2025年滬科新版必修3物理上冊月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年滬科新版必修3物理上冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、心臟除顫器是臨床上廣泛使用的搶救設(shè)備之一，具有療效高、作用快、操作簡便以及與藥物相比更安全等優(yōu)點如圖所示是一次心臟除顫器的模擬治療，該心臟除顫器的電容器電容為充電至9kV電壓，如果電容器在2ms時間內(nèi)完成放電，這次放電通過人體組織的電荷量為（）

A.0.135CB.67.5CC.135CD.1.35×103C2、“世紀(jì)工程”﹣港珠澳大橋已于2018年10月24日9時正式通車，大橋主橋部分由約為6.7km海底隧道和22.9km橋梁構(gòu)成，海底隧道需要每天24小時照明，而橋梁只需晚上照明。假設(shè)該大橋的照明電路可簡化為如圖所示電路，其中太陽能電池供電系統(tǒng)可等效為電動勢為E、內(nèi)阻為r的電源，電阻R1、R2分別視為隧道燈和橋梁路燈，已知r小于R1和R2，則下列說法正確的是（）

A.夜間，電流表示數(shù)為B.夜間，開關(guān)K閉合，電路中電流表、電壓表示數(shù)均變小C.夜間，由于用電器的增多，則太陽能電池供電系統(tǒng)損失的電功率增大D.當(dāng)電流表示數(shù)為I則太陽能電池供電系統(tǒng)輸出電功率為EI3、如圖所示，質(zhì)量相等可視為點電荷的A、B、C三個帶電絕緣小球，其中A帶負(fù)電并固定在絕緣豎直彈簧下端，當(dāng)A、B、C三個小球的球心距離為L時；B；C小球帶電荷量相等并懸在空中處于靜止?fàn)顟B(tài)，下列說法正確的是（）

A.小球A帶的電荷量是小球B帶電荷量的2倍B.小球A受到五個作用力C.彈簧彈力等于C兩個小球?qū)球引力的矢量和D.剪斷彈簧后C兩個小球一起做自由落體運動4、一電荷量為＋q的試探電荷位于電場中的A點，受到的電場力為F。若把該試探電荷換為電荷量為-2q的試探電荷，則A點的電場強度E為（）A.方向與F相反B.方向與F相同C.方向與F相反D.方向與F相同5、如圖所示為各種電場電場線的分布圖，場中的長方體均為導(dǎo)體，其中正確的有（）A.B.C.D.6、測量R的電阻時，如圖是伏安法測電阻的部分電路，測量時開關(guān)先后接通a和b；觀察到電流的表示數(shù)有顯著變化，電壓表的示數(shù)幾乎不變。為了使測量結(jié)果準(zhǔn)確（）

A.S應(yīng)接a，測量值偏大B.S應(yīng)接a，測量值偏小C.S應(yīng)接b，測量值偏小D.S應(yīng)接b，測量值偏大7、二極管具有單向?qū)щ娦裕?dāng)正極接電源正極（正接）時二極管導(dǎo)通（電流可以通過二極管，且二極管的阻值很小，可忽略），當(dāng)負(fù)極接電源正極（反接）時二極管截止（阻值很大，電流為零）。為了驗證二極管的這一特性，將其接入如圖所示電路c、d之間的D處，閉合開關(guān)時燈泡不亮。經(jīng)初步檢查各接線均牢固正確，為了確定電路故障的位置，四位同學(xué)各自進(jìn)行了以下操作。操作步驟現(xiàn)象1S閉合，多用電表調(diào)至電壓擋，紅表筆接a，黑表筆分別接b、c、d、e示數(shù)分別為0、0、6V、6V2S閉合，斷開導(dǎo)線bc的c端，用c端分別接d、e、f燈泡均亮3S斷開，多用電表調(diào)至歐姆擋，紅表筆接c，黑表筆接d指針有大角度偏轉(zhuǎn)4S斷開，多用電表調(diào)至歐姆擋，紅表筆接d，黑表筆接c指針有微小偏轉(zhuǎn)

由此可判斷（）

A.同學(xué)1的操作說明導(dǎo)致燈泡不亮的故障在a、b之間B.同學(xué)2的操作說明導(dǎo)致燈泡不亮的故障在b、c之間C.根據(jù)同學(xué)1、3的操作即可判斷導(dǎo)致燈泡不亮的原因是二極管正、負(fù)極接錯D.根據(jù)同學(xué)2、4的操作即可判斷導(dǎo)致燈泡不亮的原因是二極管正、負(fù)極接錯8、如圖所示的電路電源電壓為兩定值電阻的阻值電容大小為當(dāng)電路接通一段時間后，電容器所帶的電荷量為（）

A.B.C.D.評卷人得分二、多選題(共8題，共16分)9、如圖，帶電粒子由靜止開始，經(jīng)電壓為的加速電場加速后，沿垂直電場方向進(jìn)入電壓為的平行板電容器；經(jīng)偏轉(zhuǎn)落在下板的中間位置。為使同樣的帶電粒子，從同樣的初始位置由靜止加速；偏轉(zhuǎn)后能穿出平行板電容器，下列措施可行的是（）

A.保持和平行板間距不變，增大B.保持和平行板間距不變，減小C.保持和下板位置不變，向下平移上板D.保持和下板位置不變，向上平移上板10、如圖所示，平行金屬板中帶電質(zhì)點P原處于靜止?fàn)顟B(tài)，不考慮電流表和電壓表對電路的影響，當(dāng)滑動變阻器R4的滑片向b端移動時，則（）

A.電壓表讀數(shù)變大B.電流表讀數(shù)變大C.R1上消耗的功率逐漸增大D.質(zhì)點P將向上運動11、如圖所示，兩個固定的半徑均為r的細(xì)圓環(huán)同軸放置，O1、O2分別為兩細(xì)環(huán)的圓心，且O1O2=2r，兩環(huán)分別帶有均勻分布的等量異種電荷-Q、+Q(Q>0)。一帶負(fù)電的粒子(重力不計)位于右側(cè)遠(yuǎn)處；現(xiàn)給粒子一向左的初速度，使其沿軸線運動，穿過兩環(huán)后運動至左側(cè)遠(yuǎn)處。在粒子運動的過程中。

A.從O1到O2，粒子一直做減速運動B.粒子經(jīng)過O1點時電勢能最小C.軸線上O1點右側(cè)存在一點，粒子在該點動能最大D.粒子從右向左運動的整個過程中，電勢能先減小后增加12、如圖所示，以O(shè)點為圓心的圓周上有六個等分點a、b、c、d、e、f，兩根直導(dǎo)線垂直紙面放在a、d兩點?，F(xiàn)給導(dǎo)線通有大小相等；方向垂直紙面向里的電流；下列說法正確的是（）

A.O處磁感應(yīng)強度最大B.a、d兩處磁場方向相同C.a、d兩處磁場方向相反D.b、c、e、f四點的磁感應(yīng)強度大小相等13、圖甲為用傳感器在計算機(jī)上觀察電容器充、放電現(xiàn)象的電路圖，E表示電源（忽略內(nèi)阻），R表示電阻，C表示電容器，將S分別撥到a、b，得到充、放電過程中電容器兩極板間電壓U、電路中的電流I與時間t的關(guān)系圖像；如圖乙所示，以下說法正確的是（）

圖片A.t1~t2時間內(nèi)，電容器極板的電量逐漸增加，電容器在充電B.t2~t3時間內(nèi)，電容器極板的電量減少為零，電容器在放電C.t3~t4，I-t圖線與t軸圍成的圖形面積表示電容器放電過程放出的電荷量D.在圖（甲）的電路中，增大電阻R，可以實現(xiàn)對電容器更快速充電14、如圖所示，在光滑絕緣水平面上，菱形ABCD邊長為L，對角線BC長也為L，M為BC中點，O為三角形ABC的中心，現(xiàn)于B、C處各固定電量為+2Q的點電荷．下列說法正確的是（）

A.A處與D處的場強相同B.若再在A處固定電量為﹣Q的點電荷，則O處的場強大小為C.若點電荷﹣Q從A靜止釋放，則經(jīng)過M時速度最大D.若點電荷+Q從B右側(cè)靠近B的某點靜止釋放，沿BC向右運動過程加速度先增大后減小15、某靜電場中的一條電場線與x軸重合，其電勢的變化規(guī)律如圖所示。在O點由靜止釋放一電子，電子僅受電場力的作用，則在-x0~x0區(qū)間內(nèi)（）

A.該靜電場是勻強電場B.該靜電場是非勻強電場C.電子運動的加速度逐漸減小D.電子運動的加速度逐漸增大16、一個帶正電的微粒放在電場中；場強的大小和方向隨時間變化的規(guī)律如圖所示。帶電微粒只在電場力的作用下（不計微粒重力），由靜止開始運動，則下列說法中正確的是（）

A.微粒將沿著一條直線運動B.微粒在第2s末的速度為零C.微粒在第1s內(nèi)的加速度與第2s內(nèi)的加速度相同D.微粒在第1s內(nèi)的位移與第2s內(nèi)的位移相同評卷人得分三、填空題(共6題，共12分)17、如圖所示，一滿偏電流Ig=1mA、內(nèi)阻Rg=300的表頭G，先將其與定值電阻R1并聯(lián)，后再與定值電阻R2串聯(lián)，改裝成一個既可以測電流又可以測電壓的兩用電表，公共接線柱和1之間為電流4mA擋，公共接線柱和2之間為電壓3V擋，R1=______R2=______

18、（1）兩種電荷：自然界中只存在兩種電荷，即___________電荷和___________電荷。

（2）電荷量：電荷的___________，用Q表示，有時也可用q來表示。在國際單位制中，單位是___________，簡稱___________，符號是___________。19、如圖所示，絕緣光滑軌道AB部分是傾角為的斜面，AC部分為豎直平面上半徑為R的圓軌道，斜面與圓軌道相切。整個裝置處于場強為E、方向水平向右的勻強電場中。現(xiàn)有一個質(zhì)量為m的小球，帶正電荷量若小球在O點由靜止釋放，則它將做______運動。

20、靜電力做功的特點。

（1）靜電力做功：在勻強電場中，靜電力做功W=qElcosθ。其中θ為___________與___________之間的夾角。

（2）特點：在靜電場中移動電荷時，靜電力所做的功與電荷的起始位置和終止位置___________，與電荷經(jīng)過的路徑___________。

21、某同學(xué)用不同工具分別測量了某物體的幾處外徑；如圖所示，請讀出下列讀數(shù)：

①_____；②_____；③_____；22、如圖甲所示為一個燈泡兩端的電壓與通過的電流的關(guān)系曲線；參考這根曲線回答下列問題（不計電流表和電池的內(nèi)阻）

如圖乙所示，若將兩個這樣的燈泡并聯(lián)后再與10Ω的定值電阻串聯(lián)，接在電動勢為8V的電源上，則每個燈泡消耗的功率是___________W。評卷人得分四、作圖題(共1題，共8分)23、如圖1所示，用電動勢為E、內(nèi)阻為r的電源，向滑動變阻器R供電。改變變阻器R的阻值，路端電壓U與電流I均隨之變化。

（1）以U為縱坐標(biāo)，I為橫坐標(biāo)，在圖2中畫出變阻器阻值R變化過程中U-I圖像的示意圖，并說明U-I圖像與兩坐標(biāo)軸交點的物理意義。

（2）請在圖2畫好的U-I關(guān)系圖線上任取一點；畫出帶網(wǎng)格的圖形，以其面積表示此時電源的輸出功率。

評卷人得分五、實驗題(共4題，共12分)24、在“電池電動勢和內(nèi)阻的測量”的實驗中；電路設(shè)計如圖甲所示。

(1)圖乙是根據(jù)實驗數(shù)據(jù)作出的U-I圖像，由圖可知，電源的電動勢E=______V，內(nèi)阻r=______Ω。

(2)利用該實驗電路測出的電動勢E測和內(nèi)阻r測與真實值E真和r真相比，理論上E測______E真，r測______r真（選填“>”、“<”或“=”）。25、實驗室備有一個器材如下：

A．靈敏電流計一個（量程1mA；內(nèi)阻未知）

B．電阻箱R一個（阻值范圍0~9999.9Ω）

C．未知電阻Rx一個。

D．干電池一節(jié)（電動勢1.5V；內(nèi)阻未知）

E．開關(guān)一個；紅；黑表筆各一個，導(dǎo)線若干。

該同學(xué)利用上述器材先組裝成一只簡單的歐姆表，然后測未知電阻Rx的阻值操作步驟如下：

(1)按照如圖甲所示電路連接各器材；組成歐姆表電路；改裝之后表盤如圖乙所示，歐姆表表盤中值刻度為“15”。

(2)將紅、黑表筆短接，將選擇開關(guān)旋至___，（填“×1”，“×10”，“×100”）調(diào)節(jié)電阻箱的阻值為R；使靈敏電流計滿偏；

(3)保持電阻箱阻值不變，將紅、黑表筆與未知電阻Rx相連，示數(shù)如圖乙所示，則被測電阻Rx=____。

(4)若該歐姆表使用一段時間后電池電動勢變小，內(nèi)阻變大，但仍能調(diào)零，則電阻的測量結(jié)果與原來相比____（填“偏大”“偏小”或“無影響”）。

(5)該同學(xué)撤掉改裝的表盤讀出靈敏電流計的電流為0.70mA，則待測電阻的阻值為____Ω。（結(jié)果保留三位有效數(shù)字）26、（1）小華同學(xué)用螺旋測微器和游標(biāo)卡尺分別測量一個金屬棒的直徑和長度度，讀出圖甲螺旋測微器測金屬棒直徑為________mm：如圖用游標(biāo)卡尺測金屬棒長為________cm。

（2）他繼續(xù)用伏安法測量某待測電阻的阻值?，F(xiàn)有器材為：待測電阻R阻值約為（），電源電動勢（3V），滑動變阻器阻值范圍（）；電流表量程（0.6A，3A）電壓表量程（3V，15V）開關(guān)，導(dǎo)線若干。實驗要求在測量電路中將電流表外接，滑動變阻器起限流作用?；卮鹣铝袉栴}：

a.按照實驗要求在圖（a）中畫出實物連線圖_________

b.若已按實驗要求接線，閉合開關(guān)后移動滑動變阻器的滑片，電壓表的示數(shù)始終約為3V，電流表的示數(shù)始終接近0，寫出產(chǎn)生這種現(xiàn)象的一個原因：_______________。

c.在連線正確后，閉合開關(guān)。電壓表和電流表的示數(shù)分別如圖（b）和圖（c）所示。由圖可知，電壓表讀數(shù)為_______電流表讀數(shù)為______A。由此可得待測電阻的阻值為_____結(jié)果保留3位有效數(shù)字）。

27、某同學(xué)在實驗室用以下器材測量一個待測電阻Rx的阻值（約1000Ω）。

量程為0~3A，內(nèi)阻rA約為1Ω的電流表A；

量程為0~1V，內(nèi)阻r1=500Ω的電壓表V1；

量程為0~10V，內(nèi)阻r2約為20kΩ的電壓表V2；

阻值為125Ω的定值電阻R0；

最大阻值約為10Ω的滑動變阻器R；

電源E；電動勢約為10V，內(nèi)阻很?。?/p>

單刀單只單擲開關(guān)S；導(dǎo)線若干。

（1）實驗要求電表指針偏角合理，且待測電阻的電壓能從零調(diào)節(jié)，畫出測量電阻Rx的電路圖_______。

（2）如果選擇測量數(shù)據(jù)計算Rx，請寫出由已知量和測量量的符號計算Rx的表達(dá)式Rx=______。評卷人得分六、解答題(共3題，共15分)28、如圖所示，一半徑的絕緣光滑豎直圓軌道，處于水平向右的勻強電場中，電場強度在軌道的最低點由靜止釋放一質(zhì)量的帶電小球，小球沿軌道運動所到達(dá)的最高點為且知軌跡所對圓心角試求：

(1)小球的帶電量

(2)若欲使小球能沿軌道做圓周運動，則由點沿水平向右的方向至少需給小球多大的初速度。

29、有一條橫截面積為S的銅導(dǎo)線，通過的電流I。銅的密度ρ，銅的摩爾質(zhì)量M，阿伏加德羅常數(shù)NA，電子的電量e。

（1）求導(dǎo)線單位長度中銅原子的個數(shù)；

（2）若導(dǎo)線中每個銅原子貢獻(xiàn)一個自由電子；求導(dǎo)線中自由電子定向移動的速率；

（3）通常情況下，導(dǎo)體兩端加上電壓，自由電子定向移動的平均速率約為10-4m/s。一個電子通過一條1m長的導(dǎo)體需要幾個小時！這與閉合開關(guān)電燈馬上發(fā)光明顯不符。請你用自由電子定向移動解釋閉合開關(guān)電燈馬上發(fā)光的原因。30、在如圖所示的電路中，定值電阻R1=1.4R2=0.5電源內(nèi)阻r=0.6電容器的電容C=100當(dāng)開關(guān)S斷開時，電容器上容納的電荷量Q=3×10?4C，理想電流表的示數(shù)I=1.5A。求：

(1)電阻R3的阻值；

(2)電源的電動勢E及電源的效率；

(3)當(dāng)S閉合、電路穩(wěn)定后，電容器上容納的電荷量

參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、A【分析】【分析】

【詳解】

放電前；電容器儲存的電量。

Q=CU=15×10-6×9.0×103C=0.135C電容器完全放電，故放出的電等于電容器儲存的電量，故A正確BCD錯誤。2、C【分析】【分析】

【詳解】

A．夜間，橋梁需要照明，開關(guān)K閉合，電阻R1、R2并聯(lián)，根據(jù)閉合電路歐姆定律可知，電流表示數(shù)

A錯誤；

B．夜間，開關(guān)K閉合；總電阻減小，干路電流增大，電路中電流表示數(shù)變大，B錯誤；

C．根據(jù)能量守恒定律可知，夜間，由于用電器的增多，總電流增大，根據(jù)

可知；太陽能電池供電系統(tǒng)損失的電功率增大，C正確；

D．當(dāng)電流表示數(shù)為I，則太陽能電池供電系統(tǒng)總功率為EI，輸出功率為P=EI﹣I2r

D錯誤。

故選C。3、A【分析】【詳解】

A．根據(jù)受力平衡可得B、C小球帶等量的正電，設(shè)小球A、B的電荷量絕對值分別為A、B之間的庫侖力

B、C之間的庫侖力

分析B受力如圖所示，可得

得

故A正確；

B．分析A的受力有重力；兩個庫侖力和彈簧彈力；共四個力，故B錯誤；

C．把三個小球看成整體；可得彈簧彈力等于三個小球的總重力，故C錯誤；

D．剪斷彈簧后A受重力和B；C小球?qū)的庫侖力；A下落的加速度大于重力加速度，剪斷瞬間小球B、C受力不變，加速度為零，故D錯誤。

故選A。

4、B【分析】【詳解】

電荷量為q的正電荷位于電場中的A點，受到電場力為F，則知A點電場強度E的大小為

方向與F方向相同。電場強度反映電場本身性質(zhì)的物理量，僅由電場本身決定，與試探電荷無關(guān)。可知，將試探電荷換為電荷量為-2q，A點的場強大小仍然是方向與F方向相同，故選B。5、D【分析】【詳解】

A．導(dǎo)體在電場中會產(chǎn)生靜電感應(yīng)，靜電平衡時整個導(dǎo)體是一個等勢體，表面是一個等勢面，而電場線與等勢面垂直，即與導(dǎo)體表面垂直，故A錯誤。

B．靜電平衡時導(dǎo)體內(nèi)部場強處處為零，即金屬盒內(nèi)部場強為零，不存在電場，不能畫電場線，故B錯誤。

C．勻強電場的電場線分布應(yīng)平行等間距的，故C錯誤。

D．電場線從正電荷出發(fā)終止于負(fù)電荷或無窮遠(yuǎn)，故D正確。

故選D。6、D【分析】【詳解】

由于電壓表偏差較小，接到a、b兩端都不會產(chǎn)生較大誤差，而電流表偏差較大，因此電流必須準(zhǔn)確測量，S應(yīng)該接b，根據(jù)歐姆定律

由于電壓測量值偏大；從而電阻的測量值偏大。

故選D。7、D【分析】【詳解】

A．同學(xué)1的操作結(jié)果中，a與b之間、a與c之間的電壓為零，a與d之間、a與e之間的電壓為6V，說明在c、d之間有斷路；故A錯誤；

B．同學(xué)2的操作結(jié)果說明a、c之間沒有短路也沒有斷路，d、f之間沒有斷路，c、d之間有斷路；故B錯誤；

C．同學(xué)3的操作說明二極管的正極接在d點，被反接了，同學(xué)1的操作結(jié)果可以判斷c、d之間有斷路，但無法判斷a、b之間是否有短路；根據(jù)1；3同學(xué)的操作能確定二極管正、負(fù)極接錯，但不能排除電路中同時存在燈泡短路導(dǎo)致燈泡不亮的可能，故C錯誤；

D．同學(xué)4的操作結(jié)果說明多用電表歐姆擋測的是二極管的反向電阻；電阻很大，結(jié)合同學(xué)2的操作結(jié)果可判斷導(dǎo)致燈泡不亮的原因是二極管正；負(fù)極接錯，故D正確。

故選D。8、A【分析】【詳解】

由題中電路圖可知，兩定值電阻R1、R2串聯(lián)，由串聯(lián)電路的特點可知，兩定值電阻兩端的電壓與電阻成正比，則

又

所以

電容器兩極板之間的電壓等于阻值為R2的定值電阻兩端的電壓，所以

電容

所以

故選A。二、多選題(共8題，共16分)9、A:B:D【分析】【分析】

【詳解】

A．保持U2和平行板間距不變，平行板電容器中勻強電場的大小不變，增大U1；則粒子初速度增大，更容易穿出平行板電容器，故A正確；

B．保持U1和平行板間距不變，則粒子初速度不變，減小U2；平行板電容器中勻強電場減小，粒子偏轉(zhuǎn)減緩，更容易穿出平行板電容器，故B正確；

CD．保持U1、U2和下板位置不變；要想粒子穿出，必須減小板間電場，因此需要增大板間距，故C錯誤，D正確。

故選ABD。

【點睛】

本題考查帶電粒子在電場中加速和偏轉(zhuǎn)的題目，關(guān)鍵是明確進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場的初速度是加速電場的末速度，加速電場一般優(yōu)先考慮動能定理，偏轉(zhuǎn)電場中做類平拋，根據(jù)類平拋運動的規(guī)律分析。10、B:C【分析】【詳解】

AB．由圖可知，R2與滑動變阻器R4串聯(lián)后與R3并聯(lián)后，再與R1串聯(lián)接在電源兩端；電容器與R3并聯(lián)；當(dāng)滑動變阻器R4的滑片向b移動時，滑動變阻器接入電阻減小，則電路中總電阻減?。挥砷]合電路歐姆定律可知，電路中電流增大；路端電壓減小，同時R1兩端的電壓也增大，故并聯(lián)部分的電壓減?。挥蓺W姆定律可知流過R3的電流減小，流過并聯(lián)部分的總電流增大，故電流表示數(shù)增大；因并聯(lián)部分電壓減小，而R2中電壓增大；故電壓表示數(shù)減小，故A錯誤，B正確；

C．由于流過R1的電流增大，根據(jù)

知R1上消耗的功率逐漸增大；故C正確；

D．因電容器兩端電壓減小，故電荷受到的向上電場力減小，則重力大于電場力，合力向下，質(zhì)點P將向下運動；故D錯誤；

故選BC。11、A:C【分析】【詳解】

A．圓環(huán)在水平線上產(chǎn)生的場強豎直分量疊加為0，只有水平分量相加，所以圓環(huán)在水平線上的場強方向與水平線平行，同理圓環(huán)在水平線上的場強方向與水平線平行；根據(jù)場強的疊加，帶負(fù)電粒子從到過程中；受到的電場力合力方向始終水平向右，與粒子運動方向相反，所以粒子做減速運動，A正確；

BC．圓環(huán)在水平線上處場強為0，在向右無窮遠(yuǎn)處場強為0，同理圓環(huán)在水平線上的場強分布也如此，根據(jù)場強的疊加說明在右側(cè)和左側(cè)必定存在場強為0的位置，所以粒子從右側(cè)遠(yuǎn)處運動到過程中，合場強先水平向左減小，帶負(fù)電粒子所受電場力水平向右減小，電場力做正功，電勢能減小，粒子做加速運動，在右側(cè)某位置合場強為0，粒子速度達(dá)到最大，動能最大；繼續(xù)向左運動，合場強水平向右且增大，粒子所受電場力水平向左，電場力做負(fù)功，電勢能增大，粒子做減速運動至B錯誤，C正確；

D．粒子穿過后；對比上述分析可知，粒子所受電場力先水平向右，后水平向左，所以電勢能先減小，后增大，綜合BC選項分析，D錯誤。

故選AC。12、C:D【分析】【詳解】

A．根據(jù)右手螺旋定則可判斷處的電流在點產(chǎn)生的磁場豎直向下，處的電流在點產(chǎn)生的磁場豎直向上，故點的磁感應(yīng)強度為零。A錯誤；

BC．根據(jù)右手螺旋定則可判斷，a、d兩處磁場方向相反；B錯誤，C正確；

D．畫出每點的磁場應(yīng)強度方向分析可知，b、c、e、f四點的磁感應(yīng)強度大小相等；D正確。

故選CD。13、A:C【分析】【詳解】

A．t1~t2時間內(nèi)，電容器兩極板的電壓在逐漸增大，由知電容器極板電量逐漸增加；電容器在充電，故A正確；

B．t2~t3時間內(nèi)；電容器極板的電壓穩(wěn)定不變，說明處于充電飽和階段，故B錯誤；

C．由電流定義式得

知I-t圖線與t軸圍成的圖形面積表示電量；t3~t4時間內(nèi)電容器兩板間電壓減小說明在放電，所以t3~t4時間內(nèi)，I-t圖線與t軸圍成的圖形面積表示電容器放電過程放出的電荷量；故C正確；

D．電容充電時間的長短同充電回路的電阻值有關(guān)，電阻愈大，充電電流就愈小，充電所需要的時間就愈長；反之，充電回路的電阻值愈小，充電電流就愈大，充電所需要的時間就愈短，所以R越大；充電越慢，故D錯誤。

故選AC。14、B:C【分析】【詳解】

AD兩點處的電場強度大小相等，但方向相反，故場強不相同，故A錯誤；BC在O點形成的場強大小相等，方向如圖所示；放在A點的負(fù)電荷產(chǎn)生的場強方向向上，則合場強為三個電荷形成場強的合場強，O是ABC的中心點，則由幾何關(guān)系可知，BO=OC=AO=L；

B點和C點形成的場強大小均為：由圖可知，兩分場強夾角為120°，所以兩場強的合場強為A點電荷在O點形成的場強大小為：故合場強大小為故B正確；根據(jù)BC形成的電場線可知，AM段方向為由M到A，MD段由M到D，故由A釋放后，電場力先做正功再做負(fù)功，因此到達(dá)M點時的速度最大，故C正確；若點電荷+Q從B右側(cè)靠近B的某點靜止釋放，沿BC向右運動過程場強先減小后增大，故加速度先減小后增大，故D錯誤．故選BC．

【點睛】

本題考查帶電粒子在等量異號電荷形成的電場中的運動情況，要注意掌握好常見電場的電場分布，明確電場的疊加原理，再結(jié)合電場力做功的規(guī)律進(jìn)行分析求解．15、B:C【分析】【分析】

【詳解】

AB．由圖象可知電勢與距離不成正比，由公式U=Ed；可知該靜電場是非勻強電場，A錯誤B正確；

CD．根據(jù)沿著電場線方向電勢降低，由圖象可知電場線的方向為x軸負(fù)方向，φ?x圖像的斜率表示電場強度大小，故當(dāng)電子沿x軸正方向運動；則電場強度減小，所以電場力也減小，故加速度大小減小，C正確，D錯誤。

故選BC。16、A:B:D【分析】【分析】

【詳解】

ABC．由題圖可知，E1和E2大小相等；方向相反；所以微粒奇數(shù)秒內(nèi)和偶數(shù)秒內(nèi)的加速度大小相等、方向相反，根據(jù)運動的對稱性可知在2s末的速度恰好是0，即微粒第1s做加速運動，第2s做減速運動，然后再加速，再減速，一直持續(xù)下去，微粒將沿著一條直線運動，C錯誤AB正確；

D．由對稱性可知，微粒在第1s內(nèi)的平均速度與第2s內(nèi)的平均速度相同，由

得；微粒在第1s內(nèi)的位移與第2s內(nèi)的位移相同，D正確。

故選ABD。三、填空題(共6題，共12分)17、略

【分析】【分析】

【詳解】

公共接線柱和1之間為電流I=4mA擋，根據(jù)并聯(lián)電路的特點可得IgRg=（I-Ig）R1

解得R1=100Ω

公共接線柱和1之間的總電阻為

公共接線柱和2之間為電壓U=3V擋，根據(jù)串聯(lián)電路的特點可得

其中I=4mA=0.004A

解得R2=675Ω【解析】①.100②.67518、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】①.正②.負(fù)③.多少④.庫侖⑤.庫⑥.C19、略

【分析】【詳解】

對放在斜面上的小球受力分析，有重力G，垂直于斜面向上的支持力FN和水平向右的電場力F。將重力和電場力分解到斜面方向和垂直于斜面方向的兩個分力。則重力沿斜面向下的分力為

電場力沿著斜面向上的分力為

又電場力為

則

即

小球?qū)㈧o止在斜面上?！窘馕觥勘３朱o止20、略

【分析】【分析】

【詳解】

(1)[1][2]在勻強電場中，靜電力做功W=qElcosθ。其中θ為電場力與位移之間的夾角。

(2)[3][4]在靜電場中移動電荷時，靜電力所做的功與電荷的起始位置和終止位置有關(guān)，與電荷經(jīng)過的路徑無關(guān)?！窘馕觥竣?電場力②.位移③.有關(guān)④.無關(guān)21、略

【分析】【詳解】

①[1]游標(biāo)卡尺的主尺讀數(shù)為9mm，游標(biāo)尺的第6個刻度線與主尺的某刻度線對齊，讀數(shù)為0.1×6mm=0.6mm；則有游標(biāo)卡尺的讀數(shù)為9mm+0.6mm=9.6mm；

②[2]游標(biāo)卡尺的主尺讀數(shù)為13mm；游標(biāo)尺的第13個刻度線與主尺的某刻度線對齊，游標(biāo)尺是25分度的，讀數(shù)為0.04×13mm=0.52mm，則有游標(biāo)卡尺的讀數(shù)為13mm+0.52mm=13.52mm。

③[3]螺旋測微器的固定刻度讀數(shù)為2mm，轉(zhuǎn)動刻度的讀數(shù)為0.01×33.3mm=0.333mm，螺旋測微器的讀數(shù)為2.333mm。【解析】9.613.522.33322、略

【分析】【詳解】

設(shè)流過小燈泡的電流為I，兩端電壓為U，定值電阻阻值為R0，則有

帶入數(shù)據(jù)得到

用圖像表示為。

圖中兩線交點即為此時每個小燈泡兩端的電壓和電流，則每個小燈泡消耗的功率為【解析】0.6四、作圖題(共1題，共8分)23、略

【分析】【詳解】

（1）由閉合電路歐姆定律可知

所以圖像與縱軸交點的坐標(biāo)值為電源電動勢；與橫軸交點的坐標(biāo)值為短路電流，如圖所示。

（2）電源的輸出功率等于路端電壓與干路電流的乘積；即所要求的的面積為該點向坐標(biāo)軸作垂線后與坐標(biāo)軸圍成的面積，如圖所示。

【解析】（1）U-I圖像如圖所示。圖像與縱軸交點的坐標(biāo)值為電源電動勢，與橫軸交點的坐標(biāo)值為短路電流；（2）五、實驗題(共4題，共12分)24、略

【分析】【詳解】

(1)[1]根據(jù)閉合電路的歐姆定律有E=U+Ir

整理上式有U=E-Ir

調(diào)節(jié)滑動變阻器，即可獲得多組U和I值，以I為橫坐標(biāo)、U為縱坐標(biāo)建立直角坐標(biāo)系，根據(jù)幾組I、U的測量數(shù)據(jù)在坐標(biāo)系中描點。此時可以看到這些點大致呈直線分布。結(jié)合上式可知圖線縱截距為電源電動勢、斜率為電源內(nèi)阻。則E=1.5V

[2]斜率為電源內(nèi)阻則r=1.0Ω

(2)[3][4]由于電壓表的分流作用，電流表的示數(shù)I測不是流過電源的電流I真，那么畫出的U—I圖線如下圖。

如圖所示，直線①是根據(jù)U、I的測量值所作出的U—I圖線，由于I測<I真

而且U越大，I和I0之間的誤差就越大，而電壓表的示數(shù)U就是電源的路端電壓的真實值U0，除了讀數(shù)會有誤差外，可以認(rèn)為U測=U真

經(jīng)過修正后，直線②就是電源真實值反映的伏安特性曲線，由圖線可以很直觀的看出E測<E真，r測<r真【解析】1.5V1.0Ω<<25、略

【分析】【詳解】

(2)[1]改裝的歐姆表的內(nèi)阻為

歐姆表表盤中值刻度為“15”，則將紅、黑表筆短接，將選擇開關(guān)旋至“×100”，調(diào)節(jié)電阻箱的阻值為R；使靈敏電流計滿偏；

(3)[2]保被測電阻Rx=7×100=700Ω。

(4)[3]歐姆表調(diào)零時，其