2024-2025學年四川省德陽市高中高三（上）第一次診斷考試物理試卷（含解析）

第=page11頁，共=sectionpages11頁2024-2025學年四川省德陽市高中高三（上）第一次診斷考試物理試卷一、單選題：本大題共7小題，共28分。1.豎直上拋一個小球，不計空氣阻力，以下描述小球在空中運動速度隨時間變化的圖像中，可能正確的是A. B. C. D.2.如圖所示，同學們組成的跑操方陣排列整齊地勻速率通過圓弧形跑道區(qū)域，每個方陣中的每位同學均可視為做勻速圓周運動。則下列說法正確的是

A.每位同學的角速度相同 B.每位同學所受的合力為零

C.每位同學的速度大小相同 D.每位同學的加速度保持不變3.用傳感器和計算機描出的物體平拋運動的軌跡，如圖所示，物體自坐標原點O開始做平拋運動。已知某點坐標X=0.272?m，Y=0.196?m，重力加速度取為g=9.8?m/s2。由此可得本實驗中物體做平拋運動的初速度大小是

A.0.0544?m/s B.1.36?m/s C.6.8?m/s D.13.6?m/s4.空間某區(qū)域存在靜電場如圖所示，實線為等勢線，相鄰等勢面間電勢差相等。某質子運動軌跡如圖虛線所示，a、b是軌跡上的兩個點，下列說法正確的是(

)

A.a點的電場強度比b點大

B.a、b兩點電場強度的方向相同

C.質子從a點運動到b點，電場力做正功

D.質子處于a、b兩點時，其電勢能在a點時較小5.一衛(wèi)星繞地球運動的軌道為橢圓，已知地球半徑為R，衛(wèi)星距地球球心的最近距離為4R、最遠距離為10R，則A.衛(wèi)星從距離地球最近到最遠的過程中，機械能增加

B.衛(wèi)星從距離地球最近到最遠的過程中，機械能減少

C.相同時間內，衛(wèi)星與地球球心連線掃過的面積不相同

D.衛(wèi)星運動過程中加速度的最大值和最小值之比為25:46.如圖所示，質量為m的滑塊Q與質量為2m的滑塊P置于水平地面上，二者用一輕彈簧水平連接，兩滑塊與桌面間的動摩擦因數(shù)均為μ。用水平向右的拉力F拉滑塊P，使兩滑塊均做勻速直線運動。某時刻突然撤去該拉力F，則下列說法正確的是

A.拉力F的大小為3μmg

B.撤去拉力F前，彈簧彈力大小為2μmg

C.撤去拉力F瞬間，滑塊Q的加速度大小為μg

D.撤去拉力F瞬間，滑塊P的加速度大小為3μg7.如圖所示，粗糙水平地面上有一質量為M、傾角為30°的粗糙楔形斜面C，斜面上有一個質量為2m的物塊B，輕繩一端與物塊B相連，另一端繞過固定在天花板上的定滑輪，連接一個質量為m的小球A，初始時對A球施加斜向右上方的拉力F，拉力F與豎直方向夾角為α=53°，輕繩與豎直方向夾角為β=37°?，F(xiàn)讓拉力F順時針緩慢轉動至水平向右方向，轉動過程A、B、C始終保持靜止。已知B與滑輪間的細繩與斜面平行，重力加速度為g。下列說法正確的是(

)A.初始時，拉力F的大小為45mg

B.初始時，斜面C對物塊B的作用力大小為2mg

C.拉力F轉動過程中，拉力F變大

D.地面對斜面二、多選題：本大題共3小題，共12分。8.摩托車、電動自行車騎乘人員應該佩戴具有緩沖作用的安全頭盔，安全文明出行。遭遇事故時，頭盔的緩沖層與頭部的撞擊時間延長，起到緩沖作用，則下列說法正確的是(

)A.頭盔減小了騎乘人員頭部撞擊過程中的動量變化率

B.頭盔減小了騎乘人員頭部撞擊過程中的動量變化量

C.頭盔減少了騎乘人員頭部撞擊過程中撞擊力的沖量

D.頭盔對頭部的沖量與頭部對頭盔的沖量等大反向9.人們用滑道從高處向低處運送貨物。如圖所示，可看作質點的貨物，從14圓弧滑道頂端P點以2?m/s的速度沿切線方向下滑，沿滑道運動到圓弧末端Q點時速度大小為6?m/s。已知貨物質量為5?kg，滑道高度?為4?m，且過Q點的切線水平，重力加速度取10?m/s2。關于貨物從P點運動到Q點的過程，下列說法正確的有

A.克服阻力做的功為120?J B.重力做的功為20?J

C.經過Q點時向心加速度大小為9?m/s2 D.經過Q10.內燃機做功沖程如圖所示，簡化成球1、球2通過帶有鉸鏈的輕桿相連，質量為2m的球1穿在半徑為R的豎直光滑圓環(huán)ABCD上，質量為m的球2穿在光滑豎直桿上，球1沿圓環(huán)順時針轉動。重力加速度為g，不計一切摩擦，球1從A→C運動過程中，內燃機燃氣對球2做功W，下列說法正確的是

A.球2速度為零時所受合外力一定恰好為0

B.球2速度最大時所受合外力一定恰好為0

C.球1經過與圓心等高的B點時，與球2的速度相同

D.球1從A→C運動過程中，輕桿對球2做功為2mgR+W三、實驗題：本大題共2小題，共18分。11.如圖甲所示的實驗裝置，定性探究電荷間相互作用力與電荷量、電荷之間的距離的關系。(1)該實驗用到的研究方法是________(填正確選項前的字母)A.理想實驗法

B.等效替代法

C.微小量放大法

D.控制變量法(2)如圖乙所示，當小球B靜止時，A、B兩球球心恰好在同一水平面上，細線與豎直方向的夾角為θ，若小球B的質量為m，重力加速度為g，則庫侖力F=________。(3)如圖乙所示，接著該同學在豎直平面內緩慢移動小球A的位置，保持A、B兩球球心的連線與連接B球的細線所成的夾角不變，在細線偏離豎直方向的角度θ增大到90°的過程中，A、B兩球間的庫侖力________(選填“增大”、“減小”、“先增大再減小”或“先減小再增大”)。12.某研究性學習小組采用如圖甲所示的裝置探究“滑塊質量一定時加速度與力的關系”。提供的器材有：氣墊導軌(總長度為L)、滑塊(裝有寬度為d的遮光板，總質量為m)、光電門一個(配接數(shù)字計時器)、墊塊若干、米尺。打開氣泵，讓滑塊從導軌頂端由靜止開始向下運動，讀出遮光板經過光電門時的遮光時間為t。(1)使用游標卡尺測量遮光板的寬度d如圖乙所示，則遮光板的寬度d=________cm。(2)改變光電門的位置，記錄光電門距導軌頂端的距離s和對應的時間t，根據(jù)實驗數(shù)據(jù)作出1t2?s圖像如圖丙所示，若圖中直線的斜率為k，根據(jù)圖像得出加速度a=________(用k和d(3)改變導軌頂端距水平面的高度?，重復(2)的操作，進一步可以得到導軌頂端距水平面的高度?和對應的加速度a，若忽略滑塊與導軌間的摩擦力，則滑塊所受的合外力可以表示為F=________(用m、?、L和重力加速度g表示)。在誤差允許的范圍內，a與?成正比，則說明滑塊質量一定時加速度與力成________(選填“正比”或“反比”)。四、計算題：本大題共3小題，共30分。13.無人機已廣泛應用于各行各業(yè)。物流公司使用無人機運輸貨物，無人機下方通過3根對稱的繩索懸掛貨物，如圖甲所示，每根繩與豎直中軸線的夾角均為37°。已知貨物的質量為2.4?kg，繩索質量不計，忽略空氣阻力，重力加速度g取10?m/s2，cos?37°=0.8，(1)當無人機懸停在空中時，每根繩對貨物的拉力大??；(2)當無人機到達目的地正上方后，先做豎直向下的勻加速直線運動，后做勻減速直線運動安全著陸，圖乙是降落全過程的v?t圖像(速度?時間圖像)。貨物勻減速直線下降過程中，每根繩對貨物的拉力大小。14.如圖所示，一根長度為L=120?cm、橫截面積為S、兩端封閉、粗細均勻且導熱良好的玻璃管豎直放置。在玻璃管頂部開一小孔。堵住小孔，管內有一段高?=30?cm的水銀柱，上方為真空，下方則封閉著長為a=60?cm的空氣柱。已知玻璃管所處地理位置的大氣壓強p0=60?cmHg，熱力學溫度T(1)若只緩慢加熱玻璃管，當水銀剛到達玻璃管頂部時，求封閉氣體的熱力學溫度T2(2)若松開孔，空氣從外界進入，最終穩(wěn)定時，水銀柱下降距離Δ?(整個過程外界溫度為T1保持不變)。15.如圖所示，有一足夠長的傳送帶傾斜放置，傾角為θ=30°，沿逆時針方向轉動，速度大小為v0=2.5?m/s。t=0時刻，一質量為m1=0.1?kg磁性板甲無初速度輕放于傳送帶頂端，其右端與傳送帶的頂端M點相齊。t1=0.4?s時，再將一質量為m2=0.15?kg的小鐵塊乙(可視為質點)(1)0～0.4?s內，甲的位移大??；(2)乙迅速輕放到甲上后，經多長時間甲、乙速度相同；(3)從開始至甲、乙速度剛相同時，甲、乙及傳送帶組成的系統(tǒng)因摩擦產生的熱量Q。

答案解析1.B

【解析】由于不計空氣阻力，可知小球上升和下降過程的加速度相同，均為向下的g，上升過程速度減小，速度減到零后向下加速運動，則v?t圖像是一條傾斜的直線。

故選B。2.A

【解析】A.依題意，每位同學繞同一個圓心轉動，則角速度相同。故A正確;

B.每位同學均做勻速圓周運動，所受的合力提供向心力，不為零。故B錯誤;

C.根據(jù)v=ωr可知每位同學的速度大小不相同。故C錯誤;

D.根據(jù)a=可知每位同學的加速度大小保持不變，方向指向圓心，時刻改變。故D錯誤。

故選A。3.B

【解析】根據(jù)平拋運動規(guī)律，豎直方向做自由落體Y=水平方向做勻速直線運動X=聯(lián)立解得v故選B。4.C

【解析】A.等差等勢面越密集的地方場強越大，故a點的電場強度比b點小，故A錯誤;

B.電場線與等勢面垂直，且指向低等勢面，如圖為a、b兩點電場強度的方向

可知a、b兩點電場強度的方向不同，故B錯誤;

C.曲線運動的受力方向指向曲線的凹測，受力與電場強度方向相同，質子從a點運動到b點，力與位移的夾角為銳角，所以電場力做正功，故C正確;

D.根據(jù)Ep=qφ，質子處于a、b兩點時，其電勢能在a點時較大，故D5.D

【解析】AB.衛(wèi)星繞地球運動，只有地球的引力做功，機械能不變，故AB錯誤;

C.由開普勒第二定律可知，相同時間內，衛(wèi)星與地球球心連線掃過的面積相同，故C錯誤;

D.根據(jù)牛頓第二定律G可知，衛(wèi)星運動過程中加速度的最大值和最小值之比為25:4，故D正確。

故選D。6.A

【解析】A.把滑塊QP作為整體研究可知，未撤力之前整體處于平衡狀態(tài)，則由平衡條件得拉力大小等于整體受的摩擦力大小，即

F=3mgμ故A正確;

B.未撤力前，滑塊Q處于平衡狀態(tài)，對滑塊Q受力分析，可知彈簧彈力大小等于Q受的摩擦力大小，即F故B錯誤;

C.撤去拉力F瞬間，彈簧彈力還來不及改變，故滑塊Q物體受力不變，仍處于平衡狀態(tài)，所以加速度為0，故C錯誤;

D.撤去拉力F瞬間，彈簧彈力還來不及改變，對滑塊P而言，由牛頓第二定律得F聯(lián)立以上得aP故D錯誤。

故選A。7.C

【解析】A.初始時，對A分析可知，拉力F的大小為F=mgcos53°=35mg，選項A錯誤;

B.初始時，因細繩對B的拉力不為零，可知斜面C對物塊B的作用力大小不等于B的重力2mg，選項B錯誤;

C.由平行四邊形定則可知，拉力F轉動至水平向右的過程中，拉力F變大，細繩的拉力逐漸變大，選項C正確;

D.則對BC整體分析可知，整體受重力、地面對C的作用力和細線的拉力作用，由平衡可知，地面對8.AD

【解析】A.根據(jù)F?Δt=Δp可得F=依題意，頭盔內部的緩沖層與頭部的撞擊時間延長了，頭盔減小了駕駛員頭部撞擊過程中的動量變化率，故A正確;

BC.遭遇事故時，動量變化量Δp=mv不變，根據(jù)動量定理可知，頭盔并沒有減少駕駛員頭部撞擊過程中撞擊力的沖量，故B錯誤，C錯誤;

D.根據(jù)I=F?Δt知頭盔對頭部的作用力與頭部對頭盔的作用力等大反向，作用時間相同，所以事故中頭盔對頭部的沖量與頭部對頭盔的沖量等大反向，故D正確。

故選AD。9.AC

【解析】B.重力做的功W故B錯誤;

A.下滑過程根據(jù)動能定理W可得克服阻力做的功W故A正確;

C.經過Q點時向心加速度大小為a=故C正確;

D.經過Q點時，根據(jù)牛頓第二定律F解得F根據(jù)牛頓第三定律F故D錯誤。

故選AC。10.BC

【解析】A、球1速度與桿垂直時，即AC兩點，球2速度為0，此時球2合外力不為0，A錯誤；

B、球2速度最大時，加速度為0，合外力為0，B正確；

C、球1經過與圓心等高的B點時，速度方向豎直向下，和球2速度方向相同，與桿的夾角也相同，由關聯(lián)速度知識可知，兩球速度相同，C正確；

D、球1從A→C運動過程中，對球2列動能定理，W+mg×2R+W桿=0，得W11.(1)D；(2)mgtanθ；(3)【解析】(1)實驗涉及多個變量，采用的是控制變量法，故選D。

(2)對B分析，根據(jù)平衡條件，庫侖力F=mgtanθ。

(3)庫侖力F=mgtanθ，θ增大到90°的過程中，庫侖力F增大。12.(1)0.510；(2)kd22

【解析】解：(1)主尺讀數(shù)為0.5cm，游標尺讀數(shù)為0.05mm×2=0.10mm=0.010cm

所以最終讀數(shù)為0.5cm+0.010cm=0.510cm。

(2)遮光板經過光電門1的速度為v=dt，根據(jù)運動學公式有s=v22a，整理有1t2=2ad2s，

結合題意有k=2ad13.解：(1)懸停時，由對稱性及平衡條件知3Tcosθ=mg

代入數(shù)據(jù)得T=10N

(2)5s～7s內，貨物勻減速直線下降，由圖像知a=ΔvΔt=4.5m/s2

【解析】詳細解答和解析過程見【答案】14.解：(1)水銀剛到達玻璃管頂部時，空氣柱的長度為H=L??，

由等壓過程規(guī)律知T2