2025年冀教版選修3物理上冊月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年冀教版選修3物理上冊月考試卷665考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、如圖所示，兩根粗細(xì)不同，兩端開口的直玻璃管A和B豎直插入同一水銀槽中，各用一段水銀柱封閉著一定質(zhì)量溫度相同的理想氣體，氣柱長度水銀柱長度今使封閉空氣降低相同的溫度（大氣壓保持不變），則兩管中空氣柱上方水銀柱的移動(dòng)情況是（）

A.均向下移動(dòng)，A管移動(dòng)較少B.均向下移動(dòng)，A管移動(dòng)較多C.均向下移動(dòng)，兩管移動(dòng)的一樣多D.水銀柱的移動(dòng)距離與管的粗細(xì)有關(guān)2、如圖所示為某電源的伏安特性曲線，則下列結(jié)論正確的是（）

A.電源的電動(dòng)勢為6.0VB.電源的內(nèi)阻為C.電流為0.2A時(shí)的外電阻是D.電源的短路電流為0.5A3、如圖甲所示，在線圈中通入電流后，在上產(chǎn)生感應(yīng)電流隨時(shí)間變化的規(guī)律如圖乙所示，中電流正方向如圖甲中箭頭，則通入線圈中的電流隨時(shí)間變化的圖線是下圖中的（）

A.B.C.D.4、一閉合矩形線圈繞垂直于磁場方向的軸勻速轉(zhuǎn)動(dòng)；產(chǎn)生的感應(yīng)電流如圖所示，由圖可知。

A.該交流電電流的有效值是5AB.該交流電的頻率是20HzC.t=0時(shí)刻線圈平面位于中性面D.該交流電電流的瞬時(shí)表達(dá)式為i=5cos100πt（A）5、某空間區(qū)域有豎直方向的電場（圖中只畫出了一條電場線）．一個(gè)質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正電的小球，在電場中從A點(diǎn)由靜止開始沿電場線豎直向下運(yùn)動(dòng)．不計(jì)一切阻力，運(yùn)動(dòng)過程中小球的機(jī)械能E與小球位移x的關(guān)系圖象如圖所示；由此可以判斷。

A.小球所處的電場為非勻強(qiáng)電場，且場強(qiáng)不斷減小，場強(qiáng)方向向上B.小球所處的電場為勻強(qiáng)電場，場強(qiáng)方向向下C.小球可能先做加速運(yùn)動(dòng)，后做勻速運(yùn)動(dòng)D.小球一定先做加速運(yùn)動(dòng)，達(dá)到最大速度后做減速運(yùn)動(dòng)，最后靜止6、根據(jù)電阻定律，對(duì)于溫度一定的某種金屬導(dǎo)線來說，它的電阻率（）A.跟導(dǎo)線的電阻成正比B.跟導(dǎo)線的橫截面積成正比C.由所用金屬材料本身特性決定D.跟導(dǎo)線的長度成反比7、有兩個(gè)處于基態(tài)的氫原子A、B，A靜止，B以速度與之發(fā)生碰撞．碰撞后二者的速度和在一條直線上，碰撞過程中部分動(dòng)能有可能被某一氫原子吸收，從而使該原子由基態(tài)躍遷到激發(fā)態(tài)，然后，此原子向低能態(tài)躍遷，并發(fā)出光子．下列說法正確的是A.已知?dú)湓幽芗?jí)公式為基態(tài)能量為eV，則吸收的動(dòng)能為10eV時(shí)，原子可以躍遷到激發(fā)態(tài)B.若該原子吸收動(dòng)能從基態(tài)躍遷到n=4的激發(fā)態(tài)后，最多可以發(fā)出6種頻率不同的光子C.要求發(fā)生上述現(xiàn)象時(shí)B原子的碰撞之前的速度最小，則兩原子應(yīng)發(fā)生完全非彈性碰撞D.氫原子吸收的動(dòng)能只有大于氫原子基態(tài)能量時(shí)，才可能發(fā)出光子評(píng)卷人得分二、多選題(共6題，共12分)8、在如圖所示的電路中，電源電動(dòng)勢為E，內(nèi)電阻為r，各電表都看做理想表．閉合開關(guān)，滑動(dòng)變阻器滑片P向右移動(dòng)，若以、、、分別表示電壓表V1、V2、V3和電流表A的示數(shù)變化的大小，則下述結(jié)論正確的是（））

A.電壓表V1、V2、V3和電流表A的示數(shù)分別是變小、變大、變小、變大B.電壓表V1、V2、V3和電流表A的示數(shù)分別是變大、變小、變大、變小C.D.、、分別是變小、不變、變小9、關(guān)于液體，下列說法正確的是（）A.水銀滴放到打磨干凈的鉛板上，水銀就附著在鉛板上，很難擦去，是因?yàn)楦街鴮觾?nèi)分子之間的作用表現(xiàn)為斥力B.液晶顯示器是液晶中摻入少量多色性染料，染料分子會(huì)與液晶分子結(jié)合而定向排列，從而表現(xiàn)出光學(xué)各向異性的特點(diǎn)C.毛細(xì)現(xiàn)象是浸潤和不浸潤及液體表面張力作用形成的現(xiàn)象，現(xiàn)象是否明顯與液體種類和毛細(xì)管的材料有關(guān)D.液體表面層中分子間的距離比液體內(nèi)部分子間的距離小10、如圖所示電路中，和為理想電流表，示數(shù)分別為和當(dāng)a、b兩點(diǎn)間加以恒定的電壓U后，下列結(jié)論正確的是

A.B.C.將換成理想電壓表，其示數(shù)之比為3:5D.將換成理想電壓表，其示數(shù)之比為1:111、如圖所示，兩根平行金屬導(dǎo)軌置于水平面內(nèi)，導(dǎo)軌之間接有電阻R．金屬棒ab與兩導(dǎo)軌垂直并保持良好接觸，整個(gè)裝置放在勻強(qiáng)磁場中，磁場方向垂直于導(dǎo)軌平面向下．現(xiàn)使磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時(shí)間均勻減小，ab始終保持靜止；下列說法正確的是（）

A.ab中的感應(yīng)電流方向由a到bB.ab所受的安培力方向向左C.ab中的感應(yīng)電流方向由b到aD.ab所受的安培力方向向右12、分子動(dòng)理論以及固體、液體的性質(zhì)是熱學(xué)的重要內(nèi)容，下列說法正確的是（）E.兩分子間的分子勢能一定隨距離的增大而增大A.用吸管將牛奶吸入口中是利用了毛細(xì)現(xiàn)象B.同溫度的氧氣和氫氣，它們的分子平均動(dòng)能相等C.荷葉上的小露珠呈球形是由于液體表面張力的作用D.彩色液晶顯示器利用了液晶的光學(xué)性質(zhì)具有各向異性的特點(diǎn)13、下列說法中正確的是A.在核反應(yīng)H+H→He+H中，He與H的質(zhì)量和一定小于H與H的質(zhì)量和B.衛(wèi)星可以在大于地球半徑的任意圓軌道上運(yùn)動(dòng)，電子也可以在大于基態(tài)軌道半徑的任意圓軌道上運(yùn)動(dòng)C.分別用綠光和紫光照射同一金屬表面都能發(fā)生光電效應(yīng)，逸出的光電子的最大初動(dòng)能可能相等D.隨著黑體溫度的升高，一方面各種波長的輻射強(qiáng)度都有增加，另一方面輻射強(qiáng)度的極大值向波長較短的方向移動(dòng)評(píng)卷人得分三、填空題(共5題，共10分)14、如圖，兩側(cè)粗細(xì)均勻、橫截面積相等、高度均為的U型管，左管上端封閉，石管上端開口。右管中有高的水銀柱，水銀柱上表面離管口的距離管底水平段的體積可忽略。環(huán)境溫度為大氣壓強(qiáng)現(xiàn)從右側(cè)端口緩慢注入水銀（與原水銀柱之間無氣隙），恰好使水銀柱下端到達(dá)右管底部。此時(shí)封閉氣體的壓強(qiáng)為______要使封閉氣體在回到原來的體積，應(yīng)將氣體溫度升高到______

15、反射規(guī)律：反射線、法線與入射線在同一_______內(nèi)，反射線與入射線分居_______兩側(cè)，反射角_______入射角。16、a射線、β射線、γ射線、陰極射線四種射線中由原子核內(nèi)射出、屬于電磁波的射線是__________，不是原子核內(nèi)射出的射線是_________。17、如圖所示，真空中有一對(duì)相距為d的平行金屬板A和B，兩板間電勢差為U，兩板間的電場為勻強(qiáng)電場．若一個(gè)質(zhì)量為m、電荷量為q的粒子，僅在靜電力的作用下由靜止開始從A板向B板做勻加速直線運(yùn)動(dòng)并到達(dá)B板，則粒子在運(yùn)動(dòng)過程中加速度大小a=________，粒子到達(dá)B板時(shí)的速度大小v=________．

18、圖甲是通過燈泡L的電流跟其兩端電壓關(guān)系的圖像，現(xiàn)將L與阻值為10Ω的電阻R連入圖乙所示電路，閉合開關(guān)S，L的實(shí)際功率為1.8W，則電源電壓是________V，此時(shí)通過R的電流是_______A。

評(píng)卷人得分四、作圖題(共3題，共9分)19、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場，丙、丁是環(huán)形電流的磁場，戊、己是通電螺線管的磁場，試在各圖中補(bǔ)畫出電流方向或磁感線方向．

20、示波管的內(nèi)部結(jié)構(gòu)如圖所示．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請(qǐng)畫出熒光屏上出現(xiàn)的完整掃描波形圖．

21、圖中表示某一時(shí)刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經(jīng)過7s后的波形曲線。

評(píng)卷人得分五、實(shí)驗(yàn)題(共3題，共12分)22、用下列器材，測定小燈泡的額定功率．。A．待測小燈泡：額定電壓6V，額定功率約為5W；B．電流表：量程l.0A，內(nèi)阻約為0.5Ω；C．電壓表：量程3V，內(nèi)阻5kΩ；D．滑動(dòng)變阻器R：最大阻值為20Ω，額定電流1A；E．電源：電動(dòng)勢10V，內(nèi)阻很小；F．定值電阻R0（阻值10kΩ）；G．開關(guān)一個(gè)，導(dǎo)線若干．要求：①實(shí)驗(yàn)中，電流表應(yīng)采用_____接法（填“內(nèi)”或“外”）；滑動(dòng)變阻器應(yīng)采用_____接法（填“分壓”或“限流”）．

②畫出實(shí)驗(yàn)原理電路圖________．

③實(shí)驗(yàn)中，電壓表的示數(shù)調(diào)為_____V時(shí)，即可測定小燈泡的額定功率．23、在測定電源電動(dòng)勢和內(nèi)電阻實(shí)驗(yàn)中；選擇合適的器材組成如圖所示的電路．

（1）將電阻箱R阻值調(diào)到R1=28Ω時(shí)，電壓表讀數(shù)為U1=1.4V，將電阻箱R阻值調(diào)到R2=13Ω時(shí)，電壓表讀數(shù)為U2=1.3V，根據(jù)這兩組數(shù)據(jù)求得電源電動(dòng)勢E=___V；內(nèi)電阻r=___Ω．（保留兩位有效數(shù)字）

（2）多次改變電阻箱的電阻R，讀出對(duì)應(yīng)的電壓表讀數(shù)U，然后用圖象法處理數(shù)據(jù)，以電壓表讀數(shù)U為縱軸，以為橫軸，做出圖象得到一條直線．電動(dòng)勢等于圖象的___；內(nèi)電阻等于圖象的___．24、在“用油膜法估測分子大小”的實(shí)驗(yàn)中，將一滴油酸酒精溶液滴入事先灑有均勻痱子粉的水槽中，待油膜充分散開后，在玻璃板上描出油膜的輪廓，隨后把玻璃板放在坐標(biāo)紙上，其形狀如圖所示．已知坐標(biāo)紙上正方形小方格的邊長為10mm，油酸酒精溶液中油酸濃度為0.12%，100滴油酸酒精溶液滴入量筒后的體積是0.4mL．關(guān)于該實(shí)驗(yàn)，下列說法正確的是____．

A.為了方便；可以將純油酸直接滴入水槽中進(jìn)行實(shí)驗(yàn)。

B.讓油膜充分散開的目的是讓水面上形成單分子油膜。

C.水槽中油膜散開的面積約為8.0×10-3m2

D.計(jì)算得到油酸分子的直徑約為6.0×10-9m

E.要測定阿伏加德羅常數(shù)，還需要知道油酸的摩爾體積A.為了方便，可以將純油酸直接滴入水槽中進(jìn)行實(shí)驗(yàn)B.讓油膜充分散開的目的是讓水面上形成單分子油膜C.水槽中油膜散開的面積約為8.0×l0-3m2E.要測定阿伏加德羅常數(shù)，還需要知道油酸的摩爾體積E.要測定阿伏加德羅常數(shù)，還需要知道油酸的摩爾體積評(píng)卷人得分六、解答題(共3題，共30分)25、如圖所示，橫截面積為的氣缸開口向下豎直放置，a、b為固定在氣缸內(nèi)壁的卡口，a、b之間的距離為b與氣缸底部的距離為質(zhì)量為的活塞與氣缸內(nèi)壁接觸良好，只能在a、b之間移動(dòng)，活塞厚度可忽略，氣缸、活塞導(dǎo)熱性良好，活塞與氣缸之間的摩擦忽略不計(jì)；已知大氣壓為剛開始時(shí)缸內(nèi)氣體壓強(qiáng)也為活塞停在a處，環(huán)境溫度為重力加速度為若緩慢降低周圍環(huán)境溫度；求：

(1)活塞剛好離開a時(shí)環(huán)境溫度；

(2)活塞剛好與b接觸時(shí)環(huán)境溫度。

26、如圖所示,質(zhì)量分別為m、M的兩物塊用輕彈簧相連,其中M放在水平地面上,m處于豎直光滑的導(dǎo)軌內(nèi).今將m向下壓一段距離后放手,它就在導(dǎo)軌內(nèi)上下作簡諧運(yùn)動(dòng),且m到達(dá)最高點(diǎn)時(shí),M對(duì)地面的壓力剛好為零,試問:(1)m的最大加速度多大?(2)M對(duì)地面的最大壓力多大?

27、如圖所示是一列沿x軸方向傳播的機(jī)械波圖象，實(shí)線是t1=0時(shí)刻的波形，虛線是t2=1s時(shí)刻的波形．

（1）求該列波可能的周期和波速；

（2）若波速為5m/s，其傳播方向如何？請(qǐng)畫出質(zhì)點(diǎn)P從t1時(shí)刻為計(jì)時(shí)起點(diǎn)的振動(dòng)圖像．（至少畫出一個(gè)周期，并在圖中標(biāo)上周期和振幅的數(shù)值）參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、A【分析】【詳解】

D．因?yàn)榇髿鈮罕３植蛔?，封閉空氣柱均做等壓變化，放封閉空氣柱下端的水銀面高度不變，根據(jù)蓋一呂薩克定律可得

則

即

化簡得

則空氣柱長度的變化與玻璃管的粗細(xì)無關(guān)；D錯(cuò)誤；

ABC．因A、B管中的封閉空氣柱初溫T相同，溫度的變化也相同，則與H成正比。又所以即A、B管中空氣柱的長度都減小，水銀柱均向下移動(dòng)，因?yàn)樗?/p>

所以A管中空氣柱長度減小得較少；A正確，BC錯(cuò)誤。

故選A。2、A【分析】【詳解】

A.由電源的伏安特性曲線可知；電源的電動(dòng)勢為6.0V，故選項(xiàng)A符合題意．

B.電源的內(nèi)阻

故選項(xiàng)B不符合題意．

C.依據(jù)閉合電路歐姆定律

可知，當(dāng)電流為0.2A時(shí)，路端電壓為5.68V，則由歐姆定律可知外電阻

故選項(xiàng)C不符合題意．

D.圖象與橫坐標(biāo)的交點(diǎn)電壓為5.2V，這時(shí)對(duì)應(yīng)的電流為0.5A，這不是短路電流，故D選項(xiàng)不符合題意．3、D【分析】試題分析：由乙圖產(chǎn)生的感應(yīng)電流可知原線圈中的電流應(yīng)該是均勻變化的；故AC錯(cuò)誤；由乙圖知副線圈中的電流沿圖示方向，若原線圈中的電流是正向增大，則副線圈中由楞次定律知電流應(yīng)該與正方向相反，故B錯(cuò)誤D正確．故選D；

考點(diǎn)：楞次定律；法拉第電磁感應(yīng)定律．4、D【分析】【詳解】

A．由圖像知正弦交變電流的最大值是5A，所以該交流電電流的有效值是

故A錯(cuò)誤；

B．由圖像知周期T=0.02s，所以頻率

故B錯(cuò)誤；

C．t=0時(shí)感應(yīng)電流最大；感應(yīng)電動(dòng)勢最大，磁通量為零，所以線圈平面垂直于中性面，故C錯(cuò)誤；

D．由圖像知周期T=0.02s，所以

電流的最大值是5A，所以交流電電流的瞬時(shí)表達(dá)式為

故D正確。

故選D。5、A【分析】【分析】

【詳解】

AB、物體的機(jī)械能不斷減小，由功能關(guān)系知電場力做負(fù)功，故電場強(qiáng)度方向向上，根據(jù)功能關(guān)系得：△E＝qE△x；知圖象的斜率等于電場力，斜率不斷減小，故電場強(qiáng)度不斷減小，因此電場是非勻強(qiáng)電場．故A正確；B錯(cuò)誤；

CD、在運(yùn)動(dòng)過程中，物體受重力與電場力；物體由靜止開始下落，故剛開始時(shí)重力大于電場力，下落過程中，電場力越來越小，故加速度越來越大，當(dāng)電場力減小到0時(shí)，加速度達(dá)到最大值g，故物體做加速度越來越大的加速運(yùn)動(dòng)，最后做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，故CD錯(cuò)誤．6、C【分析】導(dǎo)線的電阻率與導(dǎo)體的電阻大小；橫截面積、長度無關(guān)；由材料本身特性決定，故C正確，A、B、D錯(cuò)誤．

故選：C。7、C【分析】【詳解】

從基態(tài)躍遷吸收的能量至少為eV-(-13.6)eV=10.2eV才可以從基態(tài)躍遷到處于第二能級(jí)的激發(fā)態(tài)，AD錯(cuò)誤；一個(gè)原子處于n=4的激發(fā)態(tài)，最多可以發(fā)出3種光子（4-3，3-2，2-1），B錯(cuò)誤；要求發(fā)生上述現(xiàn)象時(shí)B原子的碰撞之前的速度最小，則兩原子應(yīng)發(fā)生完全非彈性碰撞，損失的動(dòng)能最多，從基態(tài)躍遷到第一激發(fā)態(tài)，C正確．二、多選題(共6題，共12分)8、A:C【分析】【詳解】

AB、當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)片P向右移動(dòng)時(shí)，變阻器接入電路的電阻減小，總電阻減小，則電路中的總電流增大，則電流表A的示數(shù)變大；根據(jù)歐姆定律可知的電壓增大，電壓表示數(shù)變大；內(nèi)電壓增大，則路端電壓減小，電壓表示數(shù)變小．的電壓增大，路端電壓減小，則的電壓減小，則電壓表的示數(shù)變小；故A正確，B錯(cuò)誤．

CD、根據(jù)全電路歐姆定律知：故C正確．由變形得：不變．不變．由變形得：即不變．故C正確，D錯(cuò)誤．

故選AC

【點(diǎn)睛】

當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)片P向右移動(dòng)時(shí)，變阻器接入電路的電阻減小，總電阻減小，電路中的總電流增大，由歐姆定律分析并聯(lián)部分兩端電壓的變化和路端電壓的變化，再判斷兩端電壓的變化，綜合分析出兩電壓表變化量的大小．9、A:B:C【分析】【分析】

【詳解】

A．水銀滴放到打磨干凈的鉛板上；水銀就附著在鉛板上，很難擦去，是因?yàn)楦街鴮觾?nèi)分子之間的作用表現(xiàn)為斥力，水銀對(duì)鉛板表現(xiàn)為浸潤，A正確；

B．液晶顯示器是液晶中摻入少量多色性染料；染料分子會(huì)與液晶分子結(jié)合而定向排列，從而表現(xiàn)出光學(xué)各向異性的特點(diǎn)，B正確；

C．毛細(xì)現(xiàn)象是浸潤和不浸潤及液體表面張力作用形成的現(xiàn)象；現(xiàn)象是否明顯與液體種類和毛細(xì)管的材料有關(guān)，C正確；

D．液體表面層中分子間的距離比液體內(nèi)部分子間的距離大；D錯(cuò)誤。

故選ABC。10、B:C【分析】【詳解】

AB．由題意可知，當(dāng)和為理想電流表時(shí)，電路結(jié)構(gòu)為：電阻并聯(lián)，電流表測流過和的總電流，電流表測流過和的總電流。由于

設(shè)

由歐姆定律可得

則

所以A錯(cuò)誤；B正確；

CD．將換成理想電壓表后，三個(gè)電阻串聯(lián)接在電壓U的電路中，表測和的總電壓，表測流過和的總電壓。設(shè)電路中電流為I，則由歐姆定律可得

則其示數(shù)之比為

所以C正確；D錯(cuò)誤。

故選BC。11、A:D【分析】【分析】

【詳解】

AC．磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時(shí)間均勻減小，故回路磁通量減小，根據(jù)楞次定律判斷，感應(yīng)電流的磁場方向向下，根據(jù)右手定則判斷ab中的感應(yīng)電流方向由a到b；A正確C錯(cuò)誤。

BD．因?yàn)閍b中的感應(yīng)電流方向由a到b，磁場方向豎直向下，根據(jù)左手定則判斷ab所受的安培力方向向右，B錯(cuò)誤D正確12、B:C:D【分析】【詳解】

用塑料細(xì)管將牛奶吸入口中利用了大氣壓，不是毛細(xì)現(xiàn)象，故A錯(cuò)誤；溫度是分子平均動(dòng)能的標(biāo)志，相同溫度下所有分子的平均動(dòng)能均相同，故B正確；液體表面的分子分布比液體內(nèi)部分子的分布要稀疏，故存在液體的表面張力，草葉上的露珠呈球形是由于液體表面張力的作用，故C正確；液晶像液體一樣具有流動(dòng)性，而其光學(xué)性質(zhì)與某些晶體相似具有各向異性，彩色液晶顯示器利用了液晶的光學(xué)性質(zhì)具有各向異性的特點(diǎn)，故D正確；當(dāng)分子表現(xiàn)為引力時(shí)，分子勢能隨分子間距離的增大而增大，當(dāng)分子力表現(xiàn)為斥力時(shí)，分子勢能隨分子間距離的增大而減小，故E錯(cuò)誤；故選BCD。13、A:D【分析】【詳解】

A；在核裂變和核聚變反應(yīng)中有能量釋放；對(duì)應(yīng)的有質(zhì)量虧損，故A正確。

B；由波爾理論知電子繞原子核的圓周運(yùn)動(dòng)軌道半徑是不連續(xù)的；、故B錯(cuò)誤。

C；對(duì)同一金屬來講其逸出功是一定的；紫光光子的能量大于綠光光子的能量，由光電效應(yīng)方程知用紫光照射同一金屬表面，逸出的光電子的最大初動(dòng)能較綠光大，故C錯(cuò)誤。

D；根據(jù)黑體理論；黑體輻射的強(qiáng)度與溫度有關(guān)，溫度越高，黑體輻射的強(qiáng)度越大，隨著溫度的升高，黑體輻射強(qiáng)度的極大值向波長較短的方向移動(dòng)，故D正確。

故選：A、D三、填空題(共5題，共10分)14、略

【分析】【詳解】

[1]對(duì)于左端密封氣體，狀體1的體積為

狀態(tài)1的壓強(qiáng)為

狀態(tài)2的體積為

根據(jù)氣體實(shí)驗(yàn)定律得

解得

[2]升溫過程是等壓變化，根據(jù)氣體實(shí)驗(yàn)定律得

將帶入得【解析】88.932015、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】平面法線等于16、略

【分析】【詳解】

[1][2]射線是高速運(yùn)動(dòng)的氦原子核，β射線是高速運(yùn)動(dòng)的電子流，γ射線是原子核能級(jí)躍遷時(shí)釋放的射線，陰極射線是原子受激發(fā)時(shí)射出的電子，故由原子核內(nèi)射出、屬于電磁波的射線是γ射線，不是原子核內(nèi)射出的射線是陰極射線?！窘馕觥喀蒙渚€陰極射線17、略

【分析】【詳解】

粒子從靜止開始運(yùn)動(dòng)，只受電場力，有：U=Ed；F=qE；

聯(lián)立解得：

根據(jù)速度位移關(guān)系公式，有：v2=2ad

解得：

點(diǎn)睛：本題電荷在電場中加速問題，求解速度通常有兩種思路：一是動(dòng)能定理；二是牛頓第二定律與運(yùn)動(dòng)學(xué)公式結(jié)合．【解析】18、略

【分析】【詳解】

[1]由圖甲可知：燈泡L與電阻R并聯(lián)，根據(jù)從圖像上可以看出，當(dāng)L的實(shí)際功率為1.8W時(shí)，對(duì)應(yīng)的實(shí)際電壓為6V，實(shí)際電流為0.3A，則電源電壓

[2]通過R的電流【解析】60.6四、作圖題(共3題，共9分)19、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場方向，也可以通過磁場方向來確定電流的方向；

圖甲；已知磁場方向，順時(shí)針方向，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側(cè)的磁場的方向向里，左側(cè)的磁場的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場方向，則可知電流方向，逆時(shí)針方向；

圖?。画h(huán)形電流從左側(cè)流入，從右側(cè)流出，所以磁場的方向向下；

圖戊；根據(jù)螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向左；

圖已；根據(jù)螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向右．如圖所示：

【解析】20、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時(shí)間內(nèi)才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向由2個(gè)周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達(dá)熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測信號(hào)在一個(gè)周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象．XX′偏轉(zhuǎn)電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為T，即在一個(gè)周期T的時(shí)間內(nèi)完成一次水平方向的掃描，同時(shí)豎直方向的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向也完成一個(gè)周期性的變化；y方向的電壓大小不變，方向每半個(gè)周期變化一次，結(jié)合電子到達(dá)熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以B圖中的掃描圖形如圖．

考點(diǎn)：考查了示波器的工作原理。

【名師點(diǎn)睛】本題關(guān)鍵要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏轉(zhuǎn)電壓上加的是待顯示的信號(hào)電壓，XX′偏轉(zhuǎn)電極通常接入鋸齒形電壓，即掃描電壓，當(dāng)信號(hào)電壓與掃描電壓周期相同時(shí)，就可以在熒光屏上得到待測信號(hào)在一個(gè)周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象【解析】21、略

【分析】【分析】

【詳解】

7s波向前傳播的距離為

7s后，故x=3.5m位置的原圖中x=0位置的振動(dòng)情況相同；因此作出以下圖形。

【解析】五、實(shí)驗(yàn)題(共3題，共12分)22、略

【分析】【詳解】

①[1]由功率公式可得，燈泡電阻：故故電流表應(yīng)采用外接法；

滑動(dòng)變阻器的最大電阻為20Ω；大于燈泡內(nèi)阻，故可以采用限流接法；分壓也可以;

[2]由以上分析可知，電路采用分壓或限流均可；由于電壓表量程只有3V，而燈泡額定電壓為6V，故應(yīng)將電壓表與定值電阻串聯(lián)充當(dāng)電壓表；故電路如圖

②[3]

③[4]串聯(lián)電路中電流相等，分壓之比等于電阻之比，故燈泡與電源的電壓之比等于1：2；故當(dāng)燈泡兩端電壓為6V時(shí)，電壓表示數(shù)為2V時(shí)，小燈泡兩端電壓達(dá)到額定電壓6V，即可測定小燈泡的額定功率.【解析】外接法限流（分壓）223、略

【分析】【分析】

由閉合電路歐姆定律，分別研究電阻箱電阻為R1和R2的情況；列出含有電動(dòng)勢和內(nèi)阻的方程組求解；由圖象中的截距的含義及閉合電路的歐姆定律的表達(dá)式要求得電動(dòng)勢和內(nèi)電阻．

【詳解】

（1）由閉合電路歐姆定律可知：E＝U+Ir＝U+r，根據(jù)題意可知：E＝1.4+r，E＝1.3+r，解得：E＝1.5V，r＝2.0Ω．

（2）由圖示電路圖可知，電源電動(dòng)勢：E＝U+Ir＝U+r，整理得：U＝