2025年華東師大版高三物理下冊月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年華東師大版高三物理下冊月考試卷782考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、下列單位中，與力的單位N（牛）等效的是（）A.J/sB.w?SC.J/mD.C/s2、【題文】下列關(guān)于物理學(xué)史的敘述正確的是（）A.笛卡爾認(rèn)為力是維持物體運(yùn)動的原因B.開普勒提出的萬有引力定律奠定了天體力學(xué)的基礎(chǔ)C.伽利略理想斜面實驗說明如果沒有力的作用物體終將停止運(yùn)動D.亞里斯多德認(rèn)為兩個從同一高度自由落下的物體，重的物體比輕的物體下落得快3、關(guān)于分子的熱運(yùn)動，下列說法中正確的是(

)

A.大量分子的無規(guī)則運(yùn)動遵從統(tǒng)計規(guī)律B.分子間存在的斥力和引力都隨分子間距離的增大而增大C.內(nèi)能是物體中所有分子熱運(yùn)動的平均動能之和D.氣體的體積等于氣體中所有分子體積的總和4、頻率為50Hz的交流電流，其方向每秒改變的次數(shù)和一個周期內(nèi)達(dá)到最大值的次數(shù)是（）A.25次，1次B.50次，1次C.100次，2次D.200次，2次5、大小、方向隨時間做周期變化的電流叫做交變電流，下圖不屬于交變電流圖象是（）A.B.C.D.6、在赤道上方，有一條與磁場方向垂直、長度為2m的通電直導(dǎo)線ab，導(dǎo)線ab中的電流方向由東向西如圖所示，則導(dǎo)線ab所受安培力方向為（）A.豎直向下B.水平向西C.豎直向上D.水平向東7、北約對南聯(lián)盟轟炸時，大量使用了貧鈾彈．貧鈾密度為鋼的2.5倍，設(shè)貧鈾炸彈與常規(guī)炸彈投放速度之比為2：1，它們穿甲過程中所受阻力相同，則形狀相同的貧鈾彈與常規(guī)炸彈穿甲深度之比為（）A.2B.1：1C.10：1D.5：28、如圖所示，均勻細(xì)桿AB質(zhì)量為M，A端裝有轉(zhuǎn)軸，B端連接細(xì)線通過滑輪和質(zhì)量為m的重物C相連，若桿AB呈水平，細(xì)線與水平方向夾角為θ時恰能保持平衡，則桿對軸A的作用力大小，下面表達(dá)式中不正確的有（）A.mgB.C.gD.Mg-mgsinθ評卷人得分二、多選題(共8題，共16分)9、如圖所示，一條形磁鐵放在水平桌面上，在它的右上方固定一直導(dǎo)線，導(dǎo)線與磁鐵垂直，若給導(dǎo)線通以垂直于紙面向外的電流后，則與未通電相比（）A.磁鐵對桌面壓力增大B.磁鐵對桌面壓力減小C.磁鐵有向右運(yùn)動的趨勢D.桌面對磁鐵無摩擦力10、如圖所示，質(zhì)量為m的小球用一根細(xì)線和一根輕彈簧懸掛起來，小球靜止時，細(xì)線水平，而彈簧與豎直成θ角．現(xiàn)將細(xì)線剪斷，則下列判斷正確的是（）A.剪斷細(xì)線前，細(xì)線中張力為mgcotθB.剪斷細(xì)線前，彈簧彈力大小為C.剪斷細(xì)線瞬間，小球所受合力大小為mgsinθD.剪斷細(xì)線瞬間，小球所受合力大小為mgtanθ11、如圖所示，a、b為沿豎直方向電場線上的兩點，一帶電小球從a點靜止釋放，沿電場線向上運(yùn)動，到b點時速度恰好為零，下列說法正確的是（）A.a點的電勢比b點的電勢高B.a點的電場強(qiáng)度比b點的電場強(qiáng)度大C.帶電小球受到的電場力方向始終豎直向上D.帶電小球在a點的電勢能比在b點的電勢能小12、如圖所示，水平放置的平行金屬板充電后板間形成勻強(qiáng)電場，板間距離為d，一個帶負(fù)電的液滴帶電量大小為q，質(zhì)量為m，從下板邊緣射入電場，沿直線從上板邊緣射出，則（）A.液滴做的是類平拋運(yùn)動B.液滴做的是勻速直線運(yùn)動C.上下兩板的電勢差為D.液滴的電勢能增加了mgd13、一個質(zhì)量為m的物體以a=2g的加速度豎直向下運(yùn)動，則在此物體下降h高度過程中，下列說法正確的是（）A.重力勢能減少了mghB.動能增加了2mghC.機(jī)械能減小了mghD.機(jī)械能增加了mgh14、關(guān)于電場線的說法，正確的是（）A.電場線的方向，就是電荷受力的方向B.正電荷只在電場力作用下一定沿電場線運(yùn)動C.電場線越密的地方，同一電荷所受電場力越大D.沿電場線的方向電勢逐漸降低15、兩個共點力大小分別為4N和7N，以下哪些力單獨作用效果可能與它們共同作用效果相同（）A.3NB.4NC.11ND.12N16、下列說法中正確是（）A.懸浮在液體中的微小固體顆粒的運(yùn)動是無規(guī)則的，說明液體分子的運(yùn)動也是無規(guī)則的B.物體中分子熱運(yùn)動動能的總和等于物體的內(nèi)能C.橡膠無固定熔點，是非晶體E.對于同一種氣體，溫度越高，分子平均動能越大E.對于同一種氣體，溫度越高，分子平均動能越大評卷人得分三、填空題(共7題，共14分)17、物體從某一高度自由落下，到達(dá)地面時的速度與在一半高度時的速度之比是____．18、（2013春?成都校級期中）如圖是小球做平拋運(yùn)動的閃光照片的一部分，圖中小方格的邊長為L，則小球平拋的初速度為v0=____（用L、g表示）19、已知銅的摩爾質(zhì)量為M，銅的密度為ρ，阿伏伽德羅常數(shù)為NA．由此可知，1個銅原子的質(zhì)量為____，1個銅原子所占體積為____．20、（2006秋?閔行區(qū)期末）圖中是DIS實驗得出的從斜面下滑一輛小車的v-t圖象，由圖可知，小車在AB段時間內(nèi)運(yùn)動可近似看作____運(yùn)動，小車開始運(yùn)動的時刻是____s，小車在AB段的加速度是____m/s2，小車在AB段的位移是____m．21、（2012秋?潮南區(qū)校級月考）（1）如圖展示了等量異種點電荷的電場線和等勢面，從圖中我們可以看出，A、B兩點的場強(qiáng)大小____，方向____，電勢____；C、D兩點的場強(qiáng)____，電勢____（選填“相同”或“不同”）．

（2）在電場中P點放一個電荷量為4×10-9C的檢驗電荷，它受到的電場力為2×10-4N，則P點的場強(qiáng)為____N/C．把放在P點的檢驗電荷的電荷量減為2×10-9，則P點的場強(qiáng)為____N/C，把該點的點電荷移走，P點的場強(qiáng)又為____N/C．22、如圖所示，一束單色光從空氣入射到棱鏡的AB面上，經(jīng)AB和AC兩個面折射后從AC面進(jìn)入空氣。當(dāng)出射角i′和入射角i相等時，出射光線相對于入射光線偏轉(zhuǎn)的角度為θ．已知棱鏡頂角為α，則棱鏡對該色光的折射率表達(dá)式為______。23、地球半徑為R，地面附近的重力加速度為g，物體在離地面高度為h處的重力加速度的表達(dá)式是：____．評卷人得分四、判斷題(共3題，共6分)24、穿過閉合導(dǎo)體回路所包圍面積的磁通量為零時，回路中感應(yīng)電流就一定為零．____（判斷對錯）25、矢量的運(yùn)算遵守平行四邊形法則．____．26、根據(jù)公式v=ωr可知，若角速度增大一倍，則線速度也增大一倍．____．評卷人得分五、畫圖題(共2題，共8分)27、圖所示為一列向左傳播的簡諧波在某一時刻的波形圖，若波速是0.5m/s，試在圖上畫出經(jīng)7s時的波形圖。（提示：若用平移法，由于∴λ=2m故只需平移=1.5m）28、在圖示中，物體A處于靜止?fàn)顟B(tài)，請畫出各圖中A物體所受的彈力．評卷人得分六、實驗題(共2題，共12分)29、某同學(xué)為探究“合力做功與物體動能改變的關(guān)系”；設(shè)計了如下實驗，他的操作步驟是：

A．按如圖1擺好實驗裝置；

B．將質(zhì)量M=0.20kg的小車?yán)酱螯c計時器附近；并按住小車；

C．在總質(zhì)量m分別為10g；30g、50g的三種鉤碼中；挑選了一個質(zhì)量為50g的鉤碼掛在拉線的掛鉤上；

D．接通打點計時器的電源（電源頻率為f=50Hz）；然后釋放小車，打出一條紙帶．

①多次重復(fù)實驗，從中挑選一條點跡清晰的紙帶如圖2所示．把打下的第一點記作“0”，然后依次取若干個計數(shù)點，相鄰計數(shù)點間還有4個點未畫出，用毫米刻度尺測得各計數(shù)點到0點距離分別為d1=0.0075m，d2=0.03001m，d3=0.0675m，d4=0.1200m，d5=0.1875m，d6=0.2700m，他把鉤碼重力（當(dāng)?shù)刂亓铀俣萭=9.8m/s2）作為小車所受合力算出打下“0”點到打下“5”點合力做功．則合力做功W=____J，小車動能的改變量EK=____J（結(jié)果保留三位有效數(shù)字）．

②此次實驗探究的結(jié)果，他沒能得到“合力對物體做的功等于物體動能的增量”，且誤差很大，顯然，在實驗探究過程中忽視了各種產(chǎn)生誤差的因素．請你根據(jù)該同學(xué)的實驗裝置和操作過程幫助分析一下，造成較大誤差的主要原因是____；____．（寫出兩條即可）30、在“探究彈力和彈簧伸長的關(guān)系；并測定彈簧的勁度系數(shù)”的實驗中，實驗裝置如圖甲所示．所用的每個鉤碼的重力相當(dāng)于對彈簧提供了向右恒定的拉力．實驗時先測出不掛鉤碼時彈簧的自然長度，再將5個鉤碼逐個掛在繩子的下端，每次測出相應(yīng)的彈簧總長度．

（1）有一個同學(xué)通過以上實驗測量后把6組數(shù)據(jù)描點在坐標(biāo)圖中；請作出F-L圖線．

（2）由此圖線可得出該彈簧的原長L0=____cm，勁度系數(shù)k=____N/m．

（3）該同學(xué)實驗時；把彈簧水平放置與彈簧懸掛放置相比較．

優(yōu)點在于：____．

缺點在于：____．參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、C【分析】【分析】根據(jù)物理學(xué)公式及各物理量的單位進(jìn)行推導(dǎo)，即可得出結(jié)論．【解析】【解答】解：A、根據(jù)公式可知；J/s是功率的單位，故A錯誤；

B；根據(jù)W=Pt可知；W?s是功的單位，故B錯誤；

C、根據(jù)W=Fs可知，F(xiàn)=；屬于1N=1J/m，故C正確；

D、根據(jù)I=可知；C/s是電流的單位，故D錯誤．

故選：C2、D【分析】【解析】

試題分析：亞里士多德認(rèn)為力是維持物體運(yùn)動的原因；所以A錯誤；牛頓提出的萬有引力定律，所以B錯誤；伽利略理想斜面實驗說明如果沒有力的作用物體將一直勻速運(yùn)動下去，所以C錯誤；亞里士多德通過觀察自然現(xiàn)象，認(rèn)為重的物體下落快，輕的物體下落慢，所以D正確；

考點：物理學(xué)史【解析】【答案】D3、A【分析】解：A

大量分子的無規(guī)則運(yùn)動遵循一定的統(tǒng)計規(guī)律；A正確；

B；分子間同時存在引力和斥力；分子引力和分子斥力都隨分子間距的增大而減小.

故B錯誤。

C；物體的內(nèi)能是物體中所有分子熱運(yùn)動的動能和分子勢能的總和；故C錯誤。

D；氣體分子間距很大；氣體的體積等于氣體分子所能達(dá)到的整個空間，故D錯誤．

故選：A

當(dāng)物體溫度升高時；分子的平均動能增大，并不是每個分子運(yùn)動都加快，氣體分子間距很大，氣體的體積大于氣體分子體積的總和，溫度是對大量分子的平均效果，對少數(shù)分子沒有意義；分子間同時存在引力和斥力，隨著分子間距的增大，兩個力都減小，隨著分子間距的變化斥力變化比引力快；物體的內(nèi)能是物體中所有分子熱運(yùn)動的動能和分子勢能的總和。

此題考查的是我們對分子動理論的理解，同時需要掌握就是氣體的體積，不是所有氣體分子的體積之和．【解析】A

4、C【分析】【分析】知道交流電的頻率，一個周期內(nèi)電流方向改變兩次，從而求出方向每秒改變的次數(shù)．【解析】【解答】解：一個周期內(nèi)電流方向改變兩次．交流電的頻率是50Hz；表示電流方向在1s內(nèi)電流改變100次．交流電在一個周期內(nèi)達(dá)到最大值的次數(shù)也是2次．

故選：C5、B【分析】【分析】電流大小和方向都隨時間呈周期性變化的電流叫做交變電流．【解析】【解答】解：A；C、D、電流大小和方向都隨時間呈周期性變化；故ACD是交變電流；

B；電流的方向始終為正；沒變化，故不是交變電流，故B錯誤；

本題選擇錯誤的，故選：B．6、A【分析】【分析】已知磁場方向、電流方向，根據(jù)左手定則判斷安培力的方向【解析】【解答】解：赤道處的磁場方向從南向北；電流方向自東向西，根據(jù)左手定則，安培力的方向豎直向下．故A正確，B；C、D錯誤．

故選：A7、C【分析】【分析】炸彈在穿甲過程中，克服阻力做功，由動能定理可以求出炸彈穿入的深度．【解析】【解答】解：以炸彈為研究對象，由動能定理可得：-fd=0-mv2，射入的深度d=

因為阻力相同，則得形狀相同的貧鈾炸彈與常規(guī)炸彈的最大穿甲深度之比為：==×（）2=

故選：C．8、D【分析】【分析】題中桿AB呈水平，處于靜止?fàn)顟B(tài)，合力為零．對AB桿進(jìn)行受力分析，因為AB桿處于平衡，受到重力、繩子拉力以及鉸鏈對桿子的作用力處于平衡，根據(jù)三力匯交原理，求出軸對桿的作用力大?。膳ｎD第三定律得到軸對桿的作用力大?。窘馕觥俊窘獯稹拷猓篈B桿受重力Mg；繩子拉力T以及軸對桿子的作用力F處于平衡；合力為零，如圖，根據(jù)三力匯交原理，拉力與水平方向的夾角為θ．

根據(jù)平衡和對稱性得知；F=T．

在豎直方向上有：2Tsinθ=Mg．

又T=mg，則：F=．

根據(jù)對稱性可得：F=mg

根據(jù)平衡條件知：T與Mg的合力與F等大；反向，則由數(shù)學(xué)知識得：

F==g；故ABC正確，D錯誤．

本題選錯誤的，故選：D．二、多選題(共8題，共16分)9、BC【分析】【分析】先以通電導(dǎo)線為研究對象，由左手定則判斷出導(dǎo)線受到安培力的方向；然后由牛頓第三定律求出磁鐵受到磁場力的方向，最后判斷磁鐵對桌面的壓力如何變化，判斷磁鐵受到的摩擦力方向【解析】【解答】解：在磁鐵外部；磁感線從N極指向S極，長直導(dǎo)線在磁鐵的中央右上方，導(dǎo)線所在處磁場斜向左上方；導(dǎo)線電流垂直于紙面向外，由左手定則可知，導(dǎo)線受到的安培力斜向左下方；由牛頓第三定律可知，導(dǎo)線對磁鐵的作用力斜向右上方，因此磁鐵對桌面的壓力減小，小于磁鐵的重力，磁鐵由向右的運(yùn)動趨勢，磁鐵受到向左的摩擦力，故AD錯誤，BC正確．

故選：BC10、BD【分析】【分析】對小球受力分析，根據(jù)平衡求出細(xì)線剪斷前繩子的拉力和彈簧的彈力，剪斷細(xì)線的瞬間，彈簧的彈力不變，從而求出合力的大小．【解析】【解答】解：A、根據(jù)共點力的平衡，求得彈簧的彈力F=；繩子的彈力為T=mgtanθ．故A錯誤，B正確．

C；剪斷細(xì)線的瞬間；彈簧的彈力不變，小球所受的合力為重力和彈簧彈力的合力，與細(xì)線的拉力大小相等，方向相反，即為mgtanθ，故C錯誤，D正確．

故選：BD．11、BC【分析】【分析】由題意可知，帶電小球受兩個力：重力和電場力．由靜止向上運(yùn)動，可判斷出電場力的方向，通過帶電小球初末速度為零可比較出兩點的電場強(qiáng)度．沿電場線方向電勢逐漸降低．根據(jù)電場力做的功，判斷電勢能的變化．【解析】【解答】解：A、小球開始由靜止向上運(yùn)動，電場力大于重力，且方向豎直向上．但由于小球的電性未知，不能判斷電場線的方向，所以不能判斷a、b兩點電勢的高低．故A錯誤．

BC、由題意可知，電場力方向始終豎直向上，帶電小球受兩個力：重力和電場力．在a點，電場力大于重力，到b點恰好速度為零，可知先加速后減速，所以b點所受的電場力小于重力．所以a點的電場強(qiáng)度比b點的電場強(qiáng)度大．故B；C正確．

D、由a到b，電場力一直做正功，則電勢能減小，則a點的電勢能大于b點的電勢能．故D錯誤．

故選：BC．12、BC【分析】【分析】液滴沿直線運(yùn)動，則其所受的合力方向與速度方向在同一直線上或合力為零，即可判斷出電場力方向豎直向上，而且電場力與重力相平衡，由平衡條件和U=Ed求解電勢差．【解析】【解答】解：A；液滴進(jìn)入豎直方向的勻強(qiáng)電場中；所受的電場力方向豎直向上或豎直向下，因為微粒做直線運(yùn)動，可知，電場力方向必定豎直向上，而且電場力與重力平衡，液滴做勻速直線運(yùn)動，故A錯誤B正確；

C、液滴從下極板運(yùn)動到上極板的過程中，由動能定理有qU-mgd=0?U=；故C正確；

D；液滴進(jìn)入豎直方向的勻強(qiáng)電場中；重力做功-mgd，微粒的重力勢能增加，動能不變，根據(jù)能量守恒定律得知，微粒的電勢能減小了mgd．故D錯誤；

故選：BC．13、ABD【分析】【分析】根據(jù)重力做功判斷重力勢能的變化，根據(jù)合力做功判斷動能的變化，根據(jù)動能和勢能的變化判斷機(jī)械能的變化．【解析】【解答】解：A；物體重力做功為mgh；所以重力勢能減小mgh．故A正確．

B、物體所受的合力為F合=ma=2mg，所以合力做功為W合=F合h=2mgh；則動能增加為2mgh．故B正確．

C；D、物體的機(jī)械能等于動能和重力勢能之和；動能增加2mgh，重力勢能減小mgh，則機(jī)械能增加mgh．故C錯誤，D正確．

故選：ABD．14、CD【分析】【分析】電場線是為了形象的描述電場的強(qiáng)弱和方向而假想的曲線，從正電荷或無窮遠(yuǎn)出發(fā)，終止于無窮遠(yuǎn)或負(fù)電荷，是不閉合的；正電荷受力方向和電場力方向相同，負(fù)電荷受力方向和電場線相反．【解析】【解答】解：A；電場線的方向；是正電荷所受電場力的方向，與負(fù)電荷所受電場力的方向相反，故A錯誤．

B；正電荷如果沿電場線運(yùn)動必須滿足的條件：①電場線是直線；②合外力沿電場線方向；所以正電荷只在電場力的作用下不一定沿電場線運(yùn)動；故B錯誤．

C；電場線越密；場強(qiáng)越大，則電荷所受的電場力越大，故C正確．

D；沿電場線的方向電勢逐漸降低；故D正確．

故選：CD．15、ABC【分析】【分析】此題考查兩個力的合力大小問題。

同一直線上；同方向；兩個力的合力大小為二力之和，為最大值；

同一直線上；反方向；兩個力的合力大小為二力之差，為最小值；

不在同一直線上，兩個力的合力大小居于最大值和最小值之間．【解析】【解答】解：此題考查兩個力的合力大小問題；據(jù)平行四邊形法則可得：

若二力方向相同時，合力大小為F=F1+F2=4N+7N=11N；為最大值；

若二力方向相反時，合力大小為F=F2-F1=7N-4N=3N；為最小值；

故兩力的合力大小可能范圍為3N≤F≤11N．

從選項中得A；B、C選項作用效果可能與它們共同作用效果相同在此范圍內(nèi)；所以ABC正確．

故選：ABC．16、ACE【分析】【分析】布朗運(yùn)動是固體小顆粒的運(yùn)動；發(fā)映液體分子的無規(guī)則運(yùn)動；

物體的內(nèi)能包括分子動能和分子勢能；

橡校是非晶體；

熱機(jī)的效率都無法達(dá)到100%；

溫度是分子平均動能的標(biāo)志．【解析】【解答】解：A；懸浮在液體中的微小固體顆粒的運(yùn)動是無規(guī)則的；說明液體分子的運(yùn)動也是無規(guī)則的；故A正確；

B；物體中分子熱運(yùn)動的動能及分子勢能之和等于物體的內(nèi)能；故B錯誤。

C；橡膠是非晶體；沒有固定的熔點；故C正確；

D；熱機(jī)的效率無法達(dá)到100%；故D錯誤；

D；溫度是分子平均動能的標(biāo)志；溫度越高；分子平均動能越大；故E正確；

故選：ACE．三、填空題(共7題，共14分)17、：1【分析】【分析】自由落體運(yùn)動是初速度為零的勻加速直線運(yùn)動，根據(jù)速度位移關(guān)系公式v2=2gh列式求解【解析】【解答】解：自由落體運(yùn)動是初速度為零的勻加速直線運(yùn)動，前一半位移內(nèi)：①

整個位移上：②

由①②聯(lián)立解得：

即到達(dá)地面時的速度與在一半高度時的速度之比為：1；

故答案為：：118、【分析】【分析】平拋運(yùn)動在水平方向上做勻速直線運(yùn)動，豎直方向上做自由落體運(yùn)動，根據(jù)豎直方向上連續(xù)相等時間內(nèi)的位移之差是一恒量求出相等的時間間隔，結(jié)合水平位移和時間間隔求出小球平拋運(yùn)動的初速度．【解析】【解答】解：在豎直方向上，根據(jù)△y=L=gT2得，T=；

則小球初速度．

故答案為：．19、【分析】【分析】根據(jù)銅的摩爾質(zhì)量與阿伏伽德羅常數(shù)求出1個銅原子的質(zhì)量，根據(jù)摩爾質(zhì)量和密度求出摩爾體積，結(jié)合阿伏伽德羅常數(shù)求出1個銅原子所占的體積．【解析】【解答】解：1個銅原子的質(zhì)量．

銅的摩爾體積V=，則1個銅原子所占的體積．

故答案為：，．20、勻加速直線0.32.50.1125【分析】【分析】在物體的v-t圖象中，斜率大小表示物體的加速度，斜率不變表示物體做勻變速直線運(yùn)動，圖象和橫坐標(biāo)圍成的面積表示位移．【解析】【解答】解：由圖可知圖象AB部分為傾斜的直線；因此物體做初速為零的勻加速直線運(yùn)動，由圖象可知，t=0.3s時物體才有速度；

其加速度為：a=m/s2，在AB段的位移為：s==0.1125m

故答案為：勻加速直線；0.3；2.5；0.112521、相同相同不同不同相同5×1045×1045×104【分析】【分析】根據(jù)電場線的疏密判斷場強(qiáng)的大?。桓鶕?jù)電場線的方向判斷電勢的高低．順著電場線電勢降低．等量異種點電荷的中垂線是一條等勢線．

根據(jù)可求出電場強(qiáng)度，若變化電荷量，則該點的電場強(qiáng)度不變，而電場力隨之而變．若沒有電荷，則該點的電場強(qiáng)度不變．【解析】【解答】解：（1）由圖看出；A；B兩點處電場線疏密相同，即大小相同，方向相同，則A、B兩點的場強(qiáng)相同．電場線從A指向B，A點電勢高于B點電勢．CD是等量異種點電荷的中垂線上的兩點，電勢相同，場強(qiáng)不同，D點場強(qiáng)大于C場強(qiáng)．

（2）根據(jù)，可求出電場強(qiáng)度為；

當(dāng)放在P點的檢驗電荷的電荷量減為2×10-9C，該處的電場強(qiáng)度不變，仍為5×104N/C，若沒有電荷時，則該處電場強(qiáng)度仍為5×104N/C；

故答案為：（1）相同；相同，不同，不同，相同．

（2）5×104；5×104；5×104．22、【分析】解：當(dāng)出射角i′和入射角i相等時；由幾何知識，作角A的平分線，角平分線過入射光線的延長線和出射光線的反向延長線的交點；兩法線的交點，如圖所示。

可知∠1=∠2=∠4=∠3=

而i=∠1+∠4=+

由折射率公式n==

故答案為：

由幾何關(guān)系可明確在AB邊入射時的入射角和折射角；再由折射定律可求得折射率。

本題考查折射定律的應(yīng)用，要注意根據(jù)光路圖利用幾何關(guān)系進(jìn)行分析，本類問題要多練習(xí)如何利用幾何關(guān)系。【解析】23、【分析】【分析】由地面的萬有引力等于重力，再列高空的萬有引力等于重力，聯(lián)合可得高空重力加速度表達(dá)式．【解析】【解答】解：地面萬有引力等于重力：G=mg；

高空處：G=ma

解得：a=

故答案為：四、判斷題(共3題，共6分)24、×【分析】【分析】結(jié)合產(chǎn)生感應(yīng)電流的條件：閉合回路的磁通量發(fā)生變化即可正確判定．【解析】【解答】解：產(chǎn)生感應(yīng)電流的條件是閉合回路的磁通量發(fā)生變化；題目中穿過閉合導(dǎo)體回路所包圍面積的磁通量為零時，沒有說明磁通量是否變化，所以不能判斷出沒有感應(yīng)電流產(chǎn)生．所以以上說法是錯誤的．

故答案為：×25、√【分析】【分析】物理量按有無方向分矢量和標(biāo)量，矢量的運(yùn)算遵守平行四邊形法則．【解析】【解答】解：矢量是既有大??；又有方向的物理量，矢量的運(yùn)算遵守平行四邊形法則．故這句話是正確的．

故答案為：√26、×【分析】【分析】當(dāng)半徑不變時，角速度增大一倍，線速度也增大一倍．【解析】【解答】解：根據(jù)公式v=ωr可知，當(dāng)半徑r不變時；角速度增大一倍，則線速度也增大一倍，故此說法錯誤．

故答案為：×五、畫圖題(共2題，共8分)27、略

【分析】【解析】試題分析：由圖讀出波長，由波速公式求出周期．根據(jù)簡諧運(yùn)動在一個周期內(nèi)通過的路程，求出位移．采用波形平移的方法畫出7s時的波形圖．由圖直接可得波長根據(jù)得：7秒內(nèi)波傳播的位移為：根據(jù)平移法，把波形沿傳播方向平移3.5米，如下圖實線：考點：畫波形圖【解析】【答案】圖形向左平移1.5m28、略

【分析】彈力的方向總是與物體接觸面的切面