2025年人教B版選擇性必修2物理上冊階段測試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年人教B版選擇性必修2物理上冊階段測試試卷266考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、如圖所示為某一輸電示意圖，電廠的發(fā)電機輸出功率為100kW，輸出電壓U1=500V，升壓變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為n1：n2=1：20，輸電線電阻為40Ω，用戶需要的電壓U4=220V；變壓器均為理想變壓器，則（）

A.輸電線上的輸送電流為250AB.輸電線上損失的電壓為280VC.輸電線上損失的電功率為4kWD.降壓變壓器的原、副線圈的匝數(shù)比為n3：n4=960：112、某小組用如圖甲所示的可拆變壓器探究變壓器原、副線圈兩端的電壓與匝數(shù)之間的關系，在實驗時組裝的變壓器如圖乙所示。在鐵芯上原、副線圈接入的匝數(shù)分別為n1=800匝和n2=200匝；原線圈兩端與正弦式交流電源相連，用交流電壓表測得原；副線圈兩端的電壓分別為10V和0.8V，這與其他小組的正確實驗結論明顯不一致。對于這個小組實驗結論出現(xiàn)明顯偏差的原因，最有可能的是（）

A.副線圈的匝數(shù)太少B.副線圈的電阻太小C.原線圈的匝數(shù)太多，電阻過大D.沒有將鐵芯B安裝在鐵芯A上3、如圖所示為交流發(fā)電機發(fā)電的示意圖，矩形線圈ABCD面積為S、匝數(shù)為N、整個線圈的電阻為r。在磁感應強度為B的磁場中，線圈繞軸以角速度ω勻速轉動，外電阻為R，線圈的AB邊連在金屬滑環(huán)K上，CD邊連在金屬滑環(huán)L上；線圈在轉動時可以通過滑環(huán)和電刷保持與外電路相連。關于發(fā)電過程中的四個狀態(tài)，下列說法正確的是（）

A.線圈轉到圖甲位置時，通過線圈的磁通量為B.線圈轉到圖乙位置時，通過線圈的磁通量的變化率為C.線圈轉到圖丙位置時，外電路中交流電流表的示數(shù)為D.線圈轉到圖丁位置時，AB邊感應電流方向為4、我國第三艘航空母艦“福建號”采用的是電磁彈射裝置，其原理可簡化為如圖所示，直流電源電動勢為E，儲能電容器的電容為C，固定于水平面內(nèi)的兩根光滑平行金屬電阻不計。飛行器可視為一根有電阻的金屬棒MN，垂直放在兩導軌間處于靜止狀態(tài)，并與導軌良好接觸。首先開關S接1，使電容器完全充電；然后將S接至2，導軌間存在垂直于導軌平面的勻強磁場（圖中未畫出），MN開始向右加速運動；達到最大速度之后離開導軌。根據(jù)上述信息可知（）

A.勻強磁場的方向應該垂直于導軌平面向上B.電容器的電容C越大，MN的最大速度就越大C.電容器的電容C越大，MN剛開始運動時的加速度就越大D.當電容器儲存的電荷全部放出時，MN的速度達到最大5、如圖所示，足夠長的U形光滑金屬導軌平面與水平面成θ角，其中MN與PQ平行且間距為L，導軌平面與磁感應強度大小為B的勻強磁場垂直，導軌電阻不計。金屬棒ab由靜止開始沿導軌下滑，并與兩導軌始終保持垂直且接觸良好，ab棒在MN與PQ之間部分的電阻為R，當ab棒沿導軌下滑的距離為x時，棒的速度大小為v。則在這一過程中（）

A.金屬棒ab做勻加速運動B.通過金屬棒ab橫截面的電荷量為C.金屬棒ab產(chǎn)生的焦耳熱為D.金屬棒ab的最大速度為6、如圖所示，矩形線框處于磁感應強度為的勻強磁場中，磁場方向與線框平面垂直，線框長為長為為垂直于并可在和上自由滑動的金屬桿，且桿與和接觸良好，和上單位長度的電阻皆為讓從處開始以速度向右勻速滑動，設與之間的距離為（）；則在整個過程中不正確的是（）

A.當時，中電流最小B.當時，中電流最小C.中電流的最小值為D.中電流的最大值為7、將阻值為100Ω的電阻絲繞成一個110匝的閉合矩形線圈；讓其在勻強磁場中繞垂直于磁場方向的軸勻速轉動，產(chǎn)生的感應電動勢如圖乙所示．則可以判斷（）

A.t=0時刻線圈應轉到圖甲所示的位置B.該線圈的轉速為100πr/sC.穿過線圈的磁通量的最大值為WbD.線圈轉一周所產(chǎn)生的電熱為9.68J評卷人得分二、多選題(共6題，共12分)8、如圖所示，理想變壓器原線圈接在交流電源上，原、副線圈中分別接有完全相同的三個燈泡a、b、c，當A、B間電壓為U時，三個燈泡a、b、c恰好都能正常發(fā)光，每個燈泡的額定電壓為U0；則（）

A.U=2U0B.U=3U0C.變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為n1：n2=1：2D.變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為n1：n2=2：19、圖示為學校配電房向各個教室的供電示意圖，T為理想變壓器，原副線圈的匝數(shù)比為5:1，原線圈接在U=1100sin100πt(V）的交流電壓上。V1、A1為監(jiān)控市電供電端的電壓表和電流表，V2、A2為監(jiān)控校內(nèi)變壓器的輸出電壓表和電流表，R1、R2為教室的負載電阻，V3、A3為教室內(nèi)的監(jiān)控電壓表和電流表；配電房和教室間有相當長的一段距離，則當開關S閉合后（）

A.副線圈上交流電的頻率為50Hz，電壓表V2的示數(shù)為220VB.電流表A1、A2和A3的示數(shù)都變大C.電壓表V1和V2的示數(shù)不變，V3的示數(shù)減小D.副線圈上的功率增加10、如圖所示，垂直紙面向里的勻強磁場分布在邊長為L的等邊三角形內(nèi)，D是邊的中點，一群相同的帶負電的粒子僅在磁場力作用下，從D點沿紙面以平行于邊方向、大小不同的速率射入三角形內(nèi)，不考慮粒子間的相互作用力，已知粒子在磁場中運動的周期為T；則下列說法中正確的是（）

A.粒子垂直邊射出時，半徑R等于B.速度小的粒子一定比速度大的粒子在磁場中運動時間長C.粒子可能從邊射出，且在磁場中運動時間為D.粒子可能從C點射出，且在磁場中運動的時間為11、如圖所示；電源輸出電壓不變，要使電路中電流表示數(shù)變大，可采用的方法（）

A.將R上的滑片向上移動B.將R上的滑片向下移動C.將開關S擲向1D.將開關S擲向212、有一根質(zhì)量為m、長度為d的通有水平向里的電流I的導體棒，被長度為L的輕質(zhì)絕緣細線懸掛在天花板上，處于靜止，此時在此空間加上豎直向下的勻強磁場，若保持導體棒中的電流I始終不變；細線偏離豎直方向的夾角最大為60°，則（??）

A.磁場的磁感應強度大小為B.磁場的磁感應強度大小為C.在導體棒擺動過程中細線上拉力最大為D.在導體棒擺動過程中細線上拉力最大為13、如圖所示，真空室中y軸右側存在連續(xù)排列的n個圓形邊界磁場，圓心均在x軸上，相鄰兩個圓相切，半徑均為R，磁感應強度均為B。其中第1，3，5個圓形邊界的磁場方向垂直于紙面向里，第2，4，6個圓形邊界的磁場方向垂直于紙面向外，第n個磁場右側有一個粒子接收屏與x軸垂直，并與第n個磁場相切，切點為M，第n個磁場方向圖中未畫出。在磁場上方和下方分別有一條虛線與磁場相切，上方虛線上方有一向下的范圍無限大的勻強電場，下方虛線下方有一向上的范圍無限大的勻強電場，場強大小均為E?，F(xiàn)將一群質(zhì)量均為m、電荷量均為的帶電粒子從坐標原點O點向第一、四象限各個方向發(fā)射（不考慮平行于y軸方向發(fā)射的粒子），射出速度均為不計粒子重力；則下列說法正確的是（）

A.所有粒子從O點射出到最終被接收屏接收過程中在電場運動時間為均為B.所有粒子從O點射出到最終被接收屏接收過程中在磁場中運動時間均為C.所有粒子從O點射出到最終被接收屏接收的時間相同D.所有被接收屏接收的粒子中，接收位置離M點的最遠距離為R評卷人得分三、填空題(共9題，共18分)14、一線圈匝數(shù)為n=10匝，線圈電阻不計，在線圈外接一個阻值R=2.0Ω的電阻，如圖甲所示．線圈內(nèi)有垂直紙面向里的磁場，線圈內(nèi)磁通量φ隨時間t變化的規(guī)律如圖乙所示．線圈中產(chǎn)生的感應電動勢為______，通過R的電流方向為_____，通過R的電流大小為___．

15、如圖所示，在磁感應強度為B的勻強磁場中，有半徑為r的光滑圓形導體框架，OC為一能繞O在框架上滑動的導體棒，Oa之間連一個電阻R，導體框架與導體電阻均不計，若要使OC能以角速度ω勻速轉動，則導體棒產(chǎn)生的電動勢是______，外力做功的功率是______．

16、熱敏電阻：用_____材料制成，氧化錳制成的熱敏電阻的阻值隨溫度的升高而____17、當線圈平面位于中性面時，線圈中的磁通量_____，線圈中的電流_____，且線圈平面經(jīng)過中性面時，____________就發(fā)生改變，故線圈轉動一周電流方向改變_______。18、線圈每通過中性面一次，電流方向改變一次。______19、實際應用中的開放電路，線圈的一端用導線與_________相連，這條導線叫作地線；線圈的另一端與高高地架在空中的_________相連。20、為判斷線圈繞向，可將靈敏電流計G與線圈L連接，如圖所示。已知線圈由a端開始繞至b端，當電流從電流計G右端流入時，指針向右偏轉。將磁鐵N極向下從線圈上方豎直插入L時，發(fā)現(xiàn)指針向右偏轉。從上向下看時，線圈繞向為__________（填順時針或逆時針）；當條形磁鐵從圖中的虛線位置向右遠離L時，指針將指向_____。（選填“左側”；“右側”或“中央”）

21、與金屬不同的是，有些半導體的導電能力隨溫度的升高而________，故可以用半導體材料制作________。22、如圖甲所示，一個固定的矩形線圈abcd的匝數(shù)n=500，線圈面積S=100cm2，線圈的總電阻r=1Ω，線圈外接一個阻值R=4Ω的電阻，把線圈放入一方向垂直線圈平面向里的勻強磁場中，磁感應強度隨時間變化的規(guī)律如圖乙所示。則線圈中的感應電流為___________A，流過R的電流方向為___________（選填“向上”或“向下”）

評卷人得分四、作圖題(共4題，共16分)23、在圖中畫出或說明圖中所示情形下通電導線I所受磁場力的方向。

24、要在居民樓的樓道安裝一個插座和一個電燈；電燈由光敏開關和聲敏開關控制，光敏開關在天黑時自動閉合，天亮時自動斷開；聲敏開關在有聲音時自動閉合，無聲音時自動斷開。在下圖中連線，要求夜間且有聲音時電燈自動亮，插座隨時可用。

25、在“探究楞次定律”的實驗中；某同學記錄了實驗過程的三個情境圖，其中有兩個記錄不全，請將其補充完整。

26、如圖所示：當條形磁鐵向右靠近通電圓環(huán)時，圓環(huán)向右偏離，試在圖中標出圓環(huán)中的電流方向___________．評卷人得分五、實驗題(共2題，共18分)27、如圖甲所示，斯密特觸發(fā)器可以將連續(xù)變化的模擬信號轉換為突變的數(shù)字信號，當加在它的輸入端A的電勢逐漸上升到1.6V，輸出端Y會突然從高電平跳到低電平0.25V，而當輸入端A的電勢下降到0.8V時；輸出端Y會從低電平跳到高電平3.4V。

(1)斯密特觸發(fā)器相當于一種________門電路。

(2)如圖乙所示是一個溫度報警器的簡易電路圖，RT為熱敏電阻，R1為可變電阻（最大阻值為1kΩ），蜂鳴器工作電壓3~5V，熱敏電阻的阻值隨溫度變化如圖丙所示，若要求熱敏電阻在感測到80℃時報警，則R1應調(diào)至________kΩ；若要求熱敏電阻在感測到更高的溫度時才報警，R1的阻值應________（選填“增大”“減小”或“不變”）。

28、（1）某同學使用如圖所示的三組器材探究電磁感應現(xiàn)象。

①在甲圖中，閉合開關S后，將滑片P向右迅速移動的過程中，線圈B中的磁通量_________。（選填“增大”或“減小”）

②在乙圖中，將導體棒沿磁感線向上平移的過程中，電表指針_________；（選填“偏轉”或“不偏轉”）

③在丙圖中，將條形磁鐵向下插入線圈的過程中，感應電流從_________（選填“正”或“負”）極接線柱流入電表。

（2）為完成“探究變壓器線圈兩端的電壓與匝數(shù)的關系”的實驗，實驗室提供一個可拆變壓器如圖所示，某同學用匝數(shù)為na=200匝的A線圈和匝數(shù)為nb=400匝的B線圈構成一個變壓器來做電壓與匝數(shù)關系的實驗，實驗測量數(shù)據(jù)如下表。A線圈兩端電壓Ua/V1.802.813.804.78B線圈兩端電壓Ub/V4.006.018.02998

根據(jù)測量數(shù)據(jù)可判斷該同學在做實驗時，原線圈是_______（填“A線圈”或“B線圈”）參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、C【分析】【分析】

【詳解】

A．根據(jù)知。

U2=20U1=10000V所以輸電線上的電流為。

故A錯誤；

B．輸電線上損耗的電壓為。

△U=I線?R線=10×40=400V故B錯誤；

C．輸電線上損耗的功率為。

△P＝I2線R線=100×40=4kW故C正確；

D．因為。

U3=U2-△U=9600V所以。

故D錯誤。

故選C。2、D【分析】【分析】

【詳解】

根據(jù)

可知副線圈輸出電壓

即測出來的結果偏低；這是由于該同學實驗中沒有將鐵芯B安裝在鐵芯A上，有漏磁現(xiàn)象，存在電能損失，導致變壓器的輸出電壓變低。故ABC錯誤，D正確。

故選D。3、D【分析】【詳解】

A．線圈轉到圖甲位置時，通過線圈的磁通量為與匝數(shù)無關，A錯誤；

B．線圈轉到圖乙位置時，感應電動勢

解得磁通量的變化率

B錯誤；

C．電流表示數(shù)顯示的為有效值

C錯誤；

D．線圈轉到圖丁位置時，根據(jù)楞次定律可知線框中的電流為D正確。

故選D。4、B【分析】【詳解】

A．S接至2，MN中電流方向從M指向N，MN開始向右加速運動；受到安培力向右。由左手定則可知，勻強磁場的方向應該垂直于導軌平面向下。A錯誤；

C．當開關接2時，電容器放電，設剛放電時流經(jīng)MN的電流為I，有

MN所受安培力F=BIL

據(jù)牛頓第二定律F=ma

則有

MN剛開始運動時的加速度與電容器的電容C無關。C錯誤；

D．金屬導體棒獲得最大速度vm時，放電電流為零，此時電容器的電壓U與導體棒的感應電動勢E棒相等，即U=E棒=BLvm

此時電容器儲存的電荷并未全部放出。D錯誤；

B．設此過程中的平均電流為時間為t，根據(jù)動量定理有

其中ΔQ=Q0-Q=CE-CU=CE-CBLvm

有

電容器的電容C越大，MN的最大速度就越大。B正確。

故選B。5、B【分析】【詳解】

A．在ab加速運動的某時刻，根據(jù)牛頓第二定律可得mgsinθ-BIL=ma

又

聯(lián)立解得

可知金屬棒ab運動的加速度大小隨著速度的增大而減?。凰约铀俣葹橐粋€變量，選項A錯誤；

B．通過金屬棒ab橫截面的電荷量為

選項B正確；

C．金屬棒ab產(chǎn)生的焦耳熱為Q，根據(jù)動能定理可得

解得

因安培力隨速度不斷變化，則不能用W=Fx求解安培力的功；選項C錯誤；

D．金屬棒ab達到最大速度，有

解得

選項D錯誤。

故選B。6、A【分析】【分析】

【詳解】

AB．根據(jù)題意畫出如圖所示的等效電路；

由法拉第電磁感應定律得。

E=BLv由閉合電路歐姆定律及并聯(lián)電路特點知。

I=故當MN位于ab中間位置的時候,即x=L時回路中的總電阻最大；感應電流最小。故A錯誤，與題意相符；B正確，與題意不符；

C．最小電流為。

故C正確；與題意不符；

D．當x=0或者x=2L時總電阻最??；電流最大，最大電流為。

故D正確；與題意不符。

故選A。7、D【分析】【詳解】

A．零時刻感應電動勢為0；磁通量變化最慢，線圈應與磁場垂直，A錯誤；

B．據(jù)圖象可知，所以轉速為

故B錯誤；

C．據(jù)

可知

故C錯誤；

D．據(jù)峰值可知

據(jù)焦耳定律可知，線圈轉一周產(chǎn)生的熱量

故D正確。

故選D。二、多選題(共6題，共12分)8、B:D【分析】【詳解】

由于三個燈泡正常發(fā)光，副線圈中的電流為2I，原線圈中的電流為I，則變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為等于原、副線圈中電流的反比，即為2：1，根據(jù)原、副線圈兩端電壓比等于匝數(shù)比且副線圈兩端電壓為U0，則原線圈兩端電壓為2U0，則

故選BD。9、A:C:D【分析】【分析】

抓住原線圈的輸入電壓不變；結合輸出端總電阻的變化得出輸電線上電流的變化，從而得出電壓損失的變化，根據(jù)輸出電壓不變，得出用戶端電壓的變化，從而得知通過負載電阻電流的變化．抓住輸電線上電流的變化，根據(jù)原副線圈電流比等于匝數(shù)之反比求出原線圈中電流的變化．

【詳解】

A．原線圈接在U=1100sin100πt(V）的交流電壓上，所以交流電的頻率為

由電壓之比等于匝數(shù)正比即

解得：

故A正確；

BC．當開關閉合后，副線圈的總電阻變小，由于升壓變壓器的輸入電壓不變，則輸出電壓不變，即U2不變，可知輸電線中的電流增大，即A2增大，則輸電線上損失的電壓增大，可知用戶端得到的電壓減小，即U3減小，所以通過R1的電流減小，即A3減小，副線圈中電流決定原線圈中的電流，根據(jù)

知，原線圈中的電流I1增大，所以A1示數(shù)增大；故B錯誤，C正確；

D．由B、C項分析可知，原線圈中的電流I1增大；原線圈中電壓不變，所以功率變大，所以副線圈上的功率增加，故D正確。

故選ACD。

【點睛】

解決本題的關鍵知道輸入電壓決定輸出電壓，輸出電流決定輸入電流，輸出功率決定輸入功率．10、A:D【分析】【詳解】

A．粒子垂直BC邊射出時；運動軌跡如圖。

根據(jù)幾何關系知半徑為A正確；

BCD．若帶電粒子剛好從BC邊射出磁場，運動軌跡與BC邊相切，可知圓心角為180°，粒子在磁場中經(jīng)歷時間為若帶電粒子剛好從AC邊射出磁場，運動軌跡與AC邊相切，作圖可得切點為C點；如下圖。

可知圓心角為60°，粒子在磁場中經(jīng)歷時間為若帶電粒子從AB邊射出磁場，可知圓心角為240°，粒子在磁場中經(jīng)歷時間為所以該粒子在磁場中經(jīng)歷時間為則它一定從AB邊射出磁場；所以可知粒子速度和運動時間無確定的關系；BC錯誤,D正確。

故選AD。11、A:D【分析】【詳解】

A．輸入的電壓和匝數(shù)比不變；輸出的電壓也不變，當滑片向上移動時，副線圈所在電路的電阻變小，所以電流要增加，電流表示數(shù)增大，A正確；

B．當滑片向下移動時；副線圈所在電路的電阻變大，所以電流要變小，B錯誤；

C．由電壓與匝數(shù)成正比可得

故輸出電壓為

將開關S擲向1；原線圈的匝數(shù)變大，副線圈的輸出電壓要減小，副線圈所在電路的電阻不變，所以電流要減小，C錯誤；

D．由上述分析可知；將開關S擲向2時，原線圈的匝數(shù)減小，副線圈的輸出電壓要變大，副線圈所在電路的電阻不變，所以電流要增大，D正確。

故選AD。12、A:C【分析】【詳解】

AB．類比重力場可知，導體棒靜止在磁場和重力場中時細線與豎直方向夾角為θ，細線擺動時與豎直方向夾角最大為2θ=60°

根據(jù)平衡有

解得

故A正確；B錯誤；

CD．類比重力場可知導體棒在經(jīng)過平衡位置時細線上拉力最大，設為重力和安培力的合力為

經(jīng)過平衡位置時速度大小設為v，應用動能定理有

應用向心力公式

解得

故C正確；D錯誤。

故選AC。13、A:B【分析】【詳解】

D．根據(jù)

由于粒子速度

可得粒子運動半徑為

根據(jù)磁發(fā)散和磁聚焦原理與左手定則，所有粒子都將以垂直于x軸的方向離開磁場向上運動，經(jīng)過真空后進入電場，在電場中做類豎直上拋運動，然后以相同速率，向下再次進入磁場，進入磁場后將會匯聚到x軸與圓的另一個交點，然后進入下一個圓形邊界磁場。再垂直于紙面向外的磁場中運動時，偏轉方向與垂直于紙面向里的磁場相反，但是依舊也會做類似的運動。如圖所示為某一粒子的軌跡。所以最終粒子一定會打在接收屏的M點；故D錯誤；

A．粒子在電場中做類豎直上拋運動，每經(jīng)過一個磁場就會進入一次電場，每次進入電場時加速度

運動時間為

所以電場中總的運動時間為

故A正確；

B．如圖所示，粒子在每個磁場中運動時轉過的圓心角之和均為180°，所以在每個磁場中的運動時間均為半個周期，則在磁場中運動的總時間為

故B正確；

C．所有粒子在電場和磁場中的運動都相同；但是在真空中的運動路程不同時間不同，所以總運動時間不同，故C錯誤。

故選AB。三、填空題(共9題，共18分)14、略

【分析】【詳解】

[1]．根據(jù)法拉第電磁感應定律可得：線圈產(chǎn)生的感應電動勢

[2]．根據(jù)楞次定律得，通過R的電流方向為b→R→a．

[3]．閉合電路中的電流大小【解析】5Vb→a1A2V15、略

【分析】【詳解】

導體棒產(chǎn)生的產(chǎn)生的感應電動勢大小為：

因為導體棒OC勻速轉動，因此根據(jù)能量守恒可得外力的功率和電阻發(fā)熱的功率大小相等，即有：【解析】16、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】半導體減小17、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]當線圈平面位于中性面時；線圈中的磁通量最大；

[2]線圈中的電流為零；

[3]且線圈平面經(jīng)過中性面時；電流方向就發(fā)生改變；

[4]故線圈轉動一周電流方向改變兩次。【解析】①.最大②.為零③.電流方向④.兩次18、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]在中性面時，沒有邊切割磁感線，感應電動勢為零，線圈每通過中性面一次，電流方向改變一次，此說法正確?！窘馕觥空_19、略

【解析】①.大地②.天線20、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]將磁鐵N極向下從線圈上方豎直插入L時；穿過L的磁場向下，磁通量增大，由楞次定律可知，感應電流的磁場方向與原磁場方向相反，感應電流磁場應該向上，電流表指針向右偏轉，電流從電流表右端流入，由安培定則可知，從上向下看時，線圈繞向為逆時針；如圖所示。

[2]當條形磁鐵從圖中虛線位置向右遠離L時，穿過L的磁通量向上，磁通量減小，由楞次定律可知，感應電流磁場應向上，指針向右偏轉?！窘馕觥竣?逆時針②.右側21、略

【分析】【詳解】

[1][2]與金屬不同的是，有些半導體的導電能力隨溫度的升高而增強，故可以用半導體材料制作熱敏電阻。【解析】①.增強②.熱敏電阻22、略

【分析】【詳解】

[1]根據(jù)法拉第電磁感應定律有

再根據(jù)閉合電路歐姆定律有

[2]根據(jù)楞次定律可判斷流過R的電流方向為向上?！窘馕觥肯蛏纤?、作圖題(共4題，共16分)23、略

【分析】【詳解】

根據(jù)左手定則，畫出通過電導線I所受磁場力的方向如圖所示。

【解析】24、略

【分析】【分析】

根據(jù)題中“要在居民樓的樓道安裝一個插座和一個電燈”可知；本題考查交流電的常識，根據(jù)開關作用和交流電接線常識，進行連接電路圖。

【詳解】

晚上；天黑光控開關閉合，有人走動發(fā)出聲音，聲控開關閉合，燈亮，說明兩個