2025年滬科版高三物理下冊(cè)月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2025年滬科版高三物理下冊(cè)月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、（2013秋?儋州校級(jí)期末）如圖所示的電路中，L1、L2是兩個(gè)不同的小燈泡，a、b間有恒定的電壓，它們都正常發(fā)光，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片向右滑動(dòng)時(shí)，發(fā)生的現(xiàn)象是（）A.L1亮度不變，L2變暗B.L1變暗，L2變亮C.電路消耗的總功率變大D.流過滑動(dòng)變阻器的電流變大2、如圖所示，在某工廠的倉(cāng)庫(kù)里，有三根截面半徑均為r、質(zhì)量均為m的金屬圓柱A、B、C，A、B放在粗糙水平地面上，C放在A、B上面，不計(jì)金屬圓柱之間的摩擦，A、B、C始終都處于靜止?fàn)顟B(tài)．當(dāng)A、B兩金屬圓柱的間距變小時(shí)，下列說法中正確的是（）A.B對(duì)地面的壓力增大B.地面對(duì)A的作用力的方向始終豎直向上C.C間的彈力減小D.地面對(duì)A的摩擦力增大3、圖甲是小型交流發(fā)電機(jī)的示意圖；在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，一矩形金屬線圈繞與磁場(chǎng)方向垂直的軸勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)隨時(shí)間變化的正弦規(guī)律圖象如圖乙所示．發(fā)電機(jī)線圈內(nèi)阻為10Ω，外接一只電阻為90Ω的燈泡，不計(jì)電路的其他電阻，則（）

A.t=0時(shí)刻線圈平面與中性面垂直B.每秒鐘內(nèi)電流方向改變100次C.燈泡兩端的電壓為22VD.0～0.01s時(shí)間內(nèi)通過燈泡的電量為04、下列有關(guān)超重和失重的說法；正確的是（）

A.無論物體處于超重還是失重狀態(tài)；物體所受的重力總是不變的。

B.做豎直上拋運(yùn)動(dòng)的物體處于完全失重狀態(tài)。

C.在沿豎直方向上運(yùn)動(dòng)的升降機(jī)中出現(xiàn)失重現(xiàn)象時(shí)；升降機(jī)一定處于上升過程。

D.在沿豎直方向上運(yùn)動(dòng)的升降機(jī)中出現(xiàn)失重現(xiàn)象時(shí)；升降機(jī)一定處于下降過程。

5、如圖所示，一磁感強(qiáng)度為B的有界勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域，磁場(chǎng)方向垂直紙面向外．邊長(zhǎng)為L(zhǎng)、總電阻為R的正方形單匝閉合導(dǎo)線框abcd，沿紙面由位置1勻速運(yùn)動(dòng)到位置2．則（）A.導(dǎo)線框離開磁場(chǎng)時(shí)，受到的安培力方向水平向右B.導(dǎo)線框進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，受到的安培力方向水平向左C.線框穿過磁場(chǎng)的過程中，通過ab邊截面的電量為D.線框穿過磁場(chǎng)的過程中，通過ab邊截面的電量為6、如圖各電場(chǎng)中，A、B兩點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)相同的是（）A.B.C.D.7、在1atm，1g100℃的水吸收了2.25kJ的熱量成為1g100℃的蒸汽，這一過程中（）A.2.25kJ=汽的內(nèi)能+水的內(nèi)能B.2.25kJ=汽的內(nèi)能-水的內(nèi)能C.2.25kJ＞汽的內(nèi)能-水的內(nèi)能D.2.25kJ＜汽的內(nèi)能-水的內(nèi)能評(píng)卷人得分二、填空題(共5題，共10分)8、一子彈以600m/s的初速度射入木板，穿出木板時(shí)的速度為300m/s，假設(shè)子彈在木板中的運(yùn)動(dòng)為勻減速直線運(yùn)動(dòng)，加速度大小為1.5×106m/s2，則子彈穿過木板厚度為____m．9、有一個(gè)電容器，帶電荷量為1×10-5，兩極板間電壓為200V，電容器電容為____F．如果使它帶電荷量再增加1×10-6C，此時(shí)它的電容為____F，兩極板間的電壓為____V．10、飛機(jī)在2000m的高空以100m/s的速度做水平勻速飛行，相隔1s先后從飛機(jī)上落下A、B兩個(gè)物體，不計(jì)空氣阻力，則A、B在空氣中相隔的最大距離是_______.11、（2012春?宜秀區(qū)校級(jí)期中）如圖所示；將直徑為d，電阻為R的閉合金屬環(huán)從勻強(qiáng)磁場(chǎng)B拉出，求這一過程中，則。

（1）磁通量的改變量為____．

（2）通過金屬環(huán)某一截面的電量為____．12、（2012秋?越城區(qū)校級(jí)期中）一個(gè)小車M上裝有一個(gè)滴墨水的容器，每分鐘滴出120滴墨水．重物N通過滑輪用繩拉動(dòng)小車做勻加速運(yùn)動(dòng)，小車經(jīng)過處，在桌面上留下一系列墨滴，如圖所示，測(cè)出ab=0.12m，bc=0.14m，cd=0.16m．求小車在b點(diǎn)、c點(diǎn)處的速度以及小車運(yùn)動(dòng)的加速度分別是____m/s、____m/s、____m/s2．（保留兩位小數(shù)）評(píng)卷人得分三、判斷題(共6題，共12分)13、普通驗(yàn)電器能直接檢測(cè)物體帶有何種性質(zhì)的電荷．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）14、狹義相對(duì)論認(rèn)為真空中的光速在不同的慣性參考系中是不同的____（判斷對(duì)錯(cuò)）15、（2010?駐馬店模擬）氫原子的能級(jí)圖如圖所示，欲使一處于基態(tài)的氫原子釋放出一個(gè)電子而變成氫離子，該氫原子需要吸收的能量至少是13.60eV____（判斷對(duì)錯(cuò)）16、直線電流磁場(chǎng)的方向的判斷可以用安培定則：____．17、電流周圍存在磁場(chǎng)____．（判斷對(duì)錯(cuò)）18、直線電流磁場(chǎng)的方向的判斷可以用安培定則：____．評(píng)卷人得分四、計(jì)算題(共1題，共8分)19、如圖所示，在光滑水平面上有一個(gè)長(zhǎng)為L(zhǎng)的木板B，上表面粗糙．在其左端有一個(gè)光滑的圓弧槽C與長(zhǎng)木板接觸但不連接，圓弧槽的下端與木板的上表面相平，B、C靜止在水平面上．現(xiàn)有滑塊A以初速度v0從右端滑上B并以滑離B；恰好能到達(dá)C的最高點(diǎn)．A；B、C的質(zhì)量均為m，試求：

（1）木板B上表面的動(dòng)摩擦因數(shù)μ

（2）圓弧槽C的半徑R．評(píng)卷人得分五、證明題(共2題，共16分)20、證明推導(dǎo)題：

試用運(yùn)動(dòng)學(xué)公式和牛頓定律證明：物體在光滑斜面上下落過程中機(jī)械能守恒．21、船以4m/s′的速度（相對(duì)靜水）垂直河岸渡河；水流的速度為5m/s．若河寬為120m，試計(jì)算：

（1）船能否垂直到達(dá)對(duì)岸？

（2）船需要多少時(shí)間才能到達(dá)對(duì)岸？

（3）船登陸的地點(diǎn)離出發(fā)點(diǎn)的距離是多少？參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、B【分析】【分析】圖中燈L2與滑動(dòng)變阻器先并聯(lián)，再與燈L1串聯(lián)；根據(jù)滑片的移動(dòng)方向判斷滑動(dòng)變阻器接入電路的阻值如何變化，由歐姆定律判斷電路電流如何變化，可判斷燈L1亮度如何變化；根據(jù)電路中電流變化，判斷出并聯(lián)電壓如何變化，即分析燈L2亮度如何變化．【解析】【解答】解：AB、由電路圖可知，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片向右移動(dòng)時(shí)，滑動(dòng)變阻器接入電路的阻值變大，電路的總電阻變大，由部分電路歐姆定律可知，干路電流I變小，燈L1電阻RL1不變，由PL1=I2RL1可知，燈L1的實(shí)際功率變小，因此燈L1變暗；干路電流I變小，燈L1電阻RL1不變，則并聯(lián)電壓U并=E-IRL1變大，燈L2電阻RL2不變，燈L2的實(shí)際功率變大，則燈L2變亮；故A錯(cuò)誤；B正確；

C；干路電流變?。桓鶕?jù)P=UI，電路消耗的總功率變小，故C錯(cuò)誤；

D、干路電流I變小，燈L2電流變大；故流過變阻器的電流變小，故D錯(cuò)誤；

故選：B2、C【分析】【分析】對(duì)圓柱C分析，根據(jù)平衡條件列式判斷AC間的彈力變化情況；對(duì)球A分析，根據(jù)平衡條件列式分析圓柱A與地面間的彈力和摩擦力的情況．【解析】【解答】解：C；對(duì)圓柱C分析；受重力和兩個(gè)支持力，如圖所示：

2Ncosθ=mg

解得：

N=

當(dāng)A；B兩金屬圓柱的間距變小時(shí)；θ減小，故N減小，故C正確；

ABD；對(duì)圓柱A受力分析；如圖所示：

根據(jù)平衡條件；有：

Nsinθ=f

mg+Ncosθ=N1

解得：

N1=

f=

當(dāng)A、B兩金屬圓柱的間距變小時(shí)，θ減小，結(jié)合對(duì)稱性，B對(duì)地面的壓力（支持力的反作用力）不變，為mg；故A錯(cuò)誤；

地面對(duì)A的作用力（支持力和靜摩擦力的合力）的方向斜向上；故B錯(cuò)誤；

地面對(duì)A的摩擦力減??；故D錯(cuò)誤；

故選：C3、B【分析】【分析】當(dāng)線框經(jīng)過中性面時(shí)通過線圈的磁通量最大．感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)最小為零．由題圖乙可知交流電電動(dòng)勢(shì)的周期，即可求解角速度．線框每轉(zhuǎn)一周，電流方向改變兩次．【解析】【解答】解：A；由圖象乙可知t=0時(shí)感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為零；處于中性面上，故A錯(cuò)誤；

B；由題圖乙可知周期T=0.02s；線框每轉(zhuǎn)一周，電流方向改變兩次，每秒電流方向改變100次，故B正確；

C、由題圖乙可知交流電電動(dòng)勢(shì)的最大值是Em=31.1v，有效值為：，根據(jù)閉合電路的分壓特點(diǎn)得電壓表的示數(shù)為：；故C錯(cuò)誤；

D、根據(jù)得：0～0.01s時(shí)間內(nèi)通過燈泡的電量為①②代入數(shù)據(jù)①②聯(lián)立得：q=0.00198c；故D錯(cuò)誤；

故選：B．4、A|B【分析】

A；人處于超重或失重狀態(tài)時(shí)；人的重力并沒變，只是對(duì)支持物的壓力或懸掛物的拉力變了，所以A正確；

B；做豎直上拋運(yùn)動(dòng)的物體只受到重力的作用；此時(shí)受到的加速度的大小為重力加速度g，所以處于完全失重狀態(tài)，所以B正確；

C；在沿豎直方向上運(yùn)動(dòng)的升降機(jī)中出現(xiàn)失重現(xiàn)象時(shí)；此時(shí)有向下的加速度，合力也向下，升降機(jī)可以是向上減速運(yùn)動(dòng)，也可以是向下加速運(yùn)動(dòng)，所以C錯(cuò)誤；

D；根據(jù)C的分析可知D錯(cuò)誤．

故選AB．

【解析】【答案】當(dāng)物體對(duì)接觸面的壓力大于物體的真實(shí)重力時(shí)；就說物體處于超重狀態(tài)，此時(shí)有向上的加速度，合力也向上；

當(dāng)物體對(duì)接觸面的壓力小于物體的真實(shí)重力時(shí)；就說物體處于失重狀態(tài)，此時(shí)有向下的加速度，合力也向下．

如果沒有壓力了；那么就是處于完全失重狀態(tài)，此時(shí)向下加速度的大小為重力加速度g．

5、B【分析】【分析】根據(jù)楞次定律直接判斷安培力的方向；根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律、歐姆定律、電流的定義公式列式判斷電量．【解析】【解答】解：A；B、根據(jù)楞次定律；感應(yīng)電流的磁場(chǎng)總是阻礙引起感應(yīng)電流的原因，故導(dǎo)線框離開磁場(chǎng)時(shí)，受到的安培力方向水平向左；導(dǎo)線框進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，受到的安培力方向水平也向左；故A錯(cuò)誤，B正確；

C、D、根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律公式、歐姆定律公式I=和電流定義式I=，有：q=n；線框穿過磁場(chǎng)的過程中；磁通量先增加后減小，變化量為零，故電量q為零；故C錯(cuò)誤，D錯(cuò)誤；

故選：B．6、C【分析】【分析】電場(chǎng)強(qiáng)度是矢量，既有大小又有方向，只有當(dāng)大小方向均相同時(shí)，場(chǎng)強(qiáng)才相同．【解析】【解答】解：A；在負(fù)點(diǎn)電荷產(chǎn)生的電場(chǎng)中；同心球面上的點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小相等．A、B兩點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小相等，但方向不同，故A錯(cuò)誤．

B；正點(diǎn)電荷產(chǎn)生的電場(chǎng)中；AB兩點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)的方向相同，大小不同，故B錯(cuò)誤．

C；兩平行板間的電場(chǎng)是勻強(qiáng)電場(chǎng)；場(chǎng)強(qiáng)大小方向都相等，故C正確．

D；AB兩點(diǎn)處的電場(chǎng)線的疏密和切線方向都不同．即A、B兩點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小和方向都不同；故D錯(cuò)誤．

故選：C．7、C【分析】【分析】物體內(nèi)能的增量（△U）等于外界對(duì)物體做的功（W）和物體吸收的熱量（Q）的總和．外界對(duì)物體做功，W取正值，物體對(duì)外界做功，W取負(fù)值；物體吸收熱量，Q取正值，物體放出熱量，Q取負(fù)值；物體內(nèi)能增加，△U取正值，物體內(nèi)能減少，△U取負(fù)值．【解析】【解答】解：1g100℃的水吸收2.25kJ的熱量變?yōu)?g100℃的水蒸氣．雖然溫度沒有變化；但分子間距離增大過程中，分子表現(xiàn)為引力，克服分子力做功，2.25kJ=汽的內(nèi)能-水的內(nèi)+蒸汽對(duì)外做功，能即吸收的熱量沒有完全轉(zhuǎn)化為蒸汽的內(nèi)能，故C正確，ABD錯(cuò)誤；

故選C二、填空題(共5題，共10分)8、9×10-2【分析】【分析】由題意分析已知量及待求量的關(guān)系，則可選擇合適的運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求解即可．【解析】【解答】解：已知初末速度及加速度求位移；則由位移與速度關(guān)系可得：

v2-v02=2ax

解得：x=-=9×m；

故答案為：9×；9、5×10-85×10-8220【分析】【分析】根據(jù)電容的定義式C=進(jìn)行求解電容，對(duì)于固定的電容器，其電容是不變的．根據(jù)這個(gè)公式變形即可求得電壓．【解析】【解答】解：由電容的定義式得：C==F=5×10-8F；

電荷量發(fā)生變化時(shí)，電容不變，還是5×10-8F．

由C=得：

兩極間的電壓為U′==V=220V

故答案為：5×10-8；5×10-8；22010、略

【分析】【解析】.令第一個(gè)物體下落落地時(shí)間為t，t==s=20s第一個(gè)物體下落19s時(shí)的豎直方向上的位移為：h=gt′2=×10×192m=1805m，所以兩個(gè)物體間的最遠(yuǎn)距離為：s=2000m－h(huán)=195m.思路分析：由于兩個(gè)物體從一定高度相隔1s先后落下，在未落地前，經(jīng)過的時(shí)間越長(zhǎng)，它們間的距離越大；若兩個(gè)物體是以100m/s的水平速度分別落下的，當(dāng)以飛機(jī)為參考系時(shí)，兩個(gè)物體在做自由落體運(yùn)動(dòng)，所以第一個(gè)將要落地時(shí)，兩個(gè)物體相距最遠(yuǎn)試題【解析】【答案】195m11、；．【分析】【分析】根據(jù)磁通量的定義式可以求出磁通量的變化量；

由法拉第電磁感應(yīng)定律求出感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，由歐姆定律求出感應(yīng)電流，由電流的定義式求出感應(yīng)電荷量．【解析】【解答】解：（1）金屬環(huán)的面積：S=π（）2=；

磁通量的改變量△Φ=Φ-Φ′=BS-0=；

（2）由法拉第電磁感應(yīng)定律得，=；

由歐姆定律得，感應(yīng)電流：=；

感應(yīng)電荷量：q=△t；

解得：q==；

故答案為：，．12、0.260.300.08【分析】【分析】勻變速直線運(yùn)動(dòng)中時(shí)間中點(diǎn)的瞬時(shí)速度等于該過程的平均速度；根據(jù)加速度定義式求出加速度．【解析】【解答】解：每分鐘滴出120滴墨水，則時(shí)間間隔為：=0.5s

小車在b點(diǎn)的瞬時(shí)速度為：vb==0.26m/s

c點(diǎn)處的速度vc==0.30m/s

加速度為：a===0.08m/s2

故答案為：0.26；0.30；0.08．三、判斷題(共6題，共12分)13、×【分析】【分析】驗(yàn)電器使用時(shí)是讓金屬桿上的金屬箔帶上同種電荷，然后同種電荷會(huì)相互排斥從而驗(yàn)證物體是否帶電的．【解析】【解答】解：驗(yàn)電器是利用同種電荷相互排斥的原理制成的；故驗(yàn)電器張開的角度越大，說明帶電體所帶的電荷越多，不能直接判斷電荷的正負(fù)，只可以定性表物體帶電量的多少．

故答案為：×14、×【分析】【分析】根據(jù)狹義相對(duì)論的兩個(gè)基本假設(shè)：

①物理規(guī)律在所有慣性系中都具有相同的形式．這叫做相對(duì)性原理．

②在所有的慣性系中，光在真空中的傳播速率具有相同的值C．這叫光速不變?cè)恚嬖V我們光（在真空中）的速度c是恒定的，它不依賴于發(fā)光物體的運(yùn)動(dòng)速度．【解析】【解答】解：根據(jù)相對(duì)論的兩個(gè)基本假設(shè)可知；在所有的慣性系中，光在真空中的傳播速率具有相同的值C．這叫光速不變?cè)恚室陨险f法是錯(cuò)誤的．

故答案為：×15、√【分析】【分析】當(dāng)電子躍遷到無窮遠(yuǎn)時(shí)，電子脫離氫原子核的約束，成為自由電子，氫原子變成氫離子，剛好到無窮遠(yuǎn)處的能量為0，因此這時(shí)吸收的能量最?。窘馕觥俊窘獯稹拷猓寒?dāng)電子恰好電離時(shí)吸收的能量最小；此時(shí)有：△E=0-（-13.60）=13.6eV，故以上說法是正確的．

故答案為：√16、√【分析】【分析】安培定則：右手握住導(dǎo)線，讓大拇指所指的方向跟電流方向一致，彎曲的四指所指的方向就是磁感線的環(huán)繞方向．【解析】【解答】解：根據(jù)安培定則的內(nèi)容判定線電流的磁感線的方法是：右手握住導(dǎo)線；讓大拇指所指的方向跟電流方向一致，彎曲的四指所指的方向就是磁感線的環(huán)繞方向．故該說法是正確的．

故答案為：√17、√【分析】【分析】丹麥物理學(xué)家奧斯特首先發(fā)現(xiàn)的電流周圍存在磁場(chǎng)．【解析】【解答】解：丹麥物理學(xué)家奧斯特首先發(fā)現(xiàn)的電流周圍存在磁場(chǎng)；安培確定了電流周圍的磁場(chǎng)的方向．所以電流周圍存在磁場(chǎng)是正確的．

故答案為：（√）18、√【分析】【分析】安培定則：右手握住導(dǎo)線，讓大拇指所指的方向跟電流方向一致，彎曲的四指所指的方向就是磁感線的環(huán)繞方向．【解析】【解答】解：根據(jù)安培定則的內(nèi)容判定線電流的磁感線的方法是：右手握住導(dǎo)線；讓大拇指所指的方向跟電流方向一致，彎曲的四指所指的方向就是磁感線的環(huán)繞方向．故該說法是正確的．

故答案為：√四、計(jì)算題(共1題，共8分)19、略

【分析】

1；當(dāng)A在B上滑動(dòng)時(shí)；A與BC整體發(fā)生相互作用，由于水平面光滑，A與BC組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒列出等式，由能量守恒得知系統(tǒng)動(dòng)能的減少量等于滑動(dòng)過程中產(chǎn)生的內(nèi)能列出等式，聯(lián)立求解．

2；當(dāng)A滑上C；B與C分離，A、C發(fā)生相互作用，A、C組成的系統(tǒng)水平方向動(dòng)量守恒，由A、C組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒列出等式，聯(lián)立求解．

解決該題關(guān)鍵要能夠熟練運(yùn)用動(dòng)量守恒定律和能量守恒定律列出等式求解．【解析】解：（1）當(dāng)A在B上滑動(dòng)時(shí)；A與BC整體發(fā)生相互作用，由于水平面光滑，A與BC組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，選向左的方向?yàn)檎较?，有?/p>

：①

由能量守恒得知系統(tǒng)動(dòng)能的減少量等于滑動(dòng)過程中產(chǎn)生的內(nèi)能即：

②

聯(lián)立①②解得：③

（2）當(dāng)A滑上C，B與C分離，A、C發(fā)生相互作用．設(shè)A到達(dá)最高點(diǎn)時(shí)兩者的速度