2025年北師大版選擇性必修2物理下冊階段測試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年北師大版選擇性必修2物理下冊階段測試試卷473考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、通電矩形線框abcd與長直通電導(dǎo)線MN在同一平面內(nèi)，如圖所示，ab邊與MN平行。關(guān)于MN的磁場對線框的作用力；下列說法正確的是（）

A.線框所受的安培力的合力方向為零B.線框所受的安培力的合力方向向左C.線框有兩條邊所受的安培力方向相同D.線框有兩條邊所受的安培力大小相等2、在勻強(qiáng)磁場中；一矩形金屬線框繞與磁感線垂直的轉(zhuǎn)動軸勻速轉(zhuǎn)動，如圖甲所示；產(chǎn)生的交變電動勢隨時間變化的規(guī)律如圖乙所示。則下列說法正確的是（）

A.時穿過線框的磁通量最小B.該線圈轉(zhuǎn)動的角速度大小為πrad/sC.該交變電動勢的瞬時值表達(dá)式為D.1s內(nèi)，該交變電流的方向改變50次3、如甲(1)中，兩平行光滑金屬導(dǎo)軌放置在水平面上間距為L，左端接電阻R，導(dǎo)軌電阻不計，整個裝置處于方向豎直向下、磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場中。將質(zhì)量為m、電阻為r的金屬棒ab置于導(dǎo)軌上，當(dāng)ab受到垂直于金屬棒的水平外力F的作用由靜止開始運動時，F(xiàn)與金屬棒速度v的關(guān)系如圖甲(2)。已知ab與導(dǎo)軌始終垂直接觸良好，設(shè)ab中的感應(yīng)電流為i，ab受到的安培力大小為FA，R兩端的電壓為UR，R的電功率為P，則下圖中大致正確的是（）

A.B.C.D.4、某同學(xué)在學(xué)習(xí)了左手定則之后，用三支鉛筆來表示磁感應(yīng)強(qiáng)度電流和安培力方向之間的關(guān)系（筆尖表示方向），下列表示正確的是（）A.

B.

C.

D.

5、將長為L的導(dǎo)線彎成六分之一圓弧，固定于垂直于紙面向外、大小為B的勻強(qiáng)磁場中，兩端點A、C連線豎直，如圖所示．若給導(dǎo)線通以由A到C、大小為I的恒定電流；則導(dǎo)線所受安培力的大小和方向是()

A.ILB，水平向左B.ILB，水平向右C.水平向右D.水平向左6、在同一勻強(qiáng)磁場中，粒子和質(zhì)子做勻速圓周運動，若它們的動量大小相等，則粒子和質(zhì)子（）A.運動半徑之比是2：1B.運動速度大小之比是4：1C.運動周期之比是2：1D.受到的洛倫茲力之比是2：17、如圖所示，傾角為的斜面上放置著光滑導(dǎo)軌，金屬棒置于導(dǎo)軌上，在以和為邊界的區(qū)域內(nèi)存在磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場，磁場方向垂直導(dǎo)軌平面向上。在下側(cè)的無磁場區(qū)域內(nèi)有一半徑很小的金屬圓環(huán)L，圓環(huán)與導(dǎo)軌在同一平面內(nèi)。當(dāng)金屬棒在重力作用下，從磁場邊界處由靜止開始在磁場中加速向下運動的過程中；下列說法正確的是（）

A.金屬圓環(huán)L內(nèi)產(chǎn)生的感應(yīng)電流變大B.金屬圓環(huán)L內(nèi)產(chǎn)生的感應(yīng)電流不變C.金屬圓環(huán)L有收縮趨勢D.金屬圓環(huán)L有擴(kuò)張趨勢8、如圖所示，一個單匝矩形導(dǎo)線圈在勻強(qiáng)磁場中繞垂直于磁感線的軸OO′勻速轉(zhuǎn)動，轉(zhuǎn)動周期為T0。線圈產(chǎn)生的電動勢的最大值為則（）

A.線圈產(chǎn)生的電動勢的有效值為B.線圈轉(zhuǎn)動過程中穿過線圈的磁通量的最大值為C.線圈轉(zhuǎn)動過程中磁通量變化率的最大值為D.經(jīng)過T0的時間，通過線圈電流的方向改變1次9、如圖，實驗室一臺手搖交流發(fā)電機(jī)，內(nèi)阻r＝1.0Ω，外接R＝9.0Ω的電阻．閉合開關(guān)S，當(dāng)發(fā)電機(jī)轉(zhuǎn)子以某一轉(zhuǎn)速勻速轉(zhuǎn)動時，產(chǎn)生的電動勢e＝10sin10πt(V)；則()

A.該交變電流的頻率為10HzB.該電動勢的有效值為10VC.外接電阻R所消耗的電功率為10WD.電路中理想交流電流表A的示數(shù)為1.0A評卷人得分二、多選題(共7題，共14分)10、各地接收衛(wèi)星電視訊號的拋物面天線如圖所示，天線頂點和焦點的連線（OO′）與水平面間的夾角為仰角α，OO′在水平面上的投影與當(dāng)?shù)卣戏降膴A角為偏角β，接收定位于東經(jīng)105.5°的衛(wèi)星電視訊號（如CCTV-5）時，OO′連線應(yīng)指向衛(wèi)星；則我國各地接收天線的取向情況是（我國自西向東的經(jīng)度約為73°～135°）（）

A.有可能β=0，α=90°B.與衛(wèi)星經(jīng)度相同的各地，α隨緯度增加而減小C.經(jīng)度大于105°的各地，天線是朝南偏東的D.在幾十甚至幾百平方千米的范圍內(nèi)，天線取向幾乎是相同的11、如圖甲和圖乙所示，勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為B，垂直于磁場方向均有一足夠長的、間距均為l的光滑豎直金屬導(dǎo)軌，圖甲和圖乙的導(dǎo)軌上端分別接有阻值為R的電阻和電容為C的電容器（不會被擊穿），水平放置的質(zhì)量分布均勻的金屬棒的質(zhì)量均為m，現(xiàn)使金屬棒沿導(dǎo)軌由靜止開始下滑，金屬棒和導(dǎo)軌始終接觸良好且它們的電阻均可忽略。以下關(guān)于金屬棒運動情況的說法正確的是（已知重力加速度為g）（）

A.圖甲中的金屬棒先做勻加速直線運動，達(dá)到最大速度后，保持這個速度做勻速直線運動B.圖甲中的金屬棒先做加速度逐漸減小的加速運動，達(dá)到最大速度后，保持這個速度做勻速直線運動C.圖乙中電容器相當(dāng)于斷路，金屬棒做加速度大小為g的勻加速直線運動D.圖乙中金屬棒做勻加速直線運動，且加速度大小12、如圖所示電路中，L為直流電阻不計且自感系數(shù)很大的電感線圈；A；B為兩規(guī)格相同的燈泡，則（）

A.閉合S時，A先亮，B后亮B.閉合S時，B同時亮C.斷開S時，B都逐漸變暗并同時熄滅D.斷開S時，A立即熄滅，B閃亮后再逐漸變暗直至熄滅13、回旋加速器的工作原理圖如圖所示，置于真空中的D形金屬盒半徑為R，兩盒間的狹縫很小，帶電粒子穿過狹縫的時間可忽略不計，勻強(qiáng)磁揚與盒面垂直，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B。A處粒子源產(chǎn)生質(zhì)量為m、電荷量為q、初速度為零的帶正電粒子，在兩盒之間被電場加速，加速電壓為U。加速過程中不考慮相對論效應(yīng)和重力影響；則（）

A.加速電壓U變化的周期等于粒子的運動周期B.增大加速電壓U，出射粒子能量增大C.增大B和R，出射粒子能量增大D.粒子在D形盒中的運動時間與加速電壓U無關(guān)14、如圖所示，一半徑為r、質(zhì)量為m、電阻為R的n匝圓形細(xì)線圈在足夠長的磁鐵產(chǎn)生的徑向輻射狀磁場中由靜止開始下落，線圈下落高度h時速度達(dá)到最大值已知線圈下落過程中環(huán)面始終水平且所經(jīng)過位置的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小都相同，重力加速度大小為g；不計空氣阻力，則（）

A.線圈下落高度h的過程中產(chǎn)生的總焦耳熱為B.線圈下落過程中所經(jīng)過位置的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為C.線圈下落高度h的過程中通過線圈某橫截面的電荷量為D.線圈下落高度h所經(jīng)歷的時間為15、如圖所示，空間存在豎直向下的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為0.2T，足夠長的光滑水平金屬導(dǎo)軌，左側(cè)間距為0.6m，右側(cè)間距為0.2m．質(zhì)量均為0.02kg的金屬棒M、N垂直導(dǎo)軌放置，開始時金屬棒M、N均保持靜止．現(xiàn)使金屬棒M以10m/s的速度向右運動，兩金屬棒在運動過程中始終相互平行且與導(dǎo)軌保持良好接觸，M棒總在寬軌上運動，N棒總在窄軌上運動，直到M、N達(dá)到穩(wěn)定狀態(tài)。下列說法正確的是（）

A.由M、N導(dǎo)體棒和導(dǎo)軌組成回路的磁通量先減小后不變B.由M、N兩個導(dǎo)體棒組成的系統(tǒng)動量守恒C.在兩棒運動的整個過程中，電路中產(chǎn)生的焦耳熱為0.9JD.在兩棒運動的整個過程中，通過M、N兩個導(dǎo)體棒的電荷量相等，均為1.5C16、隨著新能源轎車的普及；無線充電技術(shù)得到進(jìn)一步開發(fā)和應(yīng)用。一般給大功率電動汽車充電時利用的是電磁感應(yīng)原理。如圖所示，由地面供電裝置（主要裝置有線圈和電源）將電能傳送至電動車底部的感應(yīng)裝置（主要裝置是線圈），該裝置使用接收到的電能對車載電池進(jìn)行充電，供電裝置與車身接收裝置之間通過磁場傳送能量，由于電磁輻射等因素，其能量傳輸效率只能達(dá)到90%左右。無線充電樁一般采用平鋪式放置，用戶無需下車；無需插電即可對電動車進(jìn)行充電。目前，無線充電樁可以允許的充電有效距離一般為15～25cm，允許的錯位誤差一般為15cm左右。下列說法正確的是（）

A.無線充電樁的優(yōu)越性之一是在百米開外也可以對電車快速充電B.車身感應(yīng)線圈中感應(yīng)電流的磁場總是要阻礙引起感應(yīng)電流的磁通量的變化C.車身感應(yīng)線圈中感應(yīng)電流的磁場總是與地面發(fā)射線圈中電流的磁場方向相反D.地面供電裝置中的電源輸出的不可能是恒定電壓評卷人得分三、填空題(共7題，共14分)17、線圈中電流減小時，______中的能量釋放出來轉(zhuǎn)化為電能．18、目前有些居民區(qū)內(nèi)樓道燈的控制，使用的是一種延時開關(guān)，該延時開關(guān)的簡化原理如圖所示．圖中D是紅色發(fā)光二極管(只要有很小的電流通過就能使其發(fā)出紅色亮光)，R為限流電阻；K為按鈕式開關(guān)，虛線框內(nèi)S表示延時開關(guān)電路，當(dāng)按下K接通電路瞬間，延時開關(guān)觸發(fā)，相當(dāng)于S閉合，這時釋放K后，延時開關(guān)S約在1min后斷開，燈泡熄滅．根據(jù)上述信息和原理圖，我們可推斷：

按鈕開關(guān)K按下前，發(fā)光二極管是________(填“發(fā)光的”或“熄滅的”)，按鈕開關(guān)K按下再釋放后，燈泡L發(fā)光持續(xù)時間約________min.這一過程中發(fā)光二極管是________．限流電阻R的阻值和燈絲電阻RL相比，應(yīng)滿足R________RL的條件．19、如圖所示，A1與A2是兩只相同的電流表，自感線圈L的直流電阻和R相等，開關(guān)S閉合的瞬間，A1的示數(shù)________于A2的示數(shù)，S斷開的瞬間，A1的示數(shù)________于A2的示數(shù)；（填“大”；“小”、“等）”。

20、麥克斯韋電磁場理論的兩個基本論點是：變化的磁場產(chǎn)生______，變化的電場產(chǎn)生______，從而預(yù)言了電磁波的存在。已知某點電磁波在真空中的傳播速度為3.0×108m/s，若該電磁波的波長為3m，則電磁波的頻率為______Hz。21、如圖1所示，厚度為h，寬度為d的導(dǎo)體板放在勻強(qiáng)磁場中，磁場方向垂直于板的兩個側(cè)面向里，當(dāng)電流通過導(dǎo)體板時，在導(dǎo)體板的上側(cè)面A和下側(cè)面A′之間會產(chǎn)生電勢差；這種現(xiàn)象稱為霍爾效應(yīng)，這種導(dǎo)體板做成磁敏元件。當(dāng)前大量使用的磁傳感器就是由磁敏元件與集成電路制作的。

（1）若圖中的電流I是電子的定向運動產(chǎn)生的，則導(dǎo)體板的上側(cè)面電勢比下側(cè)面電勢__________（高或低）

（2）設(shè)該導(dǎo)體板單位體積中自由電子的個數(shù)為n，導(dǎo)體板的寬度為d，通過導(dǎo)體板的電流為I，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，電子電荷量為e，發(fā)生霍爾效應(yīng)時，導(dǎo)體板上下側(cè)面間的電勢差為__________22、如圖所示，勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向垂直紙面向里。長L=2m的直導(dǎo)線ab水平放置在磁場中并與磁場方向垂直，ab中通有I=1.0A，方向從a到b的電流時，導(dǎo)線受到0.8N的安培力，導(dǎo)線受到的安培力方向沿紙面______（選填“豎直向上”或“豎直向下”）通電導(dǎo)線所在空間的磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大小為_______T，若把導(dǎo)線改為平行于磁場方向放置，仍通以1A的電流，則導(dǎo)線所受安培力的大小為______N。

23、如圖所示，在通電密繞長螺線管靠近左端處，吊一金屬環(huán)a處于靜止?fàn)顟B(tài)，在其內(nèi)部也吊一金屬環(huán)b處于靜止?fàn)顟B(tài)，兩環(huán)環(huán)面均與螺線管的軸線垂直且環(huán)中心恰在螺線管中軸上，當(dāng)滑動變阻器R的滑片P向左端移動時，a、b兩環(huán)的運動及變化情況將a將___________，b將___________（填“左擺”或“右擺”或“不動”）；a有___________的趨勢，b有___________的趨勢（填“收縮”或“擴(kuò)張”）

評卷人得分四、作圖題(共4題，共28分)24、在圖中畫出或說明圖中所示情形下通電導(dǎo)線I所受磁場力的方向。

25、要在居民樓的樓道安裝一個插座和一個電燈；電燈由光敏開關(guān)和聲敏開關(guān)控制，光敏開關(guān)在天黑時自動閉合，天亮?xí)r自動斷開；聲敏開關(guān)在有聲音時自動閉合，無聲音時自動斷開。在下圖中連線，要求夜間且有聲音時電燈自動亮，插座隨時可用。

26、在“探究楞次定律”的實驗中；某同學(xué)記錄了實驗過程的三個情境圖，其中有兩個記錄不全，請將其補(bǔ)充完整。

27、如圖所示：當(dāng)條形磁鐵向右靠近通電圓環(huán)時，圓環(huán)向右偏離，試在圖中標(biāo)出圓環(huán)中的電流方向___________．評卷人得分五、實驗題(共2題，共16分)28、新冠疫情期間；測溫儀廣泛使用，測溫儀的核心部件是金屬熱敏電阻。

（1）某同學(xué)想利用如圖（a）所示電路測量熱敏電阻在不同溫度時的電阻，則在閉合電路開關(guān)前應(yīng)該把滑動變阻器滑到___________（填“a”或“b”）端。

（2）通過測量得出了電阻隨溫度變化的規(guī)律如圖（b）所示，其中一條是直線是理論值，則實驗值是直線___________（填“Ⅰ”或“Ⅱ”）。

（3）該同學(xué)用上述熱敏電阻連接成如圖（c）所示電路，制作一簡易的測溫儀，其中電源電動勢內(nèi)阻理想電壓表滿偏電壓為定值電阻為了使熱敏電阻在時電壓表滿偏，電阻箱R應(yīng)該調(diào)成___________

（4）利用上述方法?？梢詫⒗硐腚妷罕砜潭染€改成溫度刻度線，則溫度刻度線是___________（填“均勻”；“左疏右密”或“左密右疏”）。

（5）該測溫計使用較長時間后，電源電動勢減小，內(nèi)阻變大，導(dǎo)致測量結(jié)果___________（填“大于”、“小于”或“等于”）真實值。29、某同學(xué)利用實驗室中的自耦變壓器做“探究變壓器線圈兩端的電壓與匝數(shù)關(guān)系”的實驗。圖甲為變壓器的實物圖；圖乙為其內(nèi)部結(jié)構(gòu)圖，圖丙為實驗原理圖。除自耦變壓器外實驗室還提供了如下器材。

A．直流電壓表；B．多用電表；C．220V交流電源；D．交直流學(xué)生電源；E．低壓直流電源；F．滑動變阻器“202A”；G．滑動變阻器“50.5A”；H．開關(guān)；導(dǎo)線若干。

回答下列問題：

（1）實驗中電源應(yīng)選用______，測量電壓的電表應(yīng)選用______，滑動變阻器應(yīng)選用______；

（2）實驗中原線圈的匝數(shù)用圖甲刻度盤上的______表示；副線圈的匝數(shù)用圖甲刻度盤上的手柄上的指針指示刻度表示。

（3）為了實驗過程中的安全，下列做法正確的是______

A．為了人身安全；只能使用低壓電源，所用電壓不要超過12V

B．連接好電路后；應(yīng)先檢查電路連接是否正確，再接通電源進(jìn)行實驗。

C．因為使用電壓較低；通電時可用手直接接觸裸露的導(dǎo)線；接線柱。

D．為了測量電表的安全；測量電壓時，先選用最大量程試測。

（4）實驗中想通過調(diào)節(jié)滑動變阻器改變副線圈上的電壓，是否可行？______

（5）下表為某次實驗得到的數(shù)據(jù)，從數(shù)據(jù)上發(fā)現(xiàn)電壓比總小于匝數(shù)比，除測量誤差外造成這一結(jié)果的主要原因是（說出兩個原因）：①______②______

表1：實驗數(shù)據(jù)記錄表（表盤總刻度為240U1=12V）。實驗次數(shù)12345指針指示刻度406080120200U2/N1.902.923.945.969.98評卷人得分六、解答題(共3題，共18分)30、如圖所示，足夠長的平行光滑金屬導(dǎo)軌固定在水平面上，間距為L，一端連接阻值為R的電阻。導(dǎo)軌所在空間存在豎直向下的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B。電阻為r的導(dǎo)體棒MN放在導(dǎo)軌上，其長度恰好等于導(dǎo)軌間距，與導(dǎo)軌接觸良好。導(dǎo)軌的電阻可忽略不計。在平行于導(dǎo)軌的恒力F作用下，導(dǎo)體棒沿導(dǎo)軌向右勻速運動，速度大小為v。

(1)求導(dǎo)體棒兩端的電壓；

(2)通過公式推導(dǎo)驗證：在時間內(nèi)，恒力F所做的功W等于電路獲得的電能也等于電路中產(chǎn)生的焦耳熱Q；

(3)從微觀角度看，導(dǎo)體棒MN中的自由電荷會同時參與沿導(dǎo)體棒方向和垂直導(dǎo)體棒方向的兩個分運動；由此會受到兩個相應(yīng)的洛倫茲力，請你通過計算證明：導(dǎo)體棒中一個自由電荷所受的洛倫茲力做的總功為零。（為了方便，可認(rèn)為導(dǎo)體棒中的自由電荷為正電荷。）

31、如圖甲所示，水平直線MN上方有豎直向下的勻強(qiáng)電場，場強(qiáng)大小MN下方有垂直于紙面的磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時間按如圖乙所示規(guī)律做周期性變化，規(guī)定垂直紙面向外為磁場正方向。時將一重力不計、比荷的正點電荷從電場中的O點由靜止釋放，在時恰通過MN上的P點進(jìn)入磁場，P點左方處有一垂直于MN且足夠大的擋板。已知求：

（1）電荷從P點進(jìn)入磁場時速度的大小

（2）電荷在時與P點的距離

（3）電荷從O點出發(fā)運動到擋板所需時間

32、如圖所示，傾角θ=30°的粗糙斜面上有四條間距相等的水平虛線MM'、NN'、PP'、QQ'，在MM'與NN'之間、PP'與QQ''之間存在垂直斜面向下的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度B均為1T。現(xiàn)有質(zhì)量m=0.1kg、電阻R=4Ω的矩形線圈abcd，從圖示位置靜止釋放（cd邊與MM'重合），速度隨時間的變化關(guān)系如圖乙所示，t1時刻cd邊與NN'重合，t2時刻ab邊與PP'重合，t3時刻ab邊與QQ'重合。已知矩形線框cd邊長度L1＝0.5m，t1～t2的時間間隔=1.2s，線圈與斜面之間的動摩擦因數(shù)μ=重力加速度g取10m/s2。求：

（1）線框勻速運動的速度v2的大??；

（2）磁場的寬度L0和線框ad邊的長度L2；

（3）0～t3時間內(nèi)，線圈產(chǎn)生的熱量Q。參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、D【分析】【分析】

【詳解】

AB．直導(dǎo)線中的電流方向由M到N，根據(jù)安培定則，導(dǎo)線右側(cè)區(qū)域磁感應(yīng)強(qiáng)度方向向外，ab邊電流的方向向上，根據(jù)左手定則，ab邊受向右的安培力，cd邊受到向左的安培力，ad邊受到向上的安培力，bc受到向下的安培力，方向全不同；ab邊受到的安培力大于cd邊，ad邊受到的安培力等于bc受到受到的安培力；所以合力向右，故A錯誤，B錯誤；

C．a(chǎn)b邊受向右的安培力，cd邊受到向左的安培力，ad邊受到向上的安培力，bc受到向下的安培力；方向全不同，故C錯誤；

D．離MN越遠(yuǎn)的位置；磁感應(yīng)強(qiáng)度越小，故根據(jù)安培力公式。

F=BILab邊受到的安培力大于cd邊，ad邊受到的安培力等于bc受到受到的安培力；故D正確。

故選D。2、C【分析】【分析】

【詳解】

A．由圖象知：t=0.01s時；感應(yīng)電動勢為零，則穿過線框的磁通量最大，變化率最小，故A錯誤；

B．該線圈轉(zhuǎn)動的角速度大小為

故B錯誤；

C．當(dāng)t=0時，電動勢為零，線圈平面與磁場方向垂直，故該交變電動勢的瞬時值表達(dá)式為

故C正確；

D．周期為0.02s，在一個周期內(nèi)電流的方向改變2次，故1s內(nèi)電流改變次數(shù)為

故D錯誤。

故選C。3、A【分析】【分析】

【詳解】

A．導(dǎo)體棒中感應(yīng)電流為

對導(dǎo)體棒據(jù)牛頓第二定律可得

聯(lián)立可得

金屬棒在F作用下由靜止開始加速運動，由甲(2)可知，F(xiàn)隨v減小，可知a減小，金屬棒做加速度減小的加速運動，當(dāng)加速度減為零時，做勻速運動，故i增大的越來越慢；最后保持不變，A正確；

B．a(chǎn)b受到的安培力大小為

故FA增大的越來越慢；最后保持不變，B錯誤；

C．R兩端的電壓為

故故UR增大的越來越慢；最后保持不變，C錯誤；

D．R的電功率為

不可能是一條直線；D錯誤。

故選A。4、B【分析】【分析】

【詳解】

左手定則：磁感線穿過手心；四個手指的方向為電流的方向，則大拇指所指的方向為通電導(dǎo)線受力的方向，通過判斷可知B正確。

故選B。5、D【分析】【詳解】

弧長為L，圓心角為60°，則弦長：導(dǎo)線受到的安培力：F=BI?AC=由左手定則可知，導(dǎo)線受到的安培力方向：水平向左；故D，ABC錯誤。6、C【分析】【詳解】

AB．粒子和質(zhì)子的質(zhì)量比為電荷量之比為而兩粒子的動量大小相等，則可知兩粒子速度大小之比為在同一磁場中由洛倫茲力充當(dāng)向心力有

可得

兩粒子動量大小相等，則根據(jù)上式可知粒子和質(zhì)子的軌跡半徑之比為故AB錯誤；

C．根據(jù)

可得

由此可知粒子和質(zhì)子的周期之比為故C正確；

D．洛倫茲力

可知粒子和質(zhì)子在磁場中受到的洛倫茲力之比為故D錯誤。

故選C。7、C【分析】【分析】

【詳解】

CD．由于金屬棒KN在重力的作用下向下運動，根據(jù)右手定則知，KNMP回路中產(chǎn)生逆時針方向的感應(yīng)電流；則在圓環(huán)處產(chǎn)生垂直于軌道平面向上的磁場，隨著金屬棒向下加速運動，電流增大，圓環(huán)的磁通量將增加，依據(jù)楞次定律可知，圓環(huán)將有收縮的趨勢以阻礙圓環(huán)磁通量的增加，故C正確，D錯誤；

AB．又由于金屬棒向下運動的加速度

v增大，加速度a減??；速度的變化率減小，電流的變化率減小，則單位時間內(nèi)磁通量的變化率減小，所以在圓環(huán)中產(chǎn)生的感應(yīng)電流不斷減小。當(dāng)金屬棒在磁場中做勻速運動時，產(chǎn)生的感應(yīng)電流不變，圓環(huán)中不產(chǎn)生感應(yīng)電流；故AB錯誤；

故選C。8、B【分析】【詳解】

A．線圈在勻強(qiáng)磁場中勻速轉(zhuǎn)動，產(chǎn)生正弦式交流電，則電動勢的有效值為故A錯誤；

B．由公式Em=BSω，

可求出磁通量的最大值

故B正確；

C．根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律表達(dá)式可確定磁通量變化率的最大值

故C錯誤；

D．經(jīng)過T0的時間；通過線圈電流的方向改變2次，故D錯誤。

故選B。9、D【分析】【分析】

【詳解】

交流電的頻率故A錯誤；該電動勢的最大值為故B錯誤；電壓有效值為電路中電流為外接電阻所消耗的電功率為故C錯誤，D正確．

【點睛】

根據(jù)電動勢瞬時值的表達(dá)式可以知道角速度、最大值，從而計算頻率和有效值，結(jié)合歐姆定律進(jìn)行其它分析．二、多選題(共7題，共14分)10、B:D【分析】【詳解】

如圖所示；α隨緯度的增大而減小，我國不在赤道上，α不可能為零，經(jīng)度大于105°的各地，天線應(yīng)該朝南偏西，由于地球很大，衛(wèi)星距地面很高，幾十甚至幾百平方千米的范圍內(nèi)天線取向幾乎是相同的。

故選BD。

11、B:D【分析】【詳解】

AB．題圖甲中金屬棒下落的過程中，受重力和向上的安培力，由牛頓第二定律可知

當(dāng)金屬棒下落的速度逐漸增大時；金屬棒的加速度逐漸減小。

當(dāng)時

則

此后金屬棒保持該速度做勻速直線運動；故A錯誤，B正確；

C．題圖乙中金屬棒下落的過程中，速度逐漸增大，金屬棒產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢逐漸增大，導(dǎo)體棒對電容器充電，由右手定則知，回路中產(chǎn)生逆時針方向的感應(yīng)電流，根據(jù)左手定則知金屬棒所受的安培力豎直向上，金屬棒的加速度小于g；故C錯誤；

D．題圖乙中金屬棒做加速運動，開始時金屬棒中的感應(yīng)電動勢

設(shè)經(jīng)時間金屬棒的速度增加則金屬棒的加速度大小

此時金屬棒中的感應(yīng)電動勢大小

則電容器兩極板所帶電荷量的改變量

金屬棒中的電流大小

由牛頓第二定律可知

聯(lián)立解得

故D正確。

故選BD。12、B:D【分析】【詳解】

AB．閉合S時；自感系數(shù)很大的電感線圈阻礙電流增大，電源的電壓同時加到兩燈上，A；B同時亮；故A錯誤，B正確；

CD．?dāng)嚅_S，A立即熄滅，線圈L中電流減??；產(chǎn)生自感電動勢，感應(yīng)電流流過B燈，剛開始時電流比原來通過B燈的電流大，B閃亮一下后熄滅。故C錯誤，D正確。

故選BD。13、A:C【分析】【分析】

【詳解】

A．粒子運動一周，加速電壓方向改變兩次，加速電壓U變化的周期等于粒子的運動周期；故A正確；

BC．粒子出磁場時，根據(jù)洛倫茲力提供向心力，有

聯(lián)立得粒子能量

與加速電壓U無關(guān)，若增大B和R；出射粒子能量增大，故B錯誤，C正確；

D．由于粒子最終獲得的總能量不變，粒子的運動周期不變，加速電壓U越大；加速次數(shù)越少，粒子在D形盒中運動的時間越短，故D錯誤。

故選AC。14、A:C:D【分析】【詳解】

A．根據(jù)能量守恒定律可知，線圈下落高度h的過程中產(chǎn)生的總焦耳熱為

A正確；

B．由右手定則判斷知線圈下落過程中，線圈中感應(yīng)電流（俯視）沿順時針方向，根據(jù)左手定則判斷知安培力方向豎直向上，當(dāng)安培力與重力大小相等時，線圈的速度最大，有

根據(jù)歐姆定律得

解得

B錯誤；

C．根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律有

又

電荷量

得

解得

C正確；

D．由動量定理有

解得

D正確。

故選ACD。15、A:C:D【分析】【詳解】

A．開始金屬棒M向右做減速運動；N向右做加速運動；回路的面積在減小，當(dāng)回路沒有感應(yīng)電流時，面積不變，所以由M、N導(dǎo)體棒和導(dǎo)軌組成回路的磁通量先減小后不變，故A正確；

B．回路的電流相等，根據(jù)安培力為F=BIL

可知M棒受到的安培力始終是N棒的三倍；M；N組成的系統(tǒng)外力之和不為零，動量不守恒，故B錯誤；

C．M、N兩金屬棒產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢大小相等時，回路感應(yīng)電流為零，金屬棒不受安培力，金屬棒做勻速直線運動，即BLMv1＝BLNv2

時，兩金屬棒做勻速直線運動，對M，由動量定理得﹣BILMt＝mv1﹣mv0

對N，由動量定理得BILNt＝mv2

由能量守恒定律得mv02mv12mv22+Q

聯(lián)立并代入數(shù)據(jù)解得Q＝0.9J

故C正確；

D．回路中有電流時有電荷通過金屬棒，導(dǎo)體棒做勻速運動時回路沒有電流，從M開始減速到勻速運動過程，對M，由動量定理得﹣BILMt＝mv1﹣mv0

電荷量q＝It

則有﹣BLMq＝mv1﹣mv0

代入數(shù)據(jù)可得q＝1.5C

故D正確。

故選ACD。16、B:D【分析】【詳解】

A．根據(jù)題意無線充電樁可以允許的充電有效距離一般為15～25cm；允許的錯位誤差一般為15cm左右，不可以在百米開外對電車快速充電，故A錯誤；

B．根據(jù)楞次定律；車身感應(yīng)線圈中感應(yīng)電流的磁場總是要阻礙引起感應(yīng)電流的磁通量的變化，故B正確。

C．當(dāng)?shù)孛姘l(fā)射線圈中電流增加時；穿過車身感應(yīng)線圈的磁通量增加，根據(jù)楞次定律此時車身感應(yīng)線圈中感應(yīng)電流的磁場與地面發(fā)射線圈中電流的磁場方向相反；當(dāng)?shù)孛姘l(fā)射線圈中電流減小時，穿過車身感應(yīng)線圈的磁通量減少，根據(jù)楞次定律此時車身感應(yīng)線圈中感應(yīng)電流的磁場與地面發(fā)射線圈中電流的磁場方向相同，故C錯誤；

D．因為是利用電磁感應(yīng)原理；故地面供電裝置中的電源輸出的不可能是恒定電壓，故D正確；

故選BD。三、填空題(共7題，共14分)17、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】磁場18、略

【分析】【詳解】

[1]．如圖所示；按鈕開關(guān)K按下前，發(fā)光二極管；限流電阻與燈泡串聯(lián)，有小電流通過發(fā)光二極管，因此發(fā)光二極管處于發(fā)光狀態(tài)．

[2][3]．當(dāng)按鈕開關(guān)K按下再釋放后；由于通電路瞬間延時開關(guān)觸發(fā)，相當(dāng)于S閉合，二極管被短路，所以處于熄滅狀態(tài)；由于延時開關(guān)S約在1分鐘后斷開，電燈才熄滅，則知電燈L發(fā)光持續(xù)時間約1min．

[4]．只有當(dāng)限流電阻R的阻值比燈絲電阻RL大得多時；通過發(fā)光二極管的電流才很小，確保二極管不燒壞．

【點睛】

解決本題的關(guān)鍵是根據(jù)延時開關(guān)的閉合和斷開時，電路的連接方式正確進(jìn)行分析即可．【解析】發(fā)光的1熄滅的?19、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2]開關(guān)S閉合的瞬間，由于自感線圈L阻礙電流的增加，則A1的示數(shù)大于A2的示數(shù)；S斷開的瞬間，原來通過A1的電流立即消失，在L支路，由于L產(chǎn)生的自感電動勢阻礙電流的減小，則通過L的電流要在L-A2-A1–R中形成新的回路，則通過A1的示數(shù)等于A2的示數(shù)?！窘馕觥竣?大②.等20、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2]麥克斯韋電磁場理論的兩個基本論點是：變化的磁場產(chǎn)生電場；變化的電場產(chǎn)生磁場，從而預(yù)言了電磁波的存在。

[3]已知某點電磁波在真空中的傳播速度為3.0×108m/s，若該電磁波的波長為3m，則電磁波的頻率為【解析】①.電場②.磁場③.1.0×10821、略

【分析】【詳解】

（1）[1]規(guī)定電流方向與負(fù)電荷定向移動的方向相反，由于電流的方向向右，則電子移動的方向向左，由左手定則可知電子會向A即上側(cè)面偏轉(zhuǎn)；故上側(cè)面的電勢低于下側(cè)面的電勢。

（2）[2]發(fā)生霍爾效應(yīng)時，根據(jù)受力平衡可知

根據(jù)電流的微觀表達(dá)式有

聯(lián)立解得【解析】低22、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]根據(jù)左手定則；導(dǎo)線受到的安培力方向沿紙面豎直向上；

[2]根據(jù)F=BIL得B=0.4T

[3]若把導(dǎo)線改為平行于磁場方向放置，則導(dǎo)線所受安培力的大小為0?！窘馕觥竣?豎直向上②.0.4T③.023、略

【分析】【詳解】

[1][4]當(dāng)滑動變阻器R的滑片P向左端移動時，電阻減小，電路中的電流增大，電流產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度變強(qiáng)，根據(jù)楞次定律的推論阻礙的理解，a環(huán)的磁通量增大，為了阻礙其變化，a將向左擺動，遠(yuǎn)離螺線管，因為a環(huán)的磁通量有內(nèi)外兩個方向，其面積增大磁通量反而減小，所以a環(huán)有擴(kuò)張的趨勢。

[2][3]當(dāng)滑動變阻器R的滑片P向左端移動時，電阻減小，電路中的電流增大，電流產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度變強(qiáng)，根據(jù)楞次定律的推論阻礙的理解，b環(huán)的磁通量也增大，但是在螺線管內(nèi)部的磁場是勻強(qiáng)磁場b環(huán)所受安培力在同一平面內(nèi)相互平衡則合力為0，所以b環(huán)將不動，但是b環(huán)有收縮的趨勢?！窘馕觥孔髷[不動擴(kuò)張收縮四、作圖題(共4題，共28分)24、略

【分析】【詳解】

根據(jù)左手定則，畫出通過電導(dǎo)線I所受磁場力的方向如圖所示。

【解析】25、略

【分析】【分析】

根據(jù)題中“要在居民樓的樓道安裝一個插座和一個電燈”可知；本題考查交流電的常識，根據(jù)開關(guān)作用和交流電接線常識，進(jìn)行連接電路圖。

【詳解】

晚上；天黑光控開關(guān)閉合，有人走動發(fā)出聲音，聲控開關(guān)閉合，燈亮，說明兩個開關(guān)不能獨立工作，只有同時閉合時，燈才亮，即兩個開關(guān)和燈泡是三者串聯(lián)后連入電路；根據(jù)安全用電的原則可知，開關(guān)控制火線，開關(guān)一端接火線，一端接燈泡頂端的金屬點，零線接燈泡的螺旋套；三孔插座通常的接線方式是面對插座，上孔接地線，左孔接零線，右孔接火線；電路圖如下圖所示。

【解析】26、略

【分析】【分析】

【詳解】

由第一個圖可知：當(dāng)條形磁鐵的N極插入線圈過程中；電流計的指針向右偏轉(zhuǎn)，則有：線圈中向下的磁場增強(qiáng)，感應(yīng)電流的磁場阻礙磁通量增加，感應(yīng)電流的磁場方向向上，則指針向右偏，記錄完整。

第二個圖指針向左偏；說明感應(yīng)電流的磁場方向向下，與磁鐵在線圈中的磁場方向相反，則線圈中磁場增強(qiáng)，故磁鐵向下運動，如圖。

第三個圖指針向右偏；說明感應(yīng)電流的磁場方向向上，與磁鐵在線圈中的磁場方向相同，則線圈中磁場減弱，故磁鐵向上運動，如圖。

【解析】27、略

【分析】【詳解】

當(dāng)條形磁鐵向右靠近圓環(huán)時；導(dǎo)線線圈的磁通量向右增大，由楞次定律：增反減同可知，線圈中產(chǎn)生感應(yīng)電流的方向順時針（從右向左看），如圖所示：

【解析】如圖所示五、實驗題(共2題，共16分)28、略

【分析】【詳解】

（1）[1]在閉合電路開關(guān)前應(yīng)該把滑動變阻器滑到電阻最大的位置，即調(diào)到b端。

（2）[2]由電路可知；采用電流表外接，電阻測量值偏小，即相同溫度下的實驗值偏小，則實驗值是直線Ⅰ。

（3）[3]熱敏電阻在時電阻為Rt=100Ω，電路中的電流

則電阻箱的阻值

（4）[4]電壓表讀數(shù)

而Rt=kt

則

描繪出大致的t-U2圖像如圖；由數(shù)學(xué)關(guān)系可知，將電壓表刻度線改成溫度刻度線之后，溫度刻度線左密右疏。

（5）[5]該測溫計使用較長時間后，電源電動勢減小，內(nèi)阻變大，根據(jù)

可知U2偏小，則讀出的t值偏大，即導(dǎo)致測量結(jié)果大于真實值。【解析】bI149左密右疏大于29、略

【分析】【詳解】

（1）[1]變壓器工作必須針對交流電；為了確保安全，選用交流學(xué)生電源D；