2025年魯教版必修3物理下冊月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年魯教版必修3物理下冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、以煤做燃料的工廠；電站；每天排出的煙氣帶走大量的煤粉如圖所示，這不僅浪費燃料，而且嚴重地污染環(huán)境，為了消除煙氣中的煤粉，下列方法最好的是（）

A.通過活性炭吸收B.應(yīng)用靜電除塵技術(shù)C.將煙氣通過水來凈化D.把煙囪建高一點2、圖中虛線為勻強電場中與場強方向垂直的等間距平行直線。兩粒子M、N質(zhì)量相等，所帶電荷的絕對值也相等?，F(xiàn)將M、N粒子從虛線上的O點以相同速率射出，兩粒子在電場中運動的軌跡分別如圖中兩條實線所示。點a、b、c為實線與虛線的交點，已知O點電勢高于c點。若不計重力；則（）

A.M帶負電荷，N帶正電荷B.N在a點的速度大小大于M在c點的速度大小C.N在從O點運動至a點的過程中克服電場力做功D.M在從O點運動至b點的過程中，電場力對它做的功等于零3、如圖所示，平行板電容器與直流電源連接，下極板接地，一帶電油滴位于電容器中的P點且處于靜止狀態(tài)；現(xiàn)僅將上極板豎直向下移動一小段距離，則（）

A.P點電勢保持不變B.電流計中的電流從b流向aC.帶電油滴的電勢能增大D.帶電油滴將沿豎直方向向下運動4、兩個位于紙面內(nèi)的點電荷產(chǎn)生電場的等勢面如圖中實線所示，相鄰等勢面間的電勢差相等。虛線MPN是一個電子在該電場中的運動軌跡，軌跡與某等勢面相切于P點。下列說法正確的是（）

A.兩點電荷可能是異種點電荷B.P點的電場強度比A點的電場強度小C.A點的電勢高于B點的電勢D.電子運動到P點時動能最大5、電動自行車是生活中重要的交通工具，某品牌電動自行車的銘牌如下：當(dāng)蓄電池充滿電后，根據(jù)此銘牌中相關(guān)數(shù)據(jù)，下列說法不正確的是()。車型電池規(guī)格20寸(車輪直徑：508mm)36V12A·h(蓄電池)整車質(zhì)量：40kg額定轉(zhuǎn)速：210r/min(轉(zhuǎn)/分)外形尺寸：L1800mm×W650mm×H1100mm充電時間：2h～8h電機：后輪驅(qū)動、直流永磁式電機額定工作電壓/電流：36V/5A

A.該車的額定時速約為20km/hB.該車的額定功率約為4.32×102WC.該車約能行駛2.4hD.該車一次充滿電所儲存的電能約為1.56×106J6、下列四個重要的物理量關(guān)系式中，不是比值法定義的是（）A.F=B.a=C.E=D.B=評卷人得分二、多選題(共8題，共16分)7、如圖所示，兩板間距為的平行板電容器與一電源連接，下極板接地。開關(guān)S閉合，電容器兩極板間有一質(zhì)量為m，帶電量為的微粒靜止不動；下列各敘述中正確的是（）

A.斷開開關(guān)S，把電容器兩極板距離增大，電容會增大B.斷開開關(guān)S，把電容器兩極板距離減小，微粒將保持靜止C.保持開關(guān)S閉合，把電容器兩極板距離增大，兩板帶電量將會增大D.保持開關(guān)S閉合，把電容器上極板向上移動少許，微粒在初始位置的電勢能將增大8、如圖所示,是將滑動變阻器作分壓器用的電路,為分壓器的輸出端,是負載電阻,電源電壓為保持恒定,滑動片位于變阻器的中央,下列判斷正確的是()

A.空載(不接)時,輸出電壓為B.接上負載時,輸出電壓C.負載電阻的阻值越大,輸出電壓越低D.接上負載后,要使輸出電壓為滑片須向下移動至某一位置9、如圖所示，曲線C1、C2分別是純電阻直流電路中；內(nèi)；外電路消耗的電功率隨電流變化的圖線。下列說法中正確的是（）

A.電源的電動勢為1VB.電源的內(nèi)電阻為1ΩC.電源輸出功率最大值為4WD.電源被短路時，電源消耗的最大功率可達4W10、如圖，真空中固定兩等量同種正點電荷，AOB為兩電荷連線的中垂線，其中A、B兩點關(guān)于O點對稱。某帶電粒子（重力忽略不計）在直線AB之間往返運動；下列判斷一定正確的是（）

A.帶電粒子可能帶正電B.在O點，帶電粒子的速度最大C.在O點，帶電粒子的加速度為零D.在A點（或B點），帶電粒子速度為零，加速度最大11、如圖所示，a、b、c、d為勻強電場中的等勢面，一個質(zhì)量為m，電荷量為q的帶正電的粒子在A點以大小為v1的速度射入電場，沿如圖軌跡到達B點時速度大小為v2，且速度與等勢面平行，A、B連線長為L，連線與等勢面間的夾角為θ，不計粒子受到的重力，則（）

A.v1大于v2B.等勢面b的電勢比等勢面c的電勢高C.粒子從A運動到B所用時間為D.勻強電場的電場強度大小為12、一電荷量為的帶電粒子P，只在電場力作用下沿軸運動，運動過程中粒子的電勢能與位置坐標的關(guān)系圖像如圖曲線所示，圖中直線為曲線的切線，切點為（0.3，3）交軸于（0.6；0）。曲線過點（0.7，1），則下列說法正確的是（）

A.在處電場強度大小為103N/CB.在處電場強度大小為109N/CC.處的電勢比x=0.7m處的電勢高D.與間電勢差的絕對值是200V13、如圖所示，閉合電鍵S，電壓表的示數(shù)為U，電流表的示數(shù)為現(xiàn)向左調(diào)節(jié)滑動變阻器R的觸頭P，電壓表V的示數(shù)改變量的絕對值為電流表的示數(shù)改變量的絕對值為則下列說法正確的是。

A.U變小B.不變C.滑動變阻器R的電流變小D.電源的輸出功率變小14、某同學(xué)將一直流電源的總功率PE、輸出功率PR和電源內(nèi)部的發(fā)熱功率Pr隨電流I變化的圖線畫在了同一坐標上，如圖中的a、b、c所示．以下判斷正確的是()

A.直線a表示電源的總功率B.曲線c表示電源的輸出功率C.電源的電動勢E＝3V，內(nèi)電阻r＝1ΩD.電源的最大輸出功率Pm＝9W評卷人得分三、填空題(共6題，共12分)15、如圖所示，A、B、C、D是勻強電場中一正方形的四個頂點，已知A、B、C三點的電勢分別為φA=15V，φB=3V，φC=-3V；由此。

（1）則D點電勢φD=____________V

（2）若該正方形的邊長為a=20cm，且電場方向與正方形所在平面平行，則場強為E=_________N/C16、（1）某一電場的電場線和等勢面如圖甲所示，已知φa=5V，φc=3V，ab=bc，則______

A．φb=4VB．φb>4V

C．φb＜4VD．上述情況都有可能。

（2）若電場線和等勢面如圖乙所示，其他條件不變，則答案為（1）中的______

17、黑體：能夠完全吸收入射的各種波長的______而不發(fā)生反射。18、電場中A、B兩點的電勢是則A、B兩點的電勢差UAB＝__________V。若把電荷由A點移到B點，電場力對電荷做了__________J的功。電荷的電勢能__________（填“增加”或“減少”）了__________J。19、元電荷：最小的電荷量，e=____________C，由____________測得。所有帶電體的電荷量都是e的____________。20、圖中用3V量程時，表針的示數(shù)是___________V；當(dāng)使用15V量程時，圖中表針示數(shù)為___________V。

評卷人得分四、作圖題(共2題，共16分)21、在“用電流和電壓傳感器研究電容器的放電”實驗中；某同學(xué)按照圖所示連接電路。實驗時，先將開關(guān)S擲向1，一段時間后，將開關(guān)擲向2，傳感器將信息傳入計算機屏幕上，顯示出電流或電壓隨時間變化的圖線。

（1）由圖可知，傳感器1應(yīng)為________（選填選項前的字母）

A．電流傳感器B．電壓傳感器。

（2）用q表示電容器上極板所帶的電荷量，UR表示滑動變阻器兩端的電壓，UC表示電容器兩端的電壓，I表示電路中的電流，關(guān)于電容器在整個放電過程中的圖像變化正確的有________。

A．B．

C．D．

（3）若已知電源電動勢E，但其內(nèi)阻和電阻箱阻值均未知，根據(jù)已知條件和傳感器顯示的圖像中的數(shù)據(jù)信息，下列判斷正確的是________；

A．可知該電容器的電容。

B．可知此時電阻箱阻值大小。

C．若只增大電阻箱R的阻值；電容器放電的時間將變短。

D．若只減小電容器的電容大小，電容器放電的時間將變短22、試畫出點電荷、等量異種點電荷、等量同種點電荷及勻強電場的電場線。評卷人得分五、實驗題(共2題，共14分)23、在“測定金屬的電阻率”實驗中；所用測量儀器均已校準。待測金屬絲接入電路部分的長度約為50cm。

(1)用螺旋測微器測量金屬絲的直徑，某次測量結(jié)果如圖1所示，其讀數(shù)應(yīng)為_____mm（該值接近多次測量的平均值）；

(2)用伏安法測金屬絲的電阻Rx（約為5Ω）。實驗所用器材為∶電池組（電動勢為3V，內(nèi)阻約1Ω）、電流表（內(nèi)阻約0.1Ω）、電壓表（內(nèi)阻約3kΩ）、滑動變阻器R（0－20Ω，額定電流2A）、開關(guān)、導(dǎo)線若干。某小組同學(xué)利用以器材正確連接好電路，進行實驗測量，記錄數(shù)據(jù)如下表：。次數(shù)1234567U/V0.000.100.300.701.001.501.70I/A0.000.0200.0600.1600.2200.3400.460

由上表數(shù)據(jù)可知，他們測量Rx是采用圖2中的____________圖（選填“甲”或“乙”）。

(3)圖3是測量Rx的實驗器材實物圖；圖中已連接了部分導(dǎo)線，滑動變阻器的滑片P置于變阻器的一端。請根據(jù)第(2)問所選的電路圖，補充完成圖3中實物間的連線，并使閉合開關(guān)的瞬間，電壓表或電流表不至于被燒壞。

()

(4)這個小組的同學(xué)在坐標紙上建立U、I坐標系，如圖4所示，圖中已標出了測量數(shù)據(jù)對應(yīng)的4個坐標點，并描繪出U－I圖線，由圖線得到金屬絲的阻值Rx，根據(jù)以上數(shù)據(jù)可以估算出金屬絲的電阻率約為____________（填選項前的符號）。

A．1×10－2Ω·mB．1×10－3Ω·mC．1×10－6Ω·mD．1×10－8Ω·m24、在“測定金屬導(dǎo)體的電阻率”的實驗中，待測金屬絲的電阻Rx約為5Ω；實驗室備有下列實驗器材。

A．電壓表V1（量程0～3V；內(nèi)阻約為15kΩ）

B．電壓表V2（量程0～15V；內(nèi)阻約為75kΩ）

C．電流表A1（量程0～3A；內(nèi)阻約為0.2Ω）

D．電流表A2（量程0.6A；內(nèi)阻約為2.0Ω）

E．變阻器R1（0～150Ω；0.6A）

F．變阻器R2（0～2000Ω；0.1A）

G．電池組E（電動勢為3V；內(nèi)阻約為0.3Ω）

H．開關(guān)S；導(dǎo)線若干。

（1）為減小實驗誤差，電流表應(yīng)選用______；電壓表應(yīng)選用______；滑動變阻器應(yīng)選______．（填實驗器材代號A；B、C、D、E、F．）

（2）為減小實驗誤差，在虛線框內(nèi)畫出該實驗的最合適的電路原理圖____．

評卷人得分六、解答題(共4題，共20分)25、如圖所示，離子發(fā)生器發(fā)射出一束質(zhì)量為m，電量為q的正離子（初速不計），經(jīng)加速電壓u1加速后，以垂直于電場方向射入兩平行板中央，受偏轉(zhuǎn)電壓u2作用后，離開電場。已知平行板的長度為L，兩板間距離為d.

⑴求通過偏轉(zhuǎn)電場時的速度v的大小。

⑵若以進入偏轉(zhuǎn)電場時位置為坐標原點，以平行極板方向為x軸正方向，偏轉(zhuǎn)電場方向為y軸正方向；建立坐標系，試推導(dǎo)離子在偏轉(zhuǎn)電場中的軌跡方程。

26、靜電場有很多性質(zhì)；其中之一就是電場力做功只與電荷運動的初末位置有關(guān)，與運動的路徑無關(guān)。

(1)如圖所示，電子以初速度v0沿平行于板面的方向從A點射入偏轉(zhuǎn)電場，并從另一側(cè)的某點射出。已知電子質(zhì)量為m，電荷量為e。偏轉(zhuǎn)電場可以看作勻強電場，極板間電壓為U，極板長度為L，板間距為d。忽略電子所受重力。

a．求電子通過偏轉(zhuǎn)電場的過程中的加速度大小a；

b．求電子通過偏轉(zhuǎn)電場的過程中電場力對電子所做的功W.

(2)某同學(xué)突發(fā)奇想；設(shè)計了下圖所示的永動機模型。如圖所示，在水平方向上設(shè)置相反方向的勻強電場，在場中放置一光滑圓形絕緣管道，將帶正電的小球放置于管道中某點，在電場力的作用下，小球的速度會逐漸變大，一直運動下去。請你結(jié)合靜電場的基本性質(zhì)，分析論證這位同學(xué)的設(shè)計是否可行。

27、如圖所示絕緣的水平軌道與處于豎直平面內(nèi)的半圓形絕緣光滑軌道平滑連接，為豎直直徑，半圓形軌道的半徑在左側(cè)所在空間存在豎直向下的勻強電場（B、C兩點恰好不在勻強電場中），電場強度現(xiàn)有一電荷量質(zhì)量的帶電體A（可視為質(zhì)點）在水平軌道上的P點以一定的速度沖上半圓，帶電體A恰好能通過半圓形軌道的最高點C，然后落至水平軌道上的D點（圖中未畫出）g取求：

（1）帶電體運動到半圓形軌道B點時對軌道的壓力大??；

（2）D點到B點的距離

28、長為l的輕質(zhì)絕緣細線一端懸于O點，另一端懸吊一質(zhì)量為電荷量為的小球（可視為質(zhì)點）。在空間施加一沿水平方向的勻強電場，如圖所示。保持細線始終張緊，將小球從A點拉起至與O點處于同一水平高度的點，并由靜止釋放。小球在A點時速度最大，此時細線與豎直方向夾角為α=37°。已知sin37°=0.6，cos37°=0.8，電場的范圍足夠大，重力加速度為g。

（1）求勻強電場的電場強度大小

（2）a.求小球運動至最低點時速度大小

b.求小球從B點運動到最低點過程；合外力沖量的大小和方向。

參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、B【分析】【分析】

【詳解】

ABC．從經(jīng)濟方便的角度考慮；最好的是用靜電除塵，故B正確，AC錯誤；

D．把煙囪建高一點；不能消除粉塵，故D錯誤。

故選B。2、D【分析】【分析】

【詳解】

A．由于O點電勢高于c點；電場強度方向向下，根據(jù)M；N粒子的運動軌跡可知N受到的電場力向上，M受到的電場力向下，N帶負電，M帶正電，故A錯誤；

B．根據(jù)題圖可知

而且電場力都做的是正功，兩粒子電荷和質(zhì)量大小相等，根據(jù)動能定理得

可知N粒子在a點的速度與M粒子在c點的速度大小相等；故B錯誤；

C．N在從O點運動至a點的過程中受到的電場力向上；軌跡運動方向也向上，故電場力做正功，故C錯誤；

D．圖中的虛線為等勢線，即O點和b點的電勢相等，所以M粒子從O點到b點的過程中電場力對粒子做功等于零；故D正確。

故選D。3、B【分析】【詳解】

A．平行板電容器與直流電源連接，其電壓保持不變，將上極板豎直向下移動一小段距離，依據(jù)可知，板間場強增大，因P與下板間的距離不變，由公式U′=Ed′分析可知，P與下板間電勢差增大，而P點電勢高于下板電勢，說明P點電勢升高；故A錯誤；

B．將上極板豎直向下移動一小段距離，板間距離減小，根據(jù)可知，電容增大，因電容器的電壓不變，由Q=CU得到，電量Q增大即充電，則電流計中的電流從b流向a；故B正確；

C．板間場強方向豎直向下，開始帶電油滴處于靜止，則電場力方向豎直向上，則帶負電，由于P點電勢升高；所以帶電油滴的電勢能減小，故C錯誤；

D．平行板電容器與直流電源連接，其電壓保持不變，將上極板豎直向下移動一小段距離，依據(jù)可知；板間場強增大，帶電油滴所受電場力增大，由于帶電油滴受到的電場力方向豎直向上，則帶電油滴將沿豎直方向向上運動，故D錯誤。

故選B。4、C【分析】【詳解】

A．根據(jù)電荷間等勢面的分布情況可知兩點電荷帶同種電荷；又根據(jù)電子在該電場中的運動軌跡可判斷電子一直受到排斥的力，故可知兩點電荷為同種負電荷，故A錯誤；

B．根據(jù)等勢面的疏密程度可以判斷A點的電場強度比P點的小；故B錯誤；

C．因為兩點電荷是同種負電荷，電場線指向負電荷，故可知A點的電勢高于B點的電勢；故C正確；

D．根據(jù)電子的運動軌跡和電場線的方向可知由M到P電場力做負功，由P到N電場力做正功；由M到P動能減小，由P到N動能增加，故電子運動到P點時動能最?。还蔇錯誤。

故選C。5、B【分析】【詳解】

A、汽車的額定時速等于車輪的線速度，則電動車的時速為

故A不符合；

B、由

可得，電動車的額定功率

故B符合；

C、根據(jù)電荷量

有

故C不符合；

D、該車一次充滿電所儲存的電能為

故D不符合．6、A【分析】【分析】

【詳解】

A．萬有引力

引力的大小與質(zhì)量的乘積成正比；與距離的平方成反比，不是比值定義的，A正確；

B．加速度

與無關(guān)；該式是由比值法定義的，不符合題意，B錯誤；

C．電場強度

與F、q無關(guān)；反映電場本身的性質(zhì)，所以該式屬于比值法定義，不符合題意，C錯誤；

D．磁感應(yīng)強度

中B與F、IL的大小都無關(guān)；屬于比值定義法，不符合題意，D錯誤。

故選A。二、多選題(共8題，共16分)7、B:D【分析】【分析】

【詳解】

A．由

可知；電容器兩極板距離增大，電容會減小，A錯誤；

B．?dāng)嚅_開關(guān)S，兩板帶電量Q不變，極板間場強為

故場強與d無關(guān)；即保持不變，微粒所受電場力不變，仍保持靜止，B正確；

C．保持開關(guān)S閉合，電壓U不變，電容器兩極板距離增大，電容會減小，由

可知；兩板帶電量將會減小，C錯誤；

D．極板間場強向下，由平衡條件可知，微粒所受電場力向上，故微粒帶負電，保持開關(guān)S閉合，電壓U不變，把電容器上極板向上移動少許，即d增大，由

可知，極板間場強減小，微粒所在初始位置的電勢

由于微粒所在初始位置到參考點（下極板）的距離d1不變，故電勢降低，由

可知；該微粒（帶負電）在初始位置的電勢能將增大，D正確。

故選BD。8、A:B【分析】【詳解】

A．空載（不接R）時,觸頭把滑動變阻器分成相等的兩部分,由串聯(lián)電路特點可知,輸出電壓為電源電壓的一半,即U/2,故A正確；

B．接上負載R時,電路總電阻變小,干路電流變大,滑動變阻器上半部分電壓變大,大于電源電壓的一半,則A；B間的輸出電壓小于U/2,故B正確；

C．負載電阻R的阻值越大,負載電阻與滑動變阻器下半部分電阻的并聯(lián)阻值越大,輸出電壓越大,故C錯誤；

D．接上負載R時,電路總電阻變小,干路電流變大,滑動變阻器上半部分電壓變大,大于電源電壓的一半,則A；B間的輸出電壓小于U/2,要使輸出電壓等于U/2,滑片應(yīng)向上移動,故D錯誤。

故選：AB。9、B:D【分析】【詳解】

ABC．由圖可知，曲線C1、C2的交點的位置是電路的內(nèi)外的功率相等，由于電路的電流時相等的，所以此時的電源的內(nèi)阻和電路的外電阻的大小是相等的，即此時的電源的輸出的功率是最大的，由圖可知電源輸出功率最大值為1W，根據(jù)P=I2R=I2r

可知，當(dāng)輸出功率最大時，P=1W，I=1A

所以R=r=1Ω

由于E=I（R+r）=1×（1+1）V=2V

所以電源的電動勢為2V；故AC錯誤，B正確；

D．當(dāng)電源被短路時，電源消耗的最大功率為

D正確。

故選BD。10、B:C【分析】【詳解】

A．由題意可知粒子AO段運動時受電場力向下，在OB段運動時受電場力向上；所以粒子一定帶負電，故A錯誤；

B．粒子從A到O的過程中加速度始終向下，粒子速度一直增大，粒子從O到B的過程中加速度始終向上，粒子速度一直減小，所以在O點時速度最大；故B正確；

C．O點處電場強度為零；粒子的加速度為零，故C正確；

D．由于無窮遠處電場強度為零，O點處電場強度也為零，所以粒子從A到O的（或從B到O）過程中，加速度可能一直減小，也可能先增大后減小，所以在A點（或B點）帶電粒子速度為零；但加速度不一定最大，故D錯誤。

故選BC。11、A:C:D【分析】【分析】

根據(jù)粒子的運動軌跡可判斷粒子受電場力方向向上，從而判斷場強方向，根據(jù)動能定理可比較v1和v2的大小以及場強大?。涣Ｗ釉谪Q直方向做勻變速運動；在水平方向做勻速運動，從而可求解從A到B的時間.

【詳解】

由粒子的運動軌跡可知，粒子受向上的電場力，可知從A到B電場力做負功，動能減小，即v1大于v2，選項A正確；粒子帶正電，受向上的電場力，可知場強方向向上，等勢面b的電勢比等勢面c的電勢低，選項B錯誤；粒子在水平方向不受力，可知在水平方向做勻速運動，速度為v2，則從A到B的時間為選項C正確；由A到B根據(jù)動能定理：解得選項D正確；故選ACD.

【點睛】

此題關(guān)鍵是能根據(jù)粒子的運動軌跡判斷電場力的方向，知道粒子在水平方向做勻速運動，豎直方向做勻加速運動，結(jié)合動能定理求解.12、A:D【分析】【詳解】

AB．根據(jù)

可知圖象切線的斜率表示電場力，在處的電場力大小為

則可求得處的電場強度大小為

故A正確；B錯誤；

CD．根據(jù)

可知在處的電勢為

在處的電勢為

所以處的電勢高于處的電勢，與間電勢差的絕對值是

故D正確；C錯誤。

故選AD。13、B:C【分析】【詳解】

AC．由圖看出，變阻器與電阻R1并聯(lián)后再與電阻R2串聯(lián)。當(dāng)向左調(diào)節(jié)滑動變阻器的觸頭P時，變阻器有效電阻變大，外電路總電阻變大，根據(jù)閉合電路歐姆定律，干路電流I減小，電源的內(nèi)電壓和R2的電壓減小，根據(jù)閉合電路歐姆定律可知電壓表示數(shù)U變大，R1的電流變大，則滑動變阻器R的電流變小。故A錯誤；C正確。

B．根據(jù)閉合電路歐姆定律得：U=E-I（R2+r），將電阻R2與電源當(dāng)作等效電源，表示等效電源的內(nèi)電阻，即：

保持不變。故B正確。

D．因為不知道電路中外阻與內(nèi)阻的關(guān)系；所以不能判斷電源的輸出功率的變化情況。故D錯誤。

故選BC。14、A:B:C【分析】【詳解】

A．閉合電路中電動勢E和內(nèi)電阻r不變，外電阻的變化引起電路中的電流I發(fā)生變化．電路中消耗的總功率PE＝IE，E一定時，PE與I成正比，故直線a表示電源的總功率與電流的關(guān)系，且a圖線的斜率大小為電源電動勢E＝3V．

B．電源內(nèi)電阻消耗的功率：

r一定時，Pr與I2成正比，所以拋物線b表示電源內(nèi)電阻消耗的功率與電流的關(guān)系；外電阻上消耗的功率：

故拋物線c表示外電阻消耗的功率與電流的關(guān)系；選項A；B正確；

C．圖線a、b的交點表示此時外電阻消耗功率為0，R＝0，則：

所以內(nèi)阻：r＝1Ω

選項C正確；

D．圖線b、c的交點也是拋物線c的頂點，該處縱坐標表示外電阻消耗功率的最大值，此時：R＝r

選項D錯誤．三、填空題(共6題，共12分)15、略

【分析】【詳解】

(1)[1]勻強電場中，沿著任意方向每前進相同的距離，電勢變化都相等，

解得：φD=9V

(2)[2]連接AC，將AC三等分，標上三等分點E、F，則根據(jù)勻強電場中沿電場線方向相等距離，電勢差相等可知，E點的電勢為3V，F(xiàn)點的電勢為9V．連接DF；是一條等勢線．

將DF延長交于AB于P點，則P點的電勢為φP=φD=9V

可知P是AB的中點，

PD是該電場的一條等勢線，作AM⊥PD，根據(jù)等面積原理知

場強【解析】916、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）根據(jù)勻強電場關(guān)系式U=Ed

可知φa-φc=Eφa-φb=E·

得φb=4V

故選A。

（2）由于圖乙是非勻強電場，不能根據(jù)公式U=Ed進行定量計算，只能進行定性分析，由電場線的疏密可知ab和bc間電場強度的平均值Eab>Ebc

所以Uab>Ubc

即φa-φb>φb-φc

得到

=4V

故選C。【解析】①.A②.C17、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】電磁波18、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]根據(jù)

[2]電場力對電荷的功

[3][4]電場力做了負功，電勢能增加了【解析】①.②.③.增加④.19、略

【解析】①.1.60×10-19②.密立根③.整數(shù)倍20、略

【分析】【詳解】

[1]當(dāng)電壓表量程為3V時；每一小格為0.1V，故指針所指讀數(shù)為1.70V；

[2]當(dāng)使用15V量程時，每一小格為0.5V，故指針所指讀數(shù)為8.5V?！窘馕觥?.708.5四、作圖題(共2題，共16分)21、略

【分析】【詳解】

（1）[1]傳感器1串聯(lián)在電路中；因此應(yīng)為電流傳感器。

故選A。

（2）[2]ABC．電容器在整個放電過程中，電容器的電荷量q、電流I、電壓UC均隨時間減?。贿x項AC錯誤，選項B正確；

D．由于放電電流I減小，根據(jù)可知電阻箱R的電壓UR減小；選項D正確。

故選BD。

（3）[3]A．根據(jù)電流傳感器顯示的I-t圖像中的面積可求出電容器的電荷量，根據(jù)電壓傳感器可知電阻箱兩端的電壓，若已知電源電動勢E，則可知電容器的電壓，根據(jù)可求出該電容器的電容；選項A正確；

B．根據(jù)電流傳感器和電壓傳感器可知電阻箱的電流和兩端的電壓；因此可知此時電阻箱阻值大小，選項B正確；

C．電源不變，電容器的充電電壓不變，電荷量不變，若只增大電阻箱R的阻值；電容器放電的電流將變小，因此放電時間將變長，選項C錯誤；

D．電源不變，電容器的充電電壓不變，若只減小電容器的電容大小，根據(jù)可知電容器的電荷量將變?。环烹姷臅r間將變短，選項D正確。

故選ABD?！窘馕觥緼BDABD22、略

【分析】【詳解】

根據(jù)電荷屬性；點電荷；等量異種點電荷、等量同種點電荷及勻強電場的電場線如下所示。

【解析】五、實驗題(共2題，共14分)23、略

【分析】【詳解】

(1)[1]螺旋測微器的讀數(shù)為：d=0mm+39.7×0.01mm=0.397mm；由于讀數(shù)誤差（0.395mm－0.399mm）均可；

(2)[2]從給出的數(shù)據(jù)表可知；電流表和電壓表的讀數(shù)變化范圍較大，所以變阻器采用的應(yīng)是分壓式接法，即測量采用的是甲圖；

(3)[3]根據(jù)原理圖得出對應(yīng)的實物圖如圖所示。

(4)[4]由圖線得