wú)關(guān)，與其橫截面積成正比；

A.若則A錯(cuò)誤；

B.若則B正確；

C.若則C錯(cuò)誤；

D.若則D正確；

故選BD。15、A:C【分析】【分析】

由共點(diǎn)力的平衡條件可知液滴的受力情況；要使液滴向上運(yùn)動(dòng)，應(yīng)增大兩板間的電勢(shì)差；由根據(jù)閉合電路歐姆定律可知應(yīng)采取何種措施；注意二極管的作用可以阻止電容器上的電量流出．

【詳解】

A．要使液滴向上運(yùn)動(dòng)；則應(yīng)增大液滴受到的電場(chǎng)力；即應(yīng)增大兩板間的電勢(shì)差；熱敏電阻加熱時(shí)，熱敏電阻阻值減小，則由閉合電路歐姆定律可知，滑動(dòng)變阻器兩端的電壓增大，故電容器兩端的電壓增大，液滴向上運(yùn)動(dòng)，故A正確；

B．當(dāng)變阻器的滑片向上移動(dòng)時(shí)，滑動(dòng)變阻器接入電阻減小，則總電流增大，內(nèi)壓及R0兩端的電壓增大；則滑動(dòng)變阻器兩端的電壓減小，故不會(huì)充電，電容器兩端的電勢(shì)差不變，故B錯(cuò)誤；

C．開(kāi)關(guān)S斷開(kāi)時(shí)；電容器直接接在電源兩端，電壓增大，則液滴向上運(yùn)動(dòng)，故C正確；

D．電容器C的上極板向上移動(dòng)，d增大；則電容C減小，由于二極管具有單向?qū)щ娦?，電荷不?huì)向右流出，所以電容器兩端的電勢(shì)差增大，由于C＝E＝U/d．所以：E＝由于極板上的電量不變，而場(chǎng)強(qiáng)E與極板之間的距離無(wú)關(guān)，所以電場(chǎng)強(qiáng)度E不變，液滴仍然靜止，故D錯(cuò)誤；

故選AC．三、填空題(共9題，共18分)16、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2]溫度越高；分子無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)越劇烈。傍晚的溫度高，傍晚時(shí)空氣分子無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)更劇烈些；

[3]溫度相同時(shí)；分子的平均動(dòng)能相同，分子質(zhì)量小的分子的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)更劇烈。所以PM2.5微粒的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)更劇烈些；

[4]飽和汽壓強(qiáng)未知，所以不能比較出早晨時(shí)空氣的絕對(duì)濕度跟傍晚是否相同?！窘馕觥堪戆鞵M2.5不能17、略

【分析】【分析】

由圖可明確AB沿電場(chǎng)線(xiàn)上的距離，再根據(jù)勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度公式求出場(chǎng)強(qiáng)的大小．

【詳解】

由得：即電場(chǎng)強(qiáng)度為500V/m．

【點(diǎn)睛】

本題考查勻強(qiáng)電場(chǎng)中電場(chǎng)強(qiáng)度和電勢(shì)差之間的關(guān)系，要注意明確公式中的d為沿電場(chǎng)線(xiàn)方向上的距離．【解析】500V/m;18、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】50019、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）毫米刻度尺要估讀到毫米下一位。

（2）如圖。

（3）由圖像可得最低溫度為-25℃，t=0℃時(shí)；水銀的長(zhǎng)度為50.0mm，即每升高1℃水銀柱上升2mm；

138.0mm-50.0mm=88.0mm即最高溫度為44℃。

（4）溫度升高，玻璃泡體積增大，水銀高度降低，造成測(cè)量溫度偏小?！窘馕觥?38.0-2544偏小20、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]AB延長(zhǎng)線(xiàn)過(guò)原點(diǎn)，即AB過(guò)程的V與T成正比，故A到B過(guò)程為等壓過(guò)程，對(duì)A到B的過(guò)程運(yùn)用蓋－呂薩克定律可得

代入圖象中的數(shù)據(jù)可得氣體在狀態(tài)B時(shí)的溫度

[2]因?yàn)闅怏w是一定質(zhì)量的理想氣體，而一定質(zhì)量的理想氣體的內(nèi)能只跟溫度有關(guān)，因?yàn)?/p>

所以A與C的內(nèi)能相同，故A到B內(nèi)能的增加量等于B到C內(nèi)能的減小量，即

根據(jù)熱力學(xué)第一定律可得

A到B過(guò)程氣體對(duì)外做功，故

又已知

可得

根據(jù)熱力學(xué)第一定律可得

B到C為等容過(guò)程，故

所以

故氣體向外放出的熱量為140J?！窘馕觥?0014021、略

【分析】【分析】

【詳解】

(1)[1]由圖知從狀態(tài)A到B；對(duì)應(yīng)的體積不變，故氣體經(jīng)歷的是等容變化；

(2)[2]理想氣體的內(nèi)能置于溫度有關(guān)，從B到C的過(guò)程中溫度不變，則氣體的內(nèi)能不變；【解析】等容不變22、略

【分析】【分析】

振動(dòng)圖像描述的是一個(gè)質(zhì)點(diǎn)在不同時(shí)刻離開(kāi)平衡位置的位移；波的圖像描述的是同一時(shí)刻各個(gè)質(zhì)點(diǎn)的位移.

【詳解】

振動(dòng)圖像描述的是一個(gè)質(zhì)點(diǎn)在不同時(shí)刻離開(kāi)平衡位置的位移，則圖像b是振動(dòng)圖像；圖a是波的圖像；物理意義是同一時(shí)刻各個(gè)質(zhì)點(diǎn)的位移(或者相對(duì)平衡位置的位移)．

【點(diǎn)睛】

本題要理解振動(dòng)圖象和波動(dòng)圖象各自的物理意義；知道振動(dòng)圖像是“照相機(jī)”；波的圖像是“錄像機(jī)”.【解析】b同一時(shí)刻各個(gè)質(zhì)點(diǎn)的位移(或者相對(duì)平衡位置的位移)23、略

【分析】【詳解】

根據(jù)光子的動(dòng)量公式取入射的方向?yàn)檎较颍瑒t光子動(dòng)量的變化量為

【點(diǎn)睛】

光子的動(dòng)量的公式以及動(dòng)量的矢量性．【解析】①.②.24、略

【分析】（1）氟利昂在冰箱內(nèi)部的蒸發(fā)器里面汽化；吸收冰箱內(nèi)的內(nèi)能，使冰箱內(nèi)的溫度降低．?dāng)y帶有冰箱里面內(nèi)能的氟利昂，到了冰箱外面的冷凝器里液化，液化放熱，將冰箱內(nèi)部的內(nèi)能轉(zhuǎn)移到冰箱的外面．故答案為①吸；②降低；③放；

（2）冰箱工作時(shí)，只不過(guò)是將冰箱內(nèi)部的能量轉(zhuǎn)移到冰箱的外面．冰箱工作一段時(shí)間，內(nèi)部的溫度雖然降低了，但外界的溫度由于能量的增加而升高．若打開(kāi)冰箱門(mén)，會(huì)出現(xiàn)部分內(nèi)能從冰箱內(nèi)到冰箱外的房間，再由房間到冰箱內(nèi)的循環(huán)．室內(nèi)的總內(nèi)能并沒(méi)有減少，所以，室內(nèi)溫度不會(huì)降低．故答案為不能．【解析】吸降低放不能四、作圖題(共3題，共12分)25、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場(chǎng)方向，也可以通過(guò)磁場(chǎng)方向來(lái)確定電流的方向；

圖甲；已知磁場(chǎng)方向，順時(shí)針?lè)较?，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側(cè)的磁場(chǎng)的方向向里，左側(cè)的磁場(chǎng)的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場(chǎng)方向，則可知電流方向，逆時(shí)針?lè)较颍?/p>

圖?。画h(huán)形電流從左側(cè)流入，從右側(cè)流出，所以磁場(chǎng)的方向向下；

圖戊；根據(jù)螺線(xiàn)管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線(xiàn)管的磁場(chǎng)的方向向左；

圖已；根據(jù)螺線(xiàn)管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線(xiàn)管的磁場(chǎng)的方向向右．如圖所示：

【解析】26、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時(shí)間內(nèi)才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T(mén)，所以在水平方向的一次水平掃描的過(guò)程中，豎直方向由2個(gè)周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達(dá)熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測(cè)信號(hào)在一個(gè)周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象．XX′偏轉(zhuǎn)電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為T(mén)，即在一個(gè)周期T的時(shí)間內(nèi)完成一次水平方向的掃描，同時(shí)豎直方向的周期為T(mén)，所以在水平方向的一次水平掃描的過(guò)程中，豎直方向也完成一個(gè)周期性的變化；y方向的電壓大小不變，方向每半個(gè)周期變化一次，結(jié)合電子到達(dá)熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以B圖中的掃描圖形如圖．

考點(diǎn)：考查了示波器的工作原理。

【名師點(diǎn)睛】本題關(guān)鍵要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏轉(zhuǎn)電壓上加的是待顯示的信號(hào)電壓，XX′偏轉(zhuǎn)電極通常接入鋸齒形電壓，即掃描電壓，當(dāng)信號(hào)電壓與掃描電壓周期相同時(shí)，就可以在熒光屏上得到待測(cè)信號(hào)在一個(gè)周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象【解析】27、略

【分析】【分析】

【詳解】

7s波向前傳播的距離為

7s后，故x=3.5m位置的原圖中x=0位置的振動(dòng)情況相同；因此作出以下圖形。

【解析】五、實(shí)驗(yàn)題(共2題，共18分)28、略

【分析】【分析】

游標(biāo)卡尺的讀數(shù)等于主尺讀數(shù)加上游標(biāo)讀數(shù)；不需估讀.

【詳解】

游標(biāo)卡尺主尺讀數(shù)為8mm，游標(biāo)讀數(shù)為0.05mm×11=0.55mm，則游標(biāo)卡尺的讀數(shù)為8.55mm．【解析】8.55;29、略

【分析】【詳解】

（1）[1]滑動(dòng)變阻器選用分壓電路，故選用阻值較小的R2

（2）[2][3]閉