2025年人教版PEP高三物理下冊月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年人教版PEP高三物理下冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、1kg的物體被人用手由靜止向上提升1m，這時物體的速度為2m/s．則下列說法不正確的是（）A.手對物體做功12JB.合外力對物體做功12JC.合外力對物體做功2JD.物體克服重力做功10J2、作用于一個物體上的兩個共點力，大小分別為20N、30N，則它們的合力大小可能是（）A.60NB.28NC.8ND.5N3、物理學(xué)是一門以實驗為基礎(chǔ)的學(xué)科，許多物理定律就是在大量實驗的基礎(chǔ)上總結(jié)出來的規(guī)律．但有些物理規(guī)律或物理關(guān)系的建立并不是直接從實驗得到的，而是經(jīng)過了理想化或合理外推．下列選項中屬于這種情況的是（）A.牛頓第一定律B.牛頓第二定律C.玻意耳定律D.法拉第電磁感應(yīng)定律4、物體做勻減速直線運動；最后停了下來．對該運動過程，以下說法中正確的是（）

A.速度和加速度都隨時間減小。

B.速度和位移都隨時間減小。

C.速度隨時間減?。晃灰齐S時間增加。

D.速度為零時；物體的位移也為零。

5、振源S在O點做豎直方向的簡諧運動，頻率為10Hz，t=0時刻向右傳播的簡諧橫波如圖所示（向左傳播的簡諧橫波圖中未畫出）。則以下說法正確的是（）A.t=0時，x=－2m處的質(zhì)點振動方向向上B.t=0.175s時，x=－1m處的質(zhì)點處在波谷位置C.t=0.175s時，x=1m處的質(zhì)點處在波峰位置D.波速大小為10m/s6、如圖所示，天花板上固定有一光滑的定滑輪，繞過定滑輪且不可伸長的輕質(zhì)細(xì)繩左端懸掛一質(zhì)量為M

的鐵塊；右端懸掛有兩質(zhì)量均為m

的鐵塊，上下兩鐵塊用輕質(zhì)細(xì)線連接，中間夾一輕質(zhì)彈簧處于壓縮狀態(tài)，此時細(xì)線上的張力為2mg

，最初系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)。某瞬間將細(xì)線燒斷，則左端鐵塊的加速度大小為()A.23g

B.13g

C.14g

D.g

7、如圖所示，“U”形金屬框架固定在水平面上，處于豎直向下的勻強磁場中．a(chǎn)b棒以水平初速度v0向右運動，下列說法正確的是（）A.ab棒做勻減速運動B.回路中電流均勻減小C.a點電勢比b點電勢低D.ab棒受到水平向左的安培力8、如圖所示，將完全相同的兩小球A、B用長為L=0.8m的細(xì)繩懸于以v=2m/s向右運動的小車頂部，兩小球與小車前后豎直壁接觸，由于某種原因，小車突然停止，此時懸線中張力之比FB：FA為（g=10m/s2）（）A.1：1B.1：2C.1：3D.1：4評卷人得分二、多選題(共7題，共14分)9、（2013春?榮成市校級月考）如圖所示電路，電源的電動勢為E，內(nèi)阻為r．用PR表示電源的輸出功率；用Pr表示電源內(nèi)阻消耗的功率．以下說法正確的是（）A.根據(jù)公式U=IR可知，當(dāng)I增大時，U隨著增大B.根據(jù)公式U=E-Ir可知，當(dāng)I增大時，U隨著減小C.根據(jù)公式PR=I2R可知，當(dāng)I增大時，PR隨著增大D.根據(jù)公式PR=IE-I2r可知，當(dāng)I=時PR有最大值10、下列各項中，哪些是為了防止離心運動的危害？（）A.高速轉(zhuǎn)動的砂輪、飛輪等，都不得超過允許的最大轉(zhuǎn)速B.洗衣機的脫水桶甩干衣服C.衛(wèi)星從低軌道變到高軌道時要加速D.修建高速公路時，拐彎處一般都外側(cè)高內(nèi)側(cè)低11、（2015秋?貴陽期末）如圖所示，a、b分別表示由同種材料制成的兩條長度相同、粗細(xì)均勻的電阻絲的伏安特性曲線，下列判斷中正確的是（）A.a電阻絲比b電阻絲細(xì)B.圖線表示電阻絲的阻值與電壓成正比C.兩電阻絲并聯(lián)在電路中時，a的電流大于b的電流D.兩電阻絲串聯(lián)在電路中時，a消耗的功率小于b消耗的功率12、把兩個完全相同的金屬球A和B接觸一下，再分開一小段距離，則A、B兩球的相互作用可能情況是（）A.相互吸引B.相互排斥C.既不吸引也不排斥D.C都有可能13、小羽同學(xué)研究自由落體運動時，做了如下的實驗：在斜面上任取三個位置A、B、C．讓小球分別由A、B、C滾下，如圖所示，A、B、C與斜面底端的距離分別為s1、s2、s3，小球由A、B、C運動到斜面底端的時間分別為t1、t2、t3，小球由A、B、C運動到斜面底端時的速度分別為v1，v2、v3，則下列關(guān)系式是正確的且能用來證明小球沿光滑斜面向下運動是勻變速直線運動的是（）A.==B.==C.==D.s1-s2=s2-s314、下列說法中正確的是（）A.元電荷實質(zhì)上是指電子和質(zhì)子本身B.一個電子，在任何情況下均可視為點電荷C.所有帶電體的電荷量一定等于元電荷的整數(shù)倍D.一個帶電體能否看成點電荷，不是看它的尺寸的絕對值，而是看它的形狀和尺寸對相互作用力的影響能否忽略不計15、關(guān)于光電效應(yīng)，下列說法正確的是（）A.愛因斯坦用光子說成功解釋了光電效應(yīng)B.入射光的頻率低于極限頻率就不能發(fā)生光電效應(yīng)C.光電子的最大初動能與入射光的強度成正比D.光電子的最大初動能與入射光頻率成正比評卷人得分三、填空題(共9題，共18分)16、如圖為一交流電的電壓與時間圖象，它的有效值為____V．

17、已知船在靜水中的速度大小為4m/s，河水的流速處處相同，且大小為2m/s，測得該船經(jīng)180s到達(dá)河的正對岸，則河寬為____m，該船渡此河的最短時間為____S．18、（2013春?廣河縣校級期中）邏輯電路在電子線路中有著重要的應(yīng)用．某同學(xué)利用“非”門電路設(shè)計了一個路燈自動控制門電路．天黑了，讓路燈自動接通；天亮了，讓路燈自動熄滅．下圖中RG是一個光敏電阻；當(dāng)有光線照射時，光敏電阻的阻值會顯著減小．R是可調(diào)電阻，起分壓作用．“非”門電路能將輸入的高壓信號轉(zhuǎn)變?yōu)榈蛪盒盘枺驅(qū)⒌蛪盒盘栟D(zhuǎn)變?yōu)楦邏盒盘枺甁為路燈總開關(guān)控制繼電器，它在獲得高壓時才啟動（圖中未畫路燈電路）．

（1）當(dāng)天黑時，RG變____，“非”門電路獲得____電壓，J得到____電壓．（填“大”；“小”或“高”、“低”）

（2）如果路燈開關(guān)自動接通時天色還比較亮，現(xiàn)要調(diào)節(jié)自動控制裝置，使得它在天色較黑時才會自動接通開關(guān)，應(yīng)將R調(diào)____（填“大”或“小”）一些．19、質(zhì)點向南運動8m，接著又向東運動6m．那么質(zhì)點運動的路程是____m，質(zhì)點位移的大小是____m．20、如圖所示，a、b、c是某電場中一條電場線AB上的三點，且Aa=ab=bc=cB，用φa、φb、φc和Ea、Eb、Ec分別表示三點的電勢和電場強度大小；

（1）若該電場是勻強電場，則φa、φb、φc的大小關(guān)系為____，Ea、Eb、Ec的大小關(guān)系為____；

（2）若該電場是B處的點電荷產(chǎn)生的，則φa、φb、φc的大小關(guān)系為____，Ea、Eb、Ec的大小關(guān)系為____．21、（2016春?江門校級期中）做圓軌道上穩(wěn)定運行的飛船內(nèi)；宇航員為了驗證向心力公式，設(shè)計了如圖所示的裝置（圖中O為光滑的小孔）：給待測物體一個初速度，使它在水平桌面上做勻速圓周運動．該飛船內(nèi)具有基本測量工具．

（1）實驗時需要測量的物理量是____；（寫出描述物理量的文字和符號）

（2）若向心力公式成立，則上述物理量的關(guān)系式：____．22、（1）如圖1所示；是某同學(xué)在做勻變速直線運動實驗中獲得的一條紙帶：

①已知打點計時器電源頻率為50Hz，則紙帶上打相鄰兩點的時間間隔為____s．

②ABCD是紙帶上四個計數(shù)點，每兩個相鄰計數(shù)點間有四個點沒有畫出．從圖中讀出A、B兩點間距x=____cm；C點對應(yīng)的速度是____m/s（計算結(jié)果保留三位有效數(shù)字）．

（2）在“描繪小電珠的伏安特性曲線”實驗中；所用器材有：小電珠（2.5V0.6W），滑動變阻器，多用電表，電流表，學(xué)生電源，開關(guān)，導(dǎo)線若干．

①實驗所用電路圖，如圖2所示，連好電路后，開關(guān)閉合前，圖2中滑動變阻器R的滑片應(yīng)置于____（填“a端”、“b端”或“ab正中間”）．

②閉合開關(guān)，向b端調(diào)節(jié)滑動變阻器R的滑片，發(fā)現(xiàn)“電流表的示數(shù)為零，電壓表的示數(shù)逐漸增大”，則分析電路的可能故障為____．

A．小燈泡短路B．小燈泡斷路。

C．電流表斷路D．滑動變阻器斷路。

③“天宮一號”采用太陽能電池供電．太陽能電池在有光照時；可以將光能轉(zhuǎn)化為電能，在沒有光照時，可視為一個電學(xué)器件．某實驗小組根據(jù)測繪小燈泡伏安特性曲線的實驗方法，探究一個太陽能電池在沒有光照時（沒有儲存電能）的I-U特性．所用器材有：太陽能電池；電源E、電流表A、電壓表V、滑動變阻器R、開關(guān)S和導(dǎo)線若干．

a．為了達(dá)到上述目的；請將下圖所示器材連成一個完整的實驗電路圖．

b．該實驗小組根據(jù)實驗得到的數(shù)據(jù)，描點繪出了如圖4所示的U-I圖象．由圖可知，當(dāng)電壓小于1.5V時，太陽能電池的電阻____．（填“很大”或“很小”）

23、一電子沿一圓周順時針方向高速運動，周期為10-10s，則等效電流大小為____A，電流方向是____（填“順時針”或“逆時針”）24、（2010秋?諸暨市校級期中）如圖所示，導(dǎo)體ab長L=0.5m，放在B=0.4T的勻強磁場中，磁場方向垂直金屬線框所在平面向里，電阻R1=4Ω，R2=4Ω，導(dǎo)體ab的電阻為4Ω，他連接電路的導(dǎo)線電阻忽略不計，若使ab以v=3m/s的速度向右勻速運動，則導(dǎo)體ab上的a端電勢比b端電勢____（填“高”或“低”或“相等”），Uab=____V，通過電阻R1的電流強度為____A，通過ab的電流為____A，作用于導(dǎo)體ab的外力F為____N．評卷人得分四、判斷題(共1題，共3分)25、某時刻一個分子的速度的大小和方向是偶然的．____．（判斷對錯）評卷人得分五、簡答題(共3題，共24分)26、煤炭燃燒時產(chǎn)生的大量rm{SO_{2}}rm{NO}對環(huán)境影響極大。rm{(1)}使用清潔能源可有效減少rm{SO_{2}}等的排放。煤的液化是現(xiàn)代能源工業(yè)中重點推廣的能源綜合利用方案，最常見的液化方法為用煤生產(chǎn)rm{CH_{3}OH}已知制備甲醇的有關(guān)化學(xué)反應(yīng)及平衡常數(shù)如下：rm{i}rm{CO_{2}(g)+3H_{2}(g)rightleftharpoonsCH_{3}OH(g)+H_{2}O(g)triangleH_{1}=-90.8kJ隆隴mol^{-1}}rm{CO_{2}(g)+3H_{2}(g)rightleftharpoons

CH_{3}OH(g)+H_{2}O(g)triangleH_{1}=-90.8kJ隆隴mol^{-1}}rm{CO(g)+H_{2}O(g)rightleftharpoonsCO_{2}(g)+H_{2}(g)}rm{triangleH_{2}=-41.2kJ隆隴mol^{-1}}rm{ii}rm{CO(g)+2H_{2}(g)rightleftharpoonsCH_{3}OH(g)}rm{CO(g)+H_{2}O(g)rightleftharpoons

CO_{2}(g)+H_{2}(g)}rm{triangle

H_{2}=-41.2kJ隆隴mol^{-1}}時，三個反應(yīng)的平衡常數(shù)分別為rm{iii}rm{CO(g)+2H_{2}(g)rightleftharpoons

CH_{3}OH(g)}rm{triangleH_{3}}甲醇還可以與乙酸反應(yīng)制香料，反應(yīng)為：rm{CH_{3}OH(1)+CH_{3}COOH(1)rightleftharpoonsCH_{3}COOCH_{3}(1)+H_{2}O(1)}rm{850隆忙}________；制香料反應(yīng)的平衡常數(shù)rm{K_{1}=160}的表達(dá)式為________。rm{K_{2}=243}時，在密閉容器中進(jìn)行反應(yīng)rm{K3=160}開始時只加入rm{CH_{3}OH(1)+CH_{3}COOH(1)rightleftharpoons

CH_{3}COOCH_{3}(1)+H_{2}O(1)}rm{壟脵triangleH_{3}=}反應(yīng)rm{K}后測得各組分的濃度如下表。比較正、逆反應(yīng)的速率的大?。簉m{壟脷850隆忙}________rm{i}填“rm{CO_{2}}”、“rm{H_{2}}”或“rm{10min}”rm{v_{脮媒}}。rm{v_{脛忙}(}物質(zhì)rm{H_{2}}rm{CO_{2}}rm{CH_{3}OH}rm{H_{2}O}濃度rm{/mol隆隴L^{-1}}rm{0.2}rm{0.2}rm{0.4}rm{0.4}rm{(2)}研究人員發(fā)現(xiàn)，將煤炭在rm{O_{2}/CO_{2}}的氣氛下燃燒，能夠降低燃煤時rm{NO}的排放，主要反應(yīng)為：rm{2NO(g)+2CO(g)rightleftharpoonsN_{2}(g)+2CO_{2}(g)}在一定溫度下，于rm{2NO(g)+2CO(g)rightleftharpoons

N_{2}(g)+2CO_{2}(g)}的恒容密閉容器中充入rm{2L}和rm{0.1molNO}發(fā)生該反應(yīng)，如圖為容器內(nèi)的壓強rm{0.3molCO}與起始壓強rm{(P)}的比值rm{(P_{0})}隨時間的變化曲線。rm{(p/p_{0})}內(nèi)，該反應(yīng)的平均反應(yīng)速率rm{壟脵0隆蘆5min}________；平衡時rm{v(N_{2})=}的轉(zhuǎn)化率為________。rm{NO}若rm{壟脷}時，向該容器中再充入rm{13min}rm{0.06molCO}時再次達(dá)到平衡，此時容器內(nèi)rm{15min}的比值應(yīng)在圖中rm{p/p_{0}}點的________rm{A}填“上方”或“下方”rm{(}rm{)}以連二硫酸鹽rm{(3)}為媒介，使用問接電化學(xué)法也可處理燃煤煙氣中的rm{(S_{2}O_{4}^{2-})}裝置如圖所示：rm{NO}陰極區(qū)的電極反應(yīng)式為________。rm{壟脵}吸收轉(zhuǎn)化后的主要產(chǎn)物為rm{壟脷NO}若通電時電路中轉(zhuǎn)移了rm{NH_{4}^{+}}則此通電過程中理論上吸收的rm{0.3mole^{-}}在標(biāo)準(zhǔn)狀況下的體積為________rm{NO}rm{mL}27、rm{(I)mathbf{{TiC}}mathbf{l}_{mathbf{4}}}是由鈦精礦rm{mathbf{(}}主要成分為rm{mathbf{{Ti}}mathbf{O}_{mathbf{2}}mathbf{)}}制備鈦rm{mathbf{(Ti)}}的重要中間產(chǎn)物，制備純rm{mathbf{{TiC}}mathbf{l}_{mathbf{4}}}的流程示意圖如下：

資料：rm{mathbf{{TiC}}mathbf{l}_{mathbf{4}}}及所含雜質(zhì)氯化物的性質(zhì)?；衔飏m{mathbf{{SiC}}mathbf{l}_{mathbf{4}}}rm{mathbf{{TiC}}mathbf{l}_{mathbf{4}}}rm{mathbf{{AlC}}mathbf{l}_{mathbf{3}}}rm{mathbf{{FeC}}mathbf{l}_{mathbf{3}}}rm{mathbf{{MgC}}mathbf{l}_{mathbf{2}}}沸點rm{mathbf{{/隆忙}}}rm{58}rm{136}rm{mathbf{181(}}升華rm{mathbf{)}}rm{316}rm{1412}熔點rm{mathbf{{/隆忙}}}rm{mathbf{{-}69}}rm{25}rm{193}rm{304}rm{714}在rm{mathbf{{TiC}}mathbf{l}_{mathbf{4}}}中的溶解性互溶rm{mathbf{{-}}}微溶難溶rm{(1)}氯化過程：rm{mathbf{{壟脵}}}沸騰爐中加碳氯化生成rm{mathbf{{TiC}}mathbf{l}_{mathbf{4}}mathbf{(g)}}和rm{mathbf{CO(g)}}的化學(xué)方程式：______．

rm{mathbf{{壟脷}}}氯化反應(yīng)的尾氣須處理后排放，尾氣中的rm{HCl}和rm{mathbf{C}mathbf{l}_{mathbf{2}}}經(jīng)吸收可得粗鹽酸、rm{mathbf{{FeC}}mathbf{l}_{mathbf{3}}}溶液，則尾氣的吸收液依次是______rm{(2)}精制過程：粗rm{mathbf{{TiC}}mathbf{l}_{mathbf{4}}}經(jīng)兩步蒸餾得純rm{mathbf{{TiC}}mathbf{l}_{mathbf{4}}mathbf{{.}}}示意圖如下：物質(zhì)rm{a}是______，rm{mathbf{T}_{mathbf{2}}}應(yīng)控制在______．

rm{(II).SCR}和rm{NSR}技術(shù)可有效降低柴油發(fā)動機在空氣過量條件下的rm{NO_{x}}排放．

rm{(1)SCR(}選擇性催化還原rm{)}工作原理：

rm{壟脵}尿素rm{[CO(NH_{2})_{2}]}水溶液熱分解為rm{NH_{3}}和rm{CO_{2}}該反應(yīng)的化學(xué)方程式：______．

rm{壟脷}當(dāng)燃油中含硫量較高時，尾氣中rm{SO_{2}}在rm{O_{2}}作用下會形成rm{(NH_{4})_{2}SO_{4}}使催化劑中毒rm{.}用化學(xué)方程式表示rm{(NH_{4})_{2}SO_{4}}的形成：__________________．

rm{壟脹}尿素溶液濃度影響rm{NO_{2}}的轉(zhuǎn)化，測定溶液中尿素rm{(M=60g?mol^{-1})}含量的方法如下：取rm{ag}尿素溶液，將所含氮完全轉(zhuǎn)化為rm{NH_{3}}所得rm{NH_{3}}用過量的rm{v_{1}}rm{mL}rm{c_{1}}rm{mol?L^{-1}H_{2}SO_{4}}溶液吸收完全，剩余rm{H_{2}SO_{4}}用rm{v_{2}mL}rm{c_{2}}rm{mol?L^{-1}NaOH}溶液恰好中和；則尿素溶液中溶質(zhì)的質(zhì)量分?jǐn)?shù)是________．

rm{(2)NSR(NO_{x}}儲存還原rm{)}工作原理：rm{NO_{x}}的儲存和還原在不同時段交替進(jìn)行，如圖rm{a}所示．

rm{壟脵}通過rm{BaO}和rm{Ba(NO_{3})_{2}}的相互轉(zhuǎn)化實驗rm{NO_{x}}的儲存和還原rm{.}儲存rm{NO_{x}}的物質(zhì)是__________．

rm{壟脷}用rm{H_{2}}模擬尾氣中還原性氣體研究了rm{Ba(NO_{3})_{2}}的催化還原過程，該過程分兩步進(jìn)行，圖rm表示該過程相關(guān)物質(zhì)濃度隨時間的變化關(guān)系rm{.}第一步反應(yīng)消耗的rm{H_{2}}與rm{Ba(NO_{3})_{2}}的物質(zhì)的量之比是__________．28、亞硝酰氯rm{(NOCl)}是有機合成中rm{ffi}重要試劑，可由rm{NO}與rm{Cl_{2}}在常溫常壓rm{(}或稍低溫度rm{)}下合成，其熔點rm{-64.5隆忙}沸點rm{-5.5隆忙}遇水易水解。實驗室模擬制備裝置如圖所示rm{(}部分夾持裝置省略rm{)}rm{D}中三頸燒瓶置于rm{-10隆忙}冰鹽水中。經(jīng)查閱資料，相關(guān)物質(zhì)性質(zhì)如下：rm{壟脵NO_{2}}熔點rm{-64.5隆忙}沸點rm{-5.5隆忙}可發(fā)生反應(yīng)rm{Cl_{2}+2NO_{2}=2NClO_{2}}rm{壟脷NO}與rm{NaOH}溶液不反應(yīng)，但rm{NO_{2}+NO+2NaOH=2NaNO_{2}+H_{2}O}rm{NO_{2}+NO+2NaOH

=2NaNO_{2}+H_{2}O}儀器甲的名稱是__________。rm{(1)}圖示裝置中恒壓漏斗與分液漏斗相比，其優(yōu)點為____________________。rm{(2)}分子中各原子均滿足rm{(3)NOCl}電子穩(wěn)定結(jié)構(gòu)，則rm{8}的電子式為_________。rm{NOCl}實驗開始時，先打開rm{(4)}rm{K_{1}}關(guān)閉rm{K_{2}}打開分液漏斗活塞滴人適量稀硝酸，至rm{K_{3}}中紅棕色完全消失后，關(guān)閉rm{C}rm{K_{1}}此時裝置rm{K_{2}}的作用為___________________________________；滴入適量濃鹽酸，點燃酒精燈，當(dāng)______rm{C}填裝置符號rm{(}中充滿黃綠色氣體時，打開rm{)}rm{K_{1}}制備rm{K_{3}}rm{NOCl}裝置乙中裝有無水rm{(5)}其作用為______________________________；丙為尾氣處理裝置，則最佳選擇為_________。rm{CaCl_{2}}若實驗開始時，先關(guān)閉rm{(6)}打開rm{K_{2}}rm{K_{1}}，使rm{K_{3}}與rm{NO}直接反應(yīng)制備rm{Cl_{2}}會引起什么后果_________________________________。rm{NOC1}評卷人得分六、識圖作答題(共1題，共4分)29、將玉米種子置于25℃、黑暗、水分適宜的條件下萌發(fā)，每天定時取相同數(shù)量的萌發(fā)種子，一半直接烘干稱重，另一半切取胚乳烘干稱重，計算每粒的平均干重，結(jié)果如圖1所示。同時，測定不同時間種子中相關(guān)物質(zhì)的含量，如圖2。若只考慮種子萌發(fā)所需要的營養(yǎng)物質(zhì)來源于胚乳，回答下列問題。

（1）萌發(fā)過程中，可溶性糖的含量變化是____，原因是____。（2）若增加適宜光照，120小時后萌發(fā)種子（已有胚芽）的有機物總量變化趨勢是____（填“上升或下降”），原因是____。（3）圖2表明，糖類和蛋白質(zhì)的關(guān)系是____。這個過程中，種子增加的主要元素是____（填C、N或O）。說明有機物的種類變化是____（填增多或減少）。參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、B【分析】【分析】由物體的運動的情況可以求得物體的加速度的大小，根據(jù)牛頓第二定律可以求得物體受到的支持力的大小，從而可以根據(jù)功的公式求出各個力對物體做的功的大小【解析】【解答】解：根據(jù)物體的運動的狀態(tài)，由V2-V02=2ax可得；

物體的加速度a==m/s2=2m/s2；

對物體受力分析可知；

F-mg=ma；

所以F=mg+ma=12N；

A；所以手對物體做功為W=Fh=12×1J=12J；故A正確；

BC、物體受到的合力大小為F合=ma=2N；

所以合力的功為W合=F合h=2×1J=2J；故B錯誤，C正確；

D、物體重力做的功為WG=-mgh=-10J；所以物體克服重力做功10J，故D正確．

本題是不正確的，故選：B．2、B【分析】【分析】解答本題需掌握：兩共點力合成時；當(dāng)兩力同向時，合力最大，兩力反向時合力最?。?/p>

合力隨著兩分力夾角的增大而減小，合力范圍為：F1+F2≥F≥|F1-F2|．【解析】【解答】解：由于合力范圍為F1+F2≥F≥|F1-F2|；故。

50N≥F≥10N；故B正確，ACD錯誤；

故選：B．3、A【分析】【分析】明確各個定律的特點以及理想實驗的應(yīng)用即可正確解答本題．【解析】【解答】解：不受力的實驗只能是理想實驗；是無任何實驗誤差的思維實驗，嚴(yán)格來說“不受力”的條件真實實驗不能滿足，只能靠思維的邏輯推理去把握，故牛頓第一定律是不可以通過實驗直接得以驗證的，而牛頓第二定律；玻意耳定律、法拉第電磁感應(yīng)定律等均是實驗定律，故BCD錯誤，A正確．

故選A．4、C【分析】

物體向前做勻減速直線運動，根據(jù)v=v+at知；a為負(fù)值，則速度v均勻減小，因為物體一直向前運動，所以位移逐漸增大．故C正確，A；B、D錯誤．

故選C．

【解析】【答案】做勻減速直線運動的物體；速度逐漸減小，位移逐漸增大．

5、B【分析】從圖中可以看出，向右傳播的波，傳播到質(zhì)點2m時，質(zhì)點向下振動，A錯；波長為2m，周期為1/f=0.1s，波速v=λf=20m/s，t=0.175s時x=－1m處的質(zhì)點和x=1m處的質(zhì)點振動振動到波谷位置，B對；C錯；D錯；【解析】【答案】B6、A【分析】解：由題意可知，燒斷細(xì)線前輕繩了上的張力為2mg2mg根據(jù)平衡條件可知M=2mM=2m以右上端的鐵塊為研究對象，根據(jù)平衡條件可知，燒斷細(xì)線前彈簧的彈力為mgmg方向向上；細(xì)線燒斷的瞬時，鐵塊MM與右上的鐵塊mm間的輕繩張力也會發(fā)生變化，但二者的加速度大小相同，沿繩子方向?qū)晌矬w分析，根據(jù)牛頓第二定律可得2mg+mg鈭?mg=3ma2mg+mg-mg=3ma解得a=23g，故A正確，CBD錯誤。

【解析】A

7、D【分析】【分析】使ab棒突然獲得一初速度，切割產(chǎn)生感應(yīng)電動勢，產(chǎn)生感應(yīng)電流，受到向左的安培力，做變減速運動，根據(jù)右手定則判斷ab棒中的感應(yīng)電流方向，從而確定a、b兩點的電勢．【解析】【解答】解：A、棒子具有向右的初速度，根據(jù)右手定則，產(chǎn)生b指向a的電流，則a點的電勢比b點的電勢高．根據(jù)左手定則，安培力向左，ab棒做減速運動；因為電動勢減小，電流減小，則安培力減小，根據(jù)牛頓第二定律，加速度減小，做加速度減小的減速運動，由于速度不是均勻減小，則電流不是均勻減小．故A；B、C錯誤．

D；安培力的方向與運動方向相反；知安培力方向向左．故D正確．

故選：D．8、B【分析】【分析】小車突然停止運動，A球由于慣性，會向前擺動，將做圓周運動，B球受到小車前壁的作用停止運動，在豎直方向上拉力等于重力，根據(jù)牛頓第二定律求出A球繩的拉力，從而求出兩懸線的拉力之比．【解析】【解答】解：設(shè)小球的質(zhì)量都是m，對A球有：FA-mg=m

得FA=mg+m=10m+m?=20m．

對B球有：FB=mg=10m．

所以FB：FA=1：2．

故選：B．二、多選題(共7題，共14分)9、BD【分析】【分析】運用歐姆定律U=IR、功率公式PR=I2R時要注意采用控制變量法分析．分析抓住電源的電動勢和內(nèi)阻不變，當(dāng)R變化時I會隨之變化．【解析】【解答】解：A；當(dāng)I增大時；說明R減小，因此不能根據(jù)公式U=IR分析U的變化，故A錯誤．

B、根據(jù)公式U=E-Ir可知，當(dāng)I增大時，E、r不變；則U減小，故B正確．

C、當(dāng)I增大時，R減小，則不能根據(jù)公式PR=I2R分析PR如何變化．故C錯誤．

D、根據(jù)公式PR=IE-I2r可知，由數(shù)學(xué)知識可得：當(dāng)I=-=-=時PR有最大值．故D正確．

故選：BD10、AD【分析】【分析】當(dāng)物體提供的力小于所需的向心力，做離心運動，當(dāng)物體提供的力大于所需的向心力，做近心運動．【解析】【解答】解：A；因為飛輪由許多小塊組成；飛輪的速度過大，每個小塊所需的向心力增大，當(dāng)提供的力不夠所需的向心力，會做離心運動，飛輪會分裂開，造成事故．所以轉(zhuǎn)速有最大值．是為零防止離心現(xiàn)象的危害，故A正確．

B；洗衣機脫水運用的是離心運動的原理；增大洗衣機脫水筒的轉(zhuǎn)速，衣服上水向心力變大，水更容易做離心運動，衣服甩得更干．是離心現(xiàn)象的應(yīng)用，故B錯誤．

C；衛(wèi)星從低軌道變到高軌道時要加速；是利用了離心運動，故C錯誤．

D；修建高速公路時；拐彎處一般都外側(cè)高內(nèi)側(cè)低，是為了防止汽車做離心運動而沖到路外，是防止離心現(xiàn)象發(fā)生，故D正確．

故選：AD．11、CD【分析】【分析】I-U圖線的斜率表示電阻的倒數(shù)，根據(jù)斜率比較電阻的大?。鶕?jù)電阻定律R=ρ比較電阻絲的粗細(xì)；并由串并聯(lián)特征，結(jié)合電功率的表達(dá)式P=I2R，即可求解．【解析】【解答】解：A、圖線的斜率表示電阻的倒數(shù)，圖線a的斜率大于b的斜率，所以a的電阻小于b的電阻，根據(jù)電阻定律R=ρ知，長度相同，材料相同，知a的橫截面積大，b的橫截面積?。还蔄錯誤；

B；電阻的大小與電壓、電流無關(guān)；故B錯誤；

C、由上分析可知，a的電阻小于b的電阻，根據(jù)并聯(lián)電壓相等，則電阻兩端的電流與電阻成反比，因此a的電流大于b的電流．故C正確；

D、由上分析可知，a的電阻小于b的電阻，根據(jù)串聯(lián)電流相等，由功率表達(dá)式，P=I2R可得：電阻越??；則電功率越小，因此a消耗的電功率較小，故D正確．

故選：CD．12、BC【分析】【分析】根據(jù)兩個小球接觸后再分開，電量中和再平分，結(jié)合同種電荷，相互排斥，異種電荷，相互吸引，從而即可求解．【解析】【解答】解：根據(jù)題意；完全相同的球，接觸一下再分開，電量平分；

當(dāng)分別帶異種電荷；則接觸后分開，均不帶電，因此既不吸引也不排斥；

當(dāng)分別帶同種電荷時；接觸后再分開，則出現(xiàn)相互排斥，故AD錯誤，BC正確；

故選：BC．13、AC【分析】【分析】小球在斜面上做勻變速直線運動，由運動學(xué)公式可判斷各項是否正確；同時判斷該結(jié)論是否由伽利略用來證明勻變速運動的結(jié)論．【解析】【解答】解：A、由運動學(xué)公式可知，s=at2，a=；故三次下落中位移與時間平方向的比值一定為定值，伽利略正是用這一規(guī)律說明小球沿光滑斜面下滑為勻變速直線運動，故A正確；

B；小球在斜面上三次運動的位移不同；末速度一定不同，故B錯誤；

C、由v=at可得，a=三次下落中的加速度相同；故公式正確，但是不是當(dāng)是伽利略用來證用勻變速直線運動的結(jié)論，故C正確；

D、由圖可知及運動學(xué)規(guī)律可知，s1-s2＞s2-s3；故D錯誤；

故選：AC14、CD【分析】【分析】各種帶電微粒中，電子電荷量的大小是最小的，人們把最小電荷叫做元電荷，電子帶負(fù)電，所帶電荷量為：e=-1.60×10-19C．【解析】【解答】解：A；元電荷是帶電量的最小值；它不是電荷，故A錯誤；

B；點電荷是將帶電物體簡化為一個帶電的點；物體能不能簡化為點，不是看物體的體積大小和電量大小，而是看物體的大小對于兩個電荷的間距能不能忽略不計，即兩個帶電體的形狀對它的相互作用力的影響能不能忽略，故B錯誤D正確；

C；元電荷是帶電量的最小值；所有帶電體的電荷量一定等于元電荷的整數(shù)倍，故C正確；

故選：CD．15、AB【分析】【分析】發(fā)生光電效應(yīng)的條件是入射光的頻率大于金屬的極限頻率．根據(jù)光電效應(yīng)方程得出光電子的初速度、最大初動能與光子頻率的關(guān)系．【解析】【解答】解：A；因斯坦用光子說成功解釋了光電效應(yīng)；故A正確．

B；發(fā)生光電效應(yīng)的條件是入射光的頻率大于金屬的極限頻率；與入射光的強度與照射的時間無關(guān)，故B正確．

C、根據(jù)光電效應(yīng)方程EKm=hv-W0知；最大初動能與光子頻率成一次函數(shù)關(guān)系，隨照射光的頻率增大而增大，不是成正比關(guān)系．光電子的初速度與光的頻率也不是成正比．故CD錯誤．

故選：AB．三、填空題(共9題，共18分)16、7.9【分析】【分析】根據(jù)有效值的定義求解．取一個周期時間，將交流與直流分別通過相同的電阻，若產(chǎn)生的熱量相同，直流的電流值，即為此交流的有效值．【解析】【解答】解：交流與直流通過阻值都為R的電阻；設(shè)直流電流為U；

則根據(jù)有效值的定義有：×+×=×T；

解得：U=7.9V．

故答案為：7.917、36090【分析】【分析】小船參與了靜水運動和水流運動，可以將小船的運動分解為沿河岸方向和垂直于河岸方向，抓住分運動與合運動具有等時性，求出河寬及渡河的最短時間．【解析】【解答】解：當(dāng)船垂直到達(dá)對岸時；合速度應(yīng)與河岸垂直，根據(jù)運動的合成與分解得，合速度大小為：

v=m/s．

所以河寬為：d=vt=2×180m=360m．

將小船的運動分解為沿河岸方向和垂直于河岸方向，在垂直河岸方向，位移一定為360m，根據(jù)合運動與分運動的等時性，在垂直河岸方向上的速度越大，渡河時間越短，所以最短時間為：t===90s．

故本題答案為：360，90．18、大低高大【分析】【分析】一個事件的幾個條件都滿足后，該事件才能發(fā)生，我們把這種關(guān)系叫做“與”邏輯關(guān)系；如果幾個條件中，只要有一個條件得到滿足，某事件就會發(fā)生，這種關(guān)系叫做“或”邏輯關(guān)系；輸出狀態(tài)和輸入狀態(tài)呈相反的邏輯關(guān)系，叫做“非”邏輯．通過三種邏輯關(guān)系的特點進(jìn)行分析求解．【解析】【解答】解：（1）當(dāng)天黑時；光敏電阻增大，兩端間的電勢差增大，輸入非門的是低電壓，J得到的是高電壓．

（2）為了讓路燈在天色更暗時才自動接通開關(guān)；應(yīng)使電阻R增大，使得R的分得電壓變大，使非門電路的輸入端電壓變大，繼電器得到的電壓變低，路燈不被點亮．

故答案為：（1）大，低，高；（2）大19、1410【分析】【分析】路程是標(biāo)量，大小等于物體運動軌跡的長度，位移是矢量，位移的大小等于由初位置指向末位置的有向線段的長度．【解析】【解答】解：向南運動8m；再向東運動6m，則路程s=8m+6m=14m．

位移的大小x=m=10m

故答案為：14；10．20、φa＞φb＞φcEa=Eb=Ecφa＞φb＞φcEa＜Eb＜Ec【分析】【分析】根據(jù)順著電場線，電勢降低判斷電勢的高低．根據(jù)電場線的疏密判斷場強的大小．【解析】【解答】解：根據(jù)順著電場線，電勢降低判斷可知，三點電勢的關(guān)系總是：φa＞φb＞φc．

（1）若該電場是勻強電場，場強大小處處相等，即有：Ea=Eb=Ec．

（2）若該電場是B處的點電荷產(chǎn)生的，越靠近B電場線越密，場強越大，則有：Ea＜Eb＜Ec．

故答案為：

（1）φa＞φb＞φc．Ea=Eb=Ec．

（2）φa＞φb＞φc．Ea＜Eb＜Ec．21、彈簧秤示數(shù)F、物塊質(zhì)量m、物塊到小孔O的距離r、物塊轉(zhuǎn)n圈時間t【分析】【分析】（1）實驗時需要測量的物理量是物塊質(zhì)量m；彈簧秤示數(shù)F、圓周運動的半徑R和周期T．

（2）彈簧秤的拉力提供物體的向心力，由牛頓第二定律研究向心力的表達(dá)式．【解析】【解答】解：據(jù)題；物體在桌面上做勻速圓周運動，物體與桌面間的摩擦力忽略不計，由彈簧秤的拉力提供物體的向心力．根據(jù)牛頓第二定律得：

所以實驗時需要測量的物理量是彈簧秤示數(shù)F、物塊質(zhì)量m、物塊到小孔O的距離r；物塊轉(zhuǎn)n圈時間t．

故答案為：彈簧秤示數(shù)F、物塊質(zhì)量m、物塊到小孔O的距離r、物塊轉(zhuǎn)n圈時間t；22、略

【分析】

（1）①已知打點計時器電源頻率為50Hz，則紙帶上打相鄰兩點的時間間隔T===0.02s．

②A與B間的距離x=1.68-1.00=0.68cm；計數(shù)點間的時間間隔t=0.02×5=0.1s，C點的速度vC===10.0cm/s=0.100m/s．

（2）①實驗所用電路圖；如圖2所示，連好電路后，開關(guān)閉合前，圖2中滑動變阻器R的滑片應(yīng)置于a端．

②閉合開關(guān)，向b端調(diào)節(jié)滑動變阻器R的滑片；發(fā)現(xiàn)“電流表的示數(shù)為零，電壓表的示數(shù)逐漸增大”，則分析電路的可能故障為B．

A；小燈泡短路；電壓表沒有示數(shù)，電流表有示數(shù)，故A錯誤；

B；小燈泡斷路；電壓表有示數(shù)，電流表沒有示數(shù)，故B正確；

C；電流表斷路；電流表沒有示數(shù)，電壓表沒有示數(shù)，故C錯誤；

D；滑動變阻器斷路；電壓表與電流表均沒有示數(shù)，故D錯誤；故選B．

③a；描繪太陽能電池的伏安特性曲線；滑動變阻器采用分壓接法，電流表采用外接法，實物電路圖如圖所示．

b；由圖4可知；當(dāng)電壓小于1.5V時，電流很小，幾乎為零，由歐姆定律可知，太陽能電池的電阻很大．

故答案為：（1）①0.02；②0.68；0.100；（2）①a端；②B；③a、電路圖如圖所示；b；很大．

【解析】【答案】（1）①打點計時器的打點時間間隔等于電流的周期；②根據(jù)圖示刻度尺讀出刻度尺示數(shù)；做勻變速運動的物體在某段時間內(nèi)的平均速度等于中間時刻的瞬時速度．

（2）①滑動變阻器采用分壓接法；閉合開關(guān)時，分壓電路的分壓應(yīng)該為零，根據(jù)電路圖判斷滑片的位置．

②根據(jù)電路故障現(xiàn)象分析電路故障原因．

③a；描繪伏安特性曲線電壓表與電流表應(yīng)該從零開始變化；滑動變阻器采用分壓接法；

b；由圖4所示圖象判斷電壓與電流的關(guān)系；然后由歐姆定律判斷電阻阻值大?。?/p>

23、1.6×10-9逆時針【分析】【分析】電子沿圓周順時針運動，根據(jù)電流的定義式I=，研究等效電流的大小．等效電流的方向與電子定向移動方向相反．【解析】【解答】解：根據(jù)電流的定義式得：

等效電流為I==A=1.6×10-9A

由于電子帶負(fù)電；則等效電流的方向與電子定向移動方向相反，即沿逆時針方向．

故答案為：逆時針24、高0.60.150.30.06【分析】【分析】根據(jù)右手定則判斷的感應(yīng)電流方向是電源內(nèi)部電流方向；從電源的負(fù)極流向電源的正極，根據(jù)E=BLv可以求出感應(yīng)電動勢的大?。?/p>

導(dǎo)體棒AB切割磁感線產(chǎn)生電動勢；相當(dāng)于電源，其兩端的電壓U是外電壓．根據(jù)歐姆定律求解．

勻速運動時外力大小等于安培力大小，【解析】【解答】解：由右手定則可知ab中電流從b流向a；電源內(nèi)部電流從負(fù)極流向正極，故a端電勢高；

電動勢為：E=BLv=0.4×0.5×3=0.6V．

導(dǎo)體ab電阻均忽略不計，所以ab兩點的電勢差為0.6V．

根據(jù)歐姆定律得：

通過R1的電流I1===0.15A

通過ab的電流為I===0.3A

導(dǎo)體棒所受安培力為：

F安=BIL=0.4×0.3×0.5=0.06N

ab向右勻速運動；根據(jù)平衡條件得：

F=F安=0.06N

故答案為：高，0.6，0.15，0.3，0.06．四、判斷題(共1題，共3分)25、√【分析】【分析】分子在永不停息的做無規(guī)則熱運動，物體內(nèi)部個別分子的速度具有怎樣的數(shù)值和方向完全是偶然的，但就大量分子的整體來看，在一定的條件下，物體分子的速度分布也遵從一定的統(tǒng)計規(guī)律．【解析】【解答】解：對于大量分子；其運動有一定的統(tǒng)計規(guī)律，但對于個別分子，其運動的速度完全是偶然的；

故答案為：√五、簡答題(共3題，共24分)26、（1）①－132.0kJ·mol-1②＞

（2）①3×10-3mol/(L·min)80％②下方

（3）①2SO32-+4H++2e-=S2O42-+2H2O②1344【分析】【分析】本題考查了熱化學(xué)方程式的書寫、化學(xué)反應(yīng)速率的影響因素、化學(xué)平衡狀態(tài)的判斷、化學(xué)平衡常數(shù)計算、電化學(xué)的有關(guān)知識等?！窘獯稹縭m{(1)壟脵i}rm{CO_{2}(g)+3H_{2}(g)rightleftharpoonsCH_{3}OH(g)+H_{2}O(g)}rm{triangleH_{1}=-90.8kJ隆隴mol^{-1}}rm{CO_{2}(g)+3H_{2}(g)rightleftharpoons

CH_{3}OH(g)+H_{2}O(g)}rm{CO(g)+H_{2}O(g)rightleftharpoonsCO_{2}(g)+H_{2}(g)}rm{triangleH_{2}=-41.2kJ隆隴mol^{-1}}rm{triangle

H_{1}=-90.8kJ隆隴mol^{-1}}rm{CO(g)+2H_{2}(g)rightleftharpoonsCH_{3}OH(g)}rm{ii}rm{CO(g)+H_{2}O(g)rightleftharpoons

CO_{2}(g)+H_{2}(g)}rm{triangle

H_{2}=-41.2kJ隆隴mol^{-1}}rm{iii}rm{CO(g)+2H_{2}(g)rightleftharpoons

CH_{3}OH(g)}rm{triangleH_{3}}rm{CO(g)+2H_{2}(g)rightleftharpoonsCH_{3}OH(g)}根據(jù)蓋斯定律計算rm{i}甲醇可以與乙酸反應(yīng)制香料rm{+}rm{+}rm{ii}得到rm{CO(g)+2H_{2}(g)rightleftharpoons

CH_{3}OH(g)}rm{triangleH_{3}}rm{簍T-132kJ/mol}甲醇可以與乙酸反應(yīng)制香料rm{CH}rm{簍T-132kJ/mol}rm{CH}rm{{,!}_{3}}rm{OH(1)+CH}rm{OH(1)+CH}rm{{,!}_{3}}平衡常數(shù)rm{K=dfrac{cleft(C{H}_{3}COOC{H}_{3}right)隆隴cleft({H}_{2}Oright)}{cleft(C{H}_{3}OHright)隆隴cleft(C{H}_{3}COOHright)}}rm{COOH(1)}故答案為：rm{COOH(1)}rm{dfrac{cleft(C{H}_{3}COOC{H}_{3}right)隆隴cleft({H}_{2}Oright)}{cleft(C{H}_{3}OHright)隆隴cleft(C{H}_{3}COOHright)}}rm{rightleftharpoons}rm{CH}平衡常數(shù)分別為rm{CH}rm{{,!}_{3}}rm{COOCH}rm{COOCH}rm{{,!}_{3}}rm{(1)+H}rm{(1)+H}rm{{,!}_{2}}rm{O(1)}平衡常數(shù)rm{K=

dfrac{cleft(C{H}_{3}COOC{H}_{3}right)隆隴cleft({H}_{2}Oright)}{cleft(C{H}_{3}OHright)隆隴cleft(C{H}_{3}COOHright)}

}rm{O(1)}rm{K=

dfrac{cleft(C{H}_{3}COOC{H}_{3}right)隆隴cleft({H}_{2}Oright)}{cleft(C{H}_{3}OHright)隆隴cleft(C{H}_{3}COOHright)}

}，rm{-132.0kJ隆隴mol^{-1;;}}rm{

dfrac{cleft(C{H}_{3}COOC{H}_{3}right)隆隴cleft({H}_{2}Oright)}{cleft(C{H}_{3}OHright)隆隴cleft(C{H}_{3}COOHright)}

}，濃度商rm{{Q}_{c}=dfrac{0.4隆脕0.4}{0.2隆脕0.{2}^{3}}=100<K=160}rm{;}rm{壟脷850隆忙}平衡常數(shù)分別為rm{K}rm{壟脷850隆忙}rm{K}rm{{,!}_{1}}故答案為：rm{=160}rm{CO}rm{=160}rm{CO}rm{{,!}_{2}}rm{(g)+3H}時，rm{(g)+3H}rm{{,!}_{2}}rm{(g)}rm{(g)}rm{rightleftharpoons}rm{CH}rm{CH}，根據(jù)阿伏伽德羅定律推論，同溫和同體積時rm{{,!}_{3}}rm{OH(g)+H}rm{OH(g)+H}rm{{,!}_{2}}rm{O(g)}，濃度商rm{{Q}_{c}=

dfrac{0.4隆脕0.4}{0.2隆脕0.{2}^{3}}=100<K=160}rm{O(g)}rm{{Q}_{c}=

dfrac{0.4隆脕0.4}{0.2隆脕0.{2}^{3}}=100<K=160}，說明反應(yīng)正向進(jìn)行，rm{v}rm{v}rm{{,!}_{脮媒}>}rm{v}rm{v}rm{{,!}_{脛忙}}

，rm{>}rm{(2)}rm{(2)}rm{壟脵}rm{壟脵}

由圖，rm{5min}時，rm{P/}rm{P}rm{0}rm{=}rm{0}．rm{925}，根據(jù)阿伏伽德羅定律推論，同溫和同體積時rm{5min}rm{P/}rm{P}rm{0}rm{=}rm{0}．rm{925}rm{P/}rm{P}rm{0}

rm{P/}rm{P/}rm{P}rm{0}rm{P}rm{P}rm{0}rm{0}rm{=}

rm{=}rm{0}rm{0}．rm{925}rm{925}rm{P/}rm{P}rm{{,!}_{0}}rm{=}rm{n/}rm{n}rm{{,!}_{0}}rm{=}rm{0}．rm{925}

rm{P/}rm{P}rm{{,!}_{0}}rm{=}rm{n/}rm{n}rm{{,!}_{0}}rm{=}rm{0}．rm{925}rm{P/}rm{P}rm{{,!}_{0}}rm{P/}rm{P/}rm{P}rm{{,!}_{0}}rm{P}rm{P}rm{{,!}_{0}}rm{{,!}_{0}}rm{=}rm{=}rm{n/}rm{n}rm{{,!}_{0}}

rm{n/}rm{n/}rm{n}rm{{,!}_{0}}rm{n}rm{n}rm{{,!}_{0}}rm{{,!}_{0}}rm{=}rm{=}rm{0}rm{0}．rm{925}rm{925}，rm{2NO(g)+2CO(g)}rm{2NO(g)+2CO(g)}rm{rightleftharpoons}rm{N}rm{N}rm{{,!}_{2}}rm{(g)+2CO}rm{(g)+2CO}rm{{,!}_{2}}rm{(g)}rm{(g)}初始rm{0.1mol}rm{0.3mol}rm{0}rm{0}rm{0.1mol}rm{0.3mol}rm{0}rm{0}變化rm{2x}rm{mol}rm{2x}rm{mol}rm{x}rm{mol}rm{2x}rm{mol}rm{2x}rm{mol}rm{2x}

rm{mol}rm{2NO(g)+2CO(g)rightleftharpoonsN_{2}(g)+2CO_{2}(g)}

rm{x}rm{mol}rm{2x}rm{mol}rm{5min(0.1-2x)}

rm{5min(0.1-2x)}rm{mol(0.3-2x)}rm{mol(0.3-2x)}rm{mol}rm{x}rm{mol}rm{2x}rm{mol}

rm{mol}rm{x}rm{mol}rm{2x}rm{mol}

rm{0.4/(0.4-x)=0.9}rm{0}．rm{4/(}rm{0}．rm{4}rm{-}rm{x)}rm{=}rm{0}．rm{925}rm{0}．rm{4/(}rm{0}．rm{4}rm{-}rm{x)}平衡時rm{0}．rm{4/(}的轉(zhuǎn)化率為rm{0}rm{0}．rm{4/(}rm{4/(}rm{0}．rm{4}rm{-}rm{x)}rm{0}rm{0}．rm{4}rm{4}rm{-}rm{-}

故答案為：rm{x)}rm{x)}

rm{=}時向容器中再充入rm{=}rm{0}rm{0}若平衡不移動，容器內(nèi)壓強．與起始壓強rm{925}的比值rm{925}，rm{x=0.03}rm{x=0.03}后增大了反應(yīng)物的濃度，所以平衡向氣體物質(zhì)的量減少的方向移動，再次平衡后容器內(nèi)氣體物質(zhì)的量必然少于rm{mol}所以此時rm{mol}rm{v}rm{(}rm{N}rm{2}rm{)}rm{=}rm{0}．rm{03}rm{m}rm{o}rm{l隆脗}rm{2}rm{L隆脗}rm{5}rm{m}rm{i}rm{n}rm{=}rm{0}．rm{003}rm{m}rm{o}rm{l}rm{/}rm{(}rm{L}rm{隆隴}rm{m}rm{i}rm{n}rm{)}rm{v}rm{v}rm{(}點的下方，

故答案為：rm{(}rm{N}rm{2}由圖可以知道，陰極區(qū)通入液體主要含rm{N}流出主要含rm{N}所以陰極區(qū)電極反應(yīng)式為rm{2}故答案為：rm{2}若通電一段時間后陰極區(qū)rm{)}減少了rm{)}rm{=}此過程轉(zhuǎn)移rm{=}rm{0}．rm{03}rm{m}rm{o}rm{l隆脗}rm{2}rm{L隆脗}rm{5}rm{m}rm{i}rm{n}因為rm{0}．rm{03}rm{m}rm{o}rm{l隆脗}吸收轉(zhuǎn)化后的主要產(chǎn)物為rm{0}若電路中轉(zhuǎn)移轉(zhuǎn)移rm{0}消耗．標(biāo)準(zhǔn)狀況下體積為rm{03}，故答案為：rm{03}。

rm{m}【解析】rm{(1)壟脵-132.0kJ隆隴mol^{-1}dfrac{cleft(C{H}_{3}COOC{H}_{3}right)隆隴cleft({H}_{2}Oright)}{cleft(C{H}_{3}OHright)隆隴cleft(C{H}_{3}COOHright)}}rm{(1)壟脵-132.0kJ隆隴mol^{-1}

dfrac{cleft(C{H}_{3}COOC{H}_{3}right)隆隴cleft({H}_{2}Oright)}{cleft(C{H}_{3}OHright)隆隴cleft(C{H}_{3}COOHright)}

}rm{壟脷>}rm{(2)壟脵3隆脕10^{-3}mol/(L隆隴min)}rm{80攏樓}下方rm{壟脷}rm{(3)壟脵2SO_{3}^{2-}+4H^{+}+2e^{-}=S_{2}O_{4}^{2-}+2H_{2}O}rm{壟脷1344}27、(I)TiO2+2Cl2+2CTiCl4+2CO飽和食鹽水、氯化亞鐵溶液左右

(II（1）①CO（NH2）2+H2O2NH3↑+CO2↑②2SO2+O2+4NH3+2H2O=2（NH4）2SO4③

（2）①BaO②8：1【分析】【分析】本題考查物質(zhì)的制備實驗及以氮氧化物為載體考查元素化合物知識以及化學(xué)方程式的相關(guān)計算，把握流程中發(fā)生的反應(yīng)、混合物分離提純、發(fā)生的反應(yīng)為解答的關(guān)鍵，側(cè)重分析與實驗?zāi)芰?、分析能力和計算能力的考查，注意反?yīng)原理與實驗的結(jié)合，題目難度中等，注意把握題給信息，結(jié)合質(zhì)量守恒計算該題?！窘獯稹縭m{(}Ⅰrm{)(1)壟脵}由制備純rm{TiCl_{4}}的流程示意圖，鈦精礦與氯氣、rm{C}發(fā)生氯化過程，反應(yīng)為rm{TiO_{2}+2Cl_{2}+2C}rm{TiCl_{4}+2CO}

故答案為：rm{TiO_{2}+2Cl_{2}+2C}rm{TiCl_{4}+2CO}

rm{壟脷}尾氣中的rm{HCl}和rm{Cl_{2}}經(jīng)吸收可得粗鹽酸、rm{FeCl_{3}}溶液，食鹽水吸收rm{HCl}氯化亞鐵吸收氯氣生成氯化鐵，則尾氣的吸收液依次是飽和食鹽水；氯化亞鐵溶液；

故答案為：飽和食鹽水；氯化亞鐵溶液；

rm{(2)}粗rm{TiCl_{4}}經(jīng)兩步蒸餾得純rm{TiCl_{4}}由圖及表格數(shù)據(jù)可知，先分離出rm{SiCl_{4}}后分離出rm{TiCl_{4}}則先控制溫度rm{T_{1}}為rm{58隆忙}左右時分離出物質(zhì)rm{a}為rm{SiCl_{4}}控制溫度rm{T_{2}}為rm{136隆忙}左右時分離出純rm{TiCl_{4}}故答案為：rm{SiCl_{4}}rm{136隆忙}左右；rm{(II)}rm{(II)}尿素rm{(1)壟脵}水溶液熱分解為rm{[CO(NH_{2})_{2}]}和rm{NH_{3}}反應(yīng)物為尿素和水，反應(yīng)生成物為氨氣和水，原子守恒書寫化學(xué)方程式為：rm{CO(NH_{2})_{2}+H_{2}Ooverset{?}{=}2NH_{3}隆眉+CO_{2}隆眉}

故答案為：rm{CO(NH_{2})_{2}+H_{2}Ooverset{?}{=}2NH_{3}隆眉+CO_{2}隆眉}

rm{CO_{2}}在rm{CO(NH_{2})_{2}+H_{2}Ooverset{?}{=}

2NH_{3}隆眉+CO_{2}隆眉}作用下與rm{CO(NH_{2})_{2}+H_{2}Ooverset{?}{=}

2NH_{3}隆眉+CO_{2}隆眉}rm{壟脷SO_{2}}反應(yīng)形成rm{O_{2}}此反應(yīng)中rm{NH_{3}}是還原劑，氧氣是氧化劑，反應(yīng)的化學(xué)方程式為rm{H_{2}O}

故答案為：rm{(NH_{4})_{2}SO_{4}}

rm{SO_{2}}涉及反應(yīng)為rm{2SO_{2}+O_{2}+4NH_{3}+2H_{2}O簍T2(NH_{4})_{2}SO_{4}}rm{2SO_{2}+O_{2}+4NH_{3}+2H_{2}O簍T2(NH_{4})_{2}SO_{4}}反應(yīng)中rm{壟脹}rm{2NH_{3}+H_{2}SO_{4}=n(NH_{4})_{2}SO_{4}}

由方程式可知rm{2NaOH+H_{2}SO_{4}=Na_{2}SO_{4}+H_{2}O}

則rm{n(H_{2}SO_{4})=v_{1}隆脕c_{1}隆脕10^{-3}mol}

則rm{m(CO(NH_{2})_{2})=dfrac{1}{2}隆脕(2v_{1}隆脕c_{1}隆脕10^{-3}-v_{2}隆脕c_{2}隆脕10^{-3})mol隆脕60g/mol=(0.06v_{1}c_{1}-0.03v_{2}c_{2}}rm{n(NaOH)=v_{2}隆脕c_{2}隆脕10^{-3}mol}

尿素溶液中溶質(zhì)的質(zhì)量分?jǐn)?shù)是rm{dfrac{;0.06{c}_{1}{V}_{1}-0.03{c}_{2}{V}_{2}}{a};;隆脕100攏樓=dfrac{;6{c}_{1}{V}_{1}-3{c}_{2}{V}_{2}}{;a};攏樓}

故答案為：rm{dfrac{6{c}_{1}{v}_{1}-3{c}_{2}{V}_{2}}{a}攏樓}

rm{n(NaOH)+n(NH_{3})=2n(H_{2}SO_{4})}由圖示可知rm{n(NH_{3})=(2v_{1}隆脕c_{1}隆脕10^{-3}-v_{2}隆脕c_{2}隆脕10^{-3})mol}和rm{m(CO(NH_{2})_{2})=dfrac{1}{2}

隆脕(2v_{1}隆脕c_{1}隆脕10^{-3}-v_{2}隆脕c_{2}隆脕10^{-3})mol隆脕60g/mol=(0.06v_{1}c_{1}-0.03v_{2}c_{2}}反應(yīng)生成rm{)g}rm{dfrac{;0.06{c}_{1}{V}_{1}-0.03{c}_{2}{V}_{2}}{a};;隆脕100攏樓=

dfrac{;6{c}_{1}{V}_{1}-3{c}_{2}{V}_{2}}{;a};攏樓}再還原為rm{dfrac{6{c}_{1}{v}_{1}-3{c}_{2}{V}_{2}