2025年新科版選修3物理上冊(cè)月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線(xiàn)…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線(xiàn)※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線(xiàn)…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2025年新科版選修3物理上冊(cè)月考試卷649考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、泊松亮斑是光的()A.干涉現(xiàn)象,說(shuō)明光有波動(dòng)性B.衍射現(xiàn)象,說(shuō)明光有波動(dòng)性C.干涉現(xiàn)象,說(shuō)明光有粒子性D.衍射現(xiàn)象,說(shuō)明光有粒子性2、一定質(zhì)量的理想氣體狀態(tài)發(fā)生變化，滿(mǎn)足查理定律，若氣體壓強(qiáng)增大，下列說(shuō)法正確的是（）A.分子的平均動(dòng)能增大B.分子的平均動(dòng)能減小C.分子之間的平均距離變大D.分子之間的平均距離變小3、下列說(shuō)法不正確的是（）A.懸浮在液體里的花粉的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)是布朗運(yùn)動(dòng)B.晶體在熔化時(shí)要吸熱，說(shuō)明晶體在熔化過(guò)程中分子平均動(dòng)能增加C.熱量可以從低溫物體傳遞到高溫物體D.兩個(gè)分子的間距從極近逐漸增大到10r0的過(guò)程中，它們的分子勢(shì)能先減小后增大4、如圖所示，交流電流表A1、A2、A3分別與平行板電容器C、帶鐵芯的線(xiàn)圈L和電阻R串聯(lián)后接在同一個(gè)交流電源上；三個(gè)電流表各有不同的讀數(shù)．下列說(shuō)法正確的是。

A.增大電源頻率，A3讀數(shù)增大B.增大電源頻率，A2讀數(shù)增大C.抽去線(xiàn)圈中的鐵芯，A2讀數(shù)增大D.增大電容器兩極板之間的距離，A1讀數(shù)增大5、在如圖所示的電路中，電源電動(dòng)勢(shì)為E、內(nèi)電阻為r，C為電容器，R0為定值電阻；R為滑動(dòng)變阻器。開(kāi)關(guān)閉合后，燈能正常發(fā)光，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片向右移動(dòng)時(shí)，下列判斷正確的是。

A.路端電壓變小B.燈泡L將變亮C.電容器C的電量將減小D.電容器C的電量將增大6、一列簡(jiǎn)諧橫波在t=0時(shí)刻波的圖像如圖所示，其中a、b；c、d為介質(zhì)中的四個(gè)質(zhì)點(diǎn)；在該時(shí)刻（）

A.質(zhì)點(diǎn)a的加速度最小B.質(zhì)點(diǎn)b的速度最小C.若質(zhì)點(diǎn)c向上運(yùn)動(dòng)，則波沿x軸正方向傳播D.若質(zhì)點(diǎn)d向下運(yùn)動(dòng)，則波沿x軸正方向傳播7、某同學(xué)特別喜歡逛玩具商店，一次逛店時(shí)一件玩具引起了他的極大興趣，玩具的主體部分是由5個(gè)完全相同的彈性小球組成，如圖所示，小球由等長(zhǎng)輕線(xiàn)懸掛并排處于同一水平高度，對(duì)此玩具裝置作出的如下判斷，你認(rèn)為正確的是A.如果將最右邊的1個(gè)小球提起一定高度由靜止釋放，該小球碰撞后幾乎反彈到同一高度，另幾個(gè)小球幾乎保持原地不動(dòng)B.如果將最右邊的2個(gè)小球一起（不改變位置關(guān)系）提起一定高度由靜止釋放，則這2個(gè)小球與左方小球碰撞后立即反彈，另3個(gè)小球立即向左運(yùn)動(dòng)C.如果將最右邊的3個(gè)小球一起（不改變位置關(guān)系）提起一定的高度由靜止釋放，則發(fā)生碰撞后，這5個(gè)小球一起向左運(yùn)動(dòng)D.無(wú)論一次提起幾個(gè)小球，這些小球?qū)⒁来伟l(fā)生彈性碰撞，速度互換，最終表現(xiàn)為一側(cè)下去幾個(gè)小球，另一側(cè)將起來(lái)等數(shù)量的幾個(gè)小球8、以下有關(guān)近代物理的內(nèi)容敘述正確的是A.放射性元素在發(fā)生衰變時(shí)2個(gè)中子和2個(gè)質(zhì)子結(jié)合為一個(gè)粒子，設(shè)中子、質(zhì)子和粒子的質(zhì)量分別為則B.在關(guān)于物質(zhì)波的表達(dá)式和中，能量和動(dòng)量是描述物質(zhì)的波動(dòng)性的重要物理量，波長(zhǎng)和頻率是描述物質(zhì)的粒子性的典型物理量C.在原子核發(fā)生衰變后，新核往往處于不穩(wěn)定的高能級(jí)狀態(tài)，會(huì)自發(fā)地向低能級(jí)躍遷D.重核的裂變過(guò)程質(zhì)量增大，輕核的聚變過(guò)程有質(zhì)量虧損評(píng)卷人得分二、多選題(共8題，共16分)9、如圖所示；在絕緣的斜面上方存在著水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)，一帶電金屬塊沿斜面滑下，已知金屬塊在滑下的過(guò)程中動(dòng)能增加了12J，金屬塊克服摩擦力做功8J，重力做功24J，則以下判斷正確的是。

A.金屬塊的機(jī)械能增加32JB.金屬塊的電勢(shì)能增加4JC.金屬塊帶正電荷D.金屬塊克服電場(chǎng)力做功8J10、回?zé)崾街评錂C(jī)是一種深低溫設(shè)備，制冷極限約50K．某臺(tái)回?zé)崾街评錂C(jī)工作時(shí)，一定量的氦氣（可視為理想氣體）緩慢經(jīng)歷如圖所示的四個(gè)過(guò)程：已知狀態(tài)A和B的溫度均為27℃，狀態(tài)C和D的溫度均為-133℃，下列判斷正確的是（）

A.氣體由狀態(tài)A到B過(guò)程，溫度先升高后降低B.氣體由狀態(tài)B到C過(guò)程，內(nèi)能保持不變C.氣體由狀態(tài)C到D過(guò)程，分子間的平均間距減小D.氣體由狀態(tài)C到D過(guò)程，氣體對(duì)外做功11、央視《是真的嗎》節(jié)目做了如下實(shí)驗(yàn)：用裸露的鋼導(dǎo)線(xiàn)繞制成一根無(wú)限長(zhǎng)螺旋管；將螺旋管固定在絕緣水平桌面上，用一節(jié)干電池和兩磁鐵制成一個(gè)“小車(chē)”，兩導(dǎo)電磁鐵的同名磁極粘在電池的正；負(fù)兩極上，只要將這輛小車(chē)推入螺旋管中，小車(chē)就會(huì)加速運(yùn)動(dòng)起來(lái)，如圖所示．圖中電池所在處的線(xiàn)圈沒(méi)有畫(huà)出，關(guān)于小車(chē)的運(yùn)動(dòng)，以下說(shuō)法正確的是。

A.圖中小車(chē)的加速度方向向右B.小車(chē)加速運(yùn)動(dòng)的能量源于安培力做功C.將小車(chē)上兩磁鐵均改為S極與電池粘連，小車(chē)的加速度方向會(huì)改變D.將小車(chē)上兩磁鐵均改為S極與電池粘連，小車(chē)的加速度方向不會(huì)改變12、如圖甲所示，左側(cè)接有定值電阻R＝2Ω的水平粗糙導(dǎo)軌處于垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁感應(yīng)強(qiáng)度B＝1T，導(dǎo)軌間距L＝1m。一質(zhì)量m＝2kg，阻值r＝2Ω的金屬棒在水平拉力F作用下由靜止開(kāi)始從CD處沿導(dǎo)軌向右加速運(yùn)動(dòng)，金屬棒的v－x圖象如圖乙所示，若金屬棒與導(dǎo)軌間動(dòng)摩擦因數(shù)μ＝0.2，則從起點(diǎn)發(fā)生x＝1m位移的過(guò)程中(g＝10m/s2)()

A.金屬棒克服安培力做的功W1＝0.25JB.金屬棒克服摩擦力做的功W2＝5JC.整個(gè)系統(tǒng)產(chǎn)生的總熱量Q＝4.25JD.拉力做的功W＝9.25J13、如圖所示，以直角三角形AOC為邊界的有界勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，∠A=60°，AO=a．在O點(diǎn)放置一個(gè)粒子源，可以向各個(gè)方向發(fā)射某種帶負(fù)電粒子，粒子的比荷為發(fā)射速度大小都為v0，且滿(mǎn)足發(fā)射方向由圖中的角度θ表示．對(duì)于粒子進(jìn)入磁場(chǎng)后的運(yùn)動(dòng)（不計(jì)重力作用），下列說(shuō)法正確的是。

A.粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)最短時(shí)間為B.粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)最長(zhǎng)時(shí)間為C.在AC邊界上只有區(qū)域有粒子射出D.在三角形AOC邊界上，有粒子射出的邊界線(xiàn)總長(zhǎng)為2a14、如圖所示，在光滑水平桌面上有一邊長(zhǎng)為L(zhǎng)、電阻為R的正方形導(dǎo)線(xiàn)框，在導(dǎo)線(xiàn)框右側(cè)有一寬度為d(d＞L)的條形勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域，磁場(chǎng)的邊界與導(dǎo)線(xiàn)框的一邊平行，磁場(chǎng)方向豎直向下．導(dǎo)線(xiàn)框以某一初速度向右運(yùn)動(dòng)，t＝0時(shí)導(dǎo)線(xiàn)框的右邊恰與磁場(chǎng)的左邊界重合，并以此位置開(kāi)始計(jì)時(shí)并作為導(dǎo)線(xiàn)框位移x的起點(diǎn)；隨后導(dǎo)線(xiàn)框進(jìn)入并通過(guò)磁場(chǎng)區(qū)域．下列圖象中，可能正確描述上述過(guò)程的是。

A.B.C.D.15、如圖所示，平行金屬導(dǎo)軌與水平面成角，導(dǎo)軌與固定電阻R1和R2相連，勻強(qiáng)磁場(chǎng)垂直穿過(guò)導(dǎo)軌平面.有一導(dǎo)體棒質(zhì)量為m，導(dǎo)體棒的電阻R與固定電阻R1和R2的阻值均相等，與導(dǎo)軌之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為導(dǎo)體棒沿導(dǎo)軌向上滑動(dòng)，當(dāng)上滑的速度為v時(shí)，受到安培力的大小為F.此時(shí)（）.

A.導(dǎo)體棒消耗的熱功率為B.電阻R1消耗的熱功率為C.整個(gè)裝置因摩擦而消耗的熱功率為D.整個(gè)裝置消耗的機(jī)械功率為16、如圖所示，光滑絕緣水平面上M、N兩點(diǎn)分別放置帶電荷量為＋q和＋3q的質(zhì)量相等的金屬小球A和B（可視為點(diǎn)電荷），現(xiàn)給A和B大小相等的初動(dòng)能E0，使其相向運(yùn)動(dòng)且剛好能發(fā)生碰撞，兩球碰后返回M、N兩點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能分別是E1和E2；則（）

A.E1＝E2＞E0B.E1＝E2＝E0C.碰撞發(fā)生在M、N兩點(diǎn)連線(xiàn)中點(diǎn)的左側(cè)D.兩球同時(shí)返回M、N兩點(diǎn)評(píng)卷人得分三、填空題(共5題，共10分)17、如圖所示，正、負(fù)電子垂直磁場(chǎng)方向沿與邊界成θ＝30°角的方向射入勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，不計(jì)重力，那么在磁場(chǎng)中正、負(fù)電子的運(yùn)動(dòng)時(shí)間之比為_(kāi)_______18、如圖所示，一橫截面為半圓柱形的玻璃磚，圓心為O，半徑為R．某一單色光垂直于直徑方向從A點(diǎn)射入玻璃磚，折射光線(xiàn)經(jīng)過(guò)P點(diǎn)，OP與單色光的入射方向平行，且A到O的距離為P到O的距離為則玻璃磚對(duì)單色光的折射率為_(kāi)________．

19、如圖所示，在p-V圖中有三條氣體狀態(tài)變化曲線(xiàn)，一定質(zhì)量的理想氣體可沿這三條路徑從狀態(tài)i到狀態(tài)j，已知曲線(xiàn)1為絕熱變化過(guò)程，氣體內(nèi)能變化分別為△U1、△U2、△U3，它們的大小關(guān)系是_____；氣體對(duì)外界做功分別為W1、W2、W3，它們的大小關(guān)系是_____；氣體從外界吸收的熱量大小為Q1、Q2、Q3，它們的大小關(guān)系是_____。

20、如圖所示，一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)a出發(fā)，經(jīng)過(guò)等容過(guò)程ab到達(dá)狀態(tài)b，再經(jīng)過(guò)等溫過(guò)程bc到達(dá)狀態(tài)c，最后經(jīng)等壓過(guò)程ca回到狀態(tài)a。則氣體在ab過(guò)程要_______（選填“吸熱”或“放熱”）；氣體從c到a過(guò)程放出600J熱量，則氣體內(nèi)能在這一過(guò)程將_______（選填“增加“或“減少”）________J。

21、如圖所示的平行板器件中，電場(chǎng)強(qiáng)度E和磁感應(yīng)強(qiáng)度B相互垂直，具有不同水平速度的帶電粒子射入后發(fā)生偏轉(zhuǎn)的情況不同。若從左側(cè)水平射入的帶電粒子，不計(jì)重力，穿過(guò)這一區(qū)域時(shí)未發(fā)生偏轉(zhuǎn)，則該粒子的速度大小為_(kāi)_______；若只改變?cè)摿Ｗ拥碾娦?，則粒子穿過(guò)這一區(qū)域時(shí)是否會(huì)發(fā)生偏轉(zhuǎn)？________（選填“會(huì)”或“不會(huì)”）。評(píng)卷人得分四、作圖題(共3題，共24分)22、如圖所示，甲、乙是直線(xiàn)電流的磁場(chǎng)，丙、丁是環(huán)形電流的磁場(chǎng)，戊、己是通電螺線(xiàn)管的磁場(chǎng)，試在各圖中補(bǔ)畫(huà)出電流方向或磁感線(xiàn)方向．

23、示波管的內(nèi)部結(jié)構(gòu)如圖所示．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/、YY/之間都沒(méi)有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請(qǐng)畫(huà)出熒光屏上出現(xiàn)的完整掃描波形圖．

24、圖中表示某一時(shí)刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫(huà)出經(jīng)過(guò)7s后的波形曲線(xiàn)。

評(píng)卷人得分五、實(shí)驗(yàn)題(共1題，共8分)25、在“測(cè)定金屬的電阻率”的實(shí)驗(yàn)中；某同學(xué)進(jìn)行了如下操作：

（1）用多用表歐姆擋粗測(cè)電阻絲的電阻，把選擇開(kāi)關(guān)旋轉(zhuǎn)到“1”位置，結(jié)果如圖甲所示，由此可知電阻絲電阻的測(cè)量值約為_(kāi)____Ω。

（2）用螺旋測(cè)微器測(cè)量金屬絲的外徑，示數(shù)如圖乙所示，金屬絲的外徑為_(kāi)____mm。

（3）現(xiàn)有如下器材。

A.電流表（量程0.6A；內(nèi)阻約0.1Ω）

B.電流表（量程3A；內(nèi)阻約0.03Ω）

C.電壓表（量程3V；內(nèi)阻約3kΩ）

D.滑動(dòng)變阻器（1750Ω；0.3A）

E.滑動(dòng)變阻器（15Ω；3A）

F.蓄電池（6V；內(nèi)阻很?。?/p>

G.開(kāi)關(guān)一個(gè)；帶夾子的導(dǎo)線(xiàn)若干。

要進(jìn)一步精確測(cè)量金屬絲樣品的阻值，電流表應(yīng)選______，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選_______。（只填代號(hào)字母）

（4）請(qǐng)根據(jù)圖丙所示電路圖將圖丁中的實(shí)際測(cè)量電路補(bǔ)充完整______。

（5）若某次測(cè)量中，電壓表和電流表讀數(shù)分別為U和I，請(qǐng)用上述直接測(cè)量的物理量（D、l、U、I）寫(xiě)出電阻率的計(jì)算式：=______。評(píng)卷人得分六、解答題(共1題，共10分)26、如圖所示；質(zhì)量均為m的A；B兩球套在懸掛的細(xì)繩上，A球吊在繩的下端剛好不滑動(dòng)，稍有擾動(dòng)A就與繩分離A球離地高度為h，A、B兩球開(kāi)始時(shí)在繩上的間距也為h，B球釋放后由靜止沿繩勻加速下滑，與A球相碰后粘在一起(碰撞時(shí)間極短)，并滑離繩子.若B球沿繩下滑的時(shí)間是A、B一起下落到地面時(shí)間的2倍，重力加速度為g，不計(jì)兩球大小及空氣阻力，求：

(1)A；B兩球碰撞后粘在一起瞬間速度大小；

(2)從B球開(kāi)始釋放到兩球粘在一起下落，A、B兩球組成的系統(tǒng)損失的機(jī)械能為多少?參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、B【分析】【詳解】

泊松亮斑是光的衍射現(xiàn)象，干涉和衍射是典型的波動(dòng)性特征，ACD錯(cuò)誤B正確2、A【分析】【分析】

【詳解】

一定質(zhì)量的理想氣體狀態(tài)發(fā)生變化；滿(mǎn)足查理定律，則氣體的體積不變，若氣體壓強(qiáng)增大，則溫度升高，分子的平均動(dòng)能增大；因氣體的體積不變，則分子間的平均距離不變。

故選A。3、B【分析】【分析】

【詳解】

A．懸浮在液體里的花粉的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)是布朗運(yùn)動(dòng)；反應(yīng)液體分子的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)，故A正確；

B．晶體在熔化時(shí)吸熱；但溫度不變，則晶體在熔化過(guò)程中分子平均動(dòng)能不變，故B錯(cuò)誤；

C．熱量可以從低溫物體傳遞到高溫物體；但要引起其他方面的變化，故C正確；

D．兩個(gè)分子的間距從極近逐漸增大到10r0的過(guò)程中；分子力先做正功后做負(fù)功，它們的分子勢(shì)能先減小后增大，故D正確。

本題選擇不正確的選項(xiàng)，故選B。4、C【分析】【詳解】

電阻的電阻值與交流電的頻率無(wú)關(guān)，所以頻率變大，電路中的電流不變，A3示數(shù)不變，故A錯(cuò)誤；交流電的頻率變大，線(xiàn)圈的感抗變大，電流減小，所以A2數(shù)將減小，故B錯(cuò)誤；抽去線(xiàn)圈中的鐵芯，線(xiàn)圈的感抗變小，A2讀數(shù)增大，故C正確；增大電容器兩極板之間的距離，電容器的電容減小，對(duì)交流電的阻礙作用增大，所以電流減小，A1讀數(shù)減?。蔇錯(cuò)誤；故選C．

【點(diǎn)睛】

此題考查電容、電感對(duì)交變電流的影響，也就是容抗、感抗與交變電流的關(guān)系．當(dāng)交變電流的頻率變大時(shí)，線(xiàn)圈的感抗變大，電容器的容抗變?。?、D【分析】當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片向右移動(dòng)時(shí)，變阻器在路電阻增大，外電阻增大，電路中電流減小，路端電壓增大，故A錯(cuò)誤．電路中電流減小，燈L變暗，故B錯(cuò)誤．電容器的電壓等于路端電壓，可見(jiàn)其電壓是增大的，則由Q=CU知，電容器C的電荷量將增大．故C錯(cuò)誤，D正確．故選D.6、D【分析】由圖知，a在波峰，速度最小等于零，A錯(cuò)誤；b在平衡位置，位移x=0，回復(fù)力F=kx=ma，所以加速度最小a=0，B錯(cuò)誤；根據(jù)上下坡法克判斷，若質(zhì)點(diǎn)c向下運(yùn)動(dòng)，則波沿x軸正方向傳播；質(zhì)點(diǎn)d向上運(yùn)動(dòng)，則波沿x軸負(fù)方向傳播，故C正確；D錯(cuò)誤。7、D【分析】【詳解】

完全相同的彈性小球之間的碰撞為彈性碰撞，總動(dòng)量守恒，總動(dòng)能守恒．設(shè)入射小球初速度為v0，碰后速度為v1，被碰小球碰后速度為v2；則。

聯(lián)立解得：v1=0，v2=v0；碰撞過(guò)程兩者交換速度。

故無(wú)論一次提起幾個(gè)小球；這些小球?qū)⒁来伟l(fā)生彈性碰撞，速度互換，最終表現(xiàn)為一側(cè)下去幾個(gè)小球，另一側(cè)將起來(lái)等數(shù)量的幾個(gè)小球，故ABC錯(cuò)誤，D正確．

故選：D8、C【分析】【詳解】

放射性元素在發(fā)生α衰變時(shí)2個(gè)中子和2個(gè)質(zhì)子結(jié)合為一個(gè)α粒子，有質(zhì)量虧損，即為△m=2m1+2m2-m3，故A錯(cuò)誤．在關(guān)于物質(zhì)波的表達(dá)式E=hv和中，能量E和動(dòng)量p是描述物質(zhì)的粒子性的重要物理量，波長(zhǎng)λ和頻率v是描述物質(zhì)的波動(dòng)性的典型物理量，故B錯(cuò)誤．在原子核發(fā)生衰變后，新核往往處于不穩(wěn)定的高能級(jí)狀態(tài)，會(huì)自發(fā)地向低能級(jí)躍遷，選項(xiàng)C正確；重核的裂變過(guò)程和輕核的聚變過(guò)程都有能量放出，都有質(zhì)量虧損，選項(xiàng)D錯(cuò)誤.二、多選題(共8題，共16分)9、B:C【分析】【分析】

金屬塊滑下的過(guò)程中；電場(chǎng)力；重力和摩擦力做功引起動(dòng)能變化，由動(dòng)能定理求出電場(chǎng)力對(duì)金屬塊做功．根據(jù)電場(chǎng)力和摩擦力做功之和確定機(jī)械能的變化量．根據(jù)電場(chǎng)力做功，確定電勢(shì)能的變化，并判斷金屬塊的電性．

【詳解】

在金屬塊滑下的過(guò)程中動(dòng)能增加了12J，金屬塊克服摩擦力做功8.0J，重力做功24J，根據(jù)動(dòng)能定理得：W總=WG+W電+Wf=△EK，解得：W電=-4J；所以金屬塊克服電場(chǎng)力做功4.0J，金屬塊的電勢(shì)能增加4J；由于金屬塊下滑，電場(chǎng)力做負(fù)功，所以電場(chǎng)力應(yīng)該水平向右，所以金屬塊帶正電荷，故BC正確，D錯(cuò)誤；在金屬塊滑下的過(guò)程中重力做功24J，重力勢(shì)能減小24J，動(dòng)能增加了12J，所以金屬塊的機(jī)械能減少12J，故A錯(cuò)誤．故選BC．

【點(diǎn)睛】

解這類(lèi)問(wèn)題的關(guān)鍵要熟悉功能關(guān)系，也就是什么力做功量度什么能的變化，并能建立定量關(guān)系．10、A:D【分析】【詳解】

A．由題意可知，氣體在狀態(tài)時(shí)的溫度相等，兩狀態(tài)在同一等溫線(xiàn)上，由理想氣體狀態(tài)方程可知

由圖示圖線(xiàn)可知，氣體由狀態(tài)到過(guò)程，先變大后變小；則氣體溫度溫度先升高后降低，故A正確；

B．由圖示圖線(xiàn)可知，氣體由狀態(tài)到過(guò)程；氣體體積不變而壓強(qiáng)減小，由理想氣體狀態(tài)方程可知，氣體溫度降低，氣體內(nèi)能減小，故B錯(cuò)誤；

C．由圖示圖線(xiàn)可知，氣體由狀態(tài)到過(guò)程；氣體體積增大，分子間的平均間距增大，故C錯(cuò)誤；

D．由圖示圖線(xiàn)可知，氣體由狀態(tài)到過(guò)程；氣體體積增大，氣體對(duì)外做功，故D正確；

故選AD。11、B:C【分析】【分析】

【詳解】

A項(xiàng)：兩磁極間的磁感線(xiàn)如圖甲所示；

干電池與磁體及中間部分線(xiàn)圈組成了閉合回路；在兩磁極間的線(xiàn)圈產(chǎn)生電流，左端磁極的左側(cè)線(xiàn)圈和右端磁極的右側(cè)線(xiàn)圈中沒(méi)有電流，其中線(xiàn)圈中電流方向的左視圖如圖乙所示；

由左手定則可知；中間線(xiàn)圈所受的安培力向右，由牛頓第二定律有小車(chē)具有向左的加速度，故A錯(cuò)誤；

B項(xiàng)：在兩磁極間的線(xiàn)圈產(chǎn)生電流；根據(jù)F=BIL可知，小車(chē)加速運(yùn)動(dòng)是受安培力作用，故B正確；

C；D項(xiàng)：將小車(chē)兩磁極均改為S極與電池相連；磁感線(xiàn)會(huì)向里聚集，受到的力與A中方向相反，故車(chē)的加速度方向?qū)l(fā)生改變，故C正確，D錯(cuò)誤．

故選BC．12、A:C【分析】【分析】

由速度圖象得出v與x的關(guān)系式，由安培力公式得到FA與x的關(guān)系式，可知FA與x是線(xiàn)性關(guān)系，即可求出發(fā)生s=1m位移的過(guò)程中安培力做功WA=-x；再根據(jù)動(dòng)能定理求解拉力做功；根據(jù)能量守恒求解整個(gè)系統(tǒng)產(chǎn)生的總熱量Q．

【詳解】

由速度圖象得：v=2x，金屬棒所受的安培力代入得：FA=0.5x，則知FA與x是線(xiàn)性關(guān)系。當(dāng)x=0時(shí)，安培力FA1=0；當(dāng)x=1m時(shí)，安培力FA2=0.5N，則從起點(diǎn)發(fā)生x=1m位移的過(guò)程中，安培力做功為：WA=-x=-0.25J；即金屬棒克服安培力做的功為：W1=0.25J，故A正確。金屬棒克服摩擦力做的功為：W2=-μmgx=-0.2×2×10×1J=-4J，故B錯(cuò)誤；克服安培力做功等于產(chǎn)生的電熱，克服摩擦力做功等于產(chǎn)生的摩擦熱，則整個(gè)系統(tǒng)產(chǎn)生的總熱量Q＝WA+W2=4.25J，選項(xiàng)C正確；根據(jù)動(dòng)能定理得：WF+W2+WA=mv2，其中v=2m/s，μ=0.2，m=2kg，代入解得拉力做的功為：WF=8.25J。故D錯(cuò)誤。故選AC。

【點(diǎn)睛】

對(duì)于電磁感應(yīng)問(wèn)題研究思路常常有兩條：一條從力的角度，根據(jù)牛頓第二定律或平衡條件列出方程；另一條是能量，分析涉及電磁感應(yīng)現(xiàn)象中的能量轉(zhuǎn)化問(wèn)題，根據(jù)動(dòng)能定理、功能關(guān)系等列方程求解．13、B:D【分析】【分析】

帶電粒子以相同的速率；不同的速度方向，進(jìn)入磁場(chǎng)，運(yùn)動(dòng)軌跡的曲率半徑相同，抓住臨界情況，結(jié)合幾何關(guān)系，運(yùn)用半徑公式和周期公式進(jìn)行求解．

【詳解】

A、B項(xiàng)：根據(jù)解得：當(dāng)θ=60°飛入的粒子在磁場(chǎng)中從A點(diǎn)飛出，運(yùn)動(dòng)時(shí)間恰好是T/6，是在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間最長(zhǎng)；當(dāng)θ=0°飛入的粒子在磁場(chǎng)中，粒子恰好從AC中點(diǎn)飛出，在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間也恰好是T/6，θ從0°到60°，粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的軌跡對(duì)應(yīng)的圓弧的弦長(zhǎng)先減小后增大，所以粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間先減小后增大，則最長(zhǎng)時(shí)間故A錯(cuò)誤，B正確；

C項(xiàng)：當(dāng)θ=0°飛入的粒子在磁場(chǎng)中；粒子恰好從AC中點(diǎn)飛出，因此在AC邊界上只有一半?yún)^(qū)域有粒子射出，故C錯(cuò)誤；

D項(xiàng)：當(dāng)θ=60°飛入的粒子在磁場(chǎng)中從A點(diǎn)飛出；θ＞60°的粒子可能打到OA邊上的所有的區(qū)域內(nèi)；長(zhǎng)度的范圍是a；在AC邊界上只有一半?yún)^(qū)域有粒子射出，長(zhǎng)度的范圍也是a，所以在三角形AOC邊界上，有粒子射出的邊界線(xiàn)總長(zhǎng)為2a．故D正確．

故應(yīng)選：BD．

【點(diǎn)睛】

考查帶電粒子以相同的速率；不同速度方向，射入磁場(chǎng)中，根據(jù)磁場(chǎng)的界限來(lái)確定運(yùn)動(dòng)情況，并結(jié)合半徑與周期公式來(lái)分析討論；

θ從0°到60°的過(guò)程中，粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的軌跡對(duì)應(yīng)的圓弧的弦長(zhǎng)先減小后增大，所以粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間先減小后增大是該題的關(guān)鍵．14、B:D【分析】【詳解】

線(xiàn)圈以一定初速度進(jìn)入磁場(chǎng)，則感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為：E=BLv，閉合電路歐姆定律，則感應(yīng)電流為：安培力為：由牛頓第二定律為：F=ma，則有：由于v減小，所以a也減小，當(dāng)完全進(jìn)入磁場(chǎng)后，不受到安培力，所以做勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，當(dāng)出磁場(chǎng)時(shí)，速度與時(shí)間的關(guān)系與進(jìn)入磁場(chǎng)相似．而速度與時(shí)間的斜率表示加速度的大小，因此B正確，A錯(cuò)誤；線(xiàn)圈進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，設(shè)某時(shí)刻進(jìn)入磁場(chǎng)的距離為x，此時(shí)線(xiàn)圈的速度為v，則由動(dòng)量定理：其中則同樣當(dāng)完全進(jìn)入磁場(chǎng)后，不受到安培力，所以做勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，當(dāng)出磁場(chǎng)時(shí)，速度v與位移x的關(guān)系與進(jìn)入磁場(chǎng)相似，則選項(xiàng)D正確，C錯(cuò)誤．15、C:D【分析】【詳解】

AB．設(shè)ab長(zhǎng)度為L(zhǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，電阻R1=R2=R．電路中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E=BLv，ab中感應(yīng)電流為：

ab所受安培力為：①

電阻R1消耗的熱功率為：②

內(nèi)阻消耗的熱功率為：③

由①②③得：

故A錯(cuò)誤；B錯(cuò)誤；

C．整個(gè)裝置因摩擦而消耗的熱功率為：Pf=fv=μmgcosθ?v=μmgvcosθ

故C正確。

D．對(duì)導(dǎo)體棒受力分析；如圖：

故整個(gè)裝置消耗的機(jī)械功率為：P3=Fv+Pf=(F+μmgcosα)v

故D正確；

故選CD。16、A:D【分析】【分析】

【詳解】

AB．兩球組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，兩球質(zhì)量相等初動(dòng)能相等，則兩球的初速度大小相等，而方向相反，兩球必將同時(shí)返回各自的出發(fā)點(diǎn)，且兩球末動(dòng)量大小和末動(dòng)能一定相等，兩球接觸后的電荷量都變?yōu)樵谙嗤嚯x上的庫(kù)侖斥力增大，返回過(guò)程中電場(chǎng)力做的正功大于接近過(guò)程中克服電場(chǎng)力做的功，系統(tǒng)機(jī)械能必然增大，即末動(dòng)能增大、末動(dòng)量也增大，即

故A正確；B錯(cuò)誤；

C．兩球間的作用力是作用力與反作用力；大小相等，兩球質(zhì)量相等，兩球的加速度相等，兩球的加速度大小始終相同，相同時(shí)間內(nèi)的位移大小一定相同，必然在連線(xiàn)中點(diǎn)相遇，同時(shí)返回出發(fā)點(diǎn)，故C錯(cuò)誤，D正確。

故選AD。

【點(diǎn)睛】

本題考查了動(dòng)量守恒定律的應(yīng)用，對(duì)碰撞過(guò)程基本規(guī)律的理解和應(yīng)用能力，碰撞過(guò)程的兩大基本規(guī)律：系統(tǒng)動(dòng)量守恒和總動(dòng)能不增加，常常用來(lái)分析碰撞過(guò)程可能的結(jié)果。三、填空題(共5題，共10分)17、略

【分析】設(shè)正離子軌跡的圓心角為α；負(fù)離子軌跡的圓心角為β，由幾何知識(shí)得到；

α=2π-2θ；β=2θ

正離子運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為負(fù)離子運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為而正、負(fù)離子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的周期相同，所以時(shí)間之比【解析】1:5；18、略

【分析】【詳解】

光路如圖所示：

根據(jù)幾何關(guān)系可得，光從半圓柱形玻璃磚射出時(shí)，入射角為300，折射角為600

根據(jù)光的折射定律：

即玻璃的折射率為【解析】【答題空1】19、略

【分析】【詳解】

[1]．從狀態(tài)i到狀態(tài)j溫度的變化相同，則內(nèi)能變化相同，即△U1=△U2=△U3

[2]．根據(jù)可知，p-V圖像與坐標(biāo)軸圍成的面積等于做功的大小，則由圖像可知W1<W2<W3

[3]．由題意可知Q1=0；根據(jù)熱力學(xué)第一定律?U=W+Q，因△U2=△U3，W2<W3，則Q2<Q3，即Q1<Q2<Q3【解析】△U1=△U2=△U3W1<W2<W3Q1<Q2<Q320、略

【分析】【詳解】

[1]由圖知，一定質(zhì)量的理想氣體，從到是等容升壓過(guò)程，根據(jù)可知，溫度升高，則氣體在過(guò)程要吸熱。

[2]氣體從到過(guò)程壓強(qiáng)不變，體積減小，根據(jù)可知；氣體溫度降低，氣體內(nèi)能在這一過(guò)程將減少。

[3]氣體從到過(guò)程壓強(qiáng)不變，體積減小，外界對(duì)氣體做功，由可得

氣體向外放出熱量600J，根據(jù)熱力學(xué)第一定律可得，

氣體內(nèi)能減少300J。【解析】吸熱減少300J21、略

【分析】帶電粒子未發(fā)生偏轉(zhuǎn)則所以只改變?cè)摿Ｗ拥碾娦裕Ｗ铀艿碾妶?chǎng)力和洛倫茲力方向改變，但大小不變以，所以不會(huì)發(fā)生偏轉(zhuǎn)【解析】不會(huì)四、作圖題(共3題，共24分)22、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場(chǎng)方向，也可以通過(guò)磁場(chǎng)方向來(lái)確定電流的方向；

圖甲；已知磁場(chǎng)方向，順時(shí)針?lè)较?，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側(cè)的磁場(chǎng)的方向向里，左側(cè)的磁場(chǎng)的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場(chǎng)方向，則可知電流方向，逆時(shí)針?lè)较颍?/p>

圖丁；環(huán)形電流從左側(cè)流入，從右側(cè)流出，所以磁場(chǎng)的方向向下；

圖戊；根據(jù)螺線(xiàn)管中電流方向，利用右手螺旋