2025年滬教版必修3物理下冊階段測試試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年滬教版必修3物理下冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、有一種電荷控制式噴墨打印機的打印頭的結(jié)構(gòu)簡圖如圖所示；其中墨盒可以噴出極小的墨汁微粒，此微粒經(jīng)過帶電室后以一定的初速度垂直射入偏轉(zhuǎn)電場，再經(jīng)偏轉(zhuǎn)電場后打到紙上，顯示出字符，現(xiàn)為了使打在紙上的字跡縮小，下列措施可行的是（）

A.增大墨汁微粒所帶的電荷量B.減小墨汁微粒的質(zhì)量C.減小墨汁微粒的噴出速度D.減小偏轉(zhuǎn)板間的電壓2、如圖所示，兩個相同的帶電小球A、B分別用2L和L長的絕緣細(xì)線懸掛于絕緣天花板的同一點，當(dāng)平衡時，小球B偏離豎直方向30°，小球A豎直懸掛且與光滑絕緣墻壁接觸．若兩小球的質(zhì)量均為m，重力加速度為g.則。

A.AB的靜電力等于mgB.墻壁受的壓力等于mgC.A球受到細(xì)線的拉力等于mgD.B球受到細(xì)線的拉力等于mg3、如圖所示，真空中有一個邊長為L的正方體，正方體的兩個頂點處分別放置一對電荷量都為q的正、負(fù)點電荷。圖中的a、b、c、d是其他的四個頂點，下列表述正確的是（）

A.a點電勢高于c點電勢B.a、c兩點電場強度的比值為C.a、b、c、d四個頂點處電場方向不相同D.將正點電荷移到c點，b點的電場強度不變4、自然科學(xué)中很多物理量的表達式都有不止一個，通常都有其定義式和決定式，它們反應(yīng)人們對自然界認(rèn)識的不同層次。定義式側(cè)重描述客觀世界，決定式側(cè)重對因果關(guān)系的解釋。下列表達式中，側(cè)重解釋因果關(guān)系的是（）A.電阻B.電容C.加速度D.磁感應(yīng)強度5、下列說法中正確的是（）A.麥克斯韋證實電磁波的存在B.周期性變化的電場產(chǎn)生同頻率周期性變化的磁場C.在電磁波譜中波長最長的是射線D.用紅外線照射時，大額鈔票上用熒光物質(zhì)印刷的文字會發(fā)出可見光6、如圖所示，O是一固定的點電荷，另一點電荷P從很遠(yuǎn)以初速度v0射入點電荷O的電場，在電場力作用下的運動軌跡是曲線MN.a、b、c是以O(shè)為中心、Ra、Rb、Rc為半徑畫出的三個圓，Rc-Rb＝Rb-Ra.1、2、3、4為軌跡MN與三個圓的一些交點.以|W12|表示點電荷P由1到2的過程中電場力做功的大小，|W34|表示由3到4的過程中電場力做功的大??；則()

A.|W12|＝2|W34|B.|W12|＞2|W34|C.P、O兩電荷可能同號，也可能異號D.P的初速度方向的延長線與O之間的距離可能為零7、中國科學(xué)家吳宜燦獲得2018年歐洲聚變核能創(chuàng)新獎，獲獎理由：開發(fā)了一種新的基于CAD的粒子傳輸軟件，用于核設(shè)計和輻射安全計算．下列關(guān)于聚變的說法中，正確的是（）A.同樣質(zhì)量的物質(zhì)裂變時釋放的能量比同樣質(zhì)量的物質(zhì)聚變時釋放的能量大很多B.裂變過程有質(zhì)量虧損，聚變過程質(zhì)量有所增加C.核反應(yīng)堆產(chǎn)生的能量來自輕核聚變D.聚變反應(yīng)比裂變反應(yīng)每個核子釋放的平均能量一定大評卷人得分二、多選題(共7題，共14分)8、如圖所示電路中，電源的內(nèi)電阻為r，R1、R3、R4均為定值電阻，電表均為理想電表．閉合電鍵S，當(dāng)滑動變阻器R2的滑動觸頭P向右滑動時，電表的示數(shù)都發(fā)生變化，電流表和電壓表的示數(shù)變化量的大小分別為I1、I2、U；下列說法正確的是（）

A.電壓表示數(shù)變大B.電流表A2示數(shù)變大C.I1＜I2D.9、如圖所示，a、b、c、d分別是一個菱形的四個頂點，∠abc＝120°.現(xiàn)將三個等量的正點電荷＋Q分別固定在a、b、c三個頂點上，將一個電量為＋q的點電荷依次放在菱形中心O點和另一個頂點d點處；兩點相比：

A.d點電場強度的方向由O指向dB.＋q在d點所具有的電勢能較大C.d點的電勢小于O點的電勢D.d點的電場強度小于O點的電場強度10、如圖，在勻強電場中，質(zhì)量為m、電荷量為+q的小球由靜止釋放沿斜向下做直線運動，軌跡與豎直方向的夾角為θ；則（）

A.場強最小值為B.電場力對小球可能不做功C.電場方向可能水平向左D.小球的電勢能可能增加11、長為的輕質(zhì)絕緣細(xì)繩上端固定，下端連接一個質(zhì)量為m，電荷量為q的小球，小球靜止在水平向右的勻強電場中，細(xì)繩與豎直方向的夾角為θ。不計空氣阻力，重力加速度為g；則（）

A.若剪斷細(xì)繩，小球?qū)⒃陔妶鲋凶鰟蚣铀僦本€運動B.細(xì)繩受到的拉力大小為C.勻強電場的電場強度大小為D.小球帶負(fù)電12、如圖所示，真空中固定兩個等量異號點電荷＋Q、－Q，圖中O是兩電荷連線中點，a、b兩點與＋Q的距離相等，c、d是兩電荷連線垂直平分線上的兩點，bcd構(gòu)成一等腰三角形，a、e兩點關(guān)于O點對稱．則下列說法正確的是()

A.a、b兩點的電勢相同B.a、e兩點的電場強度相同C.將電子由c沿cd邊移到d的過程中電場力做正功D.質(zhì)子在b點的電勢能比在O點的電勢能大13、如圖所示，在平面直角坐標(biāo)系xOy的（-9，0）、（9，0）兩點處固定著電量分別為+q、-4q的兩個點電荷，A、B為Y軸上兩點，坐標(biāo)分別為（0，1）、（0，-5），M、N、P、Q四個點是以+q為中心的正方形的四個頂點；在上述兩個點電荷所形成的電場中，下列說法正確的是（）

A.x=-3cm處電場強度為0B.B點的電勢高于A點的電勢，A點的電場強度大于B點的電場強度C.N點與Q點電勢相等D.將某一正電荷從N點移動到M點，電場力所做的功小于將其從P點移動到Q點所做的功14、圖1的平行金屬板M、N間加有圖2所示的交變電壓，是M、N板間的中線，當(dāng)電壓穩(wěn)定時，板間為勻強電場。時，比荷為k的帶電粒子甲從O點沿方向、以的速率進入板間，時飛離電場，期間恰好不與極板相碰。若在時刻，帶電粒子乙以的速率沿從O點進入板間；已知乙粒子在運動過程中也恰好不與極板碰撞，不計粒子受到的重力，則下列說法中正確的是（）

A.時刻，乙粒子離開電場B.乙粒子的比荷為C.甲粒子離開電場時的速度大小為D.甲、乙兩粒子通過電場偏轉(zhuǎn)的位移大小之比為評卷人得分三、填空題(共9題，共18分)15、如圖所示，O為帶正電的導(dǎo)體球，用絕緣絲線將一個帶電小球分別懸掛在A、B、C三個位置，調(diào)節(jié)絲線長度，使帶電小球與導(dǎo)體球O的球心保持在同一水平線上，小球靜止時的狀態(tài)如圖所示?？赏茢啵盒∏驇_______（選填“正”或“負(fù)”）電荷；懸掛在________（選填“A”“B”或“C”）位置時小球受到的電場力最大。16、一根阻值為R的均勻電阻絲，均勻拉長至原來的2倍，電阻變?yōu)開_______。17、如圖所示是有兩個量程的電流表，當(dāng)使用A、B兩個接線柱時，量程為0～3A，當(dāng)使用A、C兩個接線柱時，量程為0～0.6A。已知表頭的內(nèi)阻Rg為30滿偏電流Ig為1mA，則電阻R1=___________R2=___________（結(jié)果保留兩位小數(shù)）

18、如圖（a）所示，A、B是電場中的一條電場線，一帶正電粒子僅在電場力作用下，沿電場線從A運動到B的圖像如圖（b）所示，則該電場線的方向為_________（選填“”或“”），關(guān)于A、B兩點的電場強度的大小_________（選填“>”“=”或“<”）．

19、如圖所示，一個驗電器用金屬網(wǎng)罩罩住，當(dāng)加上水平向右的、電場強度大小為E的勻強電場時，驗電器的箔片___________（選填“張開”或“不張開”），我們把這種現(xiàn)象稱為___________此時，金屬網(wǎng)罩的感應(yīng)電荷在網(wǎng)罩內(nèi)部空間會激發(fā)一個電場，它的電場強度大小為___________，方向與所加的電場方向___________（選填“相同”或“相反”）。

20、電荷量為的試探電荷在靜電場中的A點，具有的電勢能，A點的電勢是_________V。若把電荷量為的試探電荷放在A點，該電荷具有的電勢能是_______________J。21、如圖所示，已知電源的內(nèi)阻r=2Ω，外電阻R1=4Ω，滑動變阻器R2的電阻可調(diào)范圍為0~10Ω。當(dāng)滑動變阻器R2的電阻調(diào)為4Ω時，電源內(nèi)部的電熱功率為2W，則電源電動勢為_____V；電阻R2的阻值為______Ω時，R1的電功率達到最大值。

22、如圖（a），電路中電源的內(nèi)阻可忽略不計，其電動勢E=6V，R1為可變電阻。電阻R的U–I特性曲線如圖（b）所示。當(dāng)通過電阻R的電流強度為2.0mA時，R的阻值為________Ω。將可變電阻阻值調(diào)到750Ω時，R兩端的電壓為_________V。

23、黑體∶

（1）定義∶某種物體能夠____吸收入射的各種波長的電磁波而不發(fā)生反射，這種物體就叫作____。

（2）黑體輻射的特點∶黑體輻射電磁波的強度按____的分布只與黑體的____有關(guān)。評卷人得分四、作圖題(共4題，共20分)24、試畫出點電荷、等量異種點電荷、等量同種點電荷及勻強電場的電場線。25、如圖，黑箱面板上有三個接線柱1、2和3，黑箱內(nèi)有一個由四個阻值相同的電阻構(gòu)成的電路。用歐姆表測得1、2接線柱之間的電阻為2、3接線柱之間的電阻為1、3接線柱之間的電阻為在虛線框中畫出黑箱中的電阻連接方式。

26、由電流產(chǎn)生的磁場方向如圖所示；請在圖中標(biāo)出線圈中的電流方向.

27、把蜂鳴器；光敏電阻、干簧管繼電器開關(guān)、電源連成電路如圖所示；制成光電報警裝置，當(dāng)報警器有光照射時，峰鳴器發(fā)聲，當(dāng)沒有光照或者光照很弱時，蜂鳴器不發(fā)聲，①光敏電阻：光敏電阻受光照后，阻值會變小，②干簧管繼電器開關(guān)：由干簧管和繞在干簧管外的線圈組成，當(dāng)線圈中有一定的電流時，線圈產(chǎn)生的磁場使密封在干簧管內(nèi)的兩個鐵質(zhì)簧片磁化，兩個簧片在磁力作用下由原來的分離狀態(tài)變成閉合狀態(tài)，當(dāng)線圈中沒有電流或者電流很微弱時，磁場消失，簧片在彈力的作用下恢復(fù)到分離狀態(tài)，電路已經(jīng)連接一部分，請將電路完整連接好。

評卷人得分五、實驗題(共3題，共6分)28、學(xué)校物理興趣小組用如圖甲所示的電路測定一粗細(xì)均勻的鉛筆芯（圖甲中的ab）的電阻率，保護電阻R0及電源電動勢E均已知，電流表的內(nèi)阻很小，滑片P與鉛筆芯始終接觸良好。

（1）若用螺旋測微器測得鉛筆芯的直徑如圖乙所示，則鉛筆芯的直徑d=_______mm。

（2）團合開關(guān)，調(diào)節(jié)滑片P的位置，分別測量每次實驗中aP的長度x及對應(yīng)的電流I，畫出-x圖像如圖丙所示。若該圖像的斜率為k，在縱軸上的截距為b，則鉛筆芯的電阻率=_______（用相關(guān)物理量的符號表示）。

（3）由（2）可知，本實驗還可以測定電源的內(nèi)阻，該內(nèi)阻r=_______（用相關(guān)物理量的符號表示）。

（4）若不考慮偶然誤差，從實驗原理上看，測得的電源內(nèi)阻_______（選填“大于”、“等于”或“小于”）真實值，其原因是_______。29、某研究小組要精確測量—個只有刻度；沒有刻度值的電壓表的內(nèi)阻和一個失去標(biāo)簽的電源的電動勢.

（1）第一步，先用多用電表的直流電壓檔粗測電源的開路電壓，測得約為20V.再用“×1k”的歐姆擋粗測電壓表的電阻，指針指示如圖甲所示，則應(yīng)該轉(zhuǎn)化為____________擋；結(jié)果測得電阻約為1200Ω.

（2）第二步，研究小組設(shè)計了沒有系統(tǒng)誤差的測量方法，電路如圖已所示.其中電流表量程為30mA，R1是阻值范圍0~1000Ω的電阻箱，R2是阻值范圍0~500Ω的滑動變阻器.

①先測電壓表內(nèi)阻：將開關(guān)S1、S2閉合，調(diào)節(jié)R1、R2使電流表、電壓表都取得合適刻度，多次改變R1、R2的值、同時保持____________不變，記錄R1和對應(yīng)的電壓表指示的格數(shù)N.根據(jù)數(shù)據(jù)作—圖像，得到一條一次函數(shù)圖像，截距是b，斜率是k，那么電壓表的內(nèi)阻等于____________；

②再測電源電動勢：斷開S1、閉合S2，調(diào)節(jié)R1、R2使電流表有合適讀數(shù)，再保持____________不變，多次改變R1，同時記錄電流表和R1讀數(shù).根據(jù)數(shù)據(jù)作-R1的函數(shù)圖線，截距是b′，斜率是k′，那么電源的電動勢等于____________.30、在測量一節(jié)干電池的電動勢和內(nèi)阻的實驗中；可選用的器材有：

A．電壓表V：0~3V；內(nèi)阻約3kΩ；

B．電流表A1：0~0.6A；內(nèi)阻約0.1Ω；

C．電流表A2：0~3A；內(nèi)阻約0.01Ω；

D．滑動變阻器R1：0~100Ω；

E．滑動變阻器R2：0~15Ω；

F．開關(guān)S和導(dǎo)線若干。

（1）電流表應(yīng)選用______，滑動變阻器應(yīng)選用______；（選填項目前的符號）

（2）用所選器材按照圖1連接好電路后，將滑動變阻器滑片置于合適位置，閉合開關(guān)S，通過調(diào)整滑動變阻器，得到多組電流I和電壓U。根據(jù)實驗數(shù)據(jù)，繪制出如圖2所示的U-I圖像，由圖線可求出E=______V，r=________Ω；（結(jié)果均保留3位有效數(shù)字）

（3）通過以上測量方法求得的結(jié)果會存在誤差，其中由電表引起的誤差不能通過多次測量取平均值的方法減小。下列說法中正確的是______。

A.由于電流表的分壓作用；使電動勢的測量值小于真實值。

B.由于電流表的分壓作用；使電動勢的測量值大于真實值。

C.由于電壓表的分流作用；使內(nèi)阻的測量值小于真實值。

D.由于電壓表的分流作用，使內(nèi)阻的測量值大于真實值參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、D【分析】【詳解】

微粒以一定的初速度垂直射入偏轉(zhuǎn)電場做類平拋運動，則水平方向有

豎直方向有

加速度

解得

要縮小字跡，就要減小微粒通過偏轉(zhuǎn)電場的側(cè)移y，由上式分析可知，采用的方法有：減小電荷量q、增大墨汁微粒的質(zhì)量m、增大墨汁微粒進入偏轉(zhuǎn)電場時的初初速度v0、減小極板的長度L、減小偏轉(zhuǎn)極板間的電壓U。

故選D。2、C【分析】【詳解】

AD.對B球受力分析；如圖所示：

根據(jù)共點力平衡得，A、B兩球的靜電力為：B球受到的細(xì)線拉力為：故A項錯誤；D項錯誤.

BC.對A球受力分析，如圖所示，根據(jù)平衡有：則根據(jù)牛頓第三定律知墻壁受的壓力為細(xì)線的拉力為：故B錯誤，C正確.3、B【分析】【詳解】

A．因ac兩點在過等量異號電荷連線的中垂面上，可知a點電勢等于c點電勢；選項A錯誤；

B．a(chǎn)點電場強度

兩電荷在c點產(chǎn)生的場強豎直方向的分量低消，則水平方向疊加的電場強度

則a、c兩點電場強度的比值為的比值為選項B正確；

C．a(chǎn)、b、c、d四個頂點都處在兩電荷連線的中垂面上；則四點處電場方向相同，選項C錯誤；

D．原來b點在兩電荷連線的中垂面上，b點場強方向垂直中垂面指向負(fù)電荷一方；將正點電荷移到c點，b點仍在兩電荷連線的中垂面上，b點場強方向仍垂直中垂面指向負(fù)電荷一方，但是由于兩個中垂面不同，則b點的電場強度一定不同，則場強要變化，選項D錯誤。故選B。4、A【分析】【詳解】

A．是電阻的決定式；故A正確；

BCD．都是定義式；故BCD錯誤。

故選A。5、B【分析】【詳解】

A．麥克斯韋預(yù)言了電磁波；赫茲證實電磁波的存在，選項A錯誤；

B．周期性變化的電場產(chǎn)生同頻率周期性變化的磁場；選項B正確；

C．在電磁波譜中波長最短的是射線；波長最長的是無線電波，選項C錯誤；

D．用紫外線照射時；大額鈔票上用熒光物質(zhì)印刷的文字會發(fā)出可見光，選項D錯誤。

故選B。6、B【分析】【詳解】

試題分析：由圖知，ba間的場強都要大于bc間的場強，電荷在ba間做的功大于在bc間做的功，所以得到A錯，B對；由電場力要指向軌跡的內(nèi)側(cè)，得P；O兩電荷一定是異種電荷，C錯；P的初速度方向的延長線與O的距離若為零，則電荷要做直線運動，D錯．

考點：非勻強電場；電場力做功的關(guān)系，電場力與軌跡的關(guān)系。

點評：學(xué)生要清楚點電荷電場的分布特點，能用電場力做功的公式去分析相關(guān)問題．7、D【分析】【詳解】

A．同樣質(zhì)量的物質(zhì)聚變時釋放的能量比同樣質(zhì)量的物質(zhì)裂變時釋放的能量大很多；故A錯誤；

B．重核的裂變和輕核的聚變都會放出核能，根據(jù)愛因斯坦的質(zhì)能方程E=mc2；一定有質(zhì)量虧損，故B錯誤；

C．核反應(yīng)堆產(chǎn)生的能量來自重核裂變；故C錯誤；

D．在一次聚變反應(yīng)中釋放的能量不一定比裂變反應(yīng)多，但平均每個核子釋放的能量一定大，故D正確．二、多選題(共7題，共14分)8、A:C:D【分析】【詳解】

設(shè)R1、R2、R3、R4的電流分別為I1′、I2′、I3、I4，電壓分別為U1、U2、U3、U4。干路電流為I總，路端電壓為U，電流表A2示數(shù)為I。

A．R2變大，外電阻變大，I總變小，U=E﹣Ir變大，U3變大；即電壓表示數(shù)變大，故A正確；

B．I3變大，I總變小，由I4=I總﹣I3變小，U4變小，而U1=U﹣U4，U變大，則U1變大，I1′變大，I總=I+I1′，I變小，即電流表A2示數(shù)變??；故B錯誤；

C．I總變小，I1′變大，根據(jù)I總=I+I1′可知，I的減小量大于I總的減小量，即I1＜I2；故C正確；

D．由歐姆定律U=E﹣I總r，得由I總=I+I1，I變小，I1變大，I總變小，則△I＞△I總，故故D正確。

故選ACD。9、A:C:D【分析】【詳解】

試題分析：根據(jù)電場的疊加，分析d點電場強度的方向；O點的電場強度等于b處+Q在O處產(chǎn)生的電場強度大?。鶕?jù)順著電場線方向電勢降低；分析d點與O點電勢關(guān)系．正電荷在高電勢高處電勢能大．

解：A；由電場的疊加原理可知；d點電場方向由O指向d，A正確；

B；由O到d合場強方向均沿Od；故d點電勢小于O點電勢，+q在O點具有的電勢能較大，故B錯誤，C正確；

D、設(shè)菱形的邊長為r，根據(jù)公式E=k分析可知三個點電荷在D產(chǎn)生的場強大小E相等，由電場的疊加可知，d點的場強大小為Ed=2k．O點的場強大小為EO=4k可見，d點的電場強度小于O點的電場強，即Ed＜EO；故D正確．

故選ACD．

【點評】

本題關(guān)鍵要抓住對稱性，由電場的疊加分析場強大小和電場線的方向，再判斷電場力大小和電勢能的高低．10、B:D【分析】【詳解】

A．分析帶電小球受力，受重力mg、電場力F，小球運動軌跡為直線，那么小球受力的合力也必定沿運動軌跡直線斜向下，由力合成的三角形定則求合力，如圖所示，由解析圖可知，當(dāng)電場力F與小球運動軌跡直線垂直時，電場力F最小；場強最小，則有。

F=qEmin=mgsinθ

解得

A錯誤；

B．場強是最小值時；電場力與小球運動方向垂直，所以電場力對小球可能不做功，B正確；

C．小球帶正電；受電場力方向只能向右側(cè)，所以電場方向不可能向左，C錯誤；

D．如果小球受電場力方向與運動方向之間的夾角大于90°；則電場力對小球可能做負(fù)功，小球的電勢能可能增加，D正確；

故選BD。11、A:C【分析】【分析】

【詳解】

對小球做受力分析。

A．當(dāng)剪斷細(xì)繩時；小球受重力和水平向右的電場力，兩個力都是恒力，所以小球的初速度為零，受指向右下方的恒定合外力作用，因此小球做勻加速直線運動，故A正確；

B．根據(jù)受力分析的幾何關(guān)系可知

故B錯誤；

C．根據(jù)受力分析的幾何關(guān)系可知

所以

故C正確；

D．根據(jù)受力分析可知；小球所受的庫侖力水平向右，同時電場方向水平向右，可知小球帶正電，故D錯誤。

故選AC。12、B:D【分析】a、b兩點雖然關(guān)于+Q對稱，但是由于-Q的影響，兩點的電勢并不相等，故A錯誤；a、e兩點的合場強大小相等，且方向相同，故B正確；c、O、d在一條等勢線上，故電子從c點移到d點電場力不做功，C錯誤；b點電勢高于O點的電勢，則質(zhì)子在b點的電勢能大，故D正確．故選BD．13、B:D【分析】【詳解】

A．設(shè)x軸上場強為0的點距+q、-4q的距離分別為r1和r2，則

又r2-r1=18cm可得r1=18cm，r2=36cm

故x=-27cm處電場強度為0；選項A錯誤；

B．+q、-4q在A點場強大，且夾角小，所以A點場強大于B點場強，將正電荷從A點移到B點，電場力先做正功，后做負(fù)功，全過程電場力做負(fù)功

故B點的電勢高于A點；選項B正確；

C．+q在N、Q兩點產(chǎn)生的電勢相等，-4q場中N點的電勢高于Q點的電勢；選項C錯誤；

D．+q在M、N、P、Q四個點產(chǎn)生的電勢相等，-4q的場中，P點與M點等電勢，遠(yuǎn)離點電荷場強小，沿電場強度方向相同距離上電勢差小，故UNM<UPQW=qU

故同一正電荷從N點移到到M點電場力做的功小于將其從P點移到到Q點所做的功；選項D正確。

故選BD。14、B:D【分析】【詳解】

A．設(shè)板長為L，粒子甲帶負(fù)電，則甲運動時間為

粒子乙因入射速度為甲的兩倍，則運動時間為

因乙在時刻飛入板間，則在T時刻飛出板間；故A錯誤；

CD．設(shè)兩板間距離為d，則有

則在豎直方向做初速度為零的勻加速直線運動，根據(jù)豎直方向位移和時間關(guān)系，可得

作出豎直方向上速度與時間圖像；如圖。

則圖線與時間軸圍成的面積代表豎直方向上的位移，設(shè)板間距為d，若恰好不與極板碰撞，則表示粒子在電場中豎直方向的最大位移大小剛好為根據(jù)圖像可知在時刻粒子甲會恰好不碰到極板，該時刻會達到最大位移的大小，而在時刻，粒子出電場，此時位移是最大位移的一半，為即甲在豎直方向上的位移為同理，對粒子乙，其軌跡為的形狀，因乙粒子在運動過程中也恰好不與極板碰撞，根據(jù)圖像可知在T時刻會恰好不與極板相撞，此時乙剛好飛出電場，即乙在豎直方向上的位移為則偏轉(zhuǎn)位移之比為時刻；甲粒子離開電場時已具有豎直向上的分速度，故C錯誤，D正確；

B．對乙有

對甲有

因

則有

可得

又

可得

故B正確。

故選BD。三、填空題(共9題，共18分)15、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]小球受到正電荷的排斥力；則可推斷小球帶正電荷；

[2]兩電荷相距越近則靜電力越大，可知懸掛在A位置時小球受到的電場力最大?！窘馕觥空鼳16、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】4R17、略

【分析】【詳解】

[1][2]接AB時

接AC時

解得【解析】0.010.0418、略

【分析】【詳解】

[1][2]由圖可知，粒子的速度增大，電場力對粒子做正功，所以粒子受力的方向和運動的方向相同，即受力向右；粒子帶正電，受力的方向與電場線的方向相同，所以電場線方向是從A向B，即速度圖象的斜率等于物體的加速度，由圖可知點電荷從A向B運動的過程中加速度越來越大，故A點的場強小于B點場強，即<【解析】<19、略

【分析】【詳解】

[1]金屬網(wǎng)罩起到靜電屏蔽的作用；所以箔片不張開。

[2][3][4]因為在金屬內(nèi)部由于電子可以自由移動，當(dāng)加上水平向右的、場強大小為E的勻強電場時，金屬網(wǎng)罩會產(chǎn)生一個與外加電場相反的電場，來抵消在金屬內(nèi)部的電場，以保證平衡，從而金屬上電荷重新分布，就是所謂“靜電屏蔽”的原理【解析】不張開靜電屏蔽E相反20、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]根據(jù)

代入數(shù)據(jù)解得A點的電勢

[2]若把電荷量為的試探電荷放在A點，A點電勢不變，根據(jù)

代入數(shù)據(jù)解得【解析】①.20②.21、略

【分析】【詳解】

[1]當(dāng)滑動變阻器的電阻調(diào)為4Ω時，設(shè)電源的電動勢為E，由閉合電路的歐姆定律可得電路的電流為

電源內(nèi)部的電熱功率為

代入數(shù)據(jù)可以求得電源的電動勢為E=10V

[2]為定值電阻，當(dāng)中電流最大時，功率最大，則可知此時的阻值應(yīng)為0?！窘馕觥?0022、略

【分析】【詳解】

[1]由圖知，當(dāng)通過電阻R的電流強度為2.0mA時，電阻R的電壓為2V，根據(jù)歐姆定律

[2]將可變電阻等效到電源的內(nèi)阻，在圖中畫出等效電源的U–I特性曲線。

通過交點可知，此時R兩端的電壓為3V?！窘馕觥?000323、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1][2]某種物體能夠完全吸收入射的各種波長的電磁波而不發(fā)生反射；這種物體就叫作黑體。

（2）[3][4]黑體輻射電磁波的強度按波長的分布只與黑體的溫度有關(guān)?！窘馕觥竣?完全②.黑體③.波長④.溫度四、作圖題(共4題，共20分)24、略

【分析】【詳解】

根據(jù)電荷屬性；點電荷；等量異種點電荷、等量同種點電荷及勻強電場的電場線如下所示。

【解析】25、略

【分析】【詳解】

因為1；2接線柱之間的電阻與2、3接線柱之間的電阻之和等于1、3接線柱之間的電阻；所以2為中間的結(jié)點，又因為2、3接線柱之間的電阻與1、2接線柱之間的電阻的差等于1、2接線柱之間的電阻的一半，故2、3之間有兩個電阻井聯(lián)，后再與第三個電阻串聯(lián)，每個電阻均為1Ω，連接方式如圖所示。

【解析】26、略

【分析】【詳解】

第一幅圖中線圈內(nèi)部磁場垂直紙面向外；根據(jù)右手定則可以判斷，電流為逆時針；第二幅圖中，磁場向上，根據(jù)右手定則可以判斷，左端電流垂直紙面向外，右端