2025年北師大版選擇性必修2物理上冊月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年北師大版選擇性必修2物理上冊月考試卷448考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、如圖為演示自感現(xiàn)象的實驗電路，為相同的燈泡，電感線圈的自感系數(shù)較大，且使得滑動變阻器接入電路中的阻值與線圈直流電阻相等；下列判斷正確的是（）

A.接通開關S，燈立即變亮B.接通開關S，燈逐漸變亮，立即變亮C.斷開開關S，燈逐漸熄滅D.斷開開關S，燈逐漸熄滅，閃一下逐漸熄滅2、如圖所示線圈勻速轉(zhuǎn)動或勻速直線運動，能產(chǎn)生交變電流的是（）A.B.C.D.3、發(fā)電站通過升壓變壓器和降壓變壓器給某用戶端供電，發(fā)電機組輸出交變電壓的有效值恒定，輸電線總電阻r保持不變。當用戶端用電器增加后（）

A.若滑片P位置不變，則輸電線上損失的功率變大B.若滑片P位置不變，則用戶端電壓升高C.若將滑片P上移，則用戶端電壓可能不變D.若將滑片P下移，則輸電線上損失的功率可能減小4、“福建艦”是我國完全自主設計并建造的首艘航空母艦，采用平直通長飛行甲板，配置電磁彈射和阻攔裝置，電磁阻攔技術(shù)的原理示意圖如圖所示。在磁感應強度方向垂直紙面向里的勻強磁場中，兩根平行金屬軌道MN、PQ固定在水平面內(nèi)，MP間接有阻值為R的電阻。一個長度與平行金屬導軌間距相等的輕質(zhì)金屬導體棒ab垂直擱置在兩導軌之間，與導軌接觸良好。艦載機著艦時關閉動力系統(tǒng)，通過絕緣阻攔索鉤住軌道上的金屬棒ab，導體棒ab被鉤住之后立即獲得了和艦載機相同的速度；接著艦載機和金屬棒一起減速滑行了一段距離后停下。摩擦阻力；空氣阻力忽略不計，下列說法正確的是（）

A.金屬棒ab運動過程中感應電流的方向為由a到bB.艦載機做勻減速直線運動，直至停下C.若僅增加電阻R的阻值，其他條件不變，則艦載機和金屬棒滑行距離變短D.若僅增加電阻R的阻值，其他條件不變，艦載機和金屬棒滑行的整個過程通過金屬棒的電荷量不變5、如圖為遠距離輸電示意圖，發(fā)電機的輸出電壓U1和輸電線的電阻、理想變壓器匝數(shù)均不變，且n1：n2=n4：n3．當用戶消耗的功率增大時；下列表述正確的是。

A.用戶的電壓U4增加B.恒有U1：U2=U4：U3C.輸電線上損耗的功率減小D.發(fā)電機的輸出功率不變6、一矩形線圈繞垂直于勻強磁場并位于線圈平面內(nèi)的固定軸勻速轉(zhuǎn)動；產(chǎn)生的正弦式交變電壓的波形圖如圖所示，下列說法正確的是（）

A.交變電壓的最大值是220VB.線圈轉(zhuǎn)動的周期是1sC.第2s末通過線圈的磁通量絕對值最大D.第2s末通過線圈的磁通量變化率絕對值最大7、圖甲所示，利用霍爾效應傳感器獲知自行車的運動速率的自行車速度計。一塊磁鐵安裝在自行車前輪上，輪子每轉(zhuǎn)一圈，這塊磁鐵就靠近傳感器一次，傳感器會輸出一個脈沖電壓。如圖圖乙所示，為霍爾元件的工作原理圖，電源輸出電壓為當磁場靠近霍爾元件時，在導體前后表面間出現(xiàn)電勢差，稱為霍爾電勢差下列說法正確的是（）

A.圖乙中霍爾元件的載流子帶正電B.自行車的車速越大，霍爾電勢差越大C.若傳感器的電源輸出電壓變小，霍爾電勢差仍保持不變D.已知自行車車輪的半徑，再根據(jù)單位時間內(nèi)的脈沖數(shù)，即可求得車速大小8、如圖所示，勻強磁場的磁感應強度B＝T，邊長為L＝10cm的正方形線圈abcd共匝，線圈電阻r＝1Ω。線圈繞垂直于磁感線的軸OO′勻速轉(zhuǎn)動，轉(zhuǎn)動的角速度外電路電阻R＝4Ω。則下列說法不正確的是（）

A.由圖示位置轉(zhuǎn)過角時的感應電動勢的大小為1VB.交流電壓表的示數(shù)為0.8VC.線圈轉(zhuǎn)動一周電流產(chǎn)生的總熱量0.4JD.圖示位置ab邊所受的安培力大小為N評卷人得分二、多選題(共6題，共12分)9、如圖所示的電路中，L是一個自感系數(shù)很大、直流電阻不計的線圈，D1、D2和D3是三個完全相同的燈泡，E是內(nèi)阻不計的電源。在t=0時刻，閉合開關S，電路穩(wěn)定后在t1時刻斷開開關S。規(guī)定電路穩(wěn)定時流過D1、D2的電流方向為正方向，分別用I1、I2表示流過D1和D2的電流，則下圖中能定性描述電流I隨時間t變化關系的是（）

A.B.C.D.10、某電站不用變壓器直接向用戶輸送電能，若輸電功率為P，輸電電壓為U，輸電線電阻為R，用戶得到的電壓為則下列說法中正確的是（）A.用戶得到的功率為PB.輸電線上損失電功率為C.用戶得到的功率為D.輸電線上損失電壓為11、如圖所示，長為L的細繩上端固定在天花板上的O點，下端拴一帶正電的小球，將一根細長釘子固定在O點正下方的Q點，當小球從與O點等高的A點靜止釋放后，細繩擺到豎直方向時被長釘擋住，然后可以繞Q點轉(zhuǎn)動；運動過程中忽略空氣阻力的影響，則（）

A.當OQ距離為時小球可以運動到O點，然后自由下落B.當OQ距離為時，小球恰好繞Q點作完整的四周運動C.當OQ距離為且在空間加水平向里的磁場時，小球有可能繞Q點作完整的圓周運動D.當OQ距離為且在空間加豎直向下的勻強電場時，小球?qū)⒗@Q點作完整的圓周運動12、如圖，在區(qū)域I（0≤x≤d）和區(qū)域II（d≤x≤2d）內(nèi)分別存在勻強磁場，磁感應強度大小分別為B和2B，方向相反，且都垂直于xOy平面。一質(zhì)量為m、帶電荷量q（q>0）的粒子a于某時刻從y軸上的P點射入?yún)^(qū)域I，其速度方向沿x軸正向。已知a在離開區(qū)域I時，速度方向與x軸正方向的夾角為30°；此時，另一質(zhì)量也為m，電荷量為-q的粒子b從P點沿x軸正向與a速度大小相同射入?yún)^(qū)域I；不計重力和兩粒子之間的相互作用力。則（）

A.粒子a的速度大小為B.粒子a的速度大小為C.當a離開區(qū)域II時，a、b兩粒子距離為4dD.當a離開區(qū)域II時，a、b兩粒子y坐標之差為13、如圖是公路上安裝的一種測速“電子眼”。在“電子眼”前方路面下間隔一段距離埋設兩個通電線圈；當車輛通過線圈上方的道路時，會引起線圈中電流的變化，系統(tǒng)根據(jù)兩次電流變化的時間及線圈之間的距離，對超速車輛進行抓拍。下列判斷正確的是（）

A.汽車經(jīng)過線圈會產(chǎn)生感應電流B.線圈中的電流是由于汽車通過線圈時發(fā)生電磁感應引起的C.“電子眼”測量的是汽車經(jīng)過第二個線圈的瞬時速率D.如果某個線圈出現(xiàn)故障，沒有電流，“電子眼”還可以正常工作14、如圖所示，矩形線圈abcd在勻強磁場中可以分別繞垂直于磁場方向的軸P1和P2以相同的角速度勻速轉(zhuǎn)動；當線圈平面轉(zhuǎn)到圖示與磁場方向平行時（）

A.線圈繞P1轉(zhuǎn)動時的電流等于繞P2轉(zhuǎn)動時的電流B.線圈繞P1轉(zhuǎn)動時的電動勢小于繞P2轉(zhuǎn)動時的電動勢C.線圈分別繞P1和P2轉(zhuǎn)動時的電流的方向相同，都是a→d→c→bD.線圈繞P1轉(zhuǎn)動時dc邊受到的安培力大于繞P2轉(zhuǎn)動時dc邊受到的安培力評卷人得分三、填空題(共8題，共16分)15、某變壓器原；副線圈匝數(shù)比為11：2；原線圈所接電源電壓按圖示規(guī)律變化，副線圈接有負載．

（1）變壓器輸入、輸出功率之比為________

（2）副線圈兩端電壓的有效值為________伏16、某同學利用熱敏電阻設計了一個“過熱自動報警電路”，如圖甲所示。將熱敏電阻R安裝在需要探測溫度的地方，當環(huán)境溫度正常時，繼電器的上觸點接觸，下觸點分離，指示燈亮：當環(huán)境溫度超過某一值時，繼電器的下觸點接觸，上觸點分離，警鈴響。圖甲中繼電器的供電電壓繼電器線圈用漆包線繞成，其電阻為當線圈中的電流大于等于時；繼電器的銜鐵將被吸合，警鈴響。圖乙是熱敏電阻的阻值隨溫度變化的圖像。

（1）圖甲中警鈴的接線柱C應與接線柱__________相連，指示燈的接線柱D應與接線柱__________相連（均選填“A”或“B”）；

（2）當環(huán)境溫度升高時，熱敏電阻阻值將__________，繼電器的磁性將__________（均選填“增大”、“減小”或“不變”），當環(huán)境溫度達到__________℃時；警鈴報警；

（3）如果要使報警電路在更高的溫度報警，下列方案可行的是__________

A.適當減小B.適當增大C.適當減小17、位移傳感器的發(fā)射器發(fā)射________和________兩種脈沖，接收器測出前后接收到這兩種脈沖的不同的________，計算機就根據(jù)兩者的________和________。計算出發(fā)射器和接收器間的距離。18、某科技小組設計了一種“車輛闖紅燈違規(guī)記錄儀”；在路面停止線前側(cè)埋上壓敏電阻，其阻值隨壓力的變化如圖甲所示，和壓敏電阻組合的儀器如圖乙所示，儀器主要由控制電路和工作電路組成，控制電路中的光控開關接收到紅光時會自動閉合，接收到綠光或黃光時會自動斷開；控制電路中電源的電動勢為9V，內(nèi)阻為2Ω，繼電器線圈電阻為8Ω，滑動變阻器連入電路的電阻為50Ω；當控制電路中的電流大于0.06A時，銜鐵會被吸引，從而啟動工作電路，電控照相機拍照記錄違規(guī)車輛。

(1)當紅燈亮時，若車輛越過停止線，電流表A的示數(shù)會變______（選填“大”或“小”）。

(2)質(zhì)量超過______kg的車輛闖紅燈時才會被拍照記錄（重力加速度為10m/s2）。

(3)若要增大“車輛闖紅燈違規(guī)記錄儀”的靈敏度，即違規(guī)車輛的質(zhì)量比第（2）問結(jié)果小，也會被拍照記錄，則滑動變阻器的滑片應向______（選填“a”或“b”）端滑動。19、一段直導線在垂直于均勻磁場的平面內(nèi)運動。已知導線繞其一端以角速度轉(zhuǎn)動時的電動勢與導線以垂直于導線方向的速度v做平動時的電動勢相同，那么，導線的長度為__________________。20、如圖所示，豎直放置的形光滑導軌，矩形勻強磁場Ⅰ、Ⅱ的高和間距均為d，質(zhì)量為m的水平金屬桿由靜止釋放，進入磁場Ⅰ和Ⅱ時的速度相等。只考慮金屬桿在導軌間的電阻，與導軌接觸良好，其余電阻不計，重力加速度為g。金屬桿穿過兩磁場產(chǎn)生的總熱量為______，穿過磁場Ⅰ的時間______在兩磁場之間的運動時間（填“一定大于”“一定小于”“可能等于”）

21、如圖所示；在物理實驗中，常用“沖擊式電流計”來測定通過某閉合電路的電荷量.探測器線圈和沖擊電流計串聯(lián)后，又能測定磁場的磁感應強度.已知線圈匝數(shù)為n，面積為S，線圈與沖擊電流計組成的回路電阻為R.把線圈放在勻強磁場時，開始時線圈與磁場方向垂直，現(xiàn)將線圈翻轉(zhuǎn)180°，沖擊式電流計測出通過線圈的電荷量為q，由此可知，被測磁場的磁感應強度B=___________.

22、如圖甲所示，一固定的矩形導體線圈水平放置，線圈的兩端接一只小燈泡，在線圈所在空間內(nèi)存在著與線圈平面垂直的均勻分布的磁場；已知線圈的匝數(shù)n=100匝，總電阻r=1.0Ω，所圍成矩形的面積S=0.04m2，小燈泡的電阻R=9.0Ω，磁感應強度隨時間按如圖乙所示的規(guī)律變化，線圈中產(chǎn)生感應電動勢的最大值為_________，小燈泡消耗的電功率為________，在磁感應強度變化的時間內(nèi)，通過小燈泡的電荷量為________，圖中橫坐標為時，小燈泡的電壓為________。

評卷人得分四、作圖題(共4題，共24分)23、在圖中畫出或說明圖中所示情形下通電導線I所受磁場力的方向。

24、要在居民樓的樓道安裝一個插座和一個電燈；電燈由光敏開關和聲敏開關控制，光敏開關在天黑時自動閉合，天亮時自動斷開；聲敏開關在有聲音時自動閉合，無聲音時自動斷開。在下圖中連線，要求夜間且有聲音時電燈自動亮，插座隨時可用。

25、在“探究楞次定律”的實驗中；某同學記錄了實驗過程的三個情境圖，其中有兩個記錄不全，請將其補充完整。

26、如圖所示：當條形磁鐵向右靠近通電圓環(huán)時，圓環(huán)向右偏離，試在圖中標出圓環(huán)中的電流方向___________．評卷人得分五、實驗題(共1題，共8分)27、某實驗小組用一套器材先后組成甲；乙所示的電路；分別研究通電自感和斷電自感，自感線圈的直流電阻不可忽略。

（1）圖甲中，閉合開關S后，會看到燈泡___________（填“立即變亮”或“逐漸變亮”）；

（2）圖乙中，閉合開關S后，會看到燈泡___________（填“逐漸變亮”或“立即變亮后逐漸變暗”）；斷開開關后，如果看到燈泡先閃一下后逐漸熄滅，原因是___________；

（3）圖乙中，若小燈泡的規(guī)格為“3V1.5W”，將電感線圈更換為直流電阻為9Ω的電感線圈，開關閉合后調(diào)節(jié)滑動變阻器，使小燈泡正常發(fā)光，小燈泡電阻始終不變。則將開關斷開的一瞬間，電感線圈的自感電動勢大小為___________V。參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、C【分析】【分析】

【詳解】

AB．接通開關S，燈立即變亮，由于線圈的自感，燈逐漸變亮；選項AB錯誤；

CD．由于為相同的燈泡，滑動變阻器接入電路中的阻值與線圈直流電阻相等，所以電路穩(wěn)定時通過燈的電流相等。斷開開關S，電感線圈產(chǎn)生自感電動勢阻礙電流減小，則燈逐漸熄滅；所以C正確，D錯誤。

故選C。2、D【分析】【分析】

【詳解】

A．轉(zhuǎn)軸與磁場平行；所以線圈中磁通量不會發(fā)生變化，故沒有感應電流產(chǎn)生，故A錯誤；

B．根據(jù)可知產(chǎn)生的是恒定電流，不會產(chǎn)生交變電流，故B錯誤；

C．回路磁通量不變；沒有感應電流，故C錯誤；

D．線圈沿垂直磁場的轉(zhuǎn)軸轉(zhuǎn)動；可以產(chǎn)生正弦式交流電，故D正確。

故選D。3、A【分析】【詳解】

AB.若滑片P位置不變，當用戶端用電器增加后，用戶端總功率變大，發(fā)電機的輸出功率增大，輸電線的電流變大

輸電線兩端承擔的電壓變大；損耗的功率增大；發(fā)電機的輸入電壓不變，升壓變壓器；降壓變壓器的匝數(shù)不變，故用戶端電壓降低，A正確，B錯誤；

CD.若將滑片P上移；升壓變壓器的副線圈與原線圈的匝數(shù)比變小，發(fā)電機組輸出交變電壓的有效值恒定，則副線圈兩端電壓變小。用戶端用電器使用相同功率，則輸電線上的電流會更大，輸電線兩端承擔的電壓更大，損耗的功率更大，則用戶端的電壓更小，故CD錯誤。

故選A。4、D【分析】【詳解】

A．由右手定則：感應電流方向b到a；故A錯誤；

B．艦載機所受安培力由

可得

由牛頓第二定律可得

可知艦載機做加速度減小的減速直線運動；直至停下，故B錯誤；

C．若僅增加電阻R的阻值；其他條件不變，艦載機所受安培力減小，則艦載機和金屬棒滑行距離變長，故C錯誤；

D．對艦載機由動量定理得

解得

可知若僅增加電阻R的阻值；其他條件不變，艦載機和金屬棒滑行的整個過程通過金屬棒的電荷量不變，故D正確。

故選D。5、B【分析】【詳解】

A．當用戶的功率增大時；并聯(lián)的用電器增多，出現(xiàn)用電高峰，導線上的電壓損失變大，則各用電器電壓下降，選項A錯誤；

B．因為原副線圈的電壓比等于匝數(shù)之比，則

因為n1：n2=n4：n3

所以U1：U2=U4：U3

選項B正確；

C．當用電器增多時，功率增大

降壓變壓器的輸出電流增大，則輸電線上的電流增大，由

可知輸電線上的損耗功率增大；選項C錯誤；

D．發(fā)電機的輸出功率等于用戶消耗的功率與輸電線上損失的功率的和；發(fā)電機的輸出功率變大，選項D錯誤。

故選B。6、D【分析】【詳解】

A．由題圖可知；交變電壓的最大值為311V，故A錯誤；

B．由題圖可知；線圈轉(zhuǎn)動的周期為2s，故B錯誤；

CD．第2s末瞬時電壓值為最大值；根據(jù)交變電流的特點可知，此時線圈平面與中性面垂直，即線圈平面與磁場平行，所以此時通過線圈的磁通量為0，通過線圈的磁通量變化率絕對值最大，故C錯誤，D正確。

故選D。7、D【分析】【詳解】

A．由圖乙可知；前表面的電勢低，由左手定則可知，圖乙中霍爾元件的載流子帶負電，A錯誤；

B．設霍爾元件的長為a，寬為b，高為c，穩(wěn)定后電場力和洛倫茲力平衡，即

解得U2=Bbv＇

由電流的微觀表達式I=nqSv＇

n是是單位體積內(nèi)的載流子數(shù)，q是單個載流子所帶的電量，S是導體的橫截面積，v＇是載流子的運動速度，整理得

由上式可知霍爾電勢差U2與車速大小無關；B錯誤；

C．由

可知，若傳感器的電源電壓U1變小，那么電流I減小，則霍爾電勢差U2將減?。籆錯誤；

D．由單位時間內(nèi)的脈沖數(shù)，可求得車輪轉(zhuǎn)動周期，從而求得車輪的角速度由線速度公式v=ωr；結(jié)合車輪半徑，即可求得車的速度大小，D正確。

故選D。8、B【分析】【分析】

【詳解】

AB．根據(jù)Em=NBSω，可得感應電動勢的最大值

由于線框垂直于中性面開始計時，所以瞬時感應電動勢表達式

當線圈轉(zhuǎn)過角時的瞬時感應電動勢為

轉(zhuǎn)動過程中，交流電壓表的示數(shù)為有效值，所以有

故A正確；B錯誤；

C．周期為

總熱量

故C正確；

D．圖示位置，流過ab的電流為

故ab邊所受的安培力大小

故D正確。

本題選不正確的，故選B。二、多選題(共6題，共12分)9、B:C【分析】【詳解】

當閉合電鍵，因為線圈與D1串聯(lián)，所以電流I1會慢慢增大，燈泡D2這一支路立即就有電流。當電鍵斷開，D2這一支路電流立即消失，因為線圈阻礙電流的減小且方向不變，所以通過D1的電流不會立即消失，會從原來的大小慢慢減小，而且D1和D2、D3構(gòu)成回路，通過D1的電流也流過D2，所以I2變成反向；且逐漸減小，故BC正確，AD錯誤。

故選BC。10、B:D【分析】【分析】

【詳解】

AC．輸電線上的電流為故損失電壓為

用戶得到的功率為

AC錯誤；

B．輸電線上損失電功率為

B正確；

D．輸電線上的電流為故損失電壓為

D正確。

故選BD。11、B:D【分析】【分析】

【詳解】

A．當OQ距離為L/2時小球向右擺，在到達O點之前就離開圓軌道，不能到達O點；A錯誤；

B．當OQ距離為3L/5時，小球可以繞Q點作圓周運動到達最高點時速度恰好為由能夠繞Q點作完整的圓周運動；B正確；

C．當在空間加水平向里的磁場時，由于洛倫茲力不做功，小球到達最高點時速度仍為但最高點除受重力外還有洛倫茲力，所以不能夠繞Q點作完整的圓周運動；C錯誤；

D．在空間加豎直向下的電場時，相當于重力增大為

繞Q點到達最高點時速度仍恰好為臨界值

故小球剛好可以作完整的圓周運動；D正確。

故選BD。12、B:D【分析】【分析】

【詳解】

AB．設粒子a在I內(nèi)做勻速圓周運動的圓心為C（在y軸上），半徑為Ra1，粒子速率為va，運動軌跡與兩磁場區(qū)域邊界的交點為P'，如圖，由洛倫茲力公式和牛頓第二定律得

由幾何關系得

式中，帶入解得

故A不符合題意；B符合題意；

CD．如圖，由幾何關系可得，粒子a在II內(nèi)運動的半徑為Ra1的一半，通過磁場II將轉(zhuǎn)過水平分速度不變，則時間與在磁場I內(nèi)相同，射出磁場時y軸坐標與P'相同。粒子b與粒子a在磁場I內(nèi)運動的時間。軌道半徑，轉(zhuǎn)過的圓心角都相同只是向上偏轉(zhuǎn)，根據(jù)對稱性粒子a射出磁場II時與粒子b的y坐標之差為

此刻粒子a、b間距離為

故CD不符合題意。

故選B。13、A:B【分析】【分析】

【詳解】

A．由題意可知；汽車經(jīng)過線圈會產(chǎn)生感應電流，故A正確；

B．根據(jù)楞次定律；線圈中的電流是由于汽車通過線圈時發(fā)生電磁感應引起的，故B正確；

C．測量的是經(jīng)過兩個線圈的平均速度；故C錯誤；

D．如果某個線圈出現(xiàn)故障；沒有電流，就會無計時起點或終點，無法計時，電子眼不能正常工作，故D錯誤。

故選AB。14、A:C【分析】【詳解】

AB．產(chǎn)生正弦交變電流的條件是軸和磁感線垂直，與軸的位置和線圈形狀無關，線圈abcd分別繞軸P1、P2轉(zhuǎn)動，轉(zhuǎn)到圖示位置時產(chǎn)生的電動勢E=nBSω，由I=可知此時I相等；故A正確，B錯誤；

C．由右手定則可知電流方向為a→d→c→b；故C正確；

D．dc邊受到的安培力F=BLdcI，故F一樣大；故D錯誤。

故選AC。三、填空題(共8題，共16分)15、略

【分析】【分析】

（1）根據(jù)理想變壓器的特點輸入功率等于輸出功率，即可求解；

（2）根據(jù)原副線圈電壓與匝數(shù)成正比即可求出副線圈兩端的電壓；

【詳解】

（1）[1]．根據(jù)理想變壓器的特點，輸入功率等于輸出功率，所以P入：P出=1：1

（2）[2]．原線圈兩端電壓的有效值為：

根據(jù)電壓與匝數(shù)成正比，有：

代入數(shù)據(jù)：

解得：U2＝40V

【點睛】

解決本題關鍵是知道理想變壓器的特點，沒有能量損失，輸入功率等于輸出功率，以及變壓比規(guī)律和變流比規(guī)律即可求解．【解析】1:1；40；16、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1][2]圖甲中警鈴的接線柱C應與接線柱B相連，指示燈的接線柱D應與接線柱A相連；

（2）[3][4]當環(huán)境溫度升高時，熱敏電阻阻值將減小，繼電器的電流變大，則磁性將增大；[5]當線圈中的電流等于時；警鈴報警；此時。

解得。

R=30Ω則此時環(huán)境溫度達到80℃。

（3）[6]溫度高時，R較小；則根據(jù)。

可知，如果要使報警電路在更高的溫度報警，則需增加R0或減小U1，故選A。【解析】BA減小增大80A17、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2]位移傳感器的發(fā)射器向接收器同時發(fā)射紅外線和超聲波脈沖。

[3][4][5]接收器收到紅外線脈沖時開始計時，收到超聲波脈沖時停止計時，以此測出前后接收到這兩種脈沖的不同的時間，計算機就根據(jù)兩者的時間差和空氣中的聲速，計算出發(fā)射器和接收器間的距離?！窘馕觥竣?紅外線②.超聲波③.時間④.時間差⑤.空氣中的聲速18、略

【分析】【詳解】

(1)[1]當紅燈亮時；若車輛越過停止線，壓敏電阻所受壓力增大，阻值減小，控制電路中總電阻減小，電流增大，電流表得示數(shù)會變大；

(2)[2]設壓敏電阻阻值為R時，控制電路中得電流等于0.06A，則

解得

由圖甲可知，此時壓敏電阻受到得壓力為5×103N；則汽車的質(zhì)量為500kg，所以質(zhì)量超過500kg的車輛闖紅燈時才會被拍照記錄。

(3)[3]若要增大“車輛闖紅燈違規(guī)記錄儀”的靈敏度，即車輛質(zhì)量小于500kg也要拍照，當車輛小于500kg，壓敏電阻阻值大于此時若要拍照，電路中的總電阻不大于150Ω，就要減小接入電路的滑動變阻器的阻值，滑片應該向b端滑動?！窘馕觥竣?大②.500③.b19、略

【分析】【詳解】

[1]導線以垂直于導線方向的速度v做平動時的電動勢為

導線繞其一端以角速度轉(zhuǎn)動時的電動勢為

聯(lián)立得【解析】20、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]金屬桿進入磁場Ⅰ和Ⅱ時的速度相等，則從剛進入磁場Ⅰ到剛進入磁場Ⅱ的過程，由能量守恒定律得

金屬桿通過磁場Ⅱ時產(chǎn)生的熱量與通過磁場Ⅰ時產(chǎn)生的熱量相同，所以總熱量為

[2]金屬桿在無場區(qū)做勻加速運動，而金屬桿進入磁場Ⅰ和Ⅱ時的速度相等，所以金屬桿剛進入磁場Ⅰ時做減速運動，加速度方向豎直向上。隨著速度減小，產(chǎn)生的感應電流減小，受到的安培力減小，合力減小，加速度減小，所以金屬桿做加速度逐漸減小的減速運動；在兩個磁場之間做勻加速運動，由題知，進入磁場Ⅰ和Ⅱ時的速度相等，所以金屬桿在磁場Ⅰ中運動時平均速度小于在兩磁場之間運動的平均速度，兩個過程位移相等，所以金屬桿穿過磁場Ⅰ的時間一定大于在兩磁場之間的運動時間?！窘馕觥恳欢ù笥?1、略

【分析】【詳解】

[1]由法拉第電磁感應定律

再由閉合電路歐姆定律

根據(jù)電量的公式

可得

由于開始線圈平面與磁場垂直，現(xiàn)把探測圈翻轉(zhuǎn)180°，則有

所以由上公式可得

則磁感應強度【解析】22、略

【分析】【詳解】

[1]由圖像知，線圈中產(chǎn)生的交變電流的周期

所以

[2]電流的最大值

有效值

則小燈泡消耗的電功率

[3]在時間內(nèi)，根據(jù)法拉第電磁感應定律得，電動勢的平均值

平均電流

流過燈泡的電荷量

代入解得

[4]因磁感應強度隨時間按如圖乙所示的規(guī)律變化，那么線圈中產(chǎn)生感應電動勢瞬時表達式e=Emcosωt