2025年華東師大版高三物理上冊月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年華東師大版高三物理上冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點(diǎn)；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、“兒童蹦極”中，拴在腰間左右兩側(cè)的是彈性極好的橡皮繩．質(zhì)量為m的小明如圖靜止懸掛時，兩橡皮繩的拉力大小均恰為mg，若此時小明左側(cè)橡皮繩斷裂，則小明此時（）A.速度為零B.加速度a=g，方向豎直向下C.加速度a=g，沿未斷裂繩的方向斜向上D.加速度a=g，沿原斷裂繩的方向斜向下2、若干Bi放在天平左盤上，右盤放420g砝碼，天平平衡．當(dāng)鉍發(fā)生α衰變經(jīng)過1個半衰期，欲使天平平衡，應(yīng)從右盤中取出砝碼的質(zhì)量為（）A.210gB.105gC.4gD.2g3、關(guān)于磁感應(yīng)強(qiáng)度，下列說法中正確的是（）A.由B=可知，B與F成正比，與IL成反比B.由B=可知，一小段通電導(dǎo)線在某處不受磁場力，則說明該處一定無磁場C.通電導(dǎo)線在磁場中受力越大，說明磁場越強(qiáng)D.磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向就是小磁針北極受磁場力的方向4、如圖所示；兩光滑硬桿AOB為θ角，在兩桿上各套上輕球P；Q，兩球用輕繩相連，現(xiàn)用恒力F沿OB方向拉環(huán)Q，當(dāng)兩環(huán)穩(wěn)定時，連接兩環(huán)的輕繩的張力為（）

A.Fsinθ

B.Fcosθ

C.Ftanθ

D.

5、【題文】如圖所示；為甲；乙二人在同一實(shí)驗(yàn)室同時做單擺簡諧振動的振動圖像，在實(shí)驗(yàn)誤差范圍內(nèi)，從圖像可以知道：（）

A.兩個擺球的擺長一定不相等B.兩個擺球在平衡位置的速率一定相等C.甲單擺的振動方程為cmD.兩個單擺不同相，甲比乙超前π/26、【題文】回旋加速器是利用帶電粒子在電場中的加速和帶電粒子在磁場中偏轉(zhuǎn)的這一特性，多次對帶點(diǎn)粒子加速。用同一回旋加速器分別對氘核和氦核加速后，則（）A.氘核獲得的動能大B.氦核的速度大C.在磁場中兩核的運(yùn)行時間相同D.加速氦核時交流電的周期大7、（2015秋?高臺縣期末）如圖所示，平行板電容器豎直放置，與直流電源相連，開始時兩板M、N錯開（圖中實(shí)線所在位置），M板固定，并接地，兩板間P點(diǎn)固定一帶正電的粒子，則（）A.電鍵k閉合，N板緩慢向下移到虛線所在位置，兩板間的電壓先增大后減小B.電鍵k閉合，N板緩慢向下移到虛線所在位置，電容器的帶電量先增大后減小C.電鍵k斷開，N板緩慢向下移到虛線所在位置，帶電粒子的電勢能先增大后減小D.電鍵k斷開，N板緩慢向下移到虛線所在位置，電容器貯存的電場能先增大后減小8、下列說法正確的是（）A.勻速圓周運(yùn)動是速度不變的運(yùn)動B.平拋運(yùn)動在相同時間內(nèi)速度變化相同C.當(dāng)物體做曲線運(yùn)動時，所受的合外力可以為零D.勻速圓周運(yùn)動是勻變速運(yùn)動9、下列關(guān)于布朗運(yùn)動的說法中，正確的是（）A.布朗運(yùn)動是液體分子的運(yùn)動B.布朗運(yùn)動是懸浮在液體中的固體分子的運(yùn)動C.布朗運(yùn)動是液體分子運(yùn)動的反映D.布朗運(yùn)動是固體分子無規(guī)則運(yùn)動的反映評卷人得分二、填空題(共6題，共12分)10、（2011秋?白銀區(qū)校級期中）電阻R1、R2、R3的伏安特性曲線如圖所示，若將它們串聯(lián)后接入電路，則它們的電壓之比U1：U2：U3=____．若將它們并聯(lián)后接入電路，則它們消耗的電功率之比P1：P2：P3=____．11、一輛汽車在平直公路上行駛，在前三分之一的路程中的速度是υ1，在以后的三分之二路程中的速度υ2=54千米/小時，如果在全程中的平均速度是U=45千米/小時，則汽車在通過前三分之一路程中的速度υ1=____千米/小時．12、給盛水的容器內(nèi)的電阻絲通電，水溫升高，是____能轉(zhuǎn)化為____能．在轉(zhuǎn)化的過程中，能的____保持不變．13、在核反應(yīng)：n+Li→H+X+△E的過程中，X是未知核．由核反應(yīng)知識可以確定X核為____．若n、Li、H和X核的靜止質(zhì)量分別為m1、m2、m3和m4，真空中的光速為c，則△E的值為____．14、把一檢驗(yàn)電荷q=10-10放入某一電場中A點(diǎn)，具有電勢能為10-8J，則該點(diǎn)電勢為____V．若在該點(diǎn)放入另一電荷q=-10-10C，則該點(diǎn)電勢為____V，具有電勢能為____J．15、（2008?福建校級模擬）一輛摩托車沿平直公路行駛，其速度-時間的變化規(guī)律如圖所示．則該摩托做____（填“勻速”或“勻加速”）直線運(yùn)動，初速度大小v0=____m/s，第5秒末的速度大小v5=____m/s．評卷人得分三、判斷題(共5題，共10分)16、青藏高原測水沸時的溫度：應(yīng)選用水銀溫度計和酒精溫度計．____．（判斷對錯）17、原子核由質(zhì)子、中子和電子組成．____（判斷對錯）18、晶體的分子（或原子、離子）排列是有規(guī)則的．____．（判斷對錯）19、如果通電的金屬棒在磁場中不受力的作用，則該處的磁感應(yīng)強(qiáng)度一定為零．____．（判斷對錯）20、物體速度變化的方向與它受到的合外力的方向相同．____（判斷對錯）評卷人得分四、推斷題(共3題，共15分)21、已知rm{A}為常見金屬，rm{X}rm{Y}為常見非金屬單質(zhì)，rm{X}rm{E}rm{F}rm{G}常溫下為氣體，rm{C}為液體，rm{B}是一種銨鹽，受熱極易分解，在工農(nóng)業(yè)生產(chǎn)中用途較廣rm{(}如被用作某些電池的電解質(zhì)rm{)}現(xiàn)用rm{A}與石墨作電極，rm{B}的濃溶液作電解質(zhì)，構(gòu)成原電池。有關(guān)物質(zhì)之間的轉(zhuǎn)化關(guān)系如下圖：rm{(}注意：其中有些反應(yīng)的條件及部分生成物被略去rm{)}請?zhí)顚懴铝锌瞻祝簉m{(1)}比較rm{壟脵隆蘆壟脽}七個反應(yīng)，請歸納它們的共同特點(diǎn)是____rm{(2)}反應(yīng)rm{壟脺}為rm{A}在某種氣體中燃燒，生成單質(zhì)rm{Y}和rm{A}的氧化物，其反應(yīng)方程式為____rm{(3)}寫出物質(zhì)rm{B}的電子式____rm{(4)}從rm{D}溶液制備rm{D}的無水晶體的“操作rm{a}”為____。rm{(5)}反應(yīng)rm{壟脷}的化學(xué)方程式為____rm{(6)}反應(yīng)rm{壟脻}的化學(xué)方程為____rm{(7)}原電池反應(yīng)rm{壟脵}中正極的電極反應(yīng)為__________________________22、rm{.}稀土是我國戰(zhàn)略性資源。氟碳鈰礦主要化學(xué)成分為rm{CeFCO_{3}}它是提取鈰族稀土元素的重要礦物原料。關(guān)于氟碳鈰礦的冶煉處理工藝已經(jīng)發(fā)展到十?dāng)?shù)種，其中一種提取鈰的工藝流程如下：請回答下列問題rm{(1)}為增大反應(yīng)速率，提高原料的利用率，焙燒前可將礦石_________________________處理。rm{(2)}焙燒過程中產(chǎn)生的rm{SO_{3}}尾氣常采用噴淋法凈化，再用石灰乳中和；操作rm{I}中濾渣的主要成分是________________。rm{(3)}操作rm{II}若在實(shí)驗(yàn)室中進(jìn)行，需要的主要玻璃儀器有_____________、燒杯、玻璃棒等；所用萃取劑rm{HT}需具備的條件是_______________________________。rm{壟脵HT}不溶于水，也不和水反應(yīng)rm{壟脷Ce^{3+}}不和萃取劑rm{HT}發(fā)生反應(yīng)rm{壟脹Ce^{3+}}在萃取劑rm{HT}中溶解度大于水rm{壟脺}萃取劑rm{HT}的密度一定大于水rm{(4)}已知有機(jī)物rm{HT}能將rm{Ce^{3+}}從水溶液中萃取出來，該過程可表示為：rm{2Ce^{3+}(}水層rm{)+6HT(}有機(jī)層rm{)}rm{2CeT_{3}(}有機(jī)層rm{)+6H^{+}(}水層rm{)}從平衡角度解釋：向rm{CeT_{3}(}有機(jī)層rm{)}加入稀硫酸獲得較純的含rm{Ce^{3+}}的水溶液的原因是____。rm{(5)}常溫下，含rm{Ce^{3+}}溶液加堿調(diào)至rm{pH=8}時，rm{c}rm{(Ce^{3+})=bmol隆隴L^{-1}}已知rm{Ce(OH)_{3}}的溶度積rm{=a}則rm{a}和rm的關(guān)系是____________________________________。rm{(6)}寫出rm{Ce(OH)_{3}}懸濁液通入氧氣得到產(chǎn)品的化學(xué)方程式：_______________________________________________________。rm{(7)}取上述流程中得到的rm{Ce(OH)_{4}}產(chǎn)品rm{0.545g}加硫酸溶解后，用rm{0.1000mol隆隴L^{-1}FeSO_{4}}標(biāo)準(zhǔn)溶液滴定至終點(diǎn)時rm{0.1000mol隆隴L^{-1}

FeSO_{4}}鈰被還原為rm{(}消耗rm{Ce^{3+})}標(biāo)準(zhǔn)溶液。該產(chǎn)品中rm{25.00mL}的質(zhì)量分?jǐn)?shù)為___________rm{Ce(OH)_{4}}的相對分子質(zhì)量為rm{攏脹Ce(OH)_{4}}結(jié)果保留兩位有效數(shù)字rm{208}rm{攏脻}23、rm{[}化學(xué)rm{隆陋隆陋}選修r(nóng)m{5}有機(jī)化學(xué)基礎(chǔ)rm{]}有機(jī)物rm{A}有如下轉(zhuǎn)化關(guān)系：已知：rm{壟脵}有機(jī)物rm{B}是芳香烴的含氧衍生物，其相對分子質(zhì)量為rm{108}rm{B}中氧的質(zhì)量分?jǐn)?shù)為rm{14.8攏樓}根據(jù)以上信息，回答下列問題：rm{(1)B}的分子式為________；有機(jī)物rm{D}中含氧官能團(tuán)名稱是________。rm{(2)A}的結(jié)構(gòu)簡式為________；檢驗(yàn)rm{M}中官能團(tuán)的試劑是________。rm{(3)}條件rm{I}為________；rm{D隆煤F}的反應(yīng)類型為________。rm{(4)}寫出下列轉(zhuǎn)化的化學(xué)方程式：rm{F隆煤E}________，rm{F隆煤G}________。rm{(5)N}的同系物rm{X}比rm{N}相對分子質(zhì)量大rm{14}符合下列條件的rm{X}的同分異構(gòu)體有________種rm{(}不考慮立體異構(gòu)rm{)}rm{壟脵}含有苯環(huán)rm{壟脷}能發(fā)生銀鏡反應(yīng)rm{壟脹}遇rm{FeCl_{3}}溶液顯紫色寫出其中核磁共振氫譜有五組峰，且吸收峰的面積之比為rm{1漏U1漏U2漏U2漏U2}的同分異構(gòu)體的結(jié)構(gòu)簡式________。評卷人得分五、實(shí)驗(yàn)探究題(共2題，共6分)24、某實(shí)驗(yàn)小組利用如圖所示的裝置探究功和動能變化的關(guān)系；他們將寬度為d的擋光片固定在小車上，用不可伸長的細(xì)線將其通過一個定滑輪與砝碼盤相連，在水平桌面上的A；B兩點(diǎn)各安裝一個光電門，記錄小車通過A、B時的遮光時間，小車中可以放置砝碼．

（Ⅰ）實(shí)驗(yàn)中木板略微傾斜，這樣做目的是______

A．為了使釋放小車后；小車能勻加速下滑。

B．為了增大小車下滑的加速度。

C．可使得細(xì)線拉力做的功等于合力對小車做的功。

D．可使得小車在未施加拉力時能勻速下滑。

（Ⅱ）將小車停在C點(diǎn)，在砝碼盤中放上砝碼，小車在細(xì)線拉動下運(yùn)動，記錄此時小車及小車中砝碼的質(zhì)量之和為M，砝碼盤和盤中砝碼的總質(zhì)量為m，小車通過A、B時的遮光時間分別為t1、t2，則小車通過A、B過程中動能的變化量△E=______（用母M、t1、t2、d表示）．25、哺乳動物的生殖活動與光照周期有著密切聯(lián)系．如圖表示了光暗信號通過視網(wǎng)膜→松果體途徑對雄性動物生殖的調(diào)控．請據(jù)圖作答：

（1）黑暗環(huán)境中；圖中所示的神經(jīng)纖維末梢釋放去甲腎上腺素，與松果體細(xì)胞膜上的受體結(jié)合，使后者合成和分泌的______增多，進(jìn)而通過影響HPG軸發(fā)揮調(diào)節(jié)作用，該過程屬于______調(diào)節(jié)．

（2）光暗信號調(diào)節(jié)的反射弧中，效應(yīng)器是______，當(dāng)興奮到達(dá)b點(diǎn)時；神經(jīng)纖維膜內(nèi)外兩側(cè)的電位變?yōu)開_____．圖中去甲腎上腺素釋放的過程中伴隨著______信號到______信號的轉(zhuǎn)變．

（3）在HPG軸中；促性腺激素釋放激素（GnRH）運(yùn)輸?shù)絖_____，促使其分泌黃體生成素（LH，一種促激素）；LH隨血液運(yùn)輸?shù)讲G丸，促使其增加______的合成和分泌．

（4）若給正常雄性哺乳動物個體靜脈注射一定劑量的LH，隨后其血液中GnRH水平會______，原因是______．評卷人得分六、證明題(共3題，共30分)26、（2016?海淀區(qū)模擬）如圖所示，將小物塊（可視為質(zhì)點(diǎn)）平放在水平桌面的一張薄紙上，對紙施加恒定水平拉力將其從物塊底下抽出，物塊的位移很小，人眼幾乎觀察不到物塊的移動．已知物塊的質(zhì)量為M，紙與桌面、物塊與桌面間的動摩擦因數(shù)均為μ1，紙與物塊間的動摩擦因數(shù)為μ2；重力加速度為g．

（1）若薄紙的質(zhì)量為m；則從開始抽紙到紙被抽離物塊底部的過程中；

①求薄紙所受總的摩擦力為多大；

②從沖量和動量的定義；結(jié)合牛頓運(yùn)動定律和運(yùn)動學(xué)規(guī)律，證明：水平拉力F和桌面對薄紙摩擦力的總沖量等于物塊和紙的總動量的變化量．（注意：解題過程中需要用到；但題目中沒有給出的物理量，要在解題中做必要的說明．）

（2）若薄紙質(zhì)量可忽略，紙的后邊緣到物塊的距離為L，從開始抽紙到物塊最終停下，若物塊相對桌面移動了很小的距離s0（人眼觀察不到物塊的移動），求此過程中水平拉力所做的功．27、如圖所示，小球用不可伸長的長度為L的輕繩懸于O點(diǎn)．（不計阻力）試證明：繩對小球在最低點(diǎn)拉力T1與最高點(diǎn)拉力T2之差T1-T2=6mg．

28、（2016?海淀區(qū)模擬）如圖所示，將小物塊（可視為質(zhì)點(diǎn)）平放在水平桌面的一張薄紙上，對紙施加恒定水平拉力將其從物塊底下抽出，物塊的位移很小，人眼幾乎觀察不到物塊的移動．已知物塊的質(zhì)量為M，紙與桌面、物塊與桌面間的動摩擦因數(shù)均為μ1，紙與物塊間的動摩擦因數(shù)為μ2；重力加速度為g．

（1）若薄紙的質(zhì)量為m；則從開始抽紙到紙被抽離物塊底部的過程中；

①求薄紙所受總的摩擦力為多大；

②從沖量和動量的定義；結(jié)合牛頓運(yùn)動定律和運(yùn)動學(xué)規(guī)律，證明：水平拉力F和桌面對薄紙摩擦力的總沖量等于物塊和紙的總動量的變化量．（注意：解題過程中需要用到；但題目中沒有給出的物理量，要在解題中做必要的說明．）

（2）若薄紙質(zhì)量可忽略，紙的后邊緣到物塊的距離為L，從開始抽紙到物塊最終停下，若物塊相對桌面移動了很小的距離s0（人眼觀察不到物塊的移動），求此過程中水平拉力所做的功．參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、D【分析】【分析】小明靜止時受到重力和兩根橡皮條的拉力，處于平衡狀態(tài)，三力平衡時，三個力中任意兩個力的合力與第三個力等值、反向、共線；撤去一個力后，其余兩個力未變，故合力與撤去的力等值、反向、共線，求出合力后根據(jù)牛頓第二定律求解加速度．【解析】【解答】解：小明靜止時受到重力和兩根橡皮條的拉力；處于平衡狀態(tài)，如圖。

由于T1=T2=mg；故兩個拉力的合力一定在角平分線上，且在豎直線上，故兩個拉力的夾角為120°，當(dāng)右側(cè)橡皮條拉力變?yōu)榱銜r，左側(cè)橡皮條拉力不變，重力也不變；由于三力平衡時，三個力中任意兩個力的合力與第三個力等值；反向、共線，故左側(cè)橡皮條拉力與重力的合力與右側(cè)橡皮條斷開前的彈力反方向，大小等于mg，故加速度為g，沿原斷裂繩的方向斜向下；

故選：D．2、C【分析】【分析】半衰期由原子核本身決定，與外界因素?zé)o關(guān)，由公式確定經(jīng)歷的半衰期的個數(shù)．鉍發(fā)生α衰變后只損失α粒子的質(zhì)量．【解析】【解答】解：當(dāng)鉍發(fā)生α衰變經(jīng)過1個半衰期；420g的Bi210有一半發(fā)生了衰變，由于Bi210的摩爾質(zhì)量是210g，420g鉍共有2摩爾，經(jīng)過1個半衰期有1摩爾發(fā)生衰變，放射出1摩爾的α粒子，α粒子的摩爾質(zhì)量是4g，所以左側(cè)盤中的質(zhì)量少了4g，需要從右盤中取出砝碼的質(zhì)量為4g．

故選：C3、D【分析】【分析】本題考查了磁場的大小與方向，磁感應(yīng)強(qiáng)度B=是采用比值法定義的，B大小與F、IL無關(guān)，B由磁場本身決定，當(dāng)電流方向與磁場方向不在同一直線上時，導(dǎo)體才受到磁場力作用，磁場力的方向與電流、磁場垂直．【解析】【解答】解：ABC、磁感應(yīng)強(qiáng)度B=是采用比值法定義的；B大小與F；IL無關(guān)，B由磁場本身決定，故ABC錯誤；

D；據(jù)磁場方向的規(guī)定；磁場方向就是小磁針北極受磁場力的方向，故D正確．

故選：D．4、D【分析】

以P為研究對象；穩(wěn)定時，P環(huán)受到輕繩的張力和桿的支持力，桿的支持力方向與桿垂直，根據(jù)平衡條件得知，穩(wěn)定時輕繩與桿垂直，如左圖所示．再以Q為研究對象，分析受力如右圖所示，根據(jù)平衡條件得。

Tsinθ=F

解得，輕繩的張力為T=

故選D

【解析】【答案】由題；P；Q是兩個輕環(huán)，重力不計，當(dāng)用恒力F沿OB方向拉環(huán)Q，兩環(huán)穩(wěn)定時，P環(huán)受到兩個力而平衡，Q環(huán)受到三個力而平衡，以P為研究對象，根據(jù)二力平衡條件確定出輕繩的方向，再以Q為研究對象，求出輕繩的張力．

5、D【分析】【解析】

試題分析：根據(jù)振動圖象甲的振動周期為4s，一定振動周期也為4s，即說明擺長相等，A錯。由于擺幅甲大，說明機(jī)械能大，即在最低點(diǎn)甲的速度大于乙的速度，B錯。根據(jù)簡諧振動圖像則數(shù)學(xué)函數(shù)為所以C錯。兩個單擺不同相，甲比乙超前π/2；即答案為D

考點(diǎn)：簡諧振動。

點(diǎn)評：本題考查了簡諧振動的理解和方程的表達(dá)式?！窘馕觥俊敬鸢浮緿6、C【分析】【解析】

試題分析：回旋加速器中粒子飛出的最大動能由D型盒的半徑?jīng)Q定所以粒子飛出時的動能為由此可知氦核飛出時動能較大，B錯；飛出時速度大小相同，B錯；由周期公式可知兩粒子在D型盒中的偏轉(zhuǎn)周期相同，D錯；由電場力做功可知加速的次數(shù)n相同；所以轉(zhuǎn)過的圈數(shù)相同，運(yùn)動時間相同，C對；故選C

考點(diǎn)：考查回旋加速器。

點(diǎn)評：難度中等，粒子飛出時的最大速度由D型盒決定，運(yùn)動時間由偏轉(zhuǎn)的圈決定【解析】【答案】C7、B【分析】【分析】電容器始終與電源連接，兩端的電勢差不變，負(fù)極板向下移動一小段距離穩(wěn)定后，電容發(fā)生變化，根據(jù)Q=CU判斷帶電量的變化，當(dāng)電鍵斷開后，則電量不變，那么由公式U=可知判斷電壓的變化，從而判斷P點(diǎn)與M極板間電勢差的變化，從而得出P點(diǎn)電勢的變化，進(jìn)而確定電勢能的變化，最后依據(jù)庫侖力做功的正負(fù)，從而判定電容器的電場能的變化．【解析】【解答】解：A；電鍵K閉合；由于電容器一直與電源相連，因此電容器兩極間的電壓不變，故A錯誤；

B、由電容的決定式C=；可知，兩板間的正對面積先增大后減小，因此平行板電容器的電容先增大后減小，由Q=CU可知，由于K閉合，電壓一定，電容器的帶電量先增大后減小，故B正確；

C、電鍵K斷開，電容器的帶電量一定，由U=可知；兩板間的電壓先減小后增大，由電壓分配可知，P點(diǎn)的電勢先降低后升高，因此帶正電的電荷在P點(diǎn)的電勢能先減小后增大，故C錯誤；

D；由電壓分配可知；電容器的電量一定，N板移動過程中，兩板電荷間的庫侖力先做正功后做負(fù)功，因此電容器貯存的電場能先減小后增大，故D錯誤；

故選：B．8、B【分析】【分析】曲線運(yùn)動的速度方向是切線方向，時刻改變，一定具有加速度，合外力一定不為零；曲線運(yùn)動的條件是合力方向與速度方向不共線．【解析】【解答】解：A；勻速圓周運(yùn)動速度大小不變；但速度方向是切線方向，不斷變化，故A錯誤；

B；平拋運(yùn)動加速度恒定；為g，故在相同時間內(nèi)速度變化相同，故B正確；

C；當(dāng)物體做曲線運(yùn)動時；速度方向是切線方向，不斷改變，一定具有加速度，合外力一定不為零，故C錯誤；

D；勻速圓周運(yùn)動的加速度大小不變；但方向時刻改變，故是變加速運(yùn)動，故D錯誤；

故選：B．9、C【分析】【分析】布朗運(yùn)動是懸浮微粒的無規(guī)則運(yùn)動，不是分子的無規(guī)則運(yùn)動，形成的原因是由于液體分子對懸浮微粒無規(guī)則撞擊引起的．小顆粒并不是分子，小顆粒無規(guī)則運(yùn)動的軌跡不是分子無規(guī)則運(yùn)動的軌跡．【解析】【解答】解：AB；布朗運(yùn)動是懸浮微粒的無規(guī)則運(yùn)動；而組成小顆粒的分子有成千上萬個，顆粒的運(yùn)動是大量分子集體的運(yùn)動，并不是顆粒分子的無規(guī)則運(yùn)動．故AB錯誤．

C；懸浮在液體中小顆粒周圍有大量的液體分子；由于液體分子對懸浮微粒無規(guī)則撞擊，造成小顆粒受到的沖力不平衡而引起小顆粒的運(yùn)動．故C正確．

D；小顆粒本身并不是分子；小顆粒無規(guī)則運(yùn)動的軌跡不是分子無規(guī)則運(yùn)動的軌跡．故D錯誤．

故選：C．二、填空題(共6題，共12分)10、1：2：44：2：1【分析】【分析】該題中，根據(jù)電阻的定義式R=，故曲線上的任意點(diǎn)與坐標(biāo)原點(diǎn)的連線的斜率就表示它的電阻；若串聯(lián)接入電路，流過它們的電流相等，電阻兩端的電壓跟它的電阻阻值成正比；若將它們并聯(lián)后接入電路，電壓相等，根據(jù)P=UI求解功率之比．【解析】【解答】解：根據(jù)電阻的定義式：R=；故：

R1：R2：R3===1：2：4；

若串聯(lián)接入電路；流過它們的電流相等，根據(jù)U=IR，它們的電壓之比：

U1：U2：U3=R1：R2：R3=1：2：4；

若將它們并聯(lián)后接入電路；電壓相等，根據(jù)P=UI，消耗的電功率之比：

P1：P2：P3=I1：I2：I1=4：2：1；

故答案為：1：2：4，4：2：1．11、33.75【分析】【分析】假設(shè)汽車的總位移為3x，前的位移汽車做勻速直線運(yùn)動，求出此段時間表達(dá)式．后位移，汽車也做勻速直線運(yùn)動，再求出此段時間，最后由平均速度公式列出全程平均速度與總位移和時間的關(guān)系式，求解v1．【解析】【解答】解：設(shè)全程的位移為3x，則汽車以速度v1行駛了前x的位移．以速度v2=54km/h行駛了后2x的位移；

則汽車通過前位移的時間為：t1=

汽車通過后位移的時間為：t2=

全程平均速度

代入解得：v1=33.75km/h

故答案為：33.7512、電能內(nèi)總量【分析】【分析】電流做功的過程就是電能轉(zhuǎn)化的過程，根據(jù)具體情況分析電能的轉(zhuǎn)化方向．【解析】【解答】解：電阻絲消耗了電能；使水的溫度升高，故將電能轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，燒水供我們使用；根據(jù)能量的轉(zhuǎn)化與守恒定律可知，在轉(zhuǎn)化的過程中，能的總量保持不變。

故答案為：電能，內(nèi)能，總量13、（（m1+m2）-（m3+m4））c2【分析】【分析】（1）根據(jù)核反應(yīng)方程的質(zhì)量數(shù)與質(zhì)子數(shù)守恒；即可求解；

（2）根據(jù)質(zhì)能方程求出釋放能量，即可求解．【解析】【解答】解：（1）X的質(zhì)量數(shù)：6+1=3+A；則A=4；

電荷數(shù)：0+3=1+Z，所以z=2．所以X為．

（2）質(zhì)量虧損：△m=（m1+m2）-（m3+m4）

釋放能量為：△E=△mc2=（（m1+m2）-（m3+m4））c2

故答案為：，（（m1+m2）-（m3+m4））c2．14、100100-10-8【分析】【分析】已知電荷在A點(diǎn)的電勢能，由公式φA=求解A點(diǎn)的電勢．A點(diǎn)的電勢與試探電荷無關(guān)，只與電場有關(guān)，同一點(diǎn)電勢不變．【解析】【解答】解：由題，將q=10-10C的檢驗(yàn)電荷放入電場中A點(diǎn)，具有電勢能為Ep=10-8J；則A點(diǎn)的電勢為：

φA==100V．

在該點(diǎn)放入另一電荷q=-10-10C；電勢不變，仍為100V．

該電荷具有的電勢能為：Ep=q′φA=-10-10C×100J=-10-8J．

故答案為：100，100，-10-815、勻加速15【分析】【分析】根據(jù)v-t圖象中點(diǎn)、線、面的含義可以得出摩拖車的運(yùn)動情況及初末速度．【解析】【解答】解：由圖可知；物體的速度隨時間均勻增加，故摩托車做勻加速直線運(yùn)動；由圖可知，初速度為1m/s；第5s末的速度的5m/s；

故答案為：勻加速，1，5；三、判斷題(共5題，共10分)16、×【分析】【分析】選擇溫度計的原則是：溫度計內(nèi)測溫物質(zhì)的凝固點(diǎn)應(yīng)低于被測物體的溫度，同時，溫度計內(nèi)測溫物質(zhì)的沸點(diǎn)應(yīng)高于被測物體的溫度．【解析】【解答】解：在海平面上水的沸點(diǎn)為100℃；在青藏高原水的沸點(diǎn)也有80℃多，而酒精的沸點(diǎn)只有78℃，所以不能選擇酒精溫度計．該說法是錯誤的．

故答案為：×．17、×【分析】【分析】原子核由質(zhì)子和中子構(gòu)成．【解析】【解答】解：原子核由質(zhì)子；中子構(gòu)成；故說法錯誤．

故答案為：×18、√【分析】【分析】晶體的分子（或原子、離子）排列是有規(guī)則的．晶體是具有一定的規(guī)則外形和各向異性．【解析】【解答】解：根據(jù)晶體的結(jié)構(gòu)的特點(diǎn)可知；晶體的分子（或原子；離子）排列是有規(guī)則的．所以該說法是正確的．

故答案為：√19、×【分析】【分析】B⊥L，根據(jù)安培力的公式F=BIL，求磁感應(yīng)強(qiáng)度B，注意公式是采用比值法定義的，磁場中某點(diǎn)磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小與F，Il等因素?zé)o關(guān)，是由磁場本身決定的．【解析】【解答】解：根據(jù)磁感應(yīng)強(qiáng)度的定義式，有：；由此可知的磁感應(yīng)強(qiáng)度與導(dǎo)線的放置；長短、電流大小等因素?zé)o關(guān)，即該處的磁感應(yīng)強(qiáng)度有磁場本身決定．

所以如果通電的金屬棒在磁場中不受力的作用；該處的磁感應(yīng)強(qiáng)度不一定為零．故以上說法是錯誤的．

故答案為：×20、√【分析】【分析】根據(jù)牛頓第二定律和運(yùn)動學(xué)規(guī)律分析答題．【解析】【解答】解：物體速度變化的方向就是加速度的方向；由牛頓第二定律可知，加速度方向與物體受到的合外力的方向相，故說法正確；

故答案為：√．四、推斷題(共3題，共15分)21、（1）均是氧化還原反應(yīng)（2）2Mg+CO22MgO+C（3）（4）將D溶液在HCl氣流中蒸干（5）4NH3+5O24NO+6H2O（6）C+4HNO3（濃）CO2↑+4NO2↑+2H2O（7）2NH4++2e-=2NH3↑+H2↑【分析】【分析】本題考查無機(jī)物的推斷，側(cè)重于學(xué)生的分析能力和元素化合物知識的綜合運(yùn)用的考查，為高考常見題型，注意把握題給信息，結(jié)合轉(zhuǎn)化關(guān)系進(jìn)行推斷是關(guān)鍵，rm{(5)}為易錯點(diǎn)，該原電池實(shí)質(zhì)為銨根離子水解，rm{Mg}再與氫離子反應(yīng)生成氫氣，難度中等。

【解答】依據(jù)流程圖可得，rm{C}為無色液體，由氣體rm{X(X}由原電池反應(yīng)得到，可能是rm{H}為無色液體，由氣體rm{C}由原電池反應(yīng)得到，可能是rm{X(X}rm{H}rm{{,!}_{2}}和氧氣反應(yīng)得到，故C應(yīng)是rm{)}和氧氣反應(yīng)得到，故C應(yīng)是rm{H}rm{)}rm{H}rm{{,!}_{2}}是rm{O}rm{X}是rm{H}rm{O}rm{X}可知非金屬rm{H}是rm{{,!}_{2}}由電解，根據(jù)反應(yīng)rm{壟脽}可知非金屬rm{Y}是rm{C.}由電解rm{D}無水晶體得到rm{A}與rm{Cl}無水晶體得到rm{壟脽}與rm{Y}rm{C.}rm{D}為氯化物且是離子化合物，結(jié)合rm{A}溶液發(fā)生原電池反應(yīng)得到rm{Cl}rm{{,!}_{2}}，可知rm{D}為氯化物且是離子化合物，結(jié)合rm{A+B}溶液發(fā)生原電池反應(yīng)得到rm{X}rm{D}rm{E}可知rm{B}為氯化物，且rm{B}是一種鹽，受熱極易分解，反應(yīng)生成的rm{H}可知rm{D}為氯化物，且rm{A+B}是一種鹽，受熱極易分解，反應(yīng)生成的rm{X}rm{D}rm{E}氣體，rm{B}應(yīng)水解呈酸性，由轉(zhuǎn)化關(guān)系：rm{B}屬于常溫下氣體rm{H}的連續(xù)氧化得到氣體rm{{,!}_{2}}在中學(xué)階段中與rm{E}氣體，rm{B}應(yīng)水解呈酸性，由轉(zhuǎn)化關(guān)系：rm{E隆煤F隆煤G隆煤H}屬于常溫下氣體rm{E}的連續(xù)氧化得到氣體rm{G}在中學(xué)階段中rm{N}rm{S}元素化合物符合轉(zhuǎn)化關(guān)系，考慮反應(yīng)rm{壟脵}是金屬與rm{NH}rm{E}元素化合物符合轉(zhuǎn)化關(guān)系，考慮反應(yīng)rm{B}是金屬與rm{E隆煤F隆煤G隆煤H}rm{E}rm{G}溶液發(fā)生的原電池反應(yīng)，可推出rm{N}為rm{S}rm{壟脵}rm{NH}為rm{{,!}_{4}}rm{Cl}溶液發(fā)生的原電池反應(yīng)，可推出rm{E}為rm{NH}為rm{Cl}rm{E}rm{NH}為rm{{,!}_{3}}、rm{F}為rm{NO}rm{G}為rm{NO}rm{F}rm{NO}比較rm{G}七個反應(yīng)，請歸納它們的共同特點(diǎn)是：均是氧化還原反應(yīng)。rm{NO}均是氧化還原反應(yīng)；rm{{,!}_{2}}反應(yīng)，則rm{H}為rm{HNO}為rm{H}在某種氣體中燃燒，生成單質(zhì)rm{HNO}和rm{{,!}_{3}}的氧化物，其反應(yīng)方程式為：rm{2Mg+CO_{2}overset{碌茫脠錄}{=}2MgO+C}故答案為：rm{2Mg+CO_{2}overset{碌茫脠錄}{=}2MgO+C}。寫出物質(zhì)rm{(1)}的電子式：rm{{begin{bmatrix}H:&begin{matrix}begin{matrix}H..end{matrix}Nbegin{matrix}..Hend{matrix}end{matrix}&:Hend{bmatrix}}^{+}{begin{bmatrix}begin{matrix}&begin{matrix}..:Cl攏潞..end{matrix}&end{matrix}&end{bmatrix}}^{-}}。故答案為：rm{{begin{bmatrix}H:&begin{matrix}begin{matrix}H..end{matrix}Nbegin{matrix}..Hend{matrix}end{matrix}&:Hend{bmatrix}}^{+}{begin{bmatrix}begin{matrix}&begin{matrix}..:Cl攏潞..end{matrix}&end{matrix}&end{bmatrix}}^{-}}rm{壟脵隆蘆壟脽}從故答案為：rm{(2)}rm{壟脺}rm{A}rm{Y}溶液在rm{A}氣流中蒸干．

rm{2Mg+CO_{2}overset{碌茫脠錄}{=}

2MgO+C}溶液在rm{2Mg+CO_{2}overset{碌茫脠錄}{=}

2MgO+C}氣流中蒸干；

rm{(3)}反應(yīng)rm{B}是氨的催化氧化，反應(yīng)化學(xué)方程為：rm{{begin{bmatrix}H:&

begin{matrix}begin{matrix}H..end{matrix}N

begin{matrix}..Hend{matrix}end{matrix}&

:Hend{bmatrix}}^{+}{begin{bmatrix}begin{matrix}&

begin{matrix}..:Cl攏潞..end{matrix}&end{matrix}&

end{bmatrix}}^{-}}rm{{begin{bmatrix}H:&

begin{matrix}begin{matrix}H..end{matrix}N

begin{matrix}..Hend{matrix}end{matrix}&

:Hend{bmatrix}}^{+}{begin{bmatrix}begin{matrix}&

begin{matrix}..:Cl攏潞..end{matrix}&end{matrix}&

end{bmatrix}}^{-}}rm{(4)}從rm{MgCl}rm{{,!}_{2}overset{麓脽祿爐錄脕}{=}}rm{(4)}rm{MgCl}rm{{,!}_{2}}溶液制備rm{MgCl}rm{{,!}_{2}overset{麓脽祿爐錄脕}{=}}rm{MgCl}rm{{,!}_{2}}的無水晶體，應(yīng)注意防止水解，應(yīng)將rm{D}溶液在rm{HCl}氣流中蒸干．

rm{D}反應(yīng)rm{HCl}是碳與濃硝酸反應(yīng)生成故答案為：將rm{D}溶液在rm{HCl}氣流中蒸干；rm{D}rm{HCl}rm{(5)}反應(yīng)rm{壟脷}是氨的催化氧化，反應(yīng)化學(xué)方程為：rm{4NH}rm{(5)}rm{壟脷}rm{4NH}方程式為：rm{{,!}_{3}}rm{+5O}rm{+5O}濃rm{{,!}_{2}overset{麓脽祿爐錄脕}{=}

}rm{4NO+6H_{2}O}故答案為：rm{4NH}rm{4NH}rm{{,!}_{3}}rm{+5O}rm{+5O}rm{{,!}_{2}overset{麓脽祿爐錄脕}{=}

}rm{4NO+6H}

rm{4NO+6H}rm{{,!}_{2}}rm{O}濃rm{O}rm{overset{?}{=}CO_{2}隆眉+4NO_{2}隆眉+2H_{2}O}rm{(6)}反應(yīng)rm{壟脻}是碳與濃硝酸反應(yīng)生成rm{CO}原電池反應(yīng)rm{(6)}中，正極發(fā)生還原反應(yīng)，銨根離子放電生成氨氣與氫氣，正極反應(yīng)式為：rm{壟脻}rm{CO}rm{{,!}_{2}}、rm{NO}rm{NO}rm{{,!}_{2}}、rm{H}rm{H}rm{{,!}_{2}}

rm{O}方程式為：rm{C+4HNO}rm{O}rm{C+4HNO}rm{{,!}_{3}}rm{(}濃rm{)}rm{(}rm{)}rm{overset{?}{=}}rm{CO}rm{CO}【解析】rm{(1)}均是氧化還原反應(yīng)rm{(2)}rm{2Mg+CO}rm{{,!}_{2}overset{碌茫脠錄}{=}}rm{2Mg+CO}rm{(3){begin{bmatrix}H:&begin{matrix}begin{matrix}H..end{matrix}Nbegin{matrix}..Hend{matrix}end{matrix}&:Hend{bmatrix}}^{+}{begin{bmatrix}begin{matrix}&begin{matrix}..:Cl攏潞..end{matrix}&end{matrix}&end{bmatrix}}^{-}}rm{{,!}_{2}overset{碌茫脠錄}{=}

}rm{2MgO+C}溶液在rm{2MgO+C}氣流中蒸干rm{(5)4NH_{3}+5O_{2}dfrac{underline{{麓脽祿爐錄脕}}}{triangle}4NO+6H_{2}O}rm{(3){begin{bmatrix}H:&

begin{matrix}begin{matrix}H..end{matrix}N

begin{matrix}..Hend{matrix}end{matrix}&

:Hend{bmatrix}}^{+}{begin{bmatrix}begin{matrix}&

begin{matrix}..:Cl攏潞..end{matrix}&end{matrix}&

end{bmatrix}}^{-}}濃rm{)dfrac{underline{;;triangle;;}}{;}CO_{2}隆眉+4NO_{2}隆眉+2H_{2}O}rm{(4)}將rm{D}溶液在rm{HCl}氣流中蒸干22、(1)粉碎成細(xì)顆粒(2)CaF2、CaSO4CaSO4(3)混合液中加入分液漏斗；①②③使(4)混合液中加入H2SO4使c(H+)增大，平衡向形成Ge3+水溶液方向移動。增大，平衡向形成(4)水溶液方向移動。H2SO4c(H+)Ge3+(5)a=10-18b【分析】【分析】本題考查了物質(zhì)的制備過程，考查了影響反應(yīng)速率的因素，物質(zhì)分離的方法和萃取劑的選擇，考查了難容電解質(zhì)的溶解平衡和有關(guān)計算。【解答】rm{(1)}為增大反應(yīng)速率，可以將礦石粉碎，增加接觸面積，提供原來的利用率，故答案為：為增大反應(yīng)速率，可以將礦石粉碎，增加接觸面積，提供原來的利用率，故答案為：粉碎成細(xì)顆粒；rm{(1)}浸出液中含有硫酸根離子和氟離子，與碳酸鈣反應(yīng)生成氟化鈣和硫酸鈣，二者都不溶于水，所以在濾渣中存在，故答案為：rm{(2)}浸出液中含有硫酸根離子和氟離子，與碳酸鈣反應(yīng)生成氟化鈣和硫酸鈣，二者都不溶于水，所以在濾渣中存在，故答案為：rm{CaF_{2}}rm{(2)}；rm{CaF_{2}}、rm{CaSO_{4}}操作rm{CaSO_{4}}rm{CaSO_{4}}從平衡角度分析，加入酸，溶液中的氫離子濃度增大，平衡逆向移動，會使rm{(3)}操作rm{(3)}rm{II}混合液中加入rm{II}使是分離有機(jī)層和水層，用分液方法，使用分液漏斗；萃取劑具有不溶于水也不和水反應(yīng)，并且溶質(zhì)在萃取劑中的溶解度大，溶質(zhì)與萃取劑不反應(yīng)的特點(diǎn)，故答案為：增大，平衡向形成分液漏斗；rm{壟脵壟脷壟脹}水溶液方向移動；rm{壟脵壟脷壟脹}根據(jù)平衡常數(shù)的公式計算，rm{(4)}從平衡角度分析，加入酸，溶液中的氫離子濃度增大，平衡逆向移動，會使rm{(4)}從平衡角度分析，加入酸，溶液中的氫離子濃度增大，平衡逆向移動，會使rm{(4)}rm{Ge}rm{Ge}rm{{,!}^{3+}}離子濃度增大，故答案為：混合液中加入rm{H_{2}SO_{4}}使rm{c(H^{+})}增大，平衡向形成rm{Ge^{3+}}水溶液方向移動；故答案為：離子濃度增大，故答案為：rm{H_{2}SO_{4}}rm{H_{2}SO_{4}}被氧氣氧化生成rm{c(H^{+})}，故方程式為：rm{c(H^{+})}；rm{Ge^{3+}}根據(jù)化合價分析，rm{Ge^{3+}}rm{(5)}根據(jù)平衡常數(shù)的公式計算，rm{a=c(Ce^{3+})}則硫酸亞鐵的物質(zhì)的量為rm{(5)}rm{a=c(Ce^{3+})}則rm{隆脕}rm{c^{3}(OH^{-})=b}rm{隆脕}rm{(10^{-6})}的物質(zhì)的量為rm{隆脕}則其質(zhì)量為rm{c^{3}(OH^{-})=b}質(zhì)量分?jǐn)?shù)為rm{c^{3}(OH^{-})=b}rm{隆脕}故答案為：rm{(10^{-6})}rm{(10^{-6})}【解析】rm{(1)}rm{(1)}粉碎成細(xì)顆粒rm{(2)CaF_{2}}rm{(2)CaF_{2}}、rm{CaSO_{4}}混合液中加入rm{CaSO_{4}}使rm{CaSO_{4}}增大，平衡向形成rm{(3)}水溶液方向移動。rm{(3)}分液漏斗；rm{壟脵壟脷壟脹}rm{壟脵壟脷壟脹}rm{(4)}混合液中加入rm{H_{2}SO_{4}}使rm{c(H^{+})}增大，平衡向形成rm{Ge^{3+}}水溶液方向移動。rm{(4)}23、（1）C7H8O羧基（2）銀氨溶液或新制氫氧化銅懸濁液（3）強(qiáng)堿（或NaOH）的醇溶液，加熱；水解反應(yīng)（或取代反應(yīng)）（4）（5）13【分析】【分析】本題考查有機(jī)推斷，涉及分子是書寫、官能團(tuán)種類判斷和檢驗(yàn)、結(jié)構(gòu)簡式、有機(jī)反應(yīng)類型判斷、同分異構(gòu)體書寫和有機(jī)方程式書寫等知識，綜合性強(qiáng)，難度中等。【解答】有機(jī)物rm{B}是芳香烴的含氧衍生物，其相對分子質(zhì)量為rm{108}rm{B}中氧的質(zhì)量分?jǐn)?shù)為rm{14.8%}rm{B}中rm{O}原子個數(shù)rm{=dfrac{108隆脕14.8攏樓}{16}=1

}是芳香烴的含氧衍生物，其相對分子質(zhì)量為rm{B}rm{108}中氧的質(zhì)量分?jǐn)?shù)為rm{B}rm{14.8%}中rm{B}原子個數(shù)rm{=dfrac{108隆脕14.8攏樓}{16}=1}碳原子個數(shù)rm{=dfrac{108-16}{12}=7隆隴隆隴隆隴隆隴隆隴隆隴8}所以rm{O}分子式為rm{=dfrac{108隆脕14.8攏樓}{16}=1

}rm{=dfrac{108-16}{12}=7隆隴隆隴隆隴隆隴隆隴隆隴8

}中含有苯環(huán)且能連續(xù)被氧化，則rm{B}為rm{C_{7}H_{8}O}被催化氧化生成rm{B}rm{B}為rm{B}為苯甲酸，結(jié)構(gòu)簡式為rm{M}發(fā)生水解反應(yīng)生成醇和羧酸，rm{M}為羧酸，根據(jù)題給信息知，rm{N}發(fā)生取代反應(yīng)生成rm{A}rm{C}發(fā)生反應(yīng)然后酸化得到rm{C}rm{D}能生成rm{D}rm{E}是含有氯原子的羧酸，則rm{E}在氫氧化鈉的醇溶液中加熱生成rm{H}rm{D}發(fā)生加聚反應(yīng)生成rm{D}所以rm{E}為rm{E}為rm{H}為rm{D}反應(yīng)生成rm{E}rm{C}能反應(yīng)生成rm{D}反應(yīng)生成rm{F}rm{F}能反應(yīng)生成rm{E}則rm{D}發(fā)生水解反應(yīng)生成rm{F}rm{F}為則rm{D}發(fā)生水解反應(yīng)生成rm{F}rm{F}為rm{E}發(fā)生酯化反應(yīng)生成rm{D}根據(jù)rm{F}分子式知，rm{F}為，rm{F}發(fā)生酯化反應(yīng)生成rm{G}根據(jù)rm{G}分子式知，rm{G}為rm{F}結(jié)構(gòu)簡式知，rm{G}為rm{G}由上述分析可知：rm{G}的分子式：；根據(jù)rm{B}rm{C}結(jié)構(gòu)簡式知，rm{A}為rm{B}rm{C}rm{A}rm{(1)}，rm{B}為其含氧官能團(tuán)為羧基，故答案為：rm{C}羧基；rm{7}rm{7}的結(jié)構(gòu)簡式為rm{H}中含氧官能團(tuán)名稱是醛基，檢驗(yàn)醛基所用試劑為銀氨溶液或新制氫氧化銅懸濁液rm{8}rm{8}銀氨溶液或新制氫氧化銅懸濁液rm{O}rm{D}通過以上分析知，條件rm{C_{7}H_{8}O}為氫氧化鈉的醇溶液、加熱；rm{(2)}為rm{A}的結(jié)構(gòu)簡式為為所以rm{A}的反應(yīng)類型為水解反應(yīng)；rm{M}中含氧官能團(tuán)名稱是醛基，檢驗(yàn)醛基所用試劑為或取代反應(yīng)rm{M}答案為：強(qiáng)堿；或；的醇溶液，加熱；水解反應(yīng)rm{(3)}通過以上分析知，條件rm{I}為氫氧化鈉的醇溶液、加熱；或取代反應(yīng)rm{(3)}rm{I}rm{D}發(fā)生消去反應(yīng)生成rm{F}反應(yīng)方程式為rm{D隆煤F}的反應(yīng)類型為發(fā)生酯化反應(yīng)生成rm{D隆煤F}反應(yīng)方程式為rm{(}rm{)}為分子式為，故答案為：rm{(}rm{NaOH)}相對分子質(zhì)量大rm{(}即rm{)}比rm{(4)}多一個rm{F}發(fā)生消去反應(yīng)生成rm{E}反應(yīng)方程式為兩個rm{F}rm{E}分子式為，rm{F}發(fā)生酯化反應(yīng)生成rm{G}反應(yīng)方程式為符合rm{F}含有苯環(huán)rm{G}能發(fā)生銀鏡反應(yīng)，故答案為：遇rm{(5)N}溶液顯紫色的rm{C_{7}H_{6}O_{2}}的同分異構(gòu)體有：苯環(huán)上連有rm{X}比rm{N}相對分子質(zhì)量大rm{14}即rm{X}比rm{N}多一個rm{C}兩個rm{H}rm{X}分子式為rm{C_{8}H_{8}O_{2}}符合rm{壟脵}含有苯環(huán)rm{壟脷}能發(fā)生銀鏡反應(yīng)rm{壟脹}遇rm{FeCl_{3}}溶液顯紫色的rm{X}的同分異構(gòu)體有：苯環(huán)上連有rm{-CH_{3}}rm{-CHO}rm{-OH}三個的結(jié)構(gòu)有rm{10}種，苯環(huán)上連有rm{-CH_{2}CHO}和rm{-OH}兩個的結(jié)構(gòu)有rm{3}種，所以滿足上述條件的同分異構(gòu)體共rm{13}種，其中核磁共振氫譜有五組峰，且吸收峰的面積之比為rm{1漏U1漏U2漏U2漏U2}的同分異構(gòu)體的結(jié)構(gòu)簡式為：rm{N}三個的結(jié)構(gòu)有rm{14}種，苯環(huán)上連有rm{X}和rm{N}兩個的結(jié)構(gòu)有rm{C}種，所以滿足上述條件的同分異構(gòu)體共rm{H}種，其中核磁共振氫譜有五組峰，且吸收峰的面積之比為rm{X}的同分異構(gòu)體的結(jié)構(gòu)簡式為：故答案為：rm{C_{8}H_{8}O_{2}}rm{壟脵}【解析】rm{(1)C_{7}H_{8}O}羧基rm{(2)}銀氨溶液或新制氫氧化銅懸濁液rm{(3)}強(qiáng)堿rm{(}或rm{NaOH)}的醇溶液，加熱；水解反應(yīng)rm{(}或取代反應(yīng)rm{)}rm{(4)}rm{(5)13}五、實(shí)驗(yàn)探究題(共2題，共6分)24、略

【分析】解：（1）為了使繩子拉力充當(dāng)合力；即細(xì)線拉力做的功等于合力對小車做的功應(yīng)先平衡摩擦力，摩擦力平衡好的檢測標(biāo)準(zhǔn)即：可使得小車在未施加拉力時做勻速直線運(yùn)動，故CD正確；

故選：CD；

（2）小車通過A時的速度：vA=

小車通過B時的速度：vB=

則小車通過A、B過程中動能的變化量△E==

故答案為：（1）CD（2）

（1）為了使繩子拉力充當(dāng)合力；即細(xì)線拉力做的功等于合力對小車做的功應(yīng)先平衡摩擦力．

（2）小車在鉤碼的作用下拖動紙帶在水平面上做加速運(yùn)動，通過速度傳感器可算出AB兩點(diǎn)的速度大小，根據(jù)△Ek=即可計算出動能的變化．

這個實(shí)驗(yàn)對于我們可能是一個新的實(shí)驗(yàn)；但該實(shí)驗(yàn)的原理都是我們學(xué)過的物理規(guī)律．

做任何實(shí)驗(yàn)問題還是要從最基本的物理規(guī)律入手去解決．對于系統(tǒng)問題處理時我們要清楚系統(tǒng)內(nèi)部各個物體能的變化．【解析】CD；25、褪黑素；神經(jīng)-體液；傳出神經(jīng)末梢及其支配的松果體細(xì)胞；外負(fù)內(nèi)正；電；化學(xué)；垂體；雄激素；降低；LH促進(jìn)雄激素的分泌，雄激素抑制下丘腦分泌GnRH【分析】解：（1）據(jù)圖示可知；黑暗環(huán)境中，圖中所示的神經(jīng)纖維末梢釋放去甲腎上腺素，與松果體細(xì)胞膜上的受體結(jié)合，使后者合成和分泌的褪黑素增多，褪黑素通過影響HPG軸發(fā)揮調(diào)節(jié)作用，該過程屬于體液調(diào)節(jié)；

（2）分析圖解可知，光暗信號調(diào)節(jié)的反射弧中，效應(yīng)器是傳出神經(jīng)末梢及其支配的松果體細(xì)胞．當(dāng)興奮到達(dá)b點(diǎn)時；神經(jīng)纖維膜內(nèi)外兩側(cè)的電位變?yōu)橥庳?fù)內(nèi)正．圖中去甲腎上腺激素是由傳出神經(jīng)的突觸前膜釋放的，即釋放的過程中伴隨著電信號到化學(xué)信號的轉(zhuǎn)變．

（3）在HPG軸中；促性激素釋放激素（GnRH）運(yùn)輸?shù)酱贵w，促使其分泌黃體生成素（LH，一種促激素）；LH隨血液運(yùn)輸?shù)讲G丸，促使其增加雄激素的合成和分泌．

（4）分析圖解可知；下丘腦在對雄性激素的調(diào)節(jié)存在負(fù)反饋調(diào)節(jié)，因此若給正常雄性哺乳動物個體靜脈注射一定劑量的LH（促性腺激素），該激素促進(jìn)雄激素的分泌，當(dāng)雄激素分泌過多時會反過來抑制下丘腦和垂體的主要，導(dǎo)致血液中GnRH水平會降低．

故答案為：

（1）褪黑素神經(jīng)-體液。

（2）傳出神經(jīng)末梢及其支配的松果體細(xì)胞外負(fù)內(nèi)正電化學(xué)。

（3）垂體雄激素。

（4）降低LH促進(jìn)雄激素的分泌；雄激素抑制下丘腦分泌GnRH

分析圖解：光路信號通過視網(wǎng)膜→松果體途徑對雄性動物生殖的調(diào)控過程包括神經(jīng)調(diào)節(jié)和體液調(diào)節(jié)．

其中神經(jīng)調(diào)節(jié)的反射弧為：視網(wǎng)膜為感受器；傳入神經(jīng)、神經(jīng)中樞、傳出神經(jīng)、松果體細(xì)胞作為效應(yīng)器．

圖中松果體分泌的褪黑素能夠作用于下丘腦；垂體、睪丸；并且在對雄性激素的調(diào)節(jié)存在負(fù)反饋調(diào)節(jié)．

本題考查