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…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁(yè),總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè),總=sectionpages11頁(yè)2025年華師大新版選修3物理上冊(cè)階段測(cè)試試卷337考試試卷考試范圍:全部知識(shí)點(diǎn);考試時(shí)間:120分鐘學(xué)校:______姓名:______班級(jí):______考號(hào):______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共5題,共10分)1、如圖所示,在直角三角形abc區(qū)域(含邊界)內(nèi)存在垂直于紙面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng),磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B,∠a=60°,∠b=90°,邊長(zhǎng)ac=L,一個(gè)粒子源在a點(diǎn)將質(zhì)量為2m、電荷量為q的帶正電粒子以大小和方向不同的速度射入磁場(chǎng);在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間最長(zhǎng)的粒子中,速度的最大值是()
A.B.C.D.2、如圖所示,電源電動(dòng)勢(shì)為E,內(nèi)阻為r,R1、R2為定值電阻,且大于滑動(dòng)變阻器的最大阻值閉合電鍵S,將滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)片P由最上端滑到最下端,若電壓表V1、V2、電流表A的讀數(shù)改變量的大小分別用表示;則下列說(shuō)法中正確的是
A.B.C.電源的發(fā)熱功率先減小,再增大D.電源的輸出功率先增大,再減小3、關(guān)于能量的轉(zhuǎn)化,下列說(shuō)法中正確的是()A.摩擦生熱的過(guò)程在任何情況下都是不可逆的B.空調(diào)既能制熱又能制冷說(shuō)明熱傳遞不存在方向性C.永動(dòng)機(jī)不存在的原因是能量在某些特殊情況下是不守恒的D.由于能量的轉(zhuǎn)化過(guò)程符合守恒定律,所以不會(huì)發(fā)生能源危機(jī)4、電路中中端電壓隨干路電流變化的圖象如圖所示,圖中縱軸的起點(diǎn)為1.2V,則電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電阻應(yīng)是()
A.B.C.D.5、如圖所示,兩個(gè)端面半徑同為R的圓柱形鐵芯同軸水平放置,相對(duì)的端面之間有一縫隙,鐵芯上繞導(dǎo)線并與電源連接,在縫隙中形成一勻強(qiáng)磁場(chǎng).一銅質(zhì)細(xì)直棒ab水平置于縫隙中,且與圓柱軸線等高、垂直.讓銅棒從靜止開(kāi)始自由下落,銅棒下落距離為0.2R時(shí)銅棒中電動(dòng)勢(shì)大小為E1,下落距離為0.8R時(shí)電動(dòng)勢(shì)大小為E2.忽略渦流損耗和邊緣效應(yīng).關(guān)于的大小和銅棒離開(kāi)磁場(chǎng)前兩端的極性;下列判斷正確的是。
A.>a端為正B.>b端為正C.<a端為正D.<b端為正評(píng)卷人得分二、多選題(共6題,共12分)6、氫原子的能級(jí)如圖所示,下列說(shuō)法正確的是()
A.用能量為12.11eV的光照射一個(gè)基態(tài)氫原子,最多能輻射出2種不同頻率的光子B.用能量為12.09eV的光照射一群基態(tài)氫原子,最多能輻射出3種不同頻率的光子C.用能量為12.75eV的光照射一個(gè)基態(tài)氫原子,最多能輻射出3種不同頻率的光子D.用能量為12.75eV的光照射一群基態(tài)氫原子,最多能輻射出5種不同頻率的光子7、下列說(shuō)法正確的是()A.知道水蒸氣的摩爾體積和水分子的體積,可計(jì)算出阿伏伽德羅常數(shù)B.液體表面層分子間距離大于液體內(nèi)部分子間距離,所以液體表面存在表面張力C.兩個(gè)分子的間距從極近逐漸增大到10r0的過(guò)程中,它們之間的分子勢(shì)能先減小后增大D.布朗運(yùn)動(dòng)是懸浮在液體中的固體分子所做的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)8、如圖,一定量的理想氣體,由狀態(tài)a等壓變化到狀態(tài)b,再?gòu)臓顟B(tài)b等容變化到狀態(tài)c,最后從狀態(tài)c等溫變化回到狀態(tài)a、下列說(shuō)法正確的是()
A.氣體在狀態(tài)a的溫度小于在狀態(tài)b的溫度B.從狀態(tài)a到狀態(tài)b的過(guò)程氣體對(duì)外做正功C.從狀態(tài)b到狀態(tài)c的過(guò)程氣體從外界吸熱E.從狀態(tài)c到狀態(tài)a的過(guò)程氣體從外界吸熱E.從狀態(tài)c到狀態(tài)a的過(guò)程氣體從外界吸熱9、一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)經(jīng)過(guò)狀態(tài)變化到狀態(tài)其圖象如圖所示;下列說(shuō)法正確的是()
A.的過(guò)程中,氣體對(duì)外做功B.的過(guò)程中,氣體放出熱量C.的過(guò)程中,氣體壓強(qiáng)變大D.的過(guò)程中,氣體內(nèi)能變小10、如圖所示,在光滑水平面上,邊長(zhǎng)為L(zhǎng),由同種材料制成的粗細(xì)均勻的正方形金屬線框abcd以恒定的速度v通過(guò)勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域,已知cd邊平行磁場(chǎng)邊界,v垂直邊界,線框總電阻為4R,磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B,方向垂直紙面向里,寬度為L(zhǎng),下列說(shuō)法正確的是()
A.在cd邊剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)ab兩端的電壓為B.在cd邊剛離開(kāi)磁場(chǎng)時(shí)ab兩端的電壓為C.為使線框勻速運(yùn)動(dòng)水平拉力大小為D.通過(guò)磁場(chǎng)的整個(gè)過(guò)程中線框產(chǎn)生的熱量為11、一砝碼和一輕彈簧構(gòu)成彈簧振子,如圖所示的裝置可用于研究該彈簧振子的受迫振動(dòng).勻速轉(zhuǎn)動(dòng)把手時(shí),曲桿給彈簧振子以驅(qū)動(dòng)力,使振子做受迫振動(dòng),把手勻速轉(zhuǎn)動(dòng)的周期就是驅(qū)動(dòng)力的周期,改變把手勻速轉(zhuǎn)動(dòng)的速度就可以改變驅(qū)動(dòng)力的周期.若保持把手不動(dòng),給砝碼一向下的初速度,砝碼便做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng),振動(dòng)圖線如圖(1)所示.當(dāng)把手以某一速度勻速轉(zhuǎn)動(dòng),受迫振動(dòng)達(dá)到穩(wěn)定時(shí),砝碼的振動(dòng)圖線如圖(2)所示.若用f0表示彈簧振子的固有頻率,f表示驅(qū)動(dòng)力的頻率,則()
A.由圖線可知f0=4HzB.由圖線可知f0=8HzC.由圖線可知砝碼做受迫振動(dòng)的周期為8sD.由圖線可知,緩慢增大把手轉(zhuǎn)動(dòng)速度至15r/min,穩(wěn)定后砝碼振動(dòng)的振幅也將增大評(píng)卷人得分三、填空題(共9題,共18分)12、長(zhǎng)為L(zhǎng)的水平極板間有垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng),如圖所示.磁感應(yīng)強(qiáng)度為B,板間離也為L(zhǎng),極板不帶電.現(xiàn)有質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正電粒子(不計(jì)重力),從左邊極板間中點(diǎn)處垂直磁感線以速度v水平射入磁場(chǎng),欲使粒子不打在極板上,粒子的速度范圍為_(kāi)_____。13、光滑絕緣桿與水平面保持θ角,磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)充滿整個(gè)空間,一個(gè)帶正電q,質(zhì)量為m,可以自由滑動(dòng)的小環(huán)套在桿上,如圖所示,小環(huán)下滑過(guò)程中對(duì)桿的壓力為零時(shí),小環(huán)的速度為_(kāi)_______.14、用圖甲所示的裝置研究光電效應(yīng)現(xiàn)象,當(dāng)用光子能量為5eV的光照射到光電管上時(shí),測(cè)得電流計(jì)的示數(shù)隨電壓變化的圖像如圖乙所示.則光電子的最大初動(dòng)能為_(kāi)_________J,金屬的逸出功為_(kāi)_______J.15、雙桶洗衣機(jī)的脫水桶的電機(jī)是由一個(gè)定時(shí)開(kāi)關(guān)和一個(gè)由桶蓋控制的開(kāi)關(guān)組成的,當(dāng)定時(shí)開(kāi)關(guān)合上時(shí);只要打開(kāi)桶蓋,電機(jī)又被關(guān)閉。
(1)如圖所示的哪個(gè)電路圖能滿足上述的要求?()
A.B.C.D.
(2)根據(jù)以上羅列的控制條件和控制結(jié)果的情況,完成其真值表,并在虛線框內(nèi)畫出該門電路符號(hào)()。輸入輸出ABZ00______01______10______11______
16、如圖所示;將帶有負(fù)電的絕緣棒移近兩個(gè)不帶電的導(dǎo)體球,兩個(gè)導(dǎo)體開(kāi)始時(shí)互相接觸且對(duì)地絕緣。
(1)為了使兩球帶上等量異號(hào)電荷,應(yīng)___________。
A.先移走棒;再把兩球分開(kāi)B.先把兩球分開(kāi),再移走棒。
(2)使棒與甲球瞬時(shí)接觸,再移走棒,導(dǎo)體甲帶___________電;導(dǎo)體乙?guī)_______。
(3)先使甲球瞬時(shí)接地,再移走棒,導(dǎo)體甲帶_________電;導(dǎo)體乙?guī)_______電。17、帶有活塞的汽缸內(nèi)封閉一定質(zhì)量的理想氣體,氣體開(kāi)始處于a狀態(tài),然后經(jīng)過(guò)狀態(tài)變化過(guò)程到達(dá)c狀態(tài)。在圖中變化過(guò)程如圖所示。
(1)氣體從a狀態(tài)經(jīng)過(guò)到達(dá)b狀態(tài)的過(guò)程中壓強(qiáng)____________。(填“增大”;“減小”或“不變”)
(2)氣體從b狀態(tài)經(jīng)過(guò)到達(dá)c狀態(tài)的過(guò)程要____________。(填“吸收”或“放出”)熱量。18、關(guān)鍵環(huán)節(jié)題組:如圖所示,平行板電容器的板間距和板長(zhǎng)均是L,有一帶電粒子(質(zhì)量為電荷量為-)從電容器左上角邊緣以初速度平行上板打入;能從另一側(cè)打出,求:
(1)帶電粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中的最小半徑____________
(2)兩板間有垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng),磁感應(yīng)強(qiáng)度為的范圍__________________
(3)兩板間有垂直兩板向上的勻強(qiáng)電場(chǎng),電場(chǎng)強(qiáng)度為的范圍_____19、如圖所示,金屬環(huán)直徑為d,總電阻為2R,勻強(qiáng)磁場(chǎng)磁感應(yīng)強(qiáng)度為B,垂直穿過(guò)環(huán)所在平面.電阻為的導(dǎo)體桿AB沿環(huán)表面以速度v向右滑至環(huán)中央時(shí),桿兩端的電壓為_(kāi)___________.
20、如圖所示,在光滑的水平面上放置一質(zhì)量為m的小車,小車上有一半徑為R的光滑的弧形軌道,設(shè)有一質(zhì)量為m的小球,以v0的速度,方向水平向左沿圓弧軌道向上滑動(dòng),達(dá)到某一高度h后,又沿軌道下滑,試求h=______,小球剛離開(kāi)軌道時(shí)的速度為_(kāi)_____.評(píng)卷人得分四、作圖題(共3題,共24分)21、如圖所示,甲、乙是直線電流的磁場(chǎng),丙、丁是環(huán)形電流的磁場(chǎng),戊、己是通電螺線管的磁場(chǎng),試在各圖中補(bǔ)畫出電流方向或磁感線方向.
22、示波管的內(nèi)部結(jié)構(gòu)如圖所示.如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/、YY/之間都沒(méi)有加電壓,電子束將打在熒光屏中心.如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓,請(qǐng)畫出熒光屏上出現(xiàn)的完整掃描波形圖.
23、圖中表示某一時(shí)刻的波形圖,已知波速為0.5m/s,波沿著x軸的正方向傳播;畫出經(jīng)過(guò)7s后的波形曲線。
評(píng)卷人得分五、實(shí)驗(yàn)題(共4題,共28分)24、如圖(甲)所示是一種測(cè)量血壓的壓力傳感器在工作時(shí)的示意圖.薄金屬片P固定有4個(gè)電阻R1、R2、R3、R4[如圖(乙)所示;4個(gè)電阻的形狀會(huì)跟著薄金屬片受壓而變化,左邊是它的側(cè)面圖],這4個(gè)電阻連接成電路如圖(丙)所示,它為什么能測(cè)量血壓?其工作原理是:當(dāng)O點(diǎn)加一個(gè)壓力F后薄金屬片P發(fā)生形變,這時(shí)4個(gè)電阻也隨之發(fā)生形變,形變能使各電阻大小發(fā)生變化,使A點(diǎn)與B點(diǎn)之間產(chǎn)生電勢(shì)差.血壓越高,壓力越大,金屬片形變?cè)斤@著,電阻變化越大,因此電壓表的示數(shù)越大,于是就可根據(jù)電壓表的示數(shù)大小測(cè)量血壓的高低了.請(qǐng)分析各圖并回答下列問(wèn)題:
(1)開(kāi)始時(shí)金屬片中央O點(diǎn)未加任何壓力,欲使電壓表無(wú)示數(shù),這4個(gè)電阻之間的關(guān)系應(yīng)滿足______________.
(2)當(dāng)O點(diǎn)加一個(gè)壓力F后發(fā)生形變,這時(shí)4個(gè)電阻也隨之發(fā)生形變,形變后各電阻大小如何變化?R1、R4____________;R2、R3____________.(選填“變小”或“不變”或“變大”)
(3)電阻變化后,電路的A、B兩點(diǎn)哪點(diǎn)電勢(shì)高?_______.
25、(1)用游標(biāo)為20分度的游標(biāo)卡尺測(cè)量一根金屬絲的長(zhǎng)度,由圖可知其長(zhǎng)度為_(kāi)_______mm;
(2)用螺旋測(cè)微器測(cè)量一根金屬絲的直徑,其示數(shù)如圖所示,該金屬導(dǎo)線的直徑為_(kāi)_______mm;
(3)用多用電表的電阻“×100”擋,按正確的操作步驟測(cè)某金屬導(dǎo)體的電阻,表盤的示數(shù)如圖,則該電阻的阻值約為_(kāi)_______Ω。
26、某同學(xué)設(shè)計(jì)了如圖甲所示的實(shí)驗(yàn)電路,測(cè)量電池的電動(dòng)勢(shì)E和內(nèi)阻r.已知定值電阻R0=4實(shí)驗(yàn)通過(guò)改變電阻箱阻值,測(cè)出多組電阻箱阻值R及對(duì)應(yīng)的電壓表示數(shù)U,做出關(guān)系圖象,如圖乙所示.
(1)寫出的函數(shù)關(guān)系式:_____________;
(2)由圖可得該電池的電動(dòng)勢(shì)E=______V,內(nèi)阻r=____若考慮伏特表內(nèi)阻的影響,則電動(dòng)勢(shì)E的測(cè)量值______(選填:“大于”、“等于”或“小于”)真實(shí)值.27、請(qǐng)讀出游標(biāo)卡尺的讀數(shù)。
(1)_____________mm(2)_____________mm評(píng)卷人得分六、解答題(共1題,共8分)28、我國(guó)“蛟龍”號(hào)深海探測(cè)船載人下潛超七千米,再創(chuàng)載人深潛新紀(jì)錄。在某次深潛實(shí)驗(yàn)中,“蛟龍”號(hào)探測(cè)到990m深處的海水溫度為280K。某同學(xué)利用該數(shù)據(jù)來(lái)研究氣體狀態(tài)隨海水溫度的變化,如圖所示,導(dǎo)熱性良好的氣缸內(nèi)封閉一定質(zhì)量的氣體,不計(jì)活塞的質(zhì)量和摩擦,氣缸所處海平面的溫度T0=300K,壓強(qiáng)p0=1atm,封閉氣體的體積V0=3m2。如果將該氣缸下潛至990m深處;此過(guò)程中封閉氣體可視為理想氣體。
①求990m深處封閉氣體的體積____(1atm相當(dāng)于10m深的海水產(chǎn)生的壓強(qiáng));
②下潛過(guò)程中封閉氣體___________(填“吸熱”或“放熱”),傳遞的熱量__________(填“大于”或“小于”)外界對(duì)氣體所做的功。
參考答案一、選擇題(共5題,共10分)1、B【分析】【分析】
粒子在磁場(chǎng)中轉(zhuǎn)過(guò)的圓心角越大,粒子的運(yùn)動(dòng)時(shí)間越長(zhǎng),粒子沿ab邊界方向射入磁場(chǎng)從ac邊射出磁場(chǎng)時(shí)轉(zhuǎn)過(guò)的圓心角最大;運(yùn)動(dòng)時(shí)間最長(zhǎng),作出粒子運(yùn)動(dòng)軌跡求出粒子的最大軌道半徑,然后應(yīng)用牛頓第二定律求出粒子的最大速度。
【詳解】
粒子沿ab邊界方向射入磁場(chǎng)從ac邊射出磁場(chǎng)時(shí)轉(zhuǎn)過(guò)的圓心角最大,粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間最長(zhǎng),粒子速度最大時(shí)運(yùn)動(dòng)軌跡與bc相切;粒子運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示;
由題意可知:∠a=60°,∠b=90°,邊長(zhǎng)ac=L,則ab=L,四邊形abdO是正方形,粒子軌道半徑:r=L,粒子做圓周運(yùn)動(dòng),洛倫茲力提供向心力,由牛頓第二定律得;qvmB=2m粒子的最大速度,解得:故ACD錯(cuò)誤,B正確;故選B。
【點(diǎn)睛】
本題帶電粒子在有界的磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的類型,注意根據(jù)圓的對(duì)稱性得到出射時(shí)粒子速度和邊界的夾角與入射時(shí)速度和邊界的夾角相等。解答此題的關(guān)鍵是明確粒子的運(yùn)動(dòng)規(guī)律,畫出臨界軌跡,結(jié)合幾何關(guān)系確定軌道半徑,根據(jù)牛頓第二定律列式求解最大速度,注意粒子不能從C點(diǎn)射出.2、B【分析】【分析】
當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑臂P由上端向下滑動(dòng)的過(guò)程中,變阻器滑片上側(cè)電阻與R1串聯(lián)后與變阻器滑片下側(cè)并聯(lián)的總電阻一直變??;根據(jù)閉合電路歐姆定律分析電路中的電流變化和路端電壓的變化,再根據(jù)歐姆定律分析對(duì)應(yīng)的電流和電阻關(guān)系,再根據(jù)功率公式分析功率的變化.
【詳解】
A項(xiàng):由圖可知,電流表與R0的下部分串聯(lián)、R1與R0的上部分串聯(lián),二者再并聯(lián)后與R2串聯(lián);電流表中的電流小于流過(guò)R2的電流,故故A錯(cuò)誤;
B項(xiàng):電壓表V測(cè)量路端電壓,則其電壓表示數(shù)的變化等于內(nèi)阻兩端電壓的變化,在滑片向下滑動(dòng)過(guò)程中,總電阻減小,總電流增大,并聯(lián)部分電壓減小,流過(guò)R1的電流減小,故流過(guò)電流表的電流增大,因此總電流的變化量小于A中電流的變化,因此故B正確;
C項(xiàng):由B的分析可知;總電流增大,故電源的發(fā)熱功率一直增大,故C錯(cuò)誤;
D項(xiàng):由于外電阻一定大于內(nèi)電阻;而在改變中外電阻減小,故外電阻越來(lái)越接近內(nèi)電阻,故電源的輸出功率一定增大,故D錯(cuò)誤.
故應(yīng)選:B.
【點(diǎn)睛】
本題考查了串、聯(lián)電路的特點(diǎn)和歐姆定律的靈活運(yùn)用,難點(diǎn)是滑動(dòng)變阻器滑片P從最上端→中間→最下端總電阻變化情況的判斷.3、A【分析】【分析】
【詳解】
A.根據(jù)熱力學(xué)第二定律可知;摩擦生熱的過(guò)程在任何情況下都是不可逆的,A正確;
B.空調(diào)既能制熱又能制冷;但是消耗電能,說(shuō)明在不自發(fā)地條件下熱傳遞方向可以逆向,不違背熱力學(xué)第二定律,B錯(cuò)誤;
C.永動(dòng)機(jī)不存在的原因是違背了能量守恒定律;C錯(cuò)誤;
D.由于能量轉(zhuǎn)移或轉(zhuǎn)化是有方向性的;雖然能量守恒,但是還會(huì)產(chǎn)生能源危機(jī),D錯(cuò)誤。
故選A。4、D【分析】【詳解】
關(guān)系滿足:根據(jù)直線的截距等于斜率等于可得故正確.
故選.5、D【分析】【詳解】
解:根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律:E=BLv;如下圖;
L1=2=2R;
L2=2=2R;
又根據(jù)v=v1==2
v2==4
所以E1=4BR;
E2=8BR=4BR;
所以E1<E2.
再根據(jù)右手定則判定電流方向從a到b;在電源內(nèi)部電流時(shí)從電源負(fù)極流向正極;
故D正確.
【點(diǎn)評(píng)】
由于銅棒切割磁感線時(shí)沒(méi)有形成回路;所以銅棒做的是自由下落.
對(duì)于電源而言,電源內(nèi)部電流是從電源負(fù)極流向正極.二、多選題(共6題,共12分)6、B:C【分析】【詳解】
用能量為12.11eV的光照射一個(gè)基態(tài)氫原子,不能被氫原子吸收,則也就不能輻射光子,選項(xiàng)A錯(cuò)誤;因?yàn)?13.6+12.09=-1.51eV,可知用能量為12.09eV的光照射一群基態(tài)氫原子,原子的能量升高到n=3能級(jí),該原子在自發(fā)地向基態(tài)躍遷的過(guò)程中,最多能輻射出=3種不同頻率的光子.故B正確;因?yàn)?13.6+12.75=-0.85eV,可知用能量為12.09eV的光照射一個(gè)基態(tài)氫原子,原子的能量升高到n=4能級(jí),該原子在自發(fā)地向基態(tài)躍遷的過(guò)程中,輻射的情況最多為從4→3→2→1的途徑.可知一個(gè)n=4能量態(tài)的氫原子,最多能輻射出3種不同頻率的光子.故C正確;結(jié)合C的分析可知,用能量為12.75eV的光照射一群基態(tài)氫原子,原子的能量升高到n=4能級(jí),最多能輻射出=6種不同頻率的光子.故D錯(cuò)誤.7、B:C【分析】【詳解】
A.知道水蒸氣的摩爾體積和水分子運(yùn)動(dòng)占據(jù)的空間的體積;可計(jì)算出阿伏伽德羅常數(shù),選項(xiàng)A錯(cuò)誤;
B.液體表面層分子間距離大于液體內(nèi)部分子間距離;分子之間的作用力表現(xiàn)為引力,所以液體表面存在表面張力,故B正確;
C.兩個(gè)分子的間距從極近逐漸增大到10r0的過(guò)程中;分子力先是斥力,后是引力,分子力先做正功,后做負(fù)功,則它們之間的分子勢(shì)能先減小后增大,選項(xiàng)C正確;
D.布朗運(yùn)動(dòng)是懸浮在液體中的固體顆粒所做的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng);不是固體分子的運(yùn)動(dòng),選項(xiàng)D錯(cuò)誤;
故選BC.8、A:B:D【分析】【詳解】
A.由狀態(tài)a等壓變化到狀態(tài)b,氣體的體積變大,根據(jù)
可知?dú)怏w的溫度升高,故氣體在狀態(tài)a的溫度小于在狀態(tài)b的溫度;A正確;
B.從狀態(tài)a到狀態(tài)b的過(guò)程;氣體的體積變大,可知?dú)怏w對(duì)外做正功,B正確;
C.從狀態(tài)b到狀態(tài)c的過(guò)程,氣體體積不變,氣體的壓強(qiáng)變小,根據(jù)
可知?dú)怏w的溫度降低;可知?dú)怏w的內(nèi)能減小,根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知,氣體對(duì)外放熱,C錯(cuò)誤;
D.由題意可知?dú)怏w在狀態(tài)a的溫度等于在狀態(tài)c的溫度,故氣體在狀態(tài)a的內(nèi)能等于在狀態(tài)c的內(nèi)能;D正確;
E.從狀態(tài)c到狀態(tài)a的過(guò)程;氣體的體積變小,外界對(duì)氣體做正功,又氣體的內(nèi)能不變,根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知,氣體對(duì)外放熱,E錯(cuò)誤。
故選ABD。9、A:C:D【分析】【分析】
【詳解】
AB.的過(guò)程中,氣體體積變大,則氣體對(duì)外做功;溫度不變,內(nèi)能不變。則氣體吸收熱量,選項(xiàng)正確、錯(cuò)誤;
CD.根據(jù)可得。
在的過(guò)程中,圖線上的點(diǎn)與橫軸上點(diǎn)連線的斜率減小,則氣體壓強(qiáng)變大;氣體的溫度降低,內(nèi)能減小,選項(xiàng)正確。
故選ACD。10、A:D【分析】【分析】
當(dāng)cd邊在磁場(chǎng)中切割時(shí),ab相當(dāng)于其中的一個(gè)外電路,當(dāng)ab邊切割時(shí),ab相當(dāng)于電源;它兩端的電壓應(yīng)該等于路端電壓.
【詳解】
A.在cd邊剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)cd導(dǎo)體棒切割磁感線產(chǎn)生電動(dòng)勢(shì),ab相當(dāng)于外電路中的一部分,根據(jù)電阻的關(guān)系可知ab兩端的電壓為故A對(duì);
B.在cd邊剛離開(kāi)磁場(chǎng)時(shí)ab切割磁感線,cd相當(dāng)于電源,所以兩端的電壓為路端電壓即故B錯(cuò)。
C.為使線框勻速運(yùn)動(dòng)水平拉力大小應(yīng)該等于安培力,即故C錯(cuò);
D.通過(guò)磁場(chǎng)的整個(gè)過(guò)程中線框產(chǎn)生的熱量即為克服安培力所做的功:故D對(duì);
故選AD
【點(diǎn)睛】
本題考查了電磁感應(yīng)定律,在處理本題時(shí)一定要注意誰(shuí)是電源,誰(shuí)是外電路,這樣才可以準(zhǔn)確知道電壓值.11、C:D【分析】【詳解】
ABC.有圖像可知彈簧振子的固有周期為4s,因此彈簧振子的固有頻率為彈簧振子做受迫振動(dòng)的周期為8s,受迫振動(dòng)的頻率為故AB錯(cuò)誤;C正確;
D.當(dāng)轉(zhuǎn)速n=15r/min=即受迫振動(dòng)的頻率和彈簧振子的固有頻率相同,物體達(dá)到共振,因此振幅增大,故D正確.三、填空題(共9題,共18分)12、略
【分析】【詳解】
欲使粒子不打在極板上,如圖所示,帶正電的粒子從左邊射出磁場(chǎng)時(shí),其在磁場(chǎng)中圓周運(yùn)動(dòng)的半徑R<L/4;粒子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)由洛倫茲力提供向心力,即:qvB=m可得粒子做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑:
所以粒子不打到極板上且從左邊射出,則:即:
帶正電的粒子從右邊射出,如圖所示,此時(shí)粒子的最小半徑為R,由上圖可知:R2=L2+(R-)2;可得粒子圓周運(yùn)動(dòng)的最大半徑:R=則:即:故欲使粒子不打在極板上,粒子的速度必須滿足或【解析】或13、略
【分析】當(dāng)小球所受的洛倫茲力小于重力垂直桿向下的分力,小球向下做加速運(yùn)動(dòng),洛倫茲力逐漸增大,支持力和滑動(dòng)摩擦力逐漸減小,合力增大,加速度增大.當(dāng)洛倫茲力等于重力垂直桿的分力時(shí),又由得
點(diǎn)睛:本題關(guān)鍵是分析小球的受力情況,判斷其運(yùn)動(dòng)情況,注意先分析重力和洛倫茲力,再分析彈力和摩擦力,抓住洛倫茲力的大小與速度大小成正比進(jìn)行動(dòng)態(tài)分析?!窘馕觥?4、略
【分析】【詳解】
第一空.由題中I-U圖像可知:遏止電壓Uc=2V,即Ekm=eUc=3.2×10-19J。
第二空.由光電效應(yīng)方程Ekm=hv-W0解得W0=hv-Ekm=3eV=4.8×10-19J.【解析】3.2×10-194.8×10-1915、略
【分析】【詳解】
(1)[1]根據(jù)題目要求;能滿足條件的電路是A;
(2)[2]該電路為“與”門電路;電路符號(hào)為。
[3][4][5][6]真值表。輸入輸出ABZ000010100111【解析】A000116、略
【分析】【分析】
【詳解】
(1)[1]根據(jù)靜電感應(yīng)可知;將帶有負(fù)電的絕緣棒移近兩個(gè)不帶電的導(dǎo)體球時(shí),在兩個(gè)導(dǎo)體球上分別感應(yīng)出等量的異號(hào)電荷,此時(shí)先把兩球分開(kāi),再移走棒。就會(huì)使兩球帶上等量異號(hào)電荷;
(2)[2][3]使棒與甲球瞬時(shí)接觸;再移走棒,會(huì)使兩導(dǎo)體球均帶上負(fù)電荷;
(3)[4][5]先使甲球瞬時(shí)接地,會(huì)使兩球瞬間與大地連為一體,此時(shí)導(dǎo)體球上感應(yīng)出的負(fù)電荷會(huì)導(dǎo)入大地,再移走棒,兩球均帶正電荷?!窘馕觥緽負(fù)負(fù)正正17、略
【分析】【詳解】
(1)[1]由圖像可知,氣體從a狀態(tài)經(jīng)過(guò)到達(dá)b狀態(tài)的過(guò)程中,氣體的體積保持不變,溫度升高,根據(jù)
可知?dú)怏w的壓強(qiáng)增大。
(2)[2]由圖像可知,氣體從b狀態(tài)經(jīng)過(guò)到達(dá)c狀態(tài)的過(guò)程,氣體的溫度保持不變,則氣體的內(nèi)能保持不變;氣體的體積減小,則外界對(duì)氣體做正功,根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知,氣體對(duì)外放出熱量。【解析】增大放出18、略
【分析】【詳解】
(1)當(dāng)恰好能恰能從下極板邊緣飛出粒子運(yùn)動(dòng)的半徑最??;如圖:
由幾何關(guān)系可知,粒子的最小半徑為:Rmin=L
(2)設(shè)粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的半徑為R,由洛倫茲力提供向心力,則得qvB=m
得
可得:
可知,當(dāng)半徑最小時(shí)對(duì)應(yīng)的速度最小,則v0≥
(3)由于板間電場(chǎng)強(qiáng)度方向豎直向上;粒子帶負(fù)電,可知加速度的方向向下。
-q粒子在水平方向上勻速運(yùn)動(dòng);在豎直方向上向下勻加速運(yùn)動(dòng),則有。
水平方向:L=v0t
豎直方向:L=at2
又由牛頓第二定律得
聯(lián)立解得,
可知若粒子穿過(guò)電場(chǎng),則:v0≥
【點(diǎn)睛】
本題中帶電粒子在組合場(chǎng)中運(yùn)動(dòng),要掌握類平拋運(yùn)動(dòng)的研究方法:運(yùn)動(dòng)的合成和分解,磁場(chǎng)中畫軌跡是解題的關(guān)鍵。【解析】(1)L(2)v0≥(3)v0≥19、略
【分析】【詳解】
[1]桿切割產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為E=Bdv
兩個(gè)電阻為R的半金屬圓環(huán)并聯(lián),并聯(lián)電阻
則電路電流(總電流)為
桿兩端的電壓為
考點(diǎn):法拉第電磁感應(yīng)定律;閉合電路的歐姆定律。【解析】20、略
【分析】【詳解】
小球從進(jìn)入軌道;到上升到h高度時(shí)為過(guò)程第一階段,這一階段類似完全非彈性的碰撞,動(dòng)能損失轉(zhuǎn)化為重力勢(shì)能(而不是熱能).
小球到達(dá)最大高度h時(shí);小球與小車的速度相同,在小球從滑上小車到上升到最大高度過(guò)程中,系統(tǒng)水平方向動(dòng)量守恒,以水平向左方向?yàn)檎较颍谒椒较?,由?dòng)量守恒定律得:
mv0=(m+m)v
系統(tǒng)的機(jī)械能守恒,則得:mv02=(m+m)v2+(m+m)gh
解得:h=
小球從進(jìn)入到離開(kāi),整個(gè)過(guò)程屬?gòu)椥耘鲎材P?,又由于小球和車的等質(zhì)量,由彈性碰撞規(guī)律可知,兩物體速度交換,故小球離開(kāi)軌道時(shí)速度為零.【解析】0四、作圖題(共3題,共24分)21、略
【分析】【詳解】
利用右手螺旋定則;已知電流的方向可判定磁場(chǎng)方向,也可以通過(guò)磁場(chǎng)方向來(lái)確定電流的方向;
圖甲;已知磁場(chǎng)方向,順時(shí)針?lè)较?,則電流垂直紙面向里;
圖乙;電流右側(cè)的磁場(chǎng)的方向向里,左側(cè)的磁場(chǎng)的方向向外,則電流的方向向上;
圖丙;已知磁場(chǎng)方向,則可知電流方向,逆時(shí)針?lè)较颍?/p>
圖?。画h(huán)形電流從左側(cè)流入,從右側(cè)流出,所以磁場(chǎng)的方向向下;
圖戊;根據(jù)螺線管中電流方向,利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場(chǎng)的方向向左;
圖已;根據(jù)螺線管中上邊的電流方向向外,下邊的電流的方向向里,利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場(chǎng)的方向向右.如圖所示:
【解析】22、略
【分析】試題分析:A圖中;在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為2T,即在2T的時(shí)間內(nèi)才能完成一次水平方向的掃描,而豎直方向(y方向)的周期為T,所以在水平方向的一次水平掃描的過(guò)程中,豎直方向由2個(gè)周期性的變化;y方向的電壓變化為正弦式的變化,由于電子到達(dá)熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比,所以A圖中的掃描圖形如圖;
要在熒光屏上得到待測(cè)信號(hào)在一個(gè)周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象.XX′偏轉(zhuǎn)電極要接入鋸齒形電壓;即掃描電壓.
B圖中;在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為T,即在一個(gè)周期T的時(shí)間內(nèi)完成一次水平方向的掃描,同時(shí)豎直方向的周期為T,所以在水平方向的一次水平掃描的過(guò)程中,豎直方向也完成一個(gè)周期性的變化;y方向的電壓大小不變,方向每半個(gè)周期變化一次,結(jié)合電子到達(dá)熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比,所以B圖中的掃描圖形如圖.
考點(diǎn):考查了示波器的工作原理。
【名師點(diǎn)睛】本題關(guān)鍵要清楚示波管的工作原理,示波管的YY′偏轉(zhuǎn)電壓上加
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