2025年外研版必修3物理上冊階段測試試卷

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年外研版必修3物理上冊階段測試試卷120考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、第一個提出場概念的物理學家是（）A.奧斯特B.法拉第C.庫倫D.安培2、在某靜電場中把一個電荷量為+q的檢驗電荷從電場中A點移到無限遠處時，電場力做功為W，則檢驗電荷在A點的電勢能以及電場中A點的電勢分別為（）A.B.C.D.3、某帶正電的導體周圍的電場線和等勢線的分布如圖所示。用和分別表示A、B兩點的電場強度大小和電勢；下列關系式正確的是（）

A.B.C.D.4、如圖所示的電路，閉合開關，燈L1、L2正常發(fā)光．由于電路出現(xiàn)故障，突然發(fā)現(xiàn)L1變亮，L2變暗；電流表的讀數(shù)變小，根據(jù)分析，發(fā)生的故障可能是()

A.R1斷路B.R2斷路C.R3短路D.R4短路5、下列物理量中屬于矢量的是（）A.磁感應強度B.感應電動勢C.電流D.磁通量評卷人得分二、多選題(共9題，共18分)6、如圖所示，在光滑水平地面上，A、B兩物體質量都為m，A以速度v向右運動，B左端有一輕彈簧且初速度為0，在A與彈簧接觸以后的過程中（A與彈簧不粘連）；下列說法正確的是()

A.輕彈簧被壓縮到最短時，A、B系統(tǒng)總動量仍然為mvB.輕彈簧被壓縮到最短時，A的動能為C.彈簧恢復原長時，A的動量一定為零D.A、B兩物體組成的系統(tǒng)機械能守恒7、如圖所示；正方形ABCD的四個頂點各固定一個點電荷，所帶電荷量分別為+q；-q、+q、-q，E、F、O分別為AB、BC及AC的中點．下列說法正確的是。

A.E點電勢低于F點電勢B.F點電勢等于O點電勢C.E點電場強度與F點電場強度相同D.F點電場強度大于O點電場強度8、如圖所示的電路中，電源內阻為r，閉合電鍵，電壓表示數(shù)為U，電流表示數(shù)為I；在滑動變阻器R1的滑片P由a端滑到b端的過程中（）

A.U先變大后變小B.I先變小后變大C.U與I的比值不變D.U的變化量的大小與I的變化量的大小的比值等于r9、帶電粒子M只在電場力作用下由P點運動到Q點，在此過程中克服電場力做了了的功，那么（）A.M在P點的電勢能一定小于它在Q點的電勢能B.P點的場強一定小于Q點的場強C.P點的電勢一定高于Q點的電勢D.M在P點的動能一定大于它在Q點的動能10、如圖所示，虛線是電場中的一組豎直等差等勢面，實線是一帶負電粒子僅在電場力作用下的運動軌跡，分別為運動軌跡與等勢面的交點，下列判斷正確的是()

A.圖中等勢面a的電勢最高B.粒子在電場中做變加速運動C.粒子經過Q點時的動能大于經過P點時的動能D.粒子在M點的電勢能比在Q點的小11、如圖所示,內壁光滑的絕緣半圓容器靜止于水平面上，帶電量為qA的小球a固定于圓心O的正下方半圓上A點；帶電量為q,質量為m的小球b靜止于B點，其中∠AOB=30°。由于小球a的電量發(fā)生變化，現(xiàn)發(fā)現(xiàn)小球b沿容器內壁緩慢向上移動，最終靜止于C點(未標出)，∠AOC=60°。下列說法正確的是（）

A.水平面對容器的摩擦力向左B.容器對小球b的彈力始終與小球b的重力大小相等C.出現(xiàn)上述變化時，小球a的電荷量可能減小D.出現(xiàn)上述變化時，可能是因為小球a的電荷量逐漸增大為12、微信運動步數(shù)的測量是通過手機內電容式加速度傳感器實現(xiàn)的。其原理如圖所示，R為定值電阻，M和N為電容器兩極板，M極板固定在手機上，N極板兩端與固定在手機上的兩輕彈簧連接。當手機的加速度變化時，N極板只能按圖中標識的“前后”方向運動。手機運動時下列說法正確的是（）

A.勻速運動時，電阻R中有電流B.由向前勻速突然減速時，電容器所帶電荷量增加C.由靜止突然向前加速時，電流由b向a流過電流表D.保持向后的勻加速運動時，之間的電場強度持續(xù)減小13、如圖所示，在豎直放置的平行板電容器的金屬板內側表面系一絕緣細線，細線下端系一帶電小球，帶電小球靜止時絕緣細線與金屬板的夾角為為定值電阻，為滑動變阻器，為電阻箱。閉合開關S，電流表和電壓表的示數(shù)分別為和已知電源電動勢和內阻一定，電表均為理想電表。下列說法正確的有（）

A.小球帶負電B.將的滑片向左移動，角變小C.調節(jié)使其阻值減小，與的比值變小D.調節(jié)使其阻值減小，的變化量的絕對值與的變化量的絕對值的比值不變14、下列四幅圖的有關說法中正確的是（）

A.甲圖中，球m1以速度v碰靜止球m2，若兩球質量相等，碰后m2的速度一定為vB.乙圖中，在光顏色保持不變的情況下，入射光越強，飽和光電流越大C.丙圖中，射線甲由電子組成，射線乙為電磁波，射線丙由α粒子組成D.丁鏈式反應屬于重核的裂變評卷人得分三、填空題(共7題，共14分)15、可持續(xù)發(fā)展。

（1）可持續(xù)發(fā)展的核心：追求發(fā)展與______、______的平衡：既滿足當代人的需求；又不損害子孫后代的需求．

（2）需要做好兩方面：

①要大力提倡______；

②發(fā)展______能源以及天然氣、清潔煤和核能等在生產及消費過程中對生態(tài)環(huán)境的污染程度低的______能源．16、特點：溫度升高時，熱輻射中波長較______的成分越來越強。17、空氣的電離：在一定條件下，導體尖端電荷______很大，導體尖端周圍的強電場使空氣中殘留的帶電粒子發(fā)生劇烈運動，并與空氣分子碰撞從而使空氣分子中的正負電荷______的現(xiàn)象．18、如圖是雙量程電壓表的原理圖，它有兩個量程分別為3V和15V，則使用圖的a、b兩端時量程應為_____，使用圖的a、c兩端時量程為____，已知表頭內阻為15Ω，滿偏電流為1mA，則R1=____，R2=____。

19、如圖所示為某指針式多用電表測電阻的原理圖，在測量電阻之前要先將旋鈕式選擇開關轉動到多用電表的______擋，選擇合適的倍率，并將紅黑表筆短接調零。調零時手碰到金屬表筆，______影響電阻測量（填“會”或“不會”）；若多用電表電源電壓為1.5V，電流計可以測量的最大電流為現(xiàn)在紅、黑表筆間接入一個待測電阻電流計的示數(shù)變?yōu)樵瓉淼膭t的阻值為______Ω。

20、__________提出光是一種__________波，__________用實驗驗證了這一預言．紅外線最顯著的作用是__________，__________都會發(fā)出紅外線，紅外線波長比紅光__________，所以__________現(xiàn)象較顯著，易透過云霧，可用于高空攝影；紫外線的主要作用是__________，__________能發(fā)出紫外線，紫外線還有__________效應和__________作用，倫琴射線又叫__________射線．21、下圖展示了等量異種點電荷的電場線和等勢面，從圖中我們可以看出，A、B兩點的場強________、電勢________，C、D兩點的場強________、電勢________(以上四空均填“相同”或“不同”)．評卷人得分四、作圖題(共1題，共3分)22、試畫出點電荷、等量異種點電荷、等量同種點電荷及勻強電場的電場線。評卷人得分五、實驗題(共2題，共12分)23、（1）如圖為一個多量程多用電表的簡化電路圖，測電流和電壓時各有兩個量程，還有兩個擋位來測電阻，其中___________是紅表筆（填“A”或“B”）。

（2）當開關S接___________時（填“1”“2”“3”“4”“5”或“6”）；測電流且量程較大。

（3）某同學用多用電表測量一個阻值約為200Ω的電阻時，該同學把選擇開關旋到電阻擋“×100”倍率處，并能正確操作，發(fā)現(xiàn)指針偏轉角度過大，接下來他應該選擇___________（填“×10”或“×1k”）倍率，將紅黑表筆短接并進行__________操作。

24、甲；乙兩組同學通過實驗研究水果電池組的電動勢和內阻他們了解到水果電池的內阻可能比較大；因此設計了一個如圖所示的電路進行測量。

（1）甲同學制作了一個蘋果電池組，接入圖的電路，調節(jié)滑動變阻器的位置，測量出相應的電壓U和電流I，并將所測數(shù)據(jù)用“+”標注在坐標紙上，如圖所示。請你畫出這個蘋果電池組的U-I圖線。()

（2）根據(jù)圖的U-I圖線可求得該電池組的電動勢E=_________V（保留三位有效數(shù)字），內阻r=_________Ω（保留三位有效數(shù)字）。

（3）關于該實驗的誤差，下列說法正確的是____________。

A.由于電壓表內阻的影響；會使電源內阻的測量值偏大。

B.由于電壓表內阻的影響；會使電源內阻的測量值偏小。

C.由于電流表內阻的影響；會使電源內阻的測量值偏大。

D.由于電流表內阻的影響；會使電源內阻的測量值偏小。

（4）乙組同學制作了一個檸檬電池組，完成了上述的實驗后，發(fā)現(xiàn)電動勢與甲組測到的基本相同，只是內阻差異較大。這兩組同學對兩個電池組做了進一步探究，對電池組的輸出功率P隨外電阻R變化的關系，以及電池組的輸出功率P隨路端電壓U變化的關系進行了猜想，并分別畫出了如圖所示的P-R和P-U圖象。若已知甲電池組的內阻較大，則下列各圖中可能正確的是______________（選填選項的字母）。

A.B.C.D.評卷人得分六、解答題(共2題，共20分)25、如圖所示，光滑絕緣導軌固定在豎直平面內，它由直線部分AB和四分之三圓弧部分BCD組成，兩部分在B點相切，O為圓心，半徑為R，直線部分傾角為θ=37°，整個裝置處于場強大小為E水平向右的勻強電場中?，F(xiàn)有一質量為m、可視為質點的帶正電滑塊從直導軌上的A點由靜止釋放，它沿直導軌運動從B點進入圓弧，而后沿圓弧導軌運動，經D點時對導軌作用力恰為零。已知重力加速度為g；sin37°=0.6

（1）求滑塊所帶電荷量q；

（2）A、B間的距離。

26、如圖所示，有一半徑為R=1m的圓形區(qū)域，O為圓心，AC為直徑，三角形ABC為圓內接三角形，為60°。有面積足夠大平行于圓面的勻強電場，已知場強E=100V/m，A點電勢為B點電勢為0，C點電勢低于B點電勢，電子電荷量大小為電子重力不計。求：

（1）勻強電場的方向；

（2）C點的電勢（可用根號表示）；

（3）若將一電子以某一初速度從C點飛出；電子經過圓形區(qū)域邊界時可能獲得的最大動能增量（可用根號及含eV單位的數(shù)值表示）。

參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、B【分析】【分析】

【詳解】

根據(jù)物理學史；可知第一個提出場的概念的物理學家是法拉第。

故選B。2、A【分析】【詳解】

電荷在某點的電勢能，等于把它從這點移動到零勢能位置時靜電力做的功，則由題意可得

根據(jù)電勢的定義可得

故選A。3、D【分析】【詳解】

AB．根據(jù)電場線的疏密程度表示電場強度大小，可知A、B兩點的電場強度大小關系為

故AB錯誤；

CD．根據(jù)沿電場線方向電勢降低，可知A、B兩點的電勢大小關系為

故C錯誤；D正確。

故選D。4、A【分析】【分析】

【詳解】

A．等效電路如圖所示：

若R1斷路，總外電阻變大，總電流減小，路端電壓變大，L1兩端電壓變大，L1變亮；ab部分電路結構沒變，電流仍按原比例分配，總電流減小，通過L2、R4的電流都減??；故A符合題意；

B．若R2斷路，總電阻變大，總電流減小，ac部分電路結構沒變，電流仍按原比例分配，R1、L1中電流都減小；與題意相矛盾，故B不符合題意；

CD．若R3短路或R4短路，總電阻減小，總電流增大，A中電流變大；與題意相矛盾，故CD不符合題意。

故選A。5、A【分析】【分析】

【詳解】

磁感應強度既有大小又有方向；是矢量；感應電動勢；電流和磁通量有大小，雖有方向，但是合成時不滿足平行四邊形法則，則都是標量。

故選A。二、多選題(共9題，共18分)6、A:C【分析】【詳解】

A、A和B組成的系統(tǒng)所受的外力之和為零，動量守恒，初態(tài)總動量為mv，則彈簧壓縮最短時，系統(tǒng)總動量仍然為mv；故A正確.

B、輕彈簧被壓縮到最短時A和B的速度相等，由動量守恒有可得則此時A的動能為故B錯誤.

C、A和B在相對靠近壓縮彈簧和相對遠離彈簧恢復的過程中，滿足系統(tǒng)的動量守恒和機械能守恒，有：可得故C正確.

D、A、B為系統(tǒng)的機械能有一部分轉化為彈簧的彈性勢能，機械能不守恒，而A和B及彈簧組成的系統(tǒng)沒有其它能參與轉化機械能守恒；而故D錯誤.

故選AC.

【點睛】

解決本題的關鍵是知道動量守恒定律的條件，明確兩個物體的運動過程，知道速度相等時，彈簧壓縮量最大.7、B:D【分析】A；對A、B位置的兩個電荷而言；E、O在中垂線上，電勢等于無窮遠電勢，為零；對C、D位置的兩個電荷而言，E、O同樣在中垂線上，電勢依然等于無窮遠電勢，為零；根據(jù)代數(shù)合成法則，E、O點的電勢均為零，相等；

同理；對A；D位置的兩個電荷而言，F(xiàn)、O在中垂線上，電勢等于無窮遠電勢，為零；對B、C位置的兩個電荷而言，F(xiàn)、O同樣在中垂線上，電勢依然等于無窮遠電勢，為零；根據(jù)代數(shù)合成法則，F(xiàn)、O點的電勢均為零，相等，故A錯誤，B正確；

C；先考慮O點場強；對A、C位置的電荷而言，O點場強為零；對B、D位置的電荷而言，O點場強同樣為零；故根據(jù)矢量合成法則，O點的場強為零；

再分析E點，對A、B位置的兩個電荷，在E位置場強向下，設為E1；對C、D位置的兩個電荷而言，在E位置場強向上，設為E2；由于E1＞E2，故E點的合場強向下，為E1-E2；不為零；

再分析F點，對B、C位置的兩個電荷，在EF置場強向左，大小也為E1；對A、D位置的兩個電荷而言，在F位置場強向右，大小也為E2；由于E1＞E2，故E點的合場強向左，為E1-E2；不為零；

故E點場強等于F點場強；但大于O點場強，故C錯誤，D正確．

點睛：本題考查電場強度的和電勢的合成，關鍵是分成兩組熟悉的電荷，同時區(qū)分矢量合成和標量合成遵循的法則不同．8、A:B【分析】【詳解】

AB．由圖可知，滑動變阻器上下兩部分并聯(lián)，當滑片在中間位置時總電阻最大，則在滑動變阻器R1的滑片P由a端滑到b端的過程中，滑動變阻器R1的電阻先增大后減??；根據(jù)閉合電路歐姆定律可知電流表示數(shù)先減小后增大，電壓表測量路端電壓，根據(jù)閉合電路歐姆定律可知，路端電壓先變大后變小。故AB符合題意。

C．U與I的比值就是接入電路的R1的電阻與R2的電阻的和，所以U與I比值先變大后變小。故C不符合題意。

D．因電流量一個支路的電流，而總電流的變化量應包括R中電流的變化，所以電壓表示數(shù)與電流表示數(shù)變化的比值不等于r。故D不符合題意。9、A:D【分析】【分析】

【詳解】

AD．帶電粒子從P到Q電場力做負功，則電勢能增加，動能減小，即M在P點的電勢能一定小于它在Q點的電勢能，M在P點的動能一定大于它在Q點的動能；選項AD正確；

B．由題中條件不能比較P點的場強與Q點的場強大小關系；選項B錯誤；

C．因粒子的電性不確定，則不能比較P點的電勢與Q點的電勢關系；選項C錯誤；

故選AD。10、A:D【分析】【詳解】

A．根據(jù)電場線與等勢面垂直，可知電場線位于水平方向，粒子所受的電場力也在水平方向，由粒子的軌跡向左彎曲，所以粒子所受的電場力水平向左，粒子帶負電，則電場線方向水平向右，則a處電勢最高；故A正確；

B．由圖知；等差等勢面均勻分布，則知該電場是勻強電場，粒子所受的電場力恒定，所以粒子在電場中做勻變速運動，故B錯誤；

C．若粒子從M運動到Q，電場力做負功，粒子的動能減小，同理，若粒子從Q到M，電場力做正功，粒子動能增大，則粒子經過Q點動能小于P點動能；故C錯誤；

D．電場線方向水平向右，則M點電勢高于Q點電勢，根據(jù)負電荷在電勢高處電勢能小，所以粒子在M點的電勢能比Q點的?。还蔇正確。

故選AD。11、B:D【分析】【詳解】

A．對整體進行受力分析；整體受到重力和水平面的支持力，兩力平衡，水平方向不受力，所以水平面對容器的摩擦力為0，故A錯誤；

B．小球b在向上緩慢運動的過程中；所受的外力的合力始終為0，如圖所示。

小球的重力不變，容器對小球的彈力始終沿半徑方向指向圓心，無論小球a對b的力如何變化；由矢量三角形可知，容器對小球的彈力大小始終等于重力大小，故B正確；

C．若小球a的電荷量減小，則小球a和小球b之間的力減小，小球b會沿半圓向下運動；與題意矛盾，故C錯誤；

D．小球a的電荷量未改變時，對b受力分析可得矢量三角形為頂角為30°的等腰三角形，此時靜電力為

a、b的距離為

當a的電荷量改變后，靜電力為

a、b之間的距離為

由靜電力

可得

故D正確。

故選BD。12、B:C【分析】【詳解】

A．勻速運動時加速度為0；電容C不變，線路中無電流，故A錯誤。

B．由向前勻速突然減速時，由于慣性N板向前移動d減小，由故C增大，Q增大；故B正確。

C．由靜止突然向前加速時，由于慣性N板向后移，d增大、C減小、Q減小，故有放電電流，電流b向a；故C正確。

D．保持向后的勻加速運動時，加速度a不變，d不變，故之間的電場強度E不變；故D錯誤。

故選BC。13、A:C:D【分析】【詳解】

A．閉合開關S后；電容器左極板帶正電，右極板帶負電，板間場強方向向右，由圖可知小球所受的電場力方向向左，因此小球帶負電，A正確；

B．與電容器串聯(lián)，相當于導線，移動滑動變阻器的滑片，不改變電路的總電阻，電容器兩極板間的電壓不變，板間場強不變，小球受到的電場力不變，則角不變；故B錯誤；

C．根據(jù)歐姆定律可知

減小與的比值變?。籆正確；

D．根據(jù)閉合電路歐姆定律可得

可得

故減小時，的變化量的絕對值與的變化量的絕對值的比值不變；D正確。

故選ACD。14、B:D【分析】【詳解】

甲圖中，兩球碰撞過程中動量守恒，機械能不增加，如果兩球質量相等，發(fā)生彈性碰撞，則碰撞后m2的速度等于v，若發(fā)生非彈性碰撞，碰后m2的速度不等于v，故A錯誤．乙圖中，圖中光的顏色保持不變的情況下，光照越強，光電子數(shù)目越多，則飽和光電流越大，故B正確；丙圖中，由左手定則可知，甲帶正電，則甲射線由α粒子組成．乙不帶電，射線乙是γ射線，丙射線粒子帶負電，則丙射線由電子組成，故C錯誤；丁圖所示的鏈式反應屬于重核裂變，故D正確；故選BD．三、填空題(共7題，共14分)15、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】資源環(huán)境節(jié)約能源可再生清潔16、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】短17、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】密度分離18、略

【分析】【詳解】

[1]改裝后電壓表的量程為

故串聯(lián)的電阻越大，量程越大，接a、b時，為靈敏電流計與R1串聯(lián)；量程為3V。

[2]接a、c時，為靈敏電流計與R1和R2串聯(lián)；量程為15V。

[3]由題可知，滿偏電壓

則R1兩端的電壓為

則

[4]由題可知，則

解得【解析】3V15V2985Ω12000Ω19、略

【分析】【詳解】

[1][2]在測量電阻之前要先將旋鈕式選擇開關轉動到多用電表的歐姆擋；選擇合適的倍率，并將紅黑表筆短接調零。調零時手碰到金屬表筆，不會影響電阻測量；

[3]由題意可知

解得Rx=15kΩ【解析】歐姆不會15k##1500020、略

【分析】【詳解】

[1][2][3]麥克斯韋提出光是一種電磁波；后來赫茲用實驗驗證了這一預言；

[4]紅外線最顯著的作用是熱效應；

[5][6]一切物體都會發(fā)出紅外線；紅外線波長比紅光長；

[7]由衍射條件可知；當障礙物的尺寸與波長相差不多或小得多時，能發(fā)生明顯衍射，所以衍射現(xiàn)象較顯著，易透過云霧，可用于高空攝影；

[8]紫外線的主要作用是化學效應；

[9][10][11]高溫物體發(fā)出紫外線；紫外線還有熒光和殺菌作用；

[12]倫琴射線又叫x射線?！窘馕觥葵溈怂鬼f電磁赫茲熱效應一切物體長衍射化學效應高溫物體熒光殺菌X21、略

【分析】【分析】

根據(jù)電場線的疏密判斷場強的大?。桓鶕?jù)電場線的方向判斷電勢的高低．順著電場線電勢降低．等量異種點電荷的中垂線是一條等勢線．

【詳解】

由圖看出，A、B兩點處電場線疏密相同，方向相同，則A、B兩點的場強相同．電場線從A指向B，A點電勢高于B點電勢，即兩點電勢不同；CD是等量異種點電荷的中垂線上的兩點，電勢相同，場強不同，D點場強大于C場強．【解析】相同不同不同相同四、作圖題(共1題，共3分)22、略

【分析】【詳解】

根據(jù)電荷屬性；點電荷；等量異種點電荷、等量同種點電荷及勻強電場的電場線如下所示。

【解析】五、實驗題(共2題，共12分)23、略

【分析】【詳解】

（1）[1]如圖；因S接3；4時為歐姆檔，而黑表筆接歐姆檔內部電源的正極，可知B是黑表筆，A是紅表筆。

（2）[2]當開關S接1；2時電流計與電阻并聯(lián)；則為電流檔，而接1時并聯(lián)的電阻較小，可知量程較大；

（3）[3][4]某同學用多用電表測量一個阻值約為200Ω的