福建省寧德市福安第三中學2020年高一數(shù)學文上學期期末試卷含解析

福建省寧德市福安第三中學2020年高一數(shù)學文上學期期末試卷含解析一、選擇題：本大題共10小題，每小題5分，共50分。在每小題給出的四個選項中，只有是一個符合題目要求的1.已知是R上的單調遞增函數(shù)，則實數(shù)的取值范圍(

)A． B．

C．

D．

參考答案：D略2.已知，則的大小關系是A．B．

C．

D．參考答案：B3.下列函數(shù)在（0，+∞）上是減函數(shù)的是（）A．y=|x| B．y= C．y=x3 D．y=2x參考答案：B【考點】函數(shù)單調性的判斷與證明．【專題】函數(shù)思想；綜合法；函數(shù)的性質及應用．【分析】根據(jù)一次函數(shù)、反比例函數(shù)、指數(shù)函數(shù)和y=x3的單調性即可判斷每個選項的正誤，從而找出正確選項．【解答】解：A．x＞0時，y=|x|=x為增函數(shù)，∴該選項錯誤；B.在（0，+∞）上是減函數(shù)，∴該選項正確；C．y=x3在（0，+∞）上是增函數(shù)，∴該選項錯誤；D．指數(shù)函數(shù)y=2x在（0，+∞）上是增函數(shù)，∴該選項錯誤．故選：B．【點評】考查一次函數(shù)、反比例函數(shù)及指數(shù)函數(shù)的單調性，清楚函數(shù)y=x3的圖象及其單調性．4.已知直線，互相平行，則的值是（）A．

B．

C．或

D．參考答案：B5.若正四棱錐的側棱長為，側面與底面所成的角是45°，則該正四棱錐的體積是（）A． B． C． D．參考答案：B【考點】LF：棱柱、棱錐、棱臺的體積．【分析】作出棱錐的高與斜高，得出側面與底面所成角的平面角，利用勾股定理列方程解出底面邊長，代入體積公式計算．【解答】解：過棱錐定點S作SE⊥AD，SO⊥平面ABCD，則E為AD的中點，O為正方形ABCD的中心．連結OE，則∠SEO為側面SAD與底面ABCD所成角的平面角，即∠SEO=45°.設正四棱錐的底面邊長為a，則AE=OE=SO=，∴SE==．在Rt△SAE中，∵SA2=AE2+SE2，∴3=，解得a=2．∴SO=1，∴棱錐的體積V==．故選B．6.已知某一幾何體的正視圖與側視圖如圖，則下列圖形中，可以是該幾何體的俯視圖的圖形有（

）A．①②③⑤ B．②③④⑤ C．①②④⑤ D．①②③④參考答案：D7.如圖(1)所示，一只裝了水的密封瓶子，其內部可以看成是由半徑為1cm和半徑為3cm的兩個圓柱組成的簡單幾何體．當這個幾何體如圖(2)水平放置時，液面高度為20cm，當這個幾何體如圖(3)水平放置時，液面高度為28cm，則這個簡單幾何體的總高度為()A．29cm

B．30cm

C．32cm

D．48cm參考答案：A8.（5分）在空間中，下列結論正確的是（） A． 平行于同一直線的兩直線平行 B． 垂直于同一直線的兩直線平行 C． 平行于同一平面的兩直線平行 D． 垂直于同一平面的兩直線垂直參考答案：A考點： 空間中直線與直線之間的位置關系．專題： 空間位置關系與距離．分析： 利用空間線線關系和線面關系的判定定理對選項分別分析選擇．解答： 對于A，平行于同一直線的兩直線平行；滿足平行線的傳遞性；是正確的；對于B，垂直于同一直線的兩直線平行；此結論在空間不成立；如墻角的三條棱；故B是錯誤的；對于C，平行于同一平面的兩直線平行，是錯誤的；因為平行于同一平面的兩直線位置關系是平行、相交或者異面；對于D，垂直于同一平面的兩直線平行，故D錯誤；故選A．點評： 本題考查了空間兩條直線的位置關系的判斷；關鍵是要有較好空間想象能力．9.已知的定義域為（0，π），且對定義域的任意x恒有f′（x）sinx＞f（x）cosx成立，則下列關系成立的是（）A．f（）＞f（）B．f（）=f（）C．f（）＜f（）D．f（）與f（）的大小關系不確定參考答案：A【考點】6B：利用導數(shù)研究函數(shù)的單調性．【分析】構造函數(shù)g（x）=f（x）sinx，求出導函數(shù)，根據(jù)題意可判斷g（x）為增函數(shù)，可得f（）sin＞f（）sin，根據(jù)誘導公式可得出結論．【解答】解：令g（x）=，∴g'（x）＞0恒成立，∴g（x）定義域內遞增，∴f（）÷sin＞f（）÷sin，∴f（）sin＞f（）sin，∴f（）＞f（），故選A．10.若2x=3，則x等于（

）A.

B.

C.

D.參考答案：D二、填空題:本大題共7小題,每小題4分,共28分11.已知函數(shù)，若函數(shù)圖象上的一個對稱中心到對稱軸的距離的最小值為，則的值為

．參考答案：2

略12.求值：=------_______________參考答案：13.在中，設角A、B、C的對邊分別為a、b、c，若，且，則角B=

。參考答案：14.在平面直角坐標系xOy中，300°角終邊上一點P的坐標為（1，m），則實數(shù)m的值為

．參考答案：﹣

【考點】任意角的三角函數(shù)的定義．【分析】由條件利用任意角的三角函數(shù)的定義、誘導公式，可得tan300°=﹣=，從而求得m的值．【解答】解：在平面直角坐標系xOy中，∵300°角終邊上一點P的坐標為（1，m），∴tan300°=tan=﹣tan60°=﹣=，∴m=﹣，故答案為：﹣．15.設，則a，b，c的大小關系為_________．參考答案：a＜c＜b16.直線x＋y－1＝0被圓(x＋1)2＋y2＝3截得的弦長等于

參考答案：17.函數(shù)的值域為參考答案：三、解答題：本大題共5小題，共72分。解答應寫出文字說明，證明過程或演算步驟18.已知，是一次函數(shù)，并且點在函數(shù)的圖象上，點在函數(shù)的圖象上，求的解析式參考答案：.解：g(x)是一次函數(shù)∴可設g(x)＝kx+b(k0)∴f=2

g=k2+b

………4分∴依題意得

………6分即

………10分

∴．

………12分19.等差數(shù)列{an}的各項均為正數(shù)，，{an}的前n項和為Sn，{bn}為等比數(shù)列，，且．（1）求an與bn；（2）求數(shù)列{anbn}的前n項和Tn.參考答案：（1）；（2）試題分析：（1）的公差為，的公比為，利用等比數(shù)列的通項公式和等差數(shù)列的前項和公式，由列出關于的方程組，解出的值，從而得到與的表達式.（2）根據(jù)數(shù)列的特點,可用錯位相減法求它的前項和,由（1）的結果知，兩邊同乘以2得由(1)(2)兩式兩邊分別相減,可轉化為等比數(shù)列的求和問題解決.試題解析：（1）設的公差為，的公比為，則為正整數(shù)，，依題意有，即，解得或者（舍去），故。4分（2）。6分，，兩式相減得8分，所以12分考點：1、等差數(shù)列和等比數(shù)列；2、錯位相減法求特數(shù)列的前項和.20.（本小題滿分14分）已知奇函數(shù)f(x)在(－￥,0)∪(0,+￥)上有意義，且在(0,+￥)上是增函數(shù)，f(1)=0，又函數(shù)g(q)=sin2q+mcosq－2m，若集合M={m|g(q)<0}，集合N={m|f[g(q)]<0}，求M∩N.參考答案：依題意，f(－1)=－f(1)=0，又f(x)在(0,+￥)上是增函數(shù)，∴ f(x)在(－￥,0)上也是增函數(shù)，

…………1分∴ 由f(x)<0得x<－1或0<x<1

…………2分∴ N={m|f[g(q)]<0}={m|g(q)<－1或0<g(q)<1}，……3分M∩N={m|g(q)<－1}

……4分由g(q)<－1得sin2q+mcosq－2m<－1

……5分即m(2－cosq)>2－cos2q

……6分∴ m>=4－(2－cosq+)

……7分設t=2－cosq，h(t)=2－cosq+=t+

……9分∵ cosq∈[－1,1]Tt∈[1,3]，

……10分∴ h(t)－2=t+－2=t－+=≥0……………11分且h()－2=+－2=0

……12分∴ h(t)min=2T4－h(huán)(t)的最大值為4－2

……13分∴ m>4－2TM∩N={m|m>4－2}

……14分另解：本題也可用下面解法：1.用單調性定義證明單調性∵ 對任意1<t1<t2≤，t1－t2<0，t1t2－2<0∴ h(t1)－h(huán)(t2)=t1+－(t2+)=>0Th(t1)>h(t2)即h(t)在[1,]上為減函數(shù)同理h(t)在[,3]上為增函數(shù)，得h(t)min=h()=2……5分∴ m>4－h(huán)(t)min=4－2TM∩N={m|m>4－2}2.二次函數(shù)最值討論解：依題意，f(－1)=－f(1)=0，又f(x)在(0,+￥)上是增函數(shù)，∴ f(x)在(－￥,0)上也是增函數(shù)，∴ 由f(x)<0得x<－1或0<x<1∴ N={m|f[g(q)]<0}={m|g(q)<－1或0<g(q)<1}，M∩N={m|g(q)<－1}

……4分由g(q)<－1得sin2q+mcosq－2m<－1Tcos2q－mcosq+2m－2>0恒成立T(cos2q－mcosq+2m－2)min>0

…5分設t=cosq，h(t)=cos2q－mcosq+2m－2=t2－mt+2m－2=(t－)2－+2m－2

……6分∵ cosq∈[－1,1]Tt∈[－1,1]，h(t)的對稱軸為t=

……7分1°當>1，即m>2時，h(t)在[－1,1]為減函數(shù)∴ h(t)min=h(1)=m－1>0Tm>1Tm>2

……9分2°當－1≤≤1，即－2≤m≤2時，∴ h(t)min=h()=－+2m－2>0T4－2<m<4+2T4－2<m≤2

……11分3°當<－1，即m<－2時，h(t)在[－1,1]為增函數(shù)∴ h(t)min=h(－1)=3m－1>0Tm>無解

……13分綜上，m>4－2TM∩N={m|m>4－2}

……14分3.二次方程根的分布解：依題意，f(－1)=－f(1)=0，又f(x)在(0,+￥)上是增函數(shù)，∴ f(x)在(－￥,0)上也是增函數(shù)，∴ 由f(x)<0得x<－1或0<x<1∴ N={m|f[g(q)]<0}={m|g(q)<－1或0<g(q)<1}，M∩N={m|g(q)<－1}由g(q)<－1得sin2q+mcosq－2m<－1Tcos2q－mcosq+2m－2>0恒成立T(cos2q－mcosq+2m－2)min>0設t=cosq，h(t)=cos2q－mcosq+2m－2=t2－mt+2m－2=(t－)2－+2m－2∵ cosq∈[－1,1]Tt∈[－1,1]，h(t)的對稱軸為t=，△=m2－8m+8

……7分1°當△<0，即4－2<m<4+2時，h(t)>0恒成立?！?分2°當△≥0，即m≤4－2或m≥4+2時，由h(t)>0在[－1,1]上恒成立∴ Tm≥2Tm≥4+2

……13分綜上，m>4－2TM∩N={m|m>4－2}

……14分4.用均值不等式（下學段不等式內容）∵ cosq∈[－1,1]Tt∈[1,3]，∴ h(t)=t