2025年滬教版必修3物理下冊階段測試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年滬教版必修3物理下冊階段測試試卷36考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、如圖所示,當滑動變阻器的滑片P向右滑動時,兩電壓表示數(shù)變化情況是。

A.都變大B.都變小C.V1變大,V2變小D.V1變小,V2變大2、某溫度檢測、光電控制加熱裝置原理如圖所示。圖中RT為熱敏電阻（隨溫度升高阻值減?。?，用來探測加熱電阻絲R的溫度，RG為光敏電阻（隨光照強度增大阻值減?。?，接收小燈泡L的光照，除RT、RG外，其他電阻均為定值電阻。當R處溫度降低時（）

A.L變亮B.通過R3的電流減小C.E2的路端電壓減小D.R消耗的功率減小3、如圖，等量正點電荷連線的中垂線上，放置兩檢驗電荷a、b。取無窮遠處為零勢能點，以下描述a、b電荷的電勢能Ep與其所帶電量q的關系；可能正確的是（）

A.B.C.D.4、如圖所示，在真空中的A、B兩點分別放等量異號點電荷+q、?q，在電場中通過A.B兩點的豎直平面內(nèi)于對稱位置取一個矩形路徑abcd?，F(xiàn)將一個電子沿abcd移動一周；則正確的是（）

A.由a→b，電勢降低，電子電勢能減小B.由b→c，電場力對電子先做正功，后做負功，總功為零C.由c→d，電子的電勢能增大D.由d→a，電子的電勢能先減小后增大，電勢能總變化量為零5、隨著科技的發(fā)展，家用電器種類越來越多。下列家用電器中利用電流的熱效應工作的是（）A.掃地機器人B.電飯煲C.電風扇D.電視機6、在圖甲所示電路中，任意移動滑動變阻器滑片，畫出電壓表讀數(shù)U和電流表讀數(shù)I的關系；坐標系原點為（0，0），數(shù)據(jù)點均在圖乙所示一小段直線上，其原因可能是（）

A.R1阻值過大B.電源內(nèi)阻過小C.電源電動勢過小D.R2的最大阻值過大7、在如圖所示的U-I圖中，直線a為某電源的路端電壓與電流的關系，直線b為某電阻R的電壓與電流的關系?，F(xiàn)用該電源直接與電阻R連接成閉合電路；由圖可知（）

A.電源的輸出功率為6.0WB.電源的路端電壓為4.0V，電源的效率為66.7%C.該電源的電動勢為6.0V，電源內(nèi)阻因發(fā)熱損耗功率3.0WD.用比R阻值大的電阻與該電源組成閉合回路，電源的輸出功率可能增大評卷人得分二、多選題(共9題，共18分)8、某電場的電場線的分布如圖所示。一個帶電粒子僅受電場力由M點沿圖中虛線所示的途徑運動通過N點。下列判斷正確的是。

A.粒子帶負電B.電場力對粒子做負功C.粒子在N點的加速度大D.N點的電勢比M點的電勢低9、如圖所示的電路,閉合開關S,滑動變阻器滑片P向左移動,下列說法正確的是。

A.電流表讀數(shù)變小,電壓表讀數(shù)變大B.小燈泡L變暗C.電容器C上電荷量減小D.以上說法都不對10、如圖所示，水平天花板下方固定一光滑小定滑輪O，在定滑輪的正下方C處固定一帶正電的點電荷，不帶電的小球A與帶正電的小球B通過跨過定滑輪的絕緣輕繩相連。開始時系統(tǒng)在圖示位置靜止，若B球所帶的電荷量緩慢減少（未減為零），在B球到達O點正下方前；下列說法正確的是（）

A.A球的質量大于B球的質量B.此過程中A球保持靜止狀態(tài)C.此過程中點電荷對B球的庫侖力逐漸減小D.此過程中滑輪受到輕繩的作用力逐漸減小11、在方向水平的電場中有一粗糙、絕緣的水平面，將一帶電量為的小物體輕放在水平面上，此后小物體做直線運動。以小物體的初始位置為坐標原點O，沿運動方向建立x軸，x軸上各點的電勢隨位置坐標x的變化如圖所示。圖中為曲線，及為直線，圖像曲線部分和直線部分在處相切，已知小物體在處速度為最大值，在處速度恰好為零；說法正確的是（）

A.小物體從O到的過程中由于摩擦產(chǎn)生的熱量為B.小物體運動過程中受到的摩擦力大小為C.的關系為D.小物體運動過程中的最大動能為12、某電場的電勢φ在x軸上的分布如圖所示；已知圖像關于原點對稱，下列說法正確的是（）

A.該電場可能是某一點電荷形成的電場，且電荷位于原點處B.原點處場強為0C.x1=-0.5cm與x2=0.5cm處的場強相同D.電子在x1=-0.5cm處的電勢能小于在x2=0.5cm處的電勢能13、如圖所示，A、B、C、D是光滑絕緣水平面上一正方形的四個中點，E、F為C、D上的兩點，OE=OF．分別在A、B兩點固定等量負電荷，C、D兩點固定等量正電荷，一個帶正電小球P(設不改變原來電場分布，且不計小球重力)從E點靜止釋放；下列說法中正確的是：（）

A.O點的場強一定為零B.O點的電勢一定為零C.小球P從E點移向O點，電勢能減小D.小球P在EF間做往復運動14、如下圖所示，a、b、c、d是某勻強電場中一個邊長為L的正方形的四個頂點，電場線與正方形所在平面平行，已知a點電勢為14V、b點電勢為18V、d點電勢為10V。一個質子（不計重力）經(jīng)過b點的速度大小為v0，方向與bc成45°斜向下，一段時間后經(jīng)過c點；則下列說法正確的是（）

A.c點電勢為14VB.質子從b運動到c，電場力做功為6eVC.質子從b運動到c，所用的時間為D.質子從b運動到c，加速度大小為15、如圖，電阻R1、R2的阻值均為R，滑動變阻器的總電阻為2R，電源的內(nèi)阻r=R，電壓表和電流表均為理想電表。閉合開關后，將滑動變阻器的滑片由a端向b端滑動；下列說法正確的是()

A.電壓表示數(shù)先減小再增大B.電流表示數(shù)先減小再增大C.電源輸出功率先增大再減小D.電源內(nèi)阻消耗的功率先增大再減小16、如圖所示，實線為某電場中未知方向的三條電場線，a、b兩個帶電粒子從電場中M點以相同初速度v0飛出；且初速度方向豎直向上，兩粒子在電場力作用下的運動軌跡如圖中虛線所示，不計兩帶電粒子之間的相互作用力和粒子的重力，則。

A.a一定帶正電，b一定帶負電B.a的速度將減小，b的速度將增大C.a的加速度將減小，b的加速度將增大D.兩個粒子的電勢能都減小評卷人得分三、填空題(共7題，共14分)17、用如圖所示電路測量電源的電動勢和內(nèi)阻，實驗器材：待測電源（電動勢約3V，內(nèi)阻約2Ω），保護電阻R1（阻值10Ω）和R2（阻值5Ω），滑動變阻器R；電流表A，電壓表V，開關S，導線若干。

實驗主要步驟：

（?。⒒瑒幼冏杵鹘尤腚娐返淖柚嫡{(diào)到最大；閉合開關；

（ⅱ）逐漸減小滑動變阻器接入電路的阻值，記下電壓表的示數(shù)U和相應電流表的示數(shù)I；

（ⅲ）以U為縱坐標，I為橫坐標，作圖線（U、I都用國際單位）；

（ⅳ）求出圖線斜率的絕對值k和在橫軸上的截距a。

回答下列問題：

（1）電壓表最好選用______；電流表最好選用______。

A．電壓表（0~3V，內(nèi)阻約15kΩ）B．電壓表（0~3V；內(nèi)阻約3kΩ）

C．電流表（0~200mA，內(nèi)阻約2Ω）D．電流表（0~30mA；內(nèi)阻約2Ω）

（2）滑動變阻器的滑片從左向右滑動，發(fā)現(xiàn)電壓表示數(shù)增大，兩導線與滑動變阻器接線柱連接情況是______；

A．兩導線接在滑動變阻器電阻絲兩端的接線柱。

B．兩導線接在滑動變阻器金屬桿兩端的接線柱。

C．一條導線接在滑動變阻器金屬桿左端接線柱；另一條導線接在電阻絲左端接線柱。

D．一條導線接在滑動變阻器金屬桿右端接線柱；另一條導線接在電阻絲右端接線柱。

（3）選用k、a、R1、R2表示待測電源的電動勢E和內(nèi)阻r的表達式E＝______，r＝______，代入數(shù)值可得E和r的測量值。18、如圖所示虛線為電場中的一簇等勢面A、B兩等勢面間的電勢差絕對值為8V，相鄰兩等勢面電勢差相等；一個電子在電場中通過的軌跡如圖中實線所示，電子過M點的動能為8eV，它經(jīng)過N點時的動能為_____eV，電子在M點的電勢能比在N點的電勢能________（填大或?。?。

19、如圖所示，在X軸上坐標為1m的點上固定一個電量為4Q的正點電荷，在坐標原點O處固定一個電量為Q的負點電荷，那么在X軸上場強為零的點坐標為_____，場強方向沿X軸負方向的區(qū)域是_____．

20、相距為a的A、B兩點分別放著等量異種電荷＋Q、－Q，在A、B連線中點處的電場強度___________N/C,方向__________（指向A或B）21、如圖1，光滑水平桌面上固定一圓形光滑絕緣軌道，整個軌道處于水平向右的勻強電場中。一質量為帶電量為的帶正電小球，在軌道內(nèi)做完整的圓周運動。小球運動到A點時速度大小為且該位置軌道對小球的彈力大小為其圖像如圖2，則圓形軌道半徑為__________；勻強電場電場強度為___________。

22、如圖所示，游標卡尺的示數(shù)為___________cm；螺旋測微器的示數(shù)為___________mm。

23、如圖所示，電路中電阻R1=8Ω，R2=20Ω，R3=20Ω，C=2μF，E=12V，電源內(nèi)阻r=0，S閉合，當滑動變阻器的阻值R由2Ω變至22Ω的過程中，通過A1的電量是________，A2的讀數(shù)變化情況是________．

評卷人得分四、作圖題(共3題，共6分)24、在如圖所示的四幅圖中；分別給出了導線中的電流方向或磁場中某處小磁針靜止時N極的指向或磁感線方向。請畫出對應的磁感線（標上方向）或電流方向。

25、試畫出點電荷、等量異種點電荷、等量同種點電荷及勻強電場的電場線。26、在如圖所示的四幅圖中；分別給出了導線中的電流方向或磁場中某處小磁針靜止時N極的指向或磁感線方向。請畫出對應的磁感線（標上方向）或電流方向。

評卷人得分五、實驗題(共1題，共2分)27、如圖所示，某實驗小組設計并組裝了一個多用電表，G是量程為300內(nèi)阻為270的電流表，O為選擇開關，A、B為兩個插孔。選擇開關旋轉至1位置時為量程為3mA的電流表；旋轉至2位置時為“100”的歐姆表；旋轉至3位置時為量程為3V的電壓表；回答下列問題：

（1）如果用該表測量電路中未知電流（不超過電流表量程），圖中插孔A應該與_________（填“紅”或“黑”表筆相連接；

（2）電路圖中，兩個定值電阻的阻值分別____________________

（3）選擇開關旋轉至2位置時，若刻度盤中央刻度為20，則該表內(nèi)電池電動勢為__________V；

（4）該表使用一段時間后，電池電動勢變小，內(nèi)阻變大，若歐姆調(diào)零后繼續(xù)使用，將兩表筆與待測電阻連接，則該電阻的測量值__________（填“大于”、“小于”或“等于”）真實值。評卷人得分六、解答題(共2題，共20分)28、如圖所示，電源電動勢內(nèi)阻閉合開關后，標有“”的燈泡恰能正常發(fā)光；電流表為理想電流表，求：

(1)電流表的示數(shù)是多少安培；

(2)電阻等于多少歐姆；

(3)電源的輸出功率等于多少瓦特。

29、如圖（a），同一豎直平面內(nèi)A、B、M、N四點距O點的距離均為O為水平連線的中點，M、N在連線的中垂線上。A、B兩點分別固定有一點電荷，電荷量均為Q（）。以O為原點，豎直向下為正方向建立x軸。若取無窮遠處為電勢零點，則上的電勢隨位置x的變化關系如圖（b）所示。一電荷量為Q（）的小球以一定初動能從M點豎直下落，一段時間后經(jīng)過N點，其在段運動的加速度大小a隨位置x的變化關系如圖（c）所示。圖中g為重力加速度大小，k為靜電力常量。

（1）求小球在M點所受電場力大小。

（2）當小球運動到N點時，恰與一沿x軸負方向運動的不帶電絕緣小球發(fā)生彈性碰撞。已知與的質量相等，碰撞前、后的動能均為碰撞時間極短。求碰撞前的動量大小。

（3）現(xiàn)將固定在N點，為保證能運動到N點與之相碰，從M點下落時的初動能須滿足什么條件？

參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、C【分析】【詳解】

當滑動變阻器的滑片P向右滑動時，R的阻值變大，總電阻變大，總電流減小，內(nèi)阻上的電壓減小，則路端電壓變大，即V1變大；總電流減小，則R1兩端電壓減小，即V2讀數(shù)變?。?/p>

A．都變大；與結論不相符，選項A錯誤；

B．都變??；與結論不相符，選項B錯誤；

C．V1變大，V2變小；與結論相符，選項C正確；

D．V1變小，V2變大；與結論不相符，選項D錯誤；

故選C.2、B【分析】【詳解】

當R處溫度降低時，熱敏電阻RT阻值增大，由閉合電路歐姆定律可知，左側電路中的電流減小，即通過小燈泡L的電流減小，小燈泡L的光照強度減小，所以光敏電阻RG的阻值增大，則右側電路中總電阻增大，由閉合電路歐姆定律可知，干路電流減小，電源E2的路端電壓增大，R兩端電壓增大，通過R的電流也增大，R消耗的功率增大，根據(jù)并聯(lián)電路分流規(guī)律可知通過R3的電流減??；綜上所述可知B正確，ACD錯誤。

故選B。3、A【分析】【詳解】

依題意，取無窮遠處為零勢能點，則有

根據(jù)

可知，當q>0時，有

故選A。4、D【分析】【詳解】

A．由a→b；電勢降低，電子電勢能增加，選項A錯誤；

B．bc兩點電勢相等，由b→c；電勢先降低后升高，電子的電勢能先增加后減小，則電場力對電子先做負功，后做正功，總功為零，選項B錯誤；

C．由c→d；電勢升高，則電子的電勢能減小，選項C錯誤；

D．a(chǎn)d兩點電勢相等，由d→a；電勢先升高后降低，則電子的電勢能先減小后增大，電勢能總變化量為零，選項D正確。

故選D。5、B【分析】【詳解】

A．掃地機器人工作時將電能轉化為機械能；不是利用電流的熱效應工作的，故A錯誤；

B．電飯煲工作時將電能轉化為內(nèi)能；是利用電流的熱效應工作的，故B正確；

C．電風扇工作時將電能轉化為機械能；不是利用電流的熱效應工作的，故C錯誤；

D．電視機工作時主要是把電能轉化為聲能和光能；不是利用電流的熱效應，故D錯誤。

故選B。6、A【分析】【詳解】

A．根據(jù)閉合電路歐姆定律可知

解得

如R1阻值過大；則移動滑動變阻器時電流變化較小，則可能出現(xiàn)數(shù)據(jù)集中在一小段直線上的情況，故A正確；

B．如電源內(nèi)阻過小，根據(jù)閉合電路歐姆定律，由于

移動滑動變阻器時；電流發(fā)生變化范圍大，圖像不可能集中在一小段圖像上，故B錯誤；

C．如電源電動勢過小，根據(jù)閉合電路歐姆定律，移動滑動變阻器時，電流發(fā)生變化，電壓表示數(shù)為

電源電動勢過?。粓D像縱坐標會靠近原點，故C錯誤；

D．R2的最大阻值過大；根據(jù)閉合電路歐姆定律，移動滑動變阻器時，電流變化范圍大，不可能集中在一小段直線上，故D錯誤。

故選A。7、B【分析】【詳解】

A．交點坐標表示回路電流和電壓，其對應的面積表示電源的輸出功率，電源的輸出功率為

A錯誤；

B．電源的路端電壓為4.0V，電源的效率為

B正確；

C．該電源的電動勢為6.0V，電源內(nèi)阻為

因發(fā)熱損耗功率為

C錯誤；

D．根據(jù)圖像，外電阻為

內(nèi)電阻為

用比R阻值大的電阻與該電源組成閉合回路；外電阻遠離電源的內(nèi)阻，電源的輸出功率減小，D錯誤。

故選B。二、多選題(共9題，共18分)8、C:D【分析】【詳解】

A．由圖根據(jù)粒子的運動的軌跡可以知道；粒子的受到的電場力的方向向上，而電場線的方向也向上，所以電荷為正電荷。故A錯誤。

B．從M點到N點；靜電力方向與速度方向成銳角，電場力做正功。故B錯誤。

C．電場線密的地方電場的強度大，電場線疏的地方電場的強度小，所以粒子在N點的受力大；加速度大。故C正確。

D．沿著電場線方向電勢逐漸減低，所以N點的電勢比M點的電勢低。故D正確。9、A:B【分析】【詳解】

AB．滑動變阻器滑片P向左移動時；接入電路的電阻增大，電路的總電阻增大，電源的電動勢不變，則總電流減小，電流表的讀數(shù)變小，內(nèi)電壓減小，電動勢不變，則外電壓增大，所以電壓表示數(shù)變大。通過燈泡的電流減小，則小燈泡變暗。故AB正確。

CD．通過燈泡的電流減小，則燈泡兩端的電壓減小，而外電壓增大，所以滑動變阻器兩端的電壓增大，根據(jù)Q=CU知，電容器上電荷量增大。故CD錯誤。10、B:C【分析】【詳解】

A．如圖對B球進行受力分析，可得

所以有

A錯誤；

BC．假設A球保持靜止狀態(tài)，B球所帶的電荷量緩慢減少，所以B球緩慢下擺，受力分析根據(jù)相似三角形有

因為不變，可得不變，所以假設成立；因為逐漸減小，所以庫侖力F逐漸減??；BC正確；

D．因為輕繩中的拉力不變，在減小，所以輕繩OA和OB的合力在增大；可得滑輪受到輕繩的作用力逐漸增大，D錯誤。

故選BC。

11、C:D【分析】【詳解】

A．小物體從O到過程中，是從靜止開始運動，最后又靜止，動能未增加，由能量守恒定律可知，小物體減少的電勢能均轉化為摩擦生熱，故摩擦產(chǎn)生的熱量為

故A錯誤；

B．因小物體位于時速度剛好最大，故此時加速度為零，所以其所受摩擦力大小與電場力大小相等，而曲線部分和直線部分在處相切，而為直線，因此區(qū)間內(nèi)為勻強電場，故

因此摩擦力大小為

故B錯誤；

C．小物體從O到過程中由能量守恒定律得

解得

故C正確；

D．小物體在時速度最大，則動能最大，小物體從到過程中由動能定理得

解得

故D正確。

故選CD。12、C:D【分析】【分析】

【詳解】

AB．根據(jù)φ-x圖象切線的斜率等于電場強度，則知O點處場強不為零，從O點向兩側場強逐漸變大；可知該電場不可能是位于原點的點電荷形成的，故AB錯誤。

C．根據(jù)φ-x圖象切線的斜率等于電場強度可知，x1=-0.5cm與x2=0.5cm處切線的斜率相同；則兩點的場強相同，選項C正確；

D．x1=-0.5cm處的電勢高于在x2=0.5cm處的電勢，負電荷在高電勢點的電勢能較小，可知電子在x1=-0.5cm處的電勢能小于在x2=0.5cm處的電勢能；選項D正確。

故選CD。13、A:C:D【分析】【詳解】

A.A、B兩點固定等量負電荷，C、D兩點固定等量正電荷，據(jù)電場的疊加和對稱性可知，O點的場強一定為零；故A項正確；

B.由于電勢具有相對性，電勢的零點可人為選取，則O點的電勢不一定為零；故B項錯誤；

C.A、B兩點固定等量負電荷在EO間形成的電場由E點指向O點，C、D兩點固定等量正電荷在EO間形成的電場由E點指向O點，疊加后EO間電場由E點指向O點，帶正電小球P從E點移向O點；電場力做正功，電勢能減小，故C項正確；

D.據(jù)C項分析，同理可得，疊加后FO間電場由F點指向O點，EF間電場關于O點對稱，小球從E到F，先加速后減速，到F時速度為零，然后從F到E，接著重復，所以小球P在EF間做往復運動，故D項正確。14、A:D【分析】【詳解】

A．由勻強電場中的電場差與電場強度關系可得

則

故A正確；

B．質子從b運動到c電場力做功為

故B錯誤；

C．由于a點與c點電勢相等，則ac連線為等勢線，根據(jù)電場線方向與ac連線垂直斜向右上方，如圖所示，質子從b點運動到c點做類平拋運動；初速度方向有。

則時間為

電場力方向有

解得

故C錯誤；D正確。

故選AD。15、B:C【分析】【詳解】

AB．滑片從a端滑到b端的過程中；外電阻先增大后減小，當滑片滑到中點時外電阻最大且等于內(nèi)電阻。根據(jù)閉合電路歐姆定律，電流表的示數(shù)先減小再增大，電壓表的示數(shù)先增大再減小；選項A錯誤，B正確；

CD．電源內(nèi)阻消耗的功率Pr=I2r，所以電源內(nèi)阻消耗的功率先減小再增大；當外電阻等于內(nèi)電阻時電源輸出功率最大，所以電源輸出功率先增大再減小。故C選項正確，D錯誤。16、C:D【分析】【詳解】

A、根據(jù)軌跡彎曲方向可知兩個粒子在M點的所受的電場力方向相反，正電荷所受電場力的方向就是電場強度的方向，而負電荷所受的電場力的方向與電場強度的方向相反，則知a、b一定帶異種電荷，故A錯誤．B、D、由于出發(fā)后電場力對兩對電荷均做正功，所以兩個粒子的動能均增大，電勢能均減小．故B錯誤，D正確．C、由電荷所受的電場力為F=Eq，加速度為電場線越密，場強越大，加速度越大，則知a的加速度將減小，b的加速度將增大；故C正確．故選CD．

【點睛】電場線的疏密代表電場的強弱，所以出發(fā)后的一小段時間內(nèi)a受到的電場力變小，b受到的電場力變大；正電荷所受電場力的方向就是電場強度的方向，而負電荷所受的電場力的方向與電場強度的方向相反，由于場強方向未知故不能確定電荷的電性．根據(jù)動能定理，合外力做正功，動能增加．三、填空題(共7題，共14分)17、略

【分析】【詳解】

（1）[1]電壓表并聯(lián)在電路中；故電壓表內(nèi)阻越大，分流越小，誤差也就越小，因此應選內(nèi)阻較大的電壓表A；

[2]當滑動變阻器接入電阻最小時，通過電流表電流最大，此時通過電流表電流大小約為

因此；電流表選擇C；

（2）[3]分析電路可知；滑片右移電壓表示數(shù)變大，則說明滑動變阻器接入電路部分阻值增大。

A．兩導線均接在金屬柱的兩端上；接入電阻為零，故A錯誤；

B．兩導線接在電阻絲兩端；接入電阻最大并保持不變，故B錯誤；

C．一導線接在金屬桿左端；而另一導線接在電阻絲左端，則可以保證滑片右移時阻值增大，故C正確；

D．導線分別接右邊上下接線柱；滑片右移時，接入電阻減小，故D錯誤；

故選C。

（3）[4][5]由閉合電路歐姆定律可知U＝E－I（r＋R2）

對比伏安特性曲線可知，圖像的斜率為k＝r＋R2

則內(nèi)阻r＝k－R2

令U＝0，則有

由題意可知，圖像與橫軸截距為a，則有

解得E＝ka

【點睛】

本題考查測量電源的電動勢和內(nèi)電阻實驗中的儀表選擇以及數(shù)據(jù)處理，要注意明確根據(jù)圖像分析數(shù)據(jù)的方法，重點掌握圖像中斜率和截距的意義。【解析】（1）A、C（2）C（3）kak-R218、略

【分析】【詳解】

[1][2]A、B間電勢差為8V，根據(jù)圖可知相鄰的兩個等勢面間的電勢差為2V，由軌跡彎曲方向可知，電場力大致向左，運動方向大致向右，可知M到N電場力做功為

動能減少所以N點動能為因為電場力做負功所以電勢能增加，電子在M點的電勢能比在N點的電勢能小。

【點睛】

根據(jù)等勢線的分布判斷相鄰等上面的電勢差，根據(jù)電場力做功判斷電勢能的變化。【解析】2小19、略

【分析】【詳解】

點的電場強度是正電荷+4Q和負電荷﹣Q在該處產(chǎn)生的電場的疊加，是合場強．根據(jù)點電荷的場強公式：可判斷x＝1m右側不存在E方向向左的點，在0～1間E的方向一定沿x軸負方向，設﹣Q左側d處E＝0；

即

解得：d＝1m；

那么電場強度為0的點坐標是x＝﹣1m；

而電場強度方向沿x軸負方向的點所在的區(qū)域（0，1）m和（﹣∞，﹣1）m；【解析】x＝﹣1m（0，1）m和（﹣∞，﹣1）m20、略

【分析】【詳解】

[1][2]根據(jù)點電荷場強公式以及電場強度的疊加法則可得在A、B連線中點處的電場強度為

方向指向B。【解析】B21、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]小球運動到A點時；由彈力和電場力的合力提供向心力，即。

得。

可知，N?v2圖象的斜率。

由數(shù)學知識可知。

可得；圓形軌道半徑。

[2]當v2=0時，N=?a；代入。

得。

【解析】22、略

【分析】【詳解】

[1]圖甲所示是20分度游標卡尺，示數(shù)為

[2]螺旋測微器的示數(shù)為【解析】1.3456.79023、略

【分析】【詳解】

[1]．設電池的負極的電勢為0，電容的下極板的電勢不變，則上極板的電勢變化范圍為電容器兩極板的電壓的變化范圍：即

則通過A2的電量為Q=C△U=6.4×2×10-6=1.28×10-5C

[2]．A1的讀數(shù)為通過R1的電流，其值則R增大，電流變小．【解析】1.28×10‐5C一直減小四、作圖題(共3題，共6分)24、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）在圖（1）中；已知小磁針靜止時N極的指向，由直線電流的安培定則，可知直線中的電流方向向下，如圖所示。

（2）在圖（2）中；已知小磁針靜止時N極的指向，由環(huán)形電流的安培定則，可知環(huán)形電流方向從左向右看是順時針方向，如圖所示。

（3）在圖（3）中；已知螺線管內(nèi)小磁針靜止時N極的指向，由通電螺線管的右手螺旋定則可知，螺線管中的電流方向從左端導線流入，右端導線流出，如圖所示。

（4）在圖（4）中，已知磁感線的方向，由安培定則可知，環(huán)形電流方向沿逆時針方向，如圖所示。【解析】25、略

【分析】【詳解】

根據(jù)電荷屬性；點電荷；等量異種點電荷、等量同種點電荷及勻強電場的電場線如下所示。

【解析】26、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）在圖（1）中；已知小磁針靜止時N極的指向，由直線電流的安培定則，可知直線中的電流方向向下，如圖所示。

（2）在圖（2）中；已知小磁針靜止時N極的指向，由環(huán)形電流的安培定則，可