2025年華東師大版高二物理上冊(cè)月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2025年華東師大版高二物理上冊(cè)月考試卷822考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、如圖所示；一帶電小球用絲線懸掛在水平方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，當(dāng)小球靜止后把懸線燒斷，則小球在電場(chǎng)中將做（）

A.自由落體運(yùn)動(dòng)。

B.曲線運(yùn)動(dòng)。

C.沿著懸線的延長(zhǎng)線做勻加速直線運(yùn)動(dòng)。

D.變加速直線運(yùn)動(dòng)。

2、如圖所示，導(dǎo)軌是水平的，導(dǎo)軌間距L1=0.5m，ab桿與導(dǎo)軌左端的距離L2=0.8m，由導(dǎo)軌與ab桿所構(gòu)成的回路總電阻R=0.2Ω，方向豎直向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B0=1T，重物的質(zhì)量M=0.04kg，用細(xì)繩通過(guò)定滑輪與ab桿的中點(diǎn)連接，各處的摩擦均可忽略，現(xiàn)使磁場(chǎng)以=0.2T/s的變化率均勻的增大（g取10m/s2），則要使M剛好離開(kāi)地面，需經(jīng)過(guò)時(shí)間t為（）A.1.25sB.2.5sC.5.0sD.10.0s3、下列四幅圖表示了磁感應(yīng)強(qiáng)度B

電荷速度v

和洛倫茲力F

三者方向之間的關(guān)系，其中正確的是()A.B.C.D.4、兩根同種材料的電阻絲，長(zhǎng)度之比為15

橫截面積之比為23

則它們的電阻值之比為(

)

A.15

B.23

C.32

D.310

5、一列簡(jiǎn)諧橫波沿直線ab

向右傳播，ab

兩點(diǎn)之間的距離為2m

如圖甲所示，ab

兩點(diǎn)的振動(dòng)情況如圖乙所示；下列說(shuō)法中正確的是(

)

A.波長(zhǎng)可能大于3m

B.波長(zhǎng)可能等于2m

C.波速可能等于813m/s

D.波速可能等于27m/s

6、當(dāng)火車離你駛?cè)ィ灰粽{(diào)變低，這是聲波的（）

A.波的反射現(xiàn)象。

B.波的衍射現(xiàn)象。

C.波的干涉現(xiàn)象。

D.多普勒效應(yīng)。

7、如圖所示；將平行板電容器與電池組相連，兩板間的帶電塵埃恰好處于靜止?fàn)顟B(tài)．若將兩板緩慢地錯(cuò)開(kāi)一些，其他條件不變，則（）

A.電容器帶電量不變B.塵埃仍靜止C.檢流計(jì)中無(wú)電流D.檢流計(jì)中有b→a的電流8、如圖所示，a、b、c是同一電場(chǎng)線上的三個(gè)點(diǎn)，電場(chǎng)線的方向由a到c，三點(diǎn)間的距離則這三點(diǎn)（）

A.電場(chǎng)強(qiáng)度大小Ea＞Eb＞EcB.電勢(shì)φa＞φb＞φcC.電勢(shì)差Uab=UbcD.同一點(diǎn)電荷在這三點(diǎn)的電勢(shì)能εa＞εb＞εc9、如圖所示，理想變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為10：1，b是原線圈的中心抽頭，電壓表和電流表均為理想電表，除R以外其余電阻不計(jì)．從某時(shí)刻開(kāi)始在原線圈兩端加上交變電壓，其瞬時(shí)值表達(dá)式為u1=220sinl00πtV．下列說(shuō)法中正確的（）A.t=s時(shí)，電壓表的讀數(shù)為22VB.t=s時(shí)，ac兩點(diǎn)電壓瞬時(shí)值為110VC.滑動(dòng)變阻器觸片向上移，電壓表和電流表的示數(shù)均變大D.單刀雙擲開(kāi)關(guān)由a扳向b，電壓表和電流表的示數(shù)均變小評(píng)卷人得分二、多選題(共9題，共18分)10、如圖為氫原子的能級(jí)示意圖，鋅的逸出功是3.34eV

那么對(duì)氫原子在能級(jí)躍遷過(guò)程中發(fā)射或吸收光子的特征認(rèn)識(shí)正確的是

A.用氫原子從高能級(jí)向基態(tài)躍遷時(shí)發(fā)射的光照射鋅板一定不能產(chǎn)生光電效應(yīng)B.一群處于n=3

能級(jí)的氫原子向基態(tài)躍遷時(shí)，發(fā)出的光照射鋅板，鋅板表面所發(fā)出的光電子的最大初動(dòng)能為8.75eV

C.用能量為10.3eV

的光子照射，可使處于基態(tài)的氧原子躍遷到激發(fā)態(tài)D.用能量為14.0eV

的光子照射，可使處于基態(tài)的氫原子電離11、如圖所示，質(zhì)量為M

的木塊放在光滑的水平面上，質(zhì)量為m

的子彈以速度v0

沿水平射中木塊，并最終留在木塊中與木塊一起以速度v

運(yùn)動(dòng).

已知當(dāng)子彈相對(duì)木塊靜止時(shí)，木塊前進(jìn)距離L

子彈進(jìn)入木塊的深度為s.

若木塊對(duì)子彈的阻力Ff

視為恒定，則下列關(guān)系式中正確的是(

)

A.FfL=12Mv2

B.Ffs=12mv2

C.Ffs=12mv02鈭?12(M+m)v2

D.f(L+s)=12mv02鈭?12mv2

12、下面說(shuō)法中正確的是(

)

A.所有晶體沿各個(gè)方向的物理性質(zhì)和化學(xué)光學(xué)性質(zhì)都相同B.足球充足氣后很難壓縮，是因?yàn)樽闱騼?nèi)氣體分子間斥力作用的結(jié)果C.自然界中只要涉及熱現(xiàn)象的宏觀過(guò)程都具有方向性D.一定質(zhì)量的理想氣體，如果壓強(qiáng)不變，體積增大，那么它一定從外界吸熱13、如圖甲所示，有一絕緣圓環(huán)，圓環(huán)上均勻分布著正電荷，圓環(huán)平面與豎直平面重合。一光滑細(xì)桿沿垂直圓環(huán)平面的軸線穿過(guò)圓環(huán)，細(xì)桿上套有一個(gè)質(zhì)量為m=10g的帶正電的小球，小球所帶電荷量q=1.0×10-4C．小球從C點(diǎn)由靜止釋放；其沿細(xì)桿由C經(jīng)B向A運(yùn)動(dòng)的vt圖象如圖乙所示。小球運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí)，速度圖象的切線斜率最大（圖中標(biāo)出了該切線）．則下列說(shuō)法正確的是（）

A.在O點(diǎn)右側(cè)桿上，B點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)最大，場(chǎng)強(qiáng)大小為E=6.0V/mB.由C到A的過(guò)程中，小球的電勢(shì)能先減小后變大C.由C到A電勢(shì)逐漸降低D.C兩點(diǎn)間的電勢(shì)差UBC=4.5V14、重力大小為G的物體系在OA、OC兩根等長(zhǎng)的輕繩上，輕繩的A端和C端掛在半圓形的支架BAC上，如圖所示。若C端的位置固定，將繩子的A端沿半圓形支架從豎直位置逐漸靠近水平位置B的過(guò)程中，以下說(shuō)法正確的是（）A.OA繩上的拉力先增大后減小B.OA繩上的拉力逐漸增大C.OC繩上的拉力逐漸增大D.OC繩上的拉力逐漸減小15、甲；乙兩物體由同一位置出發(fā)沿同一直線運(yùn)動(dòng)；其速度圖象如圖所示，下列說(shuō)法正確的是（）

A.甲做勻速直線運(yùn)動(dòng)，乙做勻變速直線運(yùn)動(dòng)B.兩物體兩次相遇的時(shí)刻分別為2s末和6s末C.2s后甲、乙兩物體的速度方向相反D.乙在前4s內(nèi)的平均速度大于甲的平均速度16、2011年3月11日，日本近海發(fā)生了9.0級(jí)地震，引發(fā)海嘯與核泄漏危機(jī)，大量放射性物質(zhì)外泄．放射性物質(zhì)銫（137Cs）和碘（131I）進(jìn)入大氣，該地區(qū)水源、空氣和生活環(huán)境被污染．下列說(shuō)法正確的是（）A.核反應(yīng)堆中的廢料具有很強(qiáng)的放射性，需裝入特制的容器，深埋地下或海底B.鈾核裂變的一種可能核反應(yīng)是U+n→Cs+Rb+2nC.放射性碘（131I）發(fā)生的β衰變方程為I→Xe+eD.U裂變形式有多種，每種裂變產(chǎn)物不同質(zhì)量虧損也不同，但釋放的能量一定相同17、一根輕彈簧；下端固定在水平地面上，一個(gè)質(zhì)量為m

的小球(

可視為質(zhì)點(diǎn))

從距彈簧上端h

處自由下落并壓縮彈簧，如圖所示。若以小球下落點(diǎn)為x

軸正方向起點(diǎn)，設(shè)小球從開(kāi)始下落到壓縮彈簧至最大位置為H

不計(jì)任何阻力，彈簧均處于彈性限度內(nèi)；小球下落過(guò)程中加速度a

速度v

彈簧的彈力F

彈性勢(shì)能Ep

變化的圖像正確的是。

A.B.C.D.18、如圖，在正電荷Q

的電場(chǎng)中有MNP

和F

四點(diǎn)，MNP

為直角三角形的三個(gè)頂點(diǎn)，F(xiàn)

為MN

的中點(diǎn)，隆脧M=30鈭?MNPF

四點(diǎn)處的電勢(shì)分別用婁脮M婁脮N婁脮P婁脮F

表示，已知婁脮M=婁脮N婁脮P=婁脮F

點(diǎn)電荷Q

在MNP

三點(diǎn)所在平面內(nèi)，則(

)

A.點(diǎn)電荷Q

一定在MP

連線上B.連線PF

一定在同一個(gè)等勢(shì)面上C.將正試探電荷從P

點(diǎn)搬運(yùn)到N

點(diǎn)，電場(chǎng)力做負(fù)功D.婁脮M

大于婁脮P

評(píng)卷人得分三、填空題(共5題，共10分)19、在測(cè)金屬電阻率的實(shí)驗(yàn)中；首先要測(cè)出金屬電阻絲的直徑和長(zhǎng)度。某次實(shí)驗(yàn)中，用螺旋測(cè)微器測(cè)得某金屬電阻絲的直徑為_(kāi)_____mm；用游標(biāo)卡尺測(cè)得金屬電阻絲的長(zhǎng)度如圖乙所示，則該金屬電阻絲的長(zhǎng)度為_(kāi)_____cm。

20、在“探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”實(shí)驗(yàn)中，為了探究加速度與力的關(guān)系，應(yīng)保持不變；為了直觀地判斷加速度與質(zhì)量的數(shù)量關(guān)系，應(yīng)作出____圖象（選填“a—m”或“a—1/m”）21、一物體的質(zhì)量為2kg，此物體豎直下落，以10m/s速度碰到水泥地面上，隨后又以8m/s的速度反彈．若取豎直向上為正方向，相碰過(guò)程中小球動(dòng)量的變化量大小是______kgm/s．方向?yàn)開(kāi)_____．22、本題為選做題，考生只選擇一題作答.

若兩題都作答，則按24鈭?A

題計(jì)．。鈭?A.(

本題供選修1鈭?1

的考生作答)

如圖所示，螺線管的匝數(shù)為10

匝，在0.1s

內(nèi)穿過(guò)螺線管的磁通量由0.02Wb

均勻變?yōu)?.06Wb

則磁通量的變化率為_(kāi)______Wb/s

則螺線管兩端產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為_(kāi)______V

．24鈭?B.(

本題供選修3鈭?1

的考生作答)

如圖所示，電源的內(nèi)阻r=2.0婁賂

電阻R=8.0婁賂

開(kāi)關(guān)閉合后，電流表示數(shù)I=0.30A.

則電源的電動(dòng)勢(shì)E=

________V

在t=10s

時(shí)間內(nèi)，電阻R

產(chǎn)生的焦耳熱Q=

________J

．23、用雙縫干涉測(cè)光的波長(zhǎng)．實(shí)驗(yàn)裝置如圖甲所示；已知雙縫與屏的距離L，雙縫間距d．用測(cè)量頭來(lái)測(cè)量亮紋中心的距離．測(cè)量頭由分劃板；目鏡、手輪等構(gòu)成，轉(zhuǎn)動(dòng)手輪，使分劃板左右移動(dòng)，讓分劃板的中心刻線對(duì)準(zhǔn)亮紋的中心（如圖乙所示），記下此時(shí)手輪上的讀數(shù)，轉(zhuǎn)動(dòng)測(cè)量頭，使分劃板中心刻線對(duì)準(zhǔn)另一條亮紋的中心，記下此時(shí)手輪上的讀數(shù)．

（1）分劃板的中心刻線分別對(duì)準(zhǔn)第1條和第4條亮紋的中心時(shí)，手輪上的讀數(shù)如圖丙所示，則對(duì)準(zhǔn)第1條時(shí)讀數(shù)x1=______（允許誤差）、對(duì)準(zhǔn)第4條時(shí)讀數(shù)x2=______mm（允許誤差）

（2）寫(xiě)出計(jì)算波長(zhǎng)λ的表達(dá)式，λ=______（用x1、x2；L、d表示；不用計(jì)算）．

（3）在屏上觀察到了干涉條紋．如果將雙縫的間距變大；則屏上的干涉條紋的間距將變______；（選大或小）

評(píng)卷人得分四、判斷題(共4題，共8分)24、電場(chǎng)線與等勢(shì)面相互垂直，沿著同一等勢(shì)面移動(dòng)電荷時(shí)靜電力不做功．（判斷對(duì)錯(cuò)）25、如圖所示，有一水平方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，場(chǎng)強(qiáng)大小為9000N/C，在電場(chǎng)內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點(diǎn)，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點(diǎn)電荷，則A處場(chǎng)強(qiáng)大小EA為零．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

26、電勢(shì)差有正有負(fù)，所以是矢量，且電場(chǎng)中兩點(diǎn)間的電勢(shì)差隨著零電勢(shì)點(diǎn)的選取變化而變化．（判斷對(duì)錯(cuò)）27、空間兩點(diǎn)放置兩個(gè)異種點(diǎn)電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場(chǎng)的等勢(shì)面如圖所示，且相鄰等勢(shì)面間的電勢(shì)差均相等，電場(chǎng)中A、B兩點(diǎn)間的電勢(shì)大小的關(guān)系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

評(píng)卷人得分五、簡(jiǎn)答題(共2題，共20分)28、在物理學(xué)中，常常用比值定義物理量，用來(lái)表示研究對(duì)象的某種性質(zhì)。定義一個(gè)新的物理量的同時(shí)，也就確定了這個(gè)新的物理量與原有物理量之間的關(guān)系。請(qǐng)你寫(xiě)出在選修3-1中用比值法定義的物理量的定義式。（至少寫(xiě)出3個(gè)）29、如圖(a)ONP

為直角三角形的三個(gè)頂點(diǎn)，隆脧NOP=37鈭?OP

中點(diǎn)處固定一電量為q1=2.0隆脕10鈭?8C

的正點(diǎn)電荷，M

點(diǎn)固定一輕質(zhì)彈簧.MN

是一光滑絕緣桿，其中ON

長(zhǎng)為a=1m

桿上穿有一帶正電的小球(

可視為點(diǎn)電荷)

將彈簧壓縮到O

點(diǎn)由靜止釋放，小球離開(kāi)彈簧后到達(dá)N

點(diǎn)的速度為零.

沿ON

方向建立坐標(biāo)軸(

取O

點(diǎn)處x=0)

圖(b)

中Ⅰ和Ⅱ圖線分別為小球的重力勢(shì)能和電勢(shì)能隨位置坐標(biāo)x

變化的圖象，其中E0=1.24隆脕10鈭?3JE1=1.92隆脕10鈭?3JE2=6.2隆脕10鈭?4

J.(

靜電力恒量k=9.0隆脕109N?m2/C2

取sin37鈭?=0.6cos37鈭?=0.8

重力加速度g=10m/s2)

(1)

求電勢(shì)能為E1

時(shí)小球的位置坐標(biāo)x1

和小球的質(zhì)量m

(2)

已知在x1

處時(shí)小球與桿間的彈力恰好為零；求小球的電量q2

(3)

求小球釋放瞬間彈簧的彈性勢(shì)能Ep

．參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、C【分析】

懸線燒斷前；小球受重力；拉力、電場(chǎng)力平衡，重力和電場(chǎng)力的合力與拉力等值反向．燒斷細(xì)線，物體受重力、電場(chǎng)力，兩個(gè)力合力恒定，沿細(xì)線方向，合力方向與速度方向在同一條直線上，所以物體沿著懸線的延長(zhǎng)線做勻加速直線運(yùn)動(dòng)．故C正確．A、B、D錯(cuò)誤．

故選C．

【解析】【答案】當(dāng)物體所受的合力與速度在同一條直線上；物體做直線運(yùn)動(dòng)，所受的合力與速度不在同一條直線上，物體做曲線運(yùn)動(dòng)．

2、C【分析】解：物體剛要離開(kāi)地面時(shí)；其受到的拉力F等于它的重力Mg；

拉力F等于棒aB所受的安培力，即：Mg=FA=BtIL1①；

由題意知，磁感應(yīng)強(qiáng)度：Bt=B+t②

感應(yīng)電流：I=③

由法拉第電磁感應(yīng)定律：E=S④

其中面積：S=L1L2⑤

聯(lián)立①②③④⑤得：t=5s

故選：C

穿過(guò)回路的磁感應(yīng)強(qiáng)度均勻變化；知產(chǎn)生的感應(yīng)電流恒定，則ad所受的安培力增大，當(dāng)安培力等于m的重力時(shí)，重物被吊起，根據(jù)平衡求出被吊起時(shí)的磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小，再根據(jù)磁感應(yīng)強(qiáng)度的變化率求出經(jīng)歷的時(shí)間．

解決本題的關(guān)鍵掌握法拉第電磁感應(yīng)定律E=nS，知道磁感應(yīng)強(qiáng)度的變化率恒定，感應(yīng)電流則恒定，根據(jù)共點(diǎn)力平衡進(jìn)行求解．【解析】【答案】C3、B【分析】【分析】伸開(kāi)左手；讓大拇指與四指方向垂直，并且在同一個(gè)平面內(nèi)，磁感線通過(guò)掌心，四指方向與正電荷運(yùn)動(dòng)方向相同，大拇指所指的方向?yàn)槁鍌惼澚Ψ较颉?/p>

本題考查了安培力和左手定則，解決本題的關(guān)鍵掌握左手定則，注意四指方向與正電荷運(yùn)動(dòng)方向相同，與負(fù)電荷運(yùn)動(dòng)方向相反?！窘獯稹緼.根據(jù)左手定則；洛倫茲力方向垂直紙面向外，故A錯(cuò)誤；

B.根據(jù)左手定則，洛倫茲力方向豎直向上，故B正確；

C.根據(jù)左手定則，洛倫茲力方向豎直向下，故C錯(cuò)誤；

D.電荷的運(yùn)動(dòng)方向與磁場(chǎng)方向平行，電荷不受洛倫茲力，故D錯(cuò)誤。

故選B?！窘馕觥緽

4、D【分析】解：根據(jù)電阻定律可知；電阻民長(zhǎng)度成正比，與截面積成反比，故兩電阻的比值為：

R1R2=15隆脕32=310

故D正確；ABC錯(cuò)誤．

故選：D

．

根據(jù)電阻定律R=婁脩LS

進(jìn)行分析；結(jié)合長(zhǎng)度之比和截面積之比即可求出電阻之比．

本題考查電阻定律的應(yīng)用，明確公式是第一步，但能否正確解題的關(guān)鍵在于比例式的正確求解，要求熟練掌握比例式的計(jì)算方法．【解析】D

5、D【分析】解：AB

由圖知，波的周期T=4s

當(dāng)a

在最大位置處時(shí)，b

在平衡位置，并且波向右傳播，所以ab

兩點(diǎn)之間的距離為x=(n+34)婁脣

波長(zhǎng)婁脣=4x4n+3=84n+3(n=0123)

波長(zhǎng)可能值為83m87m811m.

故AB錯(cuò)誤；

C、波速v=婁脣T=24n+3m/s(n=0123)

波速可能值為23m/s27m/s211m/s215m/s

等等；故C錯(cuò)誤，D正確．

故選：D

．

簡(jiǎn)諧橫波沿x

軸正向傳播，在t=0.4s

時(shí)PM

間第一次形成圖示波形，由圖讀出，t=0.4s

時(shí)間內(nèi)振動(dòng)傳播了一個(gè)波長(zhǎng)，經(jīng)過(guò)了一個(gè)周期，則可知P

點(diǎn)的周期.

根據(jù)ab

間距離與波長(zhǎng)的關(guān)系，利用波的多解性可讀出波長(zhǎng)，由v=婁脣T

求出波速v

．

本題要注意明確圖乙給出的為振動(dòng)圖象；振動(dòng)圖象反映了兩個(gè)質(zhì)點(diǎn)的狀態(tài)，由同一時(shí)刻兩個(gè)質(zhì)點(diǎn)的狀態(tài)，判斷距離與波長(zhǎng)的關(guān)系是基本能力，要做相關(guān)訓(xùn)練，能熟練掌握．【解析】D

6、D【分析】

當(dāng)聲源靠近觀察者時(shí)；人耳聽(tīng)到的鳴笛聲的頻率比火車發(fā)出的聲音要大．因?yàn)橄嗤瑫r(shí)間內(nèi)，人耳接收到的波數(shù)比火車發(fā)出的波數(shù)要多．反之，當(dāng)聲源遠(yuǎn)離觀察者時(shí)，人耳聽(tīng)到的鳴笛聲的頻率比火車發(fā)出的聲音要小．

當(dāng)有人站在火車軌道旁；一列正在鳴笛的高速火車離他而去，距離越來(lái)越遠(yuǎn)，人感知的音調(diào)逐漸變低．這是多普勒效應(yīng)。

故選D

【解析】【答案】根據(jù)聲音的多普勒效應(yīng)分析回答：聲源移向觀察者時(shí)接收頻率變高；即距離聲源越遠(yuǎn)，音調(diào)越低，距離聲源越近，音調(diào)越高．

7、B【分析】解答：A、將兩板緩慢地錯(cuò)開(kāi)一些，兩板正對(duì)面積減小，根據(jù)電容的決定式得知；電容減小，而電壓不變，則電容器帶電量減?。蔄錯(cuò)誤．

B；由于板間電壓和板間距離不變；則板間場(chǎng)強(qiáng)不變，塵埃所受電場(chǎng)力不變，仍處于靜止?fàn)顟B(tài)．故B正確．

CD、電容器電量減小，處于放電狀態(tài)，而電容器上板帶正電，下極板帶負(fù)電，電路中形成逆時(shí)針?lè)较虻碾娏鳎瑒t檢流計(jì)中有a→b的電流．故CD錯(cuò)誤．

故選：B．

分析：帶電塵埃原來(lái)處于靜止?fàn)顟B(tài)，電場(chǎng)力與重力平衡，將兩板緩慢地錯(cuò)開(kāi)一些后，分析板間場(chǎng)強(qiáng)有無(wú)變化，判斷塵埃是否仍保持靜止．根據(jù)電容的決定式分析電容如何變化，由電容的定義式分析電量的變化，確定電路中電流的方向．8、B【分析】【解答】解：A；一條電場(chǎng)線無(wú)法確定電場(chǎng)線疏密情況；所以無(wú)法比較三點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)的大?。蔄錯(cuò)誤．

B、順著電場(chǎng)線方向，電勢(shì)必定降低，則有φa＞φb＞φc．故B正確．

C、若是勻強(qiáng)電場(chǎng)，φa﹣φb=φb﹣φc．若是非勻強(qiáng)電場(chǎng)，無(wú)法比較φa﹣φb與φb﹣φc的大小，即電勢(shì)差Uab與Ubc大小無(wú)法確定．故C錯(cuò)誤．

D；因電荷的電性不知；則無(wú)法確定電荷在這三點(diǎn)的電勢(shì)能的高低，故D錯(cuò)誤；

故選：B．

【分析】順著電場(chǎng)線方向，電勢(shì)必定降低．根據(jù)電場(chǎng)線疏密判斷電場(chǎng)強(qiáng)度的大小，電場(chǎng)線越密電場(chǎng)強(qiáng)度越大．勻強(qiáng)電場(chǎng)中沿電場(chǎng)線方向相等的距離，電勢(shì)差相等，并依據(jù)正電荷在高電勢(shì)處，電勢(shì)能大，而負(fù)電荷在低電勢(shì)處，電勢(shì)能大，從而即可求解．9、A【分析】解：A；原線圈兩端電壓有效值為220V；副線圈兩端電壓有效值為22V，電表測(cè)量的是有效值，故A正確；

B、t=s時(shí)，ac兩點(diǎn)電壓瞬時(shí)值為110V；故B錯(cuò)誤；

C；滑動(dòng)變阻器觸片向上移；電阻變大，副線圈的電壓由匝數(shù)和輸入電壓決定，伏特表的示數(shù)不變，安培表示數(shù)減小，C錯(cuò)誤；

D、單刀雙擲開(kāi)關(guān)由a扳向b；匝數(shù)比變小，匝數(shù)與電壓成正比，所以伏特表和安培表的示數(shù)均變大，故D錯(cuò)誤；

故選：A

由時(shí)間求出瞬時(shí)電壓的有效值；再根據(jù)匝數(shù)比等于電壓之比求電壓，結(jié)合電路動(dòng)態(tài)分析判斷電阻增大時(shí)電流的變化．

本題考查了變壓器的特點(diǎn)，需要特別注意的是CD兩選項(xiàng)，考查了電路的動(dòng)態(tài)分析，這是高考中的熱點(diǎn)．【解析】【答案】A二、多選題(共9題，共18分)10、BD【分析】【分析】能級(jí)間躍遷時(shí)輻射的光子能量等于兩能級(jí)間的能級(jí)差；結(jié)合輻射的光子能量判斷能否發(fā)生光電效應(yīng)，結(jié)合光電效應(yīng)放出求出最大初動(dòng)能。當(dāng)吸收的光子能量等于兩能級(jí)間的能級(jí)差才能被吸收，發(fā)生躍遷。當(dāng)吸收的光子能量后，氫原子能量大于等于零，則氫原子被電離。

本題考查了光電效應(yīng)和能級(jí)躍遷的基本運(yùn)用，知道吸收或輻射的光子能量等于兩能級(jí)間的能級(jí)差，掌握光電效應(yīng)方程，并能靈活運(yùn)用?！窘獯稹緼.氫原子從高能級(jí)向基態(tài)躍遷時(shí)發(fā)射的光子能量可能大于3.34eV

可能使鋅板發(fā)生光電效應(yīng)，故A錯(cuò)誤；

B.一群處于n=3

能級(jí)的氫原子向基態(tài)躍遷時(shí)；輻射的最大光子能量hv=鈭?1.51鈭?(鈭?13.6)=12.09eV

根據(jù)光電效應(yīng)方程得，光電子的最大初動(dòng)能Ekm=hv鈭?W0=12.09鈭?3.34eV=8.75eV

故B正確；

C.基態(tài)與激發(fā)態(tài)間的能級(jí)差不等于10.3eV

用能量為10.3eV

的光子照射，該光子能量不能被吸收發(fā)生躍遷，故C錯(cuò)誤；

D.用能量為14.0eV

的光子照射；氫原子吸收該光子能量后，原子能量大于0

即使氫原子電離，故D正確。

故選BD。

【解析】BD

11、ACD【分析】解：A

以木塊為研究對(duì)象，根據(jù)動(dòng)能定理得，子彈對(duì)木塊做功等于木塊動(dòng)能的增加，即：FfL=12Mv2壟脵

故A正確．

D、以子彈為研究對(duì)象，由動(dòng)能定理得，鈭?f(L+s)=12mv2鈭?12mv02壟脷

解得：f(L+s)=12mv0鈭?12mv2

故D正確．

BC

由壟脵+壟脷

得，F(xiàn)fs=12mv02鈭?12(M+m)v2

故B錯(cuò)誤，C正確．

故選：ACD

．

子彈射入木塊的過(guò)程中；分別對(duì)木塊；子彈、木與子彈組成的系統(tǒng)為研究對(duì)象，分別應(yīng)用動(dòng)能定理分析答題．

本題是沖擊塊類型，要注意應(yīng)用動(dòng)能定理研究單個(gè)物體時(shí)，功的公式W=fl

中，l

是相對(duì)于地的位移大?。窘馕觥緼CD

12、CD【分析】解：A

單晶體具有各向異性；即單晶體沿各個(gè)方向的物理性質(zhì)和化學(xué)光學(xué)性質(zhì)不都相同，故A錯(cuò)誤；

B；足球充氣后很難壓縮是由于足球內(nèi)外有壓強(qiáng)差的原因；與氣體分子間的作用力無(wú)關(guān)，故B錯(cuò)誤；

C；根據(jù)熱力學(xué)第二定律知；自然界中只要涉及熱現(xiàn)象的宏觀過(guò)程都具有方向性，故C正確；

D、一定質(zhì)量的理想氣體如果壓強(qiáng)不變，體積增大，由氣態(tài)方程知溫度升高，內(nèi)能增大，氣體對(duì)外界做功，根據(jù)熱力學(xué)第一定律鈻?U=W+Q

可知；氣體一定吸收熱量，故D正確；

故選：CD

單晶體具有各向異性；多晶體具有各向同性，足球充氣后很難被壓縮是由于足球內(nèi)外的壓強(qiáng)差的原因；根據(jù)熱力學(xué)第一定律解釋其內(nèi)能的變化；體積不變，單位體積內(nèi)分子數(shù)不變，溫度升高，單位時(shí)間內(nèi)撞擊單位面積上的分子數(shù)增大．

該題考查熱力學(xué)第一定律與熱力學(xué)第二定律，要牢記熱力學(xué)第二定律的幾種不同的表述，并能夠正確理解．【解析】CD

13、AD【分析】解：A；由乙圖可知；小球在B點(diǎn)的加速度最大，故所受的電場(chǎng)力最大，加速度由電場(chǎng)力產(chǎn)生，故B點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度最大，小球的加速度為：

a===0.06m/s2；

又：a=

解得E=6.0V/m；故A正確；

BC；從C到A小球的動(dòng)能一直增大；說(shuō)明電場(chǎng)力一直做正功，故電勢(shì)能一直減小，而小球帶正電，則知電勢(shì)一直減小，故B錯(cuò)誤，C正確；

D、由C到B電場(chǎng)力做功為：WCB=-0

CB間電勢(shì)差為：UCB===V=4.5V；故D正確。

故選：AD。

通過(guò)乙圖的v-t圖象判斷出加速度；加速度最大時(shí)受到的電場(chǎng)力最大，電場(chǎng)強(qiáng)度最大，由電場(chǎng)力做功正負(fù)即可判斷電勢(shì)能的變化，由W=qU求的電勢(shì)差。

該題結(jié)合v-t圖象考查常見(jiàn)的電場(chǎng)，解答本題關(guān)鍵要明確圖象的斜率等于加速度，抓住電場(chǎng)力做正功時(shí)電勢(shì)能減小，進(jìn)行分析即可。要知道動(dòng)能定理是求電勢(shì)差常用的方法?！窘馕觥緼D14、BC【分析】解：以結(jié)點(diǎn)O為研究對(duì)象，分析受力：重力G、繩OA的拉力FA和繩OC的拉力FC；如圖所示。

根據(jù)平衡條件知，兩根繩子拉力的合力F合與重力大小相等；方向相反；保持不變。

作出輕繩OA在兩個(gè)位置時(shí)力的合成圖如圖；由圖看出，OA向下移動(dòng)的過(guò)程中，OA繩上的拉力和OC繩上的拉力均逐漸增大，故AD錯(cuò)誤，BC正確；

故選：BC。

以結(jié)點(diǎn)O為研究對(duì)象；分析受力，作出輕繩在A和A′兩個(gè)位置時(shí)受力圖，由圖分析繩OA和OC上的拉力如何變化。

本題運(yùn)用圖解法研究動(dòng)態(tài)平衡問(wèn)題，也可以根據(jù)幾何知識(shí)得到兩繩拉力的表達(dá)式，再分析拉力的變化情況。【解析】BC15、BD【分析】解：A；甲做勻速直線運(yùn)動(dòng)；乙物體前2s做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，加速度為正方向，后4s做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，加速度為負(fù)方向，所以乙物體全程不是勻變速直線運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤．

B；甲、乙兩物體由同一位置出發(fā)；在速度-時(shí)間圖象中圖象與坐標(biāo)軸圍成面積代表位移；時(shí)間軸上方位移為正，時(shí)間軸下方位移為負(fù)；所以前2s內(nèi)乙的三角形面積等于甲的正方形面積，即位移相同，此時(shí)兩物相遇；前6s內(nèi)甲的矩形面積等于乙三角形的面積，此時(shí)又相遇，故兩物體兩次相遇的時(shí)刻分別為2s末和6s末．故B正確．

C；由于在速度-時(shí)間圖象中；某一點(diǎn)代表此時(shí)刻的瞬時(shí)速度，時(shí)間軸上方速度是正數(shù)，時(shí)間軸下方速度是負(fù)數(shù)；所以前6s內(nèi)甲乙兩物體的速度都為正方向，速度方向相同，故C錯(cuò)誤．

D；前4s內(nèi)乙的位移大于甲的位移；所以乙的平均速度大于甲的平均速度，故D正確．

故選：BD．

在速度-時(shí)間圖象中；點(diǎn)代表此時(shí)刻的瞬時(shí)速度，速度正負(fù)表示速度的方向；圖象的斜率表示加速度，圖象與坐標(biāo)軸圍成面積代表位移，時(shí)間軸上方位移為正，時(shí)間軸下方位移為負(fù)．平均速度等于位移與時(shí)間的比值．

本題是為速度--時(shí)間圖象的應(yīng)用，要明確斜率的含義，知道在速度--時(shí)間圖象中圖象與坐標(biāo)軸圍成的面積的含義，能根據(jù)圖象讀取有用信息．【解析】【答案】BD16、AC【分析】解：A；為了預(yù)防放射性污染的危害；核反應(yīng)堆中的廢料具有很強(qiáng)的放射性，需裝入特制的容器，深埋地下或海底，故A正確；

B；B中的核方程質(zhì)量數(shù)不守恒；應(yīng)該為3個(gè)中子，故B錯(cuò)誤；

C、根據(jù)質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒可知，放射性碘（131I）發(fā)生的β衰變方程為→故C正確；

D、根據(jù)△E=mc2可知質(zhì)量虧損不同；釋放的能量也一定不同，故D錯(cuò)誤．

故選：AC．

正確解答本題需要掌握：放射性污染的防護(hù)；質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒在核反應(yīng)方程中的應(yīng)用；質(zhì)能方程的應(yīng)用．

本題考查了核裂變的應(yīng)用，在學(xué)習(xí)中注意將所學(xué)知識(shí)和實(shí)際應(yīng)用相結(jié)合．【解析】【答案】AC17、AD【分析】【分析】小球與彈簧接觸前做自由落體運(yùn)動(dòng)，與彈簧接觸后受到重力與彈簧彈力作用，彈簧彈力逐漸增大，彈簧彈性勢(shì)能增大，根據(jù)小球運(yùn)動(dòng)過(guò)程與受力情況分析答題。本題考查了判斷小球加速度、速度、彈簧彈力與彈簧彈性勢(shì)能如何變化，分析清楚小球運(yùn)動(dòng)過(guò)程與受力情況是解題的前提與關(guān)鍵，根據(jù)小球運(yùn)動(dòng)過(guò)程與受力情況即可解題?！窘獯稹緼B.

小球與彈簧接觸前做自由落體運(yùn)動(dòng)；加速度a=g

保持不變，速度v=gt

均勻增加；

小球與彈簧接觸后向下運(yùn)動(dòng)壓縮彈簧；小球受到豎直向下的重力與彈簧豎直向上的彈力F=kx

作用；

開(kāi)始彈簧彈力小于重力，小球向下做加速度運(yùn)動(dòng)，加速度：a=mg鈭?kxm=g鈭?kxm

加速度逐漸減??；

小球向下做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)；經(jīng)過(guò)一段時(shí)間后彈簧彈力與重力相等，合力為零，此時(shí)速度達(dá)到最大；

然后彈簧彈力大于重力，小球所受合力向上，小球做減速運(yùn)動(dòng)，加速度：a=kxm鈭?g

加速度逐漸增大；

小球向下做加速度增大的減速運(yùn)動(dòng)；直到速度為零，整個(gè)過(guò)程速度方向不變，由圖示圖象可知，A正確，B錯(cuò)誤；

C.當(dāng)小球下落位移小于等于h

時(shí)；彈簧彈力為零F=0

當(dāng)彈簧下落距離大于h

小于等于H

時(shí)，彈簧彈力F=kx

彈力F

與x

成正比，故C錯(cuò)誤；

D.當(dāng)小球下落位移小于等于h

時(shí)，Ep=0

當(dāng)彈簧下落距離大于h

小于等于H

時(shí)，彈簧彈性勢(shì)能Ep=12kx2

故D正確；

故選AD?！窘馕觥緼D

18、AD【分析】解：A

點(diǎn)電荷的等勢(shì)面是一系列的同心圓；對(duì)于圓、圓弧上任意兩點(diǎn)的連線的中垂線一定通過(guò)圓心，故場(chǎng)源電荷在MN

的中垂線和FP

的中垂線的交點(diǎn)上，在MP

的連線上，如圖所示，故A正確；

B；婁脮P=婁脮F

線段PF

是PF

所在等勢(shì)面(

圓)

的一個(gè)弦，故B錯(cuò)誤；

C；在正的點(diǎn)電荷的電場(chǎng)中；離場(chǎng)源越遠(yuǎn)，電勢(shì)越低，將正試探電荷從P

點(diǎn)搬運(yùn)到N

點(diǎn)，電勢(shì)能降低，故電場(chǎng)力做正功，故C錯(cuò)誤；

D、在正的點(diǎn)電荷的電場(chǎng)中，離場(chǎng)源越遠(yuǎn)，電勢(shì)越低，故婁脮P>婁脮M

故D正確．

故選：AD

．

點(diǎn)電荷的等勢(shì)面是一系列的同心圓；對(duì)于圓，圓弧上任意兩點(diǎn)的連線的中垂線一定通過(guò)圓心；找出電荷位置后，根據(jù)電勢(shì)能的變化情況判斷電場(chǎng)力做功情況．

本題關(guān)鍵是明確點(diǎn)電荷的電場(chǎng)的電場(chǎng)線和等勢(shì)面的分布規(guī)律，知道沿著電場(chǎng)線電勢(shì)逐漸降低；基礎(chǔ)問(wèn)題．【解析】AD

三、填空題(共5題，共10分)19、1.6921.145【分析】解：螺旋測(cè)微器的固定刻度為1.5mm；可動(dòng)刻度為19.2×0.01mm=0.192mm，所以最終讀數(shù)為1.5mm+0.192mm=1.692mm。

游標(biāo)卡尺的主尺讀數(shù)為：11mm；游標(biāo)尺上第9個(gè)刻度和主尺上某一刻度對(duì)齊，所以游標(biāo)讀數(shù)為9×0.05mm=0.45mm，所以最終讀數(shù)為：11mm+0.45mm=11.45mm=1.145cm。

故答案為：1.692（1.691～1.694均給分）；1.145

解決本題的關(guān)鍵掌握游標(biāo)卡尺讀數(shù)的方法；主尺讀數(shù)加上游標(biāo)讀數(shù)，不需估讀。螺旋測(cè)微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動(dòng)刻度讀數(shù)，讀可動(dòng)刻度讀數(shù)時(shí)需估讀。

對(duì)于基本測(cè)量?jī)x器如游標(biāo)卡尺、螺旋測(cè)微器等要了解其原理，要能正確使用這些基本儀器進(jìn)行有關(guān)測(cè)量?！窘馕觥?.6921.14520、略

【分析】【解析】【答案】質(zhì)量、a—1/m21、略

【分析】解：取豎直向上方向?yàn)檎较?；則小球與地面碰撞過(guò)程中動(dòng)量的變化為：

△p=mv2-m（-v1）=2×（10+8）kg．m/s=36kg?m/s；正號(hào)表示方向豎直向上．

故答案為：36；豎直向上。

取豎直向上方向?yàn)檎较?；分別表示出碰地前后小球的動(dòng)量，小球動(dòng)量的變化量等于末動(dòng)量與初動(dòng)量的差。

此題中動(dòng)量是矢量，要規(guī)定正方向，用帶正負(fù)呈的數(shù)值表示動(dòng)量．動(dòng)量變化量也是矢量，同樣要注意方向．【解析】36；豎直向上22、A.0.44

B.37.2【分析】A.【分析】線圈的磁通量變化時(shí)，產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，由法拉第電磁感應(yīng)定律可得感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)大小。平均感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的大小由E=N?婁碌?t

而瞬時(shí)感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)可由E=BLV

來(lái)求得，注意V

是切割磁感線的速度，L

是有效切割長(zhǎng)度?！窘獯稹坑深}意可知，線圈中磁通量的變化率為?婁碌?t=0.06?0.020.1Wb/s=0.4Wb/s

根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律得E=N?婁碌?t=10隆脕0.4V=4V

故填：0.44

B.【分析】根據(jù)閉合電路歐姆定律即可求解電源的電動(dòng)勢(shì)E

電阻R

產(chǎn)生的焦耳熱根據(jù)Q=I2Rt

求解。本題的關(guān)鍵是要掌握閉合電路歐姆定律定律和焦耳定律，知道定值電阻產(chǎn)生的熱量可根據(jù)Q=I2Rt

求解?！窘獯稹块_(kāi)關(guān)閉合后，根據(jù)閉合電路歐姆定律得電源的電動(dòng)勢(shì)E=I(R+r)=0.30隆脕(8.0+2.0)V=3.0V

在t=10s

時(shí)間內(nèi)，電阻R

產(chǎn)生的焦耳熱Q=I2Rt=0.302隆脕8.0隆脕10J=7.2J

故填：3.07.2

【解析】A.0.44

B.37.2

23、2.190mm7.869小【分析】解：（1）圖丙中固定刻度讀數(shù)為2mm；可動(dòng)刻度讀數(shù)為0.01×19.0=0.190mm，所以最終讀數(shù)為2.190mm．

對(duì)準(zhǔn)第4條亮紋時(shí)固定刻度讀數(shù)為7.5mm；可動(dòng)讀數(shù)為0.01×36.9=0.369mm，所以最終讀數(shù)為7.869mm．

（2）根據(jù)△x=λ得：λ==

（3）根據(jù)△x=λ知雙縫間距d增大時(shí)條紋間距變?。?/p>

故答案為：（1）2.190mm7.869；

（2）d；

（3）?。?/p>

螺旋測(cè)微器的讀數(shù)等于固定刻度讀數(shù)加上可動(dòng)刻度讀數(shù)；需要估讀．

根據(jù)△x=λ計(jì)算波長(zhǎng)；

根據(jù)條紋間距公式△x=λ判斷條紋間距的變化．

解決本題的關(guān)鍵掌握螺旋測(cè)微器的讀數(shù)方法，固定刻度讀數(shù)加上可動(dòng)刻度讀數(shù)，不需估讀．以及掌握條紋間距公式．【解析】2.190mm7.869小四、判斷題(共4題，共8分)24、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場(chǎng)線的特點(diǎn)可知；沿電場(chǎng)線的方向電勢(shì)降低；電場(chǎng)線垂直于等勢(shì)面、同一等勢(shì)面移動(dòng)電荷電場(chǎng)力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場(chǎng)線是人為假想的曲線，從正電荷或無(wú)限遠(yuǎn)出發(fā)，終止于無(wú)限遠(yuǎn)或負(fù)電荷，不閉合，電場(chǎng)線疏密描述電場(chǎng)強(qiáng)弱，電場(chǎng)線密的地方，電場(chǎng)強(qiáng)度大，疏的地