2025年人教新起點必修3物理上冊階段測試試卷含答案

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年人教新起點必修3物理上冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、如圖是課本“用傳感器觀察電容器的放電過程”實驗的原理電路圖、實驗裝置圖和計算機顯示的電容器放電的電流隨時間變化的圖像（I-t圖像）。實驗開始時，電容器C不帶電，將開關S與1端相連，電源向電容器充電，充電過程可在短時間內完成。然后擲向2端，電容器通過電阻R放電。關于此實驗；下列說法正確的是（）

A.將開關S與1端相連的瞬間充電電流可能大于電源的短路電流B.充電過程中電容器C兩端電壓隨時間變化關系與圖丙相似C.增大R，其他條件不變，重復實驗，放電的I-t圖與時間軸之間的面積增大D.增大R，其他條件不變，重復實驗，放電電流的最大值減小2、用電流表和電壓表測電阻時；可以有如圖所示的兩種方法把電壓表和電流表連入電路．對于這兩個電路下列說法中正確的是（）

A.采用（甲）圖時，測量出的電阻值比真實值小B.采用（乙）圖時，測量出的電阻值比真實值小C.為了減小誤差，測量較小阻值的電阻時宜采用（甲）圖D.為了減小誤差，測量較大阻值的電阻時宜采用（乙）圖3、兩根完全相同的金屬導線A和B，如果把導線A均勻拉長到原來的2倍，把導線B對折后絞合起來，則它們的電阻之比變?yōu)椋ǎ〢.4：1B.8：1C.16：1D.32：14、如圖甲所示，R為電阻箱，A為理想電流表，電源的電動勢為E，內阻為r。圖乙為電源的輸出功率P與電流表示數I的關系圖象，其中功率P0分別對應電流I1、I2，外電路電阻R1、R2。下列關系式中正確的是（）

A.I1＋I2>B.I1＋I2＝C.>D.<5、兩個帶同種電荷的小球質量分別是和電荷量分別是和用等長的細線懸掛于同一點O，兩細線與豎直方向的夾角分別為如圖所示。以下能使的條件是（）

A.B.C.D.6、一臺國產封閉型貯水式電熱水器的銘牌上所列的主要技術參數如下表所示。根據表中提供的數據，此電熱水器在額定電壓下處于加熱狀態(tài)時，下列判斷正確的是（）。額定容量54L最高水溫75℃額定功率1200W額定壓強0.7MPa額定電壓220V電器類別Ⅰ類

A.通過熱水器的電流約為0.15AB.通過熱水器的電流約為4.4AC.熱水器工作5小時耗電6kW?hD.熱水器工作5小時耗電60kW?h7、如圖所示，帶電小球P固定在O點正下方，另一個帶電小球Q用絕緣絲線懸掛在O點，兩小球靜止，此時兩小球距離為L?，F把小球Q換成小球M（和Q的帶電荷量相同），小球M靜止時PM之間的距離為則M與Q的質量之比為（）

A.27：1B.9：1C.3：1D.1：98、如圖是P、Q兩點電荷的電場線分布，為電場中的兩點，且到P、Q連線的中垂線距離相等。一個離子從運動到（不計重力）；軌跡如圖所示。則下列判斷正確的是（）

A.兩點的電勢相等B.兩點的電場強度相等C.從到離子的動能越來越大D.從到離子受到P的吸引9、目前許多國產手機都有指紋解鎖功能；用的指紋識別傳感器是電容式傳感器，如圖所示。指紋的凸起部分叫“嵴”，凹下部分叫“峪”。傳感器上有大量面積相同的小極板，當手指貼在傳感器上時，這些小極板和正對的皮膚表面形成大量的小電容器，這樣在嵴處和峪處形成的電容器的電容大小不同，此時傳感器給所有的電容器充電后達到同一電壓值，然后，電容器放電，電容小的電容器放電較快，根據放電快慢的不同，就可以探測到嵴和峪的位置，從而形成指紋圖像數據，根據文中信息，下列說法正確的是（）

A.充電后在嵴處形成的電容器的電荷量小B.若在手機屏上增貼了一層厚度均勻的玻璃膜，則指紋識別解鎖功能無法使用C.在峪處形成的電容器電容較小D.沾水潮濕的手指頭對指紋識別絕對沒有影響評卷人得分二、多選題(共9題，共18分)10、如圖所示，三根均勻帶電的等長絕緣棒組成等邊三角形ABC，在三角形的正中心P放置電荷量為-q（q>0）的試探電荷，所受電場力大小為F1，方向由P指向A，將BC棒取走，試探電荷所受電場力大小變?yōu)镕2，方向由A指向P，設AB棒在P處激發(fā)的電場強度大小為E1，BC棒在P處激發(fā)的電場強度大小為E2；則（）

A.AB棒帶正電，所帶電荷量絕對值大于BC棒B.AB棒帶負電，所帶電荷量絕對值小于BC棒C.D.11、有一種電四極子的電荷分布如圖所示，在正方形的頂點上分別有兩個電量為+q和兩個電量為-q的點電荷．O點為正方形中心，a、b、c、d為正方形四條邊的中點，電量為-Q的點電荷位于Oc延長線上，下列說法正確的是（）

A.場強的大小關系有B.電勢的高低關系有C.將一正點電荷沿直線由a移動到c的過程中電勢能逐漸減小D.將一正點電荷沿直線由b移動到d的過程中電勢能始終不變12、某同學設計了一種靜電除塵裝置，如圖甲所示，其中有一長為L、寬為b、高為d的矩形通道，其前、后面板為絕緣材料，上、下面板為金屬材料，圖乙是裝置的截面圖，上、下兩板與電壓恒定為U的高壓直流電源相連，帶負電的塵埃被吸入矩形通道的水平速度為當碰到下板后其所帶電荷被中和，同時被收集，將被收集塵埃的數量與進入矩形通道塵埃的數量的比值，稱為除塵率，不計塵埃的重力及塵埃之間的相互作用，要增大除塵率，則下列措施可行的是（）

A.只增大電壓UB.只增大長度LC.只增大高度dD.只增大塵埃被吸入水平速度13、如圖所示，O、A、B、C為一粗糙絕緣水平面上的四個點，一電荷量為Q的負點電荷固定在O點，現有一質量為m、電荷量為q的帶負電小金屬塊（可視為質點），從A點靜止釋放后沿它們的連線向右運動，到B點時速度最大，其大小為vm，小金屬塊最后停止在C點。已知小金屬塊與水平面間的動摩擦因數為μ，AB間的距離為L，靜電力常量為k；不計空氣阻力，則（）

A.在點電荷形成的電場中，A、B兩點間的電勢差為B.在小金屬塊由A向C運動的過程中，電勢能先增大后減小C.從B到C的過程中，小金屬塊的動能全部轉化為電勢能D.OB間的距離為14、圖中的實線表示電場線；虛線表示只受電場力作用的帶正電粒子的運動軌跡，粒子先經過M點，再經過N點，可以判定（）

A.M點的電勢大于N點的電勢B.M點的電勢小于N點的電勢C.粒子在M點受到的電場力大于在N點受到的電場力D.粒子在M點受到的電場力小于在N點受到的電場力15、在一靜止正點電荷的電場中，任一點處的電勢與該點到點電荷的距離r的倒數的關系圖像如圖所示.電場中三個點a、b、c的坐標如圖所示，其電場強度大小分別為和現將一帶負電的試探電荷依次由a點經過b點移動到c點，在相鄰兩點間移動的過程中，電場力所做的功分別為和下列判斷正確的是（）

A.B.C.D.16、如圖所示，平行板電容器與電動勢為E的直流電源（內阻不計）連接，下極板接地，靜電計所帶電荷量很少，可被忽略．一帶負電油滴被固定于電容器中的P點．現將平行板電容器的下極板豎直向下移動一小段距離，則（）

A.平行板電容器的電容將變大B.靜電計指針張角不變C.帶電油滴的電勢能將增大D.若先將上極板與電源正極連接的導線斷開，再將下極板向下移動一小段距離，則帶電油滴所受電場力不變17、如圖所示的電路中，電源電動勢為3V，當開關S接通后，燈泡和都不亮，檢查發(fā)現僅是的燈絲燒斷了。檢查時用電壓表去測電路各部分的電壓，下列結果正確的是（）

A.B.C.D.18、在如圖所示的電路中，燈泡L的電阻大于電源的內阻r，閉合電鍵S，將滑動變阻器滑片P向左移動一段距離后，下列結論正確的是（）

A.燈泡L變亮B.電源的輸出功率先變大后變小C.電容器C上的電荷量增加D.電壓表讀數的變化量與電流表讀數的變化量之比恒定評卷人得分三、填空題(共7題，共14分)19、若物體只受電場力作用，如果該物體的電場力做負功，那么電勢能就會___________；若物體的電場力做正功，那么電勢能就會___________。20、安培定則。

（1）直線電流的磁場：右手握住導線，讓伸直的拇指所指的方向與______方向一致，彎曲的四指所指的方向就是______環(huán)繞的方向；如圖甲。

（2）環(huán)形電流的磁場：讓右手彎曲的四指與______的方向一致，伸直的拇指所指的方向就是環(huán)形導線軸線上______的方向；如圖乙。

（3）通電螺線管的磁場：右手握住螺線管，讓彎曲的四指所指的方向跟______方向一致，拇指所指的方向就是螺線管______磁感線的方向，或拇指指向螺線管的______極；如圖丙。

21、電磁場：變化的____和變化的____交替產生，形成不可分割的統(tǒng)一體，稱為___。22、電磁波的特點：

（1）電磁波在空間傳播不需要_________；

（2）電磁波是_________：電磁波中的電場強度與磁感應強度互相_________，而且二者均與波的傳播方向_________，因此電磁波是_____________

（3）電磁波的波長、頻率、波速的關系：v=________，在真空中，電磁波的速度c=_________m/s。

（4）電磁波能產生反射、_________、干涉、偏振和_________等現象。23、用游標卡尺和螺旋測微器測量一根金屬絲的長度和直徑，測量的結果如圖所示，則此金屬絲的長度L=______cm，直徑d=______mm。

24、如圖所示的電路中，R1＝10Ω，R2＝20Ω，R3＝30Ω，S斷開時，A、B兩端的總電阻為________Ω，S閉合后，A、B兩端的總電阻為________Ω。

25、如圖所示，條形磁鐵A沿豎直方向插入線圈B的過程中，電流表G的指針________（選填“不偏轉”或“偏轉”）；若條形磁鐵A在線圈B中保持不動，電流表G的指針________。（選填“不偏轉”或“偏轉”）

評卷人得分四、實驗題(共4題，共32分)26、在伏安法測電阻的實驗中，待測電阻的阻值約為電壓表V的內阻約為電流表A的內阻約為測量電路中電流表的連接方式如圖（a）、（b）所示，結果由公式計算得出，式中與分別為電壓表和電流表的示數，若將圖（a）和圖（b）中電路測得的電阻值分別記為和則____________（選填“”或“”）更接近待測電阻的真實值，且測量值____________（選填“大于”“等于”或“小于”）真實值。

27、某興趣學習小組將電壓表改裝成測量物體質量的儀器；如圖甲所示。

所用實驗器材有：

直流電源：電動勢為E，內阻為r；

理想電壓表V：量程0～3V；

滑動變阻器R：規(guī)格0～5Ω；

豎直固定的粗細均勻的直電阻絲R0：總長為1cm；總阻值為9Ω；

豎直彈簧：下端固定于水平地面，上端固定秤盤，彈簧上固定一水平導體桿，導體桿右端點P與直電阻絲R0接觸良好且無摩擦；

開關S以及導線若干。

實驗步驟如下：

（1）秤盤中未放被測物前，將導體桿右端點P置于直電阻絲R0上端a處；秤盤處于靜止狀態(tài)。

（2）直流電源的U-I圖象如圖乙所示，則電源電動勢E=___________V，內阻r=___________Ω。

（3）在彈簧的彈性限度內，在秤盤中輕輕放入被測物，待秤盤靜止平衡后，導體桿右端點P正好處于直電阻絲R0下端b處，要使此時電壓表達到滿偏，則滑動變阻器R接入電路的阻值為___________Ω。已知彈簧的勁度系數k=9.8×103N/m，當地重力加速度g=9.8m/s2，則被測物的質量m=___________kg。由此在電壓表的刻度盤上標示相應的質量數值，即將該電壓表改裝成了測量物體質量的儀器，則質量刻度是___________（填“均勻”或“非均勻”）的。28、（1）用多用電表測未知電阻阻值的電路如圖甲所示，電池的電動勢為E、內阻為r，R0為調零電阻，Rg為表頭內阻，電路中電流I與待測電阻的阻值Rx關系圖像如圖乙所示，則該圖像的函數關系式為_____；（調零電阻R0接入電路的部分阻值用R0表示）

（2）下列根據圖乙中I﹣Rx圖線做出的解釋或判斷中正確的是_____；

A．用歐姆表測電阻時；指針指示讀數越大，測量的誤差越小。

B．歐姆表調零的實質是通過調節(jié)R0，使Rx＝0時電路中的電流I＝Ig

C．Rx越??；相同的電阻變化量對應的電流變化量越小，所以歐姆表的示數左密右疏。

D．測量中，當Rx的阻值為圖乙中的R2時；指針位于表盤中央位置的右側。

（3）某同學想通過一個多用電表中的歐姆擋，直接去測量某電壓表（量程10V）的內阻（大約為幾十千歐），歐姆擋的選擇開關撥至倍率“1k”擋。先將紅、黑表筆短接調零后，選用圖丙中_____（填“A”或“B”）方式連接。在本實驗中，如圖丁所示為歐姆表和電壓表的讀數，請你利用所學過的知識，求出歐姆表電池的電動勢，E＝_____V。（計算結果保留3位有效數字）

29、某小組同學用多用電表做了以下實驗：

歐姆表的內部電路可簡化為一個電動勢為E的電源、一個電流表和一個電阻串聯而成。為了測量多用電表歐姆擋在“×100”擋時的內部電阻、電動勢和紅黑表筆短接時流出多用電表的電流Im；該同學將多用電表的選擇開關調到“×100”擋進行歐姆調零后，設計了如下圖所示的電路。

（1）檢查發(fā)現電路中有接線錯誤，其錯誤是_________________；

（2）正確連接線路后，閉合開關，改變電阻箱的阻值，得到多組電流表的示數1和電阻箱的阻值R，作出圖線如圖所示，該圖線縱軸截距為b，斜率為k，若忽略毫安表內阻，由圖可得電動勢E=___________，內部電路電阻r=__________，紅黑表筆短接時流出多用電表的電流Im=______________；

（3）若考慮到毫安表內阻的影響，E、r和Im這三個物理量的測量值小于真實值的是______________（選填“E”“r”或“Im”）。評卷人得分五、解答題(共3題，共27分)30、如圖甲所示的電路，滑動變阻器與電源相連接，其中滑動變阻器的最大阻值電源的輸出電壓隨外電路總電阻按圖乙所示的規(guī)律變化，其中段與橫軸平行，且與的虛線接近重合。

(1)求電源的電動勢內阻

(2)求間空載時滑動變阻器兩端電壓的取值范圍；

(3)若干路電流不能超過求間所接電阻的最小值。（保留一位小數）

31、某點電荷形成的電場中某區(qū)域的電場線如圖所示,A、B是電場中的兩點．一個電荷量的點電荷在A點所受電場力將該點電荷從A點移到B點,電場力做功．求:

（1）請在圖中標出電場線的方向，并求A點電場強度的大小

（2）A、B兩點間的電勢差U

（3）若取A點為零電勢位置，求B點電勢能。

（4）該點電荷從A點靜止釋放后運動到B點的過程中，分析速度和加速度的變化情況．32、離地面高度H=5.0×104m以下的大氣層可視為電阻率較大的漏電介質，假設由于雷暴對大氣層的“電擊”，使得離地面高度5.0×104m處的大氣層與帶負電的地球表面之間形成穩(wěn)定的電場，其電勢差約為U=3.0×105V。已知，雷暴每秒鐘給地球充電的電荷量約為q=1.8×103C，地球表面積近似為S=5.0×1014m2，求：離地面5.0×104m以下的大氣層（漏電大氣層）的平均電阻率。（結果保留兩位有效數字）

參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、D【分析】【分析】

【詳解】

A．電容器剛沖電時；兩極板電壓為0，可視為短路，所以將開關S與1端相連的瞬間充電電流等于電源的短路電流，故A錯誤；

B．充電過程中電容器C的電荷量增大，兩端電壓隨時間逐漸增大，所以充電過程中電容器C兩端電壓隨時間變化關系與圖丙不相似；故B錯誤；

C．由于電容器電荷量一定，若將電阻換一個阻值較大電阻，所有電荷量將通過電阻R釋放；只是圖象更加平緩些，但總量不變，故C錯誤；

D．將開關S與2端相連的瞬間放電電流最大，根據歐姆定律可知，增大R；其他條件不變，重復實驗，放電電流的最大值減小，故D正確；

故選D。2、B【分析】【分析】

【詳解】

AD．采用（甲）圖時；由于電流表的分壓作用，則電壓的測量值偏大，根據。

可知；測量出的電阻值比真實值大，為了減小誤差，測量較大阻值的電阻時宜采用（甲）圖，選項AD錯誤；

BC．采用（乙）圖時；由于電壓表的分流作用，使得電流的測量值偏大，根據。

可知；測量出的電阻值比真實值小，了減小誤差，測量較小阻值的電阻時宜采用（乙）圖，選項B正確；C錯誤；

故選B。3、C【分析】【分析】

【詳解】

根據電阻定律。

如果把導線A均勻拉長到原來的2倍，則橫截面積變?yōu)樵瓉淼膭t電阻變?yōu)樵瓉淼?倍；把導線B對折后絞合起來，則長度變?yōu)樵瓉淼臋M截面積變?yōu)樵瓉淼?倍，則電阻變?yōu)樵瓉淼膭t它們的電阻之比變?yōu)?6:1。

故選C。4、B【分析】【分析】

【詳解】

AB．由閉合電路歐姆定律得U＝E－Ir

輸出功率為P＝UI＝EI－I2r

故有EI1－I12r＝EI2－I22r

整理得I1＋I2＝

故A錯誤；B正確；

CD．根據電功率表達式得P0＝I12R1＝I22R2

且I1＝I2＝

代入整理得R1R2＝r2

故CD錯誤。

故選B。5、A【分析】【分析】

【詳解】

對質量為和的小球，相互排斥的庫侖力F總是等大、反向，與小球帶電量無關，由平衡條件分別可得

要使只要即可；A正確。

故選A。6、C【分析】【詳解】

AB．由P=UI

可知通過熱水器的電流為

AB錯誤；

CD．熱水器工作5小時消耗的電能為

C正確；D錯誤。

故選C。7、A【分析】【分析】

【詳解】

對Q進行受力分析；

有P對Q的庫侖斥力。

重力G=mg和細線拉力，Q在這三個力的作用下平衡；畫出受力平衡的矢量三角形如圖所示。由三角形相似得。

即。

由等式右邊為常數可知，m與L3成反比；可得質量變?yōu)樵瓉淼?7倍，A項正確。

故選A。8、D【分析】【詳解】

A．沿著電場線方向電勢逐漸降低，則知點的電勢高于點的電勢；選項A錯誤；

B．由圖中電場線的分布情況可知電場強度大小相等；方向不同，選項B錯誤；

CD．離子從運動的過程中，軌跡向內彎曲，則離子受到P的吸引力作用，從到電場力做負功，根據動能定理可知動能減小，選項C錯誤，D正確。

故選D。9、C【分析】【詳解】

AC．峪處d較小，嵴處d較大，根據電容的計算公式可知，峪處形成的電容器電容較小，嵴處構成的電容器電容大，根據可知；充電后在嵴處形成的電容器的電荷量大，故A錯誤，C正確；

B．在手機屏上增貼了一層厚度均勻的玻璃膜；即在電容器中間插入一層厚度均勻絕緣介質，無論是嵴處還是峪處的電容都變大，但仍然是嵴處較大，峪處較小，指紋識別解鎖功能仍然可以使用，故B錯誤；

D．濕的手與傳感器之間有水填充；改變了原來匹配成平行板電容器的電容，所以會影響指紋解鎖和指紋識別，故D錯誤。

故選C。二、多選題(共9題，共18分)10、B:D【分析】【詳解】

由題意，在三角形的正中心P放置電荷量為-q（q>0）的試探電荷，所受電場力大小為F1，方向由P指向A，可知合場強方向由A指向P，且

將BC棒取走，試探電荷所受電場力大小變?yōu)镕2，方向由A指向P，則AB和AC棒產生的合場強方向由P指向A，且兩棒產生的場強大小相等，合場強為

由以上分析可知，三個棒均帶負電，BC棒產生的場強大于AB與AC的合場強，因AB與AC的合場強等于AB產生的場強，即BC棒產生的場強大于AB棒產生的場強，即AB棒帶負電，所帶電荷量絕對值小于BC棒；場強關系滿足

解得

故選BD。11、A:C【分析】【詳解】

A．各點電荷在b、d兩點產生的場強如圖所示；

按平行四邊形合成規(guī)律可知，b點的場強大于d點的場強；故A正確；

B．對兩對等量的異種電荷產生的電場，b、d連線是等勢線．對于-Q電荷，根據所產生電場的對稱性，b、d兩點電勢相等，所以故B錯誤；

C．對兩對等量異種電荷，a、c連線是等勢線，對于-Q電荷，正點電荷沿直線由a移動到c的過程中；電場力做正功，電勢能逐漸減小，故C正確；

D．對兩對等量的異種電荷產生的電場，b、d連線是等勢線．對于-Q電荷，正點電荷沿直線由b移動到d的過程中；電場力先做正功后做負功，電勢能先減小后增大，故D錯誤．

故選AC.12、A:B【分析】【詳解】

增加除塵率即是讓離下極板較遠的粒子落到下極板上，帶電塵埃在矩形通道內做類平拋運動，在沿電場的方向上的位移為

又因為

解得

只要豎直方向上的位移y增大即可，因此可以增加電壓U、極板長度L、減小高度d、減小水平速度v0。

故選AB。13、A:D【分析】【分析】

【詳解】

A．由

聯立可解得

故A正確；

B．在小金屬塊由A向C運動的過程中；電場力一直做正功，故電勢能一直減小，故B錯誤；

C．從B到C的過程中；電場力做正功，摩擦力做負功，小金屬塊的動能全部轉化為摩擦熱，故C錯誤；

D．在B點時速度最大，此時加速度為零，則有電場力等于摩擦力

解得

故D正確。

故選AD。14、A:D【分析】【詳解】

試題分析：根據順著電場線方向電勢降低可知；M點的電勢高于N點的電勢，故A正確，B錯誤；根據電場線的疏密來判定電場強度的強弱，M點的電場力小于N點，故D正確，C錯誤．

考點：電勢；電場強度。

【名師點睛】本題是電場中軌跡問題，關鍵要根據軌跡的彎曲方向判斷出粒子所受的電場力方向，再抓住電場線的物理意義判斷場強、電勢等的大?。?5、B:C【分析】【分析】

靈活應用點電荷的場強公式及電勢隨變化的圖像進行分析推理。

【詳解】

AB．由點電荷的場強公式

可得

故A錯誤；B正確。

CD．電場力做的功

又因為

所以故C正確；D錯誤。

故選BC。16、B:D【分析】【詳解】

A.根據知；將平行板電容器的下極板豎直向下移動一小段距離，則d增大，則電容減小，故A錯誤；

B.靜電計測量的是電容器兩端的電勢差；因為電容器始終與電源相連，則電勢差不變，所以靜電計指針張角不變，故B正確；

C.兩板電勢差不變，d增大，則兩板間電場強度減小，P點與上極板間的距離不變，由U=Ed可知，P點與上極板間的電勢差減小，則P點的電勢升高；因油滴帶負電，可知油滴的電勢能減小，故C錯誤；

D.電容器與電源斷開，則電荷量不變，d改變，根據知電場強度不變，則油滴所受電場力不變．故D正確．17、B:C【分析】【詳解】

由于的燈絲燒斷了，則回路中電流為零，測ad、bc兩端電壓相當于測開路電壓，即電源電壓，電壓為

由于回路中電流為零，所以ab、cd上的電壓都等于零電壓為

故選BC。18、C:D【分析】【分析】

電路穩(wěn)定時；電容器相當于開關斷開，滑動變阻器滑片P向左移動時，變阻器在路電阻增大，分析電路總電阻的變化，由閉合電路歐姆定律分析干路電流的變化，判斷燈泡亮度的變化以及電源的輸出功率如何變化和電容器電壓的變化；

【詳解】

A、當滑動變阻器滑片P向左移動，其接入電路的電阻增大，電路總電阻增大，干路電流I減小，則燈泡變暗，故A錯誤；

B、當內、外電阻相等時，電源的輸出功率最大，由題意，燈泡L的電阻大于電源的內阻r，當R增大時，外電阻與電源內電阻的差值增大，電源的輸出功率變小，故B錯誤；

C、由上面分析可知：干路電流I減小，電源的內電壓減小，路端電壓增大，而且燈泡兩端電壓減小，故電容器上電壓增大，則其電荷量增大，故C正確；

D、根據閉合電路歐姆定律得：則即電壓表讀數的變化量與電流表讀數的變化量之比等于電源的內電阻r；保持不變，故D正確．

【點睛】

本題的難點在于確定電源的輸出功率如何變化，可以用數學證明，當內外電阻相等時，電源的輸出功率最大，這是很重要的結論．對于電容器，關鍵確定電壓，記住這個結論很有必要：電容器與與它并聯的電路電壓相等．三、填空題(共7題，共14分)19、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]若物體只受電場力作用；如果該物體的電場力做負功，那么電勢能就會增加；

[2]若物體的電場力做正功，那么電勢能就會減小?！窘馕觥吭黾訙p小20、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1][2]直線電流的磁場：右手握住導線；讓伸直的拇指所指的方向與電流方向一致，彎曲的四指所指的方向就是磁感線環(huán)繞的方向，如圖甲。

（2）[3][4]環(huán)形電流的磁場：讓右手彎曲的四指與環(huán)形電流的方向一致；伸直的拇指所指的方向就是環(huán)形導線軸線上磁感線的方向，如圖乙。

（3）[5][6][7]通電螺線管的磁場：右手握住螺線管，讓彎曲的四指所指的方向跟電流方向一致，拇指所指的方向就是螺線管內部磁感線的方向，或拇指指向螺線管的N極，如圖丙?！窘馕觥竣?電流②.磁感線③.環(huán)形電流④.磁感線⑤.電流⑥.內部⑦.N21、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2][3]電磁場：變化的電場和變化的磁場交替產生，形成不可分割的統(tǒng)一體，稱為電磁場?！窘馕觥竣?電場②.磁場③.電磁場22、略

【解析】①.介質②.橫波③.垂直④.垂直⑤.橫波⑥.λf⑦.3.0×108⑧.折射⑨.衍射23、略

【分析】【詳解】

[1]金屬絲的長度為L=11cm＋10×0.05mm=11.050cm

[2]直徑為d=1.5mm＋15.0×0.01mm=1.650mm【解析】11.0501.65024、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】①.30②.2225、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】偏轉不偏轉四、實驗題(共4題，共32分)26、略

【分析】【詳解】

[1]由于待測電阻滿足

所以電流表應采用內接法，即采用圖（a）接法，更接近待測電阻的真實值。

[2]由于采用電流表內接法，根據“大內偏大，小外偏小”可知，測量值大于真實值?！窘馕觥看笥?7、略

【分析】【分析】

【詳解】

（2）[1][2]根據閉合電路的歐姆定律可得

解得

U-I圖象與縱軸交點表示電動勢，圖線斜率絕對值表示內阻，由圖可知

（3）[3][4]電壓表達到滿偏

時，設滑動變阻器R接入電路的阻值為根據閉合回路的歐姆定律可得

解得

由平衡條件可得

代入數據，解得

[5]因為電壓表示數與彈簧形變量成正比，被測物體的質量也與彈簧形變量成正