2025年浙教新版高三物理下冊階段測試試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年浙教新版高三物理下冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、有兩根長直導(dǎo)線a、b互相平行放置，如圖所示為垂直于導(dǎo)線的截面圖．在如圖所示的平面內(nèi)，O點為兩根導(dǎo)線連線的中點，M、N為兩導(dǎo)線連線的中垂線上兩點，與O點的距離相等，aM與MN夾角為θ．若兩導(dǎo)線中通有大小相等、方向相同的恒定電流I，單根導(dǎo)線中的電流在M處產(chǎn)生的磁感應(yīng)強度為B0，則關(guān)于線段MN上各點的磁感應(yīng)強度，下列說法中正確的是（）A.M點和N點的磁感應(yīng)強度方向一定相同B.M點和N點的磁感應(yīng)強度大小均為2B0cosθC.M點和N點的磁感應(yīng)強度大小均為2B0sinθD.在線段MN上各點的磁感應(yīng)強度都不可能為零2、從高處釋放一小球甲，經(jīng)過時間t從同一地點再釋放小球乙，不計空氣阻力，在兩小球落地前，下列判斷正確的是（）A.它們間的距離保持不變B.它們間的距離不斷減小C.它們間的速度之差不斷增大D.它們間的速度之差保持不變3、疊放在一起的A、B兩物體在水平力F的作用下，沿水平面以某一速度勻速運動，現(xiàn)突然將作用在B上的力F改為作用在A上，并保持大小和方向不變，如圖所示，則關(guān)于A、B的運動狀態(tài)可能為()A.一起勻速運動B.一起加速運動C.A加速，B減速D.A加速，B勻速4、2015年度諾貝爾物理學(xué)獎頒發(fā)給了日本科學(xué)家梶田隆章和加拿大科學(xué)家阿瑟?麥克唐納，以表彰他們在發(fā)現(xiàn)中微子振蕩方面所作的貢獻．在物理學(xué)的發(fā)展過程中，許多物理學(xué)家的科學(xué)發(fā)現(xiàn)推動了人類歷史的進步．下列表述符合物理史實的是（）A.牛頓應(yīng)用“理想斜面實驗”推翻了亞里士多德的“力是維持物體運動的原因”觀點B.胡克認為無論在什么條件下，彈簧的彈力始終與彈簧的形變量成正比C.德國天文學(xué)家開普勒對他導(dǎo)師第谷觀測的行星數(shù)據(jù)進行了多年研究，得出所有行星繞太陽運動的軌道都是橢圓，太陽位于橢圓的中心上D.密立根最早通過油滴實驗，比較準(zhǔn)確地測出電子的電荷量5、關(guān)于加速度，下列說法中正確的是（）A.速度變化越大，加速度就一定越大B.速度變化所用時間越短，加速度一定越大C.速度變化很快，加速度一定越大D.速度越大，加速度越大6、如圖所示，用手握瓶子，使瓶子在豎直方向處于靜止?fàn)顟B(tài)．如果握力加倍，則手對瓶子的摩擦力（）A.保持不變B.可能加倍C.一定加倍D.方向向下7、下列靜電學(xué)公式中，F(xiàn)、q、E、U、r和d分別表示電場力、電量、場強、電勢差以及距離F=；②E=；③E=；④U=Ed則（）A.它們都只對點電荷或點電荷的場才成立B.①②③只對點電荷或點電荷的場成立，④只對勻強電場成立C.①②只對點電荷成立，③對任何電場都成立，④只對勻強電場才成立D.①②只對點電荷成立，③④對任何電場都成立評卷人得分二、填空題(共5題，共10分)8、查德威克通過用α粒子轟擊鈹核的實驗發(fā)現(xiàn)了中子．

①完成下列核反應(yīng)方程：+→n+____

②通過在云室中讓中子與靜止的已知質(zhì)量的核發(fā)生正碰的實驗可以測定中子的質(zhì)量，若已知被碰核氮核的質(zhì)量為M，中子的入射速度大小為V，反彈速度大小為，氮核在碰撞中獲得的速度大小為，則中子的質(zhì)量多大？9、雪在外力擠壓下可形成冰，表明雪的密度____冰的密度（選填“大于”“等于”或“小于”）。小麗利用冰的密度，使用如下方法來估測積雪的密度：在平整地面的積雪上，腳向下用力踩在雪上，形成一個下凹的腳印，然后測量腳印的深度和____，根據(jù)冰的密度就可以估測雪的密度。10、如圖所示的實線和虛線分別表示同一個單擺在A、B兩個星球半徑大小相同的星球表面上的振動圖象，其中實線是A星球上的，虛線是B星球上的，那么兩個星球的平均密度ρA和ρB之比是__________。11、庫侖定律的數(shù)學(xué)表達式是______，式中的比例常量叫______，其數(shù)值為______，其單位是______．12、甲、乙兩物體質(zhì)量之比為2：1，所受合外力之比為1：2，則甲、乙兩物體運動的加速度之比為____；若甲、乙均由靜止開始經(jīng)過相同的時間，則通過相等的位移之比為____．評卷人得分三、判斷題(共9題，共18分)13、“寧停三分，不搶一秒”指的是時間．____．（判斷對錯）14、封閉在汽缸內(nèi)一定質(zhì)量的氣體，如果保持氣體體積不變，當(dāng)溫度升高時，每秒撞擊單位面積器壁的分子數(shù)增多．____．（判斷對錯）15、做平拋運動的物體，在空中運動的時間與初速度有關(guān)．____（判斷對錯）16、公式E=和對于任何靜電場都是適用的．____．（判斷對錯）17、電場力大的地方電場強度一定大．____．（判斷對錯）18、作用在物體上的合外力減小時，速度也隨之減?。甠___（判斷對錯）19、貝克勒爾發(fā)現(xiàn)了鈾和含鈾礦物的天然放射現(xiàn)象，從而揭示出原子核具有復(fù)雜結(jié)構(gòu)____（判斷對錯）20、原子核由質(zhì)子、中子和電子組成．____（判斷對錯）21、作用力與反作用力一定是同種性質(zhì)的力．____（判斷對錯）評卷人得分四、簡答題(共3題，共18分)22、一個質(zhì)量為m；帶電量為-q的半徑極小的小球用絕緣絲線懸掛在某個水平勻強電場中（電場線與水平面平行）當(dāng)小球靜止時，測得選線玉樹直線夾角為30°，由此可知；

（1）該勻強電場場強方向向哪邊？

（2）電場強度的大小為多大？

（3）若將小球的帶電量減半后再利用上述方法，測量出的場強大小和原來場強大小相比將如何變．23、根據(jù)如圖我們可以求出：

（1）甲的初速度為多少m/s？乙的初速度為多少m/s？

（2）在第2s末甲；乙瞬時速度相同；均為多少m/s？

（3）甲做勻加速運動，加速度為多少m/s2？乙做勻減速運動，加速度為多少m/s2？

（4）甲、乙前2s內(nèi)的位移分別為多少米？24、如圖所示，兩個重均為G=100N，半徑r=5cm的光滑球，放在底面半徑為R=9cm的圓筒內(nèi)．試求球與球、球與筒壁及球與筒底間相互作用的彈力的大?。u卷人得分五、實驗題(共4題，共12分)25、甲；乙兩組同學(xué)分別用電流傳感器和電壓傳感器做測電池的電動勢和內(nèi)電阻的實驗；他們都測量了路端電壓U和干路電流I的數(shù)據(jù)．

（1）甲組記錄了6組數(shù)據(jù)如下；試根據(jù)這些數(shù)據(jù)在圖1中畫出電源的U-I圖線．

。I（A）0.100.200.300.400.500.60U（V）1.381.331.261.201.131.05（2）乙組做出的實驗圖線如圖2所示，實驗測得圖線上的a、b兩點的坐標(biāo)分別為Ia=0.4A、Ua=5.0V，Ib=0.8A、Ub=4.0V，則可知該電源的內(nèi)阻為____Ω．電源的效率定義為外電路電阻消耗的功率與電源的總功率之比，則圖象b點狀態(tài)時電源的效率為____．

26、現(xiàn)有一種電池，它的電動勢為E，約為9V，內(nèi)阻約為40Ω，已知該電池允許輸出的最大電流為50mA，為了測定這個電池的電動勢和內(nèi)阻，某同學(xué)利用如圖甲所示的電路進行實驗，圖中電壓表的內(nèi)阻很大，對電路的影響可不考慮，R為電阻箱，阻值范圍0-9999Ω；R0是定值電阻；可防止操作不當(dāng)損壞電池，起保護電路的作用．

（1）實驗室備有的定值電阻R0有以下幾種規(guī)格，本實驗應(yīng)選____．

A.10Ω；2.5WB.100Ω，1.0W

C.200Ω；1.0WD.2000Ω，5.0W

（2）該同學(xué)接入符合要求的R0后，閉合開關(guān)K，調(diào)整電阻箱的阻值，讀取電壓表的示數(shù)，計錄多組數(shù)據(jù)，作出了如圖乙所示的圖線．則根據(jù)該同學(xué)所作出的圖線可求得該電池的電動勢E為____V，內(nèi)阻r為____Ω．（結(jié)果保留兩位小數(shù)）27、（10分）某同學(xué)要探究一種新材料制成的均勻圓柱體的電阻。步驟如下：]（1）用游標(biāo)為20分度的卡尺測量其長度如圖，由圖可知其長度L=____mm；（2）用螺旋測微器測量其直徑如右上圖，由圖可知其直徑d=▲mm；（3）用多用電表的電阻“×10”擋，按正確的操作步驟測此圓柱體的電阻，表盤的示數(shù)如圖，則該電阻的阻值約為____Ω。（4）該同學(xué)想用伏安法更精確地測量其電阻R，現(xiàn)有的器材及其代號和規(guī)格如下：待測圓柱體電阻R電流表A1（量程0～100mA，內(nèi)阻約5Ω）電流表A2（量程0～10mA，內(nèi)阻約30Ω）電壓表V1（量程0～3V，內(nèi)阻約10kΩ）電壓表V2（量程0～15V，內(nèi)阻約25kΩ）直流電源E（電動勢4V，內(nèi)阻不計）滑動變阻器R1（阻值范圍0～15Ω，允許通過的最大電流2.0A）滑動變阻器R2（阻值范圍0～2kΩ，允許通過的最大電流0.5A）開關(guān)S導(dǎo)線若干為使實驗誤差較小，要求測得多組數(shù)據(jù)進行分析，請在框中補全測量的電路圖，并標(biāo)明所用器材的代號。（5）若該同學(xué)用伏安法跟用多用電表測量得到的R測量值幾乎相等，由此可估算此圓柱體材料的電阻率約為ρ＝▲（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）28、【題文】某同學(xué)用圖甲所示裝置探究機械能守恒定律。水平桌面邊緣帶有最小分度為厘米的刻度，一輛小車通過不可伸長的細線跨過小滑輪與鉤碼相連。起初小車靜止桌面右端，車的左端剛好與桌面上10.0cm處刻度對齊，鉤碼到地面的距離大于小車到滑輪的距離。啟動頻閃攝影系統(tǒng)后，釋放鉤碼，小車在鉤碼的牽引下，由靜止開始沿水平桌面運動，圖乙是實驗中得到的頻閃照片的一部分。已知小車質(zhì)量M=200g，鉤碼質(zhì)量m=50g，閃光頻率f=10.0Hz，重力加速度g=9.80m/s2。

乙。

⑴用x表示小車從靜止起運動到A點過程中通過的位移，vA表示小車運動至A點時的速度，若在誤差允許的范圍內(nèi)，有公式____成立(用題中所給字母表示)；就可說明在此過程中由小車和鉤碼組成的系統(tǒng)機械能守恒。

⑵由頻閃照片上的數(shù)據(jù)，可得小車到達A位置時系統(tǒng)的動能EK=____J，小車從靜止開始運動到A位置的過程中，鉤碼減少的重力勢能Ep=____J。(結(jié)果均保留三位有效數(shù)字）

⑶實驗操作及測量均正確；經(jīng)反復(fù)實驗，數(shù)據(jù)幾無變化。說明在此運動過程中系統(tǒng)機械能。

____（填“守恒”或“不守恒”），得此實驗結(jié)果的主要原因應(yīng)是____。評卷人得分六、計算題(共4題，共24分)29、（2016春?遼寧校級期中）如圖所示，在傾角為α的斜面頂點A以初速度v0水平拋出一個小球；最后落在斜面上的B點，重力加速度為g，不計空氣阻力，求。

（1）小球在空中運動的時間t；

（2）到達B點的速度大小vt．30、【題文】如圖所示，電源電動勢E＝14V，內(nèi)電阻r＝1Ω，電燈規(guī)格為“2V4W”，電動機線圈的電阻為R0＝0.5Ω；當(dāng)可變電阻R＝1Ω時，電燈和電動機都正常工作，求：

（1）電動機的額定功率。

（2）電動機輸出的機械功率；

（3）整個閉合電路工作1min消耗的電能。

（4）整個閉合電路工作1min放出的焦耳熱．31、位于坐標(biāo)原點處的波源產(chǎn)生一維簡諧波在介質(zhì)中沿x

軸正方向傳播；從波源開始振動計時，t1=0.5s

時波剛好傳播到位置坐標(biāo)為xA=2m

的A

點，波動圖象如圖所示。介質(zhì)中的B

點位置坐標(biāo)為xB=7m

求：

壟脵B

點振動第一次到達波谷的時刻；

壟脷

從開始計時到B

點第一次向下經(jīng)過平衡位置的時間內(nèi)，A

質(zhì)點振動所經(jīng)過的總路程。32、如圖所示；質(zhì)量為m；電荷量為q的帶電粒子，以初速度v沿垂直磁場方向射入磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場，在磁場中做勻速圓周運動。不計帶電粒子所受重力。

（1）請判斷帶電粒子的電性；

（2）求粒子做勻速圓周運動的半徑R和周期T；

（3）為使該粒子進入磁場時做勻速直線運動，還需要同時存在一個與磁場方向垂直的勻強電場，求電場強度E的大小和方向。參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、B【分析】【分析】根據(jù)安培定則判斷兩根導(dǎo)線在M、N兩點產(chǎn)生的磁場方向，根據(jù)平行四邊形定則，進行合成，確定大小和方向的關(guān)系．在線段MN上只有O點的磁感應(yīng)強度為零．【解析】【解答】解：A；根據(jù)安培定則判斷得知；兩根通電導(dǎo)線產(chǎn)生的磁場方向均沿逆時針方向，由于對稱，兩根通電導(dǎo)線在MN兩點產(chǎn)生的磁感應(yīng)強度大小相等，根據(jù)平行四邊形進行合成得到，M點和N點的磁感應(yīng)強度大小相等，M點磁場向下，N點磁場向上，方向相反．故A錯誤．

B、C兩根導(dǎo)線在M點產(chǎn)生的磁感應(yīng)強度的方向如圖所示，根據(jù)平行四邊形定則進行合成，得到M點和N點的磁感應(yīng)強度大小為2B0cosθ．同理，N點的磁感應(yīng)強度大小也為2B0cosθ．故B正確．C錯誤．

D只有當(dāng)兩根通電導(dǎo)線在同一點產(chǎn)生的磁感應(yīng)強度大小相等；方向相反時；合磁感應(yīng)強度才為零，則知O點的磁感應(yīng)強度為零．故D錯誤．

故選：B．2、D【分析】【分析】兩個小球都做自由落體運動，根據(jù)自由落體運動的基本公式即可解題．【解析】【解答】解：經(jīng)過t時間后甲的速度為v甲=gt，甲的位移h甲=

此時乙釋放在落地前經(jīng)過任意時間△t后：v甲=（t+△t）g，

v乙=g△t，h乙=

h甲-h乙==；所以它們間的距離不斷增大，故A；B錯誤；

v甲-v乙=gt；所以它們間的速度之差保持不變，故C錯誤，D正確．

故選D．3、A|C【分析】試題分析：據(jù)題意，拉力F作用在B上時做勻速運動，則有：此時把F作用在A上，如果則A物體做勻加速直線運動，A、B發(fā)生相對滑動，A物體作用在B物體上的摩擦力有：則B物體做減速運動；如果則A、B相對靜止，且A、B整體有：則A、B一起勻速運動。故選項A、C正確?？键c：本題考查整體法與隔離法的應(yīng)用及物體平衡和牛頓第二定律?！窘馕觥俊敬鸢浮緼C4、D【分析】【分析】根據(jù)物理學(xué)史和常識解答，記住著名物理學(xué)家的主要貢獻即可．【解析】【解答】解：A；伽利略應(yīng)用“理想斜面實驗”推翻了亞里士多德的“力是維持物體運動的原因”觀點；故A錯誤；

B；胡克認為在彈性限度范圍內(nèi)；彈簧的彈力始終與彈簧的形變量成正比，故B錯誤；

C；德國天文學(xué)家開普勒對他導(dǎo)師第谷觀測的行星數(shù)據(jù)進行了多年研究；得出所有行星繞太陽運動的軌道都是橢圓，太陽位于橢圓的焦點上，故C錯誤；

D；密立根最早通過油滴實驗；比較準(zhǔn)確地測出電子的電荷量，故D正確；

故選：D．5、C【分析】【分析】根據(jù)加速度的定義式a=，加速度等于速度的變化率．物體的速度變化量大，加速度不一定大．加速度與速度無關(guān)．【解析】【解答】解：A；物體的速度變化量大；加速度不一定大．只有當(dāng)變化所用時間相同時，加速度才大．故A錯誤．

B；速度變化所用時間越短；加速度不一定越大，還要看速度變化量．故B錯誤．

C；加速度等于速度的變化率；速度變化越快，加速度越大．故C正確．

D；物體的速度大；但不一定變化，變化也不一定快，加速度不一定大．故D錯誤．

故選：C6、A【分析】【分析】瓶子處于靜止?fàn)顟B(tài)，故受到的為靜摩擦力，由二力平衡關(guān)系可求得手與瓶子之間的摩擦力．【解析】【解答】解：因瓶子處于靜止?fàn)顟B(tài)；而豎直方向只受重力和摩擦力，即使握力加倍，而摩擦力大小仍不會發(fā)生變化，故A正確；

故選：A．7、C【分析】【分析】通過電場強度的適用范圍進行分析求解．【解析】【解答】解：A；對于公式①②僅適用于點電荷．④適用于勻強電場．③適用于任何電場．故C正確；A、B、D錯誤．

故選C．二、填空題(共5題，共10分)8、【分析】【分析】①根據(jù)質(zhì)量數(shù)守恒和電荷數(shù)守恒配平．

②中子與氮核碰撞過程中動量守恒，由動量守恒定律可以求出中子的質(zhì)量．【解析】【解答】解：①根據(jù)質(zhì)量數(shù)守恒和電荷數(shù)守恒得：+→n+C；

②設(shè)中子的質(zhì)量為m．

以中子與氮核組成的系統(tǒng)為研究對象；即碰撞前中子的速度方向為正方向，根據(jù)碰撞過程中系統(tǒng)的動量守恒，得：

mV=m（-V）+M

解得：m=M

故答案為：

①C；

②中子的質(zhì)量為M．9、略

【分析】【解析】試題分析：根據(jù)可知，同樣質(zhì)量的冰、雪，雪的體積大于冰，所以雪的密度小于冰。根據(jù)題意，整個過程中雪變成冰時的質(zhì)量沒有發(fā)生變化．根據(jù)公式m=ρV．設(shè)：人腳印的面積為S，雪的厚度為h雪，冰的厚度為h冰；則雪的質(zhì)量為：m雪=ρ雪Sh雪冰的質(zhì)量為：m冰=ρ冰Sh冰則ρ雪Sh雪=ρ冰Sh冰解得ρ雪=ρ冰h冰/h雪．又知：h冰=h雪-h腳印；冰的密度已知，所以還需要測量雪的深度和腳印的深度．考點：理論聯(lián)系實際【解析】【答案】小于積雪的深度10、略

【分析】【解析】試題分析：從圖像中可看出：(3).由單擺的周期公式得(1)，(2)，根據(jù)可得（4）聯(lián)立4個式子可得：考點：考查了單擺規(guī)律以及萬有引力定律的應(yīng)用【解析】【答案】4：111、略

【分析】【解析】庫侖定律的數(shù)學(xué)表達式是k為靜電力常量，大小為思路分析：根據(jù)庫倫定律分析試題【解析】【答案】靜電力恒量，12、1：41：4【分析】【分析】知道合外力大小之比；質(zhì)量之比，根據(jù)牛頓第二定律，可以求得加速度之比；

有加速度和時間，根據(jù)勻變速直線運動的位移時間公式可以求得位移之比；【解析】【解答】解：由a=得，

由x=at2，故

故答案為：1：4，1：4．三、判斷題(共9題，共18分)13、√【分析】【分析】時間是指時間的長度，在時間軸上對應(yīng)一段距離，對應(yīng)物體的位移或路程，時刻是指時間點，在時間軸上對應(yīng)的是一個點，對應(yīng)物體的位置．【解析】【解答】解：“寧停三分；不搶一秒”中的3分是3分鐘，3分鐘與1秒鐘在時間軸上都是指的時間的長度，都是時間．故該說法正確；

故答案為：√14、√【分析】【分析】溫度是氣體分子平均動能變化的標(biāo)志．氣體壓強是氣體分子撞擊器壁而產(chǎn)生的．【解析】【解答】解：如果保持氣體體積不變；當(dāng)溫度升高時，分子的運動變得更加激烈，分子的運動加快，所以每秒撞擊單位面積器壁的分子數(shù)增多，氣體的壓強增大．故該說法正確．

故答案為：√15、×【分析】【分析】平拋運動在水平方向上做勻速直線運動，在豎直方向上做自由落體運動，運動的時間由高度決定，與初速度無關(guān)．【解析】【解答】解：根據(jù)h=得：t=；知平拋運動的時間由高度決定，與初速度無關(guān)．所以這個說法是錯的．

故答案為：×．16、×【分析】【分析】場強定義式E=適應(yīng)任何電場，E=只適用于真空中點電荷；場強取決于電場本身，與檢驗電荷無關(guān)．【解析】【解答】解：場強定義式E=適應(yīng)任何電場，E=只適用于真空中點電荷；故錯誤．

故答案為：×．17、×【分析】【分析】根據(jù)電場強度的定義式E=變形得到F與E的關(guān)系式，再分析即可．【解析】【解答】解：根據(jù)電場強度的定義式E=得：F=qE

可知電場力與電場強度和電荷量都有關(guān)；則電場力大的地方電場強度不一定大，故該判斷是錯的．

故答案為：×．18、×【分析】【分析】加速度是反映速度變化快慢的物理量，當(dāng)加速度方向與速度方向相同，做加速運動，當(dāng)加速度方向與速度方向相反，做減速運動．【解析】【解答】解：加速度是反映速度變化快慢的物理量．根據(jù)牛頓第二定律可知；加速度的方向與物體受到的合外力的方向相同；

結(jié)合速度與加速度的關(guān)系可知；當(dāng)加速度方向與速度方向相同，加速度減小，速度增大．當(dāng)物體的加速度方向與速度方向相反，速度減?。?/p>

所以作用在物體上的合外力減小時；速度可能隨之減小，也可能隨之增大．所以以上說法是錯誤的．

故答案為：×19、√【分析】【分析】貝克勒爾發(fā)現(xiàn)了天然放射現(xiàn)象，使人們認識到原子核具有復(fù)雜結(jié)構(gòu)；【解析】【解答】解：貝克勒爾發(fā)現(xiàn)了鈾和含鈾礦物的天然放射現(xiàn)象；從而揭示出原子核具有復(fù)雜結(jié)構(gòu)，拉開了人們以及原子核的序幕．故以上的說法是正確的．

故答案為：√20、×【分析】【分析】原子核由質(zhì)子和中子構(gòu)成．【解析】【解答】解：原子核由質(zhì)子；中子構(gòu)成；故說法錯誤．

故答案為：×21、√【分析】【分析】由牛頓第三定律可知，作用力與反作用力大小相等，方向相反，作用在同一條直線上，作用在兩個物體上，力的性質(zhì)相同，它們同時產(chǎn)生，同時變化，同時消失．【解析】【解答】解：由牛頓第三定律可知；作用力與反作用力總是大小相等，方向相反，作用在同一條直線上，作用在兩個物體上，力的性質(zhì)相同，它們同時產(chǎn)生，同時變化，同時消失，故該說法是正確的．

故答案為：√四、簡答題(共3題，共18分)22、略

【分析】【分析】小球受重力、電場力、拉力．根據(jù)電場力的方向確定電場強度的方向，根據(jù)共點力平衡求出電場力的大小．再根據(jù)E=求出電場強度的大小，將小球的帶電量減半后再利用上述方法，測量出的場強大小不變．【解析】【解答】解：（1）小球在電場中受重力；電場力、拉力三個力處于平衡狀態(tài)；則電場力方向水平向左，由于小球帶負電，則電場強度方向水平向右；

（2）小球合力為零；則由平衡條件可得：

電場力大小F=mgtan30°=；

則電場強度E=；

（3）電場強度與試探電荷無關(guān)；故將小球的帶電量減半后再利用上述方法，測量出的場強大小不變．

答：（1）該勻強電場場強方向水平向右；

（2）電場強度的大小為；

（3）若將小球的帶電量減半后再利用上述方法，測量出的場強大小和原來場強大小相比不變．23、略

【分析】【分析】速度-時間圖象反映了質(zhì)點的速度隨時間的變化情況，傾斜的直線表示勻變速直線運動．平行于t軸的直線表示勻速直線運動．速度圖象的斜率等于質(zhì)點的加速度；根據(jù)斜率的大小可判斷加速度的大小，圖線與時間軸所圍的面積表示位移求解位移．【解析】【解答】解：（1）根據(jù)圖象可知，甲的初速度為v甲=2m/s，乙的初速度為v乙=12m/s；

（2）根據(jù)圖象可知；第2s末甲；乙瞬時速度相同，均為6m/s；

（3）速度圖象的斜率等于質(zhì)點的加速度，則甲的加速度，乙的加速度；

（4）圖線與時間軸所圍的面積表示位移，則甲前2s內(nèi)的位移，乙前2s內(nèi)的位移．

答：（1）甲的初速度為2m/s；乙的初速度為12m/s；

（2）在第2s末甲；乙瞬時速度相同；均為6m/s；

（3）甲做勻加速運動，加速度為2m/s2，乙做勻減速運動，加速度為-3m/s2；

（4）甲、乙前2s內(nèi)的位移分別為8m和18m．24、略

【分析】【分析】對兩球整體受力分析，根據(jù)共點力平衡條件即可求解球與球與筒底間相互作用的彈力，再對上面一個球分析受力情況，由幾何關(guān)系和平衡條件結(jié)合求解球與球、球與筒壁間的彈力．【解析】【解答】解：以兩球組成的整體為研究對象；整體受力平衡，由平衡條件可得：

圓筒底對球的支持力為：F=2G=200N

以上面一個球為研究對象；設(shè)球心連線與豎直方向的夾角為α，由幾何關(guān)系可得：

cosα=

由平衡條件有：F′cosα=G

則得兩球間的彈力為：F′=G=166.7N

球與筒壁的彈力N=F′sinα=

答：球與球之間的彈力為166.7N，球與筒壁間的彈力為133.3N，球與筒底間相互作用的彈力的大小為200N．五、實驗題(共4題，共12分)25、2.566.7%【分析】【分析】本題（1）的關(guān)鍵是將描出的點用直尺連線．題（2）的關(guān)鍵是由U=-rI+E可知，U-I圖象斜率的絕對值表示電源的內(nèi)阻，縱軸截距表示電源電動勢．【解析】【解答】解：（1）：畫出的U-I圖象如圖所示：

（2）：由U=E-Ir=-rI+E可知，圖象縱軸截距表示電動勢E，U-I圖象的斜率絕對值表示電源的內(nèi)阻，所以E=6.0V，r==；

根據(jù)η=%可知，圖象b點時電源的效率為：η==66.7%．

故答案為：（1）如圖。

（2）2.5，66.7%26、C1041.67【分析】【分析】（1）已知電源電動勢；內(nèi)阻及最大電流；由閉合電路歐姆定律可得出電路中最小電阻，則可找出保護電阻；

（2）由閉合電路歐姆定律可得出表達式，再結(jié)合圖象和數(shù)學(xué)知識可得出圖象的截距及斜率的含義，則可求得電動勢和內(nèi)電阻．【解析】【解答】解：（1）當(dāng)滑動變阻器短路時；電路中通過的最大電流為50mA，則由閉合電路歐姆定律可知。

R0=-45Ω=180-45Ω=135Ω；則所給四個定值電阻中符合條件的只有C；

（2）由閉合電路歐姆定律可得：

U=

變形得：

由數(shù)學(xué)知識可知，圖象中的斜率k=；截距b=；

由圖可知，b=0.1；故E=10V；

k==4.167；即=4.167；

解得：r=41.67Ω；

故答案為：（1）C．（2）10V41.67Ω27、略

【分析】【解析】【答案】（1）50.15（2）4.700（3）220（4）如圖所示（5）28、略

【分析】【解析】⑴由系統(tǒng)重力勢能的減小量等于動能增大量可列出公式⑵A點速度可根據(jù)左右兩個小車位置間的平均速度去求，從而求出動能，重力勢能減小量為mgh⑶略【解析】【答案】⑴(2分)⑵0.425-0.4350.475-0.485(每空2分)⑶不守恒，小車、鉤碼運動過程中受到的摩擦阻力較大（每空1分）六、計算題(共4題，共24分)29、略

【分析】【分析】小球落在斜面上，根據(jù)豎直位移和水平位移的關(guān)系，運用運動學(xué)公式求出小球在空中運動的時間，根據(jù)速度時間公式求出落在B點的豎直分速度，結(jié)合平行四邊形定則求出到達B點的速度．【解析】【解答】解：（1）根據(jù)得，小球在空中運動的時間t=．

（2）小球到達B點的豎直分速度vy=gt=2v0tanα；

根據(jù)平行四邊形定則知，到達B點的速度==．

答：（1）小球在空中運動的時間為．

（2）到達B點的速度大小為．30、略

【分析】【解析】

試題分析：（1）電路中的電流：電動機兩端電壓為UM=E-I1(r+R)-U1=8V,所以電動機的額定功率為：

（2）電動機輸出的機械功率：

（3）整個閉合電路工作1min消耗的電能：

（4）整個閉合電路工作1min放出的焦耳熱：

考點：電動機問題的計算；焦耳定律?！窘馕觥俊敬鸢浮浚?）16W（2）14W（3）1680J(4)840J31、略

【分析】

壟脵

先根據(jù)v=xAt1

求出波速。再由AB

間的距離和波速求得波從t=0